2025年人教版（2024）高三物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版（2024）高三物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，一段導(dǎo)線abcd位于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于紙面向里．線段ab、bc和cd的長度均為L，且∠abc=∠bcd=135°．經(jīng)過導(dǎo)線的電流為I，方向如圖中箭頭所示，則導(dǎo)線abcd段所受到的磁場作用力的合力為（）A.方向沿紙面向上，大小為（+1）BILB.方向沿紙面向上，大小為（-1）BILC.方向沿紙面向下，大小為（+1）BILD.方向沿紙面向下，大小為（-1）BIL2、如圖甲所示，A、B是一條電場線上的兩點(diǎn)，若在某點(diǎn)釋放一初速度為零的電子，電子僅受電場力作用，從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，其速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，則（）A.A點(diǎn)的場強(qiáng)大于B點(diǎn)B.電子在A點(diǎn)受到的電場力小于B點(diǎn)C.A點(diǎn)的電勢高于B點(diǎn)D.電子在A點(diǎn)的電勢能小于B點(diǎn)3、關(guān)于物質(zhì)的波粒二象性，下列說法中不正確的是（）A.不僅光子具有波粒二象性，一切運(yùn)動(dòng)的微粒都具有波粒二象性B.運(yùn)動(dòng)的微觀粒子與光子一樣，當(dāng)它們通過一個(gè)小孔時(shí)，都沒有特定的運(yùn)動(dòng)軌道C.波動(dòng)性和粒子性，在宏觀現(xiàn)象中是矛盾的、對立的，但在微觀高速運(yùn)動(dòng)的現(xiàn)象中是統(tǒng)一的D.實(shí)物的運(yùn)動(dòng)有特定的軌道，所以實(shí)物不具有波粒二象性4、現(xiàn)有k個(gè)氫原子被激發(fā)到量子數(shù)為3的能級上，若這些受激氫原子最后都回到基態(tài)，則在此過程中發(fā)出的光子總數(shù)是多少？假定處在量子數(shù)為n的激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷到各較低能級的原子數(shù)都是處在該激發(fā)態(tài)能級上的原子總數(shù)的（）A.B.kC.D.2k5、【題文】將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在一可自由壓縮的導(dǎo)熱容器中，將容器緩慢移到海水某深處，氣體體積減為原來的一半。若不計(jì)溫度的變化。則此過程中（）A.分子之間相互作用力變大B.封閉氣體分子的平均動(dòng)能增大C.封閉氣體將從海水那里放熱D.封閉氣體的內(nèi)能將增加6、潮汐能是一種很有潛力的待開發(fā)的新能源.

圖是雙向潮汐發(fā)電站示意圖．

(a)

漲潮時(shí)；水經(jīng)通道進(jìn)入海灣，待內(nèi)外水位高度相同，堵住通道，潮落至最低時(shí)放水發(fā)電如圖。

(b).

待內(nèi)外水面高度相同；再堵住通道，直到下次漲潮至最高點(diǎn)，再放水發(fā)電如圖。

(c).

設(shè)海灣面積為S

漲潮與落潮水位差為h

海水密度為婁脩

則一次漲；落潮可以發(fā)電的海水勢能為(

)

A.婁脩Sh2

B.婁脩Sh22

C.婁脩Sh2g

D.婁脩Sh2g2

7、2014年8月3日，云南省魯?shù)榭h發(fā)生6.5級強(qiáng)震，在一次地震救援中，武警隊(duì)員從靜止在空氣中的直升機(jī)上順著長為24m的纜繩沿豎直方向下滑到地面上，假設(shè)該隊(duì)員由靜止開始先勻加速再勻減速下滑，滑到地面時(shí)速度恰好為零．如果他加速時(shí)的加速度大小是減速時(shí)的2倍，下滑的總時(shí)間為6s，取g=10m/s2，下列說法正確的是（）A.下滑過程中的最大速度為6m/sB.加速與減速過程的時(shí)間之比為2：1C.加速與減速過程的位移之比為1：4D.加速與減速過程中受摩擦力大小之比為1：28、如圖示，質(zhì)量為m的物體靜止在傾角為θ的斜面上，物體與斜面間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，現(xiàn)使斜面體向右勻速運(yùn)動(dòng)位移l，則斜面對物體的支持力對物體做功為（）A.0B.-mglsinθcos2θC.-mglcos2θD.-mglsinθcosθ評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、表是某駕駛員駕駛汽車在公路上行駛的一組數(shù)據(jù)；則（）

。車速（km/h）反應(yīng)距離（m）剎車距離（m）停車距離（m）3651015A.該駕駛員的反應(yīng)時(shí)間為0.1sB.該駕駛員的反應(yīng)時(shí)間為0.5sC.汽車剎車時(shí)產(chǎn)生的加速度大小為5m/s2D.汽車從開始剎車到停下來所用時(shí)間為2s10、下列關(guān)于機(jī)械能守恒定律的說法中正確的有（）A.在只有重力和彈力做功的系統(tǒng)中機(jī)械能是守恒的B.物體不只受重力或彈力作用還受其它力作用，但其它力不做功時(shí)機(jī)械能是守恒的C.物體沿光滑曲面滑下時(shí)其機(jī)械能是守恒的D.飛船在發(fā)射升空的階段其機(jī)械能是守恒的11、等量異種點(diǎn)電荷的連線和其中垂線如圖所示，現(xiàn)將一個(gè)帶負(fù)電的檢驗(yàn)電荷先從圖中a點(diǎn)沿直線移到b點(diǎn)，再從b點(diǎn)沿直線移到c點(diǎn)．則檢驗(yàn)電荷在此全過程中（）A.所受電場力的方向不變B.所受電場力的大小恒定C.電勢能一直減小D.電勢能先不變后減小12、如圖，固定的光滑斜面傾角為θ．質(zhì)量為m的物體由靜止開始，從斜面頂端滑到底端，所用時(shí)間為t．在這一過程中（）A.物體所受支持力的沖量為0B.物體所受支持力的沖量大小為mgcosθ?tC.物體所受重力的沖量大為mg?tD.物體動(dòng)量的變化量大小為mgsinθ?t13、在以下實(shí)驗(yàn)中，說法正確的有（）A.在《多用電表測量電阻》的實(shí)驗(yàn)中，發(fā)現(xiàn)偏轉(zhuǎn)角太小，需要換成更大倍率的檔位，然后直接測量B.在《探究加速度和力的關(guān)系》的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)為了保證質(zhì)量不變，他認(rèn)為可以把小車?yán)锏捻来a取出來放到懸掛的沙桶中，以沙桶的總重力當(dāng)作系統(tǒng)的合外力C.某同學(xué)在做《驗(yàn)證力的平行四邊形定則》時(shí)，彈簧秤的外殼與紙面間接觸且有摩擦，該同學(xué)認(rèn)為不會(huì)影響實(shí)驗(yàn)結(jié)果D.某同學(xué)在《探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系》的實(shí)驗(yàn)中，該同學(xué)直接將彈簧的長度當(dāng)成了彈簧的形變量，作出F-x圖象，發(fā)現(xiàn)直線并不通過坐標(biāo)原點(diǎn)，他認(rèn)為該圖象的斜率仍等于彈簧的勁度系數(shù)的大小評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、升降機(jī)天花板上用細(xì)線吊著小球，當(dāng)升降機(jī)靜止時(shí)剪斷吊線到球落地經(jīng)歷0.6s．若升降機(jī)以10m/s速度勻速上升時(shí)剪斷吊線到球落地經(jīng)歷時(shí)間____s，此時(shí)在升降機(jī)里看小球是____運(yùn)動(dòng)，在升降機(jī)外的地面上看小球是____運(yùn)動(dòng)．若升降機(jī)以5m/s2加速上升時(shí)剪斷吊線到小球落地經(jīng)歷____s．15、一段導(dǎo)體兩端電壓是4V，在2min內(nèi)通過導(dǎo)體某一橫截面積的電量是15C，那么這段導(dǎo)體的電阻應(yīng)是____Ω？16、今年以來，杭州市出現(xiàn)持續(xù)性降雨天氣．據(jù)統(tǒng)計(jì)，1月1日至3月8日，全市累計(jì)平均面雨量357.7mm，單站最大降雨淳安九龍水庫雨量為505.0mm；其中3月1日至8日，全市累計(jì)平均面雨量121.5mm，單站最大降雨淳安白馬雨量202.0mm．這個(gè)時(shí)候雨傘就顯得尤為重要，相信同學(xué)們在這段時(shí)間都深有體會(huì)吧．浙大附中某老師使用的是金盾11發(fā)放的雨傘，假設(shè)某一時(shí)刻這位老師以恒定角速度ω旋轉(zhuǎn)豎直放置的傘柄，傘面邊緣距離傘柄的水平距離為r，傘面邊緣距離地面的高度為h，則從傘面邊緣飛出的雨滴的速度大小為____，該雨滴的落地點(diǎn)距離雨傘中心的水平距離為____．（重力加速度為g）17、一個(gè)物體初位置的坐標(biāo)是3m，末位置的坐標(biāo)是-2m，它的坐標(biāo)變化量為____；它的位移的大小是____．18、（2011?德州二模）（1）位于坐標(biāo)原點(diǎn)的波源S產(chǎn)生一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，波速v=40m/s，已知t=0時(shí)刻波剛好傳播到x=13m處，部分波形如圖所示．則波源S起振時(shí)的振動(dòng)方向沿y軸____方向（“正”或“負(fù)”）其振動(dòng)的周期為____s．

（2）在實(shí)驗(yàn)室中，一位同學(xué)采用以下方式測出了鑲嵌在某實(shí)驗(yàn)器材上的玻璃磚厚度：如圖所示，讓一束激光由空氣射到玻璃磚表面上的A點(diǎn)，經(jīng)下表面反射后，從上表面的B點(diǎn)射出，測得入射角為θ=45°，A、B兩點(diǎn)間的距離為l=2cm，已知玻璃的折射率為n=．求玻璃磚的厚度d．（結(jié)果可用根號表示）19、質(zhì)量為m

的物體靜止放置在平板上，平板傾角婁脠

從0鈭?

緩慢增大到90鈭?

如圖(a)

所示，物體所受摩擦力f

與婁脠

的關(guān)系如圖(b)

所示，己知最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等，則婁脠1

值為______，物體與板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為______．20、（2015秋?海門市校級期中）一半圓柱形題目物體橫截面如圖所示，地面AOB鍍銀（圖中粗線），O表示半圓截面的圓心，一束光線在后面內(nèi)從M點(diǎn)入射，經(jīng)過AB面反射后從N點(diǎn)射出．圓柱光線在M點(diǎn)的入射角為30°，∠MON=60°，∠NOB=30°，則光線在M點(diǎn)的折射角等于____，該題目物體的折射率n=____．21、（2011秋?富平縣校級期中）如圖所示的電路中，當(dāng)開關(guān)S1、S2均斷開和均閉合時(shí)，燈泡L都同樣正常發(fā)光．定出以下兩種情況下流經(jīng)燈泡的電流方向，即S1、S2均開啟時(shí)____；S1、S2均閉合時(shí)____．（填“a→b”或“b→a”）評卷人得分四、畫圖題(共2題，共6分)22、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時(shí)刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時(shí)的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）23、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】當(dāng)磁場方向與電流方向垂直時(shí)，由安培力F=BIL，根據(jù)電流的大小可求出各段安培力大小，由左手定則判定安培力方向，再根據(jù)平行四邊形定則，對安培力進(jìn)行分解即可解得．【解析】【解答】解：由安培力公式F=BIL，與左手定則，可得ab段導(dǎo)線的安培力方向垂直于導(dǎo)線與磁感線構(gòu)成的平面并斜向左．同理cd段導(dǎo)線的安培力方向垂直于導(dǎo)線與磁感線構(gòu)成的平面并斜向右．因此由平行四邊形定則對這兩個(gè)安培力進(jìn)行分解，可得沿bc段方向的安培力分力正好相互平衡，所以ab段與cd段導(dǎo)線的安培力的合力為BIL，方向豎直向上；而bc段安培力的大小為BIL；方向是豎直向上．

則導(dǎo)線段abcd所受到的磁場的作用力的合力大小為（+1）BIL；方向是豎直向上．

故選：A2、B【分析】【分析】根據(jù)電子的運(yùn)動(dòng)方向，確定電場力的方向．場強(qiáng)方向與電子所受電場力方向相反，從而可判斷出電場強(qiáng)度方向．根據(jù)場強(qiáng)方向判斷電勢的高低．由速度圖象的斜率讀出加速度的變化情況，確定場強(qiáng)的變化情況．根據(jù)能量守恒，分析電勢能的變化．【解析】【解答】解：

A、B：速度時(shí)間圖象的斜率等于加速度，由圖可知：電子做初速度為零的加速度增大的加速直線運(yùn)動(dòng)．加速度增大，說明電子所受電場力增大，電子在A點(diǎn)受到的電場力小于B點(diǎn)．由F=qE可知，電場強(qiáng)度增大，A點(diǎn)的場強(qiáng)小于B點(diǎn)，即EA＜EB．故A錯(cuò)誤；B正確．

C、電子由靜止開始沿電場線從A運(yùn)動(dòng)到B，電場力的方向從A到B，而電子帶負(fù)電，則場強(qiáng)方向從B到A，根據(jù)順著電場線電勢降低可知，A點(diǎn)的電勢低于B點(diǎn)電勢，即φA＜φB．故C錯(cuò)誤．

D、由速度圖象看出，電子的速度增大，動(dòng)能增大，根據(jù)能量守恒得知，電子的電勢能減小，則電子在A點(diǎn)的電勢能大于B點(diǎn)，即?A＞?B．故D錯(cuò)誤．

故選：B3、D【分析】【分析】一切物質(zhì)都具有波粒二象性，波動(dòng)性和粒子性，在宏觀現(xiàn)象中是矛盾的、對立的，但在微觀高速運(yùn)動(dòng)的現(xiàn)象中是統(tǒng)一的；它們沒有特定的運(yùn)動(dòng)軌道．【解析】【解答】解：光具有波粒二象性是微觀世界具有的特殊規(guī)律；大量光子運(yùn)動(dòng)的規(guī)律表現(xiàn)出光的波動(dòng)性，而單個(gè)光子的運(yùn)動(dòng)表現(xiàn)出光的粒子性．光的波長越長，波動(dòng)性越明顯，光的頻率越高，粒子性越明顯．而宏觀物體的德布羅意波的波長太小，實(shí)際很難觀察到波動(dòng)性，不是不具有波粒二象性．故D選項(xiàng)是錯(cuò)誤，ABC正確；

本題選擇錯(cuò)誤的，故選：D．4、C【分析】【分析】根據(jù)題目給出的信息：處在量子數(shù)為n的激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷到各較低能級的原子數(shù)都是處在該激發(fā)態(tài)能級上的原子總數(shù)的進(jìn)行求解，分別求從n=3出躍遷到n=2、1原子數(shù)即為產(chǎn)生光子數(shù)，然后求出從n=2出躍遷到n=1時(shí)產(chǎn)生光子數(shù)，最后求和即可．【解析】【解答】解：n=3躍遷到n=2，1發(fā)出的光子數(shù)分別為；總數(shù)為k．

在n=2能級有個(gè)氫原子，躍遷到n=1發(fā)出的光子數(shù)為個(gè)．

總數(shù)n=．故C正確；A；B、D錯(cuò)誤．

故選C．5、C【分析】【解析】理想氣體忽略分子間作用力，即分子勢能不考慮，因?yàn)槿萜魇菍?dǎo)熱的，海水溫度不變，則氣體溫度不變，溫度是氣體分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，氣體體積減為原來的一半，外界對氣體做功內(nèi)能增大溫度升高，氣體會(huì)從海水里放熱，穩(wěn)定后溫度不變，內(nèi)能不變，選C【解析】【答案】C6、C【分析】解：一次漲落潮時(shí)經(jīng)過發(fā)電機(jī)的流的質(zhì)量為：m=婁脩V=婁脩hs

重心高度為h2

則可知，可以發(fā)電的海水勢能為：Ep=2mg隆脕h2=婁脩Sh2g

故選：C

．

明確一次漲落潮時(shí)有兩次發(fā)電過程；兩次發(fā)電中經(jīng)過的水量相同；根據(jù)重力勢能的定義可明確兩次發(fā)電的重力勢能．

本題考查重力勢能的定義，要注意明確重力勢能的定義，并能根據(jù)重心的位置判斷重力勢能的變化．【解析】C

7、D【分析】【分析】由平均速度公式求解最大速度．根據(jù)速度公式研究加速與減速過程的時(shí)間之比．根據(jù)牛頓第二定律研究摩擦力之比．【解析】【解答】解；A、設(shè)最大速度為v，根據(jù)平均速度的推論有：，解得v=；故A錯(cuò)誤．

B、設(shè)加速與減速過程的時(shí)間分別為t1、t2，加速度大小分別為a1、a2．則v=a1t1，v=a2t2，得到t1：t2=a2：a1=1：2．故B錯(cuò)誤．

C、勻加速運(yùn)動(dòng)位移為：x1=，勻減速運(yùn)動(dòng)的位移，則x1：x2=1：2．故C錯(cuò)誤．

D、由t1：t2=1：2，又t1+t2=6s，得到t1=2s，t2=4s，a1=4m/s2，a2=2m/s2；

根據(jù)牛頓第二定律，加速過程：mg-f1=ma1，f1=mg-ma1=6m

減速過程：f2-mg=ma2，f2=mg+ma2=12m所以f1：f2=1：2．故D正確；

故選：D．8、D【分析】【分析】對物體受力分析，可以求得支持力大小，再由功的公式即可求得對物體做的功的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w處于靜止；對物體受力分析可得；

在豎直方向mg=Ncosθ+fsinθ

在水平分析Nsinθ=fcosθ

解得N=mgcosθ

支持力與豎直方向的夾角為θ；

支持力做的功為：WN=-Nsinθ?s=-mgssinθcosθ；

故選：D．二、多選題(共5題，共10分)9、BCD【分析】【分析】汽車在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，剎車后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)合反應(yīng)時(shí)間內(nèi)距離求出反應(yīng)的時(shí)間，結(jié)合速度位移公式求出剎車時(shí)的加速度大小．根據(jù)速度時(shí)間公式求出剎車到停下來的時(shí)間．【解析】【解答】解：A、36km/h=10m/s，駕駛員的反應(yīng)時(shí)間為：；故A錯(cuò)誤，B正確．

C、根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式得：a=；故C正確．

D、汽車從開始剎車到停下的時(shí)間問問：．故D正確．

故選：BCD．10、ABC【分析】【分析】機(jī)械能包括動(dòng)能、重力勢能和彈性勢能，重力勢能是相對的，可正也可負(fù)；機(jī)械能守恒的條件是：只有重力或彈簧的彈力做功．對照機(jī)械能守恒進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：

A；在只有重力和彈力做功的系統(tǒng)中；只發(fā)生動(dòng)能和勢能的相互轉(zhuǎn)化，機(jī)械能是守恒的，故A正確．

B；物體不只受重力或彈力作用還受其它力作用；但其它力不做功時(shí)，根據(jù)功能關(guān)系可知機(jī)械能是守恒的，故B正確．

C；物體沿光滑曲面滑下時(shí)；曲面的支持力對物體不做功，只有重力做功，其機(jī)械能是守恒的，故C正確．

D；飛船在發(fā)射升空的階段；推力做功，其機(jī)械能是不守恒的，故D錯(cuò)誤．

故選：ABC．11、AD【分析】【分析】本題要根據(jù)等量異種電荷周圍電場線分布情況進(jìn)行解答．在如圖所示的電場中，等量異種電荷連線上的電場方向是相同的，由+Q指向-Q；兩電荷連線上的電場強(qiáng)度大小關(guān)于O點(diǎn)對稱，兩電荷連線的中垂線是一條等勢線．根據(jù)電場力做功的正負(fù)，判斷電勢能的變化．【解析】【解答】解：等量異種電荷周圍的電場分布如圖：

A、根據(jù)等量異種電荷周圍的電場線分布可知：ab連線上電場的方向向下；兩個(gè)電荷連線上電場方向向下，而負(fù)電荷所受的電場力方向與電場方向相反，所以帶電粒子所受電場力的方向不變．故A正確．

B、在ab線上，a點(diǎn)的場強(qiáng)小于b的場強(qiáng)．在兩點(diǎn)連線上，c點(diǎn)的場強(qiáng)大于b的場強(qiáng)，即知a點(diǎn)場強(qiáng)最小，c的場強(qiáng)最大，由F=qE可知，檢驗(yàn)電荷先從圖中a點(diǎn)沿直線移到b點(diǎn)，再從b點(diǎn)沿直線移到c點(diǎn)；受到的電場力一直增大．故B錯(cuò)誤；

C、a、b為一條等勢線，所以a、b電勢相等．a(chǎn)到b的過程中試探電荷的電勢能不會(huì)變化．從b到c；電場力做正功，電勢能減小，故C錯(cuò)誤．

D、a到b過程，電場力不做功，檢驗(yàn)電荷的電勢能不變；從b到c；電場力做正功，電勢能減小，故D正確．

故選：AD．12、BCD【分析】【分析】沖量等于力乘以時(shí)間；合外力的沖量等于動(dòng)量的變化，此題中的合外力為mgsinθ．【解析】【解答】解：A；B、對物體受力分析；受重力、支持力，由于合力平行斜面向下，故支持力等于重力的垂直分力，為mgcosθ，故支持力的沖量為mgcosθ?t，故A錯(cuò)誤，B正確；

C；物體所受重力的沖量大為mg?t；故C正確；

D；物體受重力、支持力；合力為mgsinθ，平行斜面向下，根據(jù)動(dòng)量定理，有：mgsinθ?t=mv；

故物體動(dòng)量的增加量大小為mgsinθ?t；故D正確；

故選BCD．13、BD【分析】【分析】歐姆表換擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，以小車和沙桶以及砝碼作為整體，作為研究對象，可以把小車?yán)锏捻来a取出來放到懸掛的沙桶中，則系統(tǒng)的總質(zhì)量不變，根據(jù)F=k△x=k（x-x0）=kx-kx0判斷F-x圖象斜率的含義．【解析】【解答】解：A；在《多用電表測量電阻》的實(shí)驗(yàn)中；發(fā)現(xiàn)偏轉(zhuǎn)角太小，需要換成更大倍率的檔位，換擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，然后再測量，故A錯(cuò)誤；

B；把小車?yán)锏捻来a取出來放到懸掛的沙桶中；則系統(tǒng)的總質(zhì)量不變，以小車和沙桶以及砝碼作為整體，作為研究對象，以沙桶的總重力當(dāng)作系統(tǒng)的合外力，故B正確；

C；彈簧秤的外殼與紙面間接觸且有摩擦；則彈簧秤的示數(shù)不等于繩子拉力，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)F=k△x=k（x-x0）=kx-kx0；則畫出的F-x圖象的斜率仍等于彈簧的勁度系數(shù)的大小，故D正確．

故選：BD．三、填空題(共8題，共16分)14、0.6自由落體豎直上拋0.49【分析】【分析】以升降機(jī)為參考系，螺絲帽突然松脫后做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)位移時(shí)間公式即可求解．【解析】【解答】解：當(dāng)升降機(jī)靜止時(shí)剪斷吊線到球落地經(jīng)歷0.6s；

以勻速運(yùn)動(dòng)的升降機(jī)為參考系；螺絲帽突然松脫后做自由落體運(yùn)動(dòng)，所以剪斷吊線到球落地經(jīng)歷時(shí)間仍然是0.6s；而在升降機(jī)外的地面上看小球是自由落體運(yùn)動(dòng)；

根據(jù)h=得：m

若升降機(jī)以5m/s2加速上升時(shí)；升降機(jī)不再是慣性參考系，但是仍然可以以升降機(jī)為參考系，此時(shí)，小球相對于升降機(jī)的加速度是二者相對地面的加速度的和，即：

所以：

得：s

故答案為：0.6，自由落體，豎直上拋，0.4915、32【分析】【分析】根據(jù)在2min內(nèi)通過導(dǎo)體某一橫截面積的電量是15C，由公式I=求出電流．已知導(dǎo)體兩端的電壓是4V，再歐姆定律求解導(dǎo)體的電阻．【解析】【解答】解：由公式I=得；導(dǎo)體中的電流為。

I=A=0.125A

根據(jù)歐姆定律I=得。

導(dǎo)體的電阻為R=Ω=32Ω

故答案為：3216、rω【分析】【分析】根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系求出傘面邊緣的線速度的大小；根據(jù)高度求出平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合初速度和時(shí)間求出水平距離，通過幾何關(guān)系求出傘面邊緣上甩出去的水滴落在水平地面上形成的圓的半徑．【解析】【解答】解：由線速度與角速度的關(guān)系；得雨滴離開傘邊緣時(shí)的速度為：

v=rω

雨滴離開傘后做平拋運(yùn)動(dòng)．其下落時(shí)間為：

t=

水平運(yùn)動(dòng)距離為：

x=v0t=rω

這個(gè)大圓的半徑如圖所示；由幾何關(guān)系可知：

R==

故答案為：rω，．17、-5m5m【分析】【分析】建立直線坐標(biāo)系之后，物體的位置與坐標(biāo)系上的數(shù)值向?qū)?yīng)，從初位置到末位置的有向線段為物體的位移．【解析】【解答】解：由題意可知坐標(biāo)的變化量。

△x=xB-xA=-2-3=-5m

位移大小等于位置坐標(biāo)的變化量；所以位移的大小是5m．

故答案為：-5m、5m18、正0.2【分析】【分析】根據(jù)波的傳播方向可確定出x=13m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向；即為波源的起振方向．由圖讀出，由波速公式求出周期．

作出光路圖，根據(jù)折射定律和反射定律以及幾何知識，可求出玻璃磚的厚度d．【解析】【解答】解：（1）簡諧橫波沿x軸正方向傳播；t=0時(shí)刻x=13m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向沿y軸正方向；

則波源S起振時(shí)的振動(dòng)方向沿y軸正方向．

由圖波長λ=8m，得到周期T==0.2

（2）設(shè)激光從上表面射入時(shí)的折射角為γ；

由折射定律；得

n=

由幾何關(guān)系得到

sinγ=

解得

d==

答：（1）正；0.2s

（2）玻璃磚的厚度d==19、略

【分析】解：婁脠

在0鈭?婁脠1

之間時(shí)；f

是靜摩擦力，大小為mgsin婁脠1

婁脠

在婁脠1鈭?90鈭?

之間時(shí)；f

是滑動(dòng)摩擦力，大小為婁脤mgcos婁脠1

綜合以上分析得其Ff

與婁脠

關(guān)系如圖中實(shí)線所示；

物體在平板上恰好開始滑動(dòng)的臨界條件是：

mgsin婁脠1=婁脤mgcos婁脠1=mg2

解得：婁脠=30鈭?

故有：婁脤=tan婁脠1=33

故答案為：30鈭?33

．

物體受重力；支持力和摩擦力；開始時(shí)不滑動(dòng)，是靜摩擦力，根據(jù)平衡條件列式求解靜摩擦力表達(dá)式分析