2025年牛津上海版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津上海版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一質(zhì)點做簡諧運動；周期為T，振幅為A．下列說法中正確的是（）

A.質(zhì)點做減速運動時；加速度一定在減小。

B.質(zhì)點向平衡位置運動時；速度方向一定與加速度方向相反。

C.質(zhì)點每次通過同一位置時；其速度不一定相同，但加速度一定相同。

D.在某個T/4時間內(nèi)；振子發(fā)生的位移為零，則這段時間內(nèi)路程一定小于A

2、下列關(guān)于曲線運動的說法中，正確的是(

)

A.做曲線運動的物體的加速度一定是變化的B.做曲線運動的物體的速度大小一定是變化的C.做勻速圓周運動的物體，所受的合外力不一定時刻指向圓心D.騎自行車沖到圓弧形橋頂時，人對自行車座的壓力小于人受到的重力3、在光滑的水平面上有AB

兩輛玩具小汽車，質(zhì)量分別為MA=2kgMB=1kg

現(xiàn)使A

車以10m/s

的速度沿AB

中心的連線向靜止的B

車運動，與B

車發(fā)生對心碰撞，則碰后兩車的速度可能是(

)

A.vA=7m/svB=6m/s

B.vA=鈭?1m/svB=22m/s

C.vA=6m/svB=8m/s

D.vA=2m/svB=16m/s

4、為探究理想變壓器原、副線圈電壓、電流的關(guān)系，將原線圈接到電壓有效值不變的正弦交流電源上，副線圈連接相同的燈泡L1L2

電路中分別接了理想交流電壓表V1V2

和理想交流電流表A1A2

導(dǎo)線電阻不計，如圖所示。當(dāng)開關(guān)S

閉合后()

A.A1

示數(shù)變大，A1

與A2

示數(shù)的比值變小B.A1

示數(shù)變大，A1

與A2

示數(shù)的比值變大C.V2

示數(shù)變小，V1

與V2

示數(shù)的比值變大D.V2

示數(shù)不變，V1

與V2

示數(shù)的比值不變5、下列說法正確的是（）A.牛頓提出萬有引力定律，并利用扭秤實驗巧妙地測出了萬有引力常量B.太陽系中，所有行星軌道半長軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等C.開普勒借助導(dǎo)師牛頓的豐富觀測數(shù)據(jù)計算并提出了開普勒三大定律D.相同時間內(nèi)，地球與太陽的連線掃過的面積等于火星與太陽的連線掃過的面積6、電場中某區(qū)域的電場線分布如圖所示，a、b是該電場中的兩點；則（）

A.a點的場強較小。

B.b點的場強較小。

C.同一個檢驗電荷在a點受到的電場力比在b點受到的電場力小。

D.同一個檢驗電荷在a點和b點受到的電場力相同。

評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)7、在利用單擺測重力加速度的實驗中，測出單擺偏角小于5°時完成n次全振動的時間為t，用毫米刻度尺測得擺線長為l，游標(biāo)卡尺測得擺球直徑為d．用上述測得的量寫出測量重力加速度的一般表達式：g=____．如果測量擺球直徑時，游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖所示，則測得擺球的直徑是____cm．

8、如圖為電磁流量計的示意圖．直徑為d的非磁性材料制成的圓形導(dǎo)管內(nèi)，有導(dǎo)電液體流動，磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直于導(dǎo)電液體流動方向而穿過一段圓形管道．若測得管壁內(nèi)a、b兩點間的電勢差為U，則管中導(dǎo)電液體的流量Q=____．

9、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點，已知A、B、C三點的電勢分別為φA=30V，φB=6V，φC=-6V，由此可得D點電勢φD=____V．10、在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，某同學(xué)使用了如圖所示的裝置，計時器打點頻率為50Hz。該同學(xué)得到一條紙帶，在紙帶上取連續(xù)的六個點，如下圖所示，自A點起，相鄰兩點間的距離分別為10.0mm、12.0mm、14.0mm、16.0mm、18.0mm，則打E點時小車的速度為____m/s，小車的加速度為____m/s2。11、兩個質(zhì)點從同一位置出發(fā)沿一直線運動的位移圖象如圖所示,由圖可知,質(zhì)點A在1.5s時的速度大小為____,位移大小為____,質(zhì)點B在1.5s時的速度大小為,位移大小為,兩質(zhì)點相遇的時刻為.評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)12、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

13、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

14、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

15、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）16、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）17、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

18、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、畫圖題(共2題，共12分)19、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象20、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象評卷人得分五、簡答題(共1題，共6分)21、用軟錳礦rm{(MnO_{2})}黃鐵礦rm{(FeS_{2})}酸浸生產(chǎn)硫酸錳rm{(MnSO_{4})}并進一步電解制取電解二氧化錳rm{(EMD)}的工藝流程如下：I.將軟錳礦、黃鐵礦和硫酸按一定比例放入反應(yīng)釜中，攪拌，加熱保溫反應(yīng)一定時間。rm{II.}向反應(yīng)釜中加入rm{MnO_{2}}rm{CaCO_{3}}試劑，再加入rm{Na_{2}S}溶液除掉浸出液中的重金屬。rm{III.}過濾，向濾液中加入凈化劑進一步凈化，再過濾，得到精制rm{MnSO_{4}}溶液。rm{IV.}將精制rm{MnSO_{4}}溶液送入電解槽，電解制得rm{EMD}請回答下列問題：rm{(1)}步驟rm{I}中攪拌、加熱的目的是________。完成酸浸過程中反應(yīng)的離子方程式：rm{FeS_{2}+}rm{MnO_{2}+}____rm{=}rm{Mn^{2+}}rm{+}rm{Fe^{2+}}rm{+S+SO_{4}^{2-}+}____rm{(2)}加入rm{CaCO_{3}}后，由于rm{CaCO_{3}+2H+=Ca^{2+}+CO_{2}隆眉+H_{2}O}將浸出液rm{pH}調(diào)至rm{pH=5}rm{Fe^{3+}}發(fā)生了：________________rm{(}相關(guān)離子方程式rm{)}從而除掉鐵。rm{(3)}步驟rm{IV}中用如圖所示的電解裝置電解精制的rm{MnSO_{4}}溶液，生成rm{EMD}的是__________極rm{(}填“rm{a}”或“rm”rm{)}生成rm{EMD}的電極反應(yīng)式是__________。rm{(4)EMD}可用作堿性鋅錳電池的材料。已知堿性鋅錳電池的反應(yīng)式為：rm{Zn+2MnO_{2}+2H_{2}O=2MnOOH+Zn(OH)_{2}}下列關(guān)于堿性鋅錳電池的說法正確的是________rm{(}填字母序號rm{)}A.堿性鋅錳電池是二次電池B.堿性鋅錳電池將化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能C.正極反應(yīng)為：rm{2MnO_{2}+2H_{2}O+2e^{-}=2MnOOH+2OH^{-}}D.堿性鋅錳電池工作時，電子由rm{MnO_{2}}經(jīng)外電路流向rm{Zn}極評卷人得分六、實驗探究題(共4題，共40分)22、如圖所示為交流電發(fā)電機示意圖，匝數(shù)為n=100

匝的矩形線圈，邊長分別為10cm

和20cm

內(nèi)阻為5婁賂

在磁感應(yīng)強度B=0.5T

的勻強磁場中繞OO鈥?

軸以502rad/s

的角速度勻速轉(zhuǎn)動；轉(zhuǎn)動開始時線圈平面與磁場方向平行，線圈通過電刷和外部20婁賂

的電阻R

相接，求電鍵S

合上后。

(1)

寫出線圈內(nèi)產(chǎn)生的交變電動勢瞬時值的表達式；

(2)

電壓表和電流表示數(shù)；

(3)

從計時開始，線圈轉(zhuǎn)過婁脨6

的過程中，通過外電阻R

的電量。23、某課外學(xué)習(xí)小組想描繪標(biāo)有“4V2W

”的小燈泡的U鈭?I

圖象；除導(dǎo)線和開關(guān)外還備有以下器材：

A；電流表(

量程0.6A

內(nèi)阻為1婁賂)

B；電流表(

量程3.0A

內(nèi)阻為0.6婁賂)

C；電壓表(

量程5.0V

內(nèi)阻為5k婁賂)

D；電壓表(

量程15V

內(nèi)阻為10k婁賂)

E；滑動變阻器(

最大阻值為5婁賂

額定電流1.0A)

G；電源(

電動勢為6.0V

內(nèi)阻約為1.5婁賂)

導(dǎo)線若干。

(1)

電路中電流表應(yīng)選用______；電壓表選用______.(

用字母填寫)

(2)

根據(jù)以上器材；選出既滿足實驗要求，又要減小誤差的實驗電路圖______．

(3)

根據(jù)(1)

題所選實驗電路圖；用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖2

中的實驗電路連接完整．

(4)

開關(guān)S

閉合之前；右圖中滑動變阻器的滑片應(yīng)該置于最______端.(

填“左”或“右”)

24、氣墊導(dǎo)軌是常用的一種實驗儀器；它是利用氣泵使帶孔的導(dǎo)軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導(dǎo)軌上，滑塊在導(dǎo)軌上的運動可視為無摩擦的．在實驗室中我們可以用帶豎直擋板C和D的氣墊導(dǎo)軌和質(zhì)量均為M的滑塊A和B做驗證動量守恒定律的實驗，如圖所示實驗步驟如下：

（1）在A上固定一質(zhì)量為m的砝碼；在A和B間放入一個壓縮狀態(tài)的彈簧，用電動卡銷置于氣墊導(dǎo)軌上；

（2）按下電鈕放開卡銷，同時分別記錄滑塊A、B運動時間的計時器開始工作，當(dāng)A、B滑塊分別碰撞C、D擋板時記時結(jié)束，記下A、B分別到達C、D的運動時間t1、t2

（3）重復(fù)幾次；

①在調(diào)整氣墊導(dǎo)軌時應(yīng)注意______；

②還應(yīng)測量的數(shù)據(jù)有______；

③只要關(guān)系式______成立即可驗證該過程動量守恒．25、如圖所示裝置來驗證動量守恒定律，質(zhì)量為mA

的鋼球A

用細線懸掛于O

點，質(zhì)量為mB

的鋼球B

放在離地面高度為H

的小支柱N

上，O

點到A

球球心的距離為L

使懸線在A

球釋放前伸直，且線與豎直線夾角為婁脕A

球釋放后擺到最低點時恰與B

球正碰，碰撞后，A

球把輕質(zhì)指示針OC

推移到與豎直線夾角婁脗

處，B

球落到地面上，地面上鋪有一張蓋有復(fù)寫紙的白紙D

保持婁脕

角度不變，多次重復(fù)上述實驗，白紙上記錄到多個B

球的落點.(

物理量mAmB婁脕婁脗HLS

已測)

(1)

用測得的物理量表示碰撞前后A

球、B

球的動量PA=

____，PA隆盲=

____，PB=

____，PB隆盲=

____。(2)

用測得的物理量表示，如果滿足等式____，那么我們認(rèn)為碰撞前后AB

系統(tǒng)的動量是守恒的。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C|D【分析】

A；質(zhì)點由平衡位置向最大位移處運動時；速度減小，加速度增大，故A錯誤；

B；質(zhì)點向平衡位置運動時；質(zhì)點做加速運動，速度方向與加速度方向相同，故B錯誤；

C；質(zhì)點每次通過同一位置時；速度大小相等，方向不一定相同，速度不一定相同，但加速度一定相同，故C正確；

D、在某個時間內(nèi)；振子發(fā)生的位移為零，說明物體在這段時間內(nèi)先由向最大位移處運動，到達最大位移處后再反向運動，它的路程小于振幅A，故D正確；

故選CD．

【解析】【答案】做簡諧運動的物體；由平衡位置向最大位移處運動時，速度減小，加速度變大，速度方向與加速度方向相反；

物體由最大位移處向平衡位置運動時；做加速運動，速度方向與加速度方向相同；在四分之一周期內(nèi)位移為零；

振子先向最大位移處運動；然后反向運動，路程小于振幅．

2、D【分析】解：A

做曲線運動的物體的加速度不一定是變化的；比如：平拋運動，其加速度不變，所以A錯誤；

B；物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上；速度大小不一定變化，比如勻速圓周運動，所以B錯誤；

C；做勻速圓周運動的物體；所受的合外力一定時刻指向圓心，所以C錯誤；

D；沖到圓弧形橋頂時；根據(jù)牛頓第二定律，則有壓力小于重力，則出現(xiàn)失重現(xiàn)象，所以D正確；

故選：D

．

物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上；速度的方向與該點曲線的切線方向相同．

本題關(guān)鍵是對質(zhì)點做曲線運動的條件的考查，勻速圓周運動，平拋運動等都是曲線運動，對于它們的特點要掌握?。窘馕觥緿

3、C【分析】略。

【解析】C

4、D【分析】【分析】本題和閉合電路中的動態(tài)分析類似，可以根據(jù)R22的變化；確定出總電路的電阻的變化，進而可以確定總電路的電流的變化的情況，在根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況.

電路的動態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法?！窘獯稹坑捎诶硐胱儔浩髟€圈接到電壓有效值不變；則副線圈電壓不變，V2

示數(shù)不變，V1

與V2

示數(shù)的比值不變，C錯誤；D正確；

開關(guān)S

閉合后；變壓器副線圈的負載電阻減小，V2

不變，由歐姆定律可得A1

示數(shù)變大，由于理想變壓器P2=P1V1

與V2

示數(shù)的比值不變，所以A1

與A2

示數(shù)的比值不變，AB錯誤。

故選D?！窘馕觥緿

5、B【分析】解：A；牛頓提出萬有引力定律；但牛頓沒有測出萬有引力常量，是卡文迪許利用扭秤實驗巧妙地測出了萬有引力常量，故A錯誤。

B、根據(jù)開普勒第三定律知，太陽系中，所有行星軌道半長軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等，即=k；故B正確。

C；開普勒借助導(dǎo)師第谷的豐富觀測數(shù)據(jù)計算并提出了開普勒三大定律；故C錯誤。

D；根據(jù)開普勒第二定律知；相同時間內(nèi)，地球與太陽的連線掃過的面積相等，但與火星與太陽的連線掃過的面積并不相等，故D錯誤。

故選：B。

本題是物理學(xué)史問題；根據(jù)牛頓；卡文迪許、第谷和開普勒等人的物理學(xué)成就和開普勒的行星運動定律分析答題。

本題考查物理學(xué)史，屬于識記內(nèi)容。對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一?！窘馕觥緽6、A|C【分析】

A；由圖可知；a點處電場線較疏，電場強度較?。蔄正確．B錯誤．

C、根據(jù)F=Eq得同一個檢驗電荷在a點受到的電場力比在b點受到的電場力小；故C正確，D錯誤．

故選AC．

【解析】【答案】電場線的疏密反映電場強度的相對大?。浑妶鼍€越密，場強越大．順著電場線，電勢降低．同一電荷在電場強度大的地方受到的電場力大．

二、填空題(共5題，共10分)7、略

【分析】

根據(jù)題意可知：T=由單擺的周期公式T=解得：g==

直徑：主尺：2.1cm，游標(biāo)尺對齊格數(shù)：4個格，讀數(shù)：4×=0.4mm=0.04cm；所以直徑為：2.1+0.04=2.14cm

故答案為：2.14

【解析】【答案】（1）由單擺的周期公式即可求解；

（2）考查游標(biāo)卡尺和秒表的讀數(shù)：先讀主尺（只讀整數(shù)）；再加上游標(biāo)尺（格數(shù)乘以分度分之一，格數(shù)找對齊的一個不估讀）；

8、略

【分析】試題分析：導(dǎo)電液體中的正負離子在洛倫茲力的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)；在上下兩端間形成電勢差，最終離子受電場力和洛倫茲力處于平衡，根據(jù)平衡求出離子的速度，再根據(jù)Q=vS求出導(dǎo)電液體的流量．

對離子有：qvB=q解得．流量等于單位時間流過液體的體積，有Q=vS=．

故答案為：．【解析】9、略

【分析】

如圖，連接AC，沿AC方向相等距離電勢差相等，將AC三等分，作出等分點E和F．由題φA=30V，φC=-6V，則F點的電勢為φF=6V，φB=6V，連接BF，則BF是一條等勢線．過D作DE∥BF，則DE也是一條等勢線．E的電勢為φF=18V，則D點電勢φD=18V．

故答案為：18

【解析】【答案】由題；A；B、C、D是勻強電場中正方形的四個頂點，連接AC，根據(jù)勻強電場中沿與電場方向相同距離電勢差相等，在AC上找出B點的等勢點，作出一條等勢線，再在AC上找出與D等勢的點，得到D的電勢．

10、略

【分析】【解析】試題分析：打E點時小車的速度為加速度根據(jù)考點：打點計時器【解析】【答案】0.85；5.011、略

【分析】【解析】【答案】3.5m/s4.13m2m/s1.5mt=4s三、判斷題(共7題，共14分)12、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．13、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．14、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?5、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．16、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．17、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、畫圖題(共2題，共12分)19、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】20、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、簡答題(共1題，共6分)21、rm{(1)}加快反應(yīng)速率，充分接觸rm{FeS_{2}+4MnO_{2}+8H^{+}=4Mn^{2+}+Fe^{2+}+S+SO_{4}^{2-}+4H_{2}O}

rm{(2)F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}

rm{(2)F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}

}rm{(3)b}

rm{Mn^{2+}+2H_{2}O-2e^{-}簍TMnO_{2}+4H^{+}}rm{(4)BC}【分析】【分析】本題考查學(xué)生對元素及其化合物的主要性質(zhì)的掌握、電極反應(yīng)方程式、閱讀題目獲取新信息能力、對工藝流程的理解等，難度中等，需要學(xué)生具備扎實的基礎(chǔ)與綜合運用知識、信息分析解決問題能力?！窘獯稹縭m{(1)}將軟錳礦、黃鐵礦和硫酸按一定比例放入反應(yīng)釜中，攪拌，加熱，加熱溫度升高，反應(yīng)速率加快，攪拌可以使反應(yīng)物充分接觸；rm{FeS_{2}}反應(yīng)生成rm{Fe^{2+}}rm{S}rm{SO_{4}^{2-}}rm{S}元素的化合價升高rm{8}價，rm{MnO_{2}}中rm{Mn}元素的化合價降低rm{2}價，則rm{FeS_{2}}與rm{MnO_{2}}的計量數(shù)之比為rm{1}rm{4}結(jié)合原子守恒得到方程式為：rm{FeS_{2}+4MnO_{2}+8H^{+}簍T4Mn^{2+}+Fe^{2+}+S+SO_{4}^{2-}+4H_{2}O}

故答案為：加快反應(yīng)速率，充分接觸；rm{FeS_{2}+4MnO_{2}+8H^{+}=4Mn^{2+}+Fe^{2+}+S+SO_{4}^{2-}+4H_{2}O}

rm{(2)}在溶液中存在水解平衡：rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}加入rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}

}后，由于rm{CaCO_{3}(s)?Ca^{2+}(aq)+CO_{3}^{2-}(aq)}rm{CaCO_{3}}溶液中氫離子濃度減小，使得rm{CaCO_{3}(s)?

Ca^{2+}(aq)+CO_{3}^{2-}(aq)}的水解平衡向正反應(yīng)方向移動，因此rm{CO_{3}^{2-}+2H^{+}簍TCO_{2}隆眉+H_{2}O}轉(zhuǎn)化為rm{Fe^{3+}}沉淀而被除去；

故答案為：rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}

rm{Fe^{3+}}錳離子在陽極失電子生成二氧化錳，rm{Fe(OH)_{3}}極與正極相連為陽極，所以二氧化錳在rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}

}極生成；其電極反應(yīng)式為：rm{(3)}

故答案為：rmrm

rm{Mn^{2+}+2H_{2}O-2e^{-}簍TMnO_{2}+4H^{+}}鋅錳干電池不能充電；完全放電后不能再使用，屬于一次電池，故A錯誤；

B.原電池裝置是向外提供電能的裝置；其能量轉(zhuǎn)化為化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能，故B正確；

C.正極上二氧化錳得電子發(fā)生還原反應(yīng)，電極反應(yīng)式為rm故C正確；

D.電子從負極沿導(dǎo)線流向正極，而電流從正極沿著導(dǎo)線流向負極，則電子由rm{Mn^{2+}+2H_{2}O-2e^{-}簍TMnO_{2}+4H^{+}}極經(jīng)外電路流向rm{(4)A.}故D錯誤．

故答案為：rm{MnO_{2}+e^{-}+H_{2}O簍TMnO(OH)+OH^{-}}rm{Zn}【解析】rm{(1)}加快反應(yīng)速率，充分接觸rm{FeS_{2}+4MnO_{2}+8H^{+}=4Mn^{2+}+Fe^{2+}+S+SO_{4}^{2-}+4H_{2}O}

rm{(2)F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}

rm{(2)F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}

}rm{(3)b}

rm{Mn^{2+}+2H_{2}O-2e^{-}簍TMnO_{2}+4H^{+}}rm{(4)BC}六、實驗探究題(共4題，共40分)22、解：（1）感應(yīng)電動勢的最大值為：

電動勢的瞬時表達式為：

（2）電源的電動勢有效值為：

S閉合，電流表示數(shù)為有效值為：

電壓表示數(shù)為路端電壓為：U=IR=40V

（3）轉(zhuǎn)過時，磁通量的變化量為：

產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢為：

通過的電荷量為：

聯(lián)立解得解得：q=0.02C

答：（1）寫出線圈內(nèi)產(chǎn)生的交變電動勢瞬時值的表達式為

（2）電壓表和電流表示數(shù)分別為40V和2A；

（3）從計時開始，線圈轉(zhuǎn)過的過程中，通過外電阻R的電量為0.02C?！痉治觥?/p>

(1)

根據(jù)Em=nBS婁脴

求得產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值；從與中性面垂直開始計時；產(chǎn)生交流電的瞬時值表達式e=Emcos婁脴t

(2)

根據(jù)閉合電路的歐姆定律求得電壓和電流；注意是有效值。

(3)

據(jù)電量表達式，與感應(yīng)電動勢結(jié)合，得出q=I?鈻?t=n鈻?鈱?R+r

公式；從而可求得。

此題首先要能夠求出閉合線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的表達式，產(chǎn)生電動勢的線圈相當(dāng)于電源，從而傳化為電路的問題，在解題過程中一定要注意，電壓表和電流表的示數(shù)為有效值?！窘馕觥拷猓?1)

感應(yīng)電動勢的最大值為：Em=nBS婁脴?Em=502V

電動勢的瞬時表達式為：e=502cos(502t)V

(2)

電源的電動勢有效值為：E=Em2

S

閉合，電流表示數(shù)為有效值為：I=ER+r=2A

電壓表示數(shù)為路端電壓為：U=IR=40V

(3)

轉(zhuǎn)過婁脨6

時，磁通量的變化量為：鈻?婁碌=BSsin婁脨6

產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢為：E爐=n鈻?婁碌鈻?t

通過的電荷量為：q=I爐t

聯(lián)立解得解得：q=0.02C

答：(1)

寫出線圈內(nèi)產(chǎn)生的交變電動勢瞬時值的表達式為e=502cos(502t)V

(2)

電壓表和電流表示數(shù)分別為40V

和2A

(3)

從計時開始，線圈轉(zhuǎn)過婁脨6

的過程中，通過外電阻R

的電量為0.02C

23、略

【分析】解：(1)

燈泡額定電壓為4V

故電壓表應(yīng)選擇5V

的量程，故選C；電流I=PU=24=0.5A

故電流表應(yīng)選擇0.6A

量程，故選A；

(2)

因做描繪小燈泡伏安特性曲線實驗要求電流與電壓從零調(diào)；故滑動變阻器應(yīng)用分壓式，又小燈泡的電阻遠小于電壓表內(nèi)阻，故電流表應(yīng)用外接法，既滿足實驗要求，又要減小誤差的實驗電路圖應(yīng)選丙．

(3)

根據(jù)選出的原理圖可得出對應(yīng)的實物圖如圖所示；

(4)

當(dāng)滑動觸頭位于最左端時小燈泡兩端電壓是零；為保護電流表，應(yīng)接滑動觸頭打到最左端．

故答案為：(1)AC(2)

丙；(3)

如圖所示；(4)

左．

(1)

根據(jù)額定值可確定電流表和電壓表；

(2)

滑動變阻器用分壓式接法時；能使電流和電壓值從零調(diào)節(jié)，故做測定小燈泡伏安特性曲線實驗要求滑動變阻器用分壓式接法，當(dāng)待測電阻阻值遠小于電壓表內(nèi)阻時，電流表應(yīng)用外接法．

(3)

描繪圖象時要注意標(biāo)度的選取要適當(dāng)；連線時要用平滑的曲線連接．

(4)

根據(jù)電路