2025年粵教新版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教新版必修3物理上冊階段測試試卷968考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、圖甲表示某金屬絲的電阻隨攝氏溫度變化的情況。把這段金屬絲與電池；電流表串聯(lián)起來（圖乙）；用這段金屬絲做測溫探頭，把電流表的刻度改為相應的溫度刻度，就得到了一個簡易溫度計。下列說法正確的是（）

A.應標在電流較大的刻度上，且溫度與電流是線性關系B.應標在電流較大的刻度上，且溫度與電流是非線性關系C.應標在電流較大的刻度上，且溫度與電流是線性關系D.應標在電流較大的刻度上，且溫度與電流是非線性關系2、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r．電路中的R2、R3分別為總阻值一定的滑動變阻器，R0為定值電阻，R1為光敏電阻（其電阻隨光照強度增大而減?。旊婃IS閉合時，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止狀態(tài)．有關下列說法中正確的是（）

A.只逐漸增大R1的光照強度，電阻R0消耗的電功率變大，電阻R3中有向上的電流B.只調節(jié)電阻R3的滑動端P2向上端移動時，電源消耗的功率變大，電阻R3中有向上的電流C.只調節(jié)電阻R2的滑動端P1向下端移動時，電壓表示數(shù)變大，帶電微粒向上運動D.若斷開電鍵S，電容器所帶電荷量變大，帶電微粒向上運動3、兩根長直通電導線互相平行，電流方向相同。它們的截面處于一個等邊三角形ABC的A和B處。如圖所示，兩通電導線在C處的磁場的磁感應強度的值都是B，則C處磁場的總磁感應強度的大小是。

A.BB.2BC.BD.B4、關于等勢面、電場力做功和電場的關系，下列說法正確的是（）A.在等勢面上移動電荷，電場力總是不做功是因為電荷不受電場力B.電荷從A點移到B點，電場力做功為零，則電荷一定是沿等勢面移動的C.在同一個等勢面上的各點，電場強度的大小必然是相等的D.電場線總是從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面5、如圖所示，一半徑為R的絕緣圓環(huán)上，均勻地分布著電荷量為Q的電荷，在垂直于圓環(huán)平面的對稱軸上有一點P，它與環(huán)心O的距離OP＝L。靜電力常量為k，關于P點的場強E；下列四個表達式中有一個是正確的，請你根據(jù)所學的物理知識，通過一定的分析，判斷下列表達式正確的是()

A.E＝B.E＝C.E＝D.E＝6、下列物理量的負號表示大小的是（）A.速度v=-2m/sB.電量q=-0.01CC.重力勢能D.力做功為W=-10J7、如圖所示的正四棱錐中，各棱長均為處于勻強電場的空間中。其中電場方向與平面ABCD平行，已知A、B及O點的電勢分別為2V；6V及4V。則下列說法正確的是（）

A.電場方向A指向CB.電場強度大小為C.該正四棱錐外接球面上的電勢最低值為1VD.將電子從O點移到D點，電勢能增加8、電路圖如圖甲所示，圖乙是電路中的電源的路端電壓隨電流變化的關系圖像，滑動變阻器的最大阻值為定值電阻以下說法中正確的是（）

A.電源的內阻為B.當時電源的輸出功率最大C.當時電源的輸出功率最大D.當時消耗的功率最大評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖所示為兩個固定在同一水平面上的點電荷，距離為d，電荷量分別為＋Q和－Q，在它們連線的豎直中垂線上固定一根長為L、內壁光滑的絕緣細管，有一帶電荷量為＋q的小球以初速度v0從上端管口射入，重力加速度為g，靜電力常量為k，則小球（））

A.下落過程中加速度始終為gB.受到的庫侖力先做正功后做負功C.速度先增大后減小，射出時速度仍為v0D.管壁對小球的彈力最大值為10、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內阻為r，閉合開關k，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電流表、電壓表V2示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔI、ΔU2；下列說法正確的是。

A.I減小B.U1、U2均減小C.變小，變大D.11、如圖所示，電源電動勢E和內阻r一定，R1、R2是定值電阻，R3是光敏電阻(光敏電阻阻值隨光照強度的增加而變小)。閉合開關，當照射到R3的光照強度增加時；以下判斷正確的是（）

A.電流表示數(shù)一定變小B.電壓表示數(shù)一定變小C.R1的功率一定變小D.R2的功率一定變大12、在坐標到之間有一靜電場，x軸上各點的電勢隨坐標x的變化關系如圖所示，電勢分布關于坐標原點左右對稱。一質子從處以一定初動能僅在電場力作用下沿x軸正向穿過該電場區(qū)域。則該質子（）

A.在區(qū)間電勢能一直減小B.在區(qū)間一直做減速運動C.在區(qū)間受到的電場力一直減小D.質子經(jīng)過處動能等于在處的初動能13、如圖甲所示，一均勻帶電圓環(huán)放置在水平面內，取圓環(huán)中心O為原點，以垂直于環(huán)面的軸線為軸，一帶電小球從軸上處由靜止釋放，小球運動過程中的動能與位置的變化關系如圖乙所示，圖線上與處的切線與軸平行，小球在處的動能分別為不計空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.處與處場強相同B.小球從運動到電勢能增加C.小球從運動到加速度先增大后減小D.小球從運動到O點，電勢能與重力勢能之和先減小后增大14、如圖1所示，足夠長固定絕緣光滑斜面傾角為以斜面底端為坐標原點，沿斜面建軸，沿軸部分區(qū)域存在電場，電場方向沿斜面向上。質量為電量為可視為質點的滑塊在斜面底端由靜止釋放，空氣阻力不計，滑塊對原電場無影響，滑塊向上運動的一段過程機械能隨位移變化圖像如圖2所示，曲線A點處切線斜率最大；以下說法正確的是（）

A.在過程中，滑塊先減速后勻速B.在處滑塊的動能最大C.在處電場強度最大D.在過程中，滑塊先加速后減速15、關于矢量和標量，下列說法正確的是（）A.位移、速度、加速度、力都是矢量B.兩個矢量乘積可能是標量C.－10N的力比5N的力大D.有方向的物理量都是矢量評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、如圖所示，直線A為電源的路端電壓U與電流I的關系圖像，直線B是電阻R的兩端電壓與其中電流I的圖像.用該電源與電阻R組成閉合電路，則電源的輸出功率為_______，電源內部生熱損失的電功率為_______，電源的效率為_______.

17、如圖所示的電路中，當S斷開時，電流表示數(shù)為S閉合時，電流表示數(shù)為則電源的電動勢_______V，內阻_______

18、圖中的一氧化碳濃度傳感器相當于一個純電阻原件，已知其電阻值的倒數(shù)與一氧化碳濃度成正比。將傳感器接在如圖所示的電路中，其中為定值電阻，電源電壓恒定。當該傳感器探測到的汽車尾氣中一氧化碳濃度達到國家排放標準的最高濃度時，電壓表達讀數(shù)為現(xiàn)測量A汽車尾氣時，電表示數(shù)大于A車尾氣一氧化碳濃度____國定排放標準，若該儀器中電池用久了，測量B汽車尾氣時，電表示數(shù)等于則B車尾氣一氧化碳濃度______國家排放標準。（以上兩空均填“符合”或“不符合”）

19、如圖所示，三根等長帶電棒絕緣相連成正三角形，每根棒上電荷均勻分布，帶電均為帶電為P點為正三角形中心，P、Q兩點關于邊對稱.現(xiàn)測得P、Q兩點的電場強度大小分別為和若撤去棒，則P、Q兩點的電場強度大小分別為_____，_____。

20、概念：一切物體都在輻射電磁波，且輻射與物體的______有關，所以叫熱輻射。21、真空中兩個靜止點電荷A、B，電荷量分別是和它們相距則它們互相___________（填“吸引”或“排斥”），相互作用力大小為___________N。22、電阻。

（1）電阻的概念。

導體兩端的___________與通過導體的___________大小之比。

（2）定義式：

（3）單位：___________，常用的單位還有千歐（kΩ）、兆歐（MΩ），且1Ω=___________kΩ=___________MΩ。

（4）物理意義：反映___________作用的大小。

（5）導體U-I圖像的___________反映電阻大小。評卷人得分四、作圖題(共1題，共5分)23、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短評卷人得分五、實驗題(共4題，共20分)24、實驗小組要測量某直流電源的電動勢和內阻可用的實驗器材有：電流表電阻箱和滑動變阻器各一只，電鍵兩個以及導線若干。在研究實驗方案的過程中，發(fā)現(xiàn)電流表量程小，需要把電流表的量程擴大一倍才能完成實驗。設計的實驗電路如圖1所示。

（1）擴大電流表的量程；實驗步驟如下：

①斷開電鍵和把電阻箱的阻值調到__________（填“最大”或“最小”）；

②閉合電鍵調節(jié)電阻箱使電流表滿偏；

③閉合電鍵調節(jié)滑動變阻器的滑動觸頭，使電流表___________，此后滑動變阻器的觸頭的位置不再變動。

（2）測量電源的電動勢和內阻實驗步驟如下：

①電鍵都閉合，調節(jié)電阻箱的值，觀察并記錄電流表的示數(shù)

②重復步驟①，測量并記錄多組數(shù)據(jù)；

③以為縱坐標，為橫坐標；建立平面直角坐標系，根據(jù)步驟②得到的多組數(shù)據(jù)描點畫圖。得到的圖像如圖2所示；

④經(jīng)測量，圖像橫軸截距的絕對值為縱軸截距為則電源的電動勢____________，若已知電流表的內阻為則電源的內阻__________。

（3）由于系統(tǒng)誤差的存在，在擴大電流表量程的環(huán)節(jié)中，當電流表讀數(shù)為時，流過電源的電流實際上并不等于而是____________（填“大于”或“小于”）從而對后面的測量造成影響，要減小這種誤差，應該滿足電阻箱連入電路的總電阻____________（填“遠大于”或“接近”）電流表電阻25、測定一節(jié)干電池的電動勢和內電阻．電路如圖甲所示，MN為一段粗細均勻、電阻率較大的電阻絲，定值電阻R0=1.00Ω．調苗滑片P，記錄電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)I及對應的PN長度x，繪制了U-I圖象如圖乙所示．

（1）由圖乙求得該干電池的電動勢E=_______________V，內阻r=______________Ω；（結果均在小數(shù)點后保留兩位小數(shù)）

（2）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)可繪出圖象，如圖丙所示．圖象縱軸截距的物理意義是__________________________；圖象斜率為k，電阻絲橫截面積為S，電阻絲的電阻率為ρ=___________________________（用k、S表示）．26、要描繪標有“2.5V0.2A”字樣的小燈泡的伏安特性曲線，小蘭同學做了以下實驗．可供選擇的實驗器材有：

a.直流電源3V(內阻不計）

b.直流電流表（量程為300mA，內阻約為5)

c.直流電流表（量程為3A,內阻約為0.1)

d.直流電壓表（量程為3V,內阻約為30k)

e.滑動變阻器（最大阻值為100額定電流為0.5A)

f.滑動變阻器（最大阻值為10額定電流為2A)

g.開關一個，導線若干

(1)實驗中電流表應選用_____，滑動變阻器應選用_______：(填對應器材前的字母序號）

在如圖所示的虛線框中畫出正確的實驗電路圖_______（虛線框中已將部分電路畫出，請補齊電路的其他部分）；

(3)將如圖所示的實物圖連接完整____；

(4)開關閉合前，圖中滑動變阻器的滑片應滑至____(填“a”或“b”)端，圖中滑動變阻器的滑片應滑至最__(填“左”或“右”）端．27、在把電流表改裝成電壓表的實驗中；要將量程為200μA的電流表G改裝成量程為5V的電壓表，電流表G的內阻約幾百歐。提供的實驗器材如下：

干電池（電動勢E約為1.5V，內阻r約為10Ω）、電阻箱R1、R2（均為0～99999.9Ω）；開關、導線若干。

（1）先利用如圖甲所示的電路，測出電流表G的內電阻Rg；有關實驗測量的操作步驟如下：

①按照圖甲連接好電路，電阻箱R1、R2阻值均調至最大，開關S1、S2均斷開；

②只閉合S1，調節(jié)電阻箱R2使電流表G滿偏，此時電阻箱R2的阻值為6990.0Ω；

③再閉合S2，調節(jié)電阻箱R1使電流表G半偏，此時電阻箱R1的阻值為470.0Ω，由此可得電流表G內阻Rg的測量值為______Ω。

（2）測量電流表內阻時，為了減小測量誤差，要求R2遠大于Rg（比值越大，測量誤差越?。緦嶒炛蠷2雖比Rg大，但兩者之比不是很大，因此導致Rg的測量誤差較大。通過分析可知，Rg的測量值______真實值（填“大于”或“小于”）。

（3）為減小Rg的測量誤差，可以通過補償回路總電阻的方法，即把半偏時回路的總電阻的變化補回來。實際操作如下：在（1）后，再把R2先增加到______Ω（用第（1）問中的有關條件求得具體數(shù)值），再閉合S2調節(jié)R1使電流表G半偏。用這時R1的讀數(shù)表示Rg的測量值；如此重復操作多次補償即可使誤差盡量減小。

（4）通過多次補償測量，最終取Rg=500Ω，為完成上述改裝，需要用一個______Ω的電阻與電流表串聯(lián)。用改裝后的電壓表，按圖乙所示的電路測量未知電阻Rx。若測量未知電阻Rx時，電流表的讀數(shù)為0.20A，而改裝后的電壓表的表頭（刻度盤仍為原電流表的刻度），那么Rx的測量值為______Ω。評卷人得分六、解答題(共3題，共9分)28、如圖，A、B兩點電荷相距2m，O為AB連線上的一點，AO距離為0.5m，A、B所帶電荷量分別為和靜電力常量為k=9.0×109N·m2/C2；求：

（1）電荷A對電荷B的庫侖力大?。?/p>

（2）O點的電場強度大小及方向。

29、如圖，一質量為m、電荷量為q（q>0）的粒子在勻強電場中運動，A、B為其運動軌跡上的兩點。已知該粒子在A點的速度大小為v0，方向與電場方向的夾角為它運動到B點時速度方向與電場方向的夾角為37°，不計重力。求A、B兩點間的電勢差。

30、磁場中放一與磁場方向垂直的直導線，通入的電流是2.5A，導線長1cm，它受到的磁場力為

(1)導線所在處的磁感應強度是多大？

(2)如果把導線中的電流增大到5A；導線所在處的磁感應強度是多大？

(3)如果一通電導線在磁場中某處不受磁場力，是否可以確定該處沒有磁場？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

由甲圖可知，點對應的電阻阻值較小，由閉合電路歐姆定律知對應電路中的電流較大，故應標在電流較大的刻度上；而點對應的電阻阻值較大，由閉合電路歐姆定律知對應電路中的電流較小，故應標在電流較小的刻度上；由圖甲得

其中為圖線的縱截距，由閉合電路歐姆定律得

聯(lián)立解得

可知t與I是非線性關系；故B正確，ACD錯誤。

故選B。2、A【分析】【詳解】

A.只逐漸增大R1的光照強度，R1的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，電阻R0消耗的電功率變大，滑動變阻器的電壓變大，電容器兩端的電壓增大，電容下極板帶的電荷量變大，所以電阻R3中有向上的電流；故A正確；

B.電路穩(wěn)定時，電容相當于開關斷開，只調節(jié)電阻R3的滑動端P2向上端移動時；對電路沒有影響，故B錯誤；

C.電路中有效總電阻不變，總電流不變，則電壓表的示數(shù)不變．電容器兩板間的電壓變大，由

可知電場力變大；帶點微粒向上運動，故C錯誤；

D.若斷開電鍵S，電容器處于放電狀態(tài)，電荷量變小，電場強度減小，故粒子將向下運動；故D錯誤．3、D【分析】【詳解】

根據(jù)安培定則可知，導線A在C處產(chǎn)生的磁場方向垂直于AC方向向右，導線B在C處產(chǎn)生的磁場方向垂直于BC方向向右，則磁場在C處相互疊加，如圖所示，根據(jù)幾何關系知合磁感強度為故D項正確，ABC三項錯誤．

4、D【分析】【分析】

【詳解】

A．在同一等勢面上兩點間移動電荷時；電荷的電勢能不變，電場力總是不做功，不是不受電場力，是因為等勢面總是與電場線垂直，即電荷所受的電場力方向總與運動方向垂直，所以電場力總是不做功，A錯誤；

B．電荷從A點移到B點，電場力做功是零，說明A、B兩點的電勢相等；而電荷不一定是沿等勢面移動的，B錯誤；

C．在同一個等勢面上的各點的電勢相等；可電場強度的大小不一定是相等的，C錯誤；

D．沿著電場線方向電勢總是降低的；所以電場線總是從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，D正確。

故選D。5、D【分析】【詳解】

當R＝0時，帶電圓環(huán)等同一點電荷，由點電荷電場強度計算式可知在P點的電場強度為將R＝0代入四個選項；只有A；D選項滿足；

當L＝0時，均勻帶電圓環(huán)的中心處產(chǎn)生的電場的電場強度為0，將L＝0代入選項A；D；只有選項D滿足，故D正確。

故選D。

【點睛】

做選擇題時，運用極限思維可以提高做題速度。6、C【分析】【詳解】

A．速度為矢量；正負代表方向，故A錯誤；

B．電量的正負代表性質不同；故B錯誤；

C．重力勢能的正負表示具有的勢能大小不同；故C正確；

D．力的正負代表做正功或做負功；故D錯誤。

故選C。7、D【分析】【詳解】

AB．如圖所示，根據(jù)勻強電場的電場線與等差等勢面是平行等間距排列的，且電場線與等勢面處處垂直，沿著任意方向電勢均勻降低，取AB的中點該點電勢為垂直電場線，則點電勢等于O點電勢，為故平面為等勢面，BA平行電場線，方向由B指向A，電場強度的大小

故A；B錯誤；

C．根據(jù)數(shù)學知識可知正四棱錐的外接球半徑為外接球球心即為點，所以外接球面上最低電勢為

故C錯誤；

D．D點電勢等于A點電勢，為故將電子從O點移到D點，電場力做負功，由知電勢能增加故D正確。

故選D。8、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

可知圖像的縱軸截距等于電動勢，則有

圖像的斜率絕對值等于內阻，則有

故A錯誤；

BC．設電路外電阻為則電源的輸出功率為

可知當外電阻時，電源的輸出功率最大，則有

故B錯誤；C正確；

D．消耗的功率為

可知當

消耗的功率最大；故D錯誤。

故選C。二、多選題(共7題，共14分)9、A:D【分析】【詳解】

A．電荷量為+q的小球以初速度v0從管口射入的過程；因庫侖力與速度方向垂直，豎直方向只受重力作用，加速度始終為g，故A正確；

B．小球有下落過程中；庫侖力與速度方向垂直，則庫侖力不做功，故B錯誤；

C．電場力不做功；只有重力做功；根據(jù)動能定理，速度不斷增加，故C錯誤；

D．在兩個電荷的中垂線的中點，單個電荷產(chǎn)生的電場強度為：E=

根據(jù)矢量的合成法則，則有電場強度最大值為因此電荷量為+q的小球受到最大庫侖力為結合受力分析可知，彈力與庫侖力平衡，則管壁對小球的彈力最大值為故D正確；

故選AD.

點睛：對于等量異種電荷，根據(jù)矢量的合成法則，中垂線的中點的電場強度最大，在無窮遠的電場強度為零；點電荷靠近兩個電荷的連線的中點過程，電場力不做功；中點處的電場強度最大，則庫侖力也最大，彈力也是最大，從而即可求解．10、A:D【分析】【詳解】

AB．P下滑，R2增加則總電阻增加，則I變小，內電壓變小，路端電壓變大，則U3變大，根據(jù)歐姆定律可知，定值電阻R1兩端的電壓U1變小，滑動變阻器R2兩端的電壓U2變大；故A正確，B錯誤；

C．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知

解得

恒定不變；故C錯誤；

D．根據(jù)伏安特性曲線可知

恒定不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律得

則

故D正確．11、B:C:D【分析】【詳解】

AB.照射到R3的光照強度增加時電阻減??；總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電流增大；路端電壓減??；故電壓表示數(shù)變小，電流表示數(shù)增大，故A錯誤，B正確；

CD.由于路端電壓減小，故R1中功率變小，因總電流變大，R1中電流減小，故流過R2的電流增大，其功率變大，故CD正確。12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．在區(qū)間電勢增加；故電場線方向向左，那么，質子受到的電場力方向向左，故質子做減速運動，電場力做負功，電勢能增加，故A錯誤，B正確；

C．根據(jù)圖像的斜率等于電場強度大小可知，在區(qū)間電勢減小的斜率先增大后減小；電場強度先增大后減小，那么，電場力先增大后減小，故C錯誤；

D．質子從到電場力做總功等于0，由動能定理，質子在和處動能相等；故D正確。

故選BD。13、A:C【分析】【詳解】

AC．根據(jù)題意可知，帶電小球由靜止下落過程中，受重力和電場力，由動能定理有

可知，圖像的斜率表示小球受到的合力，圖線上與處的切線與軸平行，則合力為0，電場力均等于小球重力，則處與處場強相同，由圖可知，從運動到圖像的斜率先增大后減小，則小球所受到的合力先增大后減小，加速度先增大后減小，故AC正確；

BD．由能量守恒可知，小球下落過程中，重力勢能、電勢能和動能之和保持不變，則小球從運動到電勢能的增加等于動能減小和重力勢能減小之和，即

小球從運動到O點；動能先增大后減小再增大，則電勢能與重力勢能之和先減小后增大再減小，故BD錯誤。

故選AC。14、C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB.由圖2可知，可視為質點的滑塊在范圍內，機械能守恒，說明電場僅存在于這個區(qū)域。機械能E—x圖像的斜率就是電場力，在過程中，電場力先增大后減小，在x2處減小至零，所以在過程中某個位置，電場力等于重力沿斜面向下的分力，此時滑塊受合力為零，滑塊的速度最大，動能最大，則在過程中；滑塊先加速后減速，故AB錯誤；

C.機械能E—x圖像的斜率就是電場力，曲線A點處切線斜率最大，滑塊所受電場力最大，則在處電場強度最大；故C正確；

D.在范圍內，電場力做正功，機械能增加。在過程中某個位置，滑塊的速度最大，滑塊經(jīng)過處后，電場消失，滑塊機械能守恒，滑塊減速上升，所以在過程中；滑塊先加速后減速，故D正確。

故選CD。15、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．位移；速度、加速度、力既有大小又有方向都是矢量；故A正確；

B．兩個矢量乘積可能沒有方向；可能是標量，例如功，故B正確；

C．－10N的力的大小為10N；可知－10N的力比5N的力大，故C正確；

D．矢量是既有大??；又有方向；相加時遵循平行四邊形定則的物理量，只是有方向的量不一定就是矢量，比如電流，就是標量，故D錯誤。

故選ABC。三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【詳解】

[1]由圖象可知電源的電動勢短路電流為6A，該電源和該電阻組成閉合電路時路端電壓為2V，電流為2A，電源的輸出功率即為電阻上消耗的功率：

[2]電源的總功率為：總

電源內部生熱損失的電功率為：熱總

[3]所以電源的效率為：【解析】4W2W66.7%17、略

【分析】【詳解】

[1][2]開關S斷開時，由閉合電路歐姆定律可得

閉合時有

聯(lián)立解得【解析】6318、略

【分析】【詳解】

[1]．電壓表讀數(shù)越大，則R1以及內阻上的電壓越小，電路總電流越小，可知總電阻越大，說明傳感器的電阻變大，則一氧化碳的濃度小，則當電表示數(shù)大于U0，A車尾氣一氧化碳濃度符合國定排放標準；

[2]．該儀器中電池用久了，若其他物理量不變，則電壓表讀數(shù)應該減小，但是此時電壓表讀數(shù)仍為U0，說明傳感器的電阻變大了，一氧化碳濃度小了，則B車尾氣一氧化碳濃度符合國家排放標準?！窘馕觥糠戏?9、略

【分析】【分析】

【詳解】

假設三根等長帶電棒絕緣都帶+q電荷，則P的場強為零，根據(jù)電場的疊加原理可知，AB、BC兩棒在PP點的電場強度與AC棒在P點的場強大小相等、方向相反；所以可知當AB、BC帶電均為+q，CA帶電為?q時，AB、BC兩棒在P點的電場強度與AC棒在P點的場強大小相等、方向相同，都為則若撤去CA棒，P點的電場強度大小為。

根據(jù)對稱性可知原來AC在Q處的場強大小方向沿Q到P。原來Q的場強是AB、BC產(chǎn)生的場強和AC產(chǎn)生的場強的疊加而成，AB、BC產(chǎn)生的合場強方向從P到Q，AC產(chǎn)生的場強方向從Q到P，根據(jù)電場的疊加可知Q點原來的場強方向可能沿Q到P，原來Q點的大小為E2，則知在Q點，AB、BC產(chǎn)生的合場強大小為。

若撤去CA棒后，Q點的電場強度大小。

原來Q的方向也可能沿P到Q，則在Q點，AB、BC產(chǎn)生的合場強大小為。

撤去CA棒后，Q點的電場強度大小。

【解析】或20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】溫度21、略

【分析】【詳解】

[1]點電荷A；B電性相反；它們相互吸引。

[2]根據(jù)庫侖定律可得A、B之間的相互作用力大小為【解析】吸引14.422、略

【分析】【分析】

【詳解】

電阻。

（1）電阻的概念。

[1][2]導體兩端的電壓與通過導體電流大小之比。

（2）定義式：

（3）[3][4][5]單位：Ω，常用的單位還有千歐（kΩ）、兆歐（MΩ），且1Ω=kΩ=MΩ。

（4）[6]物理意義：反映阻礙電流作用的大小。

（5）[7]導體U-I圖像的斜率反映電阻大小?！窘馕觥竣?電壓②.電流③.Ω④.⑤.⑥.阻礙電流⑦.斜率四、作圖題(共1題，共5分)23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變??；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BDABD五、實驗題(共4題，共20分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]為了保護電路，電阻箱的阻值應調到最大；

[2]若想擴大電流表的量程，需并聯(lián)一個電阻且為了使量程擴大一倍，電阻應分一半的電流，故此時電流表半偏；

（2）[3][4]電流表量程擴大了一倍，故干路電流為則有

故有

則

可得的斜率

縱截距

則電源的電動勢為

電源的內阻為

（3）[5][6]在閉合開關后，由于并聯(lián)滑動變阻器，使得回路總電阻變小，總電流增大，即

使通過的電流大于要減小這種誤差，則要求開關閉合前后電阻變化對電流影響很小，故電阻箱接入電路總電阻遠大于電流表的內阻。【解析】