2024年滬科新版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科新版必修3物理上冊階段測試試卷406考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，xOy坐標系內存在平行于坐標平面的勻強電場。一個質量為m，電荷量為的帶電粒子，以的速度沿AB方向入射，粒子恰好以最小的速度垂直于y軸擊中C點。已知A、B、C三個點的坐標分別為若不計重力與空氣阻力；則下列說法中正確的是（）

A.帶電粒子由A到C過程中最小速度一定為B.帶電粒子由A到C過程中電勢能先減小后增大C.勻強電場的場強大小為D.若勻強電場的大小和方向可調節(jié)，粒子恰好能沿AB直線方向到達B點，則此狀態(tài)下電場強度大小為2、在感應起電中，帶負電物體靠近帶絕緣底座的導體時，如圖所示M處將（）

A.帶正電B.帶負電C.不帶電D.以上答案均有可能3、在地球赤道上進行實驗，如圖所示，線圈平面沿南北方向豎直放置，線圈中心O處水平放置一可自由轉動的小磁針，處于靜止狀態(tài)，該處地磁場的磁感應強度大小為B0；給線圈通電后，小磁針水平偏轉了θ角．則。

A.僅改變電流方向，小磁針轉向不會變化B.僅改變電流大小可以使小磁針垂直于線圈平面C.通電線圈在中心O處產生的磁感應強度大小為D.通電線圈在中心O處產生的磁感應強度大小為4、一橫截面積為S的鋁導線，導線單位體積內含有的自由電子數(shù)為電子的電荷量為若電子定向移動的速度為時，導線中的電流為則單位時間內通過導線某橫截面的電子個數(shù)為（）A.B.C.D.5、如圖所示，在矩形ABCD的AB邊和CD邊中點M和N各放一個電荷，它們帶等量正、負電荷．E、F是AD邊和BC邊中點，P、Q兩點在MN連線上，MP＝QN；則電場強度和電勢都相同兩點是()

A.E和FB.P和QC.A和DD.C和B6、如圖所示的靜電場中，是某一條電場線上的兩個點，正檢驗電荷僅在電場力作用下從靜止開始自運動到的過程中（）

A.做勻加速運動B.的速度逐漸增大C.的電勢能逐漸增大D.的加速度逐漸增大7、據(jù)國外某媒體報道，科學家發(fā)明了一種新型超級電容器，能讓手機幾分鐘內充滿電．某同學假日登山途中用該種電容器給手機電池充電，下列說法正確的是A.該電容器給手機電池充電時，電容器的電容變大B.該電容器給手機電池充電時，電容器存儲的電能變少C.該電容器給手機電池充電時，電容器所帶的電荷量可能不變D.充電結束后,電容器不帶電,電容器的電容為零8、如圖甲所示，電動勢為0.10V的電池連接一只電流表，兩者的內阻忽略不計。電池的一端連接長度為1.0m導線的右端，電流表的另一端接上導線的某一點，x為接點與導線左端的距離，導線由一段金屬線1（電阻率為）和一段金屬線2（電阻率為）串接而成，它們的橫截面積相同。由電流表測得的電流I，所推得的電路總電阻R和x的圖像如圖乙所示，下列說法正確的是（）

A.導線的左邊部分為金屬線1B.導線的橫截面積約為C.當x＝0.7m時電池消耗的功率約為0.36WD.當x＞0.3m時電流表讀數(shù)I隨x變化的關系式近似為評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖所示，一個電量為﹣Q的點電荷甲，固定在絕緣水平面上的O點。另一個電荷量為+q及質量為m的點電荷乙，從A點以初速度v0沿它們的連線向甲運動，運動到B點時的速度為v，且為運動過程中速度最小值。已知點電荷乙與水平面的動摩擦因數(shù)為μ，AB間距離為L0，靜電力常量為k；則下列說法正確的是（）

A.點電荷乙從A點運動到B點的過程中，加速度逐漸減小B.OB間的距離為C.點電荷乙越過B點向左運動，其電勢能仍增多D.在點電荷甲形成的電場中，A點電勢低于B點電勢10、兩長直導線P、Q垂直于平面直角坐標系并固定在y軸和x軸上，并與坐標軸上M、N兩點構成正方形，如圖所示，坐標原點O位于正方形對角線交點。兩長直導線通有圖示方向的電流，且電流大小相等。已知通電長直導線在其周圍形成的磁感應強度與電流成正比，與該點到導線的距離成反比，O點的磁感應強度大小為下列說法正確的是（）

A.N點磁場方向沿y軸正方向B.O點磁場方向與x軸負方向夾角為45°C.導線P在M點的磁感應強度大小為D.導線P在N點的磁感應強度大小為11、關于電場線，下列說法正確的是（）A.電場線的方向，就是電荷受力的方向B.正電荷只在電場力作用下一定沿電場線運動C.電場線越密的地方，同一電荷在此處所受電場力越大D.靜電場的電場線不可能是閉合的12、空間中存在著由孤立的帶負電的點電荷產生的電場，一帶電粒子僅在電場力作用下沿圖示曲線運動，M、N為曲線上兩點，已知粒子在M、N兩點的速度vM>vN，粒子在M、N兩點的電勢能分別為EpM和EpN；以下說法正確的是（）

A.粒子一定從M運動到NB.EpM<EpNC.粒子一定帶正電D.場源電荷對粒子的作用力可能是排斥力13、如圖所示，圖中虛線為某靜電場中的等差等勢線，實線為某帶電粒子在該靜電場中的運動軌跡，a、b、c為粒子的運動軌跡和等勢線的交點；粒子只受靜電力作用，以下說法正確的是（）

A.粒子在a點和c點的速度相同B.a點的電場強度小于b點的電場強度C.粒子在a點的動能比在b點的動能小D.粒子在b點的電勢能比在c點的電勢能大評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)14、如圖所示，厚薄均勻的矩形金屬薄片邊長ab＝2bc，當將A與B接入電路或將C與D接入電路中時，電阻RAB:RCD為______。

15、恒定電流：大小、___________都不隨時間變化的電流。16、電荷守恒定律。

（1）電荷守恒定律表述：電荷既不會____________，也不會____________，它只能從一個物體轉移到____________，或者從物體的一部分轉移到____________；在轉移過程中，電荷的____________保持不變。

（2）電荷守恒定律的另一表述是：一個與外界沒有電荷交換的系統(tǒng)，____________保持不變。17、某同學將一個帶電量為0.1C的正點電荷放入勻強電場中，測得其受到的電場力大小為lN，方向水平向左，則此電場的電場強度大小為______N/C，方向______（填“水平向左”或“水平向右”）。若將另一點電荷放人該電場中，測得其受到的電場力大小為0.5N，則此點電荷的電量大小為______C。18、在如圖（a）所示的電路中，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器。閉合開關S，將滑動變阻器的滑動觸頭P從最右端滑到最左端，兩個電壓表的示數(shù)隨電路中電流變化的完整過程圖線如圖（b）所示。則電源的最大輸出功率為___________W，滑動變阻器R2的最大功率為___________W

19、通電螺線管的磁場。

安培定則：如圖所示，用右手握住螺線管，讓彎曲的四指與________一致，伸直的拇指所指的方向就是________磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的________的方向。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共18分)20、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

21、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產生的磁場使密封在干簧管內的兩個鐵質簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復到分離狀態(tài)，電路已經連接一部分，請將電路完整連接好。

評卷人得分五、解答題(共1題，共4分)22、2021年2月10日19時52分，我國首次火星探測任務“天問一號”探測器實施近火捕獲制動，成功實現(xiàn)環(huán)繞火星運動，成為我國第一顆人造火星衛(wèi)星。在“天問一號”環(huán)繞火星做勻速圓周運動時，周期為T。已知火星的半徑為R，火星表面的重力加速度的大小為g，引力常量為G；不考慮火星的自轉。求：

（1）火星的質量M；

（2）火星的第一宇宙速度v；

（3）求“天問一號”繞火星飛行時軌道半徑r；

（4）在電場中我們利用E=來定義電場強度，引力場與電場有相似的性質，請你求“天問一號”所處軌道的引力場強度是多大？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)題意可知

由于粒子恰好以最小的速度垂直于y軸擊中C點，則C點的速度最小且沿水平方向，故帶電粒子受到的電場力方向一定沿-y方向，將初速度沿豎直方向和水平方向分解，水平方向粒子做勻速直線運動，其速度為

豎直方向速度減為零時速度最小等于水平分速度，所以帶電粒子由A到C過程中最小速度一定為A錯誤；

B．帶電粒子由A到C過程中電場力一定做負功；電勢能增大，B錯誤；

C．根據(jù)幾何關系可知OC=L，從A到C根據(jù)動能定理可得

解得勻強電場的大小為

C錯誤；

D．若勻強電場的大小和方向可調節(jié)，粒子恰好能沿AB方向到達B點，則電場線方向沿BA方向，根據(jù)動能定理可得

解得此狀態(tài)下電場強度大小為

D正確。

故選D。2、B【分析】【詳解】

感應起電過程是電荷在電場力作用下，從物體的一部分轉移到另一個部分，且近端感應出異種電荷，遠端感應出同種電荷，由圖知M為遠端，則M處帶負電．

故選B．

【點睛】

感應起電實質是：電子從物體的一部分轉移到另一個部分，電荷轉移特點“近異遠同”．3、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)右手螺旋定則；可知，當僅改變電流方向，線圈內部磁場方向發(fā)生改變，則由矢量的合成法則，可知，小磁針處合磁場方向改變，導致小磁針轉向發(fā)生變化，故A錯誤；

B．當只改變電流大小時；線圈內部的磁場方向垂直線圈平面，但由于外加的勻強磁場，依據(jù)矢量的合成法則，可知，不可以使小磁針垂直于線圈平面，故B錯誤；

CD．通電線圈在中心O處產生的磁感應強度B與B0的關系如圖所示，有：

故C錯誤；D正確．

4、B【分析】【分析】

【詳解】

由電流的定義可得；單位時間內通過導線某橫截面的電荷量為。

通過的電子個數(shù)為。

某橫截面后體積為內的所有電子均能通過該橫截面；故單位時間內通過導線某橫截面的電子個數(shù)可表示為。

故選B。5、A【分析】【分析】

【詳解】

等量異號電荷的電場線分布情況如圖所示；圖中電場線從正電荷出發(fā)，等勢面為不規(guī)則封閉曲面。

A．在兩個異種電荷的中垂線上是等勢面，E、F兩點關于連線對稱；電場強度大小和方向都相同，電勢相同，故A正確；

B．在兩個異種電荷的連線上，電場線從正電荷指向負電荷，沿著電場線電勢越來越低，故P、Q電勢不等；故B錯誤；

C．由于A點離正電荷更近，D點離負電荷更近，則A點電勢高于D點電勢；故C錯誤；

D．由于B點離正電荷更近，C點離負電荷更近，則B點電勢高于C點電勢；故D錯誤。

故選A。

6、B【分析】【詳解】

AD．由于點的電場線比點的疏，由電場線較密的區(qū)域（大）運動到電場線較疏的區(qū)域（?。?，減小，減小．故A；D錯誤；

BC．電荷帶正電；電場力做正功，所以電勢能減小，動能增大，速度逐漸增大，故B正確，C錯誤．

故選：B．7、B【分析】【詳解】

電容是描述電容器的容納電荷的本領大小的物理量；與電容器的電壓及電量無關，故AD錯誤；當該電容器給手機電池充電時，電容器存儲的電荷量減小，則電能變少，故B正確，C錯誤。

故選B。8、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)當x很大時；電阻變化較快，則電阻率較大，所以導線的右邊部分為金屬線1，故A錯誤；

B．根據(jù)

所以對左邊是金屬線2

解得

故B錯誤；

C．根據(jù)圖像可知，x＞0.3m時

當x＝0.7m時

電池消耗的功率

故C錯誤；

D．當x＞0.3m時電流表讀數(shù)I隨x變化的關系式近似為

故D正確。

故選D。二、多選題(共5題，共10分)9、A:B【分析】【詳解】

A．滑動摩擦力的大小方向不變，在乙靠近甲過程中庫侖力逐漸增大，在運動到B點之前，有

因此物體做加速度逐漸減小的減速運動；故A正確；

B．當乙速度最小時有

所以解得

故B正確；

C．在乙向左運動過程中電場力一直做正功；因此電勢能一直減小，故C錯誤；

D．由點電荷甲周圍的等勢面分布可知，A點電勢高于B點電勢；故D錯誤。

故選AB。10、B:D【分析】【詳解】

A．設磁感應強度與電流、距離的關系式為

式中k為比例系數(shù)，設正方形的邊長為a，通過兩根導線的電流大小為I，根據(jù)安培定則可得兩根導線在N點產生的磁場方向；如圖所示。

則P在N點產生的磁感應強度大小為

Q在N點產生的磁感應強度大小為

設與x軸方向的夾角為根據(jù)幾何知識可得

聯(lián)立解得

解得

故N點磁場方向沿x軸正方向；故A錯誤；

B．根據(jù)安培定則可得兩根導線在O點產生的磁場方向；如圖所示。

則P在O點產生的磁感應強度大小為

Q在O點產生的磁感應強度大小為

則有

根據(jù)幾何關系，可知O點磁場方向與x軸負方向夾角為45°，且有

解得

故B正確；

C．P在M點產生的磁感應強度大小為

又根據(jù)

解得

故C錯誤；

D．P在N點產生的磁感應強度大小為

又根據(jù)

解得

故D正確。

故選BD。11、C:D【分析】【詳解】

A．正電荷受到的電場力與電場方向相同；負電荷受到的電場力與電場方向相反，則電場線的方向，不一定是電荷受力的方向，故A錯誤；

B．正電荷只在電場力作用下；如果電場線不是直線，電荷不沿電場線運動，故B錯誤；

C．電場線越密的地方；電場強度越大，同一電荷在此處所受電場力越大，故C正確；

D．靜電場的電場線由正電荷或無窮遠出發(fā)指向負電荷或無窮遠；電場線是不閉合的，故D正確。

故選CD。12、B:D【分析】【詳解】

A．由于帶電粒子的電性和場源電荷的位置均未知；故不能判斷帶電粒子的運動方向，故A錯誤；

B．粒子只在電場力作用下運動，故只有動能和電勢能相互轉化，由能量守恒定律得

又因為

故EpM<EpN

故B正確；

C．根據(jù)運動與力的關系僅能判斷粒子受電場力方向指向軌跡的凹側；由于不知道場源電荷的位置，故無法判斷粒子的電性，故C錯誤；

D．當粒子帶負電且場源電荷在軌跡凸側時作用力即為排斥力；故D正確。

故選BD。13、B:D【分析】【詳解】

A．a和c在同一等勢線上，粒子在兩點的電勢能相等，由能量守恒知粒子在a和c點動能也相等；即在兩點的速度大小相同，但方向不同，故A錯誤；

B．根據(jù)等差等勢線越密，場強越強，可知，a點的電場強度小于b點的電場強度；故B正確；

CD．由于曲線運動的特點，合外力指向軌道彎曲的一側，由于粒子只受靜電力作用，所以若粒子從a運動到b，粒子運動方向與電場力方向夾角為鈍角，則此過程中電場力做負功，電勢能增加，動能減小，即粒子在a點的動能比在b點的動能大，從b到c的過程中，電場力做正功，電勢能減小，即粒子在b點的電勢能比在c點的電勢能大；若粒子從c點運動到b，粒子運動方向與電場力方向夾角為鈍角，則此過程中電場力做負功，電勢能增加，即粒子在b點的電勢能比在c點的電勢能大，從b到a的過程中，電場力做正功，電勢能減小，動能增加，則粒子在a點的動能比在b點的動能大；故C錯誤，D正確。

故選BD。三、填空題(共6題，共12分)14、略

【分析】【詳解】

由電阻定律

可知【解析】4:115、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)定義可知，恒定電流為大小、方向都不隨時間變化的電流?！窘馕觥糠较?6、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.創(chuàng)生②.消滅③.另一個物體④.另一部分⑤.總量⑥.電荷的代數(shù)和17、略

【分析】【詳解】

[1]由電場強度定義可得

[2]由電場強度方向與正電荷受力方向相同可知；此電場強度方向水平向左。

[3]該電荷的電荷量為【解析】10水平向左0.0518、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]當R2的滑動頭P滑到最左端時，電壓表V2的示數(shù)為0，可知圖線甲是V2示數(shù)隨電流變化的圖線。由兩圖線得U1+U2=5V≠U1′+U2′=3V

可知電源有內阻R1==5Ω，R2m==20Ω

由閉合電路歐姆定律I=