2025年湘師大新版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年湘師大新版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖，位于豎直平面內(nèi)的固定光滑圓軌道與水平面相切于M點(diǎn)，與豎直墻相切于點(diǎn)A，豎直墻上另一點(diǎn)B與M的連線和水平面的夾角為600，C是圓環(huán)軌道的圓心，D是圓環(huán)上與M靠得很近的一點(diǎn)（DM遠(yuǎn)小于CM）。已知在同一時(shí)刻：a、b兩球分別由A、B兩點(diǎn)從靜止開(kāi)始沿光滑傾斜直軌道運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)；c球由C點(diǎn)自由下落到M點(diǎn)；d球從D點(diǎn)靜止出發(fā)沿圓環(huán)運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)。則（）A.a球最先到達(dá)M點(diǎn)B.b球最先到達(dá)M點(diǎn)C.c球最先到達(dá)M點(diǎn)D.d球最先到達(dá)M點(diǎn)2、設(shè)空間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖所示，已知一離子在靜電力和洛倫茲力的作用下，從靜止開(kāi)始自A點(diǎn)沿曲線ACB運(yùn)動(dòng)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度為零，C點(diǎn)是運(yùn)動(dòng)的最低點(diǎn)，忽略重力，下述說(shuō)法中錯(cuò)誤的是()A.該離子必帶正電荷B.A點(diǎn)和B點(diǎn)位于同一高度C.離子在C點(diǎn)時(shí)速度最大D.離子到達(dá)B點(diǎn)后，將沿原曲線返回A點(diǎn)3、如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P

原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R2

的滑片向b

端移動(dòng)時(shí)，則(

)

A.電壓表示數(shù)增大B.電流表示數(shù)減小C.質(zhì)點(diǎn)P

將向下運(yùn)動(dòng)D.R1

上消耗的功率逐漸減小4、如圖所示的電路中，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為2：l，電阻R1=R2=10Ω，兩電表均為理想交流電表。當(dāng)在a、b之間加上正弦交流電時(shí)，測(cè)得c、d兩端電壓瞬時(shí)值表達(dá)式為ucd=10sin（100πt）（V），則下列說(shuō)法正確的是（）A.電流表的示數(shù)為0.5AB.電壓表的示數(shù)為40VC.R1消耗的功率為20WD.原線圈輸入交流電頻率為100Hz5、在前人研究的基礎(chǔ)上；有一位物理學(xué)家利用如圖所示的扭秤裝置進(jìn)行研究，提出真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間相互作用的規(guī)律，這位物理學(xué)家是。

A.安培B.牛頓C.庫(kù)侖D.焦耳6、以下說(shuō)法正確的是（）A.由E＝F/q可知此場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E與F成正比B.由公式Φ＝Ep/q可知電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)φ與q成反比C.由Uab=Ed可知，勻強(qiáng)電場(chǎng)中的任意兩點(diǎn)a、b間的距離越大，則兩點(diǎn)間的電勢(shì)差也一定越大D.公式C=Q/U，電容器的電容大小C與電容器兩極板間電勢(shì)差U無(wú)關(guān)7、如圖所示，在光滑水平面上，有質(zhì)量分別為3m

和m

的AB

兩滑塊，它們中間夾著(

不相連)

一根處于壓縮狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧，由于被一根細(xì)繩拉著而處于靜止?fàn)顟B(tài).

則下列說(shuō)法正確的是(

)

A.剪斷細(xì)繩，在兩滑塊脫離彈簧后，AB

兩滑塊的動(dòng)量大小之比pApB=31

B.剪斷細(xì)繩，在兩滑塊脫離彈簧后，AB

兩滑塊的速度大小之比vAvB=31

C.剪斷細(xì)繩，在兩滑塊脫離彈簧后，AB

兩滑塊的動(dòng)能之比EkAEkB=13

D.剪斷細(xì)繩到兩滑塊脫離彈簧過(guò)程中，彈簧對(duì)AB

兩滑塊做功之比WAWB=11

8、如圖所示，天車(chē)下吊著兩個(gè)質(zhì)量都是m

的工件A

和B

，整體一起向左勻速運(yùn)動(dòng)。系A(chǔ)

的吊繩較短，系B

的吊繩較長(zhǎng)，若天車(chē)運(yùn)動(dòng)到P

處突然靜止，則兩吊繩所受拉力FAFB

的大小關(guān)系是

A.FA>FB>mg

B.FA<FB<mg

C.FA=FB=mg

D.FA=FB>mg

9、下面關(guān)于電場(chǎng)線的說(shuō)法，其中正確的是A.在靜電場(chǎng)中釋放的點(diǎn)電荷，在電場(chǎng)力作用下一定沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)B.電場(chǎng)線的切線方向一定與通過(guò)此處的正電荷運(yùn)動(dòng)方向相同C.電場(chǎng)線的切線方向一定與通過(guò)該點(diǎn)的正電荷的加速度方向相同D.電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。u(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、一彈簧振子懸掛在一列靜止的火車(chē)上，振動(dòng)的位移—時(shí)間圖線如圖所示。求：（1）t=2s時(shí)，振子的振動(dòng)方向；（2）0～2s內(nèi)，振子運(yùn)動(dòng)的路程；（3）若火車(chē)水平勻速行駛，每節(jié)鐵軌的長(zhǎng)度為12m，則火車(chē)速度多大時(shí)，彈簧振子受迫振動(dòng)的振幅最大?11、某校研究性學(xué)習(xí)小組的同學(xué)們很想知道每根長(zhǎng)50m、橫截圓面積為400cm2的鋼索能承受的最大拉力．由于直接測(cè)量很困難；同學(xué)們?nèi)?lái)了同種材料制成的樣品進(jìn)行實(shí)驗(yàn)探究．由胡克定律可知，在彈性限度內(nèi)，彈簧的彈力F與形變量x成正比，其比例系數(shù)與彈簧的長(zhǎng)度；橫截面積及材料有關(guān)．因而同學(xué)們猜想，懸索可能也遵循類(lèi)似的規(guī)律．

經(jīng)過(guò)同學(xué)們充分的討論；不斷完善實(shí)驗(yàn)方案，最后實(shí)驗(yàn)取得數(shù)據(jù)如下：

。樣品長(zhǎng)度200N400N600N800N樣品A1m0.50cm20.02cm0.04cm0.06cm0.08cm樣品B2m0.50cm20.08cm0.16cm0.24cm0.32cm樣品C1m1.00cm20.01cm0.02cm0.03cm0.04cm樣品D3m0.50cm20.18cm0.36cm0.54cm0.72cm樣品E1m0.25cm20.04cm0.08cm0.12cm0.32cm分析樣品C的數(shù)據(jù)可知，其所受拉力F（單位N）與伸長(zhǎng)量x（單位m）遵循的函數(shù)關(guān)系式是______．對(duì)比各樣品的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，懸索受到的拉力與懸索的伸長(zhǎng)量成正比，其比例系數(shù)與懸索長(zhǎng)度______成正比、與懸索的橫截面積的大小成正比．12、(1)

用游標(biāo)卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度如圖；由圖1

可知其長(zhǎng)度為_(kāi)_____mm

(2)

用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑如圖；由圖2

可知其直徑為_(kāi)_____mm

13、金屬導(dǎo)體通電時(shí)，導(dǎo)體中自由電子定向移動(dòng)的方向與電流方向______（選填“相同”或“相反”）．一段金屬電阻絲的電阻為R，當(dāng)在它的兩端加上電壓U時(shí)，則在通電時(shí)間t內(nèi)通過(guò)金屬電阻絲橫截面的電子個(gè)數(shù)為n=______．（已知一個(gè)電子的電荷量為e）14、起重機(jī)吊起質(zhì)量為2.0隆脕103kg

的貨物使其沿豎直方向勻加速上升，已知貨物上升的加速度為0.2m/s2

若某時(shí)刻貨物的速度為0.2m/s

則此時(shí)刻貨物的動(dòng)能為_(kāi)___J

此時(shí)刻起重機(jī)對(duì)貨物拉力做功的瞬時(shí)功率為_(kāi)___W(

取重力加速度g=10m/s2)

評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)15、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

22、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、證明題(共2題，共4分)23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分五、計(jì)算題(共4題，共28分)25、某小組在研究電動(dòng)機(jī)的特性時(shí)，將電動(dòng)機(jī)接成如圖所示電路．電源電動(dòng)勢(shì)E=20V，內(nèi)阻r=lΩ，當(dāng)接入固定電阻R=4Ω時(shí)，電路中標(biāo)有“3V、6W”的燈泡L和內(nèi)阻RD=0.5Ω的小型直流電動(dòng)機(jī)D都恰能正常工作．試求：

（1）電路中的電流大??；

（2）電動(dòng)機(jī)的額定電壓和輸出功率；

（3）電源的總功率．26、如圖所示，豎直放置的導(dǎo)熱氣缸，活塞橫截面積為S=0.01m2，可在氣缸內(nèi)無(wú)摩擦滑動(dòng)，氣缸側(cè)壁有一個(gè)小孔與裝有水銀的U形玻璃管相通，氣缸內(nèi)封閉了一段高為H=70cm的氣柱（U形管內(nèi)的氣體體積不計(jì)）．已知活塞質(zhì)量m=6.8kg，大氣壓強(qiáng)p0=105Pa，水銀密度ρ=13.6×103kg/m3，g=10m/s2．

（1）求U形管中左管與右管的水銀面的高度差h1；

（2）在活塞上加一豎直向上的拉力使U形管中左管水銀面高出右管水銀面h2=5cm，求活塞平衡時(shí)與氣缸底部的高度．27、如圖所示，平行光滑金屬軌道MNPQ

間距為d

與水平面成婁脠

角固定，PM

間接有阻值為R

的電阻.

勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于軌道平面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.

將質(zhì)量為m

長(zhǎng)為d

電阻為r

的金屬桿ab

垂直于MNPQ

放置在軌道上并由靜止釋放.

軌道足夠長(zhǎng)、軌道電阻不計(jì)；重力加速度為g.

求：

(1)ab

沿軌道下滑過(guò)程中；流過(guò)電阻R

的電流方向；

(2)ab

沿軌道下滑的最大速度．28、如圖所示是一個(gè)特殊形狀的氣缸的截面圖，它由上、下兩部分圓柱形氣缸連接而成，上、下兩部分氣缸內(nèi)部的橫截面積分別為S1=20cm2

和S2=10cm2

兩只活塞的質(zhì)量分別為m1=1.6kg

和m2=0.4kg

用一根長(zhǎng)L=30cm

的輕繩相連?；钊忾]性良好，活塞跟氣缸壁的摩擦不計(jì)，大氣壓為p0=1.0隆脕105Pa

并保持不變。初狀態(tài)時(shí)，溫度為227隆忙

兩活塞靜止，缸內(nèi)封閉氣體的體積為500mL(

取g=10m/s2)

求：當(dāng)溫度降低到多少時(shí)，上面的活塞恰好下降到粗細(xì)兩部分氣缸的交界處？

評(píng)卷人得分六、綜合題(共4題，共8分)29、A.如圖所示為正弦交變電流i

隨時(shí)間t

變化的圖象；由圖可知，該交變電流的有效值為_(kāi)_________A

頻率為_(kāi)_________Hz

．

B.如圖所示；電路中電源電動(dòng)勢(shì)為4V

內(nèi)阻為1婁賂

小燈泡電阻為3婁賂.

開(kāi)關(guān)S

閉合后，電路中的電流為_(kāi)_________A

燈泡的電壓為_(kāi)_________V

．

30、[

物理漏隴漏隴

選修3鈭?3]

(1)

氧氣分子在0隆忙

和100隆忙

溫度下單位速率間隔的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比隨氣體分子速率的變化分別如圖中兩條曲線所示。下列說(shuō)法正確的是________。(

A.圖中兩條曲線下面積相等B.圖中虛線對(duì)應(yīng)于氧氣分子平均動(dòng)能較小的情形C.圖中實(shí)線對(duì)應(yīng)于氧氣分子在100隆忙

時(shí)的情形D.圖中曲線給出了任意速率區(qū)間的氧氣分子數(shù)目E.與0隆忙

時(shí)相比，100隆忙

時(shí)氧氣分子速率出現(xiàn)在0隆蘆400m/s

區(qū)間內(nèi)的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比較大(2)

如圖所示，在導(dǎo)熱良好的圓柱形氣缸內(nèi)，可以自由移動(dòng)的活塞a

和b

密封了AB

兩部分氣體，處于平衡狀態(tài)。已知活塞橫截面積Sa隆脙Sb=2隆脙1

密封氣體的長(zhǎng)度LA隆脙LB=1隆脙4

若用外力把活塞a

向右緩慢移動(dòng)距離d

求活塞b

向右移動(dòng)的距離。室溫保持不變。31、【物理隆陋

選修3鈭?4

】(1)

一列簡(jiǎn)諧橫波沿x

軸正方向傳播，在x

=12m

處的質(zhì)元的振動(dòng)圖線如圖1

所示，在x

=18m

處的質(zhì)元的振動(dòng)圖線如圖2

所示。下列說(shuō)法正確的是____(

填正確答案標(biāo)號(hào)。)

A.該波的周期為12s

B.x

=12m

處的質(zhì)元在平衡位置向上振動(dòng)時(shí)，x

=18m

處的質(zhì)元在波峰C.在0隆蘆4s

內(nèi)x

=12m

處和x

=18m

處的質(zhì)元通過(guò)的路程均為6cm

D.該波的波長(zhǎng)可能為8m

E.該波的傳播速度可能為2m/s

(2)

如圖所示，橫截面(

紙面)

為螖ABC

的三棱鏡置于空氣中，頂角鈭?

A

=60鈭?

紙面內(nèi)一細(xì)光束以入射角i

射入AB

面，直接到達(dá)AC

面并射出，光束在通過(guò)三棱鏡時(shí)出射光與入射光的夾角為婁脮

(

偏向角)

改變?nèi)肷浣莍

，當(dāng)i

=

i

0

時(shí)，從AC

面射出的光束的折射角也為i

0

理論計(jì)算表明在此條件下偏向角有最小值婁脮

0=30鈭?

求三棱鏡的折射率n

。32、如圖放在光滑水平面上的小車(chē)質(zhì)量為M

它兩端各有彈性擋板P

和Q

有一質(zhì)量為m

的物體放于車(chē)上(M>m)

車(chē)內(nèi)表面與物體間有摩擦，現(xiàn)使它們同時(shí)獲得等大反向的初速度v0

求：

(1)

車(chē)和物體最終的速度；

(2)

全過(guò)程系統(tǒng)摩擦產(chǎn)生的熱量．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【解析】試題分析：設(shè)圓軌道半徑為R，設(shè)A、B底邊長(zhǎng)s，傾角則化簡(jiǎn)得因此A（45°）下落時(shí)間比B（60°）快；c做自由落體運(yùn)動(dòng)tc=而d球滾下是一個(gè)單擺模型，擺長(zhǎng)為R，td==所以C正確?？键c(diǎn)：?jiǎn)螖[、自由落體運(yùn)動(dòng)【解析】【答案】C2、D【分析】根據(jù)粒子在A點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)，則受到向下的電場(chǎng)力，粒子帶正電，A正確；洛倫茲力不做功，則A、B兩點(diǎn)位于同一高度，B正確；A→C電場(chǎng)力做正功，C→B電場(chǎng)力做負(fù)功，由定能定理可知C對(duì)；離子到達(dá)B點(diǎn)后，向右重復(fù)原來(lái)的運(yùn)動(dòng)形式，D錯(cuò)誤【解析】【答案】D3、C【分析】解：AB

由圖可知；R2

與R3

并聯(lián)后，再與R1

串聯(lián)接在電源兩端；電容器與R3

并聯(lián)；

當(dāng)滑動(dòng)變阻器R2

的滑片向b

端移動(dòng)時(shí)；滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小；由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流增大，路端電壓減小，則R1

兩端的電壓增大，可知并聯(lián)部分的電壓減小，電壓表讀數(shù)減?。?/p>

由歐姆定律可知流過(guò)R3

的電流減小；根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知：流過(guò)R2

的電流增大，則電流表示數(shù)增大；故A；B錯(cuò)誤；

C；因電容器兩板的電壓減?。话彘g場(chǎng)強(qiáng)減小，質(zhì)點(diǎn)P

受到的向上電場(chǎng)力減小，故質(zhì)點(diǎn)P

將向下運(yùn)動(dòng)，故C正確；

D；因R1

電流增大；由P=I2R

可知，R1

上消耗的功率增大；故D錯(cuò)誤；

故選：C

先由滑片的移動(dòng)方向分析電路中電阻的變化；再由閉合電路歐姆定律可知各電表示數(shù)的變化及電容器兩端的電壓變化；再分析電容器板間場(chǎng)強(qiáng)的變化，由質(zhì)點(diǎn)的受力情況可知質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況．

解決動(dòng)態(tài)變化分析的題目，一般可以按照整體鈭?

局部鈭?

整體的思路進(jìn)行分析，注意電路中某一部分電阻減小時(shí)，無(wú)論電路的連接方式如何，總電阻都是減小的．【解析】C

4、B【分析】解：A、c、d兩端電壓瞬時(shí)值表達(dá)式為：ucd=10sin（100πt）（V），則說(shuō)明R2兩端電壓有效值為10V，電流表的示數(shù)為：IA=A=1A；故A錯(cuò)誤；

B、副線圈兩端電壓為：U2=IA（R1+R2）=20V，根據(jù)變壓器原理可知原線圈兩端電壓為：U1==40V；故電壓表的示數(shù)為40V，故B正確；

C、R1消耗的功率為：P1=IA2R1=10W；故C錯(cuò)誤；

D、原線圈輸入交流電頻率為：f==50Hz；故D錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)c、d兩端電壓瞬時(shí)值表達(dá)式求出R2兩端電壓；根據(jù)歐姆定律求解電流強(qiáng)度，再根據(jù)變壓器原理進(jìn)行解答；變壓器變壓不變頻。

本題主要是考查了變壓器的知識(shí)；解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有一個(gè)副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比；知道理想變壓器的輸出功率決定輸入功率且相等。原線圈的電壓決定副線圈的電壓；理想變壓器在改變電壓和電流的同時(shí)，不改變功率和頻率。【解析】B5、C【分析】安培提出安培定則，故A錯(cuò)誤；牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律、牛頓三大定律等等，沒(méi)有研究出電荷間的作用力規(guī)律，故B錯(cuò)誤；庫(kù)侖利用扭秤裝置，研究出兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷間的相互作用規(guī)律庫(kù)侖定律，故C正確；焦耳提出了焦耳定律，故D錯(cuò)誤。所以C正確，ABD錯(cuò)誤。6、D【分析】試題分析：公式E=F/q只是一個(gè)定義式，電場(chǎng)強(qiáng)度為電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與放置的試探電荷無(wú)關(guān)，A錯(cuò)誤；電勢(shì)與電廠本身和零勢(shì)面的選取有關(guān)，與q無(wú)關(guān)，B錯(cuò)誤；電勢(shì)差除了與場(chǎng)強(qiáng)和距離d有關(guān)，還與兩點(diǎn)連線與場(chǎng)強(qiáng)方向的夾角有關(guān)，C錯(cuò)誤；電容為電容器的屬性，與電壓和帶電量均無(wú)關(guān)，D正確。考點(diǎn)：考查電場(chǎng)力的性質(zhì)和能的性質(zhì)、電容器的電容【解析】【答案】D7、C【分析】解：A

系統(tǒng)動(dòng)量守恒；以向左為正方向，在兩滑塊剛好脫離彈簧時(shí)，由動(dòng)量守恒定律得：pA鈭?pB=0

則：pApB=11

故A錯(cuò)誤；

B；系統(tǒng)動(dòng)量守恒；以向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：3mvA鈭?mvB=0

解得：vAvB=13

故B錯(cuò)誤；

C、兩滑塊的動(dòng)能之比：EkAEkB=12鈰?3mvA212mvB2=13

故C正確；

D；彈簧對(duì)兩滑塊做功之比等于兩滑塊動(dòng)能之比；彈簧對(duì)AB

兩滑塊做功之比：WAWB=EkAEkB=13

故D錯(cuò)誤．

故選：C

先根據(jù)動(dòng)量守恒守恒求出脫離彈簧后兩滑塊的速度之比；根據(jù)動(dòng)能；動(dòng)量的表達(dá)式求出動(dòng)能及動(dòng)量之比，根據(jù)彈簧對(duì)兩滑塊做功等于滑塊動(dòng)能的變化量求出彈簧對(duì)兩滑塊做功之比．

本題是動(dòng)量守恒定律的直接應(yīng)用，要比較物理量之間的比例關(guān)系，就要把這個(gè)量用已知量表示出來(lái)再進(jìn)行比較．【解析】C

8、A【分析】當(dāng)天車(chē)突然停止時(shí)，AB

兩物體將做圓周運(yùn)動(dòng)，在最低點(diǎn)時(shí)，向心力由吊繩的拉力與重力的合力提供，即F鈭?mg=m

，故F=mg+m

，所以有FA>FB>mg

【解析】A

9、D【分析】在非均勻的電場(chǎng)中；初速為零；重力不計(jì)的帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡不會(huì)與電場(chǎng)線重合，故A錯(cuò)誤。

電場(chǎng)線的切線方向一定與通過(guò)此處的正電荷受力的方向相同；故B錯(cuò)誤。

電場(chǎng)線的切線方向一定與通過(guò)此處的正電荷受力的方向相同；只有電荷只受電場(chǎng)力作用，其一定與通過(guò)該點(diǎn)的正電荷的加速度方向才相同，故C錯(cuò)誤；

電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小；故D正確．

故選：D

【解析】D

二、填空題(共5題，共10分)10、略

【分析】【解析】（1）振動(dòng)方向沿y軸正方向（2）（3）振子的固有周期為2秒當(dāng)考點(diǎn)：機(jī)械振動(dòng)圖像【解析】【答案】（1）沿y軸正方向（2）32cm（3）時(shí)，受迫振動(dòng)的振幅最大11、略

【分析】解：從樣品C的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知：拉力每增加200N；懸索的伸長(zhǎng)量增加0.01cm所以懸索的伸長(zhǎng)量與拉力成正比例關(guān)系．

則其關(guān)系式為：F=kx，所以得出系數(shù)k：k=當(dāng)F=200N，x=0.01cm=10-4m時(shí)：k=2×106N/m．由此得出拉力F的關(guān)系式為：F=2×106x；比例系數(shù)的單位為：N/m．

從樣品A；C、E的數(shù)據(jù)知：懸索的長(zhǎng)度相同時(shí)；懸索的橫截面積越小，受到拉力時(shí)懸索的伸長(zhǎng)量越大，比例系數(shù)與懸索的橫截面積的大小成正比；

從樣品A；B、D的數(shù)據(jù)知：懸索的橫截面積相同時(shí)；懸索的長(zhǎng)度越長(zhǎng)，受到拉力時(shí)懸索的伸長(zhǎng)量越大，其比例系數(shù)與懸索長(zhǎng)度的平方的倒數(shù)成正比．

故答案為：F=2×106x；平方的倒數(shù)。

從樣品C的數(shù)據(jù)可知：當(dāng)拉力增大時(shí)；懸索的伸長(zhǎng)量也增加，所以懸索的伸長(zhǎng)量與拉力是正比例關(guān)系，據(jù)此可求出關(guān)系式，而系數(shù)的單位可通過(guò)單位的計(jì)算求出，當(dāng)知道拉力時(shí)根據(jù)關(guān)系式也可求出伸長(zhǎng)量．要知道比例系數(shù)與什么物理量有關(guān)，我們可用控制變量法來(lái)進(jìn)行探究。

本題考查學(xué)生對(duì)“探究彈力與彈簧伸長(zhǎng)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)的遷移能力、對(duì)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)原理的掌握和從圖表歸納所需信息的能力，還考查了學(xué)生的邏輯推理能力、運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)解決物理問(wèn)題的能力和實(shí)驗(yàn)探究能力【解析】F=2×106x；平方的倒數(shù)12、52.35；1.990【分析】解：(1)

由圖示游標(biāo)卡尺可知；主尺示數(shù)是52mm

游標(biāo)尺示數(shù)是7隆脕0.05mm=0.35mm

則圓柱體的長(zhǎng)度是52mm+0.35mm=52.35mm

(2)

由圖示螺旋測(cè)微器可知；固定刻度示數(shù)是1.5mm

可動(dòng)刻度示數(shù)是49.0隆脕0.01mm=0.490mm

圓柱體的直徑是1.5mm+0.490mm=1.990mm

故答案為(1)52.35

(2)1.990

(1)

游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺的示數(shù)；

(2)

螺旋測(cè)微器固定刻度示數(shù)與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)；

本題考查了游標(biāo)卡尺與螺旋測(cè)微器的讀數(shù)，游標(biāo)卡尺與螺旋測(cè)微器是高中物理的常用實(shí)驗(yàn)器材，它們的讀數(shù)問(wèn)題是高考的?？純?nèi)容，一定要掌握。【解析】52.351.990

13、略

【分析】解：導(dǎo)體中的自由電子帶負(fù)電；故導(dǎo)體中自由電子定向移動(dòng)的方向與電流方向相反；

由歐姆定律可知：I=

由I=可知：q=It=

則電子數(shù)n==

故答案為：相反；

方向與正電荷定向移動(dòng)的方向相同；與負(fù)電荷定量移動(dòng)的方向相反．由歐姆中求得電路中的電流，再由微觀表達(dá)式可求得電子個(gè)數(shù)．

本題考查歐姆定律、電流的定義；要注意明確金屬導(dǎo)體中導(dǎo)體物質(zhì)為帶負(fù)電的自由電子．【解析】相反；14、404080【分析】【分析】根據(jù)動(dòng)能表達(dá)式即可求得動(dòng)能，而瞬時(shí)功率根據(jù)P=Fvcos婁脠

求解，根據(jù)牛頓第二定律列式求解拉力；解題的關(guān)鍵是利用動(dòng)能的表達(dá)式和瞬時(shí)功率的計(jì)算公式?！窘獯稹磕硶r(shí)刻貨物的速度為0.2m/s

那么這時(shí)刻貨物的動(dòng)能為：Ek=12mv2=12隆脕2.0隆脕103隆脕0.22J=40J

根據(jù)牛頓第二定律，有：F=m(g+a)

計(jì)算得出：F=20400N

拉力的功率：P=Fv=20400隆脕0.2W=4080W

故應(yīng)填：404080

【解析】404040804080三、判斷題(共8題，共16分)15、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．16、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．21、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱(chēng)；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、證明題(共2題，共4分)23、略

【分析】見(jiàn)答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)24、略

【分析】見(jiàn)答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)五、計(jì)算題(共4題，共28分)25、略

【分析】

（1）燈泡正常發(fā)光；根據(jù)功率公式P=UI可求得電流大??；

（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律可求得電動(dòng)機(jī)兩端的電壓；再根據(jù)電動(dòng)機(jī)輸出功率等于總功率與熱功率的差值即可求得輸出功率；

（3）根據(jù)P=EI可求得電源的總功率．

本題考查閉合電路歐姆定律以及功率公式的應(yīng)用，要注意明確電動(dòng)機(jī)為非純電阻電路，其輸出功率為輸入功率與熱功率的差值，在計(jì)算中要注意掌握正確選擇功率公式的方法．【解析】解：（1）燈泡L正常發(fā)光，電路中的電流為I===2A

（2）由閉合電路歐姆定律可求得，電動(dòng)機(jī)的額定電壓為UD=E-I（r+R）-UL=20-2×（1+4）-3=7V

電動(dòng)機(jī)的總功率為P總=IUD=2×7=14W

電動(dòng)機(jī)的熱功率為P熱=I2RD=22×0.5=2W

所以電動(dòng)機(jī)的輸出功率為P出=P總-P熱=14-2=12W

（3）電源的總功率P總=EI=20×2=40W

答：（1）電路中的電流大小為2A；

（2）電動(dòng)機(jī)的額定電壓和輸出功率分別為7V和12W；

（3）電源的總功率為40W．26、解：（1）以活塞為研究對(duì)象，

得

而

所以有：

解得：==0.05m=5cm

（2）活塞上加一豎直向上的拉力，U形管中左管水銀面高出右管水銀面

封閉氣體的壓強(qiáng)=1×=93200

初始時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)為：

汽缸內(nèi)的氣體發(fā)生的是等溫變化，根據(jù)玻意耳定律，有：

代入數(shù)據(jù)：106800×70S=93200×hS

解得：h=80cm

答：（1）U形管中左管與右管的水銀面的高度差為5cm；

（2）在活塞上加一豎直向上的拉力使U形管中左管水銀面高出右管水銀面h2=5cm，活塞平衡時(shí)與氣缸底部的高度為80cm【分析】

（1）對(duì)活塞受力分析；根據(jù)平衡條件求解封閉氣體的壓強(qiáng)，再根據(jù)壓強(qiáng)關(guān)系求出左右管水銀面的高度差；

（2）分析初末狀態(tài)的體積和壓強(qiáng)；根據(jù)等溫變化列式求解．

本題力學(xué)知識(shí)與氣體性質(zhì)的綜合，橋梁是壓強(qiáng)．往往對(duì)跟氣體接觸的水銀或活塞研究，根據(jù)平衡條件或牛頓第二定律研究氣體的壓強(qiáng)．【解析】解：（1）以活塞為研究對(duì)象，

得

而

所以有：

解得：==0.05m=5cm

（2）活塞上加一豎直向上的拉力，U形管中左管水銀面高出右管水銀面

封閉氣體的壓強(qiáng)=1×=93200

初始時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)為：

汽缸內(nèi)的氣體發(fā)生的是等溫變化，根據(jù)玻意耳定律，有：

代入數(shù)據(jù)：106800×70S=93200×hS

解得：h=80cm

答：（1）U形管中左管與右管的水銀面的高度差為5cm；

（2）在活塞上加一豎直向上的拉力使U形管中左管水銀面高出右管水銀面h2=5cm，活塞平衡時(shí)與氣缸底部的高度為80cm27、解：(1)

根據(jù)右手定則判斷可知流過(guò)電阻R

的電流方向從M

到P

．

(2)

當(dāng)ab

沿軌道的速度最大時(shí)；做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則由平衡條件得：

mgsin婁脠=BId

又I=ER+r=BdvR+r

聯(lián)立解得ab

的最大速度為：v=mg(R+r)sin婁脠B2d2

答：(1)ab

沿軌道下滑過(guò)程中；流過(guò)電阻R

的電流方向從M

到P

(2)ab

沿軌道下滑的最大速度為mg(R+r)sin婁脠B2d2

．【分析】

(1)

由右手定則判斷出感應(yīng)電流的方向．

(2)ab

沿軌道的速度最大時(shí)；做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件和安培力與速度的關(guān)系式，求得最大速度．

本題關(guān)鍵要正確分析棒的運(yùn)動(dòng)情況，熟練推導(dǎo)出安培力與速度的關(guān)系式，運(yùn)用平衡條件解答．【解析】解：(1)

根據(jù)右手定則判斷可知流過(guò)電阻R

的電流方向從M

到P

．

(2)

當(dāng)ab

沿軌道的速度最大時(shí)；做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則由平衡條件得：

mgsin婁脠=BId

又I=ER+r=BdvR+r

聯(lián)立解得ab

的最大速度為：v=mg(R+r)sin婁脠B2d2

答：(1)ab

沿軌道下滑過(guò)程中；流過(guò)電阻R

的電流方向從M

到P

(2)ab

沿軌道下滑的最大速度為mg(R+r)sin婁脠B2d2

．28、解：設(shè)初狀態(tài)時(shí)被封閉氣體的壓強(qiáng)為P1，對(duì)兩只活塞和細(xì)繩組成的整體，由平衡條件得：

解得：

取初始位置時(shí)被封氣體的狀態(tài)為1狀態(tài)，活塞恰好下降到粗細(xì)兩部分氣缸的交界處時(shí)被封氣體的狀態(tài)為2狀態(tài)。設(shè)當(dāng)溫度降低到T2時(shí)，上面的活塞恰好下降到粗細(xì)兩部分氣缸的交界處1狀態(tài)時(shí)

由題意分析可知，當(dāng)溫度降低活塞下降過(guò)程中，被封氣體的壓強(qiáng)保持不變。2狀態(tài)時(shí)，被封氣體的體積

對(duì)被封氣體，從1狀態(tài)到2狀態(tài)，由查理定律得

解得：T2=300K【分析】本題考查氣體定律與力學(xué)平衡的綜合運(yùn)用，解題關(guān)鍵是要利用平衡求出初末狀態(tài)封閉氣體的壓強(qiáng)，分析好壓強(qiáng)P

體積V

溫度T

三個(gè)參量的變化情況，再選擇合適的規(guī)律解決。選擇兩活塞組成的整體作為研究對(duì)象，根據(jù)受力平衡結(jié)合大氣對(duì)BB活塞豎直向上的壓力等于活塞AABB的總重力，聯(lián)立即可求出開(kāi)始未加外力時(shí)兩活塞間氣體的壓強(qiáng)，過(guò)程中氣體的溫度始終保持不變，根據(jù)玻意耳定律即可求出溫度。

【解析】解：設(shè)初狀態(tài)時(shí)被封閉氣體的壓強(qiáng)為P1

對(duì)兩只活塞和細(xì)繩組成的整體，由平衡條件得：1(S1鈭?S2)=(m1+m2)g+0(S1鈭?S2)

解得：P1=1.2隆脕105Pa

取初始位置時(shí)被封氣體的狀態(tài)為1

狀態(tài)，活塞恰好下降到粗細(xì)兩部分氣缸的交界處時(shí)被封氣體的狀態(tài)為2

狀態(tài)。設(shè)當(dāng)溫度降低到T2

時(shí)，上面的活塞恰好下降到粗細(xì)兩部分氣缸的交界處1

狀態(tài)時(shí)V1=5.0隆脕10鈭?4m3T1=500K

由題意分析可知，當(dāng)溫度降低活塞下降過(guò)程中，被封氣體的壓強(qiáng)保持不變。2

狀態(tài)時(shí)，被封氣體的體積V2=S2L=3.0隆脕10鈭?4m3

對(duì)被封氣體，從1

狀態(tài)到2

狀態(tài)，由查理定律得V1T1=V2T2

解得：T2=300K

六、綜合題(共4題，共8分)29、略

【分析】A.【分析】由交流電的圖象的縱坐標(biāo)的最大值讀出電流的最大值，讀出周期，求出頻率。根據(jù)交流電i鈭?t

圖象讀出交流電的最大值、周期及任意時(shí)刻電流的大小是基本能力，比較簡(jiǎn)單。【解答】根據(jù)圖象可知該交流電的電流最大值是Im=102A

有效值為I=Im2=1022A=10A

周期T=0.2s

則頻率為f=1T=10.2=5Hz

故填：105

B.【分析】在電源的外電路中，電流從電源的正極流向負(fù)極.

根據(jù)閉合電路歐姆定律求電流的大小。本題是簡(jiǎn)單的電路分析和計(jì)算問(wèn)題，關(guān)鍵要掌握電流的方向和閉合電路歐姆定律?！窘獯稹扛鶕?jù)閉合電路歐姆定律得：電路中電流的大小I=ER+r=43+1A=1A

燈泡兩端的電壓為：U=IR=1隆脕3V=3V

故填：13

【解析】A.105

B.13

30、（1）ABC

（2）

解：設(shè)外界大氣壓為p0；設(shè)活塞b向右移動(dòng)的距離為x，此時(shí)氣體A、B的壓強(qiáng)均為p；

對(duì)A：pA1=p0，VA1=LASa；pA2=p，VA2=（LA-d）Sa+xSb；

由于是等溫變化，由波意耳定律可得：pA1VA1=pA2VA2；

對(duì)B：pB1=p0，VB1=LBSb；pB2=p，VB2=（LB-x）Sb；

由于是等溫變化，由玻意耳定律可得：pB1VB1=pB2VB2；

聯(lián)立解得：

即：活塞b向右移動(dòng)的距離為【分析】(1)

【分析】溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高分子的平均動(dòng)能增加，不同溫度下相同速率的分子所占比例不同，要注意明確圖象的意義是解題的關(guān)鍵。本題考查了分子運(yùn)動(dòng)速率的統(tǒng)計(jì)分布規(guī)律；記住圖象的特點(diǎn)，知道橫坐標(biāo)表示的是分子數(shù)目所占據(jù)的比例，同時(shí)明確溫度與分子平均動(dòng)能間的關(guān)系。【解答】A.由題圖可知；在0隆忙

和100隆忙

兩種不同情況下各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分子速率間的關(guān)系圖線與橫軸所圍面積都應(yīng)該等于1

即相等，故A正確；

B.由圖可知；具有最大比例的速率區(qū)間，0隆忙

時(shí)對(duì)應(yīng)的速率小，故說(shuō)明虛線為0隆忙

的分布圖象，故對(duì)應(yīng)的平均動(dòng)能較小，故B正確；

C.實(shí)線對(duì)應(yīng)的最大比例的速率區(qū)間內(nèi)分子動(dòng)能大；說(shuō)明實(shí)驗(yàn)對(duì)應(yīng)的溫度大，故為100隆忙

時(shí)的情形，故C正確；

D.圖中曲線給出了任意速率區(qū)間的氧氣分子占據(jù)的比例；但無(wú)法確定分子具體數(shù)目，故D錯(cuò)誤；

E.由圖可知；0隆蘆400m/s

段內(nèi)，100隆忙

對(duì)應(yīng)的占據(jù)的比例均小于與0隆忙

時(shí)所占據(jù)的比值，因此100隆