2024年滬教版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高二物理下冊階段測試試卷816考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、日常生活中；下列哪些情況利用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象（）

A.錄音機(jī)磁頭將聲音的電信號記錄在磁帶上。

B.發(fā)電機(jī)通過旋轉(zhuǎn)磁場中的線圈發(fā)電。

C.銀行柜員機(jī)通過信用卡上的磁條讀取用戶的信息。

D.話筒通過振動磁場中的線圈將聲信號轉(zhuǎn)變?yōu)殡娦盘枴?/p>

2、放在水平地面上的物塊，受到一個與水平方向成θ角斜向下方的力F的作用，物塊在水平地面上始終靜止，如圖所示．如果保持力F的大小不變，而使力F與水平方向的夾角θ（θ＜90°）變大，那么，地面受到的壓力N和物塊受到的摩擦力f的變化情況是（）A.N變小，f變大B.N變大，f變小C.N變小，f變小D.N變大，f變大3、空間存在著方向平行于x軸的靜電場，A、M、O、N、B為x軸上的點，OA＜OB，OM=ON，AB間的電勢φ隨x的分布為如圖所示的折線，一個帶電粒子在電場中僅在電場力作用下從M點由靜止開始沿x軸向右運動，則下列判斷正確的是（）A.粒子一定帶正電B.粒子一定能通過N點C.AO間的電場強(qiáng)度小于OB間的電場強(qiáng)度D.粒子從M向O運動過程中所受電場力均勻增大4、三個電阻之比為R1：R2：R3=1:3:5，將這三個電阻并聯(lián)，電路兩端加上一定的電壓，則通過R1、R2、R3的電流強(qiáng)度I1：I2：I3為A.1:3:5B.5:3:1C.15:5:3D.3:5:155、一交變電壓的表達(dá)式為由此表達(dá)式可知（）

A.用電壓表測該電壓其示數(shù)為100v

B.該交變電壓的周期為0.02s

C.將該電壓加在100Ω的電阻兩端；電阻消耗的電功率為50W

D.時；該交流電壓的瞬時值為50v

6、下列說法中正確的是（）A.氫原子從較高的激發(fā)態(tài)躍遷到較低的激發(fā)態(tài)時，電子的動能增加，電勢能增加，原子的總能量增加B.α射線是原子核發(fā)出的一種粒子流，它的電離能力在α、β、γ三種射線中是最弱的C.原子核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損現(xiàn)象違背了能量守恒定律D.將放射性元素?fù)诫s到其他穩(wěn)定元素中并大幅度降低其溫度，它的半衰期不發(fā)生改變評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、在做光電效應(yīng)實驗中，某金屬被光照射發(fā)生了光電效應(yīng)，實驗測出了光電子的最大初動能EK與入射光的頻率v的關(guān)系如圖所示，由實驗圖象可求出（）A.該金屬的逸出功B.該金屬的極限頻率C.單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)D.普朗克恒量8、下列說法中正確的是()A.盧瑟福通過實驗發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子的核反應(yīng)方程為42He+147N隆煤178O+11H

B.鈾核裂變的核反應(yīng)是：23592U隆煤14156Ba+9236Kr+210n

C.質(zhì)子、中子、婁脕

粒子的質(zhì)量分別為m

1

m

2

m

3

質(zhì)子和中子結(jié)合成一個婁脕

粒子，釋放的能量是(2

m

1+2

m

2鈭?

m

3)

c

2

D.原子從a

能級狀態(tài)躍遷到b

能級狀態(tài)時發(fā)射波長為婁脣

1

的光子；原子從b

能級狀態(tài)躍遷到c

能級狀態(tài)時吸收波長為婁脣

2

的光子，已知婁脣

1>

婁脣

2

那么原子從a

能級狀態(tài)躍遷到c

能級狀態(tài)時將要吸收波長為婁脣1婁脣2婁脣1鈭?婁脣2

的光子9、今年春節(jié)上映的國產(chǎn)科幻大片《流浪地球》中有這樣的情節(jié)：為了自救，人類提出一個名為“流浪地球”的大膽計劃，即傾全球之力在地球表面建造上萬座發(fā)動機(jī)和轉(zhuǎn)向發(fā)動機(jī)，推動地球離開太陽系，用2500年的時間奔往另外一個棲息之地。這個科幻情節(jié)中里有反沖運動的原理?，F(xiàn)實中的下列運動，屬于反沖運動的有（）A.汽車的運動B.直升飛機(jī)的運動C.火箭的運動D.反擊式水輪機(jī)的運動10、對于液體和固體(

不計分子間的空隙)

若用M

表示摩爾質(zhì)量，m0

表示分子質(zhì)量，婁脩

表示物質(zhì)密度，V

表示摩爾體積，v0

表示單個分子的體積，N

表示阿伏伽德羅常數(shù)，則下列關(guān)系中正確的是(

)

A.N=Vv0

B.N=婁脩Vm0

C.N=M蟻V

D.M=婁脩V

11、如圖所示，空氣中有一折射率為2

的玻璃柱體，其橫截面是圓心角為90鈭?

半徑為R

的扇形OAB

一束光平行于橫截面，以入射角婁脠

照射到OA

上，OB

不透光。只考慮首次入射到圓弧AB

上的光

A.若婁脠=45鈭?

則AB

面上最大的入射角為45鈭?

B.若婁脠=45鈭?

則AB

面上最大的入射角大于45鈭?

C.若增大婁脠

則AB

上有光透出部分的弧長不變D.若增大婁脠

則AB

上有光透出部分的弧長變長12、熱核反應(yīng)是一種理想能源的原因是(

)

A.就平均每一個核子來說，熱核反應(yīng)比重核裂變時釋放的能量多B.對環(huán)境的放射性污染較裂變輕，且較容易處理C.熱核反應(yīng)的原料在地球上儲量豐富D.熱核反應(yīng)的速度容易控制評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)13、如圖所示，用金屬絲A、B彎成半徑r=1m的圓弧，但在AB之間留出寬度為d=2cm，相對圓弧來說很小的間隙，將電荷量Q=3.13×10-9C的正電荷均勻分布在金屬絲上，求圓心O處的電場強(qiáng)度．14、一人坐在靜止于冰面的小車上，人與車的總質(zhì)量M=70kg

當(dāng)它接到一個質(zhì)量m=20kg

以速度v0=5m/s

迎面滑來的木箱后，立即以相對于自己v隆盲=5m/s

的速度逆著木箱原來滑行的方向推出，不計冰面阻力.

則小車獲得的速度大小是______m/s

．15、在地球赤道距地面h高處，東西方向水平放置的長為L的金屬桿由靜止開始自由下落。落地時的感應(yīng)電動勢為ε，則該處地磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為____T。（赤道附近的地磁場近似為勻強(qiáng)場，忽略空氣阻力及浮力）16、如圖所示為一列簡諧波在t=O時刻的波形圖線,已知當(dāng)t=3s時質(zhì)點P第一次到達(dá)波峰,那么該波頻率為_____Hz,波速為______m／s,從該時刻起，質(zhì)點N在4s內(nèi)，經(jīng)過的路程為_______m．17、將電量為6×10-6C的負(fù)電荷從電場中A點移到B點，克服電場力做了3×10-5J的功，則該電荷在此過程中電勢能增加了____J；再將該電荷從B點移到C點，電場力做了1.2×10-5J的功，則A、C間的電勢差UAC=。18、（4分）如圖，電路中三個電阻Rl、R2和R3的阻值分別為R、2R和4R。當(dāng)電鍵S1斷開、S2閉合時，電源輸出功率為P0；當(dāng)S1閉合、S2斷開時，電源輸出功率也為P0。則電源電動勢為__________；當(dāng)S1、S2都斷開時，電源的總功率為____________。19、氫原子的能級如圖所示，氫原子從n=3

能級向n=1

能級躍遷所放出的光子，恰能使某種金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)，則該金屬的逸出功為______eV

用一群處于n=4

能級的氫原子向低能級躍遷時所發(fā)出的光照射該金屬，產(chǎn)生的光電子最大初動能為______eV

．評卷人得分四、判斷題(共3題，共27分)20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）22、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）評卷人得分五、作圖題(共3題，共15分)23、如圖1所示，在直導(dǎo)線上方放一小磁針．當(dāng)導(dǎo)線中通入電流時，發(fā)現(xiàn)小磁針的S極轉(zhuǎn)向讀者，請畫出導(dǎo)線中電流的方向．如圖2所示，通電導(dǎo)線由于受到磁場力而向左運動，畫出條形磁鐵的N、S極．

24、（1）如圖所示為一列沿x軸負(fù)方向傳播的橫波，請在圖上標(biāo)出該時刻質(zhì)點P與點Q的振動方向。（2）如圖所示，豎直放置的平行導(dǎo)軌上擱置了一根與導(dǎo)軌接觸良好的金屬棒ab，水平方向的勻磁場強(qiáng)垂直穿過導(dǎo)軌平面，請在圖上標(biāo)出當(dāng)金屬棒ab下落時，ab棒中感應(yīng)電流的方向和ab棒所受的磁場力方向。25、波源O由平衡位置起振；經(jīng)0.2s第一次回到平衡位置，介質(zhì)中形成的簡諧波如圖甲所示，波恰好傳播到P點。已知這段時間內(nèi)波源O通過的路程為20cm，O；P兩質(zhì)點平衡位置間的距離為2m。求：

（1）波源O振動的振幅A和周期T；

（2）所形成簡諧波的波長和波速；

（3）以波傳播到P點作為計時零點，請在圖乙上畫出P點一個周期的振動圖象（以向上為位移的正方向）。評卷人得分六、推斷題(共2題，共12分)26、某芳香酯rm{I}的合成路線如下：已知以下信息：rm{壟脵A隆蘆I}均為芳香族化合物，rm{B}苯環(huán)上只有一個取代基，且rm{B}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)；rm{D}的相對分子質(zhì)量比rm{C}大rm{4}rm{E}的核磁共振氫譜有rm{3}組峰。rm{壟脷}rm{壟脹}請回答下列問題：rm{(1)A隆煤B}的反應(yīng)類型為____________，rm{G}中所含官能團(tuán)的名稱有____________________，rm{E}的名稱是______________________________。rm{(2)B}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為______________________________。rm{(3)I}的結(jié)構(gòu)簡式為______________________________。rm{(4)}符合下列要求rm{A}的同分異構(gòu)體還有_______________種。rm{壟脵}與rm{Na}反應(yīng)并產(chǎn)生rm{H_{2}壟脷}芳香族化合物rm{(5)}據(jù)已有知識并結(jié)合相關(guān)信息，寫出以rm{CH_{3}CH_{2}OH}為原料制備rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}的合成路線流程圖rm{(}無機(jī)試劑任選rm{)}合成路線流程圖示如下：rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜簍脕貌脣謾,?]{C{H}_{3}COOH}CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}

CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜簍脕貌脣謾,?]{C{H}_{3}COOH}

CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}27、聚戊二酸丙二醇rm{(PPG)}是一種可降解的聚脂類高分子材料，在材料的生物相容性方面有限好的應(yīng)用前景rm{.PPG}的一種合成路線如下：

已知；

rm{壟脵}烴rm{A}的相對分子質(zhì)量為rm{70}核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫。

rm{壟脷}化合物rm{B}為單氯代烴；化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}

rm{壟脹E}rm{F}為相對分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，rm{F}是福爾馬琳的溶質(zhì)。

rm{壟脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}}

回答下列問題：rm{壟脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}

}的結(jié)構(gòu)簡式為________rm{(1)A}rm{.}由rm{(2)}生成rm{B}的化學(xué)方程式為________rm{C}rm{.}由rm{(3)}和rm{E}生成rm{F}的反應(yīng)類型為________，rm{G}的化學(xué)名稱為________rm{E}rm{.}由rm{(4)}和rm{D}生成rm{H}的化學(xué)方程式為________；rm{PPG}的同分異構(gòu)體能同時滿足下列條件的共有________種rm{(5)D}不含立體異構(gòu)rm{(}

rm{)}能與飽和rm{壟脵}溶液反應(yīng)產(chǎn)生液體。

rm{NaHCO_{3}}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能發(fā)生水解反應(yīng)。其中核磁共振請譜顯示為rm{壟脷}組峰，且峰面積比為rm{3}rm{6}rm{1}的是___________rm{1}寫結(jié)構(gòu)簡式rm{(}rm{)}參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B|C|D【分析】

A；錄音機(jī)磁頭將聲音的電信號記錄在磁帶上；磁帶劃過磁頭時，磁帶上的小顆粒被強(qiáng)弱不同的電流產(chǎn)生的磁場磁化，于是記錄了一連串有關(guān)磁性變化的信息，是利用電流磁效應(yīng)和磁化原理．故A錯誤．

B；線圈在磁場旋轉(zhuǎn)時；磁通量發(fā)生改變，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，這是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，所以發(fā)電機(jī)通過旋轉(zhuǎn)磁場中的線圈發(fā)電，都是利用電磁感應(yīng)原理．故B正確．

C；銀行柜員機(jī)通過信用卡上的磁條讀取用戶的信息；利用電磁感應(yīng)原理將磁條上信息還原成電流信息．故C正確．

D；話筒通過振動磁場中的線圈；產(chǎn)生感應(yīng)電流，將聲音信號變成電信號，是利用電磁感應(yīng)原理．故D正確．

故選BCD

【解析】【答案】錄音機(jī)磁頭將聲音的電信號記錄在磁帶上；是利用電流的磁效應(yīng)和磁化原理．發(fā)電機(jī)通過旋轉(zhuǎn)磁場中的線圈發(fā)電，銀行柜員機(jī)通過信用卡上的磁條讀取用戶的信息，話筒通過振動磁場中的線圈將聲信號轉(zhuǎn)變?yōu)殡娦盘枺际抢秒姶鸥袘?yīng)原理．

2、B【分析】解：對物塊受力分析；受推力；重力、支持力和靜摩擦力，如圖。

根據(jù)共點力平衡條件；有。

f=Fcosθ

N=G+Fsinθ

當(dāng)θ變大時；靜摩擦力f變小，支持力N變大；

故選：B．

物塊始終處于靜止?fàn)顟B(tài)；合力保持為零．對物塊受力分析，根據(jù)共點力平衡條件求出支持力和靜摩擦力后討論即可．

本題關(guān)鍵對物體受力分析，根據(jù)平衡條件求出支持力和靜摩擦力后，再分析動態(tài)變化問題．【解析】【答案】B3、B【分析】解：A：由圖可知；AB兩點電勢相等，O點的電勢最高，A到O是逆電場線，粒子僅在電場力作用下，從M點由靜止開始沿x軸向右運動即逆電場線方向運動，故粒子一定帶負(fù)電。A錯誤；

B：由圖可知；AB兩點電勢相等，M點的電勢小于N點的電勢，故M到O電場力做的功大于O到N電場力做的功，所以粒子能通過N點。故B正確；

C：由于OA＜OB；所以O(shè)A之間的電勢變化快于OB之間的電勢的變化，即AO間的電場強(qiáng)度大于OB間的電場強(qiáng)度。故C錯誤；

D：由于AO的斜率波長不變；即AO之間的電場強(qiáng)度不變，所以粒子從M向O運動過程電場力不變，故D錯誤。

故選：B。

由圖可知；AB兩點電勢相等，M點的電勢小于N點的電勢，O點的電勢最高．根據(jù)粒子在電場作用下運動的方向可以判斷它的電性；

該題中根據(jù)電勢的關(guān)系，判定各點的電勢高低是解題的關(guān)鍵；另外電勢能不僅與電荷有關(guān)還與電勢有關(guān)，分析時一定要注意電荷的正負(fù)．屬于基礎(chǔ)題目．【解析】B4、C【分析】試題分析：由于并聯(lián)電路中各支路電壓相同，由可得，故C正確?？键c：本題考查了并聯(lián)電路的概念【解析】【答案】C5、A|B【分析】

A、交變電壓的表達(dá)式為可知最大值為100又是正弦式電流，則電壓的有效值所以A正確．

B、由公式ω=則有周期T=．所以B正確．

C、由于電壓的有效值為100V，則該電壓加在100Ω的電阻兩端，電阻消耗的電功率公式P==．所以C錯誤．

D、將代入瞬時表達(dá)式；則有交流電壓的瞬時值為100V．所以D錯誤．

故選AB．

【解析】【答案】A；電壓表讀數(shù)為有效值．先根據(jù)最大值求有效值；求得電壓表讀數(shù)．

B、通過瞬時表達(dá)式與交電流的ω=可求出周期．

C、運用瞬時表達(dá)式求出有效值，從而利用電功率的公式P=求出電功率．

D；直接根據(jù)瞬時表達(dá)式代入數(shù)據(jù)求解．

6、D【分析】解：A、氫原子從較高的激發(fā)態(tài)躍遷到較低的激發(fā)態(tài)時，能量減小，電子的軌道半徑減小，根據(jù)知電子的動能增大，所以電勢能減?。蔄錯誤．

B；α射線是原子核發(fā)出的一種氦核流；在α、β、γ三種射線中電離能力最強(qiáng)，穿透能力最弱．故B錯誤．

C；原子核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損現(xiàn)象不違背了能量守恒定律；質(zhì)量虧損以能量的形式釋放出來．故C錯誤．

D；半衰期的大小與溫度無關(guān)．故D正確．

故選D．

A；通過軌道半徑的變化；運用庫侖引力提供向心力，判斷電子動能的變化，根據(jù)能量的變化判斷電勢能的變化．

B；α、β、γ三種射線中；α射線的電離能力最強(qiáng)，穿透能力最弱．

C；質(zhì)量虧損以能量的形式釋放出來；不違背能量守恒定律．

D；半衰期的大小與所處的物理環(huán)境和化學(xué)狀態(tài)無關(guān)；由原子核內(nèi)部因素決定．

解決本題的關(guān)鍵掌握氫原子的能級躍遷以及半衰期的概念，知道α、β、γ三種射線的電離能力和穿透能力強(qiáng)弱．【解析】【答案】D二、多選題(共6題，共12分)7、ABD【分析】解：根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=hγ-W0=hγ-hγ0知，圖線的斜率表示普朗克常量，根據(jù)圖線斜率可得出普朗克常量．橫軸截距表示最大初動能為零時的入射光頻率，此時的頻率等于金屬的極限頻率，根據(jù)W0=hγ0可求出逸出功．單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)無法從圖象中獲知．故A；B、D正確；C錯誤．

故選ABD．

根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=hγ-W0=hγ-hγ0得出最大初動能與入射光頻率的關(guān)系；通過圖線的斜率和截距去求解．

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程EKm=hγ-W0=hγ-hγ0，知道逸出功與極限頻率的關(guān)系．【解析】【答案】ABD8、ACD【分析】略。

【解析】ACD

9、CD【分析】解：A；汽車的運動是由汽車的牽引力拉汽車前進(jìn)；不屬于反沖運動，故A錯誤；

B；直升飛機(jī)的運動是利用空氣的反作用力的原理制成的；不屬于反沖運動，故B錯誤；

C；火箭的運動是利用噴氣的方式而獲得動力；屬于反沖運動，故C正確；

D；反擊式水輪機(jī)的運動利用了水的反沖作用而獲得動力；屬于反沖運動。故D正確。

故選：CD。

汽車的運動是由汽車的牽引力拉汽車前進(jìn)；不屬于反沖運動；直升飛機(jī)的運動是利用氣體動力學(xué)的原理制成的，不屬于反沖運動；火箭的運動是利用噴氣的方式而獲得動力，屬于反沖運動；反擊式水輪機(jī)的運動利用了水的反沖作用而獲得動力，屬于反沖運動。

本題考查了反沖運動。對直升飛機(jī)的運動是否為反沖運動，很容易出錯，和噴氣式飛機(jī)不一樣?！窘馕觥緾D10、ABD【分析】解：A

摩爾體積是1mol

分子的體積，故阿伏伽德羅常數(shù)N=Vv0

故A正確；

B、摩爾質(zhì)量等于密度乘以摩爾體積，即M=婁脩V

摩爾質(zhì)量是1mol

分子的質(zhì)量，故N=婁脩Vm0

故B正確；

C、摩爾質(zhì)量等于密度乘以摩爾體積，即M=婁脩V

則C

項中M蟻V=1鈮?N

故C錯誤；

D；摩爾質(zhì)量等于密度乘以摩爾體積；故D正確；

故選：ABD

．

1mol

任何物體的分子個數(shù)都是相同的；固體與液體間的分子間隙較??；可以忽略不計；摩爾質(zhì)量等于密度乘以摩爾體積．

本題關(guān)鍵明確阿佛加德羅常數(shù)的物理意義，明確摩爾質(zhì)量等于摩爾體積與密度的乘積．【解析】ABD

11、BC【分析】【分析】根據(jù)光的折射可知，若婁脠=45鈭?

則AB

面上最大的入射角大于45鈭?

增大婁脠

則折射角也增大，根據(jù)幾何關(guān)系，設(shè)折射角為婁脕

則有光線射出的部分對應(yīng)的圓心角為90鈭?鈭?婁脕鈭?(180鈭?鈭?135鈭?鈭?婁脕)=45鈭?

知對應(yīng)的弧長不變。本題是光的折射的典型題目，中等難度?！窘獯稹緼B.

根據(jù)光的折射可知，若婁脠=45鈭?

則AB

面上最大的入射角大于45鈭?

，A錯誤，B正確；CD.

增大婁脠

則折射角也增大，根據(jù)幾何關(guān)系，設(shè)折射角為婁脕

則有光線射出的部分對應(yīng)的圓心角為90鈭?鈭?婁脕鈭?(180鈭?鈭?135鈭?鈭?婁脕)=45鈭?

知對應(yīng)的弧長不變.

故C正確，D錯誤。故選BC?！窘馕觥緽C

12、ABC【分析】解：A

平均每一個核子；輕核的聚變產(chǎn)生的能量比重核裂變釋放的能量要多；故A正確；

B；輕核裂變沒有放射性；生成物容易處理；故B正確；

C；熱核反應(yīng)用到的原料為氫的同位素；在海水中大量存在；故C正確；

D；熱核反應(yīng)由高溫高壓引發(fā)；目前其速度無法控制；故D錯誤；

故選：ABC

．

熱核反應(yīng)是由較輕的12H

和13H

反應(yīng)形成的；其放出的能量多，生氣物對環(huán)境沒有污染，且在海水中原料非富，維一的缺點在于比重核裂變更難控制．

本題考查熱核反應(yīng)(

核聚變)

的相關(guān)內(nèi)容，要明確其優(yōu)點和缺點，注意和核裂變進(jìn)行對比．【解析】ABC

三、填空題(共7題，共14分)13、略

【分析】

若是一完整的圓環(huán)，則圓心0點的電場強(qiáng)度為零，則切去一小段L后在圓心O點的場強(qiáng)與L段產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，方向相反，根據(jù)E=進(jìn)行求解．

解決本題的關(guān)鍵掌握點電荷的場強(qiáng)公式，以及補(bǔ)償法的原理：知道剩下的整段與AB間小圓弧在O點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，方向相反．【解析】解：據(jù)對稱性知；帶電圓環(huán)在圓心O處的合場強(qiáng)為0，所以補(bǔ)上缺口部分在圓心0處產(chǎn)生的場強(qiáng)與原缺口環(huán)在圓心0處的場強(qiáng)大小相等方向相反．

又因為相對圓弧來說很小的間隙，所以原來缺口的帶電環(huán)所帶電荷的密度為：ρ=

所以補(bǔ)上的金屬帶電荷，且可視為點電荷：Q'=ρd=

所以在0處產(chǎn)生的場強(qiáng)為：E'==9.0×方向由AB中點指向0．

所以帶電圓弧在圓心0處產(chǎn)生的場強(qiáng)為E=9.0×10-2N/C；方向由o指向AB的中點．

答：圓心處的場強(qiáng)為9.0×10-2N/C，方向由o指向AB的中點．14、2.2【分析】解：設(shè)推出木箱后小車的速度為v

，此時木箱相對地面的速度為(v隆盲鈭?

v

)

以人(

包括小車)

與木箱組成的系統(tǒng)為研究對象，以木箱的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：

mv

0=

Mv

鈭?m

(v隆盲鈭?

v

)

解得：v=209m/s隆脰2.2m/s

故答案為：2.2

．

人與木箱組成的系統(tǒng)動量守恒；由動量守恒定律可以求出小車獲得的速度．

本題考查了動量守恒定律的應(yīng)用，應(yīng)用動量守恒定律解題時，要注意正方向的選擇，要注意各速度應(yīng)相對于同一參考系的速度．【解析】2.2

15、略

【分析】【解析】試題分析：金屬桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢根據(jù)自由落體運動規(guī)律可得兩式聯(lián)立可得考點：考查了導(dǎo)體切割磁感應(yīng)運動【解析】【答案】T16、略

【分析】【解析】試題分析：P點此時正向下振動，再經(jīng)過到達(dá)波峰，所以故頻率從圖中可得所以N在4s內(nèi)經(jīng)過的路程為4A，即8m考點：考查了橫波圖像【解析】【答案】0.25Hz,0.5m／s,8m17、略

【分析】電場力做了多少負(fù)功，電勢能就增大多少，【解析】【答案】3×10-5,3V18、略

【分析】試題分析：設(shè)電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，當(dāng)電鍵S1斷開、S2閉合時，R2與R3短路，電源輸出功率為＝當(dāng)S1閉合、S2斷開時，R1與R2短路，電源輸出功率也為＝解得：E＝當(dāng)當(dāng)S1、S2都斷開時，電源的總功率為P＝考點：本題考查閉合電路歐姆定律、電功率?！窘馕觥俊敬鸢浮?9、略

【分析】解：原子從能級n=3

向n=1

躍遷所放出的光子的能量為13.60鈭?1.51=12.09eV

當(dāng)光子能量等于逸出功時，恰好發(fā)生光電效應(yīng)，所以逸出功W0=12.09eV

．

從能級n=4

向n=1

躍遷所放出的光子能量為13.6鈭?0.85eV=12.75eV

根據(jù)光電效應(yīng)方程得，最大初動能Ekm=hv鈭?W0=12.75鈭?12.09=0.66eV

．

故答案為：12.090.66

．

能級間躍遷時輻射的光子能量等于兩能級間的能級差；根據(jù)光電效應(yīng)的條件求出金屬的逸出功，再根據(jù)光電效應(yīng)方程得出光電子的最大初動能．

解決本題的關(guān)鍵知道能級間躍遷輻射的光子能量等于兩能級間的能級差，以及掌握光電效應(yīng)方程Ekm=hv鈭?W0

．【解析】12.090.66

四、判斷題(共3題，共27分)20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．21、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．22、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．五、作圖題(共3題，共15分)23、

【分析】【解答】（1）從圖中可以看出，發(fā)現(xiàn)小磁針的S極轉(zhuǎn)向讀者，則小磁針的北極向里偏轉(zhuǎn)，那么，此通電導(dǎo)線上方的磁感線方向垂直紙面向里，即此通電螺線管的N極在紙的里面，根據(jù)安培定則，用右手握住螺旋管，讓大拇指指向里面，四指的指向就是導(dǎo)線中的電流方向，是水平向左的．（2）通電導(dǎo)線由于受到磁場力而向左運動，根據(jù)左手定則，則有通過導(dǎo)線的磁場方向向上，因此磁鐵下端是S極，上端是N極．

答：如圖所示；

【分析】（1）通電導(dǎo)線周圍存在磁場，其磁場方向可以根據(jù)安培定則來判斷，用四指的方向代表電流的方向，那么大拇指所指的一端為通電螺線管的N極．磁場中的小磁針靜止時，北極所指的方向與該點磁感線的方向一致．（2）根據(jù)通電導(dǎo)線受到安培力，結(jié)合左手定則，即可求解．24、略

【分析】試題分析：（1）波向左傳播，根據(jù)走坡法可得P向下；Q向上（2）向下運動時根據(jù)楞次定律，穿過abR的磁通量增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流從a到b，根據(jù)左手定則，電流方向向右，磁場方向垂直向里，可得安培力向上，如圖所示考點：考查了機(jī)械波的傳播，安培定則，安培力【解析】【答案】（1）P向下；Q向上（2）25、解：（1）從O點到B點，通過了T，波源O通過的路程為20cm，從O點開始通過達(dá)到最大振幅，振幅A=cm=10cm

波源O由平衡位置起振，經(jīng)=0.2s第一次回到平衡位置；解得周期：T=0.4s

（2）如圖甲所示，OP恰好半個波長，故波長：λ=2×2m=4m，波速：

（3）以波傳播到P點作為計時零點；P點一個周期的振動圖象如圖所示：

答：（1）波源O振動的振幅A為10cm；周期T為0.4s；

（2）所形成簡諧波的波長為4m；和波速為10m/s；

（3）以波傳播到P點作為計時零點，P點一個周期的振動圖象如圖所示?！痉治觥?/p>

（1）從O到P；質(zhì)點經(jīng)過了半個周期，所振動的路程等于振幅的2倍，從而可以求出波源O振動的振幅A和周期T；

（2）知道半個周期的OP的長度；和所用時間，可以求出波長和波速；

（3）振動滿足正弦函數(shù)圖象；可以作出P點一個周期的振動圖象。

本題考查了橫波的圖象。本題是基礎(chǔ)題，考的是基本概念，難度不大?！窘馕觥拷猓海?）從O點到B點，通過了T，波源O通過的路程為20cm，從O點開始通過達(dá)到最大振幅，振幅A=cm=10cm

波源O由平衡位置起振，經(jīng)=0.2s第一次回到平衡位置；解得周期：T=0.4s

（2）如圖甲所示，OP恰好半個波長，故波長：λ=2×2m=4m，波速：

（3）以波傳播到P點作為計時零點；P點一個周期的振動圖象如圖所示：

答：（1）波源O振動的振幅A為10cm；周期T為0.4s；

（2）所形成簡諧波的波長為4m；和波速為10m/s；

（3）以波傳播到P點作為計時零點，P點一個周期的振動圖象如圖所示。六、推斷題(共2題，共12分)26、（1）氧化反應(yīng)(酚)羥基、羧基4-氯(或?qū)β?甲苯

（2）

（3）

（4）13

（5）

【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷與合成，綜合分析確定rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式，再結(jié)構(gòu)反應(yīng)條件進(jìn)行推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化?！窘獯稹縭m{A-I}均為芳香族化合物，rm{B}苯環(huán)上只有一個取代基，則苯環(huán)上只有一個取代基，則rm{B}的苯環(huán)上只有一個取代基，根據(jù)rm{A}的分子式rm{A}可知rm{C_{8}H_{10}O}的側(cè)鏈為飽和結(jié)構(gòu)，rm{A}能夠催化氧化生成rm{A}rm{B}能夠發(fā)生銀鏡反應(yīng)，且能夠發(fā)生信息rm{B}中反應(yīng)，則rm{壟脹}分子中側(cè)鏈rm{B}結(jié)構(gòu)，故B的結(jié)構(gòu)簡式為rm{-CH_{2}CHO}為則rm{A}為rm{C}比rm{D}的相對分子質(zhì)量大rm{C}恰好為rm{4}分子氫氣的分子量，則說明一個rm{2}與rm{C}個氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{2}故D為rm{D}的核磁共振氫譜有rm{E}組峰，rm{3}能夠被酸性高錳酸鉀溶液氧化，則rm{E}分子中含有甲基，且氯原子位于甲基的對位，故E為rm{E}被酸性高錳酸鉀溶液氧化成rm{E}則rm{F}為rm{F}在濃rm{F}溶液中加熱發(fā)生水解反應(yīng)生成酚羥基和羧酸鈉，然后在酸性條件下轉(zhuǎn)化成rm{NaOH}則rm{G}為rm{G}和rm{G}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{D}則rm{I}為rm{I}為催化氧化生成該反應(yīng)為氧化反應(yīng)；rm{(1)A隆煤B}為其分子中含有官能團(tuán)為羥基、羧基；rm{G}為故命名為對氯甲苯或rm{E}氯甲苯rm{4-}或：對甲基氯苯或rm{[}甲基氯苯rm{4-}

故答案為：氧化反應(yīng)；羥基、羧基；對氯甲苯或rm{]}氯甲苯rm{4-}或：對甲基氯苯或rm{[}甲基氯苯rm{4-}

rm{]}為rm{(2)B}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為：

故答案為：

rm{B}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為：由以上推斷可知rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為：，故答案為：

rm{(3)}為rm{I}與rm{(4)A}反應(yīng)并產(chǎn)生rm{壟脵}與rm{Na}反應(yīng)并產(chǎn)生rm{H}rm{壟脵}rm{Na}芳香族化合物，含有苯環(huán)，則如果苯環(huán)上只有一個取代基，則是rm{H}rm{{,!}_{2}}，說明含有羥基；rm{壟脷}芳香族化合物，含有苯環(huán)，則如果苯環(huán)上只有一個取代基，則是rm{隆陋CHOHCH}和乙基或甲基和rm{壟脷}rm{隆陋CHOHCH}rm{{,!}_{3}}位置均有鄰間對三種。，兩個取代基，可以是rm{隆陋OH}和乙基或甲基和rm{隆陋CH}個取代基，則是rm{隆陋OH}個甲基和rm{隆陋CH}個酚羥基，共有rm{{,!}_{2}}種，總共是rm{OH}位置均有鄰間對三種。rm{3}個取代基，則是rm{2}個甲基和rm{1}個酚羥基，共有rm{6}種，總共是rm{13}種。種。rm{OH}rm{3}為原料制備rm{2}先將乙醇催化氧化生成乙醛，然后讓碳鏈增長，發(fā)生信息反應(yīng)rm{1}生成rm{6}與氫氣加成生成rm{13}合成路線為：

故答案為：故答案為：rm{13}【解析】rm{(1)}氧化反應(yīng)rm{(}酚rm{)}羥基、羧基rm{4-}氯rm{(}或?qū)β萺m{)}甲苯rm{(2)}rm{(3)}rm{(4)13}rm{(5)}

27、rm{(1)}

rm{(2)}

rm{(3)}加成反應(yīng)甲醛

rm{(