2025年人教五四新版必修1物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教五四新版必修1物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、“空手把鋤頭，步行騎水牛；人在橋上走，橋流水不流”，詩中“橋流水不流”所選擇的參考系是（）A.水B.橋C.人D.地面2、關(guān)于物體的慣性大小，下列說法中正確的是：（）A.體積越小，慣性越大B.速度越小，慣性越大C.質(zhì)量越大，慣性越大D.受力越大，慣性越大3、蹦床是運動員在一張繃緊的彈性網(wǎng)上蹦跳、翻滾并做各種空中動作的運動項目，一位運動員從高處自由落下，以大小為的豎直速度著網(wǎng)，與網(wǎng)作用后，沿著豎直方向以大小為的速度彈回，已知運動員與網(wǎng)接觸的時間那么運動員在與網(wǎng)接觸的這段時間內(nèi)加速度的大小和方向分別為（）A.2m/s2，向下B.8m/s2，向上C.10m/s2，向下D.18m/s2，向上4、如圖所示，小圓環(huán)A系著一個質(zhì)量為的物塊并套在一個豎直固定放置的大圓環(huán)上，小圓環(huán)B系著一個質(zhì)量為的物塊并套在同一個大圓環(huán)上，有一細(xì)線一端拴在小圓環(huán)A上，另一端跨過固定在大圓環(huán)最高點C的一個小滑輪后拴在小圓環(huán)B上。如果小圓環(huán)、滑輪、繩子的大小和質(zhì)量以及所有的摩擦都可以忽略不計，繩子又不可伸長，若平衡時BC與豎直方向夾角為且A、B連線過大圓環(huán)的圓心，則兩物塊的質(zhì)量比應(yīng)為（sin37°=0.6；cos37°=0.8）（）

A.3：4B.4：3C.9：16D.16：95、關(guān)于加速度的方向，下列描述正確的是（）A.一定與合外力的方向相同B.一定與速度方向相反C.一定與速度方向相同D.一定與合外力的方向相反評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、下列說法中不正確的是A.大小分別為7N和9N的兩個力的合力不可能為3NB.靜止放在水平桌面上的物體對桌面的壓力就是該物體的重力C.乒乓球可以快速抽殺，是因為乒乓球的慣性小的緣故D.滑動摩擦力的方向總是和物體的運動方向相反7、甲；乙、丙、丁四個不同的物體從同一地點出發(fā)；它們的運動情況分別如下圖所示，用下列描述正確的是（）

A.甲在做曲線運動，乙在做直線運動B.在0至t1時間內(nèi)，甲的平均速度等于乙的平均速度C.兩圖象中，t2、t4時刻分別表示乙、丁開始做反向運動D.在t3時刻，丁一定在丙的前方8、關(guān)于自由落體運動，以下說法不正確的是（）A.伽利略研究自由落體運動時，遇到的困難是無法準(zhǔn)確測量下落時間和瞬時速度B.無風(fēng)的房間中將一根柔軟的羽毛由靜止釋放，羽毛將做自由落體運動C.自由落體運動就是初速度為0，加速度a=g的勻加速直線運動D.自由落體物體前三個連續(xù)相等時間間隔的位移比為1：3：59、如圖所示，質(zhì)量為2m的物塊A和質(zhì)量為m的物塊B用一輕彈簧相連；將A用承受力足夠大的輕繩懸掛于天花板上，用一個托盤托著B使彈簧恰好處于原長，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)將托盤撤掉，則下列說法正確的是（）

A.托盤撤掉瞬間，輕繩拉力大小為mgB.托盤撤掉瞬間，B物塊的加速度大小為gC.托盤撤掉后，B物塊向下運動速度最大時，輕繩拉力大小為3mgD.托盤撤掉后，物塊向下運動到最低點時，彈簧彈力大小為mg10、如圖甲所示，輕彈簧豎直固定在水平面上，一質(zhì)量為m＝0.2kg的小球，從彈簧上端某高度處自由下落，從它接觸彈簧到彈簧壓縮至最短的過程中（彈簧始終在彈性限度內(nèi)），其速度v和彈簧壓縮量Δx之間的函數(shù)圖象如圖乙所示，其中A為曲線的最高點，小球和彈簧接觸瞬間機械能損失不計，取g＝10m/s2；則下列說法正確的是（）

A.該彈簧的勁度系數(shù)為20N/mB.當(dāng)?x="0.3"m時，小球處于超重狀態(tài)C.小球剛接觸彈簧時速度最大D.從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，小球的加速度先減小后增大11、質(zhì)量均為2kg的滑塊A和B疊放在一起，放在水平地面上，A、B之間和B與地面之間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.2，A、B相對靜止沿水平向右加速運動，重力加速度取最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則作用在B上的水平拉力F可能是（）

A.4NB.9NC.11ND.14N12、如圖甲所示，可視為質(zhì)點的質(zhì)量m1=1kg的小物塊放在質(zhì)量m2=2kg的木板正中央位置，木板靜止在水平地面上，連接物塊的輕質(zhì)細(xì)繩伸直且與水平方向的夾角為37°?，F(xiàn)對木板施加水平向左的拉力F=18N，木板運動的v-t圖象如圖乙所示，sin37°=0.6，g取10m/s2；則（）

A.木板的長度為2mB.木板的長度為1mC.木板與地面間的動摩擦因數(shù)為0.5D.物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為13、物體做勻加速直線運動，已知物體在時間t內(nèi)的位移為s，由此可求出（）A.物體運動的加速度B.時間t內(nèi)物體的平均速度C.時間t的末速度D.物體運動到時的瞬時速度評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、美國發(fā)射的哈勃望遠(yuǎn)鏡在宇宙空間繞著地球沿一定軌道高速飛行，因出現(xiàn)機械故障，用航天飛機將宇航員送上軌道對哈勃望遠(yuǎn)鏡進(jìn)行維修。以_______作參考系，宇航員相對靜止時就可以實施維修工作；以_________作參考系時，宇航員是在做高速運動。15、17世紀(jì)，著名物理學(xué)家_________為了克服_________困難，采用斜面實驗研究自由落體運動，結(jié)合外推法得出結(jié)論：自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動。16、如圖1是用游標(biāo)卡尺測量某金屬圓筒外徑的示意圖，由圖中可以讀出該圓筒外徑的測量值為_________mm。圖2是用螺旋測微器測量某金屬棒直徑的示意圖，讀出該金屬棒直徑的測量值為______mm。

17、改變槽碼的質(zhì)量的過程中，要始終保證槽碼的質(zhì)量______小車的質(zhì)量。18、用如圖模型研究斜拉橋的平衡：細(xì)桿CD固定在地面，從質(zhì)量為m的均勻平板正中央空洞內(nèi)穿過。通過兩根輕質(zhì)細(xì)線CA、CB將平板水平懸掛，與豎直方向夾角分別為30°、60°。則CB繩對平板的拉力大小為______________________；保持平板水平不動，逐漸縮短CB線，使懸掛點B左移，CB繩對平板的拉力將______________________（選填“變大”“變小”“先變大后變小”或“先變小后變大”）。

19、物體從A到D由靜止開始做勻加速直線運動；B；C把AD分成相等的三段；

（1）則物體分別通過這三段位移的時間之比是_________________；

（2）物體在這段位移的平均速度之比是_______________________；

（3）物體在B、C、D三點速度之比是_________________________．20、如圖所示，質(zhì)量為的小球，用一根長為的細(xì)繩吊起來，放在半徑為的光滑的球體表面上，由懸點到球面的最小距離為則小球?qū)η蛎娴膲毫開________，繩的張力為___________（小球半徑可忽略不計）。

21、牛頓第一定律表明，力是物體___發(fā)生變化的原因；該定律引出的一個重要概念是___．22、如圖所示，兩小球用細(xì)線連接，兩小球用輕彈簧連接，雙手分別提起兩球，使四個小球均在空中處于靜止?fàn)顟B(tài)，雙手同時釋放瞬間（空氣阻力不計，重力加速度為），小球B的加速度大小為____________，小球D的加速度大小為____________。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)23、如圖所示；在時間軸上標(biāo)出“第3s初”“第3s末”“第3s內(nèi)”“前3s內(nèi)”。

24、已知兩分力F1、F2，通過作圖求F1、F2的合力（用平行四邊形定則）。保留作圖過程。

25、如圖甲所示是一個做直線運動的物體的速度-時間圖像，請在乙中畫出該物體的位移-時間并標(biāo)出縱軸上的數(shù)據(jù)．評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)26、如圖甲所示，一端帶有定滑輪的長木板放在水平桌面上，滑輪剛好伸出桌面，帶有凹槽的小車放在長木板上，小車通過細(xì)繩繞過定滑輪和鉤碼相連，鉤碼的個數(shù)可以改變，小車后面連有紙帶，紙帶穿過打點計時器。不計滑輪摩擦及空氣阻力，重力加速度某同學(xué)利用該裝置探究小車加速度與力的關(guān)系。

(1)為達(dá)到本次實驗?zāi)康?，需要平衡摩擦力嗎？________（填“需要”或“不需要”）。

(2)測出小車的質(zhì)量為若用鉤碼的重力當(dāng)成細(xì)繩的拉力，已知鉤碼的規(guī)格有兩種可選：和為盡可能減少實驗誤差，該同學(xué)應(yīng)該選取______（選填“”或“”）規(guī)格的砝碼更好。

(3)正確調(diào)整裝置并選取合適砝碼后，打開電源釋放小車，打出一條紙帶如圖乙，打點計時器使用的是交流電，紙帶上相鄰兩個計數(shù)點間還有4個計時點未畫出，則小車的加速度________（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

(4)如果鉤碼規(guī)格只有該同學(xué)認(rèn)為：如果仍然研究小車的加速度和外力的關(guān)系，上述實驗結(jié)果存在較大誤差，為此他進(jìn)行了如下改進(jìn)：首先在右邊懸掛5個鉤碼，接通電源釋放小車，得到一條紙帶；第二次他取下右邊一個鉤碼放在小車凹槽內(nèi)，接通電源，得到第二條紙帶重復(fù)上述步驟，直至得到第四條紙帶。分別計算出各紙帶的加速度用作縱坐標(biāo)，用對應(yīng)的右邊懸掛的鉤碼個數(shù)為橫坐標(biāo)，得到的圖象如圖所示，如果數(shù)據(jù)無誤差，加速度和力的關(guān)系符合牛頓定律，測該直線圖象的斜率的大小為________。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

評卷人得分六、解答題(共1題，共5分)27、如圖所示，在傾角θ=37°的足夠長的固定斜面上，有一質(zhì)量m=1kg的物體，物體與斜面間的動摩擦因數(shù)物體在恒力F的作用下從靜止開始沿斜面向上做勻加速運動，經(jīng)2s運動了10m。(sin37°=0.6，cos37°=0.8取g=10m/s2)求。

（1）物塊沿斜面運動的加速度大小。

（2）作用在物體上的恒力F的最小值及其與斜面的夾角參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

A．以水的參照物；橋的位置發(fā)生了變化，則橋是運動的，故A正確；

B．以橋為參照物；則橋是靜止的，而水與橋的位置發(fā)生了變化，則水是運動的，故B錯誤；

C．以人為參照物；因為人在橋上走，人與橋的位置發(fā)生了變化，橋是運動的，而水與人的位置也發(fā)生了變化，所以水也是運動的，故C錯誤；

D．以地面為參照物；地面與橋的位置沒有發(fā)生變化，橋是靜止的，水與地面的位置發(fā)生了變化，所以水也是運動的，故D錯誤。

故選A。2、C【分析】【詳解】

慣性是物體的固有屬性；它指的是物體能夠保持原來的運動狀態(tài)的一種性質(zhì)，慣性大小與物體的質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量越大，慣性越大；與體積；速度以及是否受力無關(guān)，故C正確，ABD錯誤。

故選C。3、D【分析】【詳解】

以豎直向上為正方向，則這段時間內(nèi)加速度為

可知這段時間內(nèi)加速度的大小方向豎直向上。

故選D。4、B【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示。

對B環(huán)分析可得

同理對A環(huán)分析可得

因此可得

故選B。5、A【分析】【詳解】

根據(jù)牛頓第二定律和加速度定義式

可知加速度的方向一定與合外力的方向相同；加速度方向與速度變化量方向相同；與速度方向沒有直接關(guān)系。

故選A。二、多選題(共8題，共16分)6、A:B:D【分析】【詳解】

A.當(dāng)夾角為零時合力最大；最大值為9N+7N=16N；當(dāng)夾角180°時合力最小，最小值為9N-7N=2N；故合力介于2N至16N之間，可知7N和9N的兩個力的合力可能為3N，故A錯誤；

B.將一物體放在水平桌面上；物體對桌面的壓力大小等于物體的重力，但壓力與重力的性質(zhì)；施力物體和受力物體都不同，所以不能說“壓力就是物體的重力”，故B錯誤；

C.乒乓球質(zhì)量小；慣性小，所以容易改變其運動狀態(tài)，故C正確；

D.滑動摩擦力的方向，總是和物體相對運動的方向相反，也可能與運動方向相同，故D錯誤。7、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．運動學(xué)的圖象中任何曲線只能表示直線運動；因為在運動學(xué)圖象中只能表示正反兩方向，故不能描述曲線運動，故A錯誤；

B．在0至t1時間內(nèi)；甲乙的位移相等，平均速度等于位移除以時間，所以甲；乙的平均速度相等，故B正確；

C．x-t圖象中的t2時刻轉(zhuǎn)折點表示物體的位移開始減小，運動方向開始反向；v-t圖象中的轉(zhuǎn)折點表示速度減??；加速度方向變化，其位移方向仍沿正方向，運動方向沒有反向，故C錯誤；

D．由v-t圖象中圖象與時間軸所夾的面積表示位移，可知在t3時刻；丁位移大于丙的位移，從同一點出發(fā)，丁一定在丙的前方，故D正確；

故選BD。8、B【分析】【分析】

【詳解】

A．伽利略研究自由落體運動時；由于條件限制，遇到的困難是無法準(zhǔn)確測量下落時間和瞬時速度，故A不符題意；

B．無風(fēng)的房間由于羽毛受到阻力；故不是勻加速運動，故B符合題意；

C．自由落體運動是物體只在重力作用下的勻加速運動，而初速度為0，加速度a=g的勻加速直線運動一定為自由落體運動；故C不符合題意；

D．根據(jù)可知，前ts，前2ts，前3ts內(nèi)的位移之比為1：4：9；故自由落體物體前三個連續(xù)相等時間間隔的位移比為1：3：5，故D不符題意；

故選B。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．托盤撤掉瞬間，彈簧還是原長，則輕繩拉力與A的重力平衡，大小為2mg；故A錯誤；

B．托盤撤掉瞬間，B物塊只受重力，則其加速度大小為g；故B正確；

C．托盤撤掉后，B物塊向下運動速度最大時，B物塊瞬間受力平衡，則彈簧彈力大小等于B的重力，根據(jù)平衡條件可得輕繩拉力大小為

故C正確；

D．托盤撤掉后，物塊先向下做加速運動，再向下做減速運動，運動到最低點時，有向上的加速度，所以彈簧彈力大小大于mg；故D錯誤。

故選BC。10、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

AC．由小球的速度圖象知，開始小球的速度增大，說明小球的重力大于彈簧對它的彈力，當(dāng)Δx為0.1m時，小球的速度最大，然后減小，說明當(dāng)Δx為0.1m時，小球的重力等于彈簧對它的彈力．所以可得

解得

A錯誤C正確；

B．彈簧的壓縮量為Δx＝0.3m時，彈簧彈力為

故此時物體的加速度向上；物體處于超重狀態(tài)，B正確；

D．對小球進(jìn)行受力分析可知，其合力是由mg逐漸減小至零；然后再反向增加的，故小球的加速度先減小后增大，D正確。

故選BCD。11、B:C:D【分析】【詳解】

對A、B整體，向右加速的條件是

A、B恰好相對滑動的條件是A、B面上出現(xiàn)最大摩擦力，此時的加速度

對應(yīng)的拉力為

解得

則滿足條件的拉力范圍為8N<F<16N；故BCD符號要求。

故選BCD。12、A:C:D【分析】【詳解】

AB．從題圖乙可知，木板運動離開小物塊，在內(nèi)，由圖象可知

所以木板的長度

故A正確；B錯誤；

C．設(shè)木板與地面間的動摩擦因數(shù)為物塊與木板間的動摩擦因數(shù)在內(nèi)，由圖象可得長木板的加速度

由牛頓第二定律得

解得

故C正確；

D．在內(nèi)，對小物塊進(jìn)行受力分析，豎直方向

水平方向

又知

長木板的加速度

對木板進(jìn)行受力分析，結(jié)合牛頓第二定律得

由牛頓第三定律得

聯(lián)立上述式子解得

故D正確。

故選ACD。13、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)位移公式

只知道時間和位移；不能求出加速度，A錯誤；

BD．根據(jù)平均速度公式

知道位移和時間，可求出這段時間內(nèi)的平均速度，因為物體做勻加速直線運動，所以這段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻速度，即物體運動到時的瞬時速度；BD正確；

C．由于加速度不能求出，據(jù)速度公式不能求出時間t的末速度；C錯誤。

故選BD。三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]宇航員是在太空中繞地球做高速圓周運動，說他靜止，應(yīng)是以與他有相同速度的同一軌道的太空望遠(yuǎn)鏡做參考系，故相對太空望遠(yuǎn)鏡宇航員靜止，相對地球宇航員做高速運動?！窘馕觥抗h(yuǎn)鏡地球15、略

【分析】【詳解】

[1][2]．17世紀(jì)，著名物理學(xué)家伽利略為了克服測量時間的困難，采用斜面實驗研究自由落體運動，結(jié)合外推法得出結(jié)論：自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動?！窘馕觥抠だ詼y量時間16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]主尺23mm；游標(biāo)20分度，12刻度重合，所以游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為。

23mm+0.0512mm=23.60mm[2]主尺2.5mm；副尺13刻度重合，所以螺旋測微器的讀數(shù)為。

2.5mm+13.00.01mm=2.630mm【點睛】螺旋測微器又名千分尺，所以讀數(shù)單位是mm時，小數(shù)點后三位?！窘馕觥?3.60；2.63017、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】遠(yuǎn)小于18、略

【分析】【詳解】

[1]對平板根據(jù)平衡條件

聯(lián)立解得

[2]設(shè)CB繩與豎直方向夾角為根據(jù)平衡條件

聯(lián)立解得

使懸掛點B左移，則由60°逐漸減小，則CB繩拉力變大?！窘馕觥孔兇?9、略

【分析】【詳解】

(1)[1]設(shè)AB=BC=CD=x；由位移公式可得，AB段有：x=at12

AC段有：2x=at22

AD段有3x=at32

則可知通過AB的時間t1=

BC段的時間tII=t2﹣t1=﹣

CD段的時間tIII=t3﹣t2=﹣

故三段位移內(nèi)的時間之比為：tI：tII：tIII=1：（﹣1）：（﹣）

(2)[2]平均速度等于位移與時間的比值，則可知：平均速度之比為：=1：=1：（+1）：（+）

(3)[3]由速度公式可得：v=at，則BCD三點的速度之比為：vB：vC：vD=t1：t2：t3=1：【解析】1：（﹣1）：（﹣）1：（+1）：（+）1：20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]小球在A點的受力如圖所示；根據(jù)三力平衡的特點三個力可以構(gòu)成一外首尾相連的矢量三角形如圖所示，根據(jù)相似三角表形關(guān)系可得。

解得。

小球?qū)η蛎娴闹С至椤?/p>

由牛頓第三定律可得，小球?qū)η蛎娴膲毫?/p>

繩的張力為。

【解析】21、略

【分析】【詳解】