2025年統(tǒng)編版2024高二物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版2024高二物理上冊(cè)月考試卷194考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示；一束帶電粒子沿水平方向飛過小磁針上方，并與磁針指向平行，能使磁針的S極轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，那么這束帶電粒子可能是（）

A.向右飛行的正離子束。

B.向左飛行的正離子束。

C.向右飛行的負(fù)離子束。

D.問左飛行的負(fù)離子束。

2、半徑為r帶缺口的剛性金屬圓環(huán)在紙面上固定放置，在圓環(huán)的缺口兩端引出兩根導(dǎo)線，分別與兩塊垂直于紙面固定放置的平行金屬板連接，兩板間距為d，如圖（左）所示。有一變化的磁場(chǎng)垂直于紙面，規(guī)定向內(nèi)為正，變化規(guī)律如圖（右）所示。在t=0時(shí)刻平板之間中心有一重力不計(jì)，電荷量為q的靜止微粒，則以下說法正確的是A.第2秒內(nèi)上極板為正極B.第3秒內(nèi)上極板為負(fù)極C.第2秒末微?；氐搅嗽瓉砦恢肈.第3秒末兩極板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為0.23、某振動(dòng)系統(tǒng)的固有頻率為fo，在周期性驅(qū)動(dòng)力的作用下做受迫振動(dòng)，驅(qū)動(dòng)力的頻率為f．若驅(qū)動(dòng)力的振幅保持不變，下列說法正確的是（）A.當(dāng)f＜f0時(shí)，該振動(dòng)系統(tǒng)的振幅隨f增大而減小B.當(dāng)f＞f0時(shí)，該振動(dòng)系統(tǒng)的振幅隨f增大而增大C.該振動(dòng)系統(tǒng)的振動(dòng)穩(wěn)定后，振動(dòng)的頻率等于f0D.該振動(dòng)系統(tǒng)的振動(dòng)穩(wěn)定后，振動(dòng)的頻率等于f4、有abcd

四顆地球衛(wèi)星，a

還未發(fā)射，在赤道表面上隨地球一起轉(zhuǎn)動(dòng)，b

是近地軌道衛(wèi)星，c

是地球同步衛(wèi)星，d

是高空探測(cè)衛(wèi)星，它們均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，各衛(wèi)星排列位置如圖所示，則(

)

A.a

的向心加速度等于重力加速度g

B.在相同時(shí)間內(nèi)b

轉(zhuǎn)過的弧長(zhǎng)最長(zhǎng)C.c

在4

小時(shí)內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角是婁脨6

D.d

的運(yùn)動(dòng)周期有可能是20

小時(shí)5、紀(jì)念抗戰(zhàn)勝利70周年的閱兵式上，20架直升機(jī)組成“70”字樣編隊(duì)飛過天安門上空。飛行員認(rèn)為自己處于靜止?fàn)顟B(tài)，則他選取的參考系可能是（）A.鄰近的直升機(jī)B.天安門城樓C.飛機(jī)上的旋翼D.天安門上飄揚(yáng)的紅旗6、半圓形導(dǎo)軌豎直放置，不均勻磁場(chǎng)水平方向并垂直于軌道平面，一個(gè)金屬環(huán)在軌道內(nèi)來回滾動(dòng)，如圖所示，若空氣阻力不計(jì)，則A.金屬環(huán)做等幅振動(dòng)B.金屬環(huán)做減幅振動(dòng)C.金屬環(huán)做增幅振動(dòng)D.無法確定7、將一個(gè)電量為10-9C的正點(diǎn)電荷放在電場(chǎng)中的A點(diǎn)，正點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力的大小為5×10-6N．如果把正點(diǎn)電荷撤去，那么A處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（）A.0B.5×10-15N/CC.2×10-4N/CD.5×103N/C8、李妮娜整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，下列說法正確的是A.從a

點(diǎn)向b

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過程中，重力勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為動(dòng)能B.在a

點(diǎn)和c

點(diǎn)速度都為零，因此重力勢(shì)能相等C.從c

點(diǎn)下落到d

點(diǎn)過程中，減少的重力勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為動(dòng)能D.在a

點(diǎn)和e

點(diǎn)都處于靜止?fàn)顟B(tài)，因此機(jī)械能相等評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)9、我們?cè)谶x擇收音機(jī)的電臺(tái)時(shí)，常要旋動(dòng)收音機(jī)上的某個(gè)旋鈕，這實(shí)際上是調(diào)節(jié)____．10、質(zhì)子的質(zhì)量mp，中子的質(zhì)量為mn，它們結(jié)合成質(zhì)量為m的氘核，放出的能量應(yīng)為______（真空中的光速為c）11、如圖所示，真空中有一電子束，以初速度v0

沿著垂直場(chǎng)強(qiáng)方向從O

點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng).

以O(shè)

點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，垂直場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)閤

軸，沿場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)閥

軸建立坐標(biāo)系.

沿x

軸取ABC

三點(diǎn)，且OA=AB=BC

再自ABC

點(diǎn)作y

軸的平行線與電子徑跡分別交于MNP

點(diǎn)，則AMBNCP=

______，電子束經(jīng)MNP

三點(diǎn)時(shí)沿x

軸的分速度之比為______．12、圖所示是一個(gè)電流、電壓兩用表的電路，電流表G的量程是100μA，內(nèi)阻是1000Ω，電阻R1=0.1Ω，R2=99000Ω，當(dāng)雙刀雙擲開關(guān)接到a、b上時(shí)，電流表改裝成為____表，其量程是____；當(dāng)雙刀雙擲開關(guān)接到c、d上時(shí)，電流表改裝成為____表，其量程是____．

13、如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12V，燈泡L上標(biāo)有“6V12W”字樣，電動(dòng)機(jī)線圈的電阻RM=0.5Ω，若燈泡正常發(fā)光，則電動(dòng)機(jī)的熱功率為______W，電動(dòng)機(jī)的輸出功率為______W．14、如圖所示“為探究碰撞中的不變量”的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖．

（1）因?yàn)橄侣涓叨认嗤钠綊佇∏颍ú挥?jì)空氣阻力）的飛行時(shí)間相同，所以我們?cè)趯?shí)驗(yàn)中可以用平拋運(yùn)動(dòng)的______來替代平拋運(yùn)動(dòng)的初速度．

（2）本實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)必須要求的條件是______

A．斜槽軌道必須是光滑的。

B．斜槽軌道末端點(diǎn)的切線是水平的。

C．入射小球每次都從斜槽上的同一位置無初速釋放。

D．入射球與被碰球滿足ma＞mb，ra=rb

（3）圖中M、P、N分別為入射球與被碰球?qū)?yīng)的落點(diǎn)的平均位置，則實(shí)驗(yàn)中要驗(yàn)證的關(guān)系是______

A．ma?ON=ma?OP+mb?OMB．ma?OP=ma?ON+mb?OM

C．ma?OP=ma?OM+mb?OND．ma?OM=ma?OP+mb?ON．15、在“油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中；有下列實(shí)驗(yàn)步驟：

①往邊長(zhǎng)約為40cm的淺盤里倒入約2cm深的水．待水面穩(wěn)定后將適量的痱子粉均勻地撒在水面上．

②將畫有油膜形狀的玻璃板平放在坐標(biāo)紙上；計(jì)算出油膜的面積，根據(jù)油酸的體積和面積計(jì)算出油酸分子直徑的大小．

③用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上；待薄膜形狀穩(wěn)定．

④用注射器將事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中；記下量筒內(nèi)每增加一定體積時(shí)的滴數(shù)，由此計(jì)算出一滴油酸酒精溶液的體積．

⑤將玻璃板放在淺盤上；然后將油膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上．

完成下列填空：

（1）上述步驟中，正確的順序是______．（填寫步驟前面的數(shù)字）

（2）將1cm3的油酸溶于酒精，制成200cm3的油酸酒精溶液；測(cè)得lcm3的油酸酒精溶液有50滴．現(xiàn)取一滴該油酸酒精溶液滴在水面上，測(cè)得所形成的油膜的面積是0.2m2．由此估算出油酸分子的直徑為______m．（結(jié)果保留l位有效數(shù)字）

（3）在“用油膜法估測(cè)分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中，測(cè)出油酸分子的直徑后，若還要測(cè)定阿伏伽德羅常數(shù)，只需要再知道______

A．油滴的質(zhì)量B．油滴的體積C．油酸的摩爾質(zhì)量D．油酸的摩爾體積．16、某同學(xué)利用單擺測(cè)量重力加速度．壟脵

為了使測(cè)量誤差盡量小，下列說法正確的是_____.

A.組裝單擺須選用密度和直徑都較小的擺球。

B.組裝單擺須選用輕且不易伸長(zhǎng)的細(xì)線。

C.實(shí)驗(yàn)時(shí)須使擺球在同一豎直面內(nèi)擺動(dòng)。

D.擺長(zhǎng)一定的情況下；擺的振幅盡量大。

壟脷

如圖所示，在物理支架的豎直立柱上固定有擺長(zhǎng)約1m

的單擺.

實(shí)驗(yàn)時(shí)，由于僅有量程為20cm

精度為1mm

的鋼板刻度尺，于是他先使擺球自然下垂，在豎直立柱上與擺球最下端處于同一水平面的位置做一標(biāo)記點(diǎn)，測(cè)出單擺的周期T1

然后保持懸點(diǎn)位置不變，設(shè)法將擺長(zhǎng)縮短一些，再次使擺球自然下垂，用同樣方法在豎直立柱上做另一標(biāo)記點(diǎn)，并測(cè)出單擺的周期T2

最后用鋼板刻度尺量出豎直立柱上兩標(biāo)記點(diǎn)之間的距離鈻?L.

用上述測(cè)量結(jié)果，寫出重力加速度的表達(dá)式g=

_______________．

17、電冰箱工作時(shí)，應(yīng)當(dāng)使用圖中的______插座，這是為了使電冰箱的外殼接地，保證安全工作.

下表是某電冰箱的部分技術(shù)參數(shù)，它正常工作時(shí)，使用的是_______電源(

填“交流”或“直流”)

電壓是______V

若壓縮機(jī)連續(xù)正常工作1h

將消耗電量______kW?h

．評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)18、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

21、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

22、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）24、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）25、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、解答題(共1題，共6分)26、如圖所示，光滑水平面上有一塊木板，質(zhì)量M=1.0kg，長(zhǎng)度L=1.0m．在木板的最左端有一個(gè)小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），質(zhì)量m=1.0kg．小滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.30．開始時(shí)它們都處于靜止?fàn)顟B(tài)．某時(shí)刻起對(duì)小滑塊施加一個(gè)F=8.0N水平向右的恒力，此后小滑塊將相對(duì)木板滑動(dòng)．g取l0m/s2；求：

（1）小滑塊和木板的加速度大??；

（2）小滑塊離開木板時(shí)的速度大??；

（3）要使小滑塊在木板上滑動(dòng)時(shí)的速度始終是木板速度的2倍；需將恒力F改為多大？

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共20分)27、讀出游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為______cm．

28、某學(xué)習(xí)小組的同學(xué)擬探究小燈泡L

的伏安特性曲線，可供選用的器材如下：小燈泡L

規(guī)格“4.0V0.7A

”；電流表A1

量程3A

內(nèi)阻約為0.1婁賂

電流表A2

量程0.6A

內(nèi)阻r2=0.2婁賂

電壓表V

量程3V

內(nèi)阻rV=9k婁賂

標(biāo)準(zhǔn)電阻R1

阻值1婁賂

標(biāo)準(zhǔn)電阻R2

阻值3k婁賂

滑動(dòng)變阻器R

阻值范圍0隆蘆10婁賂

學(xué)生電源E

電動(dòng)勢(shì)6V

內(nèi)阻不計(jì)；開關(guān)S

及導(dǎo)線若干。壟脵

甲同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖1

所示的電路來進(jìn)行測(cè)量，當(dāng)通過L

的電流為0.46A

時(shí)，電壓表的示數(shù)如圖2

所示，此時(shí)L

的電阻為________婁賂

壟脷

乙同學(xué)叉設(shè)計(jì)了如圖3

所示的電路來進(jìn)行測(cè)量，電壓表指針指在最大刻度時(shí)，加在L

上的電壓值是________V

壟脹

學(xué)習(xí)小組認(rèn)為要想更準(zhǔn)確地描繪出L

完整的伏安特性曲線，需要重新設(shè)計(jì)電路。請(qǐng)你在乙同學(xué)的基礎(chǔ)上利用所供器材，在圖4

所示的虛線框內(nèi)補(bǔ)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖，并在圖上標(biāo)明所選器材代號(hào)。評(píng)卷人得分六、作圖題(共2題，共14分)29、20、如圖所示，L為垂直于紙面的通電直導(dǎo)線（通有垂直于紙面向里的電流I），放在水平向左的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中，請(qǐng)用箭頭在圖中標(biāo)出通電直導(dǎo)線L所受安培力方向（用F表示）30、（９分）有一個(gè)直流電動(dòng)機(jī),把它接入0.2V電壓的電路時(shí),電機(jī)不轉(zhuǎn),測(cè)得流過電動(dòng)機(jī)的電流是0.4A；若把電動(dòng)機(jī)接入2.0V電壓的電路中,電動(dòng)機(jī)正常工作,工作電流是1.0A,求電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率多大?如果在電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí),轉(zhuǎn)子突然被卡住，電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率是多大？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B|C【分析】

A；向右飛行的正離子束形成的電流方向向右；根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向里，則N極轉(zhuǎn)向里，S極轉(zhuǎn)向外，不符合題意．故A錯(cuò)誤．

B；向左飛行的正離子束形成的電流方向向左；根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向外，則N極轉(zhuǎn)向外，S極轉(zhuǎn)向里，符合題意．故B正確．

C；向右飛行的負(fù)離子束形成的電流方向向左；根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向外，則N極轉(zhuǎn)向外，S極轉(zhuǎn)向里，符合題意．故C正確．

D；向左飛行的正離子束形成的電流方向向右；根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向里，則N極轉(zhuǎn)向里，S極轉(zhuǎn)向外，不符合題意．故D錯(cuò)誤．

故選BC．

【解析】【答案】小磁針N極受力方向與磁場(chǎng)方向相同．電流方向與正電荷定向移動(dòng)方向相同；與負(fù)電荷定向移動(dòng)方向相反．根據(jù)安培定則，將選項(xiàng)逐一代入檢查，選擇符合題意的選項(xiàng)．

2、A【分析】第2s內(nèi)磁場(chǎng)強(qiáng)度減小，所以圓環(huán)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于一電源，由楞次定律知，金屬板上端為正極，所以A正確。第3s內(nèi)磁場(chǎng)方向向外，強(qiáng)度增加，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)仍然是上極板為正，所以B錯(cuò)誤，第1s內(nèi)，上極板為負(fù)，第2s內(nèi)，上極板為正，這個(gè)過程中電場(chǎng)強(qiáng)度相反，所以微粒先加速，然后減速，當(dāng)?shù)?秒末微粒速度為零，離開中心位置最大，第3s末圓環(huán)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為電場(chǎng)強(qiáng)度所以D錯(cuò)誤。【解析】【答案】A3、D【分析】解：A、當(dāng)f=f0時(shí)，系統(tǒng)達(dá)到共振，振幅最大，故f＜f0時(shí)；隨f的增大，振幅振大，故A錯(cuò)誤；

B、當(dāng)f＞f0時(shí)；隨f的減小，驅(qū)動(dòng)力的頻率接近固有頻率，故該振動(dòng)系統(tǒng)的振幅增大，故B錯(cuò)誤；

C；該振動(dòng)系統(tǒng)的振動(dòng)穩(wěn)定后；振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率f，故C錯(cuò)誤；

D；系統(tǒng)的振動(dòng)穩(wěn)定后；系統(tǒng)的振動(dòng)頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率，故振動(dòng)頻率等于f，故D正確；

故選：D．

受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率；當(dāng)系統(tǒng)的固有頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率時(shí)，系統(tǒng)達(dá)到共振，振幅達(dá)最大．

本題應(yīng)明確受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率，而當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率等于物體的固有頻率時(shí)，物體的振動(dòng)最強(qiáng)烈．【解析】【答案】D4、B【分析】解：A

地球同步衛(wèi)星的角速度與地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，則知a

與c

的角速度相同，根據(jù)a=婁脴2r

知；c

的向心加速度大．

由GMmr2=mg

得g=GMr2

可知衛(wèi)星的軌道半徑越大，向心加速度越小，則地球同步衛(wèi)星c

的向心加速度小于b

的向心加速度，而b

的向心加速度約為g

故a

的向心加速度小于重力加速度g.

故A錯(cuò)誤；

B、由GMmr2=mv2r

得v=GMr

則知衛(wèi)星的軌道半徑越大，線速度越小，所以b

的線速度最大；在相同時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長(zhǎng)最長(zhǎng).

故B正確；

C、c

是地球同步衛(wèi)星，周期是24h

則c

在4h

內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角是4h24h隆脕2婁脨=婁脨3.

故C錯(cuò)誤；

D、由開普勒第三定律R3T2=k

知；衛(wèi)星的軌道半徑越大，周期越大，所以d

的運(yùn)動(dòng)周期大于c

的周期24h.

故D錯(cuò)誤；

故選：B

．

地球同步衛(wèi)星的周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，根據(jù)a=婁脴2r

比較a

與c

的向心加速度大??；再比較c

的向心加速度與g

的大小.

根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式得出角速度與半徑的關(guān)系，分析弧長(zhǎng)關(guān)系.

根據(jù)開普勒第三定律判斷d

與c

的周期關(guān)系．

對(duì)于衛(wèi)星問題，要建立物理模型，根據(jù)萬有引力提供向心力，分析各量之間的關(guān)系，并且要知道同步衛(wèi)星的條件和特點(diǎn)．【解析】B

5、A【分析】解：直升機(jī)相對(duì)于天安門城樓；以及天安門上飄揚(yáng)的紅旗的位置不斷改變；以他們?yōu)閰⒄瘴?，飛行員是運(yùn)動(dòng)的；飛機(jī)上的旋翼是旋轉(zhuǎn)的，以它們?yōu)閰⒖枷?，飛行員是運(yùn)動(dòng)的，以別的直升機(jī)為參照物，它們之間的位置沒有發(fā)生變化，所以飛行員是靜止的，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A。

研究物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)；必須事先選定一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)的物體，這個(gè)事先被選作標(biāo)準(zhǔn)的物體叫參照物。如果被研究的物體相對(duì)于這個(gè)標(biāo)準(zhǔn)位置發(fā)生了改變，則是運(yùn)動(dòng)的；如果被研究的物體相對(duì)于這個(gè)標(biāo)準(zhǔn)位置沒有發(fā)生了改變，則是靜止的。

參照物可任意選，也就是不論是靜止的物體還是運(yùn)動(dòng)的物體；參照物被選定后，可認(rèn)為該物體是靜止的（假設(shè)）物體。【解析】A6、B【分析】試題分析：由于磁場(chǎng)是不均勻磁場(chǎng)，所以當(dāng)線圈在磁場(chǎng)中滾動(dòng)時(shí)，穿過線圈的磁通量要發(fā)生變化，產(chǎn)生電能，所以消耗機(jī)械能，則金屬環(huán)的振幅逐漸減小，即金屬環(huán)做減幅振動(dòng)。選項(xiàng)B正確。考點(diǎn)：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化?！窘馕觥俊敬鸢浮緽7、D【分析】解：電場(chǎng)強(qiáng)度與試探電荷無關(guān)，由電場(chǎng)本身決定，則取走正電荷后，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，大小為E===5×103N/C．

故選：D．

根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=求電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。妶?chǎng)強(qiáng)度與試探電荷無關(guān)；由電場(chǎng)本身決定．

電場(chǎng)強(qiáng)度是描述電場(chǎng)本身性質(zhì)的物理量，是電場(chǎng)中最重要的概念之一，關(guān)鍵要掌握其定義式和方向特征．【解析】【答案】D8、C【分析】略

略

略

略【解析】?！拘☆}1

】C【小題2

】A【小題3

】B【小題4

】C二、填空題(共9題，共18分)9、略

【分析】

我們調(diào)節(jié)的實(shí)際上是調(diào)諧器的一個(gè)旋鈕；通過調(diào)節(jié)它可以改變收音機(jī)的接收頻率，從而使收音機(jī)的頻率與所選臺(tái)的頻率相同或相近從而使接收的電信號(hào)最強(qiáng)，則可收到想要找的臺(tái)．

故答案為：頻率．

【解析】【答案】我們選臺(tái)或換臺(tái)時(shí)是將收音機(jī)里的頻率與所換的電臺(tái)的頻率相同；從而達(dá)到共振，使電流最強(qiáng)．

10、略

【分析】解：由愛因斯坦質(zhì)能方程：△E=△mc2得：

△E=（mp+mn-m）c2

故答案為：（mp+mn-m）c2．

愛因斯坦質(zhì)能方程：△E=△mc2；可求得放出的能量．

本題為愛因斯坦質(zhì)能方程的簡(jiǎn)單應(yīng)用，直接代入方程求解即可．【解析】（mp+mn-m）c11、略

【分析】解：設(shè)電子電量e

電場(chǎng)強(qiáng)度E

粒子穿過電場(chǎng)時(shí)，粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，由水平方向上的直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向上的勻加速直線運(yùn)動(dòng)；

所以三段運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同均為t

豎直方向位移為：

yAM=12at2

yBN=12a(2t)2

yCP=12a(3t)2

即沿y

軸方向的位移之比yAMyBNyCP=149

則AMBNCP=149

由于水平方向電子不受力；做勻速直線運(yùn)動(dòng)，電子束經(jīng)MNP

三點(diǎn)時(shí)沿x

軸的分速度相等，即電子束經(jīng)MNP

三點(diǎn)時(shí)沿x

軸的分速度之比為：111

．

故答案為：149111

電子穿過電場(chǎng)時(shí)做類平拋運(yùn)動(dòng)；由水平方向上勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向上勻加速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，列式可得出豎直位移之比；水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，水平分速度不變．

帶電粒子在電場(chǎng)中的類平拋運(yùn)動(dòng)，研究的方法是平拋運(yùn)動(dòng)相似，是運(yùn)動(dòng)的合成與分解，再運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律進(jìn)行求解．【解析】149111

12、略

【分析】

接到a，b上時(shí)為G與R1并聯(lián)為電流表。

其量程為=≈1A

接c，d上時(shí)為G與R2串聯(lián)為電壓表。

其量程為U：U=Ig×（Rg+R2）=100×10-6×（1000+99000）=10V

故答案為：電流1A電壓10V

【解析】【答案】先確定接在不同位置時(shí)電流表與電阻是串聯(lián)還是并聯(lián)關(guān)系；若是并聯(lián)為電流表，若是串聯(lián)為電壓表，再據(jù)所聯(lián)的阻值求得相應(yīng)的量程．

13、略

【分析】解：電動(dòng)機(jī)兩端的電壓：U1=U-UL=12-6V=6V；

整個(gè)電路中的電流：I==

所以電動(dòng)機(jī)的輸入功率：P=U1I=6×2W=12W；

電動(dòng)機(jī)的熱功率：P熱=I2RM=4×0.5W=2W；

則電動(dòng)機(jī)的輸出功率：P2=P-I2RM=12-2W=10W；

故答案為：2；10．

由燈泡銘牌可知燈泡額定電是6V；額定功率是12W，由電功率的變形公式可以求出燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流；由串聯(lián)電路特點(diǎn)可以求出電動(dòng)機(jī)的電壓，由電功率公式可以求出電機(jī)總功率與熱功率，進(jìn)一步求出電動(dòng)機(jī)的輸出功率．

解決本題的關(guān)鍵知道電動(dòng)機(jī)的輸出功率P2=I2RM以及知道整個(gè)電路消耗的功率P總=UI．【解析】2；1014、略

【分析】解：（1）由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律y=可知，當(dāng)下落高度相同時(shí)落地時(shí)間相同，再根據(jù)x=可知=所以可以用平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移來替代平拋運(yùn)動(dòng)的初速度；

（2）A；本實(shí)驗(yàn)必須要求入射小球在每次碰撞前的速度相同；與斜槽是否光滑無關(guān)，所以A錯(cuò)誤；

B；只有斜槽末端點(diǎn)的切線水平才能保證碰后小球做平拋運(yùn)動(dòng)；所以B正確；

C、根據(jù)動(dòng)等定理mgH-=可知；只有滿足入射小球每次都從斜槽上的同一位置無初速釋放時(shí)，入射速度才能相同，所以C正確；

D、根據(jù)彈性碰撞規(guī)律，若入射小球質(zhì)量小于被碰小球的質(zhì)量時(shí)，入射小球要被碰回，所以必須滿足

只有滿足兩小球的半徑相同時(shí)；碰后兩小球的速度才能在一條直線上，所以D正確；

故選BCD

（3）根據(jù)題意，P點(diǎn)應(yīng)是小球a沒有與b碰撞時(shí)的落地位置，M點(diǎn)應(yīng)是碰后小球a的落地位置，P點(diǎn)應(yīng)是碰后小球b的落地位置；

根據(jù)平均動(dòng)量守恒定律應(yīng)有=

再由OP=OM=ON=

可得=+?ON

所以C正確；即實(shí)驗(yàn)中要驗(yàn)證的關(guān)系是C．

故答案為：（1）水平位移；（2）BCD；（3）C

本題（1）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律即可求解；他（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求每次碰前小球a的速度相同可知沒有必要要求斜槽軌道光滑；并且每次小球a的釋放位置必須相同，這樣可對(duì)AC做出判斷；根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知斜槽的末端必須水平，可對(duì)B做出判斷；根據(jù)彈性碰撞規(guī)律，若入射小球質(zhì)量小于被碰小球質(zhì)量時(shí)可能被碰回，及只有發(fā)生對(duì)心碰撞時(shí)才能做直線運(yùn)動(dòng)，可對(duì)D做出判斷；題（3）的關(guān)鍵是明確小球a碰前與碰后的位置，再根據(jù)平均動(dòng)量守恒定律表達(dá)式即可求解．

應(yīng)明確：①平均動(dòng)量的表達(dá)式為=m=m②在彈性碰撞中，當(dāng)滿足入射小球質(zhì)量小于被碰小球質(zhì)量時(shí)，入射小球?qū)⒈慌龌兀虎壑挥袧M足對(duì)心碰撞條件時(shí)，兩小球速度才能共線．【解析】水平位移；BCD；C15、略

【分析】解：（1）“油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)步驟為：

配制酒精油酸溶液（教師完成，記下配制比例）→測(cè)定一滴酒精油酸溶液的體積v=→準(zhǔn)備淺水盤→形成油膜→描繪油膜邊緣→測(cè)量油膜面積→計(jì)算分子直徑；

因此正確的順序是④①③⑤②．

（2）計(jì)算步驟：先計(jì)算一滴油酸酒精溶液中油酸的體積=一滴酒精油酸溶液的體積×配制比例。

=×再計(jì)算油膜面積，最后計(jì)算分子直徑=××=7×10-10m．

（3）設(shè)一個(gè)油酸分子的體積為V1，則V1=πd3

由NA=可知；要測(cè)定阿伏加德羅常數(shù)，還需要知道油滴的摩爾體積．故D正確，ABC錯(cuò)誤．

故答案為：（1）④①③⑤②；（2）7×10-10；（3）D．

將配制好的油酸酒精溶液；通過量筒測(cè)出1滴此溶液的體積．然后將1滴此溶液滴在有痱子粉的淺盤里的水面上，等待形狀穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用彩筆描繪出油酸膜的形狀，將畫有油酸薄膜輪廓的玻璃板放在坐標(biāo)紙上，按不足半個(gè)舍去，多于半個(gè)的算一個(gè)，統(tǒng)計(jì)出油酸薄膜的面積．則用1滴此溶液的體積除以1滴此溶液的面積，恰好就是油酸分子的直徑．

根據(jù)阿伏加德羅常數(shù)等于油酸的摩爾體積除以一個(gè)分子的體積；列式分析，確定需要知道什么物理量．

本題是以油酸分子呈球型分布在水面上，且一個(gè)靠著一個(gè)，從而可以由體積與面積相除求出油膜的厚度．本題關(guān)鍵是明確用油膜法估測(cè)分子的大小實(shí)驗(yàn)的原理，理解阿伏加德羅常數(shù)的意義，把握宏觀與微觀之間的聯(lián)系．【解析】④①③⑤②；7×10-10；D16、(1)BC

(2)4婁脨2?LT12鈭?T22【分析】【分析】(1)(1)為減小實(shí)驗(yàn)誤差應(yīng)選擇密度大而體積小的球作為擺球，選用輕質(zhì)細(xì)線做擺線，當(dāng)單擺擺角小于5鈭?

時(shí)單擺的運(yùn)動(dòng)是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)分析答題；

(2)(2)應(yīng)用單擺周期公式求出重力加速度的表達(dá)式。本題考查了實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、求重力加速度，知道實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、應(yīng)用單擺周期公式即可正確解題，本題是一道基礎(chǔ)題，要注意基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)與掌握?！窘獯稹?1)(1)A.為減小空氣阻力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響；減小實(shí)驗(yàn)誤差，組裝單擺須選用密度大而直徑都較小的擺球，故A錯(cuò)誤；

B.為減小實(shí)驗(yàn)誤差；組裝單擺須選用輕且不易伸長(zhǎng)的細(xì)線，故B正確；

C.實(shí)驗(yàn)時(shí)須使擺球在同一豎直面內(nèi)擺動(dòng)，不能使單擺成為圓錐擺，故C正確；D.單擺擺角最大擺角應(yīng)小于5鈭?

擺長(zhǎng)一定的情況下，擺的振幅盡量小些，故D錯(cuò)誤。故選BC。

(2)(2)由單擺周期公式，根據(jù)題意看得：T1=2婁脨LgT2=2婁脨L鈭??Lg

解得：g=4婁脨2?LT12鈭?T22

故填：(1)BC(2)4婁脨2?LT12鈭?T22

【解析】(1)BC

(2)4婁脨2?LT12鈭?T22

17、乙交流2200.2【分析】【分析】三孔插座中多出的一個(gè)孔是用來接地線的；家用電器都使用三孔插座；當(dāng)用電器漏電時(shí)，會(huì)使外殼帶電，若接上地線，即便漏電，電流也就通過地線，流入大地，防止觸電事故的發(fā)生.

電冰箱的正常工作時(shí)，實(shí)際電壓等于額定電壓，消耗電能的功率是額定功率，然后根據(jù)W=Pt

計(jì)算工作1h

消耗的電能。

本題重點(diǎn)考查實(shí)際電壓和額定電壓、實(shí)際功率和額定功率的關(guān)系，計(jì)算時(shí)注意單位的統(tǒng)一。【解答】為了防止觸電，使用的插座應(yīng)選用有接地線的三孔插座，即圖中的乙，這樣能把電冰箱的外殼連接大地，保證安全工作。由圖中的標(biāo)稱值可知冰箱使用是頻率為50Hz50Hz的交流電源；電冰箱電壓為220V220V正常工作1h1h消耗的電能：W=Pt=0.2kW隆脕1h=0.2kW?hW=Pt=0.2kW隆脕1h=0.2kW?h

故填：乙，交流，2202200.20.2

【解析】乙交流2200.2

三、判斷題(共8題，共16分)18、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．20、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．22、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．23、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．24、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．25、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．四、解答題(共1題，共6分)26、略

【分析】

（1）M靠m給的水平向右摩擦力提供加速度；加速度最大值為。

aM=

m的加速度為。

am=

（2）L=

代入解得t=1s

小滑塊離開木板時(shí)的速度大小為vm=amt=5m/s

（3）由am=2aM得，