2025年人教新起點(diǎn)高三物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教新起點(diǎn)高三物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一根阻值為R的均勻電阻絲，長(zhǎng)為L(zhǎng)，橫截面積為S，設(shè)溫度不變，在下列哪些情況下其電阻值仍為R？（）A.當(dāng)L不變，S增大一倍時(shí)B.當(dāng)S不變，L增大一倍時(shí)C.當(dāng)L和S都縮為原來(lái)的時(shí)D.當(dāng)L和橫截面的半徑都增大一倍時(shí)2、下列不屬于一次能源的是（）A.煤炭B.電力C.天然氣D.風(fēng)力3、如圖所示，是一火警報(bào)警期器的一部分電路示意圖．其中R2為用半導(dǎo)體熱敏材料（其阻值隨溫度的升高而迅速減?。┲瞥傻膫鞲衅鳎娏鞅鞟為值班室的顯示器，a、b之間接報(bào)警器．當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時(shí)，顯示器A的電流I、報(bào)警器兩端的電壓U的變化情況是（）A.I變大，U變大B.I變小，U變小C.I變小，U變大D.I變大，U變小4、質(zhì)點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)落地速度大小為30m/s，則落地前1秒（已拋出）的速度大小可能為：（已知g=10m/s2）（）A.18m/sB.19m/sC.20m/sD.21m/s5、甲乙兩個(gè)小物體，甲的重力是乙的3倍，他們從同一高度處同時(shí)自由下落（不計(jì)空氣阻力），則下列說(shuō)法中正確的是（）A.甲比乙先著地B.甲乙同時(shí)著地C.甲的加速度比乙大D.無(wú)法確定誰(shuí)先著地6、下列用電器中，銘牌上標(biāo)有的電功率就等于它的熱功率的是（）A.電風(fēng)扇B.電動(dòng)機(jī)C.電視機(jī)D.電熨斗評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、（2016?衡水模擬）在宇宙飛船上測(cè)物體的質(zhì)量沒(méi)有地球上那么容易．宇航員取來(lái)一個(gè)帶孔的金屬小球、一只彈簧測(cè)力計(jì)、一個(gè)帶孔的內(nèi)壁光滑的金屬手柄、一段細(xì)尼龍線、一把刻度尺和一塊秒表．他先將細(xì)尼龍線的一端打一個(gè)結(jié)，在線上標(biāo)出一個(gè)位置并測(cè)出該標(biāo)記點(diǎn)與結(jié)點(diǎn)間的距離L，然后將細(xì)尼龍線穿過(guò)金屬小球（結(jié)點(diǎn)在球心處）和光滑金屬手柄后連接到測(cè)力計(jì)上．現(xiàn)用手慢慢搖動(dòng)手柄使金屬球在如圖（a）所示的平面內(nèi)穩(wěn)定轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，細(xì)尼龍線的標(biāo)記位置恰位于手柄上端口處，此時(shí)測(cè)力計(jì)的示數(shù)F如圖（b）所示；同時(shí)另一宇航員用秒表記錄了小球轉(zhuǎn)動(dòng)N圈所用的時(shí)間t，回答下列問(wèn)題：

（1）圖（b）中測(cè)力計(jì)示數(shù)F的大小為_(kāi)___．

（2）金屬小球質(zhì)量的表達(dá)式為_(kāi)___（用題中所給的字母表示）．

（3）若用手慢慢搖動(dòng)手柄使金屬球在如圖（c）所示的平面內(nèi)穩(wěn)定轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，則測(cè)力計(jì)所測(cè)作用力F的大小將會(huì)____（填“穩(wěn)定不變”或“周期性變化”）．8、（2013春?曲靖校級(jí)月考）如圖所示O1軸上有兩個(gè)轉(zhuǎn)動(dòng)輪，大輪半徑為2r，小輪的半徑為r，輪O2的半徑為r；對(duì)于輪緣上的A；B、C三點(diǎn)，則：

ωA：ωB：ωC=____；

VA：VB：VC=____．9、某發(fā)電廠用2.2kV的電壓將電能輸送到遠(yuǎn)處的用戶，后改用22kV的電壓，在既有輸電線路上輸送同樣的電功率．前后兩種輸電方式消耗在輸電線上電功率之比為_(kāi)___．要將2.2kV的電壓升高至22kV，若變壓器原線圈的匝數(shù)為180匝，則副線圈的匝數(shù)應(yīng)該是____匝．10、（2011春?徐州期末）如圖所示，將一個(gè)用電池做電源的蜂鳴器固定在長(zhǎng)竹竿的一端，閉合開(kāi)頭后能夠聽(tīng)到它發(fā)出的聲音，設(shè)該蜂鳴器發(fā)出聲音的頻率為f0，甲同學(xué)用竹竿把蜂鳴器舉過(guò)頭頂快速轉(zhuǎn)動(dòng)，使蜂鳴器做圓周運(yùn)動(dòng)，圓心在人的正上方，則甲聽(tīng)到的聲音頻率與的關(guān)系為f1____f0（選填“＞”、“＜”或“=”）．在離甲15米遠(yuǎn)處的乙同學(xué)____（選填“能”或“不能”）觀察到多普勒效應(yīng)．11、如圖所示，將燒瓶?jī)?nèi)水沸騰時(shí)所產(chǎn)生的水蒸氣通入試管A中，試管A放在裝冷水的容器B內(nèi)，過(guò)一段時(shí)間，觀察到試管A中產(chǎn)生的現(xiàn)象是____，同時(shí)看到溫度計(jì)C的示數(shù)升高，這個(gè)實(shí)驗(yàn)說(shuō)明了____．

12、將一個(gè)電荷量為-4×10-9C的點(diǎn)電荷，從零勢(shì)點(diǎn)0點(diǎn)移動(dòng)到A點(diǎn)需克服靜電力做功4×10-9J，則A點(diǎn)的電勢(shì)能EPA=____J，A點(diǎn)的電勢(shì)φA=____V．13、某學(xué)生朝正東方向?qū)⒆闱蛱叱?0米，又被另一同學(xué)向正南方向踢出15米，則足球經(jīng)過(guò)的路程為_(kāi)___米，足球位移的大小為_(kāi)___米．14、（2014春?泉港區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，一條鐵鏈長(zhǎng)為2m，質(zhì)量為10kg，放在水平地面上，拿住一端提起鐵鏈直到鐵鏈全部離開(kāi)地面的瞬間，鐵鏈克服重力做功為_(kāi)___，鐵鏈的重力勢(shì)能變化了____．15、（2010春?海曙區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，在第一個(gè)周期時(shí)間內(nèi)，線圈轉(zhuǎn)到中性面的時(shí)刻為_(kāi)___末，此時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量____（填最大，最小或零．下同），流過(guò)線圈的電流為_(kāi)___．評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)16、只要溫度不變且處處相等，系統(tǒng)就一定處于平衡態(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、非晶體的結(jié)構(gòu)跟液體非常相似，可以看成是黏滯性極大的液體．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、光的衍射現(xiàn)象、偏振現(xiàn)象、色散現(xiàn)象都能體現(xiàn)光具有波動(dòng)性____（判斷對(duì)錯(cuò)）19、封閉在汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的氣體，如果保持氣體體積不變，當(dāng)溫度升高時(shí)，每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、作用在物體上的合外力減小時(shí)，速度也隨之減?。甠___（判斷對(duì)錯(cuò)）21、兩滴水銀相接觸，立即合并到一起以及熔化的蠟從蠟燭上流下來(lái)，冷卻后呈球形，均是由液體表面張力造成的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、直線電流磁場(chǎng)的方向的判斷可以用安培定則：____．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)23、（2012秋?紅河州校級(jí)期末）如圖所示；質(zhì)量為10kg的物體沿傾角為30°的斜面勻速下滑，求：

（1）對(duì)物體進(jìn)行受力分析及力的合成；

（2）物體受到的摩擦力；

（3）物體對(duì)斜面的壓力．24、畫(huà)出下列各圖中的光滑球的受力圖；各圖中的球均處于靜止?fàn)顟B(tài)．

25、物理--物理3-4

湖面上一點(diǎn)O上下振動(dòng)；振幅為0.2m，以O(shè)點(diǎn)為圓心形成圓形水波，如圖所示，A；B、O三點(diǎn)在一條直線上，OA間距離為4.0m，OB間距離為2.4m．某時(shí)刻O(píng)點(diǎn)處在波峰位置，觀察發(fā)現(xiàn)2s后此波峰傳到A點(diǎn)，此時(shí)O點(diǎn)正通過(guò)平衡位置向下運(yùn)動(dòng)，OA間還有一個(gè)波峰．將水波近似為簡(jiǎn)諧波．

（1）求此水波的傳播速度；周期和波長(zhǎng)．

（2）以O(shè)點(diǎn)處在波峰位置為0時(shí)刻，某同學(xué)打算根據(jù)OB間距離與波長(zhǎng)的關(guān)系確定B點(diǎn)在0時(shí)刻的振動(dòng)情況，畫(huà)出B點(diǎn)的振動(dòng)圖象．你認(rèn)為該同學(xué)的思路是否可行？若可行，畫(huà)出B點(diǎn)振動(dòng)圖象；若不可行，請(qǐng)給出正確思路并畫(huà)出B點(diǎn)的振動(dòng)圖象．評(píng)卷人得分五、綜合題(共2題，共8分)26、【題文】甲乙兩物體在同一條直線上沿同一方向運(yùn)動(dòng)，甲以6m/s的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從計(jì)時(shí)時(shí)起，乙在甲后7m處做初速度為為零，加速度為2m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，乙能否追上甲？27、(1)

關(guān)于熱現(xiàn)象和熱學(xué)規(guī)律，下列說(shuō)法中正確的是________(

填正確答案標(biāo)號(hào))

A.只要知道氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)，就可以算出氣體分子的體積B.對(duì)某物體做功，可能會(huì)使該物體的內(nèi)能增加C.密封在體積不變的容器中的氣體，溫度升高，氣體分子對(duì)器壁單位面積上的平均作用力增大D.一定質(zhì)量的100隆忙

的水吸收熱量后變成100隆忙

的水蒸氣，系統(tǒng)的內(nèi)能保持不變E.物體的溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，分子的平均動(dòng)能就越大(2)

如圖所示，豎直放置的足夠長(zhǎng)的密閉氣缸，缸內(nèi)封存著一定質(zhì)量的理想氣體(

氣體質(zhì)量可忽略不計(jì))

缸體質(zhì)量m1=10kg

活塞質(zhì)量m2=2kg

活塞橫截面積S=2隆脕10鈭?3m2

活塞上部由一根細(xì)繩懸掛于天花板上；氣缸下部被一個(gè)勁度系數(shù)k=1隆脕103N/m

的輕彈簧支撐，彈簧剛好壓縮0.02m

整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。封閉在氣缸內(nèi)的氣柱長(zhǎng)L1=0.2m

若外界大氣壓p0=1隆脕105Pag

取10m/s2

彈簧始終在其彈性限度內(nèi)，活塞與氣缸之間摩擦不計(jì)，求(

結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

壟脵

此時(shí)氣缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；壟脷

若將繩剪斷，待氣缸和活塞重新平衡后(

溫度保持不變)

氣缸內(nèi)的氣柱長(zhǎng)改變了多少?

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】根據(jù)電阻定律R=，結(jié)合電阻絲長(zhǎng)度、橫截面積的變化判斷電阻的變化．【解析】【解答】解：A、根據(jù)電阻定律R=，當(dāng)L不變，S增大1倍，則電阻變?yōu)樵瓉?lái)的．故A錯(cuò)誤．

B、根據(jù)電阻定律R=；當(dāng)S不變，L增大一倍時(shí)，電阻變成原來(lái)的2倍．故B錯(cuò)誤．

C、根據(jù)電阻定律R=，當(dāng)L和S都縮為原來(lái)的時(shí)；電阻不變．故C正確．

D、根據(jù)電阻定律R=；橫截面積的半徑增大為原來(lái)的2倍，則橫截面積變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，知電阻變成原來(lái)的一半；故D錯(cuò)誤；

故選：C．2、B【分析】【分析】直接從自然界得到的能源叫一次能源；

通過(guò)一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源．【解析】【解答】解：煤炭；天然氣是直接從自然界得到的；是一次能源；

電力是消耗一次能源得出的；如火力發(fā)電等；是二次能源；

風(fēng)能也是從自然界得到的；是一次能源．

故不屬于一次能源的是電力；

故選：B．3、B【分析】【分析】熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小，先分析電阻的變化，再由閉合電路的歐姆定律可得出電路中電流與電壓U的關(guān)系．【解析】【解答】解：當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時(shí)，熱敏電阻R2的阻值減小，與R3并聯(lián)的電阻減小，則外電路總電阻減?。挥砷]合電路歐姆定律可知，電路中總電流將增大；由U=E-Ir可知，路端電壓減小，則圖中報(bào)警器兩端的電壓U將減?。灰蚩傠娏髟龃?，R1兩端的電壓增大，則并聯(lián)部分的電壓減小，則可知流過(guò)R3中的電流I減?。蔅正確．

故選：B．4、D【分析】【分析】設(shè)初速度為v0，根據(jù)平行四邊形定則求出落地的豎直分速度，結(jié)合速度時(shí)間公式求出前1s末豎直分速度的大小，從而得出前1s末速度的表達(dá)式，通過(guò)表達(dá)式分析求解．【解析】【解答】解：設(shè)初速度為v0，則落地時(shí)豎直分速度；

落地前1s末豎直分速度；

則前1s末的速度v′=；

當(dāng)v0=0；則v′=20m/s，可知落地前1秒（已拋出）的速度大小一定大于20m/s．故D正確，A；B、C錯(cuò)誤．

故選：D．5、B【分析】【分析】?jī)晌矬w在同一高度處同時(shí)自由下落故下落的加速度相同，位移相同，根據(jù)h=gt2即可求得時(shí)間關(guān)系．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律可知mg=ma

物體自由下落時(shí)的加速度a=g

由h=gt2可得。

物體下落的時(shí)間。

t=

由于兩物體在同一高度處同時(shí)自由下落；故兩物體同時(shí)著地．

故選：B．6、D【分析】【分析】當(dāng)用電器為純電阻電路時(shí)，銘牌上標(biāo)有的電功率就等于它的熱功率；當(dāng)為非純電阻電路時(shí)，銘牌上標(biāo)有的電功率就大于它的熱功率．【解析】【解答】解：電風(fēng)扇；電動(dòng)機(jī)，電視機(jī)，為非純電阻用電器，而電熨斗為純電阻用電器，故D正確，ABC錯(cuò)誤。

故選：D二、填空題(共9題，共18分)7、1.80穩(wěn)定不變【分析】【分析】（1）彈簧秤的讀數(shù)的方法與刻度尺的讀數(shù)方法相同；

（2）根據(jù)繩子的拉力提供向心力；寫(xiě)出相應(yīng)的表達(dá)式即可求出；

（3）小球受到的重力提供所飛船做繞地面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，所以重力對(duì)小球在圖（c）所示的平面內(nèi)穩(wěn)定轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)沒(méi)有影響．【解析】【解答】解：（1）彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)需要估讀一位；所以讀數(shù)為1.80N；

（2）由于在宇宙飛船中；重力提供繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，所以對(duì)小球在宇宙飛船內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)沒(méi)有影響，小球受到的繩子的拉力提供向心力，所以：

F=mω2L，又：，T=

聯(lián)立可得：m=

（3）由于飛船內(nèi)的小球處于完全失重狀態(tài)；所以小球在任意平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，線速度的大小不會(huì)發(fā)生變化，小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以需要的向心力不變，．

故答案為：（1）1.80；（2）；（3）穩(wěn)定不變8、1：1：22：1：2【分析】【分析】對(duì)于A與C，由于皮帶不打滑，線速度大小相等．對(duì)于B與A繞同一轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等，由v=ωr研究A與C的角速度關(guān)系，再根據(jù)a=ω2r求出向心加速度之比．【解析】【解答】解：對(duì)于A與B，繞同一轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等，即ωA=ωB．由v=ωr和R1：R2=2：1，所以：vA：vB=R1：R2=2：1

對(duì)于A與C，由于皮帶不打滑，線速度大小相等，即vA=vC．由v=ωr得ωA：ωC=rC：rA=1：2．

由以上的分析，則ωA：ωB：ωC=1：1：2，vA：vB：vC=2：1：2

故答案為：1：1：2；2：1：29、100：11800【分析】【分析】由于電線的電阻不變，相同的功率，以不同的電壓輸送時(shí)，輸送電流也不同．設(shè)輸送功率為P，則有P=U1I1=U2I2，而在電線上損耗功率為P損=I2R，所以有損失的功率與輸送電壓的平方成反比．理想變壓器沒(méi)有能量損失，原副線圈的電壓比等于匝數(shù)比．【解析】【解答】解：設(shè)輸送功率為P，則有P=U1I1=U2I2；

而在電線上損耗功率為P損=I2R=；

所以有損失的功率與輸送電壓的平方成反比；兩種輸電方式的輸送電壓之比為1：10，所以損失功率之比為100：1；

即前后兩種輸電方式消耗在輸電線上的電功率之比為100：1．

理想變壓器沒(méi)有能量損失；原副線圈的電壓比等于匝數(shù)比．所以副線圈的匝數(shù)為原線圈匝數(shù)的10倍，等于1800匝．

故答案為：100：1；180010、=能【分析】【分析】本題考查多普勒效應(yīng)的原理，熟記多普勒的定義即可求解，同時(shí)掌握頻率變化與運(yùn)動(dòng)間的關(guān)系．【解析】【解答】解：多普勒效應(yīng)是指波源或觀察者發(fā)生移動(dòng)；而使兩者間的位置發(fā)生變化，使觀察者收到的頻率發(fā)生了變化；

若波源和觀察都同時(shí)運(yùn)動(dòng)；兩者間相對(duì)靜止時(shí)，是不能觀察到多普勒效應(yīng)的，因此甲聽(tīng)到的聲音頻率是不變的．

離甲15米遠(yuǎn)處的乙同學(xué)；由于兩者間距發(fā)生變化了，所以能觀察到多普勒效應(yīng)．

故答案為：=、能11、產(chǎn)生水珠液化放熱【分析】【解答】燒瓶中水沸騰時(shí)產(chǎn)生的大量水蒸氣進(jìn)入容器A中，容器A放在裝有冷水的容器B中，容器A的溫度也比較低，通入容器A中的水蒸氣受冷就會(huì)液化；形成小水珠，附著在試管壁上；水蒸氣液化時(shí)要放出熱量；

故答案為：產(chǎn)生水珠；液化放熱。

【分析】沸騰是一種劇烈的汽化現(xiàn)象，可以產(chǎn)生大量的水蒸氣，水蒸氣受冷就會(huì)液化，形成小水珠；水蒸氣受冷液化時(shí)要放熱．12、4×10-9-1【分析】【分析】根據(jù)電荷克服靜電力做功多少，電勢(shì)能增加多少，確定M點(diǎn)電勢(shì)能EPM．由電勢(shì)的定義式求電勢(shì)．【解析】【解答】解：電荷量為-4×10-9C的點(diǎn)電荷從零電勢(shì)點(diǎn)O移到A點(diǎn)要克服靜電力做功4×10-9J，其電勢(shì)能增加4×10-9J，則A點(diǎn)電勢(shì)能為：EPA=4×10-9J；

A點(diǎn)電勢(shì)為：φA==V=-1V；

故答案為：4×10-9，-1．13、3525【分析】【分析】位移的大小等于首末位置的距離，路程等于運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度．【解析】【解答】解：物體在水平面上向正東方向運(yùn)動(dòng)了20m，然后又向正南方向運(yùn)動(dòng)了15m，位移的大小為：x==25m；路程為：s=20+15m=35m．

故答案為：35，25．14、100J增加了100J【分析】【分析】克服重力做功，物體的重力勢(shì)能增加，增加的重力勢(shì)能等于克服重力做的功，由功的計(jì)算公式分析答題．【解析】【解答】解：克服重力做的功W=△EP=mgh=10×10×=100J；

即克服重力做功為100J；重力勢(shì)能增加了100J；

故答案為：100J；增加了100J．15、0s或0.04s最大最小【分析】【分析】根據(jù)線圈經(jīng)過(guò)中性面時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最小，磁通量最大，結(jié)合感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與時(shí)間關(guān)系圖象，即可求解．【解析】【解答】解：線圈在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)；當(dāng)線圈經(jīng)過(guò)中性面時(shí)，磁通量最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最小，因此根據(jù)圖象可知，在0或者0.04s，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最小，感應(yīng)電流也最小，則磁通量最大；

故答案為：0或0.04s；最大；最?。⑴袛囝}(共7題，共14分)16、×【分析】【分析】首先知道平衡態(tài)和熱平衡的定義，知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據(jù)；據(jù)此分析判斷即可．【解析】【解答】解：一般來(lái)說(shuō)；平衡態(tài)是針對(duì)某一系統(tǒng)而言的，描述系統(tǒng)狀態(tài)的參量不只溫度一個(gè)，還與體積壓強(qiáng)有關(guān)，當(dāng)溫度不變時(shí)，系統(tǒng)不一定處于平衡態(tài)．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×17、√【分析】【分析】液體微觀結(jié)構(gòu)理論：

（1）液體分子的排列更接近于固體；是密集在一起的，因而液體具有一定的體積，不易被壓縮。

（2）液體分子之間的相互作用不像固體中的微粒那樣強(qiáng)；液體分子只在很小的區(qū)域內(nèi)做有規(guī)則的排列，這種區(qū)域是暫時(shí)形成的，邊界和大小隨時(shí)改變，有時(shí)瓦解，有時(shí)又重新形成，液體由大量的這種暫時(shí)形成的小區(qū)域構(gòu)成，這種小區(qū)域雜亂無(wú)章地分布著，因而液體表現(xiàn)出各向同性。

（3）液體分子的熱運(yùn)動(dòng)與固體類似，主要表現(xiàn)為在平衡位置附近做微小的振動(dòng)，但液體分子沒(méi)有長(zhǎng)期固定的平衡位置，在一個(gè)平衡位置附近振動(dòng)一小段時(shí)間以后，又轉(zhuǎn)移到另一個(gè)平衡位置附近去振動(dòng)，即液體分子可以在液體中移動(dòng)，這就是液體具有流動(dòng)性的原因．【解析】【解答】解：由液體的結(jié)構(gòu)知非晶體的結(jié)構(gòu)進(jìn)行比較可知；二者在很多的方面非常類似，可以看作是粘滯性極大的液體．該說(shuō)法是正確的；

故答案為：√18、×【分析】【分析】光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播、反射、折射和色散；光的波動(dòng)性能夠很好的解釋光的干涉和衍射和偏振．【解析】【解答】解：光的波動(dòng)性能夠很好的解釋光的干涉和衍射；偏振是橫波特有的現(xiàn)象，故光的干涉；衍射和偏振證明了光具有波動(dòng)性；

光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播；反射、折射；色散是光的折射造成的，故光的直線傳播、反射、折射和色散證明了光的粒子性．所以以上的說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、√【分析】【分析】溫度是氣體分子平均動(dòng)能變化的標(biāo)志．氣體壓強(qiáng)是氣體分子撞擊器壁而產(chǎn)生的．【解析】【解答】解：如果保持氣體體積不變；當(dāng)溫度升高時(shí)，分子的運(yùn)動(dòng)變得更加激烈，分子的運(yùn)動(dòng)加快，所以每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多，氣體的壓強(qiáng)增大．故該說(shuō)法正確．

故答案為：√20、×【分析】【分析】加速度是反映速度變化快慢的物理量，當(dāng)加速度方向與速度方向相同，做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度方向與速度方向相反，做減速運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：加速度是反映速度變化快慢的物理量．根據(jù)牛頓第二定律可知；加速度的方向與物體受到的合外力的方向相同；

結(jié)合速度與加速度的關(guān)系可知；當(dāng)加速度方向與速度方向相同，加速度減小，速度增大．當(dāng)物體的加速度方向與速度方向相反，速度減小．

所以作用在物體上的合外力減小時(shí)；速度可能隨之減小，也可能隨之增大．所以以上說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×21、√【分析】【分析】作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．就象你要把彈簧拉開(kāi)些，彈簧反而表現(xiàn)具有收縮的趨勢(shì)．【解析】【解答】解：兩滴水銀相接觸；立即合并到一起以及熔化的蠟燭從燃燒的蠟燭上流下來(lái)，冷卻后呈球形，是因?yàn)楸砻鎻埩κ挂后w表面有收縮的趨勢(shì)．故該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√22、√【分析】【分析】安培定則：右手握住導(dǎo)線，讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．【解析】【解答】解：根據(jù)安培定則的內(nèi)容判定線電流的磁感線的方法是：右手握住導(dǎo)線；讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．故該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√四、作圖題(共3題，共30分)23、略

【分析】【分析】物體沿斜面勻速下滑，分析其受力情況，根據(jù)平衡條件求解物體在下滑過(guò)程中所受的支持力N和滑動(dòng)摩擦力f．【解析】【解答】解：對(duì)物體進(jìn)行受力情況分析：重力mg；支持力N和滑動(dòng)摩擦力f．由平衡條件得知；N和f的合力與重力mg大小相等、方向相反，如圖，則有：

N=mgcosα=10×N；

f=mgsinα=10×=50N

答：（1）對(duì)物體進(jìn)行受力分析及力的合成如圖；

（2）物體受到的摩擦力為N．

（3）物體對(duì)斜面的壓力是50N．24、略

【分析】【分析】由于各圖中小球是光滑的，則小球不受摩擦力，然后依據(jù)各球所處的狀態(tài)，結(jié)合各種情況下彈力的方向與受力分析的基本步驟，即可畫(huà)出．【解析】【解答】解：由題可知；小球光滑，所以各接觸面上沒(méi)有摩擦力；

由圖可知；在1；2、3、4、5、76個(gè)圖中，除重力外，只能受到水平面的支持力，另一個(gè)接觸面沒(méi)有力的作用，否則小球?qū)⑦\(yùn)動(dòng)．如圖；

圖6中；假設(shè)斜面對(duì)小球有支持力，則支持力沿水平方向有一分力，則繩子不能保持豎直方向．所以小球只能受到重力和支持力．如圖；

圖8；9，10，11，12，16中，小球受到重力和兩個(gè)接觸面的彈力，才能保持平衡，所以它們的受力如圖；

圖13；14，15中，小球除受到重力和繩子的拉力外，必須受到接觸面的支持力才能平衡，所以它們的受力如圖．

答：如圖25、略

【分析】【分析】（1）由題意可知波傳播的距離及所用時(shí)間；由波速公式可求得波的傳播速度；由OA間對(duì)應(yīng)的波長(zhǎng)數(shù)可求得波長(zhǎng)，由波長(zhǎng)；頻率及波速的關(guān)系可求得周期；

（2）由OB的距離可知OB相距的波長(zhǎng)數(shù)，則可確定出B在O時(shí)刻所在的位置及振動(dòng)方向，則可確定B振動(dòng)圖象．【解析】【解答】解：

（1）波速

由題意可知OA間相距個(gè)波長(zhǎng)，則對(duì)應(yīng)個(gè)周期；故由可得：

周期T=1.6s；

則波長(zhǎng)λ=vT=3.2m；

該水波的傳播速度為2m/s；周期為1.6s，波長(zhǎng)為3.2m；

（2）OB相距2.4m==λ；故O在波峰處時(shí)，B在平衡位置向下振動(dòng)；

故可畫(huà)出此后B的振動(dòng)圖象；

故可行

振動(dòng)圖象如圖．五、綜合題(共2題，共8分)26、略

【分析】【解析】乙的速度達(dá)到6m/s時(shí)所用的時(shí)間為，在這3s的時(shí)間內(nèi)，甲的位移s甲=v甲t=6×3m=18m，乙的位移s乙=

由于s乙+s0=（9+7）m=16m＜s甲=18m；

因此追不上。【解析】【答案】追不上27、(1)BCE

(2)

解：

壟脵壟脵對(duì)氣缸進(jìn)行受力分析，受重力m1gm_{1}g大氣向上的壓力P0SP_{0}S缸內(nèi)氣體向下的壓力P1SP_{1}S彈簧向上的彈力kxkx

列平衡方程：P1S+m1g=P0S+kxP_{1}S+m_{1}g=P_{0}S+kx

解得：P1=P0S+kx鈭?m1gS

代入數(shù)據(jù)解得：P1=6.0隆脕104Pa

壟脷壟脷將繩剪斷后，對(duì)活塞受力分析，重力mm22gg大氣向下的壓力PP00SSg

大氣向下的壓力P22S

00S

缸內(nèi)氣體向上的壓力PP22SSS

22列平衡方程：PP22SS22==mm22

解得：P2=P0S+m2gS

代入數(shù)據(jù)解得：P

22=1.0隆脕105Pa

缸內(nèi)的氣體原狀態(tài)壓強(qiáng)為P1

體積V1=L1S

后來(lái)氣體的壓強(qiáng)為P2

體積V2=L2S

根據(jù)玻意耳定律P1V1=P2V2

所以L2=P1P2L1

代入數(shù)據(jù)解得：L2=0.109m

則氣柱長(zhǎng)度減少了鈻?L=L