2025年中圖版高三物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版高三物理上冊(cè)月考試卷269考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關(guān)于衍射現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象B.當(dāng)障礙物的尺寸比波長大很多時(shí)，能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象C.縫的寬度越小，光的傳播路線越接近直線D.只有橫波才能發(fā)生衍射現(xiàn)象，縱波不能發(fā)生衍射現(xiàn)象2、質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度圖象與坐標(biāo)軸包圍的面積的數(shù)值等于這段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移大小，不僅對(duì)勻速直線運(yùn)動(dòng)、均變速直線運(yùn)動(dòng)成立，而且對(duì)任一變速運(yùn)動(dòng)也成立，如圖所示為某質(zhì)點(diǎn)在0-4s時(shí)間內(nèi)作直線運(yùn)動(dòng)的速度圖象，則由圖象可知此段時(shí)間內(nèi)該質(zhì)點(diǎn)的位移大小最接近于（）A.15mB.13mC.11mD.7m3、氫原子光譜的巴耳末系中波長最長的光波的光子能量為E1，其次為E2，則為（）A.B.C.D.4、以斜面底端為零勢能面，物體從光滑斜面由靜止滑下，當(dāng)所用時(shí)間是滑到底端時(shí)間的一半時(shí)，該物體的勢能和動(dòng)能之比為（）A.3：1B.2：1C.2：3D.4：95、下列表達(dá)式中屬于電場強(qiáng)度定義式的是（）A.E=B.E=C.E=kD.E=k6、下列各圖象中，能正確反映勻速直線運(yùn)動(dòng)的圖象是（）A.B.C.D.7、示波管中，2s內(nèi)有6×1013個(gè)電子通過橫截面大小不知的電子槍，則示波管中電流大小為（）A.4.8×10-6AB.3×10-13AC.9.6×10-6AD.無法確定評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、下列關(guān)于電源的說法中正確的是（）A.電源電動(dòng)勢的大小，等于電源沒有接入電路時(shí)電源兩極間的電壓的大小B.在閉合電路中，并聯(lián)在電源兩端的電壓表的示數(shù)就是電源電動(dòng)勢的值C.在閉合電路中，并聯(lián)在電源兩端的電壓表的示數(shù)就是電源內(nèi)阻上的電壓值D.電源的電動(dòng)勢是表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)的大小的物理量9、以下的計(jì)時(shí)數(shù)據(jù)中指時(shí)間間隔的是（）A.第29屆奧運(yùn)會(huì)于2008年8月8日20時(shí)8分在北京開幕B.四川省汶川縣發(fā)生8.0級(jí)強(qiáng)烈地震是在2008年5月12日14時(shí)28分C.中德女足比賽中直到86分鐘才由韓端攻入一球，打破僵局D.中國運(yùn)動(dòng)員劉子歌以2分4秒18打破世界紀(jì)錄，獲得北京奧運(yùn)會(huì)女子200米蝶泳冠軍10、如圖所示，一根水平光滑的絕緣直槽軌連接一個(gè)豎直放置的半徑為R=0.50m的絕緣光滑槽軌．槽軌處在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.50T．有一個(gè)質(zhì)量m=0.10g，帶電量為q=+1.6×10-3C的小球在水平軌道上向右運(yùn)動(dòng)．若小球恰好能通過最高點(diǎn)，則下列說法正確的是（）A.小球在最高點(diǎn)只受到洛侖茲力和重力的作用B.由于無摩擦力，且洛侖茲力不做功，所以小球到達(dá)最高點(diǎn)小球在水平軌道上的機(jī)械能相等C.如果設(shè)小球到達(dá)最高點(diǎn)的線速度是v，小球在最高點(diǎn)時(shí)式子mg+qvB=mv2/R成立D.如果重力加速度取10m/s2，則小球初速度v0=4.6m/s11、如圖為一列沿x

軸負(fù)方向傳播的簡諧橫波，實(shí)線為t=0

時(shí)刻的波形圖，虛線為t=0.6s

時(shí)的波形圖，波的周期T>0.6s

則(

)

A.波的周期為0.8s

B.在t=0.5s

時(shí)，Q

點(diǎn)到達(dá)波峰位置C.經(jīng)過0.4sP

點(diǎn)經(jīng)過的路程為0.4m

D.在t=0.9s

時(shí)，P

點(diǎn)沿y

軸正方向運(yùn)動(dòng)12、下列說法正確的是（）A.水面上的油膜在陽光照射下回呈現(xiàn)彩色，這是由光的薄膜干涉造成的B.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時(shí)，會(huì)在鏡頭前加裝偏振片以增加透射光的強(qiáng)度C.狹義相對(duì)論認(rèn)為：光在真空中的傳播速度會(huì)隨光源和觀察者所在參考系的相對(duì)運(yùn)動(dòng)而改變E.自然光在玻璃表面的反射光是偏振光E.自然光在玻璃表面的反射光是偏振光13、如圖所示，在一根一端封閉、內(nèi)壁光滑的絕緣直管MN內(nèi)有一個(gè)帶正電的小球，空間中充滿豎直向下的勻強(qiáng)磁場．開始時(shí)，直管水平放置，且水球位于管的封閉端M處．現(xiàn)使直管沿水平方向向右勻速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)一段時(shí)間后小球到達(dá)管的開口端N處．在小球從M到N的過程中（）A.磁場力對(duì)小球做了正功B.直管對(duì)小球做了正功C.磁場力的方向不斷在變化D.小球的運(yùn)動(dòng)軌跡是一直線評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、將一電荷量為-3×10-6C的負(fù)電荷從電場中的A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，克服電場力做了3×10-5J的功，再將該電荷從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電場力做了1.2×10-5J的功，則A、C間的電勢差為____V，電荷從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)再從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)的過程中，電勢能變化了____J．15、（2013秋?洋縣校級(jí)月考）如圖示質(zhì)量都是m的A、B兩物體之間用彈簧相連，彈簧的質(zhì)量不計(jì)．A物體用線懸掛，使系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)．懸線突然被燒斷的瞬間，A物體的加速度大小是____m/s2，B物體的加速度是____m/s2．16、做豎直上拋運(yùn)動(dòng)的物體，在上升階段的平均速度是10m/s

則從拋出到落回拋出點(diǎn)所需時(shí)間為______s

上升的最大高度為______m(g

取10m/s2)

17、1957年10月4日；前蘇聯(lián)發(fā)射了世界上第一顆人造地球衛(wèi)星以來，人類活動(dòng)范圍從陸地；海洋、大氣層擴(kuò)展到宇宙空間，宇宙空間成為人類的第四疆域，人類發(fā)展空間技術(shù)的最終目的是開發(fā)太空資源．

（1）宇航員在圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的航天飛機(jī)中，會(huì)處于完全失重的狀態(tài)，下列說法正確的是____

A．宇航員仍受重力作用B．宇航員受力平衡。

C．重力正好為向心力D．宇航員不受任何力的作用。

（2）已知空間站周期為T，地面重力加速度約為g，地球半徑為R．由此可計(jì)算出國際空間站離地面的高度為____．18、在探究凸透鏡成像的實(shí)驗(yàn)中；

（1）一束平行于凸透鏡主光軸的光線經(jīng)過凸透鏡后，在光屏上形成了一個(gè)最小、最亮的光斑．由圖可知該凸透鏡的焦距是____cm．

（2）用一個(gè)高為2cm發(fā)光的“F”替代蠟燭作為光源，又用毛玻璃做成光屏，實(shí)驗(yàn)裝置如圖乙所示，在光屏上出現(xiàn)一個(gè)清晰的“F”的像．請(qǐng)你詳盡的描述這個(gè)像____：

（3）如果想模擬幻燈機(jī)的工作原理，在凸透鏡保持不動(dòng)的情況下，接下來的操作應(yīng)該是____：

（4）當(dāng)發(fā)光的“F”位于距透鏡8cm位置時(shí)，為觀察到所成的像，眼睛需要在____（選填“光屏”或“發(fā)光體F”）一側(cè)透過透鏡觀察，此時(shí)所成的像是____、____的虛像．

19、某汽車在某路面緊急剎車時(shí)，加速度的大小是6m/s2，如果必須在2.5s內(nèi)停下來，汽車的行駛速度最高不能超過____．（假設(shè)汽車做勻減速運(yùn)動(dòng)）20、（2010秋?開福區(qū)校級(jí)期末）如圖所示，某人用F=100N的水平恒力，通過一質(zhì)量和摩擦均不計(jì)的定滑輪把物體沿水平方向從靜止開始拉動(dòng)了2m，則他對(duì)物體做的功為____J．21、（2012秋?忻州期末）[物理--選修3-3]

（1）對(duì)于一定量的理想氣體，下列說法正確的是____

A．若氣體的壓強(qiáng)和體積都不變；其內(nèi)能也一定不變。

B．若氣體從外界吸收了熱量；其內(nèi)能一定增加。

C．若氣體的溫度隨時(shí)間不斷升高；其壓強(qiáng)也不一定增大。

D．若氣體內(nèi)能增加了；則氣體一定從外界吸收了熱量。

E．若氣體從外界吸收了熱量；其溫度也不一定升高。

（2）如圖為一注射器，針筒上所標(biāo)刻度是注射器的容積，最大刻度Vm=20ml，其活塞的橫截面積為2cm2．先將注射器活塞移到刻度V1=18mL的位置，然后用橡膠帽密封住注射器的針孔．已知環(huán)境溫度t1=27℃，大氣壓p0=1.0×105Pa；為使活塞移到最大刻度處，試問（活塞質(zhì)量及活塞與針筒內(nèi)壁間的摩擦均忽略不計(jì)．）

（Ⅰ）若把注射器浸入水中緩慢加熱；水溫須升至多少℃？

（Ⅱ）若沿注射器軸線用力向外緩慢拉活塞，拉力須達(dá)到多大？評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共3題，共6分)22、如圖所示；一個(gè)質(zhì)量為m

電阻不計(jì)、足夠長的光滑U

形金屬框架MNPQ

位于光滑水平桌面上，分界線OO鈥?

分別與平行導(dǎo)軌MN

和PQ

垂直，兩導(dǎo)軌相距L.

在OO鈥?

的左右兩側(cè)存在著區(qū)域很大、方向分別為豎直向上和豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為B.

另有質(zhì)量也為m

的金屬棒CD

垂直于MN

放置在OO鈥?

左側(cè)導(dǎo)軌上，并用一根細(xì)線系在定點(diǎn)A.

已知細(xì)線能承受的最大拉力為T0CD

棒接入導(dǎo)軌間的有效電阻為R;

現(xiàn)從t=0

時(shí)刻開始對(duì)U

形框架施加水平向右的拉力F

使其從靜止開始做加速度為a

的勻加速直線運(yùn)動(dòng)．

(1)

求從框架開始運(yùn)動(dòng)到細(xì)線斷裂所需的時(shí)間t0

．(2)

若細(xì)線尚未斷裂，求在t

時(shí)刻水平拉力F

的大?。?3)

若在細(xì)線斷裂時(shí)，立即撤去拉力F

求此時(shí)框架的瞬時(shí)速度v0

和此后過程中回路產(chǎn)生的總熱量Q

．23、如圖，質(zhì)量均為m

的兩個(gè)小球AB

固定在彎成直角的絕緣輕桿兩端，AB=OB=l

可繞過O

點(diǎn)且與紙面垂直的水平軸無摩擦地在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，空氣阻力不計(jì).A

球帶正電，B

球帶負(fù)電，電量均為q

整個(gè)系統(tǒng)處在豎直向下的勻強(qiáng)電場中，場強(qiáng)E=mg2q.

開始時(shí)；AB

水平，以圖中AB

位置為重力勢能和電勢能的零點(diǎn)，問：

(1)

為使系統(tǒng)在圖示位置平衡；需在A

點(diǎn)施加一力F

則F

至少多大？方向如何？

(2)

若撤去FOB

轉(zhuǎn)過45鈭?

角時(shí)；A

球角速度多大？此時(shí)系統(tǒng)電勢能總和是多大？

(3)

若撤去FOB

轉(zhuǎn)過多大角度時(shí)，系統(tǒng)機(jī)械能最大？最大值是多少？24、如圖所示；距水平地面高為h=0.4m

處，水平固定一根長直光滑桿，桿上P

點(diǎn)固定一可繞水平軸無摩擦轉(zhuǎn)動(dòng)且不計(jì)大小的定滑輪，一半徑R=0.3m

的光滑半圓形細(xì)軌道，豎直地固定在地面上，其圓心O

在P

點(diǎn)的正下方，桿和半圓形軌道在同一豎直面內(nèi)，桿上套有一質(zhì)量m=2kg

小球A

半圓形軌道上套有一質(zhì)量也為m=2kg

的小球B

兩球用一條不可伸長的輕繩通過定滑輪連接，且均可看作質(zhì)點(diǎn)，現(xiàn)給小球A

施加一個(gè)水平向右的恒力F=55Ng

取10m/s2.

求：

(1)

把小球B

從地面拉到P

點(diǎn)正下方C

點(diǎn)過程中；力F

做的功；

(2)

小球B

運(yùn)動(dòng)到C

處時(shí)的速度大??；

(3)

小球B

被拉到離地多高時(shí)與小球A

速度大小相等．評(píng)卷人得分五、推斷題(共1題，共5分)25、rm{.}室溫下，單質(zhì)rm{A}rm{B}rm{C}分別為固體、黃綠色氣體、無色氣體。在合適的條件下它們可按下面的關(guān)系進(jìn)行反應(yīng)，又知rm{E}溶液是無色的，請(qǐng)回答：rm{(1)A}是________，rm{B}是________，rm{C}是______，rm{H}是________rm{(}填寫化學(xué)式rm{)}rm{(2)}反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式為：__________________________________________________________。rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脺}的離子方程式為：__________________________________________________________。rm{(4)}反應(yīng)rm{壟脻}的離子方程式為：____________________________________________________________。rm{(5)}反應(yīng)rm{壟脹}的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象為：_______________________________________________________。rm{(6)}簡述檢驗(yàn)溶液rm{F}中陽離子的操作方法：______________________________________________________________________________________________。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】波發(fā)生明顯衍射的條件是：孔、縫的寬度或障礙物的尺寸與波長相比差不多或者比波長更小，但如果孔、縫的寬度或障礙物的尺寸就不能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象；衍射條紋中間寬、兩邊窄，中間亮、兩邊暗，不等間距．泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象．【解析】【解答】解：A；泊松亮斑是光繞過障礙物繼續(xù)傳播的現(xiàn)象；光照射不透明的圓盤時(shí)陰影的中心出現(xiàn)一個(gè)亮斑，屬于衍射現(xiàn)象．故A正確．

B；波發(fā)生明顯衍射的條件是：孔、縫的寬度或障礙物的尺寸與波長相比差不多或者比波長更?。蔅錯(cuò)誤．

C；縫的寬度越?。谎苌湓矫黠@，則光的傳播路線越偏離直線，故C錯(cuò)誤；

D；一切波均能發(fā)生衍射現(xiàn)象；故D錯(cuò)誤．

故選：A．2、A【分析】【分析】速度時(shí)間圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示物體的位移，根據(jù)圖線面積求出質(zhì)點(diǎn)的位移的大小．【解析】【解答】解：圖線與時(shí)間軸圍成的面積接近于15格；則位移為：x=15×1×1m=15m．故A正確，B；C、D錯(cuò)誤．

故選：A．3、A【分析】【分析】在可見光區(qū)的氫原子光譜的四條譜線做了分析，發(fā)現(xiàn)這些譜線的波長滿足公式：=R（-）（n=3，4，5，），再根據(jù)E=h，即可求解．【解析】【解答】解：在可見光區(qū)的氫原子光譜的四條譜線做了分析；

發(fā)現(xiàn)這些譜線的波長滿足公式：=R（-）（n=3；4，5，）；

當(dāng)n=3時(shí)，波長最大，=R（-）

根據(jù)E1=h，則有：E1=hcR；

同理，當(dāng)n=4時(shí)，則有：E2=hcR；

因此==；故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A．4、A【分析】【分析】物體做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系公式求解前一半時(shí)間和整個(gè)時(shí)間段的位移之比，然后根據(jù)機(jī)械能守恒定律求解即可．【解析】【解答】解：物體由靜止出發(fā)從光滑斜面頂端自由滑下，做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系公式x=，得：前一半時(shí)間的位移與總位移之比為=；

設(shè)斜面的高度為h．下滑x1時(shí)，重力勢能的減小量等于動(dòng)能的增加量，則物體重力勢能為：Ep=mg（h-h）=mgh，動(dòng)能為：EK=mg?h；

故重力勢能與動(dòng)能之比為3：1

故選：A5、B【分析】【分析】電場強(qiáng)度等于放在電場中某點(diǎn)的試探電荷所受的電場力與其電荷的比值，而E=k是點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度公式，且E=只適用于勻強(qiáng)電場．【解析】【解答】解：A、E=此公式；只適用于勻強(qiáng)電場，故A錯(cuò)誤；

B、場強(qiáng)度等于放在電場中某點(diǎn)的試探電荷所受的電場力與其電荷的比值，即電場強(qiáng)度的定義式是E=；故B正確；

CD、對(duì)于E=k是點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度公式；不屬于比值定義，故C錯(cuò)誤，D也錯(cuò)誤．

故選：B．6、B【分析】【分析】勻速直線運(yùn)動(dòng)的位移-時(shí)間圖象是傾斜的直線，其斜率表示速度．勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖象是平行于橫軸的直線．【解析】【解答】解：A；表示物體的速度隨時(shí)間在增大；是加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B；表示隨著時(shí)間的增大；位移也在變大，位移與時(shí)間成正比，物體做勻速運(yùn)動(dòng)，故B正確；

C；表示速度隨著時(shí)間的增大而減小；物體做減速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D；表示位移隨著時(shí)間的增加不變；說明物體保持靜止，故D錯(cuò)誤．

故選：B．7、A【分析】【分析】每個(gè)電子的電荷量大小為e=1.6×10-19C．根據(jù)電流的定義式I=，求解示波管中電流的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓好總€(gè)電子的電荷量大小為e=1.6×10-19C，6×1013個(gè)電子總電荷量為q=6×1013×1.6×10-19C=9.6×10-6C，則示波管中電流大小為I==4.8×10-6A．

故選：A二、多選題(共6題，共12分)8、AD【分析】【分析】電源沒有接入電路時(shí)兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動(dòng)勢；電動(dòng)勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱，與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān)；電源的電動(dòng)勢在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和．【解析】【解答】解：A；電源電動(dòng)勢的大小；等于電源沒有接入電路時(shí)電源兩極間的電壓的大小；故A正確；

B；在閉合電路中；并聯(lián)在電源兩端的電壓表的示數(shù)是路端電壓，其數(shù)值小于電源電動(dòng)勢的值；故B錯(cuò)誤；

C；在閉合電路中；并聯(lián)在電源兩端的電壓表的示數(shù)是路端電壓，不是電源內(nèi)阻上的電壓值；故C錯(cuò)誤；

D；電源的電動(dòng)勢是表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)的大小的物理量；故D正確；

故選：AD．9、CD【分析】【分析】時(shí)間是指時(shí)間的長度，在時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)時(shí)間段，時(shí)刻是指時(shí)間點(diǎn)，在時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)的是一個(gè)點(diǎn)．【解析】【解答】解：A：于2008年8月8日20時(shí)8分是時(shí)間軸上的一個(gè)點(diǎn)；所以是時(shí)刻，不是時(shí)間間隔．故A錯(cuò)誤；

B：在2008年5月12日14時(shí)28分是時(shí)間軸上的一個(gè)點(diǎn)；所以是時(shí)刻，不是時(shí)間間隔．故B錯(cuò)誤；

C：比賽中直到86分鐘是指從開始到結(jié)束的一段時(shí)間；對(duì)應(yīng)的是時(shí)間間隔．故C正確；

D：以2分4秒18是時(shí)間軸上的一段時(shí)間；所以是時(shí)間間隔．故D正確．

故選：CD．10、ABD【分析】【分析】小球恰好通過最高點(diǎn)時(shí)；軌道對(duì)球無作用力，向心力由重力和洛倫茲力的合力提供；

因洛倫茲力和支持力始終與速度垂直；因此不做功，則小球運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒；

由F向=m；結(jié)合牛頓第二定律，可知在最高點(diǎn)時(shí)的速度和受到的洛倫茲力及重力的關(guān)系；

從水平軌道到最高點(diǎn)的過程中，只有重力做功，由機(jī)械能守恒可得知小球的初速度．【解析】【解答】解：A；設(shè)小球在最高點(diǎn)的速度為v；則小球在最高點(diǎn)所受洛倫茲力為：

F=qvB①

方向豎直向上；由于小球恰好能通過最高點(diǎn)；故小球在最高點(diǎn)由洛倫茲力和重力共同提供向心力，故A正確；

B、由上可知：mg-F=②

①②兩式聯(lián)立得：v=1m/s，F(xiàn)=8×10-4N

由于無摩擦力；且洛倫茲力不做功，所以小球在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律可得：

m=mgh+mv2③

其中h=2R④

解得：v0=m/s=4.6m/s．故BD正確；

C、如果設(shè)小球到達(dá)最高點(diǎn)的線速度是v，小球在最高點(diǎn)時(shí)式子mg-qvB=成立；故C錯(cuò)誤；

故選：ABD．11、ABC【分析】解：A

根據(jù)波形平移法可知，由實(shí)線得到虛線需要將圖象沿x

軸負(fù)方向平移(n+34)婁脣

其中n=0123

故由實(shí)線傳播到虛線這種狀態(tài)需要時(shí)間t=(n+34)T

即(n+34)T=0.6s

解得T=2.44n+3s

其中n=01234

因?yàn)門>0.6s

所以n

取0

時(shí)，解得T=0.8s

故A正確；

B、由圖可知該波的波長婁脣=8m

則波速v=婁脣T=10m/s

在t=0

時(shí)Q

點(diǎn)的橫坐標(biāo)為5m

故在t=0.5s

的時(shí)間內(nèi)波沿x

軸負(fù)方向傳播的距離為x=vt=10隆脕0.5=5m

故在t=0.5s

時(shí)，Q

點(diǎn)振動(dòng)情況和t=0

時(shí)距離坐標(biāo)原點(diǎn)10m

處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況相同，而t=0

時(shí)距離坐標(biāo)原點(diǎn)10m

處的質(zhì)點(diǎn)在波峰，在t=0.5s

時(shí)，Q

點(diǎn)到達(dá)波峰位置.

故B正確．

C、在一個(gè)周期內(nèi)P

點(diǎn)完成一個(gè)全振動(dòng)，即其運(yùn)動(dòng)路程為4A

而t=0.4s=12T

故經(jīng)過0.4sP

點(diǎn)經(jīng)過的路程為S=2A=0.4m

故C正確；

D；由于波沿x

軸負(fù)方向傳播；故t=0

時(shí)P

點(diǎn)沿y

軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，則t=0.8s

時(shí)P

點(diǎn)也沿y

軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，則t=0.9s

與t0.1s

時(shí)P

點(diǎn)的狀態(tài)相同，故0.9s

時(shí)P

點(diǎn)沿y

軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng).

故D錯(cuò)誤．

故選：ABC

根據(jù)波形平移法求出波的周期；根據(jù)波的傳播方向確定質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向；在一個(gè)周期內(nèi)質(zhì)點(diǎn)完成一個(gè)全振動(dòng)；運(yùn)動(dòng)路程為4A

后一個(gè)質(zhì)點(diǎn)重復(fù)前一個(gè)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)，故t=0.5s

時(shí)，Q

點(diǎn)振動(dòng)情況和t=0

時(shí)距離坐標(biāo)原點(diǎn)x=x0+vt=10m

處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況相同.

根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系求P

點(diǎn)經(jīng)過的路程，判斷質(zhì)點(diǎn)P

的運(yùn)動(dòng)方向．

本題的解題關(guān)鍵是把握機(jī)械波的特點(diǎn)：“后一個(gè)質(zhì)點(diǎn)重復(fù)前一個(gè)質(zhì)點(diǎn)”的運(yùn)動(dòng)情況.

要知道質(zhì)點(diǎn)做簡諧運(yùn)動(dòng)時(shí)，在一個(gè)周期內(nèi)通過的路程是四個(gè)振幅．【解析】ABC

12、ADE【分析】解：A；油膜在陽光照射下；膜的兩表面反射，出現(xiàn)相同頻率的兩列光波，從而進(jìn)行疊加，導(dǎo)致呈現(xiàn)彩色，這是由光的薄膜干涉造成的，故A正確；

B；拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時(shí)；往往在鏡頭前加裝一個(gè)偏振片以減弱反射光的強(qiáng)度，使照片清晰。故B錯(cuò)誤；

C；狹義相對(duì)論認(rèn)為：光在真空中的傳播速度不變；不隨光源和觀察者所在參考系的相對(duì)運(yùn)動(dòng)而改變，故C正確；

D；橫波在傳播過程中；相鄰的波峰通過同一質(zhì)點(diǎn)所用的時(shí)間為一個(gè)周期。故D正確；

E；自然光在玻璃表面的反射光是偏振光；故E正確；

故選：ADE。

油膜在陽光照射下會(huì)呈現(xiàn)彩色；是光的干涉現(xiàn)象；拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時(shí)，往往在鏡頭前加裝一個(gè)偏振片以減弱反射光的強(qiáng)度；狹義相對(duì)論認(rèn)為：光速不變?cè)恚粰M波在傳播過程中，介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn)不隨波向前移動(dòng)；自然光在玻璃表面的反射光是偏振光。

此題考查了光的干涉、偏振等知識(shí)，解決本題的關(guān)鍵是理解光現(xiàn)象產(chǎn)生原因及實(shí)際應(yīng)用的原理?！窘馕觥緼DE13、BC【分析】【分析】小球能從管口處飛出，說明小球受到指向管口洛倫茲力，將小球的運(yùn)動(dòng)分解為沿管子向里和垂直于管子向右兩個(gè)方向．根據(jù)受力情況和初始條件分析兩個(gè)方向的分運(yùn)動(dòng)情況，研究軌跡．【解析】【解答】解：A；洛倫茲力總是與速度垂直；不做功，故A錯(cuò)誤；

B；對(duì)小球受力分析；受重力、支持力和洛倫茲力，其中重力和洛倫茲力不做功，而動(dòng)能增加，根據(jù)動(dòng)能定理可知支持力做正功，故B正確；

C、D、設(shè)管子運(yùn)動(dòng)速度為v1，小球垂直于管子向右的分運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)．小球沿管子方向受到洛倫茲力的分力F1=qv1B，q、v1、B均不變，F(xiàn)1不變；則小球沿管子做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．與平拋運(yùn)動(dòng)類似，小球運(yùn)動(dòng)的軌跡是一條拋物線，洛倫茲力方向不斷變化，故C正確，D錯(cuò)誤；

故選BC．三、填空題(共8題，共16分)14、61.8×10-5【分析】【分析】根據(jù)電場力做功做電勢差的關(guān)系，求出AB間、BC間的電勢差，從而得出AC間的電勢差．【解析】【解答】解：AB間的電勢差為：V

BC間的電勢差為：V．

所以有：UAC=UAB+UBC=10-4=6V；

荷從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)再從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)的過程中；電勢能變化等于電場力做的功，即：

J

電場力做負(fù)功，電荷的電勢能增大，增大量為1.8×10-5J

故答案為：6，1.8×10-515、2g0【分析】【分析】懸線被燒斷前，物體B受到重力和彈簧的拉力而平衡，物體A受到重力、彈簧的拉力和懸線的拉力而平衡，根據(jù)平衡條件可求出彈簧的拉力和懸線的拉力．當(dāng)懸線突然被燒斷的瞬間，懸線的拉力突然減為零，而彈簧的彈力沒有來得及變化，根據(jù)牛頓第二定律求解．【解析】【解答】解：懸線被燒斷前；根據(jù)平衡條件得

對(duì)B物體：彈簧的拉力F1=mg；

對(duì)整體：懸線的拉力F2=2mg

當(dāng)懸線突然被燒斷的瞬間，F(xiàn)2=0，F(xiàn)1=mg，則此瞬間A的合力等于大小等于F2=2mg；

根據(jù)牛頓第二定律得

對(duì)B：aB=

對(duì)A：aA=

故本題答案是：2g；016、略

【分析】解：質(zhì)點(diǎn)上升過程做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，有：v爐=0+v02

得：v0=20m/s

從拋出到落回拋出點(diǎn)所需時(shí)間為：

t=2v0g=2隆脕2010=4s

從拋出到上升的最大高度為：

H=v022g=20m

故答案為：420

豎直上拋運(yùn)動(dòng)可以看成一種勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由勻變速運(yùn)動(dòng)的平均速度公式v爐=0+v02

求出質(zhì)點(diǎn)的初速度；然后應(yīng)用豎直上拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律分析答題。

解決本題的關(guān)鍵是要明確質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，熟練運(yùn)用勻變速運(yùn)動(dòng)的平均速度公式求出質(zhì)點(diǎn)的初速度，要注意該公式只適用于勻變速直線運(yùn)動(dòng)。【解析】420

17、AC【分析】【分析】完全失重是指物體受到的重力完全產(chǎn)生了物體運(yùn)動(dòng)的加速度，在圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的航天飛機(jī)中，完全失重的時(shí)候，物體的重力全部作為了物體運(yùn)動(dòng)所需要的向心力，產(chǎn)生了向心力加速度．【解析】【解答】解：（1）ACD；宇航員在圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的空間站中會(huì)處于完全失重狀態(tài)；此時(shí)宇航員仍受重力的作用，而且宇航員受的重力正好充當(dāng)向心力，故AC正確、D錯(cuò)誤；

B；宇航員受的重力正好充當(dāng)向心力；產(chǎn)生向心加速度，并不是處于受力平衡狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；

故選：AC．

（2）根據(jù)萬有引力提供向心力，得

又因?yàn)樵诘厍虮砻娴奈矬w受到的重力等于萬有引力，得GM=R2g

所以國際空間站離地面的高度為

故答案為：（1）AC；（2）．18、11倒立的縮小的實(shí)像調(diào)節(jié)物距到11cm-22cm范圍，調(diào)節(jié)像距在大于22cm范圍發(fā)光體F正立放大【分析】【分析】（1）焦點(diǎn)與透鏡的距離叫做焦距；

（2）當(dāng)物距大于兩倍的焦距時(shí)；光屏上成倒立的縮小的實(shí)像；

（3）幻燈機(jī)的工作時(shí)；物距小于2倍焦距而大于一倍的焦距，依此調(diào)整物距與像距即可；

（4）當(dāng)物距小于一倍的焦距時(shí)，成正立的、放大的虛像．【解析】【解答】解：（1）在光屏上形成的最小；最亮的光斑；就是凸透鏡的焦點(diǎn)，說明了凸透鏡對(duì)光線有會(huì)聚作用；

由圖知；焦點(diǎn)到凸透鏡的距離為11cm，所以焦距f=11cm；

（2）由圖知；物距u=40cm，大于2f，所以此時(shí)成倒立縮小的實(shí)像；

（3）幻燈機(jī)的工作時(shí)；物距小于2倍焦距而大于一倍的焦距，故接下來的操作應(yīng)該是：

調(diào)節(jié)物距到11cm-22cm范圍；調(diào)節(jié)像距在大于22cm范圍；

（4）當(dāng)發(fā)光的“F”位于距透鏡8cm位置時(shí)；小于f，會(huì)在物體同一側(cè)出現(xiàn)正立；放大的虛像；

故答案為：（1）11；（2）倒立的縮小的實(shí)像；（3）調(diào)節(jié)物距到11cm-22cm范圍，調(diào)節(jié)像距在大于22cm范圍；（4）發(fā)光體F，正立，放大．19、15m/s【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)公式求出汽車行駛的最大速度．【解析】【解答】解：因?yàn)槠嚨哪┧俣葹榱悖铀俣葹?6m/s2；時(shí)間為2.5s．

根據(jù)速度時(shí)間公式v=v0+at得；

v0=-at=6×2.5m/s=15m/s．

故答案為：15m/s．20、200【分析】【分析】做功的兩個(gè)必要因素：一是作用在物體上的力，二是在力的方向上移動(dòng)的距離，分析力及位移由功的公式可求得拉力所做的功．【解析】【解答】解：通過定滑輪拉動(dòng)物體；則拉力作用的位移為2m；故拉力所做的功W=FL=100×2J=200J；

故答案為：200．21、ACE【分析】【分析】由公式判斷各物理量的變化，改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞，結(jié)合熱力學(xué)第一定律判斷內(nèi)能的變化．【解析】【解答】解：（1）A、由公式知若氣體的壓強(qiáng)和體積都不變；溫度不變，其內(nèi)能也一定不變，A正確；

B；改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞；若氣體從外界吸收了熱量，同時(shí)對(duì)外做功，其內(nèi)能不一定增加，B錯(cuò)誤；

C、由公式知若氣體的溫度隨時(shí)間不斷升高；體積增大時(shí)其壓強(qiáng)不一定增大，C正確；

D；改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞；若氣體內(nèi)能增加了，則氣體不一定從外界吸收了熱量，D錯(cuò)誤；

E；改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞；若氣體從外界吸收了熱量同時(shí)對(duì)外做功，其溫度也不一定升高，E正確；

故選：ACE

（2）設(shè)水溫度升至T時(shí)，活塞移動(dòng)到最大刻度處，則：

將T1=t1+273=300K代入；解得：T=333K，t=T-273=60°

設(shè)拉力為F時(shí)，活塞移動(dòng)到最大刻度處，此時(shí)氣體壓強(qiáng)為P，則：P0V1=PVm

解得：P=9×104Pa

由活塞平衡條件得：F=（P0-P）S=2N

答：（Ⅰ）若把注射器浸入水中緩慢加熱，水溫須升至60℃；（Ⅱ）若沿注射器軸線用力向外緩慢拉活塞，拉力須達(dá)到2N．四、計(jì)算題(共3題，共6分)22、解：(1)(1)對(duì)框架應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：

根據(jù)電磁感應(yīng)定律的切割式得：

根據(jù)閉合電路的歐姆定律得：

繩子斷裂時(shí)，對(duì)棒有解得(2)

在t

時(shí)刻，框架的速度

框架切割磁場產(chǎn)生的電動(dòng)勢

框架受到的安培力

對(duì)框架有

(3)

撤去拉力F

時(shí)，框架的速度

撤去拉力后，系統(tǒng)總動(dòng)能的減少量等于回路消耗的電能，最終在回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q

。

撤去拉力F

后，框架向右減速，棒向左加速。由于框架和棒在大小相等的安培力作用下產(chǎn)生加速度，且兩物質(zhì)量又相等，任意時(shí)刻它們的加速度大小總是相等，所以在相等時(shí)間內(nèi)兩物速度變化的大小也相等。當(dāng)兩物的速度變化到大小相等時(shí)，回路中的磁通量不再變化，電流為0

它們分別向左、向右做勻速運(yùn)動(dòng)。

設(shè)最終速度大小為v

，則有解得：

故有

【分析】(1)(1)應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律、電磁感應(yīng)定律的切割式和閉合電路的歐姆定律求出感應(yīng)電流，而后應(yīng)用平衡條件求解即可；

(2)

應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律、電磁感應(yīng)定律的切割式和閉合電路的歐姆定律求出時(shí)間t

時(shí)的感應(yīng)電流，而后對(duì)框架應(yīng)用牛頓第二定律求解即可；

(3)

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出細(xì)線斷裂時(shí)框架的速度；對(duì)撤去F

后框架運(yùn)動(dòng)過程應(yīng)用能量守恒定律求解。本題綜合考查了電磁感應(yīng)中的電路問題、動(dòng)力學(xué)問題和能量問題，弄清運(yùn)動(dòng)過程，正確應(yīng)用能量守恒定律是解題的關(guān)鍵。

【解析】解：(1)(1)對(duì)框架應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：

根據(jù)電磁感應(yīng)定律的切割式得：

根據(jù)閉合電路的歐姆定律得：

繩子斷裂時(shí)，對(duì)棒有解得(2)

在t

時(shí)刻，框架的速度

框架切割磁場產(chǎn)生的電動(dòng)勢

框架受到的安培力

對(duì)框架有

(3)

撤去拉力F

時(shí)，框架的速度

撤去拉力后，系統(tǒng)總動(dòng)能的減少量等于回路消耗的電能，最終在回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q

。

撤去拉力F

后，框架向右減速，棒向左加速。由于框架和棒在大小相等的安培力作用下產(chǎn)生加速度，且兩物質(zhì)量又相等，任意時(shí)刻它們的加速度大小總是相等，所以在相等時(shí)間內(nèi)兩物速度變化的大小也相等。當(dāng)兩物的速度變化到大小相等時(shí)，回路中的磁通量不再變化，電流為0

它們分別向左、向右做勻速運(yùn)動(dòng)。

設(shè)最終速度大小為v

，則有解得：

故有

23、略

【分析】

(1)

當(dāng)F

垂直于OA

時(shí)力最小；根據(jù)力矩平衡求出最小拉力的大小和方向．

(2)

對(duì)AB

組成的系統(tǒng)運(yùn)用動(dòng)能定理；抓住AB

的角速度相等，得出AB

線速度的關(guān)系，聯(lián)立求出A

球的角速度.

根據(jù)電場力做功求出系統(tǒng)電勢能的總和．

(3)

當(dāng)電勢能最小時(shí)；間最大，結(jié)合能量守恒求出機(jī)械能的最大值．

本題考查了力矩平衡、系統(tǒng)動(dòng)能定理、能量守恒的總和運(yùn)用，知道電場力做功等于電勢能的減小量.

知道當(dāng)電勢能最小時(shí)，機(jī)械能最大．【解析】解：(1)

當(dāng)F

垂直于OA

時(shí)力最小.

根據(jù)力矩平衡：mgl+qEl=Fmin2l

已知qE=12mg

可以求出：Fmin=324mg.

方向與AB

成45

度角斜向上.

(2)

對(duì)系統(tǒng)列動(dòng)能定理，(mg+qE)l+(mg鈭?qE)l(1鈭?cos45鈭?)=12mvA2+12mvB2

其中，vA=2婁脴lvB=婁脴l

可得：婁脴=(8鈭?2)g6l

．

此時(shí)，電場力對(duì)A

球做正功，WA=qEl

電場力對(duì)B

球做負(fù)功，WB=鈭?qEl(1鈭?cos45鈭?)

則電場力對(duì)系統(tǒng)做功W=qElcos45鈭?

則系統(tǒng)電勢能婁脜=鈭?22qEl=鈭?24mgl

．

(3)

電勢能最小時(shí)；機(jī)械能最大，由2

的結(jié)論，系統(tǒng)電勢能總和為婁脜=鈭?qElcos婁脠

即當(dāng)婁脠=90鈭?

電勢能最小婁脜min=鈭?qEl

初始位置時(shí)，電勢能和機(jī)械能均為零，則此時(shí)，E祿煤max=qEl=12mgl

．

答：(1)F

至少為324mg.

方向與AB

成45

度角斜向上．

(2)A

球的角速度為(8鈭?2)g6l

系統(tǒng)電勢能的總和為鈭?24mgl

．

(3)OB

轉(zhuǎn)過90鈭?

時(shí)，系統(tǒng)機(jī)械能最大，最大機(jī)械能為12mgl

．24、略

【分析】

(1)

根據(jù)幾何知識(shí)求出滑塊移動(dòng)的位移大小；再求解力F

做的功．

(2)

當(dāng)B

球到達(dá)C

處時(shí)；滑塊A

的速度為零，力F

做的功等于AB

組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加，根據(jù)功能關(guān)系列方程求解小球B

運(yùn)動(dòng)到C

處時(shí)的速度大小v1

．

(3)

當(dāng)繩與軌道相切時(shí)兩球速度相等；小滑塊A

與小球B

的速度大小相等，由幾何知識(shí)求出小球B

上升的高度，再由功能關(guān)系求出速度v2

．

本題連接體問題，從功能關(guān)系研究物體的速度與高度，關(guān)鍵分析兩物體之間的關(guān)系和運(yùn)用幾何知識(shí)研究物體的位移，注意分析B

球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)A

球速度為零【解析】解：(1)

由幾何知識(shí)得，PB=h2+R2=0.5mPC=h鈭?R=0.1m

．

F

做的功為W=F(PB鈭?PC)=55隆脕(0.5鈭?0.1)=22J

．

(2)

當(dāng)B

球到達(dá)C

處時(shí)，已無沿繩的分速度，所以此時(shí)滑塊A

的速度為零.

對(duì)兩球及繩子組成的系統(tǒng)的能量變化過程，由功能關(guān)系，得W=12mv12+mgR

代入解得v1=4m/s

(3)

當(dāng)繩與軌道相切時(shí)兩球速度相等；由相似三角形知識(shí)，得：

POR=Rh

所以，h=0.3隆脕0.30.4m=0.225m

．

答：

(1)

把小球B

從地面拉到半圓形軌道頂點(diǎn)C

的過程中力F

做的功為22J

．

(2)

小球B

運(yùn)動(dòng)到C

處時(shí)的速度大小是4m/s

．

(3)

小球B

被拉到離地0.225m

高時(shí)滑塊A

與小球B

的速度大小相等五、推斷題(共1題，共5分)25、（1）FeCl2H2Fe（OH）3