2025年滬科版高三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高三物理下冊階段測試試卷918考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、以下說法正確的是（）A.體積很小的帶電體就是點電荷B.點電荷是存在的，電場線也是存在的C.元電荷就是電子D.元電荷是表示跟電子所帶電量數(shù)值相等的電量2、斜面所示，理想變壓器原線圈接入交流電u=Umsinwt，副線圈接有一電壓表和電阻為R的負(fù)載，電壓表的示數(shù)為10V，在t=（T為交變流的周期），原線圈兩端電壓的瞬時值100V，由此可知變壓器原副線圈的萜數(shù)比為（）A.10：1B.1，10C.1D.103、如圖甲所示，一個箱內(nèi)底部放一個質(zhì)量為m的物體，當(dāng)箱從高空某處以一定初速度下落時取向下為正方向，其速度-時間圖象如圖乙所示，則關(guān)于物體的有關(guān)說法正確的是（）A.箱子剛開始下落一小段時間內(nèi)，箱內(nèi)物體受到的支持力大于重力，處于超重狀態(tài)B.箱內(nèi)物體對箱子底部壓力始終小于重力，處于失重狀態(tài)C.箱子在下落的最后階段時，箱內(nèi)物體受到的支持力比剛投下時大D.若下落距離足夠長，箱內(nèi)物體有可能不受底部支持力而“飄起來”4、在平靜無風(fēng)的沙漠上；有時眼前會突然聳立起亭臺樓閣；城墻古堡，或者其他物體的幻影，虛無縹緲，變幻莫測，宛如仙境，這就是沙漠中的“海市蜃樓”現(xiàn)象，如圖所示，下列關(guān)于此現(xiàn)象的成因及說法正確的是（）

A.沙漠中的“海市蜃樓”現(xiàn)象的形成是由于發(fā)生了全反射。

B.沙漠中的“海市蜃樓”現(xiàn)象的形成是由于發(fā)生了干涉。

C.沙漠地表附近的空氣折射率從下到上逐漸增大。

D.沙漠地表附近的空氣折射率從下到上逐漸減小。

5、如圖所示；當(dāng)線框從直線電流的左邊運動到右邊的過程中，關(guān)于線框中的磁通量的變化情況正確的說法是（）

A.一直增加。

B.先增加再減少。

C.先增加再減少再增加。

D.先增加再減少再增加再減少。

6、【題文】如右圖所示為用“與”門構(gòu)成的簡易報警器的示意電路。當(dāng)報警器發(fā)出警報聲時，電鍵S1、S2處于的狀態(tài)為（）

A.S1、S2都斷開B.S1、S2都閉合C.S1斷開，S2閉合D.S1閉合，S2斷開7、如圖所示，用輕桿栓接在同種材料制成的ab

兩物體，它們沿斜面向下做勻速運動，關(guān)于ab

的受力情況，以下說法正確的是(

)

A.a

受三個力作用，b

受四個力用B.a

受四個力作用，b

受三個力作用C.ab

均受三個力作用D.ab

均受四個力作用8、如圖所示，質(zhì)量相同的物體AB

用輕彈簧連接并置于光滑的水平面上，開始時彈簧處于原長，現(xiàn)給物體B

與初速度v0

經(jīng)過一段時間后，t0

時刻彈簧的長度第一次達(dá)到最長，此時彈簧在彈性限度內(nèi).

以下能正確描述兩物體在0鈭?t0

時間越短過程的v鈭?t

圖象是(

)

A.B.C.D.9、下列運動過程中，在任何相等的兩段時間內(nèi)，物體速度的變化量不同的是（）A.勻加速直線運動B.豎直上拋運動C.勻速圓周運動D.平拋運動評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)10、總質(zhì)量為M的裝砂的小車，正以速度v0在光滑水平面上向右前進(jìn)，突然車底漏了，不斷有砂子漏出來落到地面，則漏出的砂的速度為____，在漏砂的過程中，小車的速度的變化情況是____（選填“變大”、“不變”或“變小”）．11、（2010?鹽城二模）（選修模塊3-5）

（1）下列說法正確的是____

A．太陽輻射的能量來自太陽內(nèi)部的核聚變反應(yīng)。

B．根據(jù)氫原子光譜可知原子具有核式結(jié)構(gòu)。

C．一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)；可能是照射時間短。

D．運動的物體也具有波動性；只不過一般情況下不能觀察到它的波動性。

（2）原子核不穩(wěn)定時會發(fā)生放射現(xiàn)象，天然放射現(xiàn)象放出的射線有α、β和γ射線．α射線的穿透能力____（強(qiáng)于/弱于）γ射線，發(fā)生β衰變后原子核中少了一個____（質(zhì)子/中子）．高溫高壓____（可以/不可以）改變放射性元素的半衰期．

（3）如圖所示，在氣墊導(dǎo)軌上有兩個滑塊質(zhì)量分別為m1和m2，滑塊上安裝相同的遮光條．為探究碰撞過程中的不變量，讓滑塊A碰撞靜止的B．碰前光電門1遮光時間為t1，碰后光電門1的遮光時間為t2，光電門2的遮光時間為t3，則碰撞前后動量守恒的表達(dá)式為____．12、某物體做勻速圓周運動，圓周的半徑為R，周期為T，在運動的時間內(nèi)，位移的大小是____，路程是____，轉(zhuǎn)過的角度是____．運動的角速度是____．13、在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數(shù)n=1500匝，橫截面積S=20cm2，螺線管導(dǎo)線電阻r=1.0Ω，R1=4.0Ω，R2=5.0Ω，C=30μF．閉合開關(guān)，在一段時間內(nèi)，穿過螺線管的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B按如圖乙所示的規(guī)律變化．電路中電流穩(wěn)定后電容器兩板間的電壓是____V，下極板帶____電．

14、描述機(jī)械波的物理量：

（1）波長λ：兩個相鄰的，在振動過程中相對平衡位置的位移總是相等的質(zhì)點間的距離叫波長．在橫波中，兩個____或____之間的距離．在縱波中兩相鄰的密部（或疏部）中央間的距離；

（2）周期與頻率：波的頻率由____決定；在任何介質(zhì)中傳播波的頻率不變．波從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時，唯一不變的是頻率（或周期），波速與波長都發(fā)生變化．

（3）波速：單位時間內(nèi)波向外傳播的距離．v=，波速的大小____決定．振動在一個周期內(nèi)在介質(zhì)中傳播的距離等于波長，v=____或____．15、勻加速直線運動的物體從A運動到C所用時間為t，B是AC連線上的一點，已知物體在AB段的平均速度為v．在BC段的平均速度為3v，則物體加速度的大小為____．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)16、將未飽和汽轉(zhuǎn)化成飽和汽，可以用保持溫度不變，減小體積，或是保持體積不變，降低溫度，也可以用保持體積不變，減小壓強(qiáng)．____．（判斷對錯）17、幾個不同阻值的電阻并聯(lián)后，其總電阻等于各電阻之和．____．（判斷對錯）18、作用力與反作用力一定是同種性質(zhì)的力．____（判斷對錯）19、物體受到的合外力不做功，則物體一定作勻速直線運動．____．20、（2010?駐馬店模擬）如圖為一列沿x軸正方向傳播的簡諧波在t=0時刻的波形圖，已知波速為10m/s，則圖中P質(zhì)點的振動方程為y=10sin5πt（cm）____（判斷對錯）21、狹義相對論認(rèn)為真空中的光速在不同的慣性參考系中是不同的____（判斷對錯）22、地理位置的南北極即為地磁場的南北極____．（判斷對錯）23、兩個力的合力總是大于原來每一個力．____（判斷對錯）24、火車轉(zhuǎn)彎時，若轉(zhuǎn)彎處內(nèi)外軌道一樣高，則轉(zhuǎn)彎時，對外軌產(chǎn)生向外的擠壓作用．____．評卷人得分四、實驗探究題(共4題，共12分)25、某實驗小組用如下器材來測量電壓表的內(nèi)阻。

A.待測電壓表(

量程3V

內(nèi)阻約幾千歐)

B.電流表(

量程0.6A

內(nèi)阻約0.1婁賂)

C.電池組(

電動勢約3V

內(nèi)阻可忽略)

D.滑動變阻器R0

E.變阻箱R(0鈭?9999婁賂)

F.開關(guān)和導(dǎo)線若干。

(1)

圖甲是某同學(xué)設(shè)計的電路；大家討論后一致認(rèn)為此電路不可行，你認(rèn)為原因是______；

A.R0

阻值較小。

B.電流表存在內(nèi)阻。

C.電壓表無法準(zhǔn)確讀數(shù)。

D.電流表無法準(zhǔn)確讀數(shù)。

(2)

同學(xué)們改用圖乙電路進(jìn)行測量，設(shè)電阻箱的阻值R

電壓表的示數(shù)為U

為了根據(jù)圖象能求得電壓表的內(nèi)阻，應(yīng)該作______圖線(

選“1U鈭?R

”、填“U鈭?R

”、U鈭?1R)

(3)

請根據(jù)你選擇的坐標(biāo)軸和下表的數(shù)據(jù)；在圖丙中標(biāo)上合適的標(biāo)度作出相應(yīng)圖線；

。R/k婁賂0.61.52345U/V2.521.81.51.31.131R/k婁賂鈭?11.670.670.50.330.250.201U/V鈭?10.400.500.560.670.780.88(4)

根據(jù)你所畫出的圖線，求出電源的電動勢E=

______V

電壓表內(nèi)阻Rv=

______k婁賂(

保留兩位有效數(shù)字)

26、利用負(fù)溫度系數(shù)熱敏電阻制作的熱傳感器，一般體積很小，可以用來測量很小范圍內(nèi)的溫度變化，反應(yīng)快，而且精確度高。(1)

如果將負(fù)溫度系數(shù)熱敏電阻與電源、電流表和其他元件串聯(lián)成一個電路，其他因素不變，只要熱敏電阻所處區(qū)域的溫度降低，電路中電流將變________(

填“大”或“小”)

(2)

上述電路中，我們將電流表中的電流刻度換成相應(yīng)的溫度刻度，就能直接顯示出熱敏電阻附近的溫度。如果刻度盤正中的溫度為20隆忙(

如圖甲)

則25隆忙

的刻度應(yīng)在20隆忙

的刻度的________(

填“左”或“右”)

側(cè)。(3)

為了將熱敏電阻放置在某蔬菜大棚內(nèi)檢測大棚內(nèi)溫度變化，請用圖乙中的器材(

可增加元器件)

設(shè)計一個電路。27、小明利用實驗室提供的器材測量某種電阻絲材料的電阻率，所用電阻絲的電阻約為20婁賂.

他首先把電阻絲拉直后將其兩端固定在刻度尺兩端的接線柱a

和b

上；在電阻絲上夾上一個與接線柱c

相連的小金屬夾，沿電阻絲移動金屬夾，可改變其與電阻絲接觸點P

的位置，從而改變接入電路中電阻絲的長度.

可供選擇的器材還有：

電池組E(

電動勢為3.0V

內(nèi)阻約1婁賂)

電流表A1(

量程0隆蘆100mA

內(nèi)阻約5婁賂)

電流表A2(

量程0隆蘆0.6A

內(nèi)阻約0.2婁賂)

電阻箱R(0隆蘆999.9婁賂)

開關(guān)；導(dǎo)線若干．

小明的實驗操作步驟如下：

A.用螺旋測微器在電阻絲上三個不同的位置分別測量電阻絲的直徑；

B.根據(jù)所提供的實驗器材；設(shè)計并連接好如圖甲所示的實驗電路；

C.調(diào)節(jié)電阻箱使其接入電路中的電阻值較大；閉合開關(guān)；

D.將金屬夾夾在電阻絲上某位置；調(diào)整電阻箱接入電路中的電阻值，使電流表滿偏，記錄電阻箱的電阻值R

和接入電路的電阻絲長度L

E.改變金屬夾與電阻絲接觸點的位置；調(diào)整電阻箱接入電路中的阻值，使電流表再次滿偏.

重復(fù)多次，記錄每一次電阻箱的電阻值R

和接入電路的電阻絲長度L

F.斷開開關(guān)．

壟脵

小明某次用螺旋測微器測量電阻絲直徑時其示數(shù)如圖乙所示；則這次測量中該電阻絲直徑的測量值d=

______mm

壟脷

實驗中電流表應(yīng)選擇______(

選填“A1

”或“A2

”)

壟脹

小明用記錄的多組電阻箱的電阻值R

和對應(yīng)的接入電路中電阻絲長度L

的數(shù)據(jù)；繪出了如圖丙所示的R鈭?L

關(guān)系圖線，圖線在R

軸的截距為R0

在L

軸的截距為L0

再結(jié)合測出的電阻絲直徑d

可求出這種電阻絲材料的電阻率婁脩=

______(

用給定的物理量符號和已知常數(shù)表示)

壟脺

若在本實驗中的操作；讀數(shù)及計算均正確無誤；那么由于電流表內(nèi)阻的存在，對電阻率的測量結(jié)果是否會產(chǎn)生影響？若有影響，請說明測量結(jié)果將偏大還是偏小.(

不要求分析過程，只回答出分析結(jié)果即可)

答：______．

28、某實驗小組利用如圖甲所示裝置測定當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊臄?shù)值。實驗開始時；小鋼球被電磁鐵吸引靜止不動，光電門位于鋼球的下方，二者的中心處在同一豎直線上。將此時鋼球球心位置記為A點，光電門中心位置記為O點，AO間距離為h。

（1）使用螺旋測微器測定小鋼球的直徑如圖乙所示；可知鋼球直徑大小為d=______mm；

（2）斷開電磁鐵開關(guān)；小鋼球由靜止開始下落，下落過程中通過位于O點處光電門，由數(shù)字計時器記錄鋼球通過光電門的時間可由表達(dá)式v=______得到小鋼球球心通過光電門時的瞬時速度；

（3）將光電門向下移動一小段距離后，重新釋放小鋼球，記錄小鋼球通過光電門時數(shù)字計時器顯示的時間△t1和此時光電門與O點間距離x1；重復(fù)上述步驟，得到若干組△t和x的數(shù)值；在-x坐標(biāo)中描點連線，得到如圖丙所示直線并計算出其斜率大小為1.6×105，根據(jù)此斜率值，可以得到當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊臄?shù)值為______m/s2。評卷人得分五、證明題(共4題，共16分)29、如圖所示，小球用不可伸長的長度為L的輕繩懸于O點．（不計阻力）試證明：繩對小球在最低點拉力T1與最高點拉力T2之差T1-T2=6mg．

30、（2015秋?西城區(qū)期末）如圖1所示；一根輕質(zhì)彈簧上端固定在天花板上，下端掛一小球（可視為質(zhì)點），彈簧處于原長時小球位于O點．將小球從O點由靜止釋放，小球沿豎直方向在OP之間做往復(fù)運動，如圖2所示．小球運動過程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)．不計空氣阻力，重力加速度為g．

（1）在小球運動的過程中，經(jīng)過某一位置A時動能為Ek1，重力勢能為EP1，彈簧彈性勢能為E彈1，經(jīng)過另一位置B時動能為Ek2，重力勢能為EP2，彈簧彈性勢能為E彈2．請根據(jù)功是能量轉(zhuǎn)化的量度；證明：小球由A運動到B的過程中，小球；彈簧和地球組成的物體系統(tǒng)機(jī)械能守恒；

（2）已知彈簧勁度系數(shù)為k．以O(shè)點為坐標(biāo)原點；豎直向下為x軸正方向，建立一維坐標(biāo)系O-x，如圖2所示．

a．請在圖3中畫出小球從O運動到P的過程中，彈簧彈力的大小F隨相對于O點的位移x變化的圖象．根據(jù)F-x圖象求：小球從O運動到任意位置x的過程中彈力所做的功W，以及小球在此位置時彈簧的彈性勢能E彈；

b．已知小球質(zhì)量為m．求小球經(jīng)過OP中點時瞬時速度的大小v．31、如圖所示，一列平面波朝著兩種介質(zhì)的界面?zhèn)鞑ィ珹1A2是它在介質(zhì)I中的一個波面，C1和C2位于兩種介質(zhì)的界面上，B1B2是這列平面波進(jìn)入介質(zhì)II后的一個波面；A1C1和A2C2是它的兩條波線，入射角為θ1，折射角為θ2，波在I、Ⅱ介質(zhì)中的傳播速度分別為v1和v2．

（1）試根據(jù)惠更斯原理證明：；

（2）若已知θ1=53°（sin53°=0.8），A1A2的長度為0.6m，介質(zhì)I和介質(zhì)II中的波速之比為v1：v2=4：3，則：A1C1B1與A2C2B2的長度相差多少？32、船以4m/s′的速度（相對靜水）垂直河岸渡河；水流的速度為5m/s．若河寬為120m，試計算：

（1）船能否垂直到達(dá)對岸？

（2）船需要多少時間才能到達(dá)對岸？

（3）船登陸的地點離出發(fā)點的距離是多少？評卷人得分六、解答題(共3題，共6分)33、如圖所示是某質(zhì)點做簡諧運動的振動圖象；根據(jù)圖象中的信息，回答下列問題．

（1）質(zhì)點離開平衡位置的最大距離有多大？

（2）在1.5s和2.5s這兩個時刻；質(zhì)點的位置各在哪里？

（3）在1.5s和2.5s這兩個時刻，質(zhì)點向哪個方向運動？34、圖一表示等量異種電荷P和Q形成的電場內(nèi)的一簇等勢面；求。

（1）P；Q各帶何種電荷？

（2）把q=10-7C的正點電荷從A移到B；電場力做多少功？

（3）把q從B移到C電場力做多少功？

（4）把q從C移到A電場力做多少功？

（5）q從A出發(fā)經(jīng)過B和C回到A的過程中電場力對電荷做的總功為多少？35、一個光滑的圓錐體固定在水平桌面上；其軸線沿豎直方向，母線與軸線之間的夾角θ=30°，如圖所示，一條長度為l的輕繩，一端的位置固定在圓錐體的頂點O處，另一端拴著著一個質(zhì)量為m的小物體（可視為質(zhì)點）．物體以速率υ繞圓錐體的軸線做水平勻速圓周運動．則：

①當(dāng)時；繩的拉力大小為多少？

②當(dāng)時，繩的拉力大小為多少？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】點電荷是當(dāng)兩個帶電體的形狀對它的相互作用力的影響可忽略時；這兩個帶電體可看作點電荷．

而元電荷是帶電量的最小值，它不是電荷，所有帶電體電荷量均是元電荷的整數(shù)倍．【解析】【解答】解：A；點電荷是將帶電物體簡化為一個帶電的點；物體能不能簡化為點，不是看物體的體積大小和電量大??；

而是看物體的大小對于兩個電荷的間距能不能忽略不計；故A錯誤；

B；點電荷是理想化的模型；實際不存在，電場線是為了描述電場假想的，實際不存在，故B錯誤；

C；元電荷是帶電量的最小值；它不是電子，故C錯誤；

D；元電荷是表示跟電子所帶電量數(shù)值相等的電量；故D正確；

故選：D．2、D【分析】【分析】根據(jù)瞬時值的表達(dá)式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得．【解析】【解答】解：在t=時刻原線圈電壓為最大值100V；所以有效值為100V，電壓表顯示的是有效值，電壓與匝數(shù)成正比，所以原副線圈的匝數(shù)比為100：10=10：1

故選D3、A【分析】【分析】考查v-t圖象，由圖可知物體的運動狀態(tài)為向下減速，加速度方向向上，物體處于超重狀態(tài)，且由圖象的斜率可得出加速度的變化是逐漸減小【解析】【解答】解：A；由圖可知；剛開始下落一小段時間內(nèi)，物體的運動狀態(tài)為向下減速，加速度方向向上，處于超重狀態(tài)，箱內(nèi)物體受到的支持力大于重力，故A正確；

B；隨時間延長；物體最終做勻速直線運動，處于平衡狀態(tài)，不是失重，故B錯誤；

C；箱子在最后階段處于平衡狀態(tài)；不再超重，箱內(nèi)物體受到的支持力比剛投下時小，故C錯誤；

D、箱子在最后階段處于平衡狀態(tài)，箱內(nèi)物體受到的支持力等于它自身的重力，不會“飄起來”，D錯誤．故選A4、A|C【分析】

沙漠上下層空氣溫度比上層高；密度比上層小，故沙漠地表附近的空氣折射率從下到上逐漸增大．遠(yuǎn)處的亭臺樓閣；城墻古堡等發(fā)出的光線射向沙漠地表時，由于不斷被折射，越來越偏離法線方向，進(jìn)入上層的入射角不斷增大，以致發(fā)生全反射，光線反射回空氣，人們逆著光線看去，就會看到遠(yuǎn)方的景物懸在空中，而產(chǎn)生了“海市蜃樓”現(xiàn)象，故沙漠中的“海市蜃樓”現(xiàn)象的形成是由于發(fā)生了全反射．故AC正確，BD錯誤．

故選AC

【解析】【答案】海市蜃樓是光在密度分布不均勻的空氣中傳播時發(fā)生全反射而產(chǎn)生的．沙漠上下層空氣溫度比上層高；密度比上層小，折射率也比上層小，當(dāng)光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，入射角大于臨界角時會產(chǎn)生全反射，據(jù)此來分析此題．

5、D【分析】

分四段過程研究：

線框從a位置到右側(cè)剛b的過程；根據(jù)安培定則判斷得到：穿過線框的磁場方向向外，磁場增強(qiáng)，磁通量增大；

從線框右側(cè)剛b到線框中線經(jīng)過b的過程：穿過線框的左部分的磁場向外；右側(cè)磁場向里，兩邊磁通量有抵消，而且抵消增多，磁通量減小；

從線框中線經(jīng)過b到剛離開b的過程：穿過線框的左部分的磁場向外；右側(cè)磁場向里，右側(cè)的磁感線較多，兩邊磁通量有抵消，但抵消減小，磁通量增大；

從線框離開b到c位置的過程；磁場減弱，磁通量減?。?/p>

所以先增加再減少再增加再減少．

故選D

【解析】【答案】根據(jù)安培定則判斷出穿過線框的磁感線方向．分四段研究：線框從a位置到剛b、從剛到b到中線經(jīng)過b、從a的中線離開b到完全離開b時、從離開b到c四個過程．

6、D【分析】【解析】

試題分析：當(dāng)與門輸出為高電壓時報警器報警，當(dāng)Sl閉合，S2斷開時兩個支路均輸出高電壓；所以與門輸出為高電壓，D對，故選D

考點：考查門電路。

點評：難度中等，明確當(dāng)與門輸出為高電壓時報警器報警，所以只需要使與門輸出為高電壓即可【解析】【答案】D7、C【分析】解：對整體分析；根據(jù)平衡有：Mgsin婁脠=婁脤Mgcos婁脠

解得：婁脤=tan婁脠

．

再隔離對a

分析，假設(shè)受到拉力，有：mgsin婁脠=T+婁脤mgcos婁脠

解得：T=0.

所以繩子無拉力，ab

均受三個力；重力；支持力和摩擦力.

故C正確，AB

D錯誤．

故選：C

．

先對整體分析，根據(jù)共點力平衡求出動摩擦因數(shù)，再隔離對a

或b

分析，判斷是否存在拉力作用，從而確定ab

的受力個數(shù)．

解決本題的關(guān)鍵需通過共點力平衡判斷出繩子是否有拉力，從而確定物體受力的個數(shù)．【解析】C

8、D【分析】解：給物體B

一初速度v0

彈簧開始伸長，B

受到向左的彈力，做減速運動，減速的過程中，彈力增大，則加速度增大，即彈簧的長度第一次達(dá)到最長的過程中，B

做加速度逐漸增大的減速運動．

A

受到向右的彈力；做加速運動，彈力增大，A

的加速度增大，即彈簧的長度第一次達(dá)到最長的過程中，A

做加速度增大的加速運動．

故ABC錯誤；D正確．

故選：D

．

根據(jù)AB

的受力得出加速度的方向；結(jié)合加速度方向與速度方向的關(guān)系判斷AB

的運動規(guī)律，從而確定正確的圖線．

解決本題的關(guān)鍵知道加速度的方向與合力的方向相同，當(dāng)加速度方向與速度方向相同，物體做加速運動，當(dāng)加速度方向與速度方向相反，物體做減速運動．【解析】D

9、C【分析】【分析】加速度是描述速度變化快慢的物理量；在任何相等的兩段時間內(nèi)，物體速度的變化量相同說明加速度不變．【解析】【解答】解：A；勻加速直線運動的加速度恒定；故在任何相等的兩段時間內(nèi)，物體速度的變化量相同，故A錯誤；

B；豎直上拋運動的加速度恒定；故在任何相等的兩段時間內(nèi)，物體速度的變化量相同，故B錯誤；

C；勻速圓周運動的加速度方向時刻改變；是變量，故在任何相等的兩段時間內(nèi)，物體速度的變化量方向不同，故C正確；

D；平拋運動的加速度恒定；故在任何相等的兩段時間內(nèi)，物體速度的變化量相同，故D錯誤；

故選：C．二、填空題(共6題，共12分)10、v0不變【分析】【分析】車以及沙子在水平方向動量守恒，根據(jù)動量守恒列方程求解即可．【解析】【解答】解：設(shè)漏掉質(zhì)量為m的沙子后，砂子從車上漏掉的瞬間由于慣性速度仍然為v0；汽車速度為v′，根據(jù)水平方向動量守恒可得：

Mv0=mv0+（M-m）v′

解得：v′=v0；小車的速度保持不變．

故答案為：v0，不變．11、AD弱于中子不可以=【分析】【分析】（1）太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的聚變反應(yīng)；原子核式結(jié)構(gòu)模型是在α粒子散射實驗基礎(chǔ)上提出來的，不能發(fā)生光電效應(yīng)，是因為沒有達(dá)到極限頻率，運動的物體也具有波動性．

（2）原子核的衰變是隨機(jī)的；半衰期是一個統(tǒng)計規(guī)律，與溫度壓強(qiáng)無關(guān)．β衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成質(zhì)子和電子所產(chǎn)生的．γ射線一般伴隨著α或β射線產(chǎn)生，在這三種射線中，γ射線的穿透能力最強(qiáng)，電離能力最弱．

（3）要驗證動量守恒定律需要知道物體的質(zhì)量和速度，而速度可以用位移與時間的比值代替．【解析】【解答】解：（1）A；太陽內(nèi)部進(jìn)行的是熱核聚變．故A正確．

B；原子核式結(jié)構(gòu)模型是在α粒子散射實驗基礎(chǔ)上提出來的．故B錯誤．

C；一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)；是因為沒有達(dá)到極限頻率，與時間無關(guān)，故C錯誤；

D；運動的物體也具有波動性；但是在一般情況下觀察不到，故D正確．

故選AD

（2）在這三種射線中；γ射線的穿透能力最強(qiáng)，電離能力最弱，所以α射線的穿透能力強(qiáng)于γ射線；

β衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成質(zhì)子和電子所產(chǎn)生的；所以發(fā)生β衰變后原子核中少了一個中子；

半衰期與溫度壓強(qiáng)無關(guān)；所以高溫高壓不可以改變放射性元素的半衰期．

（3）設(shè)遮光條的寬度為d，則碰撞前A的速度為：vA=

碰撞后A的速度為：vA′=-，B的速度為：vB=

若要驗證動量守恒定律則：mAvA=mBVB+mAvA′，帶入得：=

故答案為：AD；弱于；中子；不可以；=12、R【分析】【分析】熟悉描述勻速圓周運動相關(guān)物理量的意義和表達(dá)式并展開討論即可．【解析】【解答】解：某物體做勻速圓周運動，圓周的半徑為R，周期為T，在運動的時間內(nèi)；

位移的大小x=R；

路程s=2×2πR+×2πR=；

運動的角速度ω=；

轉(zhuǎn)過的角度是θ=ωt=；

故答案為：R；；；13、0.6正【分析】【分析】根據(jù)法拉第地磁感應(yīng)定律求出螺線管中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢．

根據(jù)楞次定律可知；感應(yīng)電流的方向，從而確定電容器極板帶電情況；

電容器與R2并聯(lián)，兩端電壓等于R2兩端的電壓，根據(jù)Q=CU求出電容器的電量．【解析】【解答】解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：E=nS=1500××20×10-4=1.2V；

根據(jù)全電路歐姆定律，有：I===0.12A

根據(jù)楞次定律可知；螺線管下極帶正電，則電流穩(wěn)定后電容器下極板帶正電；

S斷開后，流經(jīng)R2的電量即為S閉合時C板上所帶的電量Q

電容器兩端的電壓：U=IR2=0.12×5=0.6V

故答案為：0.6，正．14、相鄰波峰相鄰波谷波源由介質(zhì)λf【分析】【分析】利用描述波物理量的定義分析即可，知道頻率由波源決定，波速由介質(zhì)決定．【解析】【解答】解：（1）據(jù)波長的定義可知；在橫波中，兩個相鄰波峰或相鄰波谷之間的距離．

（2、3）頻率由波源決定，波速由介質(zhì)決定；據(jù)波速公式得：v==λf．

故答案為：（1）相鄰波峰；相鄰波谷；（2）波源；（3）由介質(zhì)；；λf．15、【分析】【分析】根據(jù)某段時間內(nèi)平均速度為中間時刻的瞬時速度；再由速度公式可得出加速度的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓河深}意可知，AB段中間時刻的速度為v，BC段中間時刻為3v，而平均速度均為中間時刻的瞬時速度；由速度公式可得：3v=v+a；

解得加速度為：a=

故答案為：三、判斷題(共9題，共18分)16、×【分析】【分析】根據(jù)飽和汽壓僅僅與溫度有關(guān)，然后結(jié)合理想氣體的狀態(tài)方程即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)與飽和蒸汽壓有關(guān)的因素可知；同一種蒸汽的飽和蒸汽壓僅僅與溫度有關(guān)，與其體積無關(guān)．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】根據(jù)并聯(lián)電阻的總電阻的倒數(shù)等于個分電阻的讀數(shù)之和進(jìn)行判定即可，【解析】【解答】解：因為并聯(lián)電阻的總電阻的倒數(shù)等于個分電阻的倒數(shù)之和；所以題干則的說法是錯誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失．【解析】【解答】解：由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力總是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失，故該說法是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】物體做勻速直線運動時，合外力對物體不做功，但合外力不做功，物體不一定作勻速直線運動．【解析】【解答】解：物體受到的合外力不做功；則物體一定作勻速直線運動，如勻速圓周運動，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案為：×20、×【分析】【分析】首先據(jù)波動圖象讀出波長和求出周期，根據(jù)質(zhì)點的振動和波的傳播特點分析質(zhì)點的振動情況，然后再寫出振動方程，與題干中的方程比較即可．【解析】【解答】解：該波是振幅是10cm，波速為10m/s，波長為4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

該波向x軸的正方向傳播；由上下坡法可知，圖中P質(zhì)點在t=0時刻振動的方向向下，所以振動方程為y=-10sin5πt（cm），錯誤．

故答案為：×21、×【分析】【分析】根據(jù)狹義相對論的兩個基本假設(shè)：

①物理規(guī)律在所有慣性系中都具有相同的形式．這叫做相對性原理．

②在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變原理．它告訴我們光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依賴于發(fā)光物體的運動速度．【解析】【解答】解：根據(jù)相對論的兩個基本假設(shè)可知；在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變原理．故以上說法是錯誤的．

故答案為：×22、×【分析】【分析】地球是個巨大的磁體，地磁北極在地理南極附近，地磁南極在地理北極附近．地球周圍存在著磁場．【解析】【解答】解：地理北極附近是地磁南極；地理南極附近是地磁北極．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×23、×【分析】【分析】解答此題時；要從力的大小和方向兩個方面來考慮，在分析各選項時千萬不能漏掉力的方向．

（1）如果二力在同一條直線上；根據(jù)力的合成計算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間；【解析】【解答】解：當(dāng)兩個力方向相同時；合力等于兩分力之和，合力大于每一個分力；當(dāng)兩個分力方向相反時，合力等于兩個分力之差，合力可能小于分力，由此可見：合力可能大于分力也有可能小于分力，故錯誤；

故答案為：×．24、√【分析】【分析】火車在水平軌道上轉(zhuǎn)彎時，需要有力提供指向圓心的向心力，若轉(zhuǎn)彎處內(nèi)外軌道一樣高，只能軌道的壓力提供．【解析】【解答】解：火車在水平軌道上轉(zhuǎn)彎時；做圓周運動，需要有力提供指向圓心的向心力，即方向指向內(nèi)側(cè)，此時外軌對火車的壓力提供向心力，根據(jù)牛頓第三定律可知，火車對外軌產(chǎn)生向外的壓力作用，此說法正確。

故答案為：√四、實驗探究題(共4題，共12分)25、略

【分析】解：(1)

運用圖甲測量電壓表的內(nèi)阻；即運用電壓表的示數(shù)除以電流表的示數(shù)，即為電壓表的內(nèi)阻，由于電動勢大約3V

電壓表的內(nèi)阻大約幾千歐，則電流表的示數(shù)非常小非常小，無法準(zhǔn)確讀數(shù)，可知該電路不可行的原因是電流表的無法準(zhǔn)確讀數(shù)；

故選：D

(2)

根據(jù)閉合電路歐姆定律得：E=U+URVR

整理得：1U=RERV+1E

作1U鈭?R

圖線；圖線的縱軸截距等于電動勢的倒數(shù)，根據(jù)圖線的斜率可以求出電壓表的內(nèi)阻。

(3)1U鈭?R

圖線如圖所示。

(4)

由圖象可知，當(dāng)R=0

時，1U=0.34V

則E=10.34V=2.9V

圖線的斜率k=1ERV=0.88鈭?0.40(5鈭?0.6)脳103RV=3.1隆脕103婁賂=3.1k婁賂

故答案為：(1)D(2)1U鈭?R(3)

如圖所示，(4)2.93.1

(1)

根據(jù)實驗的原理；結(jié)合歐姆定律分析該電路不可行的原因。

(2)

根據(jù)閉合電路歐姆定律得出電壓表示數(shù)U

與電阻箱電阻R

的關(guān)系式；結(jié)合線性函數(shù)關(guān)系確定所作的圖線。

(3)

描點作圖。

(4)

根據(jù)圖線的斜率和縱軸截距求出電動勢和電壓表的內(nèi)阻。

解決本題的關(guān)鍵知道實驗的原理，運用閉合電路歐姆定律，運用圖象法進(jìn)行求解。對于圖線問題，一般的解題思路是得出物理量間的關(guān)系式，結(jié)合圖線的斜率或截距進(jìn)行求解。【解析】D1U鈭?R2.93.1

26、(1)

小(2)

右(3)

見解析【分析】(1)

因為負(fù)溫度系數(shù)熱敏電阻溫度降低時，電阻增大，故電路中電流會減小。(2)

由(1)

的分析知，溫度越高，電流越大，25隆忙

的刻度應(yīng)對應(yīng)較大電流，故在20隆忙

的刻度的右側(cè)。(3)

如圖所示。

【解析】(1)

小(2)

右(3)

見解析27、略

【分析】解：壟脵

由圖示螺旋測微器可知；固定刻度是0.5mm

可動刻度是23.0隆脕0.01mm=0.230mm

金屬絲直徑d=0.5mm+0.230mm=0.730mm(0.728鈭?0.732mm

均正確)

．

壟脷

電路最大電流約為I=ER+r=320+1隆脰0.14A

不到0.6A

的四分之一；

如果使用電流表A2

實驗誤差較大；因此電流表應(yīng)選A1

．

(3)

由實驗步驟可知；外電路電阻不變，由串聯(lián)電路特點可知；

外電路總電阻R脳脺=R+R碌莽脳貓脣驢=R+婁脩LS=R+婁脩L蟺(d2)2=R+婁脩4L蟺d2

由圖象可知；當(dāng)電阻絲接入電路的長度為零時，電路總電阻R脳脺=R0

則R+婁脩4L蟺d2=R0R=R0鈭?婁脩4L蟺d2

圖象斜率k=R0L0=4婁脩蟺d2

則電阻率婁脩=婁脨d2R04L0

(4)

應(yīng)用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)；電流表內(nèi)阻對實驗結(jié)果沒有影響．

故答案為：壟脵0.730壟脷A1壟脹婁脨d2R04L0壟脺

不產(chǎn)生影響．

壟脵

螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)．

壟脷

根據(jù)電路最大電流選擇電流表．

壟脹

由實驗步驟可知；電源電動勢不變，電路電流始終等于電流表的滿偏電流，電路電流不變，由此可知，電路總電阻不變，由圖象及串聯(lián)電路特點可以求出電路總電阻，由電阻定律及實驗數(shù)據(jù)可以求出電阻率的表達(dá)式．

壟脺

應(yīng)用圖象法求電阻率；電流表內(nèi)阻對實驗結(jié)果沒有影響．

(1)

螺旋測微器示數(shù)等于固定刻度與可動刻度示數(shù)之和；對螺旋測微器讀數(shù)時要注意估讀；

(2)

為減小讀數(shù)誤差；電表量程選擇要合適，在保證安全的前提下，量程不能過大；

(3)

知道外電路電阻不變，熟練應(yīng)用電阻定律即可正確解題．【解析】0.730A1婁脨d2R04L0

不產(chǎn)生影響28、11.0009.68【分析】解：（1）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為11mm；可動刻度讀數(shù)為0.01×0.0=0.000mm，則d=11.000mm。

（2）根據(jù)極短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度知，鋼球通過光電門的速度表達(dá)式v=

（3）依據(jù)運動學(xué)位移與速度公式，則有：2g（h+x）=整理得

而-x圖象的斜率大小為k=1.6×105；

那么g==9.68m/s2；

故答案為：（1）11.000；

（2）

（3）9.68。

（1）螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；需估讀。

（2）根據(jù)極短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度求出鋼球經(jīng)過光電門的速度。

（3）依據(jù)運動學(xué)位移與速度公式，結(jié)合-x斜率含義；即可求解；

解決本題的關(guān)鍵知道實驗的原理，掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法，注意其讀數(shù)的估計值，知道極短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度?！窘馕觥?1.0009.68五、證明題(共4題，共16分)29、略

【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律分別求出小球通過最高點和最低點時拉力與速度的關(guān)系式，再由機(jī)械能守恒定律列式，得到兩點速度的關(guān)系，聯(lián)立即可證明．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律得：

在最高點有：T2+mg=m

在最低點有：T1-mg=m

根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mg?2L=-mv22；

解得：T1-T2=6mg

得證．30、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)動能定理；重力做功與重力勢能的關(guān)系、彈力做功與彈性勢能的關(guān)系分別列式；即可證明；

（2）畫出F-x圖象，該圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積表示彈力做功，求出彈力做功從而得到彈簧的彈性勢能E彈；

（3）小球由O點到OP中點，根據(jù)動能定理列式．小球由O點到P點，根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式，聯(lián)立解得v．【解析】【解答】解：（1）設(shè)重力做的功為WG，彈力做的功為W彈

根據(jù)動能定理得WG+W彈=Ek2-Ek1

由重力做功與重力勢能的關(guān)系WG=Ep1-Ep2

由彈力做功與彈性勢能的關(guān)系W彈=E彈1-E彈2

聯(lián)立以上三式可得Ek1+Ep1+E彈1=Ek2+Ep2+E彈2；

（2）a．F-x圖象如右圖所示。

圖中的圖線和x軸圍成的面積表示功的大小。

所以彈力做功為W=-

由彈力做功與彈性勢能的關(guān)系W彈=0-E彈

解得E彈=

b．小球由O點到OP中點；根據(jù)動能定理得：

mgx-=-0

小球由O點到P點；根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：

mg?2x=

解得v=g

答：

（1）證明見上．

（2）a、小球從O運動到任意位置x的過程中彈力所做的功W是-，以及小球在此位置時彈簧的彈性勢能E彈是．

b．已知小球質(zhì)量為m．小球經(jīng)過OP中點時瞬時速度的大小v是g．31、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)惠更斯原理畫出波面C1D1與C2D2；根據(jù)幾何關(guān)系得到入射角正弦和折射角的正弦．結(jié)合光傳播距離公式s=vt求解．

（2）根據(jù)光線在兩種介質(zhì)中的速度之比為入射角和折射角的正弦之比，通過幾何關(guān)系求出A1C1B1和A2C2B2的長度相差的距離【解析】【解答】解：（1）證明：如圖，根據(jù)惠更斯原理畫出波面C1D1與C2D2．

在RT△C1D1C2和RT△C2D2C1中：∠C2C1D1=θ1，∠C1C2D2=θ2；有：

，

又因為D1C2=v1t，C1D2=v2t

所以聯(lián)立各式得：得證。

（2）根據(jù)，v1：v2=4：3和θ1=53°得：θ2=37°

所以C1C2=1.0m，D1C2=0.8m，C1D2=0.6m

所以A1C1B1與A2C2B2的長度相差：△r=D1C2-C1D2=0.2m

答：（1）證明見上．

（2）A1C1B1與A2C2B2的長度相差0.2m．32、略

【分析】【分析】將小船渡河的運動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向的兩個分運動；在兩個方向上都做勻速直線運動，因此不能垂直到達(dá)對岸；

再根據(jù)分運動和合運動具有等時性求出渡河的時間；