2025年浙教新版選修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教新版選修3物理下冊階段測試試卷821考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示的電路，R1、R2、R4均為定值電阻，R3為熱敏電阻(溫度升高，電阻減小)，電源的電動勢為E，內阻為r.起初電容器中懸停一質量為m的帶電塵埃，當環(huán)境溫度降低時，下列說法正確的是()

A.電壓表和電流表的示數都減小B.電壓表和電流表的示數都增大C.電壓表和電流表的示數變化量之比保持不變D.帶電塵埃將向下極板運動2、如圖所示，兩根粗細不同，兩端開口的直玻璃管A和B豎直插入同一水銀槽中，各用一段水銀柱封閉著一定質量溫度相同的理想氣體，氣柱長度水銀柱長度今使封閉空氣降低相同的溫度（大氣壓保持不變），則兩管中空氣柱上方水銀柱的移動情況是（）

A.均向下移動，A管移動較少B.均向下移動，A管移動較多C.均向下移動，兩管移動的一樣多D.水銀柱的移動距離與管的粗細有關3、一定質量的理想氣體從狀態(tài)A經過狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，其V–T圖像如圖所示。下列說法正確的是（）

A.B→C的過程中，氣體一定放出熱量B.B→C的過程中，氣體分子平均動能增加C.A→B的過程中，氣體分子的密集程度變小D.A→B的過程中，每個分子對器壁的平均撞擊力變大4、下列關于溫度和內能的說法，正確的是（）A.從理論上講物體的溫度可以達到0K，只是目前技術上尚未實現B.一個分子的運動速度越大，它的溫度越高C.物體的內能等于物體的勢能和動能的總和D.溫度越高，物體分子熱運動的平均動能越大5、如圖所示，abcd為水平放置的平行光滑金屬導軌，導軌間距為l，電阻不計．導軌間有垂直于導軌平面的勻強磁場，磁感應強度大小為B．金屬桿放置在導軌上，與導軌的接觸點為M、N，并與導軌成角．金屬桿以的角速度繞N點由圖示位置勻速轉動到與導軌ab垂直，轉動過程金屬桿與導軌始終良好接觸，金屬桿單位長度的電阻為r．則在金屬桿轉動過程中（）

A.金屬桿中感應電流的方向是由N流向MB.電路中感應電流的大小始終減小C.M點電勢低于N點電勢D.電路中通過的電量為6、說明原子核具有復雜結構的是A.質子的發(fā)現B.天然放射性現象的發(fā)現C.電子的發(fā)現D.α粒子散射實驗7、如圖所示是原子物理史上幾個著名的實驗；關于這些實驗，下列說法錯誤的是。

A.圖1：盧瑟福通過粒子散射實驗提出了原子的核式結構模型B.圖2：放射線在垂直紙面向外的磁場中偏轉，可知射線甲帶負電C.圖3：電壓相同時，光照越強，光電流越大，說明遏止電壓和光的強度有關D.圖4：鏈式反應屬于核裂變，鈾核的一種裂變方式為評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、回旋加速器是用來加速帶電粒子的裝置；如圖所示，它的核心部分是兩個D形金屬盒，兩盒相距很近，分別和高頻交流電源向連接，兩盒放在勻強磁場中，磁場方向垂直于盒底面，帶電粒子由加速器的中心附近進入加速器，直到達到最大圓周半徑時通過特殊裝置被引出．如果用同一回旋加速器分別加速氚核和α粒子（氚核和α粒子質量比為3：4，電荷量之比為1：2），則以下說法正確的是（）

A.加速α粒子的交流電源的周期較大，α粒子獲得的最大動能較小B.若增大磁感應強度，則α粒子獲得的最大動能增大C.若增大加速電壓，氚核獲得的最大動能增大D.若增大加速電壓，氚核在加速器中運動的總時間變短9、一定質量的理想氣體，由狀態(tài)a經b變化到c；如圖甲所示，則圖中有可能正確反映出這一變化過程的（）

A.B.C.D.10、下列說法正確的是（）A.熱量不能從低溫物體向高溫物體傳遞B.兩分子之間的距離越大，分子勢能越小C.對一定質量的氣體做功，氣體的內能不一定增加E.在空氣中一定質量100℃的水吸收熱量后變?yōu)?00℃的水蒸氣，則吸收的熱量大于增加的內能E.在空氣中一定質量100℃的水吸收熱量后變?yōu)?00℃的水蒸氣，則吸收的熱量大于增加的內能11、下列說法正確的是（）A.擴散現象在氣體、液體和固體中都能發(fā)生B.熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體C.一定質量的某種理想氣體在等壓膨脹的過程中，內能一定增加E.某氣體的摩爾體積為V，每個分子的體積為則阿伏加德羅常數可表示為E.某氣體的摩爾體積為V，每個分子的體積為則阿伏加德羅常數可表示為12、如圖所示，R1、R2、R3、R4均為可變電阻，C1、C2均為電容器，電源的電動勢為E，內阻r≠0．若改變四個電阻中的一個阻值；則（）

A.減小R1，C1、C2所帶的電量都增加B.增大R2，C1、C2所帶的電量都增加C.增大R3，C1、C2所帶的電量都增加D.減小R4，C1、C2所帶的電量都增加13、下列說法正確的是____A.只要技術可行，物體的溫度可降至－274℃B.液體與大氣相接觸，表面層內分子所受其它分子間的作用表現為相互吸引C.氣體分子單位時間內與單位面積器壁碰撞的次數，與單位體積內的分子數和溫度有關E.布朗運動是懸浮在液體中固體顆粒的分子無規(guī)則運動的反映E.布朗運動是懸浮在液體中固體顆粒的分子無規(guī)則運動的反映14、一個靜止的放射性原子核發(fā)生天然衰變時，在勻強磁場中得到內切圓的兩條徑跡，如圖所示．若兩圓半徑之比為44∶1，則()

A.發(fā)生的是α衰變B.軌跡2是反沖核的徑跡C.該放射性元素的原子序數是90D.反沖核是逆時針運動，放射出的粒子是順時針運動評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、在電解液中，(1)若5s內沿相反方向通過某截面的正、負離子的電荷量均為5C，則電解液中的電流為_______A；(2)若5s內到達陽極的負離子和到達陰極的正離子均為5C，則電流為_______A．16、如圖所示為一個邏輯門的輸入端A、B上和輸出端Z上的電信號，此邏輯電路為__________門電路，該邏輯門的符號是__________。

17、雙桶洗衣機的脫水桶電機是由一個定時開關和一個桶蓋控制開關組成，當定時開關合上時；只要打開桶蓋，電機就被關閉。

(1)如圖所示中哪個電路圖能滿足上述的要求？()

(2)根據以上羅列的控制條件和控制結果的情況，寫出它的真值表，并畫出用門電路符號表示的邏輯電路圖__________。18、在“探究氣體等溫變化的規(guī)律”實驗中，封閉的空氣如圖所示，形管粗細均勻，右端開口，已知外界大氣壓為水銀柱高；圖中給出了氣體的兩個不同的狀態(tài)。

(1)實驗時甲圖氣體的壓強為___________乙圖氣體壓強為___________

(2)實驗時某同學認為形管的橫截面積可不用測量，這一觀點正確嗎？___________（選填“正確”或“錯誤”）。

(3)數據測量完后在用圖像法處理數據時，某同學以壓強為縱坐標，以體積（或空氣柱長度）為橫坐標來作圖，你認為他這樣做能方便地看出與間的反比關系嗎？___________（選填“能”或“不能”）。19、如圖所示，一定質量的理想氣體在狀態(tài)A時壓強為經歷A→B→C→A的過程，C→A過程中，氣體壓強______（填“增加”、“減小”或“不變”）；整個過程中與外界交換的熱量相當于放出61.4J。該氣體在A→B過程中對外界所做的功為______J。

20、如圖，豎直放置的均勻等臂U型導熱玻璃管兩端封閉，管內水銀封有A、B兩段氣柱，右管水銀面高于左管水銀面，高度差為h，若環(huán)境溫度降低，穩(wěn)定后A、B氣柱的壓強之比pA∶pB與降溫前相比將_______（選填“變大”、“變小”或“不變”），右管水銀面的高度變化Δh______（選填“＞”、“＝”或“＜”）．

21、如圖所示，一彈簧振子在M、N間沿光滑水平桿做簡諧運動，坐標原點O為平衡位置，MN=4cm．從小球圖中N點時開始計時，到第一次經過O點的時間為0.1s，則小球振動的周期為______s，振動方程的表達式為x=______cm；．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)25、如圖所示為一個多量程電壓表的電路，其表頭為動圈式直流電流計，量程Ig=10mA、內阻Rg=200R1、R2為可調電阻．

（1）可調電阻應調為R1=______R2=_______

（2）現發(fā)現表頭電流計已燒壞，我們要修復該電壓表，手邊只有一個“量程為2mA、內阻為40”的電流計和一個電阻為10的定值電阻R3．要使修復后電壓表的滿偏電流仍為10mA，請在虛框內畫出該電壓表的修復電路___．

（3）修復后的電路中，可調電阻R2應重新調為:=______

（4）接著用如圖的電路對修復電壓表的3V量程表進行校對,V0為標準電壓表、V1為修復電壓表．發(fā)現修復電壓表V1的讀數始終比標準電壓表V0略大．應用以下哪種方法進行微調______．

A.只把R1略微調小；B.只把R1略微調大；評卷人得分六、解答題(共3題，共18分)26、如圖所示，一束電子流在經U1=5000V的加速電壓加速后，在距兩極板等距處垂直進入平行板間的勻強電場，若兩板間距d=1.0cm，板長L=5.0cm，發(fā)現電子恰好能從平行板間飛出．電子的比荷e/m=1.76×1011C/kg．問：

（1）電子進入平行板時的速度v0多大？

（2）兩個極板間的電壓U2有多大？27、離子發(fā)動機是利用電能加速工質（工作介質）形成高速射流而產生推力的航天器發(fā)動機。其原理如圖所示，首先電子槍發(fā)射出的高速電子將中性推進劑離子化（即電離出正離子），正離子被正、負極柵板間的電場加速后從噴口噴出，從而使飛船獲得推進或姿態(tài)調整的反沖動力。這種發(fā)動機壽命長，適用于航天器的姿態(tài)控制、位置保持等。已知單個離子的質量為m，電荷量為q，正、負極柵板間加速電壓為U，從噴口噴出的正離子所形成的電流為I。忽略離子間的相互作用力；忽略離子噴射對衛(wèi)星質量的影響。求：

（1）離子經電場加速后，從端口噴出時的速度大小v0；

（2）該發(fā)動機產生的平均推力大小F；

（3）假設航天器的總質量為M，正在以速度v1沿MP方向運動，已知現在的運動方向與預定方向MN成θ角，如圖所示。為了使飛船回到預定的飛行方向MN，飛船啟用推進器進行調整。如果沿垂直于飛船速度v1的方向進行推進，且推進器工作時間極短，為了使飛船回到預定的飛行方向，離子推進器噴射出的粒子數N為多少。

28、如圖所示，xoy坐標系中，在y<0的區(qū)域內分布有沿y軸正方向的勻強電場，在00的區(qū)域內分布有垂直于xoy平面向里的勻強磁場，一質量為m、電量為q的帶正電粒子以初速度v0由坐標（0，-y0）處沿x軸正方向射入電場，已知電場強度，粒子的重力不計．

(1)要使粒子不從y=y0邊界射出磁場，磁感應強度B應滿足的條件

(2)要使粒子從電場進入磁場時能通過點P(19.5y0,0),求滿足條件的各個磁感應強度參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】

首先要讀懂電路圖，知道電容器的端電壓等于R4的端電壓；根據溫度升高，判斷電路的總電阻的變化，在判斷支路電壓和電流的變化；再根據電容器板間電壓的變化，分析板間場強的變化，判斷帶電塵埃的受力情況，從而分析其運動情況；

【詳解】

AB、當環(huán)境溫度降低時，R3的阻值增大，外電路總電阻增大，則總電流減小，所以電流表的示數減?。桓鶕W姆定律可得內電壓減小，R1兩端的電壓減小，并聯部分的電壓增大，則電壓表的示數增大，故A、B錯誤；

C、電壓表的示數為U=E?I(R1+r)，則得電壓表和電流表的示數變化量之比為，保持不變，故C正確；

D、電容器板間電壓增大，板間場強增大，帶電塵埃所受的電場力增大，則帶電塵埃將向上極板運動，故D錯誤；

故選C．

【點睛】

關鍵是注意此題牽涉的電阻較多，分析應逐項分析，注意靈活應用閉合電路的歐姆定律和各支路的電壓與電流的關系．2、A【分析】【詳解】

D．因為大氣壓保持不變，封閉空氣柱均做等壓變化，放封閉空氣柱下端的水銀面高度不變，根據蓋一呂薩克定律可得

則

即

化簡得

則空氣柱長度的變化與玻璃管的粗細無關；D錯誤；

ABC．因A、B管中的封閉空氣柱初溫T相同，溫度的變化也相同，則與H成正比。又所以即A、B管中空氣柱的長度都減小，水銀柱均向下移動，因為所以

所以A管中空氣柱長度減小得較少；A正確，BC錯誤。

故選A。3、A【分析】【詳解】

A．因為圖線中，BC段的圖線是過原點的傾斜直線，則B→C的過程中，體積減小，即外界對氣體做功（W為正），而溫度減小，內能減?。樨摚?，根據熱力學第一定律，氣體一定對外放熱（Q為負）；故A正確；

B．B→C的過程中；溫度降低，分子平均動能減小，故B錯誤；

C．A→B的過程中；體積減小，而氣體質量不變，所以氣體分子的密集程度增大，故C錯誤；

D．A→B的過程中；溫度一定時，體積減小，單位體積內的分子數增多，從而壓強增大，而并不是每個分子對器壁的撞擊力變大，故D錯誤。

故選A。4、D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據熱力學第三定律；0K是溫度的極限，只能無限接進，永遠不可能達到，故A錯誤；

B．一個分子的運動速度越大；但是分子的平均速度不一定大，則它的溫度不一定高，選項B錯誤；

C．物體的內能等于物體的分子勢能和分子動能的總和；選項C錯誤；

D．溫度越高；物體分子熱運動的平均動能越大，選項D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

A.根據楞次定律可得回路中的感應電流方向為順時針，所以金屬桿中感應電流的方向是由M流向N；故A錯誤；

B.設MN在回路中的長度為L，其接入電路的電阻為R=rL，根據導體轉動切割磁感應線產生的感應電動勢大小計算公式可得感應電流的大小為：由于B、ω、r都是定值而L減小，所以電流I大小始終減?。还蔅正確；

C.由于導軌電阻不計，所以路端電壓為零，即MN兩點間的電壓為零，M、N兩點電勢相等；故C錯誤；

D.由于導體棒MN在回路中的有效切割長度逐漸減小，所以接入電路的電阻R逐漸減小，不能根據計算通過電路的電量小于故D錯誤．6、B【分析】【詳解】

貝克勒爾發(fā)現的天然放射現象說明原子核具有復雜的結構，盧瑟福進行α粒子散射實驗提出的一種原子結構模型．7、C【分析】【詳解】

A項：圖1為α粒子散射實驗示意圖；盧瑟福根據此實驗提出了原子的核式結構模型，故A正確；

B項：圖2為放射源放出的三種射線在磁場中運動的軌跡；根據左手定則可知，射線甲帶負電，為β射線，故B正確；

C項：根據光電效應方程知：遏止電壓與入射光的頻率，及金屬的材料有關，與入射光的強弱無關，故C錯誤；

D項：圖為核反應堆示意圖即為核裂變，鈾核的一種裂變方式為故D正確．二、多選題(共7題，共14分)8、B:D【分析】【詳解】

交流電源的周期T=故用同一回旋加速器分別加速氚核和α粒子的周期之比為：

T1：T2==3：2；根據qvB=m得，粒子出D形盒時的速度vm=則粒子出D形盒時的動能Ekm=故氚核和α粒子，粒子出來時的最大動能之比為：

Ek1：Ek2==1：3，故加速氚核的交流電源的周期較大，氚核獲得的最大動能較大，故A錯誤，根據上式，可知，若增大磁感應強度，則α粒子獲得的最大動能增大，故B正確；根據qvB=m得，粒子出D形盒時的速度vm=則粒子出D形盒時的動能Ekm=最大動能與電壓無關，故C錯誤；若增大加速電壓，加速的次數減少，故加速的時間減小，故D正確；故選BD．

【點睛】

本題回旋加速器考查電磁場的綜合應用：在電場中始終被加速，在磁場中總是勻速圓周運動．所以容易讓學生產生誤解：增加射出的動能由加速電壓與縫間決定．原因是帶電粒子在電場中動能被增加，而在磁場中動能不變．9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

狀態(tài)a到b的過程，體積不變，溫度升高，壓強升高，狀態(tài)b到c溫度不變；壓強減小，體積增大，B正確，C正確，A錯誤，D錯誤。

故選BC。10、C:D:E【分析】【詳解】

A．在引起其他變化的情況下熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞；故A錯誤；

B．當分子間距離大于平衡距離時,分子力表現為引力,此時增大分子間距離,分子力作負功,分子勢能增加；故B錯誤；

C．對一定質量的氣體做功；若氣體同時對外放熱，氣體的內能不一定增加，故C正確；

D．樹葉面上的小露珠成球形是由于液體表面張力的作用；故D正確；

E．在空氣中一定質量100℃的水吸收熱量后變?yōu)?00℃的水蒸氣；因為氣體膨脹對外做功，所以吸收的熱量大于增加的內能，故E正確。

故選CDE。11、A:C:D【分析】【詳解】

A．擴散現象是由物質分子無規(guī)則熱運動產生的分子遷移現象；可以在固體；液體、氣體中產生，擴散速度與溫度和物質的種類有關，故A正確；

B．在一定條件下；熱量可能從低溫物體傳到高溫物體，故B錯誤；

C．一定量的理想氣體在等壓膨脹過程中，根據理想狀態(tài)的狀態(tài)方程

可知氣體的溫度一定升高；所以內能一定增加，故C正確；

D．根據布朗運動的原因可知；液體中懸浮微粒的布朗運動是液體分子對它的撞擊作用不平衡的結果，故D正確；

E．由于氣體分子間距離較大；摩爾體積與分子體積的比值不等于阿伏伽德羅常數，故E錯誤。

故選ACD。12、B:D【分析】【分析】

由電路圖可知，電阻R2、R3、R4串聯接入電路，電容器C1并聯在電阻電阻R2兩端，電容器C2與R2、R3的串聯電路并聯；根據電路電阻的變化；應用歐姆定律及串聯電路特點判斷電容器兩端電壓如何變化，然后由Q=CU判斷出電容器所帶電荷量如何變化．

【詳解】

A、減小R1，電容器C1、C2兩端電壓不變；電容器所帶電量不變，故A錯誤；

B、增大R2，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，路端電壓變大，電阻R3、R4兩端電壓變小，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓變大；由Q=CU可知，兩電容器所帶的電量都增加，故B正確；

C、增大R3，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，由U=IR可知，電阻R2兩端電壓變小，電容器C1兩端電壓變小；路端電壓變大，電阻R4兩端電壓變小，電阻R2、R3串聯電壓變大，電容器C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，電容器C1所帶電荷量減少，C2所帶的電量都增加；故C錯誤；

D、減小R4，電路總電阻變小，由閉合歐姆定律可知，電路電流變大，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓都增大，由Q=CU可知C1、C2所帶的電量都增加；故D正確；

故選BD．13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A；根據熱力學第三定律可知自然界低溫的極限為-273℃；物體的溫度不可能降至-274℃．故A錯誤；

B；液體與大氣相接觸；液體表面層分子間距離大于液體內部分子間的距離，液面分子間表現為引力，故B正確；

C；氣體分子單位時間內與單位面積器壁碰撞的次數；與單位體積內的分子數和分子的平均動能有關，而溫度是分子平均動能的標志，所以該碰撞次數與與單位體積內的分子數和溫度有關，故C正確；

D；氣體如果失去了容器的約束就會散開；因為氣體分子間的距離較大，分子間的作用力很小，氣體分子比較自由，故D錯誤；

E、布朗運動是懸浮在液體中固體小顆粒的運動，他反映的是液體無規(guī)則的運動，故E錯誤．14、B:D【分析】【詳解】

A.由運動軌跡可知，衰變產生的新粒子與新核所受洛倫茲力方向相同，而兩者運動方向相反，故小粒子應該帶負電，故發(fā)生了衰變；故A錯誤；

B.靜止原子核發(fā)生β衰變時，根據動量守恒定律得知，粒子與反沖核的動量大小相等、方向相反，由半徑公式可知，兩粒子作圓周運動的半徑與電荷量成反比，粒子的電荷量較小，則其半徑較大，即半徑較大的圓是粒子的徑跡；半徑比較小的軌跡2是反沖核的徑跡，故B正確；

C.兩圓半徑之比為44：1，由半徑公式得，粒子與反沖核的電荷量之比為：1：44，所以該放射性元素的原子序數是：n=44-1=43；故C錯誤；

D.衰變后新核所受的洛倫茲力方向向右，根據左手定則判斷得知，其速度方向向下，沿小圓作逆時針方向運動，而放出的粒子與反沖核運動方向相反，故為順時針方向，故D正確．三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【詳解】

(1)[1]若5s內沿相反方向通過某截面的正、負離子的電荷量均為5C，則電解液中的電流

(2)[2]若5s內到達陽極的負離子為5C，則電流【解析】2116、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由圖象知輸入端都為高電勢時，輸出端才為高電勢，此邏輯電路為與門電路，該邏輯門的符號是【解析】與17、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]根據生活的經驗我們知道：只有當定時開關和桶蓋控制開關均合上時；脫水桶的電機才開始工作。

B中只有當閉合、斷開時，電機才工作，而均閉合時；電路發(fā)生短路；

C中為單刀雙擲開關，當扳向下邊時，電機工作，扳向上邊時；電路發(fā)生短路；

D中當同時扳向左邊或右邊時；電機工作。故BCD均不符合要求。

故選A。

(2)[2]電機是由兩個開關控制的，故門電路有兩個輸入端、一個輸出端。只有當A、B兩輸入端均為“1”狀態(tài)，輸出端Z才為“1”狀態(tài)；這是“與”的邏輯關系。其真值表如表所示，用門電路符號表示的邏輯電路圖如圖所示。

表。輸入ABZ000010100111【解析】A見解析18、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]題圖甲中氣體壓強為圖乙中氣體壓強為

(2)[3]由玻意耳定律

即（為空氣柱長度）

知，形管的橫截面積可不用測量；

(3)[4]以為縱坐標，以為橫坐標，作出圖線是一條曲線，但曲線未必表示反比關系，所以應作出圖線，看是否為過原點的直線，才能最終確定與是否成反比?！窘馕觥竣?76②.80③.正確④.不能19、略

【分析】【詳解】

[1]C→A過程中，圖線是過原點的直線，根據

可得

可知C→A過程中氣體壓強不變；

[2]整個過程中與外界交換的熱量相當于放出61.4J，而整個過程中內能不變，則外界對氣體做功為W=61.4J

其中A→B過程氣體體積變大，對外做功W1；B→C過程體積不變，W2=0；從C→A過程等壓壓縮，外界對氣體做功

則由W=W1+W2+W3

解得W1=-138.6J

即氣體在A→B過程中對外界所做的功為138.6J?！窘馕觥坎蛔?38.620、略

【分析】【詳解】

假設若環(huán)境溫度降低后，△h不變化，則兩部分氣體均做等容變化，由查理定律得：對于左邊氣體：對于右邊氣體：而由題意知，p1＞p2，故有：△p＞△p′，若溫度降低，壓強都減小，左邊氣體壓強降的多，則水銀柱會向下移動，顯然原假設錯誤，△h將減小．A部分的體積減小，B部分的體積增大．設A部分的氣體的物質的量是n1，B部分氣體的物質的量是n2，則由克拉伯龍方程得：PAVA=n1RT；PBVB=n2RT，其中的R為克拉伯龍常數．則有：變形得：由于降溫后A部分的體積減小，B部分的體積增大，所以穩(wěn)定后A、B氣柱的壓強之比pA：pB與降溫前相比將變大．由以上的分析可知，雖然水銀柱向下運動，但PAVA＞PBVB，所以左側氣體的壓強仍然大于右側的壓強，所以穩(wěn)定后左側的液面仍然低于右側的液面，所以△h小于．【解析】變大小于21、略

【分析】【詳解】

如圖，從正向最大位移處開始計時，振動方程的表達式為為：x=Acosωt；其中振幅A=2cm；

據題可得：T=4×0.1s=0.4s，則ω==5πrad/s

則振動方程的表達式為為：x=2cos5πtcm．【解析】0.42cos5πt四、作圖題(共3題，共24分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信