2025年蘇教版高一物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇教版高一物理下冊(cè)月考試卷149考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、【題文】籃球從高處釋放，在重力和空氣阻力的作用下加速下降過程，正確的是A.合力對(duì)籃球做的功等于籃球動(dòng)能的增加量B.重力對(duì)籃球做的功等于籃球重力勢(shì)能的減少量C.籃球重力勢(shì)能的減少量等于動(dòng)能的增加量D.籃球克服空氣阻力所做的功等于籃球機(jī)械能的減少量2、在某高度處平拋一物體，當(dāng)拋出2s

后它的速度方向與水平方向成45鈭?

角，落地時(shí)的速度方向與水平方向成60鈭?

角，g

取10m/s2

則下列說法正確的是(

)

A.物體水平射程40m

B.物體初速度為15m/s

C.物體落地速度25m/s

D.物體飛行時(shí)間為23s

3、如圖所示，蠟塊R

可以在兩端封閉.

注滿清水的豎直玻璃管中勻速上升.

現(xiàn)若讓蠟塊R

從豎直管底沿管勻速上升的同時(shí)，令豎直玻璃管沿水平方向做初速度為0

的勻加速直線運(yùn)動(dòng).

那么關(guān)于蠟塊R

相對(duì)于地面的運(yùn)動(dòng)軌跡，下列說法正確的是(

)

A.是一條豎直線B.是一條傾斜的直線C.是一條拋物線D.是一條水平線4、高中生小明騎自行車以5m/s

的速度沿平直公路勻速行駛，若騎行過程中所受阻力恒為車和人總重的0.02

倍，取重力加速度g=10m/s2

根據(jù)估算，小明騎此自行車做功的平均功率最接近的數(shù)值是()A.8W

B.80W

C.800W

D.8kW

5、風(fēng)景旖麗的公園都有噴泉以增加觀賞性.

若一噴泉噴出的水柱高達(dá)h

已知水的密度為婁脩

噴泉出口的面積為S

空中水的質(zhì)量為(

)

A.婁脩hS

B.2婁脩hS

C.3婁脩hS

D.4婁脩hS

6、一物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為2m/s2，這就是說（）A.物體速度變化量是2m/sB.每經(jīng)過一秒物體的速度都增大2m/sC.任意一秒內(nèi)的末速度均為初速度的2倍D.開始運(yùn)動(dòng)某1s的末速度比前1s的初速度增加2m/s評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)7、【題文】從距地面高度為h="5"m處水平拋出一小球，小球落地處距拋出點(diǎn)的水平距離為s="10"m．則小球落地所需時(shí)間t=____s；小球拋出時(shí)的初速度為____m／s。（g取10m／s2）8、【題文】在測(cè)定勻變速直線運(yùn)動(dòng)的加速度時(shí)，得到一條理想紙帶，取5個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)為一個(gè)記數(shù)點(diǎn)，先后編為0、1、2、3、4、5，由于不小心紙帶被撕爛，請(qǐng)根據(jù)給出的A、B、C、D四段紙帶回答：

（1）從紙帶A上撕下的那段應(yīng)該是B；C、D三段紙帶中的＿＿＿＿＿＿．

（2）物體的加速度大小是＿＿＿＿＿＿m／s2．

（3）打1點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度＿＿＿＿＿＿m／s．9、高速列車過橋后沿平直鐵路勻減速行駛，經(jīng)過2min速度從216km/h減小到54km/h，此過程中列車的加速度大小為______，方向______．10、真空中有一電場(chǎng)，在電場(chǎng)中的P點(diǎn)放一電量為4.0×10-9C的檢驗(yàn)電荷，它受到的電場(chǎng)力為2.0×10-5N，則P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為________N／C；把檢驗(yàn)電荷電量減小為2.0×10-9C，則該電荷在P點(diǎn)受到的電場(chǎng)力為__________N，若將P點(diǎn)的檢驗(yàn)電荷移走，則P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為________N／C。11、【題文】（10分）如圖所示，用力拉一質(zhì)量為m的物體，使它沿水平地面勻速移動(dòng)距離s，若物體和地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，則此力對(duì)物體做的功為____。評(píng)卷人得分三、解答題(共8題，共16分)12、河寬300m；水流速度為3m/s，船在靜水中的速度為5m/s．現(xiàn)令該船從岸邊開始渡河，試問：

（1）要求船以最短的時(shí)間渡河；可到達(dá)河岸的什么位置？

（2）要求船以最小的位移渡河時(shí)；渡河時(shí)間多長？

13、雨點(diǎn)以8m/s的速度豎直下落，雨中步行的人感到雨點(diǎn)與豎直方向成30°迎面打來，那么人行走的速度大小是______14、物體作勻變速直線運(yùn)動(dòng)；從某時(shí)刻算起，經(jīng)過54m用時(shí)6s，再經(jīng)過54m又用時(shí)9s，則物體的加速度大小及開始計(jì)時(shí)的初速度．

15、如圖所示，一塊質(zhì)量為M=2kg，長為L的均質(zhì)板靜止在很長的光滑水平桌面上，板的左端靜止擺放質(zhì)量為m=1kg的小物體（可視為質(zhì)點(diǎn)），M和m之間的為動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.2．在小物體m上的O點(diǎn)連接一根很長的輕質(zhì)細(xì)繩，細(xì)繩跨過位于桌邊的定滑輪．t=0s時(shí)刻某人以恒定拉力F=3.3N向下拉繩，t1=2s時(shí)刻細(xì)繩突然從O處斷開，最后小物體m剛好能到長木板M的最右端（定滑輪光滑，長木板右端和定滑輪之間的距離足夠長，g取10m/s2）．求：

（1）細(xì)繩沒斷開時(shí)；M和m的加速度各是多少？

（2）當(dāng)m到達(dá)長木板M右端以后M的速度是多少？

（3）長木板M的長度L是多少？

16、如圖所示，質(zhì)量M=2kg的木塊A套在水平桿上，并用輕繩將木塊A與質(zhì)量m=kg的小球相連．今用跟水平方向成α=30角的力F=10N，拉著球帶動(dòng)木塊一起向右勻速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)中M、m相對(duì)位置保持不變，取g=10m/s2．求：

（1）運(yùn)動(dòng)過程中輕繩與水平方向夾角θ；

（2）木塊與水平桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ．

17、在“測(cè)定勻變速直線運(yùn)動(dòng)加速度”的實(shí)驗(yàn)中，得到的記錄紙帶如圖所示，圖中的點(diǎn)為計(jì)數(shù)點(diǎn)，在每兩相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫出，則小車運(yùn)動(dòng)的加速度為______m/s2；D點(diǎn)的瞬時(shí)速度為______m/s．（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

18、如圖所示，豎直平面內(nèi)有一半徑為R的半圓形光滑絕緣軌道，其底端B與光滑絕緣水平軌道相切，整個(gè)系統(tǒng)處在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一質(zhì)量為m，電荷量為q帶正電的小球以v的初速度沿水平面向右運(yùn)動(dòng)；通過圓形軌道恰能到達(dá)圓形軌道的最高點(diǎn)C，從C點(diǎn)飛出后落在水平面上的D點(diǎn)，試求：

（1）小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度vC及電場(chǎng)強(qiáng)度E；

（2）BD間的距離s；

（3）小球通過B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力N．

19、如圖所示；輕桿長2l，中點(diǎn)裝在水平軸O點(diǎn)，兩端分別固定著小球A和B，A球質(zhì)量為m，B球。

的質(zhì)量為2m；兩者一起在豎直平面內(nèi)繞轉(zhuǎn)軸做圓周運(yùn)動(dòng)，轉(zhuǎn)軸O點(diǎn)處無摩擦．

（1）若A球在最高點(diǎn)時(shí)；桿A端恰好不受力，此時(shí)O軸受到彈力大小和方向如何？

（2）若B球到最高點(diǎn)時(shí)的速度大小等于第（1）問中A球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的速度；則B球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，O軸的受力大小和方向又如何？

（3）在桿轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)；能否出現(xiàn)O軸不受力的情況？通過計(jì)算說明．若能，求出此時(shí)A；B的速度大小各是多少？

評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共12分)20、探究外力做功與物體動(dòng)能變化關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。

（1）在該實(shí)驗(yàn)中；下列不需測(cè)量的物理量有______。

A．懸掛鉤碼的總質(zhì)量mB．長木板的傾角θ

C．小車運(yùn)動(dòng)的距離LD．小車的質(zhì)量M

（2）為了保證實(shí)驗(yàn)結(jié)果的誤差盡量小；在實(shí)驗(yàn)操作中，下面做法必要的是______。

A；每次實(shí)驗(yàn)必須重新平衡摩擦力。

B；實(shí)驗(yàn)操作時(shí)要先放小車；后接通電源。

C；調(diào)整滑輪的高度；使連接小車的細(xì)線與木板平行。

D、在實(shí)驗(yàn)過程中要保證托盤和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)大于小車的質(zhì)量21、如圖(a)

為驗(yàn)證牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖．

(1)

平衡小車所受的阻力的操作：取下______，把木板不帶滑輪的一端墊高；接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源，輕推小車，讓小車拖著紙帶運(yùn)動(dòng).

如果打出的紙帶如圖(b)

所示，則應(yīng)______(

減小或增大)

木板的傾角，反復(fù)調(diào)節(jié)，直到紙帶上打出的點(diǎn)跡______為止．

(2)

打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電周期0.02s.

下圖是某同學(xué)在正確操作下獲得的一條紙帶，ABCDE

每兩點(diǎn)之間還有4

個(gè)點(diǎn)沒有標(biāo)出，則相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔T=

_________，寫出用s1s2s3s4

以及T

來表示小車加速度的計(jì)算式：a=

_________.

根據(jù)紙帶所提供的數(shù)據(jù)，算得小車的加速度大小為_________m/s2(

結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

．

(3)

如圖甲是同學(xué)根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)畫出的a鈭?F

圖線，試簡單分析實(shí)驗(yàn)中存在的問題。評(píng)卷人得分五、簡答題(共4題，共28分)22、鎂鋁合金在工業(yè)上有著廣泛的用途，氧化鋁是冶煉金屬鋁的主要原料。從鋁土礦rm{(}主要成分是rm{Al_{2}O_{3}}含有rm{SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3隆壟}MgO}等雜質(zhì)rm{)}中提取氧化鋁的兩種工藝流程如下：

回答下列問題：rm{(1)Al_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3隆壟}MgO}四種物質(zhì)中，屬于酸性氧化物的是______，屬于堿性氧化物的是_____。rm{(2)}流程一中，沉淀rm{壟脹}是_________rm{(}填化學(xué)式，下同rm{)}沉淀rm{壟脼}是_________。濾液rm{壟脺}中通入過量rm{CO_{2}}發(fā)生的所有離子方程式。rm{(3)}流程二中，加入燒堿溶解rm{SiO_{2}}的化學(xué)方程式為____。rm{(4)}濾液rm{壟脻}中的可溶性鹽是rm{NaCl}______rm{(}填化學(xué)式rm{)}濾液rm{壟謾}與過量氨水反應(yīng)的離子方程式為____。rm{(5)}在電解氧化鋁制取金屬鋁的反應(yīng)中，氧化產(chǎn)物與還原產(chǎn)物的質(zhì)量之比為____。23、亞硝酸鈉是重要的防腐劑rm{.}某化學(xué)興趣小組以碳和濃硝酸為起始原料，設(shè)計(jì)如下圖裝置利用一氧化氮與過氧化鈉反應(yīng)制備亞硝酸鈉rm{.(}夾持裝置和rm{A}中加熱裝置已略，氣密性已檢驗(yàn)rm{)}

查閱資料：

rm{壟脵HNO_{2}}為弱酸，室溫下存在反應(yīng)rm{3HNO_{2}簍THNO_{3}+2NO隆眉+H_{2}O}rm{壟脷}在酸性溶液中，rm{NO_{2}^{-}}可將rm{MnO_{4}^{-}}還原為rm{Mn^{2+}}且無氣體生成．rm{壟脹NO}不與堿反應(yīng)，可被酸性rm{KMnO_{4}}溶液氧化為硝酸實(shí)驗(yàn)操作：rm{壟脵}關(guān)閉彈簧夾，打開rm{A}中分液漏斗活塞，滴加一定量濃硝酸，加熱；rm{壟脷}一段時(shí)間后停止加熱；rm{壟脹}從rm{C}中取少量固體，檢驗(yàn)是否是亞硝酸鈉．rm{(1)A}中反應(yīng)的化學(xué)方程式是____．rm{(2)B}中觀察的主要現(xiàn)象是____，rm{D}裝置的作用是____．rm{(3)}經(jīng)檢驗(yàn)rm{C}產(chǎn)物中亞硝酸鈉含量較少，甲、乙兩同學(xué)的看法不同．rm{a.}甲同學(xué)認(rèn)為rm{C}中產(chǎn)物不僅有亞硝酸鈉，還有碳酸鈉和氫氧化鈉rm{.}則生成碳酸鈉的化學(xué)方程式是____rm{_.}為排除干擾，甲在rm{B}rm{C}裝置間增加裝置rm{E}rm{E}中盛放的試劑應(yīng)是____rm{(}寫名稱rm{)}．rm{b.}乙同學(xué)認(rèn)為除上述干擾因素外，還會(huì)有空氣參與反應(yīng)導(dǎo)致產(chǎn)品不純，所以在實(shí)驗(yàn)操作rm{壟脵}之前應(yīng)增加一步操作，該操作是____．24、質(zhì)量為1kg

的物體；受到12N

豎直向上的拉力，由靜止開始運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過2s(g=10.0m/s2)

求。

(1)

物體向上的加速度是多少？

(2)2s

內(nèi)拉力對(duì)物體做的功是多少？

(3)2s

末拉力的瞬時(shí)功率是多少？25、如圖所示，光滑勻質(zhì)圓球B

用細(xì)線懸掛在豎直墻上，B

的半徑為r=20cm

質(zhì)量為M=20kg

懸線長L=30cm

正方體物塊A

的邊長d=10cm

質(zhì)量為m=2kg

物塊A

與墻之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為婁脤.

現(xiàn)將物塊A

輕放于球和墻之間后放手.

取重力加速度g=10m/s2

假定最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力．

(1)

若要求放手之后A

能保持靜止?fàn)顟B(tài)；試求婁脤

的最小值；

(2)

若婁脤=0.2

在物塊A

上施加一個(gè)與墻平行的外力F

使A

在未脫離圓球前貼著墻沿水平方向勻速抽出，求此外力F

．評(píng)卷人得分六、畫圖題(共2題，共6分)26、畫出下面2個(gè)物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質(zhì)量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球。27、畫出下面2個(gè)物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質(zhì)量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A|B|D【分析】【解析】

試題分析：由動(dòng)能定理知，W總＝WG－Wf＝ΔEK；合力對(duì)籃球做的功等于籃球動(dòng)能的增加量，A正確，C錯(cuò)誤；由重力做功與重力勢(shì)能的關(guān)系知，重力對(duì)籃球做的功等于籃球重力勢(shì)能的減少量，B正確；除重力外其他力做功等于機(jī)械能的變化量知，籃球克服空氣阻力所做的功等于籃球機(jī)械能的減少量，D正確。

考點(diǎn)：本題考查功能關(guān)系。【解析】【答案】ABD2、D【分析】解：2s

后豎直方向上的分速度為：

vy1=gt=20m/s

tan45鈭?=vyvx=1

則有：

v0=vx=vy=20m/s

故物體拋出時(shí)的初速度為20m/s

落地時(shí)速度方向與水平成60鈭?

角。

所以cos60鈭?=v0v

則有：v=v0cos60鈭?=2012m/s=40m/s

故落地時(shí)的速度為40m/s

落地時(shí)豎直方向的分速度為：

vy=vsin60鈭?=203m/s

平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：

t=vyg=23s

x=v0t=20隆脕23m=403m

故水平射程為403m

綜上所述；故ABC錯(cuò)誤，D正確；

故選：D

(1)

平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)；在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)。將兩秒后的速度進(jìn)行分解，根據(jù)vy=gt

求出豎直方向上的分速度，再根據(jù)角度關(guān)系求出平拋運(yùn)動(dòng)的初速度。

(2)

將落地的速度進(jìn)行分解；水平方向上的速度不變，根據(jù)水平初速度求出落地時(shí)的速度。

(3)

根據(jù)落地時(shí)的速度求出豎直方向上的分速度；再根據(jù)vy2=2gh

求出拋出點(diǎn)距地面的高度。

(4)

根據(jù)落地時(shí)豎直方向上的分速度；運(yùn)用vy=gt

求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。再根據(jù)x=v0t

求出水平射程。

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)。知道分運(yùn)動(dòng)和合運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性，掌握豎直方向和水平方向上的運(yùn)動(dòng)學(xué)公式。【解析】D

3、C【分析】解：紅蠟塊實(shí)際運(yùn)動(dòng)為沿AB

方向的勻速運(yùn)動(dòng)與AC

方向勻加速直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)；顯然做的是類平拋運(yùn)動(dòng)．

故選C．

蠟塊參加了兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)；水平方向勻加速直線移動(dòng)，豎直方向在管中勻速上浮，將分運(yùn)動(dòng)的速度合成可以得到合運(yùn)動(dòng)速度大小和方向的變化規(guī)律，進(jìn)一步判斷軌跡．

運(yùn)動(dòng)的合成與分解中最典型的應(yīng)用為平拋運(yùn)動(dòng)，而本題符合平拋的規(guī)律，故可認(rèn)為是類平拋運(yùn)動(dòng)．【解析】C

4、B【分析】【分析】本題考查了功率的計(jì)算。根據(jù)實(shí)際估計(jì)小明的質(zhì)量，然后應(yīng)用平衡條件求出牽引力，再由P=Fv

求出功率。本題是一道估算題，根據(jù)實(shí)際情況估算出小明與車的總質(zhì)量是正確解題的前提，應(yīng)用平衡條件與功率公式P=Fv

可以解題?！窘獯稹啃∶髋c車的總質(zhì)量約為80kg

小明騎自行車勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的牽引力約為：F=f=0.02mg=0.02隆脕80隆脕10=16N

功率：P=Fv=16隆脕5=80W

故A、C

D錯(cuò)誤，B正確。故選B?！窘馕觥緽

5、D【分析】解：水柱高達(dá)h

根據(jù)h=12gt2

得下降時(shí)間為：t=2hg

根據(jù)上拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，上升時(shí)間等于下降時(shí)間，故上拋的總時(shí)間為：t隆盲=2t=22hg

根據(jù)vt2=2gh

得到初速度為：vt=2gh

故空中水的體積為：V=SL=Svtt隆盲=S鈰?2gh鈰?22hg=4hS

故M=婁脩V=4婁脩hS

故選D．

噴泉噴出的水做豎直上拋運(yùn)動(dòng)；根據(jù)水柱高度求解出初速度和水的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，然后根據(jù)空中水的體積等于水的初速度乘以時(shí)間再乘以出口面積，最后根據(jù)質(zhì)量等于密度乘以體積求解出空中水的質(zhì)量．

本題要注意空中的水柱并非圓柱體，要根據(jù)流量等于初刻速度乘以時(shí)間后再乘以噴泉出口的面積為S

求出流量，最后根據(jù)m=婁脩V

求質(zhì)量．【解析】D

6、B【分析】加速度等于單位時(shí)間內(nèi)的速度變化量，結(jié)合加速度的定義式分析判斷?！窘馕觥拷猓篈BC、一物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為2m/s2，知每秒內(nèi)速度增加2m/s，故AC錯(cuò)誤，B正確；D、開始運(yùn)動(dòng)某1s末比前1s的初，時(shí)間間隔為2s，所以速度增加4m/s，故D錯(cuò)誤；故選：B。二、填空題(共5題，共10分)7、略

【分析】【解析】考點(diǎn)：平拋運(yùn)動(dòng)．

分析：解決平拋運(yùn)動(dòng)的方法是把平拋運(yùn)動(dòng)分解到水平方向和豎直方向去研究；水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)方向上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同．運(yùn)動(dòng)時(shí)間由高度決定，水平初速度可以由水平位移與時(shí)間求解．

解答：解：平拋運(yùn)動(dòng)豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)h=gt2得：t==1s；平拋運(yùn)動(dòng)水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)v0=得：vo=10m/s．

故答案為：1s；10m/s．

點(diǎn)評(píng)：研究平拋運(yùn)動(dòng)的方法是把平拋運(yùn)動(dòng)分解到水平方向和豎直方向去研究，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)方向上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，本題難度不大．【解析】【答案】1,108、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】（1）C（2）0.6（3）0.339、略

【分析】解：216km/h=60m/s；54km/h=15m/s，5min=120s；

則列車的加速度a==-0.375m/s2；負(fù)號(hào)表示方向，即加速度的方向與初速度方向相反．

故答案為：0.375m/s2；與初速度方向相反．

已知列車的初速度和末速度；結(jié)合加速度的定義式求出列車的加速度大小和方向．

解決本題的關(guān)鍵掌握加速度的定義式，注意公式的矢量性，基礎(chǔ)題．【解析】0.375m/s2；與初速度方向相反10、略

【分析】【解析】試題分析：由電場(chǎng)強(qiáng)度公式，當(dāng)將檢驗(yàn)電荷的電量減小為則其電場(chǎng)力為若將P點(diǎn)的檢驗(yàn)電荷移走，則P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)不變，仍為考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度【解析】【答案】5000，500011、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】三、解答題(共8題，共16分)12、略

【分析】

（1）若船以最短時(shí)間渡河，則船身必須垂直河岸過河，過河時(shí)間t==60s，船沿著水流方向走過的距離x=v水t=180m；所以船到達(dá)正對(duì)岸下游180m處；

故船渡河的最短時(shí)間為60s；船將到達(dá)正對(duì)岸下游180m處．

（2）由于V船＞V水，小船可以到達(dá)正對(duì)岸，最小位移為300m，則渡河時(shí)間t==75s．

故船渡河的最小位移為300m；渡河時(shí)間為75s．

【解析】【答案】（1）當(dāng)靜水速的方向與河岸方向垂直；此時(shí)渡河時(shí)間最短，此時(shí)船不僅參與了靜水運(yùn)動(dòng)，還參與了水流運(yùn)動(dòng)，求出渡河時(shí)間，即可求出沿水流方向上的位移．

（2）當(dāng)靜水速與水流速的合速度方向垂直于河岸，船將沿垂直河岸方向運(yùn)動(dòng)，此時(shí)位移最短，根據(jù)t=求出渡河時(shí)間．

13、略

【分析】

人行走的速度與雨滴豎直下落速度的合速度與豎直方向成30°角，根據(jù)平行四邊形定則有：tan30°=解得．

故答案為：m/s．

【解析】【答案】雨滴相對(duì)于人的速度方向是與豎直方向成30°；根據(jù)平行四邊形定則求出人行走的速度．

14、略

【分析】

設(shè)物體的加速度大小為a，開始計(jì)時(shí)的初速度為v．已知x=54m，t1=6s，t2=9s．根據(jù)位移公式得到。

x=vt1+

2x=v（t1+t2）+

代入得：54=6v+18a

108=15v+

聯(lián)立解得，a=-0.4m/s2，v=3.4m/s

答：物體的加速度大小是0.4m/s2；開始計(jì)時(shí)的初速度是10.2m/s．

【解析】【答案】物體作勻變速直線運(yùn)動(dòng)；根據(jù)位移公式分別研究前54m和整個(gè)108m過程，得到關(guān)于加速度和初速度的兩個(gè)方程，再聯(lián)立求解．

15、略

【分析】

（1）細(xì)繩沒斷開時(shí)；兩物體受力如圖．根據(jù)牛頓第二定律得。

對(duì)m：F-μmg=ma1，得到a1=1.3m/s2．

對(duì)M：f=Ma2，得到a2==1m/s2．

（2）t1=2s時(shí)刻細(xì)繩突然從O處斷開時(shí)；兩物體的速度分別為。

對(duì)m：v1=a1t=2.6m/s；

對(duì)M：v2=a2t=2m/s．

細(xì)繩斷開后；兩物體組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)m到達(dá)長木板M右端以后M的速度為V．則有。

mv1+Mv2=（M+m）V

得到V==2.2m/s．

（3）在細(xì)繩斷開前，兩物體相對(duì)位移大小為x1=

在細(xì)繩斷開后，兩物體相對(duì)位移大小為x2．根據(jù)能量守恒定律得。

μmgx2=+-

所以長木板M的長度L=x1+x2

代入解得L=0.66m．

答：（1）細(xì)繩沒斷開時(shí)，M和m的加速度分別是1.3m/s2和1m/s2．

（2）當(dāng)m到達(dá)長木板M右端以后M的速度是2.2m/s．

（3）長木板M的長度L是0.66m．

【解析】【答案】（1）細(xì)繩沒斷開時(shí)；m所受的合力等于拉力與滑動(dòng)摩擦力的合力，M所受的合力等于m對(duì)它的滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度．

（2）由速度公式求出細(xì)繩從O處斷開時(shí)兩物體的速度．細(xì)繩斷開后；兩物體組成的系統(tǒng)合外力為零，動(dòng)量守恒，則動(dòng)量守恒定律求解m到達(dá)長木板M右端以后M的速度．

（3）長木板M的長度L等于m相對(duì)于M運(yùn)動(dòng)的位移大?。环謩e根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和能量守恒定律求出細(xì)繩斷開前后相對(duì)位移，再求板長．

16、略

【分析】

（1）設(shè)細(xì)繩對(duì)B的拉力為T．以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力，作出力圖如圖1，由平衡條件可得：

Fcos30°=Tcosθ①

Fsin30+Tsinθ=mg②

代入解得，T=10tanθ即θ=30°

（2）以木塊和小球組成的整體為研究對(duì)象；分析受力情況，如圖2．再平衡條件得。

Fcos30°=f

N+Fsin30°=（M+m）g

又f=μN(yùn)

得到，μ=

代入解得，μ=

答：

（1）運(yùn)動(dòng)過程中輕繩與水平方向夾角θ=30°；

（2）木塊與水平桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=．

【解析】【答案】（1）以小球?yàn)檠芯繉?duì)象；分析受力，作出力圖，根據(jù)平衡條件求解輕繩與水平方向夾角θ；

（2）以木塊和小球組成的整體為研究對(duì)象；分析受力情況，由平衡條件和摩擦力公式求解木塊與水平桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ．

17、略

【分析】

打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0.02s打一個(gè)點(diǎn)；由于從A到B有5個(gè)時(shí)間間隔，因此從A到B時(shí)間為：T=5×0.02s=0.1s．

勻變速直線運(yùn)動(dòng)中連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移差為常數(shù)即△x=aT2，其中T=0.1s，△x=2.0cm，所以帶人數(shù)據(jù)解得：a=2.0m/s2

據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度；可得D點(diǎn)速度為：

故答案為：2.0；0.71．

【解析】【答案】根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，求出D點(diǎn)的速度，即D點(diǎn)的速度等于CE段得平均速度；根據(jù)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)位移之差是一恒量，△x=aT2；求出加速度．

18、略

【分析】

（1）從B到C過程中；由動(dòng)能定理得：

（qE-mg）×2R=mvC2-mv2；

小球恰能通過最高點(diǎn)；

由牛頓第二定律得：mg-qE=m

解得：vC=v，E=（g-）；

（2）小球從C到D過程中；小球做類平拋運(yùn)動(dòng)；

水平方向：s=vCt；

豎直方向：2R=at2；

由牛頓第二定律得：mg-qE=ma；

解得：s=2R；

（3）小球在B點(diǎn)時(shí)；由牛頓第二定律得：

F+qE-mg=m解得：F=

由牛頓第三定律得，小球?qū)壍赖膲毫′=

答：（1）小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度為v，電場(chǎng)強(qiáng)度E=（g-）．

（2）BD間的距離s=2R；

（3）小球通過B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為．

【解析】【答案】（1）由動(dòng)能定理可以求出小球到達(dá)C點(diǎn)的速度；小球恰能到達(dá)最高點(diǎn)C，說明在C點(diǎn)，軌道對(duì)小球沒有作用力，重力與電場(chǎng)力的合力提供小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，由牛頓第二定律列方程，解方程組可以求出小球到達(dá)C時(shí)的速度；電場(chǎng)強(qiáng)度．

（2）小球離開C點(diǎn)后做類平拋運(yùn)動(dòng)；由勻速運(yùn)動(dòng)與勻變速運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可以求出BD間的距離s．

（3）小球在圓形軌道上做圓周運(yùn)動(dòng)；由牛頓第二定律可以求出在B點(diǎn)小球受到的支持力，然后求出軌道受到的壓力．

19、略

【分析】

（1）若A球在最高點(diǎn)時(shí)；桿A端恰好不受力．

對(duì)A有：mg=解得v=．

對(duì)B有；F-2mg=2m解得F=4mg．

桿子對(duì)B球表現(xiàn)為拉力；則桿子對(duì)O軸表現(xiàn)為拉力，方向豎直向下，大小為4mg．

（2）B在最高點(diǎn)時(shí)，對(duì)B有2mg+T′OB=2m代入（1）中的v，可得T′OB=0；

對(duì)A有T′OA-mg=mT′OA=2mg．

桿子對(duì)A球表現(xiàn)為拉力；則桿子對(duì)O軸表現(xiàn)為拉力，大小為2mg，方向豎直向下．

（3）要使O軸不受力；根據(jù)B的質(zhì)量大于A的質(zhì)量，可判斷B球應(yīng)在最高點(diǎn)．

對(duì)B有T′′OB+2mg=2m對(duì)A有T′′OA-mg=m．

軸O不受力時(shí)，T′′OA=T′′OB，可得v′=．

答：（1）若A球在最高點(diǎn)時(shí)；桿A端恰好不受力，此時(shí)O軸受到彈力大小為4mg，方向豎直向下．

（2）B球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)；O軸的受力大小為2mg，方向豎直向下．

（3）能，此時(shí)A、B的速度大小各是．

【解析】【答案】（1）根據(jù)牛頓第二定律求出小球在最高點(diǎn)的速度；A；B兩球由于半徑相等，角速度相等，所以線速度大小相等，根據(jù)牛頓第二定律求出桿子對(duì)B球的作用力，從而得出O軸受到的彈力大小和方向．

（2）根據(jù)牛頓第二定律求出B球在最高點(diǎn)時(shí)桿子的彈力；再根據(jù)牛頓第二定律求出桿子對(duì)A球的作用力，從而確定O軸的受力大小和方向．

（3）因?yàn)锽的質(zhì)量大于A的質(zhì)量；只有B球在最高點(diǎn)時(shí)，且做圓周運(yùn)動(dòng)出現(xiàn)O軸不受力，此時(shí)桿子對(duì)A；B兩球均表現(xiàn)為拉力，根據(jù)拉力相等求出A、B的速度．

四、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共12分)20、BC【分析】解：（1）實(shí)驗(yàn)前把木板一端墊高是為了平衡摩擦力；

由動(dòng)能定理得：mgL=（M+m）v2；

實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量：懸掛鉤碼的總質(zhì)量m；小車運(yùn)動(dòng)的距離L、小車的質(zhì)量M；

實(shí)驗(yàn)不需要測(cè)量：長木板的傾角θ；

故選：B；

（2）A；實(shí)驗(yàn)前需要平衡摩擦力；平衡摩擦力后、實(shí)驗(yàn)過程中每次實(shí)驗(yàn)時(shí)不需要重新平衡摩擦力，故A錯(cuò)誤；

B；為充分利用紙帶；實(shí)驗(yàn)操作時(shí)要先接通電源，然后釋放小車，故B錯(cuò)誤；

C；為使小車受到的拉力等于細(xì)線拉力；應(yīng)調(diào)整滑輪的高度，使連接小車的細(xì)線與木板平行，故C正確；

D；以小車與鉤碼系統(tǒng)為研究對(duì)象；在實(shí)驗(yàn)過程中不需要保證托盤和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)大于小車的質(zhì)量，故D錯(cuò)誤；

故選：C；

故答案為：（1）B；（2）C。

（1）根據(jù)圖示實(shí)驗(yàn)裝置應(yīng)用動(dòng)能定理求出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式；然后分析答題。

（2）實(shí)驗(yàn)前需要平衡摩擦力；實(shí)驗(yàn)時(shí)要先接通電源然后釋放小車，根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)分析答題。

本題考查了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)，掌握基礎(chǔ)知識(shí)是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用基礎(chǔ)知識(shí)即可解題，平時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)與積累。【解析】BC21、（1）鉤碼減小均勻（2）0.1s0.60（3）木板的傾角過小【分析】【分析】只要真正掌握了實(shí)驗(yàn)原理就能順利解決此類實(shí)驗(yàn)題目；而實(shí)驗(yàn)步驟，實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的處理都與實(shí)驗(yàn)原理有關(guān)，故要加強(qiáng)對(duì)實(shí)驗(yàn)原理的學(xué)習(xí)和掌握。

(1)

平衡摩擦力的方法是：平衡摩擦力時(shí)；應(yīng)不掛砝碼，把木板不帶滑輪的一端墊高；接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源，輕推小車，讓小車拖著紙帶運(yùn)動(dòng)，直到紙帶上打出的點(diǎn)跡間隔相等(

均勻)

為止；

(2)

應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論；利用逐差法可以求出其加速度的大?。?/p>

(3)

對(duì)a鈭?F

圖線進(jìn)行分析，可得出物體在加力到一定值時(shí)物體才有加速度，可見是平衡摩擦力不夠或沒有平衡摩擦力?！窘獯稹?1)

平衡小車所受的阻力的操作：取下鉤碼，把木板不帶滑輪的一端墊高；接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源，輕推小車，讓小車拖著紙帶運(yùn)動(dòng)，如果打出的紙帶如圖(b)

所示；則應(yīng)減小(

減小或增大)

木板的傾角，反復(fù)調(diào)節(jié)，直到紙帶上打出的點(diǎn)跡間隔均勻?yàn)橹埂?/p>

(2)

打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電周期T0=0.02s

每兩點(diǎn)之間還有4

個(gè)點(diǎn)沒有標(biāo)出，則相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔t=5T0=0.1s

由勻變速運(yùn)動(dòng)的推論鈻?x=at2

可得，加速度：a=a1+a22=s3?s1+s4?s22隆脕2T2=(s3+s4)?(s1+s2)4T2

代入數(shù)值得：a=0.60m/s2

(3)

對(duì)a鈭?F

圖線進(jìn)行分析，在物體加合外力時(shí)達(dá)到一定值時(shí)才有加速度，可見是平衡摩擦力不充分或沒有平衡摩擦力，即木板的傾角過小。故填：(1)

鉤碼；減??；均勻；(2)0.1ss3+s4鈭?s1鈭?s24T20.60(3)

木板的傾角過小?！窘馕觥?1)

鉤碼減小均勻(2)0.1ss3+s4鈭?s1鈭?s24T20.60

(3)

木板的傾角過小五、簡答題(共4題，共28分)22、（1）SiO2Fe2O3、MgO

（2）Fe(OH)3、Mg(OH)2Al(OH)3CO2+OH-=CO32-+H2O、AlO2-+CO2+H2O=Al(OH)3+HCO3-

（3）SiO2+2NaOH═══Na2SiO3+H2O

（4）NaHCO3H++NH3·H2O=NH4++H2O、Al3++3NH3·H2O=Al(OH)3↓+3NH4+

（5）8:9

【分析】【分析】本題考查氧化鋁的制備，化學(xué)方程式和離子方程式的書寫，氧化產(chǎn)物和還原產(chǎn)物的判斷，氧化還原反應(yīng)的計(jì)算等，難度中等?！窘獯稹縭m{(1)Al}rm{(1)Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{SiO}rm{SiO}rm{{,!}_{2}}、rm{Fe}rm{Fe}四種物質(zhì)中，屬于酸性氧化物的是rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{MgO}四種物質(zhì)中，屬于酸性氧化物的是rm{MgO}rm{SiO_{2}}屬于堿性氧化物的是rm{Fe_{2}O_{3}}流程一中，沉淀rm{MgO}是故答案為：rm{SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3}}是rm{MgO}rm{(2)}流程一中，沉淀rm{壟脹}是中通入過量rm{(2)}rm{壟脹}rm{Fe(OH)_{3}}rm{Mg(OH)_{2}}沉淀rm{壟脼}是故答案為：rm{壟脼}rm{Al(OH)_{3}}濾液rm{壟脺}中通入過量rm{CO}rm{壟脺}rm{CO}rm{{,!}_{2}}流程二中，加入燒堿溶解發(fā)生的所有離子方程式rm{CO_{2}+OH^{-}=CO_{3}^{2-}+H_{2}O}rm{AlO_{2}^{-}+CO_{2}+H_{2}O=Al(OH)_{3}+HCO_{3}^{-}}rm{Fe(OH)_{3}}故答案為：rm{Mg(OH)_{2}}rm{Al(OH)_{3}}濾液rm{CO_{2}+OH^{-}=CO_{3}^{2-}+H_{2}O}中的可溶性鹽是rm{AlO_{2}^{-}+CO_{2}+H_{2}O=Al(OH)_{3}+HCO_{3}^{-}}rm{(3)}流程二中，加入燒堿溶解rm{SiO}rm{(3)}與過量氨水反應(yīng)的離子方程式為：rm{SiO}rm{{,!}_{2}}故答案為：的化學(xué)方程式為：rm{SiO_{2}+2NaOH簍T簍T簍TNa_{2}SiO_{3}+H_{2}O}rm{SiO_{2}+2NaOH簍T簍T簍TNa_{2}SiO_{3}+H_{2}O}rm{(4)}濾液rm{壟脻}中的可溶性鹽是rm{NaCl}在電解氧化鋁制取金屬鋁的反應(yīng)中，rm{(4)}氧化產(chǎn)物rm{壟脻}與還原產(chǎn)物rm{NaCl}的質(zhì)量之比為rm{NaHCO_{3}}濾液rm{壟謾}與過量氨水反應(yīng)的離子方程式為：

rm{壟謾}【解析】rm{(1)SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}rm{(2)Fe(OH)_{3}}rm{Mg(OH)_{2}}rm{Al(OH)_{3;;;;;;;;}CO_{2}+OH^{-}=CO_{3}^{2-}+H_{2}O}rm{AlO_{2}^{-}+CO_{2}+H_{2}O=Al(OH)_{3}+HCO_{3}^{-}}rm{(3)SiO_{2}+2NaOH簍T簍T簍TNa_{2}SiO_{3}+H_{2}O}rm{(4)NaHCO_{3}}rm{H^{+}+NH_{3}隆隴H_{2}O=NH_{4}^{+}+H_{2}O}rm{Al^{3+}+3NH_{3}隆隴H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+3NH_{4}^{+}}rm{(5)8:9}

23、（1）C+4HNO3（濃）CO2↑+4NO2↑+2H2O

（2）溶液變藍(lán)，銅片溶解，導(dǎo)管口有無色氣體冒出除去未反應(yīng)的NO，防止污染空氣

（3）a.2CO2+2Na2O2=2Na2CO3+O2堿石灰

b.打開彈簧夾，通入N2一段時(shí)間【分析】【分析】本題考查了物質(zhì)制備實(shí)驗(yàn)方案的設(shè)計(jì)和信息判斷，物質(zhì)性質(zhì)的理解應(yīng)用，注意實(shí)驗(yàn)過程中的反應(yīng)現(xiàn)象分析，掌握基礎(chǔ)是關(guān)鍵，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}裝置rm{A}中是濃硝酸和碳加熱發(fā)反應(yīng)，反應(yīng)生成二氧化氮、二氧化碳和水，反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{C+4HNO_{3}(}濃rm{)overset{?}{=}CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}故答案為：rm{)overset{?}{=}

CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}濃rm{)overset{?}{=}CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{C+4HNO_{3}(}裝置rm{)overset{?}{=}

CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}中是rm{(2)}裝置生成的二氧化氮和水反應(yīng)生成硝酸和一氧化氮，rm{B}硝酸和銅反應(yīng)生成硝酸銅，一氧化氮和水，所以rm{A}裝置中觀察到的現(xiàn)象為：溶液變藍(lán)，銅片溶解，導(dǎo)管口有無色氣體冒出，通過裝置rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}中的過氧化鈉吸收一氧化氮、二氧化碳，最后通過酸性高錳酸鉀溶液除去剩余一氧化氮防止污染空氣，故答案為：溶液變藍(lán)，銅片溶解，導(dǎo)管口有無色氣體冒出；除去未反應(yīng)的rm{B}防止污染空氣；

rm{C}生成rm{NO}是二氧化碳和過氧化鈉反應(yīng)，化學(xué)方程式是：rm{(3)a.}碳酸鈉rm{2CO_{2}+2Na_{2}O_{2}=2Na_{2}CO_{3}+O_{2}}通過裝置中的過氧化鈉吸收一氧化氮、二氧化碳，一氧化氮是污染性氣體，最后通過酸性高錳酸鉀溶液除去剩余一氧化氮防止污染空氣；為排除干擾在；rm{C}裝置間增加裝置rm{B}rm{C}中盛放的試劑應(yīng)堿石灰，用來吸收二氧化碳，故答案為：rm{E}rm{E}2；堿石