2025年湘師大新版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘師大新版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷483考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、根據(jù)磁場對電流會產(chǎn)生作用力的原理；人們研制出一種新型的炮彈發(fā)射裝置——電磁炮，它的基本原理如圖所示，下列結論中錯誤的是（）

A.要使炮彈沿導軌向右發(fā)射，必須通以自M向N的電流B.要想提高炮彈的發(fā)射速度，可適當增大電流C.要想提高炮彈的發(fā)射速度，可適當增大磁感應強度D.使電流和磁感應強度的方向同時反向，炮彈的發(fā)射方向亦將隨之反向2、如圖所示，abcd為水平放置的平行“”形光滑金屬導軌,間距為l，導軌間有垂直于導軌平面的勻強磁場，磁感應強度大小為B，導軌電阻不計．已知金屬桿MN傾斜放置，與導軌成θ角，單位長度的電阻為r,保持金屬桿以速度v沿平行于cd的方向滑動(金屬桿滑動過程中與導軌接觸良好)．則()

A.電路中感應電動勢的大小為B.電路中感應電流的大小為C.金屬桿所受安培力的大小為D.金屬桿的發(fā)熱功率為3、如圖所示，發(fā)電機兩磁極N、S間的磁場可視為水平向右的勻強磁場，磁感應強度大小為B。線圈繞垂直磁場的水平軸OO′勻速轉(zhuǎn)動，線圈電阻不計，匝數(shù)為n，面積為s。發(fā)電機與理想變壓器原線圈連接，V為理想交流電壓表。變壓器的副線圈接有三條支路，每條支路接有相同規(guī)格的小燈泡L1、L2和L3，L1串有電阻R，L2串有電感L，L3串有電容器C。當線圈以ω0勻速轉(zhuǎn)動時；三盞燈恰好亮度相同。下列判斷正確的是（）

A.當ω＜ω0時，L2比L1亮B.當ω＞ω0時，三盞燈的亮度仍然相同C.當轉(zhuǎn)速不變，增大變壓器原線圈的匝數(shù)，三盞燈均變亮D.當線圈以ω0勻速轉(zhuǎn)動到在圖示位置時，電壓表的示數(shù)為nBsω04、關于波和波的現(xiàn)象解釋，下列說法中正確的有（）A.電磁波的傳播速度恒為B.雷達工作時利用了聲波的反射C.增透膜使得兩列反射光波相消，但透射光強并沒有增加D.聲源與觀察者相對靠近時，觀察者按收到的頻率大于聲源發(fā)出的頻率5、關于下列四幅圖的說法正確的是（）

A.圖甲是用來加速帶電粒子的回旋加速器的示意圖，要想粒子獲得的最大動能增大，可增加電壓UB.圖乙是磁流體發(fā)電機的結構示意圖，正離子進入后會偏向B板，故A板電勢高于B板電勢C.圖丙是速度選擇器的示意圖，帶電粒子（不計重力）能夠沿直線從右側(cè)進入并勻速通過速度選擇器的條件是D.圖丁是質(zhì)譜儀的結構示意圖，粒子打在底片上的位置越靠近狹縫S3說明粒子的比荷越大6、如圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1：n2=2：1，V和A均為理想電表，燈泡電阻R1=端電壓下列說法正確的是（）

A.電流頻率為100HzB.V的讀數(shù)為24VC.A的讀數(shù)為0.5AD.變壓器輸入功率為6W評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、在如圖所示電路中，L為電感線圈，燈泡電阻為R，電流表內(nèi)阻為零，電壓表內(nèi)阻無限大，交流電源的電壓u＝220sin100t（V）；若保持電壓的有效值不變，只將電源頻率改為100Hz，下列說法正確的是（）

A.電流表示數(shù)減小B.電壓表示數(shù)減小C.燈泡變暗D.燈泡變亮8、全球性“超導熱”的興起，使超導電磁船的制造成為可能。如圖是電磁船的簡化原理圖，MN和CD是與電源相連的兩個電極，MN與CD之間部分區(qū)域有垂直紙面向內(nèi)的勻強磁場（磁場由超導線圈產(chǎn)生；其獨立電路部分未畫出），兩電極之間的海水會受到安培力的作用，船體就在海水的反作用力推動下向前駛動，下列說法正確的是（）

A.要使船前進，圖中MN導體棒應接直流電源的正極B.改變電極的正負或磁場方向，可控制船前進或后退C.增大電極間的電流，可增大船航行的速度D.增大勻強磁場的磁感應強度，可減小船體的推動力9、2022年3月8日，航天員王亞平從空間站送來的“圓際婦女節(jié)”節(jié)日祝福通過電磁波傳播到祖國各地，關于電磁波和電磁場，下列說法中正確的是（）A.麥克斯韋預言了電磁波的存在，但證實電磁波的存在的是赫茲B.在變化的電場周圍一定產(chǎn)生變化的磁場，變化的磁場周圍一定產(chǎn)生變化的電場C.發(fā)射電路的電磁振蕩一停止，產(chǎn)生的電磁波立即停止傳播D.LC振蕩電路的頻率越高，發(fā)射電磁波的本領越強10、如圖；在水平光滑桌面上，兩相同的矩形剛性小線圈分別疊放在固定的絕緣矩形金屬框的左右兩邊上，且每個小線圈都各有一半面積在金屬框內(nèi)，在金屬框接通逆時針方向電流的瞬間。

A.兩小線圈會有相互靠攏的趨勢B.兩小線圈會有相互遠離的趨勢C.兩小線圈中感應電流都沿順時針方向D.左邊小線圈中感應電流沿順時針方向，右邊小線圈中感應電流沿逆時針方向11、如圖所示，兩條足夠長的光滑平行金屬導軌所在平面與水平面夾角為30°，與導軌均垂直的虛線PQ、MN區(qū)域內(nèi)存在垂直導軌所在平面的勻強磁場。將兩根相同的導體ab、cd先后自導軌上同一位置由靜止釋放，兩導體棒始終與導軌垂直且接觸良好，ab進入磁場時加速度恰好為零且此時釋放cd，ab離開磁場區(qū)域時cd恰好進入磁場區(qū)域。已知兩導軌的間距為L、電阻忽略不計，勻強磁場的磁感應強度為B，導體棒ab、cd的質(zhì)量均為m、電阻均為R，重力加速度大小為g；則（）

A.磁場區(qū)域PQ、MN的間距為B.整個過程產(chǎn)生的焦耳熱為C.ab棒進入磁場區(qū)域時的速度為D.釋放ab棒與cd棒的時間差為評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)12、_____________預言了電磁波的存在，___________設計實驗證明了電磁波的存在，并用實驗測得電磁波在真空中傳播的速度。13、如圖所示，用兩條一樣的彈簧吊著一根銅棒，銅棒所在的虛線框范圍內(nèi)有垂直紙面的勻強磁場，棒中通入自左向右的電流．當棒靜止時，每個彈簧的拉力大小均為F1，若將棒中電流反向但不改變電流大小，當棒靜止時，每個彈簧的拉力大小均為F2,且F2>F1，則磁場的方向為_________，安培力的大小為______________．

14、為判斷線圈繞向，可將靈敏電流計G與線圈L連接，如圖所示。已知線圈由a端開始繞至b端，當電流從電流計G右端流入時，指針向右偏轉(zhuǎn)。將磁鐵N極向下從線圈上方豎直插入L時，發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉(zhuǎn)。從上向下看時，線圈繞向為__________（填順時針或逆時針）；當條形磁鐵從圖中的虛線位置向右遠離L時，指針將指向_____。（選填“左側(cè)”；“右側(cè)”或“中央”）

15、三個速度大小不同的同種帶電粒子，沿同一方向從圖中長方形區(qū)域的勻強磁場上邊緣射入，當它們從下邊緣飛出時對入射方向的偏角分別為90°、60°、30°，重力不計，則它們在磁場中運動的時間之比為___________。

16、①如圖所示，一個質(zhì)量為M的木板放在光滑的水平地面上，一只質(zhì)量為m的青蛙靜止于木板的右端。青蛙突然一躍而起，脫離木板瞬間的對地速度大小為v，與水平方向成角，青蛙在這個過程中對木板做功為________

②如圖所示，在光滑的水平面上有2021個完全相同的小球排成一條直線，均處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)給第一個小球初動能使它正對其他小球運動。若小球間的所有碰撞都是完全非彈性的（粘在一起），則整個碰撞程中因為碰撞損失的機械能總量為__________

③如圖所示，質(zhì)量為m的物塊A靜止在水平面上，A的左側(cè)光滑，右側(cè)粗糙。一個質(zhì)量為M的物塊B以速度向右運動，與A發(fā)生彈性正碰，碰后A向前滑行而停止。若僅把A的質(zhì)量變?yōu)槠渌鼦l件不變，再次讓B與A發(fā)生彈性碰撞，碰后A向前滑行而停止，已知則第二次碰撞后，B物體的瞬時速度大小為________

④如圖所示，在垂直紙面向里的有界勻強磁場區(qū)域的左側(cè)，一個質(zhì)量為m的正方形線框由位置I以初速度v沿垂直于磁場邊界水平向右運動，線框經(jīng)過位置Ⅱ，當運動到位置Ⅲ時速度恰為零，此時線框剛好有一半離開磁場區(qū)域。線框的邊長小于磁場區(qū)域的寬度。不計摩擦力，則線框從位置Ⅰ到位置Ⅱ的過程中，線框產(chǎn)生的焦耳熱為________

評卷人得分四、作圖題(共4題，共24分)17、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

18、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

19、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

20、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共2題，共16分)21、（1）在研究自感現(xiàn)象時，自感系數(shù)較大的線圈一般都有直流電阻，某同學利用如圖（1）所示的電路采用伏安法測定線圈的直流電阻，在實驗測量完畢后，將電路拆去時應______。

A．先斷開開關S1B．先斷開開關S2

C．先拆去電流表D．先拆去電阻R

（2）圖（2）所示是該同學研究自感現(xiàn)象的實驗電路圖，并用電流傳感器顯示出在t=1×10-3s時斷開開關前后一段時間內(nèi)各時刻通過線圈L的電流（如圖（3）所示）。已知電源電動勢E=6V，內(nèi)阻不計，燈泡的阻值R1=6Ω，電阻R的阻值為2Ω。

①線圈的直流電阻為______Ω；

②開關斷開時，該同學觀察到的現(xiàn)象是：______。22、如圖甲是蘋果自動分揀裝置的示意圖。該裝置把大小不同的蘋果按一定質(zhì)量標準自動分揀為大蘋果和小蘋果。該裝置的托盤秤壓在一個以為轉(zhuǎn)動軸的杠桿上，杠桿末端壓在半導體薄膜壓力傳感器上。的阻值和壓力F的關系如圖乙所示，越大越靈敏。先調(diào)節(jié)托盤稱壓杠桿上的位置，使質(zhì)量等于分揀標準的大蘋果經(jīng)過托盤秤時，處在最靈敏的壓力區(qū)間；再調(diào)節(jié)可調(diào)電阻使兩端的電壓恰好能使放大電路中的電磁鐵吸動分揀開關的銜鐵。電磁鐵具有延時功能；恰好能夠確保大蘋果在銜鐵上運動時電磁鐵始終保持吸動狀態(tài)，讓大蘋果進入下面通道。

（1）說出一種能實現(xiàn)電磁鐵延時釋放吸動銜鐵的方法______________________；

（2）下列選項正確的是____________。

A．觀察圖甲裝置圖和圖乙的壓力—電阻的圖像，可以估測出重量大于的蘋果都會進入下方通道。

B．已經(jīng)調(diào)試好的裝置；如果增大傳感電路中電源的電動勢，分揀出的大蘋果質(zhì)量標準會變小。

C．設備處于良好運行狀態(tài)，如果增大大蘋果的質(zhì)量標準為原來的二倍，則單純調(diào)節(jié)使它的阻值適當減小即可。

（3）放大電路內(nèi)沒有電源，對外可以簡化為三個電極，工作時電流分別從極b和極c流入，極e流出，從極b輸入一個較小的電流，就能在極c獲得較大的電流，用公式表示為其中正常工作時是個常數(shù)。把這樣的放大電路對應接到本裝置中，①接極____________，②接極____________，③接極____________，④接極____________。（均填“b”“c”或“e”）評卷人得分六、解答題(共4題，共40分)23、電磁軌道炮的加速原理如圖所示金屬炮彈靜止置于兩固定的平行導電導軌之間，并與軌道良好接觸。開始時炮彈在導軌的一端，通過電流后炮彈會被安培力加速，最后從導軌另一端的出口高速射出。設兩導軌之間的距離導軌長炮彈質(zhì)量導軌上電流I的方向如圖中箭頭所示?？梢哉J為，炮彈在軌道內(nèi)勻加速運動，它所在處磁場的磁感應強度始終為方向垂直于紙面向里。若炮彈出口速度為忽略摩擦力與重力的影響。求：

(1)炮彈在兩導軌間的加速度大小a；

(2)炮彈作為導體受到磁場施加的安培力大小F；

(3)通過導軌的電流I。

24、如圖甲所示，在傾角為θ的斜面上，沿斜面方向鋪兩條平行的光滑金屬導軌，導軌足夠長，兩導軌間的距離為L，兩者的頂端a和b用阻值為R的電阻相連．在導軌上垂直于導軌放一質(zhì)量為m，電阻為r的金屬桿cd。金屬桿始終與導軌連接良好，其余電阻不計．整個裝置處于磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場的方向垂直斜面向上，重力加速度為g。現(xiàn)讓金屬桿從水平虛線位置處由靜止釋放，金屬桿下滑過程中始終與導軌垂直，金屬桿下滑的位移為x時；剛好達到最大速度。

（1）由d向c方向看到的平面圖如圖乙所示，請在此圖中畫出金屬桿下滑過程中某時刻的受力示意圖，并求金屬桿下滑的最大速度vm；

（2）求從金屬桿開始下滑到剛好達到最大速度的過程中，電路中產(chǎn)生的焦耳熱Q；

（3）金屬桿作切割磁感線運動時產(chǎn)生感應電動勢，此時金屬桿即為電路中的電源，其內(nèi)部的非靜電力就是運動的自由電荷在沿桿方向受到的洛侖茲力，而所有運動的自由電荷在沿垂直金屬桿方向受到的洛侖茲力的合力即為安培力。在金屬桿達到最大速度vm后繼續(xù)下滑的過程中，請根據(jù)電動勢的定義推導金屬桿中產(chǎn)生的感應電動勢E。

25、如圖所示，有一個間距為d=0.3m的平行光滑金屬導軌與水平面成θ=53°放置，通過光滑圓弧絕緣件與另一個光滑的水平金屬導軌平滑對接，其中軌道AA′BB′部分間距為d，軌道BB′DD′部分間距為在cd棒的下方區(qū)域內(nèi)存在與導軌平面垂直、磁感應強度大小為B1=2T的勻強磁場，AA′CC′之間存在豎直向上、磁感應強度大小為B2=1T的勻強磁場。導軌的下端接有阻值為R=2Ω的電阻，在導軌的上端垂直于導軌用鎖定裝置鎖定有一質(zhì)量為m2=1kg的導體棒cd，長度為L=0.6m，電阻為r=4Ω。另有一質(zhì)量為m1=1kg的導體棒ab垂直于導軌，與cd棒相距x1=2m，以大小為v0=8m/s的速度沿導軌向上，經(jīng)過t1=0.47s，ab棒運動到cd棒位置時，鎖定裝置解除cd棒的鎖定，ab棒與cd棒碰撞合在一起繼續(xù)向上經(jīng)過絕緣件到達AA′時，在BB′由另一個鎖定裝置鎖定的導體棒ef解除鎖定，導體棒ef質(zhì)量為之后它們分別在各自軌道運動。當棒abcd運動到BB′時，速度已達到穩(wěn)定，之后被鎖定裝置鎖住，ef棒再運行x3=20m到達CC′處。CC′右側(cè)有一根勁度系數(shù)k=1N/m的輕質(zhì)彈簧水平放置，處于原長，右端固定，左端與一質(zhì)量為的絕緣棒gh（長度為L）拴接（拴接點在棒gh的中點）。最終ef棒沿水平導軌與gh棒發(fā)生碰撞后即刻合在一起，且此后始終做簡諧運動。三個導體棒始終與導軌接觸良好，不計金屬導軌及其他電阻，且所有導體棒長度，電阻，單位長度的電阻都相等，不計任何摩擦，忽略連接處的能量損失。（重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）；求：

（1）ab棒運動到cd棒位置時的速度大小以及碰撞后瞬間棒兩端的電勢差大?。?/p>

（2）整個運動過程中產(chǎn)生的焦耳熱；

（3）ef棒和gh棒碰撞后始終做簡諧運動，請以兩棒碰撞第一次速度變?yōu)?時作為計時起點，向右為正方向，寫出該簡諧運動的振動方程。（已知彈簧振子振動周期公式其中m為振子質(zhì)量，k為彈簧勁度系數(shù)?？梢杂肍—x圖像下的面積代表力F做的功）

26、如圖所示，一根足夠長的粗金屬棒MN固定放置，它的M端連一個定值電阻R，定值電阻的另一端連接在金屬軸O上，另外一根長為l的金屬棒ab，a端與軸O相連，b端與MN棒上的一點接觸，此時ab與MN間的夾角為空間存在著方向垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B?，F(xiàn)使ab棒以O為軸逆時針勻速轉(zhuǎn)動半周，角速度大小為ω，轉(zhuǎn)動過程中與MN棒接觸良好；兩金屬棒及導線的電阻都可忽略不計。

（1）求出電阻R中有電流存在的時間；

（2）寫出這段時間內(nèi)電阻R兩端的電壓隨時間變化的關系式。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．要使炮彈沿導軌向右發(fā)射，則安培力方向向右，由左手定則可知，必須通以自M向N的電流；故A正確，不符合題意；

B．由安培力的計算式F=BIL可知；可通過增大電流來提高炮彈的發(fā)射速度，故B正確，不符合題意；

C．由安培力的計算式F=BIL可知；可通過增大磁感應強度來提高炮彈的發(fā)射速度，故C正確，不符合題意；

D．如果電流和磁感應強度的方向同時反向；由左手定則可知，炮彈的發(fā)射方向?qū)⒈３植蛔?，故D錯誤，符合題意。

故選D。2、B【分析】【分析】

【詳解】

A、導體棒切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢故A錯誤；

B、感應電流的大小故B正確；

C、所受的安培力為故C錯誤；

D、金屬桿的熱功率故D錯誤．3、A【分析】【分析】

【詳解】

A．當ω＜ω0時；由。

可知，交流電的頻率f減小，L1與L2兩支路的電壓相等，電阻R不變，電感L的感抗減小，故L2比L1亮；A正確；

B．當ω＞ω0時，電阻R不變，電感L的感抗增大，電容C的容抗減??；故三盞燈的亮度不相同，B錯誤；

C．當轉(zhuǎn)速不變；增大變壓器原線圈的匝數(shù)，則副線圈的電壓減小，三盞燈均變暗，C錯誤；

D．當線圈以ω0勻速轉(zhuǎn)動時；產(chǎn)生正弦交流電，電動勢的有效值為。

由于線圈內(nèi)阻不計；故電壓表的示數(shù)。

D錯誤。

故選A。4、D【分析】【分析】

【詳解】

A．電磁波在真空中的傳播速度恒為在其它介質(zhì)中傳播速度并不相等，A錯誤；

B．雷達工作時利用了電磁波的反射；B錯誤；

C．反射光相消就是透射光增強；因為兩個光的光程差是一樣的，但一個肯定有另一個肯定沒有半波損失，把薄膜厚度設計成反射光相消，透射光就增強，C錯誤；

D．根據(jù)多普勒效應；聲源與觀察者相對靠近時，觀察者按收到的頻率大于聲源發(fā)出的頻率，D正確。

故選D。5、D【分析】【詳解】

A．甲圖中，粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力

可知

粒子獲得的最大動能為

所以要想粒子獲得的最大動能增大，可增加D形盒的半徑R和增大磁感應強度B，增加電壓U不能增大最大初動能；故A錯誤；

B．乙圖中根據(jù)左手定則，正電荷向下偏轉(zhuǎn)，所以極板帶正電，為發(fā)電機的正極，A極板是發(fā)電機的負極，低于B板電勢；故B錯誤；

C．丙圖中；假如帶正電的粒子從右向左運動通過復合場時，電場力豎直向下，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向也向下，所以不可能沿直線通過復合場，故C錯誤；

D．由

可得

粒子打在底片上的位置越靠近狹縫S3，則越小；說明比荷越大，故D正確。

故選D。6、D【分析】【詳解】

A．由題意知所以有

解得電流頻率為故A錯誤；

B．由AB端電壓的表達式可知輸入端電壓的有效值為

由電壓與匝數(shù)比的關系得

所以

即電壓表的示數(shù)為故B錯誤；

C．由選項B分析可知燈泡兩端電壓為6V，由歐姆定律得電流表的示數(shù)為

故C錯誤；

D．理想變壓器輸入功率等于輸出功率可知

故D正確。

故選D。二、多選題(共5題，共10分)7、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由。

u＝220sin100πt（V）可知。

ω＝2πf＝100πrad/s則電源原來的頻率為。

f＝50Hz當電源頻率由原來的50Hz增為100Hz時；線圈的感抗增大，在電壓有效值不變的情況下，電路中的電流減小，即電流表示數(shù)減小，A正確；

CD．燈泡的電阻R一定；電流減小時，燈泡實際消耗的電功率。

P＝I2R減小；燈泡變暗，C正確，D錯誤；

B．電壓表與電感線圈并聯(lián)，其示數(shù)為線圈兩端的電壓UL，設燈泡兩端電壓為UR；因為。

UR＝IR所以電流I減小時，UR減小；又因為電源電壓的有效值保持不變，且。

UL＝U－UR則UL增大；B錯誤。

故選AC。8、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．當MN接直流電源的正極時，海水中電流方向由MN指向CD；根據(jù)左手定則，海水受到的安培力指向船頭方向，根據(jù)牛頓第三定律可知，船體受到海水指向船尾方向的作用力，故使船體向后運動，選項A錯誤；

B．改變電極的正負或磁場方向；可改變安培力的方向，可控制船前進或后退，選項B正確；

C．增大電極間的電流；根據(jù)安培力公式，增大了安培力（動力），由牛頓第二定律可知增大了船航行的加速度，使船航行的速度增大，選項C正確；

D．增大勻強磁場的磁感應強度，由安培力公式

可知；可增大船體的推動力，選項D錯誤。

故選BC。9、A:D【分析】【詳解】

A．麥克斯韋預言了電磁波的存在；赫茲用實驗證實了電磁波的存在，A正確；

B．在變化的電場周圍一定產(chǎn)生變化的磁場；變化的磁場周圍不一定產(chǎn)生變化的電場，如均勻變化的磁場，產(chǎn)生恒定的電場，B錯誤；

C．發(fā)射電路的電磁振蕩一停止；產(chǎn)生的電磁波不會立即消失，還會在空間繼續(xù)傳播，一直到能量消耗殆盡，C錯誤；

D．LC振蕩電路的頻率越高；發(fā)射電磁波的本領越強，D正確。

故選AD。10、B:C【分析】【詳解】

根據(jù)右手螺旋定則可知；通電導線瞬間，對于左金屬框，因矩形金屬框內(nèi)部的磁場比外部強，所以左小線圈有向外的磁通量，且增大；同理，右邊金屬框也一樣，因此左；右小線圈的磁通量均增大，根據(jù)楞次定律可知，線圈的感應電流方向都是順時針方向，再由同向電流相互吸引，異向電流相互排斥，知兩線圈的運動情況是相互遠離．故B、C正確，A、D錯誤．

故選BC．11、A:D【分析】【詳解】

由ab進入磁場時加速度恰好為零可得

則

由

得

所以PQ、MN的間距為

整個過程產(chǎn)生的焦耳熱

故AD正確；BC錯誤。

故選AD。三、填空題(共5題，共10分)12、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]麥克斯韋預言了電磁波的存在。

[2]赫茲設計實驗證明了電磁波的存在，并用實驗測得電磁波在真空中傳播的速度?！窘馕觥葵溈怂鬼f赫茲13、略

【分析】【詳解】

(1)因為電流反向時,彈簧秤的讀數(shù)所以可以知道電流自左向右時,導體棒受到的磁場力方向向上,根據(jù)左手定則可以確定磁場的方向為垂直紙面向里;

(2)令銅棒的重力為G,安培力的大小為F,則由平衡條件得:①

當電流反向時,磁場力變?yōu)樨Q直向下,此時同樣根據(jù)導體棒平衡有:②

由①和②可得:

棒的重力

安培力F的大小【解析】垂直紙面向里14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]將磁鐵N極向下從線圈上方豎直插入L時；穿過L的磁場向下，磁通量增大，由楞次定律可知，感應電流的磁場方向與原磁場方向相反，感應電流磁場應該向上，電流表指針向右偏轉(zhuǎn)，電流從電流表右端流入，由安培定則可知，從上向下看時，線圈繞向為逆時針；如圖所示。

[2]當條形磁鐵從圖中虛線位置向右遠離L時，穿過L的磁通量向上，磁通量減小，由楞次定律可知，感應電流磁場應向上，指針向右偏轉(zhuǎn)。【解析】①.逆時針②.右側(cè)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

帶電粒子在磁場中運動的向心力由洛倫茲力提供，所以有①

帶電粒子在磁場中運動的角速度②

由幾何關系可知，從下邊緣飛出時對入射方向的偏角就是帶電粒子在磁場中做圓周運動時轉(zhuǎn)達的圓心角，所以帶電粒子在磁場中運動的時間為③

由①②③式解得，帶電粒子在磁場中運動的時間

所以它們在磁場中運動的時間之比【解析】3：2：116、略

【分析】【分析】

【詳解】

①[1]設青蛙躍出后木板的速度為水平方向由動量守恒可得

由動能定理可得，青蛙在這個過程中對木板做功為

聯(lián)立可解得

②[2]由題意可知

設全部粘在一起時的速度為v，由動量守恒可得

由能量守恒可得碰撞損失的機械能總量為

聯(lián)立解得

③[3]設碰后B、A的速度分別為v1，v2，由動量守恒及機械能守恒可得

聯(lián)立可得

碰后A做勻減速運動，由動能定理可得

同理可知，若把A的質(zhì)量變?yōu)?m，則碰后B、A的速度分別為

又滿足

由題意可知

聯(lián)立解得

④[4]對進磁場的過程由動量定理可得

即

同理可得，出磁場的過程有

由電磁感應的推論可知，通過線框截面的電荷量滿足

由題意可知，出磁場時面積變化量為進磁場時的一半，即

聯(lián)立可得則線框從位置Ⅰ到位置Ⅱ的過程中，線框產(chǎn)生的焦耳熱為【解析】0四、作圖題(共4題，共24分)17、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】18、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據(jù)安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】19、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉(zhuǎn)，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】20、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產(chǎn)生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共2題，共16分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]若先斷開開關S1，或先拆去電流表或先拆去電阻R，由于L的自感作用和電壓表組成回路，原先L中有較大的電流通過，現(xiàn)在這個電流將通過電壓表，造成電表損壞，所以實驗完畢應先斷開開關S2；故B正確，ACD錯誤。

故選B；

(2)①[2]斷開開關前，通過線圈的電流為1.5A，則

②[3]由楞次定律可知，斷開開關后，線圈產(chǎn)生的感應電流電流向右，則通過燈泡的電流向左，斷開開關前，通過線圈的電流為1.5A，斷開開關后，通過線圈的最大電流為1.5A，斷開開關前，通過燈泡的最大電流為

所以斷開開關后，燈泡閃亮一下后逐漸熄滅?！窘馕觥竣?B②.2③.燈泡閃亮一下后逐漸熄滅22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]當大蘋果離開壓力傳感器后；壓力傳感器電阻明顯變大，放大器輸入電壓減小，電磁鐵電流減小，根據(jù)電磁感應原理，閉合線圈會產(chǎn)生感應電流，感應電流產(chǎn)生的磁場使電磁鐵的磁場減小變慢了些，從而起到延遲釋放銜鐵的作用。

（2）[2]A．根據(jù)圖甲裝置圖；蘋果是通過杠桿去壓傳感器的，壓力傳感器對1N表現(xiàn)敏感，1N指的是對壓力傳感器的壓力，而不是蘋果的重力，故A錯誤；

B．增大傳感電路的電源電動勢，和的分壓都增大；小的蘋果就導致通過電磁鐵的電流足夠大了，使得電磁鐵始終保持吸動狀態(tài)，從而使小蘋果進入下面通道，故B正確；

C．大蘋果質(zhì)量標準變大后，遇到之前標準的蘋果要求不吸合，減小可以使輸入放大電路電壓減小使電磁鐵電流變小不吸合，蘋果進入上方通道，這樣操作還要注意到對大壓力不敏威，所以僅僅調(diào)整是不完善的，應該先調(diào)整托盤秤壓在杠桿上的位置，使質(zhì)量等于分揀標準的大蘋果經(jīng)過托盤秤時，處在最靈敏的壓力區(qū)間；故C項似是而非，不滿足實驗設計的靈敏原則。

（3）[3][4][5][6]根據(jù)電流方向和大小關系，b、e接放大器輸入端，電流從b流向e，c、e接放大器輸出端，電流從c流向e?！窘馕觥吭陔姶盆F的鐵芯上用導線纏繞一