2025年浙教版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年浙教版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷35考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、真空中有兩個(gè)距離保持不變的點(diǎn)電荷，若將它們各自的電量都增大到原來的3倍，則兩電荷之間相互作用的靜電力將增大到原來（）A.倍B.3倍C.6倍D.9倍2、太陽(yáng)圍繞銀河系中心的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)速度約為地球公轉(zhuǎn)速度的7倍，軌道半徑約為地球公轉(zhuǎn)軌道半徑的2×109倍，為了粗略估算銀河系中恒星的數(shù)目，可認(rèn)為銀河系中所有恒星的質(zhì)量都集中在銀河系中心，且銀河系中恒星的平均質(zhì)量約等于太陽(yáng)質(zhì)量，則銀河系中恒星數(shù)目約為A.109B.1011C.1013D.10153、如圖所示，在傾角的光滑固定斜面上，放有質(zhì)量分別為1kg和2kg的小球A和B，且兩球之間用一根長(zhǎng)L=0.3m的輕桿相連，小球B距水平面的高度h=0.3m．現(xiàn)讓兩球從靜止開始自由下滑，最后都進(jìn)入到上方開有細(xì)槽的光滑圓管中，不計(jì)球與圓管內(nèi)壁碰撞時(shí)的機(jī)械能損失，g取10m/s2．則下列說法中正確的有A.從開始下滑到A進(jìn)入圓管整個(gè)過程，小球A與地球兩者組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B.在B球未進(jìn)入水平圓管前，小球A與地球組成系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.兩球最后在光滑圓管中運(yùn)動(dòng)的速度大小為m/sD.從開始下滑到A進(jìn)入圓管整個(gè)過程，輕桿對(duì)B球做功1J4、如圖；一長(zhǎng)為2L的輕桿中央有一光滑的小孔O，兩端各固定質(zhì)量分別為m和2m的兩小球，光滑的鐵釘穿過小孔垂直釘在豎直的墻壁上，將輕桿由水平位置靜止釋放，轉(zhuǎn)到豎直位置，在轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中，忽略空氣的阻力．下列說法正確的是（）

A.在豎直位置兩球的速度大小均為

B.桿豎直位置時(shí)對(duì)m球的作用力向上，大小為mg

C.桿豎直位置時(shí)鐵釘對(duì)桿的作用力向上，大小為mg

D.由于忽略一切摩擦阻力；根據(jù)機(jī)械能守恒，桿一定能繞鐵釘做完整的圓周運(yùn)動(dòng)。

5、如圖所示，平直木板AB傾斜放置，板上的P點(diǎn)距A端較近，小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)由A到B逐漸減小，先讓物塊從A由靜止開始滑到B。然后，將A著地，抬高B，使木板的傾角與前一過程相同，再讓物塊從B由靜止開始滑到A。上述兩過程相比較，下列說法中一定正確的有（）A.物塊從頂端滑到P點(diǎn)的過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量，前一過程較少B.物塊經(jīng)過P點(diǎn)的動(dòng)能，前一過程較小C.物塊滑到底端的速度，兩次大小相等D.物塊從頂端滑到底端的時(shí)間，前一過程較長(zhǎng)6、某大型游樂場(chǎng)內(nèi)的新型滑梯可以等效為如圖9所示的物理模型，一個(gè)小朋友在AB段的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1＜tanθ，BC段的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2＞tanθ，他從A點(diǎn)開始下滑，滑到C點(diǎn)恰好靜止，整個(gè)過程中滑梯保持靜止?fàn)顟B(tài)，則該小朋友從斜面頂端A點(diǎn)滑到底端C點(diǎn)的過程中A.地面對(duì)滑梯的摩擦力方向先水平向左，后水平向右B.地面對(duì)滑梯始終無摩擦力作用C.地面對(duì)滑梯的支持力的大小始終等于小朋友和滑梯的總重力的大小D.地面對(duì)滑梯的支持力的大小先小于、后大于小朋友和滑梯的總重力的大小7、波源靜止的一列自右向左傳播的簡(jiǎn)諧橫波，在t=0時(shí)刻的波形圖如圖所示．已知在t1=0.3s時(shí)刻，P質(zhì)點(diǎn)首次位于波峰，Q點(diǎn)的坐標(biāo)是（-3，0），則以下說法正確的是（）A.這列波的傳播速度為0.2m/sB.在t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P向上運(yùn)動(dòng)C.站在x=-10m處的人，接收到此橫波的頻率小于2.5HzD.在t2=0.5s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)Q首次位于波峰8、李白在《望天門山》中寫到：“兩岸青山相對(duì)出，孤帆一片日邊來．”這兩句詩(shī)中描寫“青山”運(yùn)動(dòng)選擇的參考系是（）A.帆船B.河岸C.太陽(yáng)D.河岸的樹木9、如圖所示，光滑斜面固定于水平面，滑塊A、B疊放后一起沖上斜面，且始終保持相對(duì)靜止，A上表面水平．則AB一起在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，A的受力示意圖應(yīng)為（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、沿直線做勻變速運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)在第一個(gè)0.5s內(nèi)的平均速度比它在第一個(gè)1.5s內(nèi)的平均速度大2.45m/s，以質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较?，則質(zhì)點(diǎn)的加速度為____．11、某行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)可近似看作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知行星運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為R，周期為T，萬有引力恒量為G，則該行星的線速度v大小為____；太陽(yáng)的質(zhì)量M可表示為____．12、（2012秋?溧陽(yáng)市校級(jí)期末）如圖所示；一個(gè)輕彈簧豎直固定在水平地面上，將一個(gè)小球輕放在彈簧上，M點(diǎn)為輕彈簧豎直放置時(shí)彈簧頂端位置，在小球下落的過程中，小球以相同的動(dòng)量通過A；B兩點(diǎn)，歷時(shí)1s，過B點(diǎn)后再經(jīng)過1s，小球再一次通過B點(diǎn)，小球在2s內(nèi)通過的路程為6cm，N點(diǎn)為小球下落的最低點(diǎn)，則小球在做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的過程中：

（1）周期為____；（2）振幅為____．13、如圖所示，A、B兩物體相距S=5m時(shí)，A正以vA=4m/s的速度向右作勻速直線運(yùn)動(dòng)，而物體B此時(shí)速度vB=10m/s，隨即向右作勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小a=2m/s2，由圖示位置開始計(jì)時(shí)，則A追上B需要的時(shí)間是____s，在追上之前，兩者之間的最大距離是____m．

14、光滑平行金屬導(dǎo)軌長(zhǎng)L=2m，兩導(dǎo)軌間距d=0.5m，軌道平面與水平面的夾角為θ=30°，導(dǎo)軌上接一阻值為R=0.5Ω的電阻，其余電阻不計(jì)，軌道所在空間有垂直于軌道平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1T，有一質(zhì)量為m=0.4kg不計(jì)電阻的金屬棒ab，放在導(dǎo)軌的最上端，如圖所示，當(dāng)棒ab從最上端由靜止開始自由下滑，到達(dá)底端脫離軌道時(shí)，電阻R上產(chǎn)生的熱量為Q=1J．則當(dāng)棒的速度為v=2m/s時(shí)，它的加速度為____m/s2，棒下滑的最大速度為____m/s．

15、如圖所示，為一皮帶傳動(dòng)裝置．右輪的半徑為r，a是它邊緣上的一點(diǎn)．左側(cè)是一輪軸，大輪的半徑為4r，小輪的半徑為2r．b點(diǎn)在小輪上，到小輪中心的距離為r．c點(diǎn)和d點(diǎn)分別位于小輪和大輪的邊緣上．在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中皮帶不打滑．則a、b、c、d四點(diǎn)線速度之比為____，角速度之比為____，向心加速度之比為____．

16、【題文】（1）甲圖中游標(biāo)卡尺的讀數(shù)是____cm。（2）乙圖中螺旋測(cè)微器的讀數(shù)是____mm。評(píng)卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)17、“寧停三分，不搶一秒”指的是時(shí)間．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象，從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)____（判斷對(duì)錯(cuò)）19、幾個(gè)不同阻值的電阻并聯(lián)后，其總電阻等于各電阻之和．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、陰離子在陽(yáng)極放電，陽(yáng)離子在陰極放電．____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、點(diǎn)電荷一定是電量很小的電荷．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、平拋運(yùn)動(dòng)屬于勻變速運(yùn)動(dòng)，勻速圓周運(yùn)動(dòng)也屬于勻變速運(yùn)動(dòng)．____．23、電子手表中的液晶在外加電壓的影響下能夠發(fā)光．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）24、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象，從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)____（判斷對(duì)錯(cuò)）25、質(zhì)點(diǎn)是一個(gè)理想化模型，實(shí)際上并不存在，所以，引入這個(gè)概念沒有多大意義．____．評(píng)卷人得分四、證明題(共3題，共27分)26、如圖所示，兩個(gè)光滑的水平導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)．左側(cè)連接有阻值為R的電阻，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過導(dǎo)軌平面，有一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒以初速度v0向右運(yùn)動(dòng)．設(shè)除左邊的電阻R外．其它電阻不計(jì)．棒向右移動(dòng)最遠(yuǎn)的距離為s，問當(dāng)棒運(yùn)動(dòng)到λs時(shí)0＜λ＜L，證明此時(shí)電阻R上的熱功率：P=．27、宇航員駕駛一飛船在靠近某行星表面附近的圓形軌道上運(yùn)行，已知飛船運(yùn)行的周期為T，行星的平均密度為ρ．試證明ρT2=k（萬有引力恒量G為已知，k是恒量）．28、如圖所示，1、2、3為p-V圖中一定量理想氣體的三個(gè)狀態(tài)，該理想氣體由狀態(tài)1經(jīng)過程1-3-2到達(dá)狀態(tài)2．試?yán)脷怏w實(shí)驗(yàn)定律證明：．評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共4題，共16分)29、如圖所示，在水平光滑直導(dǎo)軌上，靜止著兩個(gè)質(zhì)量均為m=2kg的相同小球A、B，現(xiàn)讓A球以v0=2m/s的速度向著B球運(yùn)動(dòng)，A、B兩球碰撞后粘合在一起，兩球繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，則A、B兩球碰撞過程中損失的機(jī)械能為多大？30、一平直的傳送帶以速度v=2m/s勻速運(yùn)行；物體與傳送帶動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，在傳送帶最左端A處把物體輕輕地放到傳送帶上，A；B相距L=10m．求：

（1）物體在傳送帶上從A處傳送到最右端B處時(shí)間是多少？

（2）如果皮帶勻速的速度V可以取不同值，求物體從A到B的時(shí)間t隨傳送帶勻速速度V的函數(shù)關(guān)系式．31、【化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】rm{a}rmrm{c}rmsgseykorm{e}rm{f}是rm{H}rm{C}rm{N}rm{Na}rm{Si}rm{Cu}六種元素中的其中一種，已知：圖rm{1}表示的是這六種元素單質(zhì)的熔點(diǎn)高低順序，其中rm{c}rmgphwldl均是熱和電的良導(dǎo)體，rm{f}形成的某種單質(zhì)硬度最大?；卮鹣铝袉栴}：rm{(1)a}rmrm{f}三種元素的電負(fù)性從小到大的順序?yàn)開______________rm{(}用元素符號(hào)表示rm{)}rm{(2)}元素rm的單質(zhì)的一個(gè)分子中含有____個(gè)rm{婁脪}鍵和_____個(gè)rm{婁脨}鍵。rm{(3)}元素rm{c}的單質(zhì)的晶體堆積方式類型是______；若rm{c}單質(zhì)分別與氟氣和氯氣形成化合物甲和乙，則甲的晶格能______乙的晶格能rm{(}填rm{">"}rm{"<"}或rm{"=")}rm{(4)}元素rmxossdhi的單質(zhì)基態(tài)原子的價(jià)電子排布式為______________________。rm{(5)}元素rm{e}和rm{f}可形成化合物丙rm{(}丙的晶胞結(jié)構(gòu)如圖rm{2}所示rm{)}則丙的化學(xué)式為________；丙的晶體類型為_________，在丙中，每個(gè)rm{e}原子周圍最近的rm{e}原子數(shù)目為_______，若晶胞的邊長(zhǎng)為rm{apm}則丙的密度為__________________。rm{(}用rm{N_{A}}表示阿伏加德羅常數(shù)的值rm{)}32、如圖，在半徑為r

的軸上懸掛著一個(gè)質(zhì)量為M

的水桶P

軸上均勻分布著6

根手柄，每個(gè)柄端固定有質(zhì)量均為m

的金屬球，球離軸心的距離為l

輪軸；繩和手柄的質(zhì)量及摩擦均不計(jì).

現(xiàn)由靜止釋放水桶，整個(gè)裝置開始轉(zhuǎn)動(dòng)．

(1)

當(dāng)水桶下降的高度為h

時(shí)；水桶的速度為多少？

(2)

已知水桶勻加速下降，下降過程中細(xì)繩的拉力為多少？評(píng)卷人得分六、綜合題(共4題，共36分)33、（2016?潮南區(qū)模擬）如圖所示，一個(gè)半徑為R、內(nèi)側(cè)光滑的圓形軌道平放于光滑水平面上并被固定，其圓心為O．有a、b兩個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，分別靜止靠在軌道內(nèi)側(cè)、直徑AB的兩端，兩球質(zhì)量分別為ma=4m和mb=m．現(xiàn)給a球一個(gè)沿軌道切線方向的水平初速度v0，使其從A向B運(yùn)動(dòng)并與b球發(fā)生彈性碰撞，已知兩球碰撞時(shí)間極短，求兩球第一次碰撞和第二次碰撞之間的時(shí)間間隔．34、【題文】一在豎直方向振動(dòng)的彈簧振子，其周期為T，當(dāng)振子從平衡位置O向上振動(dòng)時(shí)，處在與平衡位置O同一水平線上的一小球恰以某速度v0開始被向上拋出.求當(dāng)v0多大時(shí)，振子和小球在平衡位置O處同時(shí)向下運(yùn)動(dòng)？35、【題文】試確定下列幾個(gè)擺球在平衡位置附近來回振動(dòng)的周期.

（1）如圖11-4-3甲所示.懸掛在水平橫梁上的雙線擺球.擺線長(zhǎng)為l；擺線與水平橫梁夾角θ；

（2）如圖11-4-3乙所示.光滑斜面上的擺球.斜面傾角為θ；擺線長(zhǎng)為l；

（3）如圖11-4-3丙所示.懸掛在升降機(jī)中的單擺；擺長(zhǎng)為l，升降機(jī)以加速度a豎直向上做勻加速運(yùn)動(dòng).

圖11-4-336、下暴雨時(shí)，有時(shí)會(huì)發(fā)生山體滑坡或泥石流等地質(zhì)災(zāi)害．某地有一傾角為θ=37°（sn37°=0.6cos37°=0.8）的山坡C，上面有一質(zhì)量為2m的石板B，其上下表面與斜坡平行；B上有一碎石堆A（含有大量泥土），A和B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示．假設(shè)某次暴雨中，A浸透雨水后總質(zhì)量為m（可視為質(zhì)量不變的滑塊），在極短時(shí)間內(nèi)，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1減小為，B、C間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2減小為0.5，A、B開始運(yùn)動(dòng)．已知A開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，A離B下邊緣的距離l=12m，C足夠長(zhǎng)．取重力加速度大小g=10m/s2．

求：

（1）A和B加速度的大小。

（2）A在B上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】真空中點(diǎn)電荷之間相互作用的靜電力遵守庫(kù)侖定律：F=k，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)，運(yùn)用比例法求出靜電力增大的倍數(shù)．【解析】【解答】解：由庫(kù)侖定律F=k得：點(diǎn)電荷間的距離r保持不變；靜電力與兩點(diǎn)電荷的電量乘積成正比，每個(gè)電荷的電荷量都增大到原來的3倍，則靜電力將增大到原來的9倍．

故選：D．2、B【分析】試題分析：據(jù)題意，環(huán)繞天體圍繞中心天體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力定律提供向心力，則有：整理得：設(shè)恒星總質(zhì)量為M，太陽(yáng)質(zhì)量為則有：，故B選項(xiàng)正確?？键c(diǎn)：本題考查萬有引力定律?！窘馕觥俊敬鸢浮緽3、B|C|D【分析】試題分析：B球未進(jìn)入水平圓管前A、B都只受重力做功，A、B機(jī)械能守恒定律，B進(jìn)入圓管的過程中，A機(jī)械能減小，B機(jī)械能增加，A錯(cuò)誤、B正確；A、B整體機(jī)械能守恒，全部進(jìn)入圓管中，速度為m/s，C正確；B的機(jī)械能增加1J，D正確?？键c(diǎn)：機(jī)械能守恒定律【解析】【答案】BCD4、C【分析】

A；將輕桿從水平位置由靜止釋放；轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)，兩球的速度大小相等，設(shè)為v，根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，得。

2mgL-mgL=?3mv2，解得，v=．故A錯(cuò)誤．

B、桿轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)，對(duì)m球：mg-N=m解得，N=故B錯(cuò)誤；

C、桿轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)，對(duì)2m球：N′-2mg=2m解得，N′=所以鐵釘對(duì)桿的作用力向上，大小為N+N′=故C正確；

D；由機(jī)械能守恒定律分析得知；當(dāng)系統(tǒng)順時(shí)針轉(zhuǎn)到水平位置時(shí)速度為零，然后再逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，不可能做完整的圓周運(yùn)動(dòng)．故D錯(cuò)誤．

故選C

【解析】【答案】將輕桿從水平位置由靜止釋放；轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)，A；B兩球的速度大小相等，根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，求出速度大?。畬?duì)B研究，根據(jù)牛頓第二定律求解桿的作用力大小和方向，分析機(jī)械能的變化，判斷A的機(jī)械能是否守恒．

5、B|C|D【分析】試題分析：物塊從頂端滑到P點(diǎn)的過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量板上的P點(diǎn)距A端較近，s較小，但PA之間摩擦因數(shù)較大，故二者之間熱量多少無法比較，A錯(cuò)誤；先讓物塊從A由靜止開始滑到B，又因?yàn)閯?dòng)摩擦因數(shù)由A到B逐漸減小，說明重力沿斜面的分量在整個(gè)過程中都大于摩擦力．也就是說無論哪邊高，合力方向始終沿斜面向下．物塊從A由靜止開始滑到P時(shí)，摩擦力較大，故合力較小，距離較短；物塊從B由靜止開始滑到P時(shí)，摩擦力較小，故合力較大，距離較長(zhǎng)．所以由動(dòng)能定理，物塊從A由靜止開始滑到P時(shí)合力做功較少，P點(diǎn)是動(dòng)能較??；由B到P時(shí)合力做功較多，P點(diǎn)是動(dòng)能較大．因而B正確；由動(dòng)能定理，兩過程合力做功相同，到底端時(shí)速度應(yīng)相同；因而C正確；采用v-t法分析，第一個(gè)過程加速度在增大，故斜率增大，第二個(gè)過程加速度減小，故斜率變小，由于傾角一樣大，根據(jù)能量守恒，末速度是一樣大的，還有就是路程一樣大，圖象中的面積就要相等，所以第一個(gè)過程的時(shí)間長(zhǎng)；因而D正確；考點(diǎn)：考查了動(dòng)能定理，功能關(guān)系的應(yīng)用【解析】【答案】BCD6、A|D【分析】小朋友在AB段沿滑梯向下勻加速下滑，在BC段向下勻減速下滑，因此小朋友和滑梯組成的系統(tǒng)水平方向的加速度先向左后向右，則地面對(duì)滑梯的摩擦力即系統(tǒng)水平方向合外力先水平向左，后水平向右，A正確，B錯(cuò)誤；系統(tǒng)在豎直方向的加速度先向下后向上，因此系統(tǒng)先失重后超重，故地面對(duì)滑梯的支持力的大小先小于、后大于小朋友和滑梯的總重力的大小，D對(duì).【解析】【答案】AD7、D【分析】【分析】由波形圖求出波長(zhǎng)，根據(jù)P點(diǎn)的振動(dòng)情況求出波的周期，然后求出周期及波速大小，根據(jù)波的傳播方向判斷振動(dòng)的振動(dòng)方向，當(dāng)x=2cm的波形傳到Q點(diǎn)時(shí)，Q點(diǎn)第一次到達(dá)波峰【解析】【解答】解：A、波向左傳播，所以t=0時(shí)刻，P點(diǎn)向下振動(dòng)，t1=0.3s時(shí)刻；P質(zhì)點(diǎn)首次位于波峰，可得周期為T=0.4s，根據(jù)圖象可知，波長(zhǎng)。

λ=4cm=0.04m，所以波速；故AB錯(cuò)誤；

C、該波的頻率f=；波源靜止，站在x=-10m處的人，看到波源不動(dòng)，所以頻率不變，仍為2.5Hz，故C錯(cuò)誤；

D、當(dāng)x=2cm的波形傳到Q點(diǎn)時(shí)，Q點(diǎn)第一次到達(dá)波峰，所需時(shí)間t==0.5s，所以在t2=0.5s時(shí)刻；質(zhì)點(diǎn)Q首次位于波峰，故D正確；

故選：D8、A【分析】【分析】（1）研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)；要選擇一個(gè)物體作為標(biāo)準(zhǔn)，這個(gè)標(biāo)準(zhǔn)就是參照物；

（2）判斷物體運(yùn)動(dòng)還是靜止，就是看研究的物體和參照物之間位置是否發(fā)生了變化．【解析】【解答】解：分析詩(shī)中描寫“青山”運(yùn)動(dòng)選擇的參考系是。

A；以“帆船”為參照物；“青山”和“帆船”之間的位置發(fā)生了變化，故“青山”是運(yùn)動(dòng)的；故A正確。

B；以“河岸”為參照物；“青山”與“河岸”之間的位置沒有發(fā)生變化，故“青山”是靜止的；BD錯(cuò)誤。

C；在判斷“青山”運(yùn)動(dòng)情況時(shí)；都是以“地面”為參照物，當(dāng)以太陽(yáng)為參考系是只能研究地球，而青山相對(duì)地球是靜止的，故D錯(cuò)誤。

故選：A．9、B【分析】【分析】對(duì)整體分析，得出整體的加速度方向，確定B的加速度方向，知道B的合力方向，從而知道A的受力情況．【解析】【解答】解：整體向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；加速度方向沿斜面向下，則B的加速度方向沿斜面向下．根據(jù)牛頓第二定律知，A的合力沿斜面向下，則B一定受到水平向左的摩擦力以及重力和支持力．故B正確，A；C、D錯(cuò)誤．

故選：B．二、填空題(共7題，共14分)10、-4.9m/s2【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度推論求出兩段時(shí)間內(nèi)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，結(jié)合速度時(shí)間公式求出質(zhì)點(diǎn)的加速度．【解析】【解答】解：第1個(gè)0.5s內(nèi)的平均速度等于0.25s末時(shí)的瞬時(shí)速度；第一個(gè)1.5s內(nèi)的平均速度等于0.75s末時(shí)的瞬時(shí)速度，根據(jù)速度時(shí)間公式△v=at得：

a=．

故答案為：-4.9m/s211、【分析】【分析】根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)求出行星的線速度大?。?/p>

研究行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式求出中心體的質(zhì)量．【解析】【解答】解：根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)得：

v=

研究行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)作勻速圓周運(yùn)動(dòng)；根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式：

解得：

故答案為：；12、4s3cm【分析】【分析】（1）根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性；求出振子完成一次全振動(dòng)的時(shí)間，即為周期．

（2）根據(jù)對(duì)稱性可知：小球從A經(jīng)B到N再返回B所經(jīng)過的路程，與小球從B經(jīng)A到M再返回A所經(jīng)過的路程相等，即可求得一個(gè)周期內(nèi)振子通過的路程，即可求得振幅．【解析】【解答】解：（1）小球以相同動(dòng)量通過A、B兩點(diǎn)，由空間上的對(duì)稱性可知，平衡位置O在AB的中點(diǎn)；再由時(shí)間上的對(duì)稱性可知，tAO=tBO=0.5s，tBN=tNB=0.5s，所以tON=tOB+tBN=1s，因此小球做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期T=4tON=4s．

（2）小球從A經(jīng)B到N再返回B所經(jīng)過的路程，與小球從B經(jīng)A到M再返回A所經(jīng)過的路程相等．因此小球在一個(gè)周期內(nèi)所通過的路程是S=12cm，振幅為A==3cm．

故答案為：（1）4s；（2）3cm13、7.514【分析】【分析】A作勻速直線運(yùn)動(dòng)，B作勻減速直線運(yùn)動(dòng)，A追上B時(shí)，A的位移比B的位移大5m，在追上之前，最大位移的臨界條件出現(xiàn)在A、B速度相等的時(shí)候，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)和勻速運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求出兩者間的最大距離．【解析】【解答】解：（1）因?yàn)锽在減速運(yùn)動(dòng)中的平均速度=5m/s，大于vA=4m/s；故A在B停止運(yùn)動(dòng)后才會(huì)追上B．

由于B做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度a=-2m/s2，初速度vB=10m/s

故B在勻減速中的位移

所以A追上B時(shí)A的位移xA=xB+5m=30m

所以A追上B的時(shí)間t=s．

（2）因?yàn)锽做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，所以當(dāng)vA=vB時(shí)；A；B間距離最大：

此時(shí)B的位移：；

又據(jù)V=v0+at，當(dāng)vA=vB時(shí)B做勻減速的時(shí)間t=

此時(shí)A的位移：xA=vAt=4×3m=12m

由題意知，此時(shí)AB間距離xAB=5m+（xB′-xA）=5+（21-12）m=14m．

故答案為：7.5，14．14、略

【分析】

棒做加速度逐漸減小的變加速運(yùn)動(dòng)．

（1）速度為v=2m/s時(shí)，由感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=Bdv，感應(yīng)電流I=得。

棒所受的安培力為：F=Bld==N=1N

此時(shí)棒的加速度為：a==gsinθ-=5-=2.5m/s2

（2）棒到達(dá)底端時(shí)速度最大；根據(jù)能量守恒定律：

mgLsinθ=m+Q；

代入解得，vm=m/s

故答案為：2.5，．

【解析】【答案】（1）棒由靜止開始自由下滑的過程中，切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到沿斜面向上的安培力，由E=Bdv、I=F=BId結(jié)合求出安培力；再根據(jù)牛頓第二定律求解加速度；

（2）棒到達(dá)底端時(shí)速度最大；根據(jù)能量守恒定律求解最大速度．

15、略

【分析】

靠傳送帶傳動(dòng)兩輪子邊緣上的點(diǎn)線速度大小相等，所以a、c的線速度大小相等，共軸轉(zhuǎn)動(dòng)的物體上各點(diǎn)具有相同的角速度，所以b、c、d的角速度相等，根據(jù)v=rω，知a、c兩點(diǎn)的角速度之比為2：1，所以a、b；c、d四點(diǎn)角速度之比為2：1：1：1；

根據(jù)v=rω，知b、c、d的線速度之比為：1：2：4，所以a、b；c、d四點(diǎn)線速度之比為2：1：2：4；

根據(jù)a=得：a、b；c、d四點(diǎn)向心加速度之比為4：1：2：4；

故答案為：2：1：2：4；2：1：1：1；4：1：2：4

【解析】【答案】共軸轉(zhuǎn)動(dòng)的物體上各點(diǎn)具有相同的角速度；靠傳送帶傳動(dòng)兩輪子邊緣上的點(diǎn)線速度大小相等．

16、略

【分析】【解析】

考點(diǎn)：刻度尺；游標(biāo)卡尺的使用；螺旋測(cè)微器的使用．

分析：游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀．螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

解：游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為100mm；游標(biāo)讀數(shù)為0.05×10mm=0.50mm，所以最終讀數(shù)為100.50mm=10.050cm．

螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)3mm；可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×20.0=0.200mm，所以最終讀數(shù)為3.200mm．

故本題答案為：10.050，3.200【解析】【答案】（1）10.050（2）3.200(3.198-3.202)三、判斷題(共9題，共18分)17、√【分析】【分析】時(shí)間是指時(shí)間的長(zhǎng)度，在時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)一段距離，對(duì)應(yīng)物體的位移或路程，時(shí)刻是指時(shí)間點(diǎn)，在時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)的是一個(gè)點(diǎn)，對(duì)應(yīng)物體的位置．【解析】【解答】解：“寧停三分；不搶一秒”中的3分是3分鐘，3分鐘與1秒鐘在時(shí)間軸上都是指的時(shí)間的長(zhǎng)度，都是時(shí)間．故該說法正確；

故答案為：√18、√【分析】【分析】貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，使人們認(rèn)識(shí)到原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；【解析】【解答】解：貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象；從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，拉開了人們以及原子核的序幕．故以上的說法是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】根據(jù)并聯(lián)電阻的總電阻的倒數(shù)等于個(gè)分電阻的讀數(shù)之和進(jìn)行判定即可，【解析】【解答】解：因?yàn)椴⒙?lián)電阻的總電阻的倒數(shù)等于個(gè)分電阻的倒數(shù)之和；所以題干則的說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×20、×【分析】【分析】陰極射線是在1858年利用低壓氣體放電管研究氣體放電時(shí)發(fā)現(xiàn)的．1897年約瑟夫?約翰?湯姆生根據(jù)放電管中的陰極射線在電磁場(chǎng)和磁場(chǎng)作用下的軌跡確定陰極射線中的粒子帶負(fù)電，并測(cè)出其荷質(zhì)比，這在一定意義上是歷史上第一次發(fā)現(xiàn)電子．【解析】【解答】解：陰極即負(fù)極；陰極射線是負(fù)極發(fā)出的射線，是電子流；同理，陽(yáng)離子在陽(yáng)極放電．故該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．21、×【分析】【分析】元電荷一定是電量最小的電荷；點(diǎn)電荷是一種理想化模型，其本身所帶的電量可以很大．【解析】【解答】解：點(diǎn)電荷是一種理想化模型；當(dāng)帶電體的體積和形狀相對(duì)所研究的問題可以忽略的時(shí)候，帶電體可以看做點(diǎn)電荷，其本身所帶的電量可以很大．故此說法錯(cuò)誤．

故答案為：×22、×【分析】【分析】勻變速運(yùn)動(dòng)是指加速度恒定的運(yùn)動(dòng)；平拋運(yùn)動(dòng)的加速度為g，恒定；勻速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度總是指向圓心，時(shí)刻改變．【解析】【解答】解：勻變速運(yùn)動(dòng)是指加速度恒定的運(yùn)動(dòng)；

平拋運(yùn)動(dòng)的加速度為g；恒定，是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)；

勻速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度總是指向圓心；時(shí)刻改變，是變加速運(yùn)動(dòng)；

故答案為：×．23、×【分析】【分析】液晶像液體一樣可以流動(dòng)，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)；液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光，而是由于液晶通電時(shí)，排列變得有秩序，使光線容易通過．【解析】【解答】解：液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光；而是由于液晶通電時(shí)，排列變得有秩序，使光線容易通過．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×24、√【分析】【分析】貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，使人們認(rèn)識(shí)到原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；【解析】【解答】解：貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象；從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，拉開了人們以及原子核的序幕．故以上的說法是正確的．

故答案為：√25、×【分析】【分析】質(zhì)點(diǎn)是人們?yōu)榱搜芯繂栴}的方便而忽略物體的形狀和大小而人為引入的一個(gè)理想化模型，故實(shí)際上并不存在，質(zhì)點(diǎn)雖然忽略物體的形狀和大小但保留了物體其它的性質(zhì)，故不同于幾何中的點(diǎn)，只要物體的形狀和大小對(duì)研究問題沒有影響或者影響可以忽略不計(jì)時(shí)物體就可以當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)，與物體的體積的大小無關(guān)．【解析】【解答】解：質(zhì)點(diǎn)是一個(gè)理想化模型；實(shí)際上并不存在，質(zhì)點(diǎn)是人們?yōu)榱搜芯繂栴}的方便而忽略物體的形狀和大小而人為引入的一個(gè)理想化模型，只要物體的形狀和大小對(duì)研究問題沒有影響或者影響可以忽略不計(jì)時(shí)物體就可以當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)．故說法錯(cuò)誤．

故答案為：×．四、證明題(共3題，共27分)26、略

【分析】【分析】導(dǎo)體棒向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，受到向左的安培力作用而減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律和加速度的定義式，運(yùn)用積分法研究整個(gè)過程，再對(duì)棒運(yùn)動(dòng)λs時(shí)研究，求出電路中電流，從而得到R上的熱功率．【解析】【解答】證明：取向右為正方向．根據(jù)牛頓第二定律得：

-=ma=m①

即得-v△t=m△v②

兩邊求和得：（-v△t）=m△v③

又v△t=△x④

對(duì)整個(gè)過程，由③求和得-s=m（0-v0）；

即有s=mv0⑤

從開始運(yùn)動(dòng)到棒運(yùn)動(dòng)到λs的過程，由③求和得：-λs=m（v-v0）⑥

由⑤⑥解得棒運(yùn)動(dòng)到λs速度為：v=（1-λ）v0⑦

此時(shí)電阻R上的熱功率為：P===．

得證．27、略

【分析】【分析】研究飛船在某行星表面附近沿圓軌道繞該行星飛行；根據(jù)根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式．

根據(jù)密度公式表示出密度進(jìn)行證明．【解析】【解答】證明：設(shè)行星半徑為R；質(zhì)量為M；飛船在靠近行星表面附近的軌道上運(yùn)行時(shí)，有。

=

即M=①

又行星密度ρ==②

將①代入②得ρT2==k證畢28、略

【分析】【分析】從p-V圖中找到某一過程中發(fā)生的是什么變化．

能夠運(yùn)用控制變量法研究多個(gè)物理量變化時(shí)的關(guān)系．【解析】【解答】證明：設(shè)狀態(tài)3的溫度為T；

狀態(tài)1-3為等壓過程，①

狀態(tài)3-2為等容過程，②

由①②兩式消去T，即得．五、簡(jiǎn)答題(共4題，共16分)29、略

【分析】【分析】碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以求出碰撞后的速度，應(yīng)用能量守恒定律求出損失的機(jī)械能．【解析】【解答】解：A；B相碰過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒；以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：

mv0=2mv；

代入數(shù)據(jù)解得：v=1m/s

由能量守恒定律可知；A；B碰撞損失的機(jī)械能：

△E=mv02-?2mv2；

代入數(shù)據(jù)解得：△E=2J

答：A、B兩球碰撞過程中損失的機(jī)械能為2J．30、略

【分析】【分析】（1）物體在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；達(dá)到傳送帶速度后一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出物體在傳送帶上勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．

（2）先求出若物體一直勻加速運(yùn)動(dòng)到B端的速度，分傳送帶大于此速度后小于此速度兩種情況，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式求解．【解析】【解答】解：（1）A放在傳送帶上；先在摩擦力作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得：

a=；

速度增加到與傳送帶速度相等需要的時(shí)間為：

；

速度增加到與傳送帶速度相等時(shí)運(yùn)動(dòng)的位移為：

x=；

此后物體隨傳送帶一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)；時(shí)間為：

；

則物體在傳送帶上從A處傳送到最右端B處時(shí)間為：

t=t1+t2=1+4.5=5.5s

（2）若A一直做勻加速到達(dá)B端；則到達(dá)B點(diǎn)的速度為：

v=；

運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：；

若傳送帶的速度，則物體一直勻加速運(yùn)動(dòng)到B端，時(shí)間t=；

若傳送帶的速度；則物體先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，速度與傳送帶速度相等后做勻速直線運(yùn)動(dòng)；

勻加速的時(shí)間為：=；

勻加速運(yùn)動(dòng)的位移為：；

勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：；

則總時(shí)間為：t=

答：（1）物體在傳送帶上從A處傳送到最右端B處時(shí)間是5.5s；

（2）若傳送帶的速度，物體從A到B的時(shí)間t=，若傳送帶的速度，物體從A到B的時(shí)間t=．31、（1）H＜C＜N

（2）12

（3）體心立方堆積＞

（4）3d104s1

（5）SiC原子12【分析】【分析】本題是對(duì)物質(zhì)結(jié)構(gòu)的考查，涉及核外電子排布、化學(xué)鍵、晶胞等，根據(jù)圖示推出各對(duì)應(yīng)元素是解答關(guān)鍵，需要學(xué)生具備扎實(shí)的基礎(chǔ)，題目難度中等。【解答】H、rm{C}rm{N}rm{Na}rm{Si}rm{Cu}等元素單質(zhì)中，rm{Na}rm{Cu}為金屬晶體，均是熱和電的良導(dǎo)體，rm{C}rm{Si}的單質(zhì)為原子晶體，且rm{C}單質(zhì)的熔沸點(diǎn)大于rm{Si}原子晶體的熔沸點(diǎn)，rm{H}rm{N}對(duì)應(yīng)的單質(zhì)為分子晶體，其中氫氣的相對(duì)分子質(zhì)量小，分子間作用力小，熔點(diǎn)最低，由圖熔點(diǎn)的高低順序可知rm{a}為rm{H}rm為rm{N}rm{c}為rm{Na}rmptlxynt為rm{Cu}rm{e}為rm{Si}rm{f}為rm{C}rm{C}rm{N}rm{Na}rm{Si}等元素單質(zhì)中，rm{Cu}rm{Na}為金屬晶體，均是熱和電的良導(dǎo)體，rm{Cu}rm{C}的單質(zhì)為原子晶體，且rm{Si}單質(zhì)的熔沸點(diǎn)大于rm{C}原子晶體的熔沸點(diǎn)，rm{Si}rm{H}對(duì)應(yīng)的單質(zhì)為分子晶體，其中氫氣的相對(duì)分子質(zhì)量小，分子間作用力小，熔點(diǎn)最低，由圖熔點(diǎn)的高低順序可知rm{N}為rm{a}rm{H}為rmrm{N}為rm{c}rm{Na}為rmkfcjzpsrm{Cu}為rm{e}rm{Si}為rm{f}rm{C}rm{(1)H}rm{C}rm{N}三種元素的電負(fù)性從小到大的順序?yàn)楣蚀鸢笧椋簉m{H<C<N}rm{H<C<N}為rm{(2)b}其單質(zhì)為氮?dú)?，含有氮氮三鍵，則一個(gè)分子中含有rm{N}個(gè)rm{1}鍵和rm{婁脪}個(gè)rm{2}鍵故答案為：rm{婁脨}rm{1}rm{2}為rm{(3)c}rm{Na}體心立方堆積，由于氟離子半徑小于氯離子半徑，則氟化鈉單質(zhì)的晶體堆積方式類型是氯化鈉的晶格能；故答案為：體心立方堆積；的晶格能rm{>}氯化鈉的晶格能；rm{>}為rm{>}rm{(4)d}rm{Cu}基態(tài)原子的價(jià)電子排布式為rm{3d}rm{3d}故答案為：rm{{,!}^{10}}rm{4s}rm{4s}為rm{{,!}^{1}}rm{3d^{10}4s}為rm{{,!}^{1}}rm{{,!}^{1}}rm{(5)e}含有碳原子數(shù)為rm{Si}rm{f}rm{C}根據(jù)均攤法，在一個(gè)晶胞中含有硅原子為rm{+6隆脕1/2=4}rm{4}則丙的化學(xué)式為rm{SiC}個(gè)，丙的密度為rm{dfrac{40隆脕4}{{N}_{A}隆脕(a隆脕{10}^{-10}{)}^{3}}=dfrac{1.6隆脕{10}^{32}}{{a}^{3}{N}_{A}}g/c{m}^{3}}；故答案為：，屬于原子晶體，在丙中，每個(gè)原子；rm{Si}rm{dfrac{1.6隆脕{10}^{32}}{{a}^{3}{N}_{A}}g/c{m}^{3}}原子周圍最近的【解析】rm{(1)H<C<N}rm{(2)1}rm{2}rm{(3)}體心立方堆積rm{>}rm{(4)3d^{10}4s^{1}}rm{(5)SiC}原子rm{12}rm{dfrac{1.6隆脕{10}^{32}}{{a}^{3}{N}_{A}}g/c{m}^{3}}rm{

dfrac{1.6隆脕{10}^{32}}{{a}^{3}{N}_{A}}g/c{m}^{3}}32、略

【分析】

(1)

水桶下降的過程中；水桶和金屬漆組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式求解；

(2)

水桶勻加速下降；根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式求出加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求解繩子拉力．

本題主要考查了機(jī)械能守恒定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式以及牛頓第二定律的直接應(yīng)用，知道水桶的速度和金屬球的速度的關(guān)系是解題的關(guān)鍵，難度適中．【解析】解：(1)

水桶下