2024年浙教版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙教版高二物理上冊階段測試試卷830考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、下圖表示一條放在磁場里的通電直導(dǎo)線，導(dǎo)線與磁場方向垂直，圖中分別標(biāo)明電流、磁感應(yīng)強度和安培力這三個物理量的方向，關(guān)于三者方向的關(guān)系，下列選項中正確的是()A.B.C.D.2、如圖四個電場中，均有相互對稱分布的a、b兩點．其中電勢和場強都相同的是（）

A.

B.

C.

D.

3、如圖所示，MN和PQ是兩根互相平行豎直放置的光滑金屬導(dǎo)軌，已知導(dǎo)軌足夠長，且電阻不計．有一垂直導(dǎo)軌平面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，寬度為L，ab是一根與導(dǎo)軌垂直且始終與導(dǎo)軌接觸良好的金屬桿．開始，將開關(guān)S斷開，讓ab由靜止開始自由下落，過段時間后，再將S閉合，若從S閉合開始計時，則金屬桿ab的速度v隨時間t變化的圖象可能是()4、把電量為2.0×10－8C的正試探電荷從電場中的A點移到B點，電場力做功3.0×10－6J，從B點移到C點，須克服電場力做功4.0×10－6J的功，則A點和C點比較A.電勢差為350V，A點電勢高B.電勢差為350V，C點電勢高C.電勢差為50V，A點電勢高D.電勢差為50V，C點電勢高5、長為L輕桿一端固定在光滑水平軸O上，另一端系一質(zhì)量為m的小球，如圖所示，在最低點給小球一初速度，使其在豎直平面內(nèi)做圓周運動，且剛好能通過最高點P。下列說法正確的是()A.小球在最高點時的速度為B.小球在最高點時對桿的作用力為零C.若增大小球的初速度，使小球過最高點時速度增大，則過最高點時球?qū)U的作用力可能增大，也可能減小D.若增大小球的初速度，則在最低點時球?qū)U的作用力一定增大6、如圖所示，粗糙程度均勻的絕緣斜面下方O點處有一正點電荷，帶負電的小物體以初速度v1從M點沿斜面上滑，到達N點時速度為零，然后下滑回到M點，此時速度為若小物體電荷量保持不變，OM＝ON，則（）A.小物體上升的最大高度為B.從N到M的過程中，小物體的電勢能逐漸減小C.從M到N的過程中，電場力對小物體先做正功后做負功D.從N到M的過程中，小物體受到的摩擦力和電場力均是先增大后減小7、帶電粒子（重力不計）垂直進入勻強磁場時，會受到洛倫茲力的作用．下列表述正確的是（）A.洛倫茲力對帶電粒子做功B.洛倫茲力是恒力C.洛倫茲力不改變帶電粒子的速度大小D.洛倫茲力不改變帶電粒子的速度方向8、如圖所示，吊籃A

物體B

物體C

的質(zhì)量均為mB

和C

分別固定在豎直彈簧兩端，彈簧的質(zhì)量不計.

整個系統(tǒng)在輕繩懸掛下處于靜止?fàn)顟B(tài).

現(xiàn)將懸掛吊籃的輕繩剪斷，在輕繩剛斷的瞬間(

)

A.物體B

的加速度大小為g

B.物體C

的加速度大小為2g

C.吊籃A

的加速度大小為3g

D.AC

間的彈力大小為0.5mg

9、下列關(guān)于電場強度和電勢的敘述正確的是(

)

A.在勻強電場中，場強處處相同，電勢也處處相等B.在正點電荷形成的電場中，離點電荷越遠，電勢越高，場強越小C.等量異種點電荷形成的電場中，取無限遠處為電勢零點，兩電荷連線中點的電勢為零，場強不為零D.在任何電場中，場強越大的地方，電勢也越高評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)10、一端開口的U形管內(nèi)由水銀柱封有一段空氣柱，大氣壓強為76cmHg，當(dāng)氣體溫度為27°C時空氣柱長為8cm，開口端水銀面比封閉端水銀面低2cm，如圖所示，則左端封閉氣體的壓強為______cmHg．11、浴室取暖器也就是我們常說的“浴霸”，是給浴室加熱的電器，它是由幾盞特殊的燈泡完成加熱工作的.

下面是一臺浴室取暖器的說明書，上面附有電路原理圖，它有兩個相同的加熱燈泡．

根據(jù)這個說明書可以知道，這臺取暖器的兩盞燈都打開時，消耗的電功率是_________W

當(dāng)只打開一盞燈時，通過取暖器的工作電流是_________A

．12、在用落體法驗證機械能守恒定律時，某小組按照正確的操作選得紙帶如圖7－9－9.其中O是起始點，A、B、C是打點計時器連續(xù)打下的3個點．用毫米刻度尺測量O到A、B、C各點的距離，并記錄在圖中．（已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭＝9.80m/s2，重錘質(zhì)量為m＝1kg；計算結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）

4圖7－9－9

①圖中的三個測量數(shù)據(jù)中不符合有效數(shù)字讀數(shù)要求的是____段的讀數(shù)，應(yīng)記作____cm；

②甲同學(xué)用重錘在OB段的運動來驗證機械能守恒，他用AC段的平均速度作為B點對應(yīng)的瞬時速度vB，則求得該過程中重錘的動能增加量ΔEk＝____J，重力勢能的減少量ΔEp＝____J____這樣驗證的系統(tǒng)誤差總是使ΔEk____ΔEp（選填“>”、“<”或“＝”）；

③乙同學(xué)根據(jù)同一條紙帶，同一組數(shù)據(jù)，也用重錘在OB段的運動來驗證機械能守恒，將打點計時器打下的第一個點O記為第1個點，圖中的B是打點計時器打下的第9個點．因此他用v＝gt計算與B點對應(yīng)的瞬時速度vB，求得動能的增加量ΔEk＝____J這樣驗證的系統(tǒng)誤差總是使ΔEk____ΔEp（選填“>”、“<”或“＝”）．

④上述兩種處理方法中，你認為合理的是____同學(xué)所采用的方法．（選填“甲”或“乙”）13、如圖所示，兩個閉合圓形線圈A、B的圓心重合，放在同一水平面內(nèi)，線圈A中通以逐漸增大的順時針方向的電流（如圖中箭頭所示），則線圈B中的磁通量______（填“增大”或“減小”），線圈B有______（填“擴張”或“收縮”）的趨勢．14、本題為選做題，考生只選擇一題作答．

。鈭?A

.(

本題供選修1鈭?1

的考生作答.)

如圖所示，虛線區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B.

一邊長為L

的正方形導(dǎo)體框垂直磁場放置，框的右邊與磁場邊界重合.

現(xiàn)將導(dǎo)體框以速度v

沿紙面垂直邊界拉出磁場，則此過程中穿過導(dǎo)體框的磁通量改變了____，導(dǎo)體框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢是____．

24鈭?B

．(

本題供選修3

鈭?1

的考生作答．)

如圖所示，勻強電場中ab

兩點的距離為0.4m

兩點的連線與電場線成37鈭?

角，兩點間的電勢差為32V

則勻強電場的場強大小為____V/m

把電量為10鈭?10C

正電荷從a

點移到b

點電勢能將減少____J.

15、一個物體以5m/s

的速度垂直于墻壁的方向和墻壁相碰后，以3m/s

的速度反向彈回來，若物體與墻壁相互作用的時間為0.2s

則此過程物體加速度大小為____m/s2

方向為____。評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)16、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）17、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

19、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）20、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）22、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗題(共4題，共40分)23、（6分）一個研究性學(xué)習(xí)小組測量一段緊密繞制的電爐絲的電阻率，已知繞制電爐絲的金屬絲的總長度為總電阻約為（1）如圖所示，小組成員用毫米刻度尺測量出了電爐絲的寬度，還需要___________，就可以計算出金屬絲的直徑。（2分）（2）欲用“伏安法”測定這段電爐絲的電阻，要求測量結(jié)果盡量準確．下列器材中電流表應(yīng)選用的是____，滑動變阻器應(yīng)選用的是．（在橫線上填寫所選器材的符號）（4分）A電池組E（6V，內(nèi)阻很小）B電流表A1（0～3A，內(nèi)阻0.0125Ω）C電流表A2（0～0.6A，內(nèi)阻0.125Ω）D電壓表V（0～6V，內(nèi)阻6kΩ）E滑動變阻器R1（0～5Ω，2A）F滑動變阻器R2（0～1000Ω，1A）G電鍵、導(dǎo)線24、如圖，游標(biāo)卡尺讀數(shù)為___________；螺旋測微器的讀數(shù)為_______。25、（16分）某芳香烴X（分子式為C7H8）是一種重要的有機化工原料。研究部門以它為初始原料設(shè)計出如下轉(zhuǎn)化關(guān)系圖（部分產(chǎn)物、合成路線、反應(yīng)條件略去）。其中A是一氯代物。（1）阿司匹林分子中所含官能團的名稱為____（2）反應(yīng)②③兩步____（填“能”或“不能”）互換，理由是________。（3）反應(yīng)①的化學(xué)方程式是____，反應(yīng)類型是____。反應(yīng)⑤的化學(xué)方程式是____。（4）寫出同時符合下列4個條件它的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式：____、____。①分子中含有苯環(huán)；

②能發(fā)生銀鏡反應(yīng)；不能發(fā)生水解反應(yīng)；

③在稀NaOH溶液中；1mol該同分異構(gòu)體能與2molNaOH發(fā)生反應(yīng)；

④在苯環(huán)上只能生成2種一氯取代物。26、多用電表指針如下圖所示。

(1)如果選擇開關(guān)為“×10”擋；則所測電阻的阻值____Ω.

(2)如果選擇開關(guān)為直流電壓250V擋；則對應(yīng)讀數(shù)是________V.

(3)如果選擇開關(guān)為直流電流100mA擋，則對應(yīng)讀數(shù)是________mA.評卷人得分五、實驗探究題(共1題，共3分)27、如圖甲所示用雙縫干涉測光的波長，其中ABCD

分別表示濾光片、單縫、雙縫、光屏。圖乙a

是實驗時用紅色濾光片和間距d=0.36mm

的雙縫在光屏上得到的圖樣；圖乙b

是實驗時用紅色濾光片和間距d=0.18mm

的雙縫在光屏上得到的圖樣；圖乙c

是實驗時用藍色濾光片和間距d=0.36mm

的雙縫在光屏上得到的圖樣；則。

(1)

比較圖乙a

和圖乙b

對相同色光，雙縫間距減小，相鄰條紋間距______(

選填“增大”或“減小”)

(1)

比較圖乙a

和圖乙c

對相同雙縫，光的波長變短，相鄰條紋間距______(

選填“增大”或“減小”)

評卷人得分六、證明題(共2題，共8分)28、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。29、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】左手定則的內(nèi)容：伸開左手，使大拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一個平面內(nèi)；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是通電導(dǎo)線在磁場中所受安培力的方向.

根據(jù)左手定則的內(nèi)容判斷安培力的方向。解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判定磁場方向、電流方向和安培力方向的關(guān)系?！窘獯稹緼.磁場方向垂直紙面向上；電流方向水平向里，根據(jù)左手定則，安培力的方向豎直向右，故A錯誤；

B.磁場方向垂直紙面向右，電流方向垂直紙面向外，根據(jù)左手定則，安培力的方向向上，故B錯誤；C.磁場方向水平向里；電流方向垂直紙面向右，根據(jù)左手定則，安培力的方向豎直向上，故C錯誤；

D.磁場方向豎直向外；電流方向水平向左，根據(jù)左手定則，安培力的方向垂直紙面向上，故D正確；

故選D。

【解析】D

2、B【分析】

A、ab兩點在一等勢面上，電勢相同，a的場強方向向左，b的場強方向向右；則場強不同．故A錯誤．

B、a、b在等量異種電荷連線的中垂線上；而此中垂線是一條等勢線，兩點電勢相同．根據(jù)電場線分布的對稱性可知，這兩點場強相同．故B正確．

C、a、b兩點場強相同，而電勢a點高于b點；故C錯誤．

D、根據(jù)電場線的對稱性可知：a、b兩點的電勢相同，而a的場強方向向上，b點的場強方向下；場強不同．故D錯誤．

故選B

【解析】【答案】電勢是標(biāo)量，根據(jù)電場線的方向和對稱性分析a、b兩點電勢是否相同．場強是矢量；根據(jù)電場線的疏密和切線方向及對稱性，確定場強是否相同．

3、A|C|D【分析】試題分析：當(dāng)將開關(guān)S斷開時，ab由靜止開始自由下落，則其加速度不變，速度逐漸變大；當(dāng)閉合開關(guān)時，導(dǎo)體會受到一個安培力，與重力的方向相反，如果此時安培力與重力正好相等，則將會沿這個速度勻速動動下去，故A是可能的；如果安培力比重力小，則導(dǎo)體受到的合力仍是向下的，導(dǎo)體的速度會增加，直到安培力與重力的大小相等時，導(dǎo)體處于勻速運動，由于安培力是隨速度的變化而變化的，故此時導(dǎo)體的加速度也是變化的，故B是不對的，C是可能的；如果安培力比重力大，則導(dǎo)體會做減速運動，直到安培力與重力相等時，速度才會變?yōu)閯蛩?，故D也是可能的，所以該題選ACD?？键c：本題考查了安培力的有關(guān)知識。【解析】【答案】ACD。4、D【分析】【解析】試題分析：從Ａ點到B點從B點到C點由此可知C點電勢較高考點：考查電場力做功與電勢差的關(guān)系【解析】【答案】D5、C|D【分析】試題分析：桿模型中，小球剛好能通過最高點P的速度為0，A錯誤；設(shè)小球在最高點時對桿的作用力為F，根據(jù)牛頓第二定律：得：故B錯誤；在最高點，當(dāng)速度大于桿子表現(xiàn)為拉力，當(dāng)速度小于桿子表現(xiàn)為支持力．根據(jù)牛頓第二定律知，在最高點當(dāng)速度大于速度增大，則桿子的作用力增大，當(dāng)速度小于速度增大，則桿子的作用力減小，故C正確；在最低點有：故若增大小球的初速度，則F增大，故D正確?？键c：考查了圓周運動實例分析【解析】【答案】CD6、A|C|D【分析】試題分析：設(shè)斜面傾角為上升過程沿斜面運動的最大距離為L。因為則MN兩點電勢相等，小物體從M到N、從N到M電場力做功均為0。上滑和下滑經(jīng)過同一個位置時，垂直斜面方向上電場力的分力相等，則經(jīng)過相等的一小段位移在上滑和下滑過程中電場力分力對應(yīng)的摩擦力所作的功均為相等的負功，所以上滑和下滑過程克服電場力產(chǎn)生的摩擦力所作的功相等、并設(shè)為W1。在上滑和下滑過程，對小物體，應(yīng)用動能定理分別有：和上兩式相減可得而上升高度A正確；由可知電場力對小物體先作正功后作負功，電勢能先減小后增大，B錯誤C正確；從N到M的過程中，小物體受到的電場力垂直斜面的分力先增大后減小，而重力分力不變，則摩擦力先增大后減小，在此過程中小物體到O的距離先減小后增大，根據(jù)庫侖定律可知小物體受到的電場力先增大后減小，D正確?？键c：本題考查動能定理的應(yīng)用、摩擦力及電場力做功的特點【解析】【答案】ACD7、C【分析】解：A；洛倫茲力的方向與速度方向垂直；所以洛倫茲力不做功，故A錯誤。

B；根據(jù)左手定則可知；洛倫茲力方向是變化．故B錯誤．

C；不改變速度的大??；只改變速度的方向，所以不改變粒子的動能．故C正確．

D；洛倫茲力與速度方向始終垂直；其作用效果只改變速度的方向，故D錯誤；

故選：C．

洛倫茲力的方向與速度方向垂直；只改變速度的方向，不改變速度的大小，洛倫茲力不做功，從而即可求解．

解決本題的關(guān)鍵掌握洛倫茲力的大小公式，知道洛倫茲力的方向和作用效果，理解洛倫茲力方向與速度方向關(guān)系是解題的關(guān)鍵．【解析】【答案】C8、D【分析】解：A

彈簧開始的彈力F=mg

剪斷細線的瞬間，彈簧彈力不變，B

的合力仍然為零，則B

的加速度為0

故A錯誤；

B、剪斷細線的瞬間，彈力不變，將C

和A

看成一個整體，根據(jù)牛頓第二定律得，aAC=F+2mg2m=mg+2mg2m=1.5g

即AC

的加速度均為1.5g.

故B、C錯誤．

D；剪斷細線的瞬間；A

受到重力和C

對A

的作用力，對AFC+mg=ma.

得：FC=ma鈭?mg=0.5mg.

故D正確．

故選：D

．

剪斷細線的瞬間；彈簧的彈力不變，隔離對ABC

分析，運用牛頓第二定律求出加速度的大小．

本題是力學(xué)中的瞬時問題，關(guān)鍵是先根據(jù)平衡條件求出各個力，然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度；同時要注意輕彈簧的彈力與行變量成正比，來不及突變，而細線的彈力是有微小形變產(chǎn)生的，故可以突變．【解析】D

9、C【分析】解：A

在勻強電場中；場強處處相同，但同一等勢面上電勢處處相等，不是所有的電勢均處處相等，故A錯誤；

B、在正點電荷形成的電場中，根據(jù)E=kQr2

可知；離點電荷越遠，場強越小，因沿著電場線方向，電勢在減小，故B錯誤；

C；取無窮遠為零電勢；等量異種點電荷形成的電場中，兩電荷連線中垂線是等勢面，與無窮遠處點電勢相等，故電勢為零，但電場強度大小不為零，故C正確；

D；在任何電場中；場強越大的地方，等差等勢面越密，但電勢不一定越高，比如靠近負點電荷，電場強度大，而電勢卻低，故D錯誤；

故選：C

．

電場線越密的地方場強越強；越疏的地方，場強越弱.

電荷在等勢面上移動，受電場力，但是電場力不做功.

等勢面與電場線垂直．

解決本題的關(guān)鍵知道等量同種電荷和等量異種電荷周圍電場線的特點，根據(jù)電場線疏密比較場強的強弱，根據(jù)電場線方向確定電勢的高低．【解析】C

二、填空題(共6題，共12分)10、略

【分析】解：開口端水銀面比封閉端水銀面低2cm；

封閉氣體壓強為：p=p0-h=76-2=74cmHg；

故答案為：74．

玻璃管一端開口；根據(jù)連通器原理與圖示情景，可以求出封閉氣體的壓強．

本題考查了求封閉氣體的壓強，分析清楚圖示情景、應(yīng)用平衡條件可以解題，本題是一道基礎(chǔ)題．【解析】7411、5501.25【分析】【分析】根據(jù)取暖器銘牌讀取額定功率，即為這臺取暖器的兩盞燈都打開時消耗的電功率，當(dāng)只打開一盞燈時，功率為550W

由公式P=UI

求電流。本題要理解額定功率的意義，會讀用電器的銘牌，記住功率公式P=UI

【解答】由取暖器銘牌可知額定功率為550W

所以為這臺取暖器的兩盞燈都打開時消耗的電功率550W

當(dāng)只打開一盞燈時，取暖器的功率為275W

則通過取暖器的工作電流為I=PU=275220A=1.25A

故答案為：5501.25

【解析】5501.25

12、OC15.701.201.22<1.23>甲【分析】【解答】①毫米刻度尺讀數(shù)要估讀到毫米下一位，OC長度讀數(shù)到1毫米，不符合讀數(shù)要求．應(yīng)記作15.70cm.②AC段的平均速度即B點瞬時速度vB＝＝＝1.55m/s，則系統(tǒng)增加的動能ΔEk＝≈1.20J，重力勢能減少了ΔEp＝mg≈1.22J，由于摩擦力的作用，部分重力勢能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以ΔEk<ΔEp.③B是打點計時器打下的第9個點，所以B點的速度vB＝gt＝g×8×0.02s＝1.57m/s，動能的增加量ΔEk＝≈1.23J，這樣做把加速度按照自由落體計算，沒有考慮摩擦力的作用，而實際上，由于摩擦力的作用，加速度a<g，所以vB＝gt應(yīng)大于實際對應(yīng)h的速度大小，所以會使得ΔEk>ΔEp.④乙方案中直接把加速度按照重力加速度計算；不符合事實，而且誤差大，所以合理的是甲方案．

【分析】解決實驗問題首先會讀數(shù)，計算速度，從而求解動能和勢能，會分析產(chǎn)生實驗誤差的原因.13、略

【分析】解：當(dāng)線圈A中通有不斷增大的順時針方向的電流時；知穿過線圈B的磁通量垂直向里，且增大，根據(jù)楞次定律，線圈B產(chǎn)生逆時針方向的電流；根據(jù)磁感線的特點可知，A環(huán)以內(nèi)的范圍內(nèi)的磁感線的方向向里，而A環(huán)以外的磁感線的方向向外，由于穿過線圈B的向里的磁通量增大，根據(jù)楞次定律的另一種表述，線圈B有擴張的趨勢，阻礙磁通量的增加．

故答案為：增大；擴張．

當(dāng)線圈A中通有不斷增大的順時針方向的電流時；周圍的磁場發(fā)生變化，即通過線圈B的磁通量發(fā)生變化，根據(jù)楞次定律結(jié)合右手螺旋定則判斷出B線圈中感應(yīng)電流的方向．根據(jù)楞次定律的另一種表述，引起的機械效果阻礙磁通量的變化，確定線圈B有擴張還是收縮趨勢．

解決本題的關(guān)鍵掌握楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向；以及掌握楞次定律的另一種表述，感應(yīng)電流引起的機械效果阻礙磁通量的變化．

該題中A環(huán)環(huán)內(nèi)的磁場的方向與環(huán)外的磁場的方向不同，A環(huán)以內(nèi)的范圍內(nèi)的磁感線的方向向里，而A環(huán)以外的磁感線的方向向外，穿過B環(huán)的磁通量是二者的矢量和，這是學(xué)生容易出現(xiàn)錯誤的地方．【解析】增大；擴張14、24-A.BL2BLv

24-B.1003.2×10－9【分析】24鈭?A.

【分析】由磁通量的定義式求出磁通量的變化量；

由E=BLv

求出感應(yīng)電動勢。本題考查了求磁通量的變化量、求感應(yīng)電動勢，知道磁通量的定義式、知道導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的公式即可正確解題?！窘獯稹吭诎丫€框拉出磁場過程中；

磁通量的變化量：??=?2鈭??1=B?S=BL2

導(dǎo)體框勻速運動；產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：E=BLv

故答案為：BL2BLv

24鈭?B.

【分析】已知勻強電場中ab

間的電勢差和距離；根據(jù)電勢差與場強的關(guān)系式U=Edd

是兩點沿場強方向的距離，即可求解場強大小；由W=qU

求出電場力做功，即可得到電勢能的變化。

解決本題的關(guān)鍵是掌握U=Ed

和W=qU

兩個公式；要注意公式中d

是兩點沿場強方向的距離。

【解答】由Uab=Edabcos37鈭?

則得：

場強E=Uabdabcos37鈭?=320.4隆脕0.8V=100V/m

把q=10鈭?10C

從a

點移到b

點，電場力對該電荷做功為：W=qUab=10鈭?10隆脕32J=3.2隆脕10鈭?9J

則其電勢能將減少3.2隆脕10鈭?9J

故答案為：1003.2隆脕10鈭?9

【解析】24鈭?A.24-A.BLBL2BLvBLv24鈭?B.24-B.1001003.2隆脕103.2隆脕10鈭?9

15、40與初速度方向相反【分析】【分析】規(guī)定初速度方向為正方向；根據(jù)加速度的定義求得加速度的方向與大小。

掌握加速度的定義，知道用正負號表示同一條直線上矢量的方向?！窘獯稹恳?guī)定小球的初速度方向為正方向；則物體的初速度v0=5m/s

末速度v=鈭?3m/s

所以物體的加速度。

a=v鈭?v0t=鈭?3鈭?50.2m/s2=鈭?40m/s2

負號表示加速度的方向與初速度方向相反。

故答案為：40

與初速度方向相反。

【解析】40

與初速度方向相反三、判斷題(共7題，共14分)16、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．17、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?9、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．20、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、實驗題(共4題，共40分)23、略

【分析】【解析】試題分析：（1）由電阻定律需要測量電阻R、長度L和橫截面積S，通過測量N匝的長度可測得金屬絲的寬度（2）由于電阻絲電阻較小，電流表要選擇外接法，電動勢為6V，R約為12Ω，最大電流為0.5A，電流表選擇C，滑動變阻器選擇限流連接，選擇阻值與R相當(dāng)?shù)谋容^好控制電流變化，所以選擇E考點：考查儀器的選擇【解析】【答案】（1）電爐絲的匝數(shù)（2）24、略

【分析】本游標(biāo)卡尺讀數(shù)為11mm，游標(biāo)尺最小刻度為0.1mm，第4個格對齊，讀數(shù)為11mm+0.1×4mm=11.4mm，螺旋測微器主尺讀數(shù)為9mm，可動刻度為20.1×0.01mm，讀數(shù)為9mm+20.1×0.01mm=9.201mm【解析】【答案】11.4mm;9.202~9.205mm25、略

【分析】【分析】芳香烴X的分子式為C7H8，結(jié)構(gòu)簡式為X與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)生成A，A與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成B，結(jié)合反應(yīng)⑦產(chǎn)物結(jié)構(gòu)可知，A為A與氫氣發(fā)生加成反生成B為B發(fā)生消去反應(yīng)生成C為C與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成D為D在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應(yīng)生成在濃硫酸、加熱條件下與濃硝酸發(fā)生取代反應(yīng)生成F，結(jié)合反應(yīng)③的產(chǎn)物可知F為F轉(zhuǎn)化生成G，由于苯胺容易被氧化，由反應(yīng)信息Ⅰ、反應(yīng)信息Ⅱ可知，G為H是一種功能高分子，通過形成肽鍵發(fā)生縮聚反應(yīng)生成的高聚物，故H為據(jù)此解答。【解答】芳香烴X的分子式為C7H8，結(jié)構(gòu)簡式為X與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)生成A，A與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成B，結(jié)合反應(yīng)⑦產(chǎn)物結(jié)構(gòu)可知，A為A與氫氣發(fā)生加成反生成B為B發(fā)生消去反應(yīng)生成C為C與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成D為D在氫氧化鈉水溶液、加