2025年滬科新版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬科新版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷353考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、一定質(zhì)量的理想氣體，其起始狀態(tài)和終了狀態(tài)分別與圖中的A點(diǎn)和B點(diǎn)相對(duì)應(yīng)，它們的壓強(qiáng)相等，則下列過(guò)程中可能的是（）

A.先保持體積不變?cè)龃髩簭?qiáng)，后保持溫度不變減小體積B.先保持溫度不變?cè)龃髩簭?qiáng)，后保持體積不變升高溫度C.先保持溫度不變減小壓強(qiáng)，后保持體積不變升高溫度D.先保持體積不變減小壓強(qiáng)，后保持溫度不變減小體積2、關(guān)于熱現(xiàn)象，下列說(shuō)法正確的是（）A.熱量不能從低溫物體傳到高溫物體B.兩分子間距離增大，分子勢(shì)能一定增大C.布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)D.物體吸收熱量溫度不一定增加3、法拉第研制成的世界上第一臺(tái)發(fā)電機(jī)模型的原理圖如圖所示．將銅盤放在磁場(chǎng)中，讓磁感線垂直穿過(guò)銅盤，a、b為導(dǎo)線；逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)銅盤，就可以使燈泡亮起的，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.回路中電流大小恒定B.回路中電流方向不變，且從b導(dǎo)線流進(jìn)燈泡，再?gòu)腶流向旋轉(zhuǎn)的銅盤C.回路中有大小和方向作周期性變化的電流D.若垂直穿過(guò)銅盤的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度按正弦規(guī)律變化，不轉(zhuǎn)動(dòng)銅盤，燈泡中也會(huì)有電流4、圖為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器，升壓變壓器T的原、副線圈匝數(shù)分別為n1、n2。在T的原線圈兩端接入一電壓的交流電源，若輸送電功率為P，輸電線的總電阻為2r；不考慮其它因素的影響，則輸電線上損失的電功率為（）

A.B.C.4D.45、關(guān)于天然放射性，下列說(shuō)法正確的是A.天然放射現(xiàn)象說(shuō)明原子是可分的B.放射性元素的半衰期與外界的溫度有關(guān)，溫度越高半衰期越短C.放射性元素發(fā)生β衰變時(shí)所釋放出的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時(shí)產(chǎn)生的D.機(jī)場(chǎng)、車站進(jìn)行安檢時(shí)，能發(fā)現(xiàn)箱內(nèi)危險(xiǎn)物品，是利用了α射線較強(qiáng)的穿透能力評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、下列關(guān)于攝氏溫度與熱力學(xué)溫度的說(shuō)法中，正確的是（）A.氣體溫度升高1℃，也就是溫度升高1K；溫度下降5K，也就是溫度降低5℃B.攝氏溫度與熱力學(xué)溫度在一度上是相等的，只是定義的零度起點(diǎn)不同C.攝氏溫度有時(shí)為負(fù)值；溫度很低時(shí)，熱力學(xué)溫度也可能為負(fù)值D.溫度由t升高到2t，對(duì)應(yīng)的熱力學(xué)溫度由T升高到2T7、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，其過(guò)程如圖上的線段所示；則氣體在這個(gè)過(guò)程中（）

A.外界對(duì)氣體做負(fù)功B.氣體內(nèi)能不變C.狀態(tài)B單位時(shí)間與器壁單位面積碰撞的氣體分子數(shù)比狀態(tài)A少E.氣體從外界吸收的熱量大于其增加的內(nèi)能E.氣體從外界吸收的熱量大于其增加的內(nèi)能8、下列敘述中，正確的是（）A.同一溫度下，氣體分子速率呈現(xiàn)出“中間多，兩頭少”的分布規(guī)律B.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映C.第二類永動(dòng)機(jī)是不可能制造出來(lái)的，盡管它不違反熱力學(xué)第一定律，但它違反熱力學(xué)第二定律E.只知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)就可以算出氣體分子的體積E.只知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)就可以算出氣體分子的體積9、下列說(shuō)法正確的是（）A.在熔化過(guò)程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內(nèi)能也保持不變B.空氣的相對(duì)濕度定義為空氣中所含水蒸氣壓強(qiáng)與同溫度水的飽和蒸汽壓的比值C.附著層內(nèi)分子間距離小于液體內(nèi)部分子間距離時(shí)，液體與固體間表現(xiàn)為浸潤(rùn)E.盡管技術(shù)不斷進(jìn)步，熱機(jī)的效率仍不能達(dá)到100%，制冷機(jī)卻可以使溫度降至絕對(duì)零度E.盡管技術(shù)不斷進(jìn)步，熱機(jī)的效率仍不能達(dá)到100%，制冷機(jī)卻可以使溫度降至絕對(duì)零度10、關(guān)于熱力學(xué)溫標(biāo)，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）A.熱力學(xué)溫標(biāo)的零度是℃，又叫絕對(duì)零度B.溫度升高5℃，就是升高278KC.絕對(duì)零度是低溫的極限，永遠(yuǎn)達(dá)不到D.氣體在趨近絕對(duì)零度時(shí)，其體積趨向零11、如圖甲所示，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一矩形金屬線圈兩次分別以不同的轉(zhuǎn)速，繞與磁感線垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)圖象如圖乙中曲線a，b所示；則()

A.兩次t＝0時(shí)刻線圈平面均與中性面重合B.曲線a，b對(duì)應(yīng)的線圈轉(zhuǎn)速之比為2∶3C.曲線a表示的交變電動(dòng)勢(shì)頻率為25HzD.曲線b表示的交變電動(dòng)勢(shì)有效值為10V12、如圖所示的電路中．電源電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)阻分別為E、r；閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片由右端向左端滑動(dòng)時(shí)．下列說(shuō)法正確的是（不考慮燈絲電阻隨溫度的變化）

A.小燈泡L1變暗B.電壓表讀數(shù)變大C.小燈泡L2變亮D.電容器帶電量減少13、A、B、C為三塊水平放置的金屬板，與電路連接如圖所示，三塊板正中央各有一小孔，A板接地，電源內(nèi)阻為r，三個(gè)定值電阻電路中電表均為理想電表，滑片P開(kāi)始置于R2中點(diǎn)，現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電量為+q的液滴從A板小孔正上方距離為h的D點(diǎn)靜止釋放；恰好能到達(dá)C板，不計(jì)空氣阻力和極板外電場(chǎng)，下列說(shuō)法中正確的是。

A.滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng)，則B板電勢(shì)降低B.滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng),則電流表A1的示數(shù)減小，A2的示數(shù)增大C.滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng)，仍將該液滴從D點(diǎn)由靜止釋放，則帶電液滴不能到達(dá)C板D.滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng)，則不變，的值變小(U為電壓表V示數(shù)，I2為電流表A2，為電流表A2示數(shù)的改變量)14、［選修模塊3-5］下列有關(guān)近代物理內(nèi)容的表述正確的有____A.核力存在于原子核內(nèi)任意兩個(gè)核子之間B.碳14在活體生物體內(nèi)和死亡后生物體內(nèi)的半衰期是一樣的C.原子核發(fā)生一次β衰變，該原子外層就失去一個(gè)電子D.高速運(yùn)動(dòng)的電子其物質(zhì)波的波長(zhǎng)與動(dòng)量成反比評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、質(zhì)量為0.1kg的彈性小球從高為1.25m處自由下落至一光滑而堅(jiān)硬的水平板上，碰撞后彈回到0.8m高處，碰撞時(shí)間為0.01s，則小球與水平板碰撞過(guò)程中動(dòng)量變化大小為_(kāi)____________kg·m/s，小球與水平板間的平均撞擊力大小為_(kāi)___________N．16、如圖所示為一個(gè)邏輯門的輸入端A、B上和輸出端Z上的電信號(hào)，此邏輯電路為_(kāi)_________門電路，該邏輯門的符號(hào)是__________。

17、邏輯電路在電子線路中有著重要的應(yīng)用。某同學(xué)利用“非”門電路設(shè)計(jì)了一個(gè)路燈自動(dòng)控制門電路，天黑了，讓路燈自動(dòng)接通；天亮了，讓路燈自動(dòng)熄滅。如圖中RG是一個(gè)光敏電阻，當(dāng)有光線照射時(shí)，光敏電阻的阻值會(huì)顯著減??；R是可調(diào)電阻；起分壓作用?！胺恰遍T電路能將輸入的高壓信號(hào)轉(zhuǎn)變?yōu)榈蛪盒盘?hào)，或?qū)⒌蛪盒盘?hào)轉(zhuǎn)變?yōu)楦邏盒盘?hào)。J為路燈總開(kāi)關(guān)控制繼電器，它在獲得高壓時(shí)才啟動(dòng)(圖中未畫路燈電路)。

(1)當(dāng)天黑時(shí)，RG變____(選填“大”或“小”)；“非”門電路獲得_____電壓，J得到______電壓。(后兩空均選填“高”或“低”)

(2)如果路燈開(kāi)關(guān)自動(dòng)接通時(shí)天色還比較亮，現(xiàn)要調(diào)節(jié)自動(dòng)控制裝置，使它在天色較黑時(shí)才會(huì)自動(dòng)接通開(kāi)關(guān)，應(yīng)將R調(diào)_____(選填“大”或“小”)一些。18、如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的兩點(diǎn)距離為兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為連線與場(chǎng)強(qiáng)方向成角，則此電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度__________．

19、如圖所示，一彈簧振子在M、N間沿光滑水平桿做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，坐標(biāo)原點(diǎn)O為平衡位置，MN=4cm．從小球圖中N點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，到第一次經(jīng)過(guò)O點(diǎn)的時(shí)間為0.1s，則小球振動(dòng)的周期為_(kāi)_____s，振動(dòng)方程的表達(dá)式為x=______cm；．

20、已知質(zhì)子的質(zhì)量為m1，中子的質(zhì)量為m2，碳核（）的質(zhì)量為m3，則碳核（）的比結(jié)合能為_(kāi)____，碳-14是碳的一種具有放射性的同位素，研究發(fā)現(xiàn)外來(lái)的宇宙射線與大氣作用產(chǎn)生宇宙射線中子，宇宙射線中子和大氣中氮核（）起核反應(yīng)產(chǎn)生碳-14，請(qǐng)寫出核反應(yīng)方程__________．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、解答題(共2題，共4分)24、如圖所示，有理想邊界的兩個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T，兩邊界間距s=0.1m．一邊長(zhǎng)L=0.2m的正方形線框abcd由粗細(xì)均勻的電阻絲圍成，總電阻R=0.4Ω．現(xiàn)使線框以v=2m/s的速度從位置I勻速運(yùn)動(dòng)到位置Ⅱ．

(1)求cd邊未進(jìn)入右方磁場(chǎng)時(shí)線框所受安培力的大?。?/p>

(2)求整個(gè)過(guò)程中線框所產(chǎn)生的焦耳熱．

(2)在坐標(biāo)圖中畫出整個(gè)過(guò)程中線框a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差Uab隨時(shí)間t變化的圖線．25、如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系aOy內(nèi)，有I、II、III三個(gè)區(qū)域，各邊界均與y軸平行，I、Ⅱ區(qū)域存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，方向分別沿+x和－y方向，Ⅰ區(qū)域電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，Ⅲ區(qū)域有垂直xOy平面向里的磁場(chǎng)．三個(gè)區(qū)域?qū)挾染鶠長(zhǎng)，一個(gè)氕核和一個(gè)氘核先后從坐標(biāo)原點(diǎn)釋放，已知與左邊界成60°進(jìn)入磁場(chǎng)；最后恰好與右邊界相切離開(kāi)磁場(chǎng)，H的質(zhì)量為m，電荷量為q，不計(jì)重力．求。

（1）第一次離開(kāi)Ⅱ區(qū)的坐標(biāo)。

（2）Ⅲ區(qū)域勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大??；

（3）第一次離開(kāi)磁場(chǎng)位置的坐標(biāo)參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程恒量

A．第一個(gè)過(guò)程；保持體積不變?cè)龃髩簭?qiáng)，第二個(gè)過(guò)程，保持溫度不變減小體積→增大壓強(qiáng)，兩次都是壓強(qiáng)增大，最終的壓強(qiáng)一定增大不可能不變，A錯(cuò)誤；

B．第一個(gè)過(guò)程；保持溫度不變?cè)龃髩簭?qiáng)，第二個(gè)過(guò)程，保持體積不變升高溫度→增大壓強(qiáng)，兩次都是壓強(qiáng)增大，最終的壓強(qiáng)一定增大不可能不變，B錯(cuò)誤；

C．第一個(gè)過(guò)程；保持溫度不變減小壓強(qiáng)，第二個(gè)過(guò)程，保持體積不變升高溫度→增大壓強(qiáng)，第一次壓強(qiáng)減小，第二次壓強(qiáng)增大，最終的壓強(qiáng)可能不變，C正確；

D．．第一個(gè)過(guò)程；保持溫度不變減小壓強(qiáng)，第二個(gè)過(guò)程，保持溫度不變減小體積→壓強(qiáng)減小，兩次都是壓強(qiáng)減小最終的壓強(qiáng)一定減小不可能不變，D錯(cuò)誤。

故選C。2、D【分析】【詳解】

A．熱量不能自發(fā)從低溫物體傳到高溫物體；故A錯(cuò)誤；

B．分子距離小于平衡距離時(shí)；兩分子間距離增大到平衡距離的過(guò)程中，分子勢(shì)能減小，故B錯(cuò)誤；

C．布朗運(yùn)動(dòng)是小顆粒的運(yùn)動(dòng)；反應(yīng)液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D．物體吸收熱量的同時(shí)對(duì)外做功；溫度不一定增加，故D正確。

故選D。3、B【分析】【詳解】

銅盤轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為B、L不變，但是ω可能變化，E可能變化，根據(jù)歐姆定律得電流不一定恒定不變，故A錯(cuò)誤．根據(jù)右手定則判斷，回路中電流方向不變，從b導(dǎo)線流進(jìn)燈泡，再?gòu)腶流向旋轉(zhuǎn)的銅盤．故B正確，C錯(cuò)誤．垂直穿過(guò)銅盤的正弦變化的磁場(chǎng)，銅盤中產(chǎn)生渦旋電場(chǎng)，但a、b間無(wú)電勢(shì)差，燈泡中沒(méi)有電流流過(guò)．故D錯(cuò)誤．4、C【分析】試題分析：加在原線圈上的電壓，根據(jù)電壓比與匝數(shù)比關(guān)系：所以：．根據(jù)輸電線上的電流輸電線上消耗的功率．故C正確；ABD錯(cuò)誤．故選C。

考點(diǎn)：變壓器；遠(yuǎn)距離輸電。

【名師點(diǎn)睛】此題是關(guān)于遠(yuǎn)距離輸電問(wèn)題；解決本題的關(guān)鍵注意電壓有效值的使用及變壓器的特點(diǎn)，輸入功率等于輸出功率，電壓比等于匝數(shù)比。5、C【分析】【詳解】

A；天然放射現(xiàn)象說(shuō)明原子核具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)；A錯(cuò)誤；

B；放射性元素的半衰期由原子核決定；與外界的溫度無(wú)關(guān)，B錯(cuò)誤；

C；放射性元素發(fā)生β衰變時(shí)所釋放出的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時(shí)產(chǎn)生的；C正確；

D、機(jī)場(chǎng)、車站等地進(jìn)行安全檢查時(shí)，能輕而易舉地窺見(jiàn)箱內(nèi)物品，利用了X射線較強(qiáng)的穿透能力，D錯(cuò)誤。二、多選題(共9題，共18分)6、A:B【分析】【分析】

【詳解】

AB．因而熱力學(xué)溫度與攝氏溫度的每一度是相等的，只是零度起點(diǎn)不同，故AB正確；

C．而0K是低溫的極限；只能無(wú)限接近，不可能達(dá)到，更不要說(shuō)負(fù)值了，故C錯(cuò)誤；

D．由T與t的關(guān)系式可知，溫度由t升高到2t，對(duì)應(yīng)的熱力學(xué)溫度由T升高到。

故D錯(cuò)誤。

故選AB。7、A:C:E【分析】【詳解】

A．氣體從A到B；體積變大，則外界對(duì)氣體做負(fù)功，選項(xiàng)A正確；

B．從A到B溫度升高；則氣體內(nèi)能增加，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

CD．因BA連線過(guò)原點(diǎn)，則從A到B壓強(qiáng)不變，溫度升高，氣體分子平均速率變大，對(duì)器壁的平均碰撞力變大，體積變大，氣體數(shù)密度減小，則狀態(tài)B單位時(shí)間與器壁單位面積碰撞的氣體分子數(shù)比狀態(tài)A少；選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；

E．氣體對(duì)外做功；內(nèi)能增加，則根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體從外界吸收的熱量大于其增加的內(nèi)能，選項(xiàng)E正確。

故選ACE。8、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．同一溫度下；氣體分子速率呈現(xiàn)出“中間多，兩頭少”的分布規(guī)律，選項(xiàng)A正確；

B．布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的運(yùn)動(dòng)；是液體分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．第二類永動(dòng)機(jī)是不可能制造出來(lái)的；盡管它不違反熱力學(xué)第一定律，但它違反熱力學(xué)第二定律，選項(xiàng)C正確；

D．物體熔化時(shí)吸熱；如果溫度不變，物體內(nèi)分子平均動(dòng)能不變，比如晶體的熔化過(guò)程，選項(xiàng)D正確；

E．只知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)就可以算出每個(gè)氣體分子所占的體積；不能算出氣體分子的體積，選項(xiàng)E錯(cuò)誤；

故選ACD。9、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．在熔化過(guò)程中；晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內(nèi)能增加，故A錯(cuò)誤；

B．相對(duì)濕度為某一被測(cè)蒸氣壓與相同溫度下的飽和蒸氣壓的比值的百分比；相對(duì)濕度則給出大氣的潮濕度，故B正確；

C．附著層內(nèi)分子間距離小于液體內(nèi)部分子間距離時(shí)；附著層內(nèi)分子之間的作用表現(xiàn)為斥力，附著層由擴(kuò)展趨勢(shì)，這樣液體與固體間表現(xiàn)為浸潤(rùn)，故C正確；

D．將一個(gè)分子從無(wú)窮遠(yuǎn)處無(wú)限靠近另一個(gè)分子；則這兩個(gè)分子間分子力從零先增大，表現(xiàn)為引力，當(dāng)分子間距離減小到某一值時(shí)，分子力又開(kāi)始減小，分子間距離小于平衡位置后，分子力再增大，分子力開(kāi)始做正功后做負(fù)功，所以分子勢(shì)能是先減小再增大，故D正確；

E．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；盡管技術(shù)不斷進(jìn)步，熱機(jī)的效率仍不能達(dá)到100%，制冷機(jī)也不可以使溫度降至絕對(duì)零度，故E錯(cuò)誤。

故選BCD。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．熱力學(xué)溫標(biāo)的零度是℃；又叫絕對(duì)零度，故A正確，不符合題意；

B．熱力學(xué)溫標(biāo)溫度的變化總等于攝氏溫標(biāo)溫度的變化；溫度升高5℃，就是升高5K，故B錯(cuò)誤，符合題意；

C．絕對(duì)零度是低溫的極限；永遠(yuǎn)達(dá)不到，故C正確，不符合題意；

D．根據(jù)熱力學(xué)第三定律可知；熱力學(xué)溫標(biāo)的絕對(duì)零度達(dá)不到，故D錯(cuò)誤，符合題意。

故選BD。11、A:C【分析】【詳解】

t＝0時(shí)刻，兩次產(chǎn)生的交流電的電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值均為零，因此線圈平面均與中性面重合，A項(xiàng)正確；圖中a、b對(duì)應(yīng)的周期之比為2∶3，因此線圈轉(zhuǎn)速之比na∶nb＝∶＝3∶2，B項(xiàng)錯(cuò)誤；a線表示的交流電動(dòng)勢(shì)的頻率為fa＝＝25Hz，C項(xiàng)正確；a線對(duì)應(yīng)線圈相應(yīng)的電動(dòng)勢(shì)的最大值Eam＝NBS·由圖象知Eam＝15V，b線對(duì)應(yīng)線圈相應(yīng)的電動(dòng)勢(shì)的最大值Ebm＝NBS·因此＝＝Ebm＝10V，有效值Eb＝V＝5V，D項(xiàng)錯(cuò)誤．12、A:C【分析】在滑動(dòng)變阻器的滑片P由右端向左端移動(dòng)的過(guò)程中，L1并聯(lián)總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可知，電路中總電流增大，路端電壓減小，即電壓表的讀數(shù)減小，由于電路中總電流增大，小燈泡L2兩端電壓增大，小燈泡L2功率增大，燈變亮；根據(jù)串聯(lián)分壓可得小燈泡L1兩端電壓減小，功率減小，燈變暗，小燈泡L2兩端電壓增大；電容器兩端電壓增大，電容器帶電量增大，故AC正確，BD錯(cuò)誤；

故選AC．

【點(diǎn)睛】電路的動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，根據(jù)變阻器接入電路的電阻變化，確定外電路總電阻的變化，再分析電容器的電壓變化，是常用的分析方法和思路．13、A:D【分析】A、滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng)時(shí)使并聯(lián)部分電阻減小從而使整個(gè)電路電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得干路電流增大，即A2的示數(shù)增大，則兩端電壓增大；即B板電勢(shì)降低，故選項(xiàng)A正確；

B、滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng)時(shí)使并聯(lián)部分電阻減小從而使整個(gè)電路電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得干路電流增大，即A2的示數(shù)增大，路端電壓減小，由于電壓增大，則并聯(lián)部分電壓降低，根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)可以知道電流表A1的示數(shù)增大；故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C、滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng)時(shí)，電路總電流增大，則兩端電壓增大；即電容器AB電壓增大，液滴加速運(yùn)動(dòng)，路端電壓減小，則電容器BC電壓減小，液滴減速運(yùn)動(dòng)，液滴將穿過(guò)C板，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：則為定值，不變，根據(jù)歐姆定律可知為本身并聯(lián)之后與串聯(lián)的總電阻，即減??；故選項(xiàng)D正確。

點(diǎn)睛：本題考查閉合電路歐姆定律的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，注意電容器兩端電壓的問(wèn)題。14、B:D【分析】【詳解】

核力與萬(wàn)有引力、庫(kù)倫力的性質(zhì)不同，核力是短程力，作用范圍在1.5×10-15m，原子核的半徑數(shù)量級(jí)在10-15m，所以核力只存在于相鄰的核子之間，核力是原子核能穩(wěn)定存在的原因，故A錯(cuò)誤；放射性元素的半衰期與環(huán)境的變化無(wú)關(guān)，只與自身有關(guān)，故B正確；β衰變的實(shí)質(zhì)是原子核內(nèi)的一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，電子釋放出來(lái)，故C錯(cuò)誤；德布羅意認(rèn)為，任何一個(gè)運(yùn)動(dòng)著的物體都有一種波與它對(duì)應(yīng)，波長(zhǎng)λ=h/P，該波的波長(zhǎng)與該物體的動(dòng)量成反比，故D正確．三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

由于小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，則其與水平面碰撞前的速度為：所以與水平面碰撞前的動(dòng)量為：P1=mv1=0.1×5kg?m/s=0.5kg?m/s，方向豎直向下．與水平面碰后，小球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度為0.8m，則碰后小球速度為方向豎直向上；此時(shí)小球的動(dòng)量為：P2=mv2=0.1×4kg?m/s=0.4kg?m/s，方向豎直向上，動(dòng)量的變化量為：．設(shè)向上為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理，合外力的沖量等于物體動(dòng)量的變化．小球所受外力有重力mg和水平面對(duì)它的彈力N，則有：（N-mg）t=P2-P1，代入數(shù)據(jù)解得：N=91N，方向豎直向上．【解析】0.99116、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由圖象知輸入端都為高電勢(shì)時(shí)，輸出端才為高電勢(shì)，此邏輯電路為與門電路，該邏輯門的符號(hào)是【解析】與17、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2][3]．天黑時(shí)，光線減弱，光敏電阻RG變大，A端輸入低電壓；Y端輸出高壓信號(hào)，J得到高壓，開(kāi)始控制路燈工作。

(2)[4]．如果路燈開(kāi)關(guān)自動(dòng)接通時(shí)天色還比較亮，應(yīng)將R調(diào)大，A端輸入電壓較高，當(dāng)天色較黑時(shí)，RG的電阻變大，A端的電壓降低，Y端的電壓升高，J得到高壓，開(kāi)始控制路燈工作?！窘馕觥看蟮透叽?8、略

【分析】【分析】

由圖可明確AB沿電場(chǎng)線上的距離，再根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度公式求出場(chǎng)強(qiáng)的大?。?/p>

【詳解】

由得：即電場(chǎng)強(qiáng)度為500V/m．

【點(diǎn)睛】

本題考查勻強(qiáng)電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)差之間的關(guān)系，要注意明確公式中的d為沿電場(chǎng)線方向上的距離．【解析】500V/m;19、略

【分析】【詳解】

如圖，從正向最大位移處開(kāi)始計(jì)時(shí)，振動(dòng)方程的表達(dá)式為為：x=Acosωt；其中振幅A=2cm；

據(jù)題可得：T=4×0.1s=0.4s，則ω==5πrad/s

則振動(dòng)方程的表達(dá)式為為：x=2cos5πtcm．【解析】0.42cos5πt20、略

【分析】【詳解】

此核反應(yīng)方程為故碳核（）的結(jié)合能為因核子數(shù)為12，則比結(jié)合能為根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，得核反應(yīng)方程為．

【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是掌握愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程以及比結(jié)合能的計(jì)算公式，知道核反應(yīng)過(guò)程中，電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒；先求出質(zhì)量虧損．核反應(yīng)中質(zhì)量虧損等于反應(yīng)前后質(zhì)量之差，再根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程求結(jié)合能，結(jié)合能與核子數(shù)之比等于比結(jié)合能，根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒寫出核反應(yīng)方程．【解析】四、作圖題(共3題，共9分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形