2025年蘇人新版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年蘇人新版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷193考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、信用卡的磁條中有一個(gè)個(gè)連續(xù)的相反極性的磁化區(qū)；每個(gè)磁化區(qū)代表了二進(jìn)制數(shù)1或0，用以儲(chǔ)存信息．刷卡時(shí)，當(dāng)磁條以某一速度拉過(guò)信用卡閱讀器的檢測(cè)頭時(shí)，在檢測(cè)頭的線圈中會(huì)產(chǎn)生變化的電壓（如圖1所示）．當(dāng)信用卡磁條按圖2所示方向以該速度拉過(guò)閱讀檢測(cè)頭時(shí)，在線圈中產(chǎn)生的電壓隨時(shí)間的變化關(guān)系正確的是。

A.B.C.D.2、如圖所示，豎直放置的兩端開(kāi)口的U形管，一段空氣柱被水銀柱a和水銀柱b封閉在右管內(nèi)，水銀柱b的兩個(gè)水銀面的高度差為h?，F(xiàn)將U形管放入熱水槽中；則系統(tǒng)再度達(dá)到平衡的過(guò)程中（水銀沒(méi)有溢出，外界大氣壓保持不變）（）

A.空氣柱的長(zhǎng)度不變B.空氣柱的壓強(qiáng)不變C.水銀柱b左邊液面要上升D.水銀柱b的兩個(gè)水銀面的高度差h變大3、有一種在超市中常見(jiàn)的“強(qiáng)力吸盤(pán)掛鉤”如圖甲所示。圖乙；圖丙是其工作原理示意圖。使用時(shí)；按住鎖扣把吸盤(pán)緊壓在墻上（如圖乙），然后把鎖扣扳下（如圖丙），讓鎖扣以盤(pán)蓋為依托把吸盤(pán)向外拉出，使吸盤(pán)牢牢地被固定在墻壁上，若吸盤(pán)內(nèi)氣體可視為理想氣體，且溫度始終保持不變。則此過(guò)程中（）

A.吸盤(pán)內(nèi)氣體要吸收熱量B.吸盤(pán)內(nèi)氣體分子的密度增大C.吸盤(pán)被向外拉出過(guò)程中，吸盤(pán)內(nèi)氣體不對(duì)外界做功D.吸盤(pán)內(nèi)氣體壓強(qiáng)增大4、在圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)E=3.0V，內(nèi)阻r=1.0Ω；電阻R=5.0Ω，不計(jì)電路中的其他電阻．閉合開(kāi)關(guān)S后，通過(guò)電阻R的電流為（）

A.3.0AB.2.0AC.1.0AD.0.50A5、如圖所示，將一個(gè)鋁框放在蹄形磁鐵的兩個(gè)磁極間，鋁框可以繞豎直軸線自由轉(zhuǎn)動(dòng)．轉(zhuǎn)動(dòng)磁鐵，會(huì)發(fā)現(xiàn)靜止的鋁框也會(huì)發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)．下列說(shuō)法正確的是

A.鋁框與磁極轉(zhuǎn)動(dòng)方向相反B.鋁框始終與磁極轉(zhuǎn)動(dòng)的一樣快C.鋁框是因?yàn)榇盆F吸引鋁質(zhì)材料而轉(zhuǎn)動(dòng)的D.鋁框是因?yàn)槭艿桨才嗔ΧD(zhuǎn)動(dòng)的6、某交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的電流隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖所示．由圖像可知該交流電的。

A.頻率為50HzB.頻率為25HzC.電流有效值為10AD.電流有效值為5A7、電源、開(kāi)關(guān)S、定值電阻R1和R3、光敏電阻R2、燈泡以及電容器連接成如圖所示電路，電容器的兩平行板水平放置。當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合，并且無(wú)光照射光敏電阻R2時(shí)，一帶電液滴恰好靜止在電容器兩板間的M點(diǎn)。當(dāng)用強(qiáng)光照射光敏電阻R2時(shí)；光敏電阻的阻值變小，則()

A.電容器所帶電荷量減少B.燈泡變暗C.電容器兩極板間電壓變大D.液滴向下運(yùn)動(dòng)評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、關(guān)于物態(tài)變化，下列說(shuō)法正確的是（）A.液體的飽和氣壓越大，該液體越不容易揮發(fā)B.密閉容器中的水蒸氣達(dá)到飽和時(shí)，水蒸氣的密度不再發(fā)生變化C.密閉容器中的水蒸氣達(dá)到飽和時(shí)，沒(méi)有水分子離開(kāi)水面E.空氣中的水蒸氣壓強(qiáng)越接近此溫度時(shí)的飽和氣壓，人感覺(jué)越潮濕E.空氣中的水蒸氣壓強(qiáng)越接近此溫度時(shí)的飽和氣壓，人感覺(jué)越潮濕9、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E內(nèi)阻為r，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R2滑動(dòng)端向右滑動(dòng)后，理想電流表A1、A2的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為ΔI1、ΔI2，理想電壓表示數(shù)變化量的絕對(duì)值為ΔU．下列說(shuō)法中正確的是（）

A.電壓表V的示數(shù)變大B.電流表A2的示數(shù)變小C.ΔU與ΔI1比值一定小于電源內(nèi)阻rD.ΔU與ΔI2比值一定小于電源內(nèi)阻r10、如圖，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，不管如何移動(dòng)滑動(dòng)變阻器，燈泡L、電表V1、V2、A均不會(huì)被燒壞，若將滑動(dòng)變阻器的滑片P向上端移動(dòng)時(shí)，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.A的示數(shù)增大，燈泡L變暗B.V1的示數(shù)增大，燈泡L變暗C.V2增大，燈泡變亮D.電源的總功率變小11、下列說(shuō)法中正確的是（）A.封閉容器中的理想氣體，若溫度不變，體積減半，則單位時(shí)間內(nèi)氣體分子在容器壁單位面積上碰撞的次數(shù)加倍，氣體的壓強(qiáng)加倍B.液體表面張力是液體表面層分子間距離小，分子力表現(xiàn)為斥力所致C.隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減小，分子勢(shì)能不一定減小D.導(dǎo)熱性能各向同性的固體，可能是單晶體12、如圖所示的電路中，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1∶n2＝22∶5，電阻R1＝R2＝25Ω，D為理想二極管，原線圈接u＝220sin(100πt)V的交流電，則()

A.交流電的頻率為100HzB.通過(guò)R2的電流為1AC.通過(guò)副線圈的電流為3.414AD.變壓器的輸入功率為150W13、如圖所示為研究決定平行板電容器電容大小因素的實(shí)驗(yàn)裝置．兩塊相互靠近的等大正對(duì)的平行金屬板M；N組成電容器；板N固定在絕緣座上并與靜電計(jì)中心桿相接，板M和靜電計(jì)的金屬殼都接地，板M上裝有絕緣手柄，可以執(zhí)手柄控制板M的位置．在兩板相距一定距離時(shí)，給電容器充電，靜電計(jì)指針張開(kāi)一定角度．在整個(gè)實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，保持電容器所帶電荷量不變，對(duì)此實(shí)驗(yàn)過(guò)程的描述正確的是（）

A.只將板M從圖示位置稍向左平移，靜電計(jì)指針張角變大B.只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，靜電計(jì)指針張角變大C.只將板M從圖示位置稍向上平移，靜電計(jì)指針張角減小D.只在M、N之間插入云母板，靜電計(jì)指針張角變大14、在如圖所示電路中；閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，下列判斷正確的是。

A.電流表A的示數(shù)變大B.電壓表V1的所示變大C.電壓表V2的示數(shù)變大D.電壓表V3的示數(shù)變化量小于電壓表V2的示數(shù)變化量15、在冰壺比賽中，某隊(duì)員利用紅壺去碰撞對(duì)方的藍(lán)壺，兩者在大本營(yíng)中心發(fā)生對(duì)心碰撞如圖(a)所示，碰后運(yùn)動(dòng)員用冰壺刷摩擦藍(lán)壺前進(jìn)方向的冰面來(lái)減小阻力，碰撞前后兩壺運(yùn)動(dòng)的v-t圖線如圖(b)中實(shí)線所示，其中紅壺碰撞前后的圖線平行，兩冰壺質(zhì)量均為19kg，則

A.碰后藍(lán)壺速度為0.8m／sB.碰后藍(lán)壺移動(dòng)的距離為2.4mC.碰撞過(guò)程兩壺?fù)p失的動(dòng)能為7.22JD.碰后紅、藍(lán)兩壺所受摩擦力之比為5：4評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、平靜的水面上，有一條質(zhì)量M=100kg長(zhǎng)度為3m的小船浮于水面，船上一個(gè)質(zhì)量m=50kg的人勻速?gòu)拇^走到船尾，不計(jì)水的阻力，人相對(duì)水面走了_____m，船相對(duì)水位移為_(kāi)____m．17、實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)，二氧化碳?xì)怏w在水深170m處將會(huì)變成液體。現(xiàn)用一活塞將一定量的二氧化碳?xì)怏w封入某導(dǎo)熱容器中，并將該容器沉入海底。已知隨著深度的增加，海水溫度逐漸降低，則在容器下沉過(guò)程中，容器內(nèi)氣體的密度將會(huì)________（選填“增大”、“減小”或“不變”），氣體的飽和汽壓將會(huì)____（選填“增大”、“減小”或“不變”）。18、熱平衡的性質(zhì)：達(dá)到熱平衡的系統(tǒng)都具有相同的_______。19、一定質(zhì)量的理想氣體，狀態(tài)從A→B→C→D→A的變化過(guò)程可用如圖所示的p－V圖線描述，其中D→A為等溫線，氣體在狀態(tài)A時(shí)溫度為t＝27℃，則氣體在狀態(tài)B時(shí)的溫度為_(kāi)_______K，氣體從A到C過(guò)程對(duì)外做了_______J的功，氣體在C狀態(tài)時(shí)的溫度為_(kāi)_______℃。

20、如圖，一定質(zhì)量的理想氣體先從狀態(tài)a沿直線變化到狀態(tài)b，該過(guò)程中氣體的溫度______（填“升高”或“降低”），氣體______（填“吸熱”或“放熱”）。

21、反射定律：反射光線與入射光線、法線處在______內(nèi)，反射光線與入射光線分別位于______；反射角______入射角．22、某物理興趣小組用實(shí)驗(yàn)探究光的色散規(guī)律，他們將半圓形玻璃磚放在豎直面內(nèi)，在其左方豎直放置一個(gè)很大的光屏P，讓一復(fù)色光束SA射向玻璃磚的圓心O后，有a和b兩束單色光射向光屏P，如圖所示．他們根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象提出了以下五個(gè)猜想，你認(rèn)為不正確的是_______

A．單色光a的波長(zhǎng)小于單色光b的波長(zhǎng)

B．在玻璃中單色光a的傳播速度大于單色光b的傳播速度

C．單色光a通過(guò)玻璃磚所需的時(shí)間大于單色光b通過(guò)玻璃磚所需的時(shí)間

D．在光束SA繞圓心O逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，在光屏P上最早消失的是a光

E．單色光a比單色光b更容易發(fā)生明顯衍射23、如下左圖所示，楔形木塊A固定在水平放置壓力傳感器上，A的斜面是光滑的．某同學(xué)將質(zhì)量不同的小鋼球從斜面頂端靜止釋放，記錄小鋼珠在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)壓力傳感器的示數(shù)．重力加速度g="9.8"m/s2.記錄實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)后；根據(jù)數(shù)據(jù)做出F-m圖像，如下右圖．

（1）由圖像知，木塊A的質(zhì)量M=____kg（保留小數(shù)點(diǎn)后一位）

（2）若斜面傾角為θ，由圖像知，_____（保留小數(shù)點(diǎn)后兩位）

（3）不同質(zhì)量的小鋼珠在斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間______________（填“相同”或“不相同”）

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共16分)27、如圖所示為一個(gè)多量程電壓表的電路，其表頭為動(dòng)圈式直流電流計(jì)，量程Ig=10mA、內(nèi)阻Rg=200R1、R2為可調(diào)電阻．

（1）可調(diào)電阻應(yīng)調(diào)為R1=______R2=_______

（2）現(xiàn)發(fā)現(xiàn)表頭電流計(jì)已燒壞，我們要修復(fù)該電壓表，手邊只有一個(gè)“量程為2mA、內(nèi)阻為40”的電流計(jì)和一個(gè)電阻為10的定值電阻R3．要使修復(fù)后電壓表的滿偏電流仍為10mA，請(qǐng)?jiān)谔摽騼?nèi)畫(huà)出該電壓表的修復(fù)電路___．

（3）修復(fù)后的電路中，可調(diào)電阻R2應(yīng)重新調(diào)為:=______

（4）接著用如圖的電路對(duì)修復(fù)電壓表的3V量程表進(jìn)行校對(duì),V0為標(biāo)準(zhǔn)電壓表、V1為修復(fù)電壓表．發(fā)現(xiàn)修復(fù)電壓表V1的讀數(shù)始終比標(biāo)準(zhǔn)電壓表V0略大．應(yīng)用以下哪種方法進(jìn)行微調(diào)______．

A.只把R1略微調(diào)??；B.只把R1略微調(diào)大；28、電動(dòng)自行車已成為大眾化的一種交通工具.小天同學(xué)利用自家的電動(dòng)自行車的鉛蓄電池做了一些實(shí)驗(yàn)．

(1)小天同學(xué)先用多用電表粗測(cè)此電池的電動(dòng)勢(shì)．把多用電表的選擇開(kāi)關(guān)撥到直流電壓50V擋，將兩只表筆與電池兩極接觸，此時(shí)多用電表的指針位置如圖甲所示，讀出該電池的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_______________V.

(2)再用圖乙所示裝置進(jìn)一步測(cè)量.多用電表的選擇開(kāi)關(guān)撥向合適的直流電流擋，閉合開(kāi)關(guān)，改變電阻箱的阻值R，得到不同的電流值I，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出圖象如圖丙所示.已知圖中直線的斜率為k，縱軸截距為b，則此電池的電動(dòng)勢(shì)E=_______，內(nèi)阻r=______.（結(jié)果用含字母k、b的式子表示；不計(jì)電流表的內(nèi)阻）

(3)小天用如圖丁所示的電路測(cè)量電阻Rx的阻值（幾百歐）R是滑動(dòng)變阻器，R0是電阻箱，S2是單刀雙擲開(kāi)關(guān)；部分器材規(guī)格圖丁中已標(biāo)出．

①正確連接電路后，斷開(kāi)S1、S2，使用多用電表，在正確操作情況下，粗測(cè)出Rx的阻值為R1.

②將滑動(dòng)變阻器的滑片P移到圖丁中滑動(dòng)變阻器的左端．閉合S1，將S2撥至1，調(diào)節(jié)變阻器的滑片P至某一位置；使電壓表滿偏．

③調(diào)節(jié)電阻箱R0，使其阻值大于R1.

④將S2撥至2，保持變阻器滑片P的位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電壓表再次滿偏，此時(shí)電阻箱示數(shù)為R2，則Rx=________________.29、在“油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中；有下列實(shí)驗(yàn)步驟：

a．用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上；待油膜形狀穩(wěn)定。

b．將畫(huà)有油膜形狀的玻璃板平放在坐標(biāo)紙上；計(jì)算出油膜的面積，根據(jù)油酸的體積和面積計(jì)算出油酸分子直徑的大小。

c．往淺盤(pán)里倒入約2cm深的水；待水面穩(wěn)定后將適量的痱子粉均勻地撒在水面上。

d．將玻璃板放在淺盤(pán)上；然后將油膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上。

①上述步驟中；正確的操作順序是__________。（填寫(xiě)步驟前面的字母）

②某同學(xué)做完實(shí)驗(yàn)后，發(fā)現(xiàn)自己所測(cè)的分子直徑明顯偏大。出現(xiàn)這種情況的原因可能是________。A．將滴入的油酸酒精溶液體積作為油酸體積進(jìn)行計(jì)算B．水面上痱子粉撒得太多，油膜沒(méi)有充分展開(kāi)C．計(jì)算油膜面積時(shí)，將不完整的方格均視為完整方格處理30、根據(jù)單擺周期公式可以通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)定當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，?shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示．

(1)某次實(shí)驗(yàn)用游標(biāo)卡尺測(cè)量小鋼球直徑，示數(shù)如圖乙所示，讀數(shù)為_(kāi)_______mm．

(2)以下是實(shí)驗(yàn)過(guò)程中的一些做法，其中正確的有________．(多選)

A.擺線要選擇細(xì)些的；伸縮性小些的；并且適當(dāng)長(zhǎng)一些。

B.擺球盡量選擇質(zhì)量大些；體積小些的。

C.為了使擺的周期大一些；以方便測(cè)量；開(kāi)始時(shí)拉開(kāi)擺球，使擺線相距平衡位置有較大的角度。

D.拉開(kāi)擺球，使擺線偏離平衡位置大于5度，在釋放擺球的同時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，當(dāng)擺球回到開(kāi)始位置時(shí)停止計(jì)時(shí)，此時(shí)間間隔Δt即為單擺周期T

E.拉開(kāi)擺球，使擺線偏離平衡位置不大于5度，釋放擺球，當(dāng)擺球振動(dòng)穩(wěn)定后，從平衡位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，記下擺球做50次全振動(dòng)所用的時(shí)間Δt，則單擺周期評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共20分)31、氣象探測(cè)氣球是進(jìn)行高空氣象觀測(cè)的重要工具。在某次氣象探測(cè)中，地表溫度為在地面將探測(cè)氣球充滿氦氣后，緩慢上升至距離地面的高空，此時(shí)其體積為在氣球上升過(guò)程中，氣球內(nèi)部因啟動(dòng)一持續(xù)加熱裝置而維持氣體的溫度不變。氣球到達(dá)目標(biāo)高度后停止加熱，氣球保持高度不變，氣球內(nèi)的氦氣溫度逐漸減小到此高度處的氣溫，已知此高度處大氣壓為海拔每升高氣溫下降求：

（1）氦氣最終的體積多大？

（2）停止加熱后氦氣溫度逐漸減小的過(guò)程中大氣對(duì)氣球做的功。

32、在現(xiàn)代科學(xué)實(shí)驗(yàn)和技術(shù)設(shè)備中經(jīng)常用電場(chǎng)或磁場(chǎng)控制帶電粒子的運(yùn)動(dòng)．如圖甲所示的裝置由兩部分構(gòu)成，電子槍部分實(shí)現(xiàn)對(duì)電子加速，由偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)實(shí)現(xiàn)對(duì)電子的偏轉(zhuǎn)．金屬絲附近的電子被加速后，沿著中心線OO′進(jìn)入偏轉(zhuǎn)場(chǎng)．已知電子的質(zhì)量為m，電荷量為e；不計(jì)電子重力及電子間的相互作用力，設(shè)電子剛剛離開(kāi)金屬絲時(shí)的速度為零．

(1)電子槍的加速電壓為求電子從金屬板小孔穿出時(shí)的速度v0的大?。?/p>

(2)設(shè)平行板兩板間距為d，兩板長(zhǎng)度均為L(zhǎng)，兩平行板板間所加電壓為求電子射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)在垂直于板面方向偏移的距離

(3)如何實(shí)現(xiàn)對(duì)電子精準(zhǔn)控制；是設(shè)計(jì)者十分關(guān)心的問(wèn)題．請(qǐng)你回答。

①如果只改變偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電壓能使電子穿過(guò)平行板，分析電壓的取值范圍；

②如果在兩板間加磁場(chǎng)控制該電子(如圖乙所示)，仍能使電子穿過(guò)平行板，分析所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B取值范圍．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

由圖1可知，當(dāng)“1”區(qū)經(jīng)過(guò)閱讀器的檢測(cè)頭時(shí)，產(chǎn)生正向電壓，當(dāng)“0”區(qū)經(jīng)過(guò)閱讀器的檢測(cè)頭時(shí)，產(chǎn)生負(fù)向電壓，可見(jiàn)B正確．2、B【分析】【詳解】

B．空氣柱的壓強(qiáng)其中為a水銀柱的高度，由于的大小不變；故空氣柱的壓強(qiáng)不變，故B正確；

A．被封閉氣體做等壓變化，由于氣體溫度升高，根據(jù)蓋—呂薩克定律可得；氣體的體積增大，故空氣柱的長(zhǎng)度增大，故A錯(cuò)誤；

CD．被封閉氣體的壓強(qiáng)可知，h不變，水銀柱b的兩個(gè)水銀面的高度差h不變，水銀柱b左邊液面不變；故CD錯(cuò)誤。

故選B。3、A【分析】【分析】

【詳解】

AC．吸盤(pán)內(nèi)氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，W<0，由于氣體溫度不變，氣體內(nèi)能不變，?U=0；由熱力學(xué)第一定律。

?U=W+Q可知。

Q=?U?W>0吸盤(pán)內(nèi)氣體要吸收熱量；A正確，C錯(cuò)誤；

B．吸盤(pán)內(nèi)氣體分子數(shù)不變；而氣體體積變大，則吸盤(pán)內(nèi)氣體分子的密度減小，B錯(cuò)誤；

D．吸盤(pán)內(nèi)氣體溫度不變而體積變大，由玻意耳定律PV=C可知；吸盤(pán)內(nèi)氣體壓強(qiáng)減小，D錯(cuò)誤。

故選A。4、D【分析】【分析】

本題是閉合電路問(wèn)題；根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求電路中的電流I．

【詳解】

根據(jù)閉合電路歐姆定律得故D正確；ABC錯(cuò)誤．

故選D．

【點(diǎn)睛】

本題關(guān)鍵要掌握電路中的基本規(guī)律：閉合電路歐姆定律，并能正確計(jì)算即可求解．5、D【分析】AB；根據(jù)楞次定律可知；為阻礙磁通量增加，則導(dǎo)致鋁框與磁鐵轉(zhuǎn)動(dòng)方向相同，但快慢不一，故AB錯(cuò)誤；

CD；轉(zhuǎn)動(dòng)磁鐵時(shí)；導(dǎo)致鋁框的磁通量增加，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，出現(xiàn)安培力，導(dǎo)致鋁框轉(zhuǎn)動(dòng)，所以鋁框是因?yàn)槭艿桨才嗔ΧD(zhuǎn)動(dòng)的，故C錯(cuò)誤，D正確；

故選D．6、B【分析】【分析】

從圖象中可以求出該交流電的最大電壓以及周期等物理量,然后根據(jù)最大值與有效值以及周期與頻率關(guān)系求解.

【詳解】

AB；由圖可以知道,交流電的周期T=0.04s；所以頻率為25Hz，故A錯(cuò)；B對(duì)；

CD、從圖像上可以看出電流的最大值為10A，根據(jù)正弦交流電有效值的求法可以電流的有效值為故CD錯(cuò)誤；

故選B7、C【分析】【詳解】

根據(jù)閉合電路歐姆定律：光敏電阻的阻值變小，回路電流增大，燈泡電流變大，燈泡變亮；R1兩端電壓：電壓變大，所以電容器兩極板電壓變大，電容器電荷量變大；板間場(chǎng)強(qiáng)變大，初態(tài)電場(chǎng)力與重力平衡，現(xiàn)在場(chǎng)強(qiáng)變大，電場(chǎng)力變大，液滴合力向上，向上運(yùn)動(dòng)，ABD錯(cuò)誤C正確。二、多選題(共8題，共16分)8、B:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．飽和氣壓是物質(zhì)的一個(gè)重要性質(zhì)；它的大小取決于物質(zhì)的本性和溫度，飽和氣壓越大，表示該物質(zhì)越容易蒸發(fā)，故A錯(cuò)誤；

B．密閉容器中的水蒸氣達(dá)到飽和時(shí)；水蒸氣的壓強(qiáng)不再變化，密度也不再發(fā)生變化，故B正確；

C．密閉容器中的水蒸氣達(dá)到飽和時(shí)；水中仍然會(huì)有水分子離開(kāi)水面，只是水中水分子離開(kāi)水面與進(jìn)入水面的是平衡的，故C錯(cuò)誤；

D．溫度越高；分子平均速率越大，而且液體分子越易離開(kāi)液面，分子數(shù)密度越大，故D正確；

E．空氣相對(duì)濕度越大時(shí)；空氣中的水蒸氣壓強(qiáng)越接近此溫度時(shí)的飽和氣壓，人感覺(jué)越潮濕，故E正確。

故選BDE。9、A:B:C【分析】【分析】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)端向右滑動(dòng)后，分析變阻器接入電路的電阻如何變化，分析外電路總電阻如何變化，確定總電流的變化情況，即可知電流表A2的示數(shù)變化情況．根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)分析并聯(lián)部分電壓的變化情況，確定電流表A1的示數(shù)變化情況，根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律，分析A1與A2的變化量大?。鶕?jù)閉合電路歐姆定律分析△U與△I1比值．

【詳解】

A、B項(xiàng)：當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)端向右滑動(dòng)后，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，則總電流減?。噪娏鞅鞟2的示數(shù)減?。?/p>

根據(jù)串聯(lián)電路分壓的特點(diǎn)分析可知；并聯(lián)部分電壓增大，即電壓表V的示數(shù)增大，故A；B正確；

C項(xiàng)：根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律I2=I1+I，A2的示數(shù)I2變小，通過(guò)定值電阻R1的電流增大，則A1的示數(shù)I1變小，所以△I1一定大于△I2．

電壓表測(cè)量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-I2r可知而△I1大于△I2，所以故D錯(cuò)誤；C正確．

故選ABC．

【點(diǎn)睛】

本題是一道閉合電路的動(dòng)態(tài)分析題，分析清楚電路結(jié)構(gòu)、明確電表所測(cè)電壓，關(guān)鍵能根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電壓與電流變化的比值，即可正確解題．10、B:D【分析】【詳解】

B．將滑動(dòng)變阻器的滑片P向上端移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變大，外電路總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路電流I減少，所以電燈L變暗，由

可知，路端電壓增大，即V1的示數(shù)增大；B正確；

AC．由于干路電流減少，內(nèi)電壓和燈泡L兩端的電壓減小，所以R2與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)部分電壓增大（即V2增大），所以通過(guò)R2的電流增大；則A的示數(shù)減少，AC錯(cuò)誤；

D．根據(jù)P=EI可知電源的總功率變少；D正確。

故選BD。11、A:C:D【分析】【詳解】

A．由可知，當(dāng)溫度不變，體積減半，則氣體壓強(qiáng)p加倍；即單位時(shí)間內(nèi)氣體分子在容器壁單位面積上碰撞的次數(shù)加倍，故A正確；

B．液體表面層分子間的距離大于平衡距離；液體表面層內(nèi)分子間的作用力表現(xiàn)為引力，從宏觀上表現(xiàn)為液體的表面張力，故B錯(cuò)誤；

C．隨分子間距離增大；分子間引力以斥力均減小，當(dāng)分子間距離為平衡距離時(shí)分子勢(shì)能最小，如果分子間距離小于平衡距離，隨分子間距增大，分子勢(shì)能減小，如果分子間距大于平衡距離，隨分子間距增大，分子勢(shì)能增大，因此隨分子間距離增大，分子勢(shì)能不一定減小，故C正確；

D．單晶體只是某些物理性質(zhì)具有各向異性；并不是所有的性質(zhì)都具有各向異性，所以導(dǎo)熱性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性的物質(zhì)也有可能是單晶體，故D正確。

故選ACD。12、C:D【分析】【詳解】

根據(jù)表達(dá)式可知ω=100π，根據(jù)ω=2πf得：交流電的頻率為：故A錯(cuò)誤；原線圈電壓有效值為則根據(jù)變壓器匝數(shù)比可得副線圈電壓為根據(jù)歐姆定律得通過(guò)R1的電流為：二極管具有單向?qū)щ娦?，流過(guò)二極管中的交流電只有半個(gè)周期可以通過(guò)，根據(jù)電流的熱效應(yīng)得：解得：U′=25V，根據(jù)歐姆定律得通過(guò)R2的電流為：則通過(guò)副線圈的電流為(2+)A=3.414A，故C正確，B錯(cuò)誤；電阻R1消耗功率為PR1＝IR12R1＝22×25W＝100W，電阻R2消耗功率為PR2＝IR22R2＝2×25W＝50W，則原線圈輸入功率為P=P1＝PR1+PR2＝100+50W＝150W，故D正確；故選CD．13、A:B【分析】試題分析：A、只將板M從圖示位置稍向左平移，d增大，根據(jù)C=知，電容減小，根據(jù)U=知電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針張角變大，故A正確．B、只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，正對(duì)面積S變小，根據(jù)C=知，電容減小，根據(jù)U=知電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針張角變大，故B正確．C、只將板M從圖示位置稍向上平移，正對(duì)面積S變小，根據(jù)C=知，電容減小，根據(jù)U=知電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針張角變大．故C錯(cuò)誤．D、只在M、N之間插入云母板，介電常數(shù)變大，根據(jù)C=知，電容增大，根據(jù)U=知電勢(shì)差減??；則靜電計(jì)指針張角變小．故D錯(cuò)誤．故選AB．

考點(diǎn)：電容器的動(dòng)態(tài)分析．14、C:D【分析】【詳解】

A．P下滑，R2增加則總電阻增加，則I減??；即電流表的示數(shù)變??；故A錯(cuò)誤；

B．由

I減小，V1表的示數(shù)變??；故B錯(cuò)誤；

C．由

知V2表的示數(shù)變大；故C正確；

D、由

可知V2的增加量加上V1的減少量等于V3的增加量；故D正確。

故選CD。15、A:D【分析】【詳解】

由圖可知碰撞前后紅壺的速度為和由動(dòng)量守恒可得解得碰后藍(lán)壺速度為由數(shù)學(xué)關(guān)系可得紅冰壺如果不發(fā)生碰撞有故藍(lán)色冰壺停止運(yùn)動(dòng)得時(shí)間為t=5s，碰后藍(lán)壺移動(dòng)的距離為碰撞過(guò)程兩壺?fù)p失的動(dòng)能為紅壺所受摩擦力藍(lán)壺所受摩擦力，碰后紅、藍(lán)兩壺所受摩擦力之比為故AD正確，BC錯(cuò)誤；

故選AD．

【點(diǎn)睛】

由動(dòng)量守恒可得碰后藍(lán)壺速度大小，碰撞過(guò)程兩壺?fù)p失的動(dòng)能為初末動(dòng)能之差，碰后紅、藍(lán)兩壺所受摩擦力之比由牛頓運(yùn)動(dòng)定律求出．三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】試題分析：和小船組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒；根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出船移動(dòng)的位移大?。?/p>

船和人組成的系統(tǒng)，在水平方向上動(dòng)量守恒，人在船上行進(jìn)，船向右退，則有人從船頭走到船尾，設(shè)船相對(duì)水的位移為x，則人相對(duì)于水的位移為．

解得【解析】2m1m17、略

【分析】【詳解】

[1]隨著深度的增加，海水溫度逐漸降低，壓強(qiáng)也增大，由理想氣體狀態(tài)方程

二氧化碳的體積減??；而質(zhì)量不變，則密度一定增大；

[2]隨著溫度的降低，飽和汽壓會(huì)減小?！窘馕觥吭龃鬁p小18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】溫度19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]A到B過(guò)程氣體做等壓變化，則TA＝27℃＋273K＝300K

解得TB＝750K

[2]從A到B過(guò)程氣體對(duì)外界做功W＝pΔV＝6×105J

從B到C過(guò)程體積不變，所以外界對(duì)氣體不做功，所以氣體從A到C過(guò)程氣體對(duì)外界做功為6×105J；

[3]氣體在C狀態(tài)壓強(qiáng)為B時(shí)的一半，則溫度也為B時(shí)的一半，即tC＝375K＝102℃【解析】7506×10510220、略

【分析】【詳解】

[1][2]由圖像可知，氣體先從狀態(tài)a沿直線變化到狀態(tài)b，pV值變大，根據(jù)

可知，溫度T升高，氣體內(nèi)能變大，即?U>0

氣體體積變大，對(duì)外做功，即W<0

根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?U=W+Q

可知Q>0

即氣體吸熱?！窘馕觥可呶鼰?1、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】同一平面法線的兩側(cè)等于22、A:C:D【分析】【詳解】

A、由圖知，a光的偏折程度小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，則a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)；故A錯(cuò)誤；

BC、由知，b光在玻璃磚中傳播速度較?。粫r(shí)間較長(zhǎng)，故B正確，C錯(cuò)誤；

D、由知a光的臨界角較大，b光的臨界角較小，則當(dāng)光束SA繞圓心O逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，在光屏P上最早消失的是b光；D錯(cuò)誤；

E、a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)，a光波動(dòng)性強(qiáng)，相同條件下，a光比b光容易發(fā)生衍射，故E正確；

不正確的是故選ACD．

【點(diǎn)睛】

根據(jù)光線的偏折程度，比較光的折射率大小，從而得出頻率的大小關(guān)系；由比較光在玻璃磚中傳播速度的大小，即可比較時(shí)間的長(zhǎng)短；由比較臨界角的大小，臨界角小的光最先消失；折射率越小，波長(zhǎng)越長(zhǎng)，越容易發(fā)生衍射．23、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）當(dāng)m=0時(shí)，傳感器的示數(shù)即為木塊A的重力，則有：Mg=4.80N，解得：

（2）對(duì)小球受力分析；根據(jù)平衡條件可知，A對(duì)小球的支持力N=mgcosθ；

根據(jù)牛頓第三定律可知；小球?qū)的壓力為mgcosθ；

對(duì)A受力分析可知；傳感器對(duì)A的支持力F=Mg+mgcosθcosθ；

則傳感器的示數(shù)為F=Mg+mgcos2θ

則F-m圖象的斜率k=gcos2θ；

則有：

解得：cos2θ=0.82

（3）根據(jù)牛頓第二定律得小球下滑的加速度為：a＝gsinθ；則不同質(zhì)量的小鋼珠在斜面上運(yùn)動(dòng)情況完全相同，所以運(yùn)動(dòng)的時(shí)間也相同．

考點(diǎn)：研究加速度與物體質(zhì)量；受力的關(guān)系.

【名師點(diǎn)睛】

本題考查研究加速度與物體質(zhì)量、受力的關(guān)系實(shí)驗(yàn)；解題的關(guān)鍵是搞清實(shí)驗(yàn)的原理及分別對(duì)小球和A受力分析，求出傳感器的示數(shù)F與m的表達(dá)式，注意F-m圖象斜率和截距所表示的含義，難度適中．【解析】0.50.80（0.77~0.83）相同四、作圖題(共3題，共24分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共16分)27、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）由電路結(jié)構(gòu)可得：

（2）將電流計(jì)和電阻為10的定值電阻R3并聯(lián)，此時(shí)的滿偏電流為