2024年滬科版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版必修3物理下冊階段測試試卷307考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、探究產生感應電流條件的實驗操作如圖甲；乙、丙所示。

甲：AB棒垂直磁感線左右運動乙：AB棒沿磁感線上下運動。

丙：AB棒垂直磁感線左右運動。

上面各個圖中電流表完好，接線準確。則：下列說法正確的是：（）A.只有甲會產生感應電流B.甲、乙會產生感應電流C.甲、丙會產生感應電流D.甲、乙、丙都不會產生感應電流2、下列屬于矢量，且其國際單位制單位用基本單位表示正確的是（）A.力：B.功：C.電勢：D.電場強度：3、如圖所示，菱形ABCD處于一勻強電場中，已知B點的電勢為12V，對角線的交點O的電勢為7V，則D點的電勢為（）

A.0B.2VC.5VD.19V4、以下說法正確的是（）A.B.電勢降低的方向就是場強的方向C.一個物體的帶電量可以是D.如果帶電的A球吸引B球，則A、B一定帶異種電荷5、如圖所示，在勻強電場中有一虛線圓，ab和cd是圓的兩條直徑，其中ab與電場方向的夾角為60°，ab＝0.4m，cd與電場方向平行，a、b兩點的電勢差則（）

A.電場強度的大小E＝200V/mB.b點的電勢比d點的電勢低5VC.將電子從c點移到d點，電場力做正功D.若電子從a點運動到c點，電勢能減小10eV評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)6、如圖所示，一帶電粒子在電場中沿曲線AB運動，從B點穿出電場，a、b；c、d為該電場中的等勢面；這些等勢面都是互相平行的豎直平面，不計粒子所受重力，則（）

A.該粒子一定帶負電B.此電場一定是勻強電場C.該電場的電場線方向一定水平向左D.粒子在電場中運動過程動能不斷減少7、在如圖所示電路中，電源電動勢為E，內阻為r，R1、R2為定值電阻，現使R3阻值增大；則（）

A.V表讀數變大B.A表讀數變大C.R1上的電壓升高D.流過R2的電流增大8、某興趣小組設計了一個火災報警裝置，其電路如圖所示，R1、R3為定值電阻，熱敏電阻R2為金屬鉑制成的熱電阻，通過電壓表示數和燈泡亮度變化可監(jiān)控R2所在處的火情．若R2所在處出現火情；則（）

A.電壓變示數變大，燈泡變暗B.電壓表示數變小，燈泡變亮C.R3的阻值較小時，電壓表示數變化明顯D.R3的阻值較大時，電壓表示數變化明顯9、空間某一靜電場的電勢φ在x軸上的分布如圖所示，x軸上兩點B、C的電場強度在x軸方向上的分量分別是EBx、ECx；下列說法中正確的有（）

A.EBx的大小大于ECx的大小B.EBx的方向沿x軸正方向C.電荷在O點受到的電場力在x軸方向上的分量最小D.負電荷沿x軸從B移到C的過程中，電場力先做正功后做負功10、用充電寶給手機電池充電時，充電寶輸出電能轉化為手機電池的化學能和內能，等效電路如圖所示。在充電開始后的時間t內，充電寶的輸出電壓U和輸出電流I都可認為是恒定的，若手機電池的內阻為r，則t時間內（）

A.充電寶輸出的電流為B.充電寶輸出的電功為C.手機電池產生的焦耳熱為D.手機電池儲存的化學能為評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)11、圖示為一個半徑為R的均勻帶電圓環(huán)，取環(huán)面中心O為原點，以垂直于環(huán)面的軸線為x軸，P到O點的距離為2R，質量為m，帶負電且電量為q的小球從軸上P點由靜止釋放，小球經M點（圖中未畫出）時速度最大，運動到Q點時速度為零，Q點在O點上方R處．則圓環(huán)在M點的場強大小EM=__________________，P、Q兩點的電勢差UPQ=_________________．

12、在如圖所示的回路中，若回路面積從變到磁感應強度同時從變到方向垂直紙面向里，則回路中的磁通量的變化量為________

13、如圖，電阻R=55Ω，當閉合S1、S2時，通過電阻R的電流為_________A，電路的總功率為1000W，當只閉合S2時，電動機的電功率為___________W。

14、如圖所示，兩等量正電荷和分別置于A、B兩點，為連線的中垂線，C在連線上，D在無窮遠處，現將一正電荷由C點沿移到D點的過程中，其電勢能將__________，電場強度將________．

15、一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為10V、17V、26V。電場強度的大小為______V/m，坐標原點處的電勢為_______V，電子在a點的電勢能比在b點的高_____eV，電子從b點運動到c點，電場力做功為___________eV。

16、一充電后的平行板電容器與電源斷開后，若只將電容器兩板間距離增大，電容器所帶電荷量Q將____，電容C將___，電容器兩極板間的電勢差U將______。（三空均選填“增大”、“減小”或“不變”）17、小電瓶車的電源電動勢為電源內阻不計，電動機線圈電阻為．當它以的速度在水平地面勻速行駛時，受到的摩擦力為求此時通過電動機線圈的電流是__________．評卷人得分四、實驗題(共4題，共32分)18、某實驗小組利用所提供的如下器材測量某一定長電阻絲R（電阻約為10Ω）的電阻率，使用刻度尺測得電阻絲長度L=0.825m；使用螺旋測微器測得電阻絲的直徑，可供選擇的器材還有：

A.電池組E（電動勢約為6V,內阻不計）

B.電流表（量程0-100mA,內阻為5Ω）

C.電流表（量程0-0.6A,內阻為0.3Ω）

D.定值電阻為55Ω

E.定值電阻為25Ω

F.滑動變阻器（0-5Ω；額定電流為2.0A）

G.滑動變阻器（0-50Ω；額定電流為0.2A）

H.開關一個；導線若干．

(1)螺旋測微器示數如圖所示，可知電阻絲直徑為_____mm

(2)若想更加精確的測量出電阻絲電阻，請設計出測量電路圖________；并標明所有器材符號，要求使用的全部器材，能夠測量多組數據，測量盡量準確。

(3)按照所設計出的測量電路，在某次測量中獲得的數據如下表，則電流表的示數為_____mA,電流表的示數為_____mA

(4)由以上所測得的數據可算得金屬絲的電阻率為________

19、某同學用螺旋測微器測量一圓柱形金屬工件的直徑，測量結果如圖所示，該工件的直徑為___________mm。又用游標卡尺測量這個圓柱形金屬工件的長度，測量結果如圖所示，該工件的長度為___________mm

20、某同學欲將一只內阻未知，滿偏電流為的毫安表A改裝成電壓表；他先測量出毫安表A的內阻，然后對電表進行改裝。實驗中可供選擇的器材如下：

A.滑動變阻器

B.滑動變阻器

C.電阻箱

D.電源（電動勢為1.5V；不計內阻）

E.電源（電動勢為9V；不計內阻）

F.開關；導線若干。

具體實驗步驟如下：

（1）按電路原理連接好線路；

（2）將滑動變阻器的阻值調到最大，閉合開關后調節(jié)滑動變阻器的阻值；使毫安表A的指針滿偏；

（3）閉合保持滑動變阻器不變，調節(jié)R的阻值，使毫安表A的示數為此時R的示數為

回答下列問題：

（1）為減小實驗誤差，實驗中電源應選用______（填“”或“”），滑動變阻器應選用______（填“”或“”）。

（2）由實驗操作步驟可知毫安表A內阻的測量值______Ω，與毫安表A內阻的真實值相比______（填“偏大”“相等”或“偏小”）。

（3）若該同學要將上述毫安表A改裝成量程為2V的電壓表，則需要串聯(lián)一個定值電阻，關于改裝下列說法正確的是()

A.若將一個阻值為的電阻和毫安表A串聯(lián)；則改裝的電壓表量程等于2V

B.若將一個阻值為的電阻和毫安表A串聯(lián)；則改裝的電壓表量程小于2V

C.若將一個阻值為的電阻和毫安表A串聯(lián)；則改裝的電壓表量程大于2V

D.若將一個阻值為的電阻和毫安表A串聯(lián)，則改裝的電壓表量程等于2V21、某中學興趣小組自制了“水果電池”，甲乙兩名同學通過實驗測量電池的電動勢（約）和內阻（約）。

（1）甲同學借助以下器材進行實驗：

A.微安表G1（量程為內阻為）；

B.微安表G2（量程為內阻約為）；

C.電壓表V（量程為）

D.滑動變阻器

E.滑動變阻器

F.定值電阻（阻值為）：

G.定值電阻（阻值為）；

H.開關；導線若干。

①為了測量結果更準確，電表應選擇___________和___________，滑動變阻器應選擇___________，定值電阻應選擇___________。（填寫器材前的字母）

②在方框中畫出實驗電路圖___________。

（2）乙同學利用量程合適的電壓表和電流表進行實驗，分別采用了兩種不同的電路接法，如圖（a）、（b），為定值電阻，把兩個實驗電路測量出的電壓和電流數據描繪在同一個圖內，如圖（c）所示，則圖線Ⅱ是通過電路___________（填“a”或“b”）測得的。根據圖像坐標信息可以修正該實驗的系統(tǒng)誤差，則修正后這個水果電池的電動勢___________，內阻___________結果用中的字母表示）。

評卷人得分五、解答題(共3題，共6分)22、有一勻強電場，方向水平向左，如圖所示。一個質量電荷量的帶正電小球，從O點以大小為的初速度出發(fā)，在電場力與重力的作用下，恰能沿與場強反方向成的直線運動，小球運動到的最高點是A點（圖上未標出）。已知重力加速度g取求：

(1)電場強度E的大小。

(2)O與A兩點之間的電勢差

23、類比是一種重要的科學思想方法。在物理學史上；法拉第通過類比不可壓縮流體中的流速線提出用電場線來描述電場。

（1）靜電場的分布可以用電場線來形象描述，已知靜電力常量為k。

①真空中有一電荷量為Q的正點電荷，其周圍電場的電場線分布如圖甲所示。距離點電荷r處有一點P，請根據庫侖定律和電場強度的定義，推導出P點場強大小E的表達式；

②如圖乙所示，若在A、B兩點放置的是電荷量分別為+q1和-q2的點電荷，已知A、B間的距離為2a，C為A、B連線的中點，求C點的電場強度的大小EC的表達式，并根據電場線的分布情況比較q1和q2的大小關系。

（2）有一足夠大的靜止水域；在水面下足夠深的地方放置一大小可以忽略的球形噴頭，其向各方向均勻噴射水流。穩(wěn)定后水在空間各處流動速度大小和方向是不同的，為了形象地描述空間中水的速度的分布，可引入水的“流速線”。水不可壓縮，該情景下水的“流速線”的形狀與圖甲中的電場線相似，箭頭方向為速度方向，“流速線”分布的疏密反映水流速的大小。

①已知噴頭單位時間噴出水的體積為Q1，寫出噴頭單獨存在時，距離噴頭為r處水流速大小v1的表達式；

②如圖丙所示，水面下的A點有一大小可以忽略的球形噴頭，當噴頭單獨存在時可以向空間各方向均勻噴水，單位時間噴出水的體積為Q1；水面下的B點有一大小可以忽略的球形吸收器，當吸收器單獨存在時可以均勻吸收空間各方向的水，單位時間吸收水的體積為Q2。同時開啟噴頭和吸收器，水的“流速線”的形狀與圖乙中電場線相似。若A、B間的距離為2a，C為A、B連線的中點。噴頭和吸收器對水的作用是獨立的，空間水的流速和電場的場強一樣都為矢量，遵循矢量疊加原理，類比圖乙中C處電場強度的計算方法，求圖丙中C點處水流速大小v2的表達式。

24、如圖所示，電源的電動勢E=80V，內電阻r=4Ω，R1=2Ω，R2為電阻箱．求：

（1）當電阻箱R2阻值為多大時，電阻R1消耗的功率最大？

（2）當電阻箱R2阻值為多大時，電阻箱R2消耗的功率最大？

（3）如果要求電源輸出功率為256W，電阻箱R2阻值應為多少？此時電源效率為多少？

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【詳解】

圖甲所示電路是閉合電路；靈敏電流計的指針發(fā)生偏轉，說明電路中產生了感應電流；圖丙所示電路是斷開的，靈敏電流計的指針沒有偏轉，說明電路中沒有產生感應電流。圖乙導體在磁場中不做切割磁感線運動，說明電路中沒有產生感應電流，故A正確，BCD錯誤。

故選A。2、D【分析】【詳解】

A．力是矢量，根據F=ma

用國際單位制單位用基本單位表示為故A錯誤；

B．功只有大小；沒有方向是標量，故B錯誤；

C．電勢只有大??；沒有方向是標量，故C錯誤；

D．電場強度是矢量，根據F=qE=ItE

用國際單位制單位用基本單位表示為故D正確。

故選D。3、B【分析】【分析】

【詳解】

由于BO和OD是勻強電場中兩平行等長的線段，故

可得

故ACD錯誤；B正確。

故選B。4、C【分析】【詳解】

A．故A錯誤；

B．電勢降低最快的方向才是場強的方向；故B錯誤；

C．因為

所以一個物體的帶電量可以是4.0×10-17C；故C正確；

D．如果帶電的A球吸引B球，B球不一定帶電；故D錯誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

A．根據

可得電場強度的大小

故A錯誤；

B．沿電場線電勢逐漸降低，可知b點的電勢比d點的電勢高；故B錯誤；

C．將電子從c點移到d點；因電子所受的電場力與位移反向，可知電場力做負功，故C錯誤；

D．a、c兩點電勢差為

電子從a點運動到c點過程，電場力做的功為

可知電場力做正功；電勢能減小10eV，故D正確。

故選D。二、多選題(共5題，共10分)6、B:D【分析】【詳解】

電場力方向向右，但電場線方向無法判斷，電性不能確定．故A錯誤．電場線和等勢線垂直，所以電場沿水平方向，是勻強電場，故B正確；由B選項分析可知電場沿水平方向，并且沿電場線方向電勢降低，而a、b、c、d之間電勢大小關系未知，故無法判斷電場方向線，故C錯誤；帶電粒子在電場中沿曲線AB運動時電場力對粒子做負功，其電勢能增大，動能減小，故D正確．故選BD．7、A:D【分析】【分析】

【詳解】

B．由圖可知，R2與R3并聯(lián)，再與R1串聯(lián)，當R3阻值增大時；電路中總阻增大，由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流減小，故電流表示數減小，故B錯誤；

A．內電壓減小，由U=E-Ir可知；路端電壓增大，電壓表示數增大，故A正確；

C．因電流減小，故R1兩端的電壓降低；故C錯誤；

D．因內電壓以及R1兩端的電壓降低，故并聯(lián)部分電壓增大，R2中電流增大；故D正確。

故選AD。8、A:D【分析】【分析】

【詳解】

熱敏電阻R2為金屬鉑制成的熱電阻，若R2所在處出現火情，則R2的阻值增大，總電阻增大，干路電流減小，所以燈泡變暗，R1及電源內電壓減小，根據閉合電路的歐姆定律知，電壓表示數增大，所以A正確；B錯誤；當R3的阻值較小時，并聯(lián)電路的總電阻最接近小電阻，故當R2的阻值增大時，總比電阻變化不明顯，所以電壓表示數變化不明顯，同理，R3的阻值較大時，電壓表示數變化明顯，所以C錯誤；D正確．9、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．在φ－x圖像中；圖線的斜率大小表示場強大小，可見。

EBx＞ECxA正確；

BD．沿電場方向電勢降低，在O點左側，Ex的方向沿x軸負方向，在O點右側，Ex的方向沿x軸正方向，負電荷沿x軸從B移到C的過程中；電場力先做正功后做負功，B錯誤，D正確；

C．同理可知O點場強在x軸方向上的分量最小，電荷在該點受到的電場力在x軸方向上的分量最??；C正確。

故選ACD。10、B:D【分析】【詳解】

A．手機電池是非純電阻，歐姆定律不成立，即充電寶輸出的電流不能用運算；A錯誤；

B．充電寶輸出的總功率

B正確；

C．根據焦耳定律可知，手機電池產生的焦耳熱為

手機電池是非純電阻，歐姆定律不成立，而表達式運用了歐姆定律；C錯誤；

D．根據能量轉化可知，手機電池儲存的化學能等于充電寶輸出的總的電功與產生的焦耳熱之差，則有

D正確。

故選BD。三、填空題(共7題，共14分)11、略

【分析】【分析】

小球經M點時速度最大，則在M點的加速度為零，根據平衡條件求出M點的場強大??；從P點運動到Q點過程中，根據動能定理可求P、Q兩點的電勢差．

【詳解】

解：小球經M點時速度最大，則在M點的加速度為零，有解得M點的場強大小

從P點運動到Q點過程中，根據動能定理可得P、Q兩點的電勢差【解析】12、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]因為都變化，所以用后來的磁通量減去原來的磁通量【解析】13.613、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據歐姆定律得

[2]當閉合S1、S2時，電阻R的功率為

電動機的電功率為

當只閉合S2時，電動機的電壓不變，所以電動機功率不變?！窘馕觥竣?4②.12014、略

【分析】【詳解】

[1]在無窮遠處的電勢為零，所以從C點到D點；電勢能將減??；

[2]等量正電荷在C點的電場強度為零，C點到D點電場強度先增大后減小。【解析】減小先增大后減小15、略

【分析】【詳解】

[1]根據題意可知，電場為勻強電場，則取ac之間的d點，坐標為（3.5cm，6cm），由可知，d點電勢為連接則為等勢線，過c點作等勢線bd的垂線交bd于f點；如圖所示。

由幾何關系可得cf的長度為3.6cm，所以電場強度的大小

[2]勻強電場中，相同方向上變化相同的距離電勢差相等，故

即

得坐標原點O處的電勢為1V。

[3][4]負電荷在電勢低處電勢能高，則電子在a點的電勢能比在b點的電勢能高7eV，電子從b點運動到c點，電場力做功為【解析】25017916、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]充電后的平行板電容器與電源斷開；則可知電容器所帶電荷量將保持不變；

[2]根據平行板電容器的決定式，可得

將電容器兩板間距離d增大,易知該電容器的電容將減??；

[3]根據電容器電容的定義式，可得

電容器電荷量不變，當電容減小時，兩極板間的電勢差U將增大。【解析】①.不變②.減?、?增大17、略

【分析】【詳解】

汽車勻速運動時，牽引力

由可以知道，由瓶車輸出功率：

電動機的輸出功率代入數據得：

計算得出：．

點睛：本題考查電功率及功率公式，要注意明確電動機輸出功率等于電動機的總功率與熱功率的差值．【解析】6A四、實驗題(共4題，共32分)18、略

【分析】【詳解】

(1)[1]電阻絲直徑為0.5mm+0.169mm×0.1=0.669mm；

(2)[2]因為無電壓表，A2要用來測量流過電阻絲的電流，則需將A1改裝成電壓表。

用電流表A1與定值電阻R1和R2串聯(lián)組成電壓表的量程分別為

電源的電動勢約6V，所以選用電流表A1與定值電阻R1串聯(lián)組成電壓表；

采用電流表A2外接可以準確測出待測電阻兩端電壓和通過它的電流，所以采用電流表A2外接；滑動變阻器用分壓電路，且考慮滑動變阻器允許通過的電流，所以選擇滑動變阻器較小的R3；則電路圖如圖所示；

(3)[3][4]電流表A1的示數為80mA，電流表A2的示數為0.56A=560mA.

(4)[5]由電路圖

代入數據解得：ρ=4.26×10-6【解析】0.669805604.26×10-6Ω.m19、略

【分析】【詳解】

[1]螺旋測微器的固定刻度讀數為4.5mm，可動刻度讀數為

所以最終讀數為

[2]游標卡尺的主尺讀數為82mm，游標尺上第4個刻度與主尺上某一刻度對齊，故其讀數為

所以最終讀數為82mm+0.20mm=82.20mm【解析】4.866

82.2020、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]本實驗采用的是半偏法測電阻，實驗中認為干路電流近似不變，實驗時閉合電阻箱R接入電路后，干路電流會發(fā)生變化，為使干路電流變化較小，應使干路中滑動變阻器接入電路的阻值盡量大，為使電流表能夠滿偏，相應的電源電動勢應較大，故選擇電動勢為9V的電源毫安表A的滿偏電流為則此時電路中總阻值為

故滑動變阻器應選用最大阻值為的

（2）[3]根據上述，干路電流近似不變，可知，通過毫安表的電流近似等于通過電阻箱的電流，可知兩部分電阻近似相等，即毫安表A內阻的測量值

[4]閉合電阻箱R接入電路后，電路的總電阻變小，干路電流稍微變大，即干路電流大于而流過毫安表A的電流為則流過電阻箱R的電流大于即流過電阻箱R的電流實際上大于流過毫安表A的電流，根據并聯(lián)電路的特點，可知毫安表A的內阻真實值大于測量值（電阻箱R的阻值）；可知測量值偏小。

（3）[5]若按照（2）中測量的改裝成量程為2V的電壓表，需要串聯(lián)的電阻為

但毫安表內阻的測量值比真實值偏小，則計算出的串聯(lián)電阻R的阻值偏大；改裝后的電壓表量程會大于2V。

故選C?！窘馕觥?900.0偏小C21、略

【分析】【詳解】

（1）①[1][2][3][4]由于電動勢約可知電壓表量程太大，不能選用；則需要選用已知內阻的微安表G1與定值電阻串聯(lián)改成大量程的電壓表，選擇微安表G2測電流，故電表應選擇A和B；定值電阻應選擇G；由于電池內阻約為了調節(jié)方便，使電表示數變化明顯，滑動變阻器應選擇E。

②[5]實驗電路圖如圖所示。

（2）[6]圖（a）電路誤差來源于電壓表的分流，使得電動勢和內阻測量值都小于真實值；圖（b）電路誤差來源于電流表的分壓，使得電動勢測量值等于真實值，內阻測量值大于真實值；根據圖像的縱軸截距等于電動勢測量值；斜率絕對值等于內阻測量值，可知則圖線Ⅱ是通過電路a測得的。