2024年北師大版選修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年北師大版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，勻強電場的電場強度方向與水平方向夾角為30°且斜向右上方，勻強磁場的方向垂直于紙面(圖中未畫出)．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球(可視為質(zhì)點)以與水平方向成30°角斜向左上方的速度v做勻速直線運動，重力加速度為g.則()

A.勻強磁場的方向可能垂直于紙面向外B.小球一定帶正電荷C.電場強度大小為D.磁感應強度的大小為2、如圖所示，電路兩端的電壓保持不變，當滑動變阻器的滑動觸頭P向右移動時，三個燈泡亮度的變化情況是

A.變亮，和皆變暗B.變暗，不能確定，變暗C.變暗，變亮，變亮D.變亮，變亮，變暗3、兩個相同的金屬小球（可視為點電荷），它們均帶正電，所帶電荷量之比為1:7，真空中相距r，把它們接觸后再放回原處，則它們間的靜電力為原來的（）A.倍B.倍C.倍D.倍4、如圖所示，C﹑D兩水平帶電平行金屬板間的電壓為U，A﹑B為一對豎直放置的帶電平行金屬板，B板上有一個小孔，小孔在C﹑D兩板間的中心線上，一質(zhì)量為m﹑帶電量為＋q的粒子（不計重力）在A板邊緣的P點從靜止開始運動，恰好從D板下邊緣離開，離開時速度大小為v0；則A﹑B兩板間的電壓為（）

A.B.C.D.5、如圖所示，在張緊的繩子上掛了a、b、c、d四個單擺，四個單擺的擺長的關系為先讓d擺擺動起來(擺角不超過)，則下列說法正確的是()

A.擺發(fā)生振動，其余擺均不動B.三擺均以相同頻率振動C.三擺均以相同振幅振動D.以上說法，均不正確6、當波源向觀測者靠近時，觀測者所接收到的頻率和波源振動的頻率f的關系是A.B.C.D.無法確定7、某粒子A衰變?yōu)榱硗鈨煞N粒子B和C，其中粒子A和B所帶電荷量相等，C不帶電。如圖所示，粒子A沿垂直于磁場的方向射入勻強磁場中，其軌跡為圓弧MP，衰變后產(chǎn)生的粒子B的軌跡為圓弧PN，兩軌跡在P點相切，且半徑之比為粒子C的軌跡未畫出。下列說法正確的是（）

A.粒子A和B都帶正電荷B.粒子B與C的動量大小之比為1：3C.粒子A與B的速度大小之比為2：1D.粒子B與C的質(zhì)量數(shù)之和小于粒子A的質(zhì)量數(shù)8、2019年4月1日，在中國核能可持續(xù)發(fā)展論壇上，生態(tài)環(huán)境部介紹2019年會有核電項目陸續(xù)開工建設．某核電站獲得核能的核反應方程為已知鈾核的質(zhì)量為m1，鋇核的質(zhì)量為m2，氪核的質(zhì)量為m3，中子n的質(zhì)量為m4，下列說法中正確的是（）A.該核電站通過核聚變獲得核能B.鈾核的質(zhì)子數(shù)為235C.在上述核反應方程中x=3D.一個鈾核發(fā)生上述核反應，釋放的能量為（m1-m2-m3-m4）c29、下列敘述正確的是A.同種金屬產(chǎn)生光電效應時逸出光電子的最大初動能與照射光的強度呈線性關系B.一塊純凈的放射性礦石，經(jīng)過兩個半衰期，它的總質(zhì)量僅剩下原來的四分之一C.盧瑟福通過分析α粒子散射實驗發(fā)現(xiàn)原子中帶正電部分的體積很小，但幾乎占有全部質(zhì)量D.原子核的結(jié)合能越大，其核子就結(jié)合得越牢固，原子核就越穩(wěn)定評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、圖中的實線表示一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化的p-T圖象；變化過程如圖中箭頭所示，則下列說法中正確的是。

A.ab過程中氣體內(nèi)能增加，密度不變B.bc過程中氣體內(nèi)能增加，密度增大C.cd過程中，氣體分子的平均動能減小D.da過程中，氣體內(nèi)能減少，外界對氣體做功11、如圖所示，電流表A1(0～3A)和A2(0～0.6A)是由兩個相同的靈敏電流計改裝而成；現(xiàn)將這兩個電流表并聯(lián)后接入電路中。閉合開關S，調(diào)節(jié)滑動變阻器，下列說法正確的是()

A.A1的讀數(shù)小于A2的讀數(shù)B.A1的讀數(shù)大于A2的讀數(shù)C.A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為5∶1D.A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1∶112、比值法定義物理量是物理學中一種很重要的思想方法，下列物理量的表達式用比值法定義的是（）A.電場強度E=F/qB.電勢φ=Ep/qC.電容C=Q/UD.電流I=U/R13、如圖所示，傾角為θ=37°的足夠長的平行金屬導軌固定在水平面上，兩導體棒ab、cd垂直于導軌放置，空間存在的垂直導軌平面向上的勻強磁場，磁感應強度大小為B．現(xiàn)給導體棒ab一沿導軌平面向下的初速度v0使其沿導軌向下運動，已知兩導體棒質(zhì)量均為m，電阻相等，兩導體棒與導軌之間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.75，導軌電阻忽略不計。從ab開始運動到兩棒相對靜止的整個運動過程中兩導體棒始終與導軌保持良好的接觸；下列說法正確的是（）

A.導體棒cd中產(chǎn)生的焦耳熱為

B.導體棒cd中產(chǎn)生的焦耳熱為B.當導體棒cd的速度為時，導體棒ab的速度為C.當導體棒ab的速度為時，導體棒cd的速度為14、某同學設計了一個探究電容器所帶電荷量與電容器兩極板間電壓關系的實驗，實驗電路如圖甲所示，其中P為電流傳感器，V為理想電壓表．實驗時，先將開關S1閉合，單刀雙擲開關S2擲向a，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑動頭到某位置使電容器C充電，當電路穩(wěn)定后記錄理想電壓表的示數(shù)．再迅速將開關S2擲向b，使電容器放電。電流傳感器P將電容器充、放電過程中的電流數(shù)據(jù)傳送給計算機，在計算機上可顯示出電流i隨時間t變化的圖像如圖乙所示。然后改變滑動變阻器滑動頭的位置；重復上述步驟，記錄多組電流隨時間變化的圖像和電壓表的示數(shù)．對于這個實驗過程和由圖像及數(shù)據(jù)所得出的結(jié)果，下列說法中正確的是()

A.流過電流傳感器P的充電電流和放電電流方向相同B.圖乙中的第①段(充電階段)電流曲線與橫軸所圍圖形的面積表示電容器充電結(jié)束時所帶的電荷量C.電容器所帶電荷量與電容器兩極板間電壓的關系圖象應為一條過原點的傾斜直線D.電容器充電結(jié)束時所帶電荷量與滑動變阻器滑動頭的位置無關評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、半徑為r、電阻為R的N匝圓形線圈在邊長為L的正方形區(qū)域abcd外，勻強磁場充滿并垂直穿過該正方形區(qū)域，如圖甲所示．磁場隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示．圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B0．則圓形線圈中產(chǎn)生的感應電動勢E=________V，0至t0時間內(nèi)通過的電荷量q=_________.

16、圖甲是研究光電效應現(xiàn)象的裝置．某同學用該裝置探究遏止電壓．與入射光頻率之間的關系，得到圖乙圖象．圖中電源____端為正極(填“左”或“右")．該裝置陰極K的逸出功為____J.已知普朗克常量h=（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

17、填寫下列空格：

（1）某物體的溫度為用熱力學溫度表示為________；

（2）對水加熱，溫度升高了則升高了________K；

（3）某物體溫度為用熱力學溫度表示為________；

（4）對某物體降溫則降低了________K。18、玻璃管中的液面呈“凹”形，這是水浸潤玻璃產(chǎn)生的物理現(xiàn)象，根本原因是附著層內(nèi)分子間距______（選填“大于”“等于”或“小于”）液體內(nèi)部分子間距；分子勢能Ep和分子間距離r的關系圖像如圖所示，能反映附著層內(nèi)水分子的分子勢能Ep的可能是圖中______（選填“A”；“B”或“C”）的位置。

19、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C，其變化過程的V-T圖像如圖所示，BC的反向延長線通過坐標原點O。已知該氣體在狀態(tài)A時的壓強為1.5×105Pa，則該氣體在狀態(tài)C時的壓強為__________Pa；該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中吸收的熱量為__________J。

20、下列說法正確的是__________．21、如圖所示，一個邊長為l＝1m的正方形線圈的總電阻為R＝2Ω，當線圈以v＝2m/s的速度勻速通過磁感應強度B＝0.5T的勻強磁場區(qū)域時，線圈平面總保持與磁場垂直．若磁場的寬度L＞1m，線圈在穿過整個磁場過程中釋放的焦耳熱為_____．

22、如圖所示，小球A的質(zhì)量為mA=5kg，動量大小為PA=4kg.m/s，小球A沿著光滑水平面向右運動，與靜止的B球發(fā)生彈性碰撞，碰后A的動量大小變?yōu)镻A'=1kg·m/s，方向仍然向右．則由此可知碰撞后小球B的動量大小為______kg·m/s，小球B的質(zhì)量為____kg.

23、如圖所示，在水平向左的勻強電場中，一根不可伸長的絕緣細線長度為L，一端拴一個質(zhì)量為m電荷量為q的帶負電小球，另一端固定在O點。把小球拉到使細線水平伸直的位置A然后將小球由靜止釋放，小球沿弧線運動到細線與水平方向成θ=60°的位置B時速度為零。則電場強度E=_____________，小球運動過程中的最大速率為____________。

____評卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共12分)27、如圖所示。用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律；即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系。

（1）實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通過僅測量__________（填選項前的符號）；間接地解決這個問題；

A．小球開始釋放高度

B．小球拋出點距地面的高度

C．小球做平拋運動的射程。

（2）圖中點是小球拋出點在地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置測量平拋射程然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復。接下來要完成的必要步驟是__________；（填選項前的符號）

A．用天平測量兩個小球的質(zhì)量

B．測量小球開始釋放高度

C．測量拋出點距地面的高度

D．分別找到相碰后平均落地點的位置

E．測量平拋射程

（3）經(jīng)測定，m2=小球落地點的平均位置距點的距離如圖所示。碰撞前、后的動量分別為與則__________若碰撞結(jié)束時m2的動量為則__________。

28、“測定玻璃的折射率”的實驗中，在白紙上放好玻璃磚，和分別是玻璃磚與空氣的兩個界面，如圖所示，在玻璃磚的一側(cè)插上兩枚大頭針和用“+”表示大頭針的位置，然后在另一側(cè)透過玻璃磚觀察，并依次插上大頭針和在插和時，應使（）

A.只擋住的像B.只擋住的像C.同時擋住的像29、某同學欲將量程為200μA的電流表G改裝成電壓表

①該同學首先采用如圖所示的實驗電路測量該電流表的內(nèi)阻Rg，圖中R1、R2為電阻箱．他按電路圖連接好電路，將R1的阻值調(diào)到最大，斷開開關S2，閉合開關S1后，調(diào)節(jié)R1的阻值，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度，接下來他應該正確操作的步驟是________(選填下列步驟前的字母代號)，最后記下R2的阻值；

A．閉合S2，調(diào)節(jié)R1和R2的阻值，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半

B．閉合S2，保持R1不變，調(diào)節(jié)R2的阻值，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半

②如果按正確操作步驟測得R2的阻值為120Ω，則認為Rg的阻值大小為_____(選填字母代號)；

A.60ΩB.120ΩC.240ΩD.360ΩB.120ΩC.240ΩD.360Ω

③R如果該同學在調(diào)節(jié)1R使電流表滿偏過程中，發(fā)現(xiàn)電流表指針滿偏時，1______的接入阻值不到其總阻值的二分之一．為了減小實驗誤差，該同學可以采取下列措施中的(選填字母代號

A．將R2換成一個最大阻值更大的電阻箱。

B．將R1換成一個最大阻值為現(xiàn)在二分之一的電阻箱。

C．將電源換成一個電動勢為現(xiàn)在電源兩倍；內(nèi)阻可以忽略的電源。

D．將電源換成一個電動勢為現(xiàn)在電源二分之一；內(nèi)阻可以忽略的電源。

)；④_______利用上述方法測量出的電流表內(nèi)阻值（選填“大于”或“小于”）該電流表內(nèi)阻的真實值

．⑤依據(jù)以上的測量數(shù)據(jù)可知，若把該電流表改裝成量程為3V___的電壓表，需與該表（選填“串”或“并”__________）聯(lián)一個阻值為Ω的定值電阻．30、（1）在用油膜法估測分子大小的實驗中，選用下列器材：淺盤（直徑為30~40cm）、注射器（或滴管）、_________、按一定比例稀釋好的油酸溶液、坐標紙、玻璃板、水彩筆（或鋼筆）.請將還需要的一種實驗器材補填在橫線上.

（2）在“油膜法估測油酸分子的大小”實驗中；有下列實驗步驟：

a．用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上；待油膜形狀穩(wěn)定．

b．將畫有油膜形狀的玻璃板平放在坐標紙上；計算出油膜的面積，根據(jù)油酸的體積和面積計算出油酸分子直徑的大?。?/p>

c．往淺盤里倒入約2cm深的水；待水面穩(wěn)定后將適量的痱子粉均勻地撒在水面上．

d．將玻璃板放在淺盤上；然后將油膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上．

上述步驟中，正確的操作順序是__________．（填寫步驟前面的字母）

（3）在“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，所用油酸酒精溶液的濃度為每mL溶液中有純油酸mL；用注射器測得1mL上述溶液為75滴．把1滴該溶液滴入盛水的淺盤里，待水面穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用筆在玻璃板上描述油酸膜的形狀，再把玻璃板放在坐標紙上，其形狀如圖所示,坐標中正方形方格的邊長為1cm，則：

①油酸膜的面積是_____________cm2．

②按以上實驗數(shù)據(jù)估測出油酸分子的直徑為___________________m．（②問結(jié)果均保留一位有效數(shù)字）

（4）(多選)某學生在做“用油膜法估測分子的大小”的實驗時，計算結(jié)果偏大，可能是由于()

A．油酸未完全散開。

B．油酸溶液濃度低于實際值。

C．計算油膜面積時；舍去了所有不足一格的方格。

D．求每滴體積時，1mL的溶液的滴數(shù)多記了10滴評卷人得分六、解答題(共4題，共40分)31、如圖所示，在xOy坐標系中，在y<d的區(qū)域內(nèi)分布有指向y軸正方向的勻強電場，在d<y<2d的區(qū)域內(nèi)分布有垂直于xOy平面向里的勻強磁場，MN為電場和磁場的邊界，在y=2d處放置一垂直于軸的足夠大金屬擋板ab，帶電粒子打到板上即被吸收，一質(zhì)量為m、電量為+q的粒子以初速度v0由坐標原點O處沿x軸正方向射入電場，已知電場強度大小為粒子的重力不計．要使粒子不打到擋板上，磁感應強度應滿足什么條件?

32、1932年；勞倫斯和利文斯設計出了回旋加速器?；匦铀倨鞯墓ぷ髟砣鐖D所示，置于高真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過的時間可以忽略不計。磁感應強度為B的勻強磁場與盒面垂直。A處粒子源產(chǎn)生的粒子，質(zhì)量為m；電荷量為+q，在加速器中被加速，加速電壓為U。加速過程中不考慮相對論效應和重力作用。

（1）求粒子第2次和第1次經(jīng)過兩D形盒間狹縫后軌道半徑之比；

（2）求粒子從靜止開始加速到出口處所需的時間t；

（3）實際使用中，磁感應強度和加速電場頻率都有最大值的限制。若某一加速器磁感應強度和加速電場頻率的最大值分別為Bm、fm，試討論粒子能獲得的最大動能E㎞。33、如圖所示，A、B兩物體的質(zhì)量都為m，拉A物體的細線與水平方向的夾角為30°時處于靜止狀態(tài)，不考慮摩擦力，設彈簧的勁度系數(shù)為k。若將懸線突然剪斷，A在水平面上做周期為T的簡諧運動；當B落地時，A恰好將彈簧壓縮到最短，求：

（1）A振動時的振幅；

（2）B落地時的速度。

34、如圖所示，一條帶有圓軌道的長軌道水平固定，圓軌道豎直，底端分別與兩側(cè)的直軌道相切，半徑R＝0.5m，物塊A以v0＝6m/s的速度滑入圓軌道，滑過最高點Q，再沿圓軌道滑出后，與直軌道上P處靜止的物塊B碰撞，碰后粘在一起運動，P點左側(cè)軌道光滑，右側(cè)軌道呈粗糙段、光滑段交替排列，每段長度都為L＝0.1m，物塊與各粗糙段間的動摩擦因數(shù)都為μ＝0.1，A、B的質(zhì)量均為m＝1kg(重力加速度g取10m/s2；A、B視為質(zhì)點；碰撞時間極短)。

(1)求A滑過Q點時的速度大小v和受到的彈力大小F；

(2)若碰后AB最終停止在第k個粗糙段上，求k的數(shù)值；

(3)求碰后AB滑至第n個(n＜k)光滑段上的速度vn與n的關系式。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

本題主要考查受力分析；帶電體在復合場中的運動；意在考查考生的分析推理能力．

【詳解】

B：小球做勻速直線運動；受到的合力為零，假設小球帶正電，則小球的受力情況如圖1所示，小球受到的洛倫茲力沿虛線但方向未知；小球受到的重力；電場力的合力與洛倫茲力不可能平衡，小球不可能做勻速直線運動，假設不成立，小球帶負電．故B項錯誤．

A：小球帶負電的受力情況如圖2所示．小球受到的洛倫茲力一定斜向右上方；根據(jù)左手定則，勻強磁場的方向一定垂直于紙面向里．故A項錯誤．

CD：由于電場力與洛倫茲力反方向、重力與洛倫茲力反方向的夾角均為30°，據(jù)幾何關系可得：解得：．故C項正確，D項錯誤．2、D【分析】【詳解】

當滑動變阻器的滑動觸頭P向右移動時，變阻器電阻R減小，故總電阻減小，根據(jù)歐姆定律干路電流增加，故燈泡變亮；并聯(lián)電路的電壓故并聯(lián)電路電壓變小，燈泡變暗；干路電流增加，而通過燈泡的電流變小，故通過燈泡的電流增加，燈泡變亮，故D正確，ABC錯誤．3、D【分析】【分析】

【詳解】

設最初兩球電荷量分別為q和7q，原來的靜電力

接觸后電荷均分各自電荷量均為4q，靜電力為

故把它們接觸后再放回原處，則它們間的靜電力為原來的倍。

故選D。4、A【分析】【詳解】

在AB兩板間做直線加速，由動能定理得

而粒子在CD間做類平拋運動，從中心線進入恰好從D板下邊緣離開，根據(jù)動能定理

聯(lián)立兩式可得

故選A。

【點睛】

根據(jù)題意分析清楚粒子運動過程是解題的前提與關鍵，應用動能定理、牛頓第二定律與運動學公式即可解題。5、B【分析】擺動起來后，通過水平繩子對三個擺施加周期性的驅(qū)動力，使三擺做受迫振動，三擺做受迫振動的頻率等于驅(qū)動力的頻率，因為驅(qū)動力頻率相同，則三擺均以相同頻率振動，由于b擺的固有頻率與驅(qū)動力頻率相同，故b擺的振幅最大；故B正確，ACD錯誤。

點睛：受迫振動的頻率等于驅(qū)動率的頻率，與物體的固有頻率無關；當擺的固有頻率與驅(qū)動力頻率相同時，振幅最大的現(xiàn)象叫做共振。6、C【分析】【詳解】

波源振動的頻率f是由波源每秒鐘所振動的次數(shù)決定的，介質(zhì)振動的頻率由波源頻率及波源相對介質(zhì)是否移動來決定的，當波源向觀測者靠近時，觀察者接收到的機械波頻率比波源靜止時接收到的頻率大，即．故A；B、D錯誤；C正確．

故選C7、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)左手定則可知兩粒子A和B帶負電；A錯誤；

B．根據(jù)公式可得

故

解得

衰變瞬間，A、B、C系統(tǒng)動量守恒，規(guī)定豎直向下為正方向，故有

解得

所以

B正確；

C．由于兩者的質(zhì)量關系未知；所以無法判斷速度數(shù)值關系，C錯誤；

D．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒可知粒子B與C的質(zhì)量數(shù)之和等于粒子A的質(zhì)量數(shù)；D錯誤。

故選B。8、C【分析】【詳解】

A．核電站獲得核能的途徑是核裂變；故A錯誤.

B．鈾核的質(zhì)子數(shù)為92；故B錯誤.

C．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒可知x=3；故C正確.

D．一個鈾核發(fā)生上述核反應，由質(zhì)能方程可得：

故D錯誤.9、C【分析】【詳解】

根據(jù)光電效應方程可知，同種金屬產(chǎn)生光電效應時逸出光電子的最大初動能與照射光的頻率呈線性關系，選項A錯誤；一塊純凈的放射性礦石，經(jīng)過兩個半衰期，它的沒有衰變的質(zhì)量僅剩下原來的四分之一，選項B錯誤；盧瑟福通過分析α粒子散射實驗發(fā)現(xiàn)原子中帶正電部分的體積很小，但幾乎占有全部質(zhì)量，選項C正確；原子核的比結(jié)合能越大，其核子就結(jié)合得越牢固，原子核就越穩(wěn)定，選項D錯誤；故選C.二、多選題(共5題，共10分)10、A:D【分析】【詳解】

A．a(chǎn)b過程中氣體溫度升高，內(nèi)能增加；ab過程氣體壓強與熱力學溫度成正比；氣體體積不變，密度不變．故A項正確．

B．bc過程中氣體溫度升高，內(nèi)能增加；bc過程中氣體壓強不變；溫度升高，體積變大，密度減?。蔅項錯誤．

C．cd過程中；氣體溫度不變，分子的平均動能不變．故C項錯誤．

D．da過程中，氣體溫度降低，內(nèi)能減少；da過程中；氣體溫度降低，壓強不變，體積減小，外界對氣體做功．故D項正確．

故選AD.11、B:D【分析】【詳解】

C、D、兩電流表由相同的靈敏電流計改裝而成，由圖示電路圖可知，兩電流表A1、A2并聯(lián)，兩表頭的電壓相等，通過它們的電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，所以A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1：1；故C錯誤，D正確；

A、B、電流表A1的量程為3A，A2的量程為0.6A，當偏轉(zhuǎn)角相同時，A1、A2的讀數(shù)之比為5：1，A1的讀數(shù)大于A2的讀數(shù)；故A錯誤，B正確；

故選BD.

【點睛】

本題要對于安培表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)要了解：小量程電流表（表頭）與分流電阻并聯(lián)而成。指針偏轉(zhuǎn)角度取決于流過表頭的電流大小。12、A:B:C【分析】【詳解】

A、電場強度與放入電場中的電荷無關，所以屬于比值定義法．故A正確．

B、電場中的電勢定義式，屬于比值定義法．故B正確．

C、電容C由本身的性質(zhì)決定，與所帶的電荷量及兩端間的電勢差無關．所以屬于比值定義法．故C正確．

D、根據(jù)歐姆定律可知電流I與電壓U成正比，與電阻R成反比；不屬于比值定義法，故D錯誤．故選ABC．

【點睛】

所謂比值定義法，就是用兩個基本的物理量的“比”來定義一個新的物理量的方法．比值法定義的基本特點是被定義的物理量往往是反映物質(zhì)的最本質(zhì)的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變．13、B:D【分析】【詳解】

AB．由題意可知：mgsin37°=μmgcos37°，則對兩棒的系統(tǒng)沿軌道方向的動量守恒，當最終穩(wěn)定時：解得v=0.5v0，則回路產(chǎn)生的焦耳熱為則導體棒c中產(chǎn)生的焦耳熱為選項A錯誤，B正確；

C．當導體棒cd的速度為時，則由動量守恒：解得選項C錯誤；

D．當導體棒ab的速度為時，則由動量守恒：解得選項D正確；14、B:C【分析】【詳解】

A．從圖中可知；電容器的左端為正，充電過程中電流從電源正極流向電容正極，放電過程電流從電容的正極流出，所以充電和放電電流方向不同，故A錯誤；

B．根據(jù)公式Q=It

可得圖乙中的第①段（充電階段）電流曲線與橫軸所圍圖形的面積表示電容器充電結(jié)束時所帶的電荷量；故B正確；

C．因為電容器的電容是恒定不變的，根據(jù)電容定義式

變形得Q=CU

可得到Q是關于U的一次函數(shù)；所以電容器充電結(jié)束時所帶電荷量隨電容器充電結(jié)束時兩極間電壓變化的關系圖像應為一條過原點的傾斜直線，故C正確；

D．因為電容器是跟滑動變阻器的左端并聯(lián)在一起的，所以電容器的充電結(jié)束時的電壓和滑動片的位置有關，根據(jù)公式

可知電容器充電結(jié)束時所帶電荷量與滑動變阻器滑動頭的位置有關；故D錯誤。

故選BC。三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【分析】

本題是線圈的面積不變，磁場在變化，磁通量的變化率再根據(jù)法拉第電磁感應定律求出感應電動勢，由歐姆定律求出感應電流，再根據(jù)q=It0；從而求解．

【詳解】

磁通量的變化率為：

根據(jù)法拉第電磁感應定律得線圈中的感應電動勢為：

再根據(jù)閉合電路歐姆定律得感應電流為：．

電量為：q=It0=

【點睛】

本題是線圈類型，要掌握法拉第定律的幾種不同表達形式，再結(jié)合閉合電路歐姆定律進行求解，并掌握求電量的公式．【解析】16、略

【分析】【詳解】

因為是研究遏止電壓的裝置，所以所加電壓應為反向電壓，阻值光電子到達A極板形成光電流，所以A極板接電源負極，K級板接電源正極，電源右端為正極；根據(jù)圖像乙可知，當頻率為時，所需遏止電壓為零，說明此時對應頻率為截止頻率所以逸出功：【解析】右3.38×10-1917、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]]由于。

當時。

（2）[2]由于。

所以溫度升高時；溫度升高50K

（3）[3]由于。

當時。

（4）[4]由于。

物體降溫時降低了20K?！窘馕觥?23.15K50253.15K2018、略

【分析】【詳解】

[1][2]浸潤現(xiàn)象產(chǎn)生的原因是附著層內(nèi)分子間距小于液體內(nèi)部分子間距，分子間表現(xiàn)為斥力，分子勢能可能是圖像中的A點?！窘馕觥啃∮贏19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B，發(fā)生的是等容變化，由查理定律得

解得在狀態(tài)B時的壓強為pB=1.0×105Pa

氣體從狀態(tài)B到狀態(tài)C，發(fā)生是等壓變化，有pC=pB=1.0×105Pa

由于狀態(tài)A與狀態(tài)C的溫度相同，所以該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中，內(nèi)能變化量

氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B不做功，從狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中氣體對外做功，做功大小為

由熱力學第一定律

知整個過程中吸收的熱量為Q=100J【解析】1.0×10510020、B:C:D【分析】【詳解】

A．將大顆粒的粗鹽磨成細鹽；細鹽仍然是晶體，A錯誤；

B．兩個分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中；分子間表現(xiàn)出先斥力后引力，故分子力先做正功，后做負功，它們的分子勢能先減小后增大，B正確；

C．空氣的相對濕度定義為空氣中所含水蒸氣壓強與同溫度水平的飽和蒸氣壓的比值；C正確；

D．給自行車打氣，越打越困難主要是因為胎內(nèi)氣體壓強增大，與分子間的斥力無關，因為分子斥力起作用的距離D正確；

E．第二類永動機違反了熱力學第二定律；因為內(nèi)能在轉(zhuǎn)化為機械能的過程中要生熱，所以要引起其它變化，E錯誤。

故選BCD。21、略

【分析】【詳解】

[1]感應電動勢為：E=Blv，感應電流為：

線圈進入磁場的時間為：

則線圈離開磁場的時間也等于0.5s，線圈在穿過整個磁場過程中釋放的焦耳熱為：Q=I2R?2t=0.52×2×2×0.5=0.5J【解析】0.5J22、略

【分析】【詳解】

以向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：解得：由機械能守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：．【解析】3323、略

【分析】【詳解】

[1]由動能定理可知

解得

[2]設小球在運動中細線與水平方向的夾角為α，則對任一時刻應有

解得

當時，v最大，為【解析】四、作圖題(共3題，共30分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共12分)27、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由于兩小球做平拋運動的高度相同；所以下落時間相同，則水平速度正比于水平射程，因此可以通過僅測量小球做平拋運動的射程來間接解決速度測量困難的問題。

故選C。

（2）[2]要驗證動量守恒定律定律，即驗證

設小球做平拋運動的時間均為t，則上式兩邊同時乘以t得

即

因此實驗中需要測量兩球的質(zhì)量，分別找到相碰后平均落地點的位置并測量平拋射程

故選ADE。

（3）[3][4]碰前m1的動量為

碰后m1和m2的動量分別為

所以【解析】CADE142.928、C【分析】【詳解】

在“測定玻璃磚的折射率”實驗中，由折射的光路可知插針時應使同時擋住的像，同時擋住的像；故AB錯誤，C正確。

故選C。29、略

【分析】【詳解】

試題分析：“半偏電流法”測定電流表G的內(nèi)電阻Rg的實驗中，先閉合S1，R1必須調(diào)節(jié)到最高阻值是為了保護該電路的用電器；本實驗在的條件下，所以電流表兩端的電壓很小，S1閉合前，不須調(diào)節(jié)到最大；當接通時，有電流流過，和Rg并聯(lián)，并聯(lián)后的電阻減小，總電流增加，當電流表示數(shù)從滿偏電流調(diào)到半偏電流時，中電流稍大于一半，則

①該同學使用半偏法測電流表內(nèi)阻，所以第一步使電流表滿偏后，第二步應閉合條件電阻箱使電流表指針指在刻度盤的中央；故B正確；

②因為分擔的電流近似等于電流表的電流，并且兩者的電壓相等，所以B正確；

③S2打開與閉合，近似認為干路中電流不變，前提是．故實驗器材選擇應滿足①電源電動勢盡可能大，②盡可能大．則C正確

④當接通時，有電流流過，和并聯(lián)，并聯(lián)后的電阻減小，總電流增加，當電流表示數(shù)從滿偏電流I1調(diào)到半偏電流時，R′中電流稍大于則小于

⑤電流表改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓：【解析】BBC小于串1488030、略

【分析】【詳解】

（1）在本實驗中；要用量筒量取酒精和油酸，從而配制酒精油酸溶液，先在水槽中灑上痱子粉，再將用酒精稀釋過的油酸用滴管滴到水面上，將玻璃板蓋在水槽上，在玻璃板上鋪上坐標紙，用彩筆畫出油膜的邊界，則用數(shù)格子的方法得出形成的面積；則可根據(jù)體積公式求得分子直徑，故實驗中還需要：痱子粉．

（2）“油膜法估測油酸分子的大小”實驗步驟為：配制酒精油酸溶液（教師完成，記下配制比例）→測定一滴酒精油酸溶液的體積→準備淺水盤（c）→形成油膜（a）→描繪油膜邊緣（d）→測量油膜面積、計算分子直徑（b），即正確的順序是c、a、d、b．

（3）①由圖可知，面積超過正方形一半的正方形的個數(shù)為114個，故油膜的面積S=114×1cm2=114cm2，純油酸的體積是：mL，則油酸分子的直徑：m；

（4）計算油酸分子直徑的公式是V是純油酸的體積，S是油膜的面積．

A、油酸未完全散開，S偏小，故得到的分子直徑d將偏大，A正確；計算時利用的是純油酸的體積，如果油酸溶液濃度低于實際值，則油酸的實際體積偏小，則直徑將偏小，B錯誤；計算油膜面積時舍去了所有不足一格的方格，S將