2025年外研版必修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版必修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷472考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板P連接，另一端與物體A相連，物體A至于光滑水平桌面上，A右端連接一細(xì)線，細(xì)線繞過光滑的定滑輪與物體B相連。開始時(shí)托住B，讓A處于靜止且細(xì)線恰好伸直，然后由靜止釋放B，直至B獲得最大速度。下列有關(guān)該過程的分析中正確的是（）

A.B物體受到細(xì)線的拉力保持不變B.A物體與B物體組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.物體B機(jī)械能的減少量小于彈簧彈性勢(shì)能的增加量D.當(dāng)彈簧的拉力等于B物體的重力時(shí)，A物體的動(dòng)能最大2、如圖所示是等腰直角三棱柱，其中底面abcd為正方形，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，它們按圖示位置放置于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，下列說法中不正確的是（）

A.通過abcd平面的磁通量與通過cdef平面的磁通量相等B.通過abcd平面的磁通量大小為C.通過abfe平面的磁通量大小為零D.以ab邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)180°，通過abcd平面的磁通量的變化為零3、如圖所示；從熾熱的金屬絲飄出的電子（速度可視為零），經(jīng)加速電場(chǎng)加速后從兩極板中間垂直射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)。在滿足電子能射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的條件下，下述四種情況中，一定能使電子的偏轉(zhuǎn)角變大的是（）

A.僅增大加速電場(chǎng)的電壓B.僅減小偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩極板間的距離C.僅減小偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電壓D.僅減小偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)極板的長(zhǎng)度4、在地面附近存在著一有界電場(chǎng)，邊界MN將空間分成上下兩個(gè)區(qū)域I、Ⅱ，在區(qū)域Ⅱ中有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在區(qū)域I中離邊界某一高度由靜止釋放一質(zhì)量為m的帶電小球A，如圖甲所示，小球運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖乙所示；不計(jì)空氣阻力。下列說法中正確的是（）

A.小球受到的重力與電場(chǎng)力大小之比為3：2B.在t=5s時(shí)，小球經(jīng)過邊界MNC.在小球向下運(yùn)動(dòng)的過程中，重力做的功大于電場(chǎng)力做功D.在1～4s過程中，小球的機(jī)械能先減少后增加5、一太陽能電池板的電動(dòng)勢(shì)為0.80V，內(nèi)阻為20Ω將該電池板與一阻值為140Ω的電阻連成閉合電路，該閉合電路的路端電壓為（）A.0.80VB.0.70VC.0.60VD.0.50V6、如圖所示，兩塊水平放置的平行金屬板a、b，相距為d，組成一個(gè)電容為C的平行板電容器，R1為定值電阻，R2為可變電阻，開關(guān)S閉合.質(zhì)量為m的帶正電的微粒從O點(diǎn)以水平速度v射入金屬板問，沿曲線打在b板上的P點(diǎn)若經(jīng)有關(guān)調(diào)整后，微粒仍從O點(diǎn)以水平速度v射入；不計(jì)空氣阻力及板外電場(chǎng)，則下列判斷正確的是（）

A.只增大R2，微粒打在P點(diǎn)左側(cè)B.只增大R2，微粒仍打在P點(diǎn)C.S斷開，a板稍微豎直上移，微粒仍打在P點(diǎn)D.S斷開，a板稍微豎直上移，微粒打在P點(diǎn)左側(cè)7、如圖所示，直線是電源的路端電壓和電流的關(guān)系圖線，曲線為某元件R的U－I特性曲線，兩圖線的交點(diǎn)坐標(biāo)為（0.4，3.0）用該電源直接與元件R相連組成閉合電路；由圖像可知（）

A.電源的電動(dòng)勢(shì)為5V，內(nèi)阻為1.0ΩB.電源的輸出功率為1.2WC.元件R的阻值為3.75ΩD.電源的效率為50%評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、A、B為電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，對(duì)A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差和電場(chǎng)力做功的理解正確的是（）A.A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差和兩點(diǎn)間移動(dòng)電荷的電荷量q成反比B.不同的電荷從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做的功和電荷量q成正比C.與q、無關(guān)，與是否移動(dòng)電荷也沒有關(guān)系D.與q、無關(guān)，與電荷移動(dòng)的路徑無關(guān)9、如圖甲所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的O點(diǎn)先后無初速度釋放兩個(gè)正點(diǎn)電荷Ⅰ和Ⅱ，電荷僅在電場(chǎng)力的作用下沿直線向A運(yùn)動(dòng)，兩電荷的動(dòng)能隨位移x變化的關(guān)系如圖乙所示。若Ⅰ的電荷量為q。則可知（）

A.勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為B.電荷Ⅱ的電荷量為2qC.選O點(diǎn)為電勢(shì)零點(diǎn)，A點(diǎn)的電勢(shì)為D.電場(chǎng)中O、A兩點(diǎn)的電勢(shì)差為10、如圖所示；帶正電的小球A用豎立在地面上的絕緣桿支撐，帶正電的小球B用繞過A球正上方的定滑輪的絕緣細(xì)線拉著，開始時(shí)A；B在同一水平線上并處于靜止，滑輪距小球A高度大于小球A和B的長(zhǎng)度，不計(jì)兩個(gè)小球的大小?，F(xiàn)用手拉細(xì)線使小球B緩慢向上移動(dòng)，小球B在向上移動(dòng)過程中A、B兩球的帶電量保持不變，不計(jì)兩球間的萬有引力，則在B球緩慢移動(dòng)的過程中（）

A.小球B初開始的運(yùn)動(dòng)軌跡是一段圓弧B.細(xì)線上的張力一直變小C.細(xì)線上的張力先變小后變大D.B兩球的庫侖力的大小先不變?cè)贉p小11、下說法正確的是A.絲綢摩擦過的玻璃棒帶負(fù)電B.元電荷的數(shù)值最早是由美國(guó)物理學(xué)家密立根測(cè)得的C.庫侖提出電場(chǎng)的概念，法拉第利用電場(chǎng)線形象的描述了電場(chǎng)的清晰圖景D.實(shí)際上，任何兩個(gè)彼此絕緣又相距很近的導(dǎo)體，都可以看成電容器12、如圖所示電路中，C為電容器，R1為0～99.99Ω的電阻箱，電源內(nèi)阻r＝5Ω，定值電阻R2＝2Ω，R3＝R4＝5Ω?，F(xiàn)閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)R1使其電阻從零逐漸增至最大；在此過程中（??）

A.電容器的a板先帶正電后帶負(fù)電B.電容器的a板先帶負(fù)電后帶正電C.電源的輸出功率先增大后減小D.電容器兩板間的電壓先增大后減小13、如圖甲所示為一電源路端電壓與電流關(guān)系的函數(shù)圖象,把此電源接在如圖乙所示的電路中,其中則下列說法中錯(cuò)誤的是()

A.若間連一電容為C=20μF的電容器,則電容器所帶電荷量是B.若間用一導(dǎo)線連接,則電源效率最高C.若在間連一個(gè)理想電流表,其讀數(shù)是0.375D.若在間連一個(gè)理想電壓表,其讀數(shù)是0.75評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)14、某靜電場(chǎng)中的電場(chǎng)線如圖所示，帶電粒子在電場(chǎng)中僅受電場(chǎng)力作用，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示，粒子由M運(yùn)動(dòng)到N對(duì)這個(gè)運(yùn)動(dòng)；我們可以作如下分析：

運(yùn)動(dòng)軌跡粒子帶正電粒子電勢(shì)能減小粒子動(dòng)能增大；其中，①的理由是曲線運(yùn)動(dòng)合外力指向軌跡內(nèi)側(cè)，與場(chǎng)強(qiáng)方向相同。

請(qǐng)寫出②的理由：______；

請(qǐng)寫出③的理由：______。15、在如圖乙所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)內(nèi)阻定值電阻電壓表為理想電表。閉合開關(guān)通過電阻的電流________電壓表示數(shù)________電阻消耗的功率________

16、真空中有兩個(gè)相同的金屬小球，帶電量分別為＋1.6×10－8C和＋4.8×10－8C，相距r時(shí)（遠(yuǎn)大于小球直徑），相互作用為0.3N，現(xiàn)將兩球相接觸后再放回原處，則它們之間的相互作用力為________N，此時(shí)每個(gè)小球的帶電量相當(dāng)于______個(gè)電子所帶電量。17、如圖所示，分別在A、B兩點(diǎn)放置點(diǎn)電荷Q1=＋2×10-14C和Q2=-2×10-14C。在AB的垂直平分線上有一點(diǎn)C，且AB=AC=BC=6×10-2m。如果有一電子靜止放在C點(diǎn)處，靜電力常量k=9.0×109N·m2/C2，則它所受的靜電力的大小為______N，方向______。

18、在綿陽南山中學(xué)物理實(shí)驗(yàn)室中，甲同學(xué)用螺旋測(cè)微器測(cè)一金屬絲直徑時(shí)，儀器刻度的位置如左下圖所示，則金屬絲為__________mm；該同學(xué)又用游標(biāo)卡尺測(cè)一金屬球直徑時(shí)，儀器刻度的位置如右下圖所示，則金屬球的直徑為__________cm。

19、量程為0-0.6A的電流表讀數(shù)。讀數(shù)為_________A。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共8分)20、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)按照?qǐng)D所示連接電路。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將開關(guān)S擲向1，一段時(shí)間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計(jì)算機(jī)屏幕上，顯示出電流或電壓隨時(shí)間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項(xiàng)前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個(gè)放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動(dòng)勢(shì)E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時(shí)電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時(shí)間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時(shí)間將變短21、由電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向如圖所示；請(qǐng)?jiān)趫D中標(biāo)出線圈中的電流方向.

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

A.以A、B組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，有由于彈簧的伸長(zhǎng)量x逐漸變大，所以從開始到B速度達(dá)到最大的過程中，B加速度逐漸減小，由可知繩子的拉力T逐漸增大；選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.整個(gè)系統(tǒng)只有彈力和重力做功，因此A物體與B物體以及彈簧組成的系統(tǒng)的機(jī)械能守恒；選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.B物體機(jī)械能的減小量等于彈簧彈性勢(shì)能的增量和物體A動(dòng)能的增量，所以物體B機(jī)械能的減少量大于彈簧彈性勢(shì)能的增加量；選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.由知由于彈簧的伸長(zhǎng)量x逐漸變大加速度逐漸減小，當(dāng)加速度減為零時(shí)速度達(dá)到最大，此時(shí)彈簧的拉力等于B物體的重力；選項(xiàng)D正確。

故選D。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．a(chǎn)bcd平面與cdef平面在垂直于磁場(chǎng)方向的投影面積相等；故磁通量相等，A正確，不符合題意；

B．通過abcd平面的磁通量大小為

B正確；不符合題意；

C．a(chǎn)bfe平面與磁場(chǎng)平行，故通過abfe平面的磁通量大小為零；C正確，不符合題意；

D．設(shè)轉(zhuǎn)動(dòng)前通過abcd平面的磁通量為以ab邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)180°后的磁通量為則該過程磁通量的變化量為

D錯(cuò)誤；符合題意。

故選D。3、B【分析】【分析】

【詳解】

設(shè)電子經(jīng)加速電場(chǎng)加速后的速度為加速電壓為偏轉(zhuǎn)電壓為偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩極板間的距離為極板的長(zhǎng)度為則電子經(jīng)加速電場(chǎng)加速的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得

電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的加速度

運(yùn)動(dòng)時(shí)間

離開偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)速度方向與水平方向夾角的正切值為

故B正確；ACD錯(cuò)誤。

故選B。4、D【分析】【詳解】

B．小球進(jìn)入電場(chǎng)前做自由落體運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入電場(chǎng)后受到電場(chǎng)力作用而做減速運(yùn)動(dòng)，然后反向加速出離電場(chǎng)區(qū)域，最后向上減速；由圖可以看出，小球經(jīng)過邊界MN的時(shí)刻是t=1s時(shí)和t=4s時(shí)刻；故B錯(cuò)誤；

A．由圖象的斜率等于加速度得小球進(jìn)入電場(chǎng)前的加速度為

進(jìn)入電場(chǎng)后的加速度大小為

由牛頓第二定律得mg=ma1F-mg=ma2

得電場(chǎng)力

聯(lián)立得重力mg與電場(chǎng)力F之比為3︰5；故A錯(cuò)誤；

C．向下運(yùn)動(dòng)的過程中；動(dòng)能變化量為零，根據(jù)動(dòng)能定理，整個(gè)過程中重力做的功與電場(chǎng)力做的功大小相等，故C錯(cuò)誤；

D．在1s～4s過程中，小球在MN下方先向下減速運(yùn)動(dòng)；速度減到零后再向上加速，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，則小球的機(jī)械能先減小后增大，故D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得

則路端電壓為

故選B。6、C【分析】【詳解】

AB．由電路連接情況可知，兩板間電場(chǎng)方向豎直向上，帶正電微粒所受電場(chǎng)力方向豎直向上，電阻R1與R2串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)分壓規(guī)律可知，增大R2，R1兩端電壓減小，兩極板間電壓減小，粒子所受電場(chǎng)力減小，故微粒所受豎直向下的合外力增大，由牛頓第二定律可知，微粒運(yùn)動(dòng)加速度增大，豎直方向

則運(yùn)動(dòng)時(shí)間減小，水平方向

微粒水平位移減小，微粒將打在P點(diǎn)右側(cè)；AB錯(cuò)誤；

CD．?dāng)嚅_開關(guān)，電容器所帶電荷量Q不變，電容的公式

場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差的關(guān)系式

可得

可知改變板間距離不會(huì)改變兩板間場(chǎng)強(qiáng)，所以粒子仍打在P點(diǎn)；D錯(cuò)誤C正確。

故選C。7、B【分析】【詳解】

A．由電源的特征曲線可知，電源的電動(dòng)勢(shì)為縱軸截距，即E=5V

內(nèi)阻為圖線的斜率絕對(duì)值，即

故A錯(cuò)誤；

BC．兩圖線的交點(diǎn)表示，用該電源直接與元件R相連組成閉合電路，元件的兩端電壓為3.0V，電路中電流為0.4A。由功率的公式可得

根據(jù)歐姆定律，可得

故B正確；C錯(cuò)誤；

D．電源的效率為

故D錯(cuò)誤。

故選B。二、多選題(共6題，共12分)8、B:C【分析】【詳解】

AC．A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差由電場(chǎng)決定，與兩點(diǎn)間移動(dòng)電荷的電荷量q及無關(guān)；故A錯(cuò)誤，C正確；

B．A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差由電場(chǎng)決定，在不變的電場(chǎng)中，A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差不變，所以不同的電荷從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做的功和電荷量q成正比；故B正確；

D．與q、有關(guān)；與電荷移動(dòng)的路徑無關(guān)，故D錯(cuò)誤。

故選BC。9、A:B:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)動(dòng)能定理可知，圖像斜率表示電場(chǎng)力，因此正點(diǎn)電荷Ⅰ和Ⅱ所受電場(chǎng)力

根據(jù)

可知

電荷Ⅱ的電荷量為2q；故AB正確；

CD．根據(jù)

可知

選O點(diǎn)為電勢(shì)零點(diǎn)，A點(diǎn)的電勢(shì)為

故C錯(cuò)誤；D正確。

故選ABD。10、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

AD．設(shè)小球B受到的重力為mg，A、B兩球的帶電量分別為q1、q2，兩球間的距離為r，定滑輪距離A球?yàn)閔，距離B球?yàn)閐，對(duì)B球受力分析如圖。

根據(jù)相似三角形可知。

可得。

在小球移動(dòng)過程中，r不變，庫侖力不變，因此小球的運(yùn)動(dòng)軌跡是一段圓弧，當(dāng)B球到達(dá)A球正上方以后的過程中；兩球間的距離在增大，庫侖力開始減小，故AD正確；

BC．由上分析可知。

由于d在減小，因此F在減小，當(dāng)B球到達(dá)A球正上方以后的過程中；兩球間的距離在增大，庫侖力開始減小，拉力在增大，故B錯(cuò)誤，C正確。

故選ACD。11、B:D【分析】【詳解】

A．絲綢摩擦玻璃棒的過程中；由于玻璃棒原子核束縛電子的本領(lǐng)弱，一部分電子轉(zhuǎn)移到絲綢上而始玻璃棒帶正電，故A錯(cuò)誤；

B．元電荷的數(shù)值最早是由美國(guó)物理學(xué)家密立根測(cè)得的；故B正確；

C．法拉第提出電場(chǎng)的概念；并利用電場(chǎng)線形象的描述了電場(chǎng)的清晰圖景，故C錯(cuò)誤；

D．任何兩個(gè)彼此絕緣又相距很近的導(dǎo)體，都可以看成電容器而能儲(chǔ)存一定量的電荷，故D正確．12、A:C【分析】【詳解】

ABD．當(dāng)R1為零時(shí)，a板接電源正極，電勢(shì)最高，帶正電；當(dāng)R1＝2Ω時(shí)，電容器兩板等勢(shì)，不帶電；當(dāng)R1>2Ω時(shí)，b板電勢(shì)較高，a板帶負(fù)電，即a板先帶正電后帶負(fù)電；電容器兩板間的電壓先減小后增大，故A正確，BD錯(cuò)誤；

C．當(dāng)R1為零時(shí)，外電阻最小，最小值為Rmin＝＝1.67Ω

當(dāng)R1最大時(shí)，外電阻最大，最大值為Rmax＝＝9.11Ω

根據(jù)電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系圖像。

可知電源的輸出功率先增大后減??；故C正確。

故選AC。13、A:B:D【分析】【詳解】

由圖甲可得

A．若C、D間連一電容為C=20μF的電容器，則和與電源串聯(lián)，電容器的電壓等于的電壓

電容器所帶電荷量

故A錯(cuò)誤；不符合題意；

B．由

可知，外電阻越大，電源的效率越高；若C、D間用一導(dǎo)線連接，則與并聯(lián)再與串聯(lián)接在電源上此時(shí)外電阻不是最大；電源效率不最高．故B錯(cuò)誤，不符合題意；

C．若在C、D間連一個(gè)理想電流表，則與并聯(lián)再與串聯(lián)接在電源上，此時(shí)電路中的總電流

代入數(shù)據(jù)得又

則

故C正確；不符合題意；

D．若在C、D間連一個(gè)理想電壓表，則和與電源串聯(lián)，電壓表測(cè)的電壓

故D錯(cuò)誤；符合題意。

綜上，選錯(cuò)誤的，答案為ABD。三、填空題(共6題，共12分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]因?yàn)榱Ｗ訋д?；受力方向與運(yùn)動(dòng)方向成銳角，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小。

[2]帶電粒子在電場(chǎng)中僅受電場(chǎng)力作用，動(dòng)能和電勢(shì)能之和不變。電勢(shì)能減少時(shí)，動(dòng)能增大?！窘馕觥侩妶?chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小帶電粒子在電場(chǎng)中僅受電場(chǎng)力作用，動(dòng)能和電勢(shì)能之和不變15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]電源電動(dòng)勢(shì)內(nèi)阻定值電阻閉合開關(guān)通過電阻的電流

電壓表示數(shù)

電阻消耗的功率【解析】①.2②.8③.1616、略

【分析】【詳解】

[1]據(jù)庫侖定律可得，原來的作用力可表示為

由于兩球均帶正電，接觸后再放回原處，帶電量均為總和的一半，作用力可表示為

代入數(shù)據(jù)解得

[2]此時(shí)每個(gè)小球的帶電量為

電子所帶電荷量為

可得

即相當(dāng)于電子所帶電量。【解析】0.42×101117、略

【分析】【分析】

【詳解】

電子帶負(fù)電荷，在C點(diǎn)同時(shí)受A、B兩點(diǎn)電荷的靜電力FA、FB；如圖所示：

由庫侖定律得

同理可得FB=8.0×10-21N