2025年外研版高二物理下冊(cè)階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版高二物理下冊(cè)階段測試試卷20考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關(guān)于圖中彈簧振子的振動(dòng)；下述說法中正確的有（）

A.周期與振幅有關(guān)；振幅越小，周期越小。

B.振子經(jīng)過平衡位置O時(shí)速度為零。

C.振子經(jīng)過平衡位置O時(shí)速度最大。

D.在最大位移B處；因?yàn)樗俣葹榱闼约铀俣纫矠榱恪?/p>

2、如圖所示的電路中，R1=1Ω，R2=2Ω，R3=3Ω，那么通過電阻R1、R2、R3的電流強(qiáng)度之比I1：I2：I3為（）

A.1：2：3

B.3：2：1

C.2：1：3

D.3：1：2

3、如圖所示質(zhì)量相等的A、B兩個(gè)球，原來在光滑水平面上沿同一直線相向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，A球的速度是6m/s，B球的速度是—2m/s，不久A、B兩球發(fā)生了對(duì)心碰撞。對(duì)于該碰撞之后的A、B兩球的速度可能值，某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)們做了很多種猜測，下面的哪一種猜測結(jié)果一定無法實(shí)現(xiàn)的是A.υAˊ=—2m/s，υBˊ=6m/sB.υAˊ=2m/s，υBˊ=2m/sC.υAˊ=lm/s，υBˊ=3m/sD.υAˊ=—3m/s，υBˊ=7m/s4、下圖所示的四種電場中，分別標(biāo)記有a

、b

兩點(diǎn)，其中a

、b

兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相同的是A.B.C.D.5、如圖所示的電路中,水平放置的平行板電容器中有一帶電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài),現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng),則:A.電容器中的電場強(qiáng)度將增大B.電容器極板上的電荷量將減少C.電容器的電容將減小D.液滴將向上運(yùn)動(dòng)6、兩個(gè)原來不帶電的物體甲和乙，相互摩擦后，下列情況中不可能發(fā)生的是（）A.甲帶正電荷，乙?guī)У攘控?fù)電荷B.甲帶負(fù)電荷，乙?guī)У攘空姾蒀.甲和乙都帶等量正電荷D.甲和乙都帶等量負(fù)電荷7、平板電容器AB

帶有等量異種電荷，通過如圖所示的方式與靜電計(jì)相連?？捎伸o電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)定性顯示電容器兩極板間的電勢差。婁脠

表示靜電計(jì)指針的偏角，C

表示電容器的電容。實(shí)驗(yàn)中，可認(rèn)為極板所帶電荷量不變。則下列操作中符合實(shí)驗(yàn)事實(shí)的是(

)

A.把A

板向右移，C

變大，婁脠

增大B.把A

板向左移，C

變大，婁脠

增大C.把A

板直向下移，C

變大，婁脠

減小D.把AB

板間插入一塊電介質(zhì)，C

變大，婁脠

減小評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)8、某同學(xué)用指針式多用電表測電阻Rx的阻值．他將紅黑表筆分別插入“+”；“-”插孔中；將選擇開關(guān)置于“×10”檔位置，然后將紅、黑表筆短接調(diào)零，此后測量阻值時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度較?。噯枺?/p>

①為減小實(shí)驗(yàn)誤差，該同學(xué)應(yīng)將選擇開關(guān)置于“______”位置．（選填“×1”；“×100”）

②再將紅、黑表筆短接，重新調(diào)零后繼續(xù)實(shí)驗(yàn)，結(jié)果看到指針指在如圖所示位置，則電阻Rx測量值為______Ω．9、①媒體報(bào)道，叛逃到英國的俄羅斯前特工利特維年科在倫敦離奇身亡。英國警方調(diào)查認(rèn)為，毒殺利特維年科的是超級(jí)毒藥——放射性元素釙（Po）。Po的半衰期為138天，經(jīng)衰變生成穩(wěn)定的鉛（Pb），那么經(jīng)過276天，100gPo已衰變的質(zhì)量為_______g。②一個(gè)氘核（）和一個(gè)氚核（）結(jié)合成一個(gè)氦核并放出一個(gè)中子時(shí)，質(zhì)量虧損為m，已知阿伏加德羅常數(shù)為NA，真空中的光速為c，若1mol氘和1mol氚完全發(fā)生上述核反應(yīng)，則在核反應(yīng)中釋放的能量為________。③用速度為v0、質(zhì)量為m1的核轟擊質(zhì)量為m2的靜止的核，發(fā)生核反應(yīng)，最終產(chǎn)生兩種新粒子A和B。其中A為核，質(zhì)量為m3，速度為v3；B的質(zhì)量為m4。粒子A的速度符合條件_________時(shí)，粒子B的速度方向與He核的運(yùn)動(dòng)方向相反。10、如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置可用來探究影響平行板電容器電容的因素；其中電容器左側(cè)極板和靜電計(jì)外殼接地，電容器右側(cè)極板與靜電計(jì)金屬球相連．

用摩擦過的玻璃棒或橡膠棒接觸____側(cè)極板（選填“左”或“右”）使電容器帶電．

①將極板間距離減小時(shí)，可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角____（選填變大；變小或不變）；

②兩板間插入電介質(zhì)時(shí)，可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角____（選填變大；變小或不變）．

11、在探究求合力的方法時(shí)；先將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上兩根帶有繩套的細(xì)繩實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要兩次拉伸橡皮條，一次是通過兩細(xì)繩用兩個(gè)彈簧秤互成角度的拉橡皮條，另一次是用一個(gè)彈簧秤通過細(xì)繩拉橡皮條．

（1）實(shí)驗(yàn)中兩次拉伸橡皮條，以下注意事項(xiàng)正確的是______（填字母代號(hào)）．

A．將橡皮條拉伸相同長度即可B．將橡皮條沿相同方向拉到相同長度。

C．將彈簧秤都拉伸到相同刻度D．將橡皮條和繩的結(jié)點(diǎn)拉到相同位置。

（2）以下觀點(diǎn)對(duì)減小實(shí)驗(yàn)誤差有益的說法是______（填字母代號(hào)）．

A．兩細(xì)繩必須等長。

B．彈簧秤；細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行。

C．用兩彈簧秤同時(shí)拉細(xì)繩時(shí)兩繩套方向應(yīng)成90°角；以便算出合力大小。

D．拉橡皮條的細(xì)繩要長些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)．12、在做“用油膜法估測分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中，若用直徑為0.5m的淺圓盤盛水，讓油酸在水面上形成單分子油酸薄膜，那么油酸滴的體積的數(shù)量級(jí)不能大于______m3．13、在用雙縫干涉測光的波長的實(shí)驗(yàn)中：

(1)裝置如圖1所示；光具座上放置的光學(xué)元件依次為①白熾燈；②、③、④、⑤遮光筒、⑥光屏．其中②③④中是下列儀器：A．雙窄縫片、B．單窄縫片、C．濾光片，其正確的排列順序應(yīng)該是：____________(填寫字母代號(hào))．

(2)已知雙縫到光屏之間的距離是L=500mm，雙縫之間的距離是d=0.50mm，單縫到雙縫之間的在距離是S=100mm，某同學(xué)在用測量頭測量時(shí)，調(diào)整手輪在測量頭目鏡中先看到分劃板中心刻線對(duì)準(zhǔn)A條亮紋的中心，然后他繼續(xù)轉(zhuǎn)動(dòng)，使分劃板中心刻線對(duì)準(zhǔn)B條亮紋的中心，前后兩次游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖2所示．示數(shù)依次為X1=____________mm、X2=____________mm；并計(jì)算出測量值λ=____________m(結(jié)果保留兩位有效數(shù)值)

(3)實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)條紋太密；難以測量，可以采用的改善辦法是____________(不定項(xiàng))

A．增大雙縫間距。

B．增大雙縫到屏的距離。

C．增大雙縫到單縫的距離。

D．改用波長較長的光(如紅光)作為入射光．14、一臺(tái)理想變壓器的原副線圈匝數(shù)比為21

原線圈接入20V

的正弦交流電，一只理想二極管和一個(gè)阻值為10婁賂

的指示燈串聯(lián)后接在副線圈上，則指示燈消耗的功率為______．評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、畫圖題(共2題，共12分)22、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象23、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評(píng)卷人得分五、推斷題(共3題，共15分)24、A、rm{B}rm{C}rm{X}是中學(xué)化學(xué)常見的物質(zhì)，rm{A}rm{B}rm{C}均由短周期元素組成，轉(zhuǎn)化關(guān)系如圖。請(qǐng)針對(duì)以下三種不同情況回答：

rm{(1)}若rm{A}rm{B}rm{C}中均含同一種常見金屬元素，該元素在rm{C}中以陰離子形式存在，將rm{A}rm{C}的水溶液混合可得rm{B}的白色膠狀沉淀。rm{壟脵A}中含有的金屬元素為________rm{(}寫元素名稱rm{)}它在周期表中的位置為__________。rm{壟脷}該金屬元素的單質(zhì)與某氧化物在高溫下反應(yīng)，常用于焊接鐵軌及定向爆破，該反應(yīng)的化學(xué)方程式為___________________。rm{(2)}若rm{A}為稀rm{HNO_{3}}rm{X}為常見黑色金屬單質(zhì)，寫出rm{A}與rm{B}反應(yīng)離子方程式___________。rm{(3)}若rm{A}rm{B}rm{C}三種化合物的焰色反應(yīng)均呈黃色，水溶液均為堿性；將rm{C}加到鹽酸中，有無色無味的氣體rm{X}產(chǎn)生。rm{壟脵A}中所含有的化學(xué)鍵是________________rm{壟脷}自然界中存在rm{B}rm{C}和rm{H_{2}O}按一定比例結(jié)晶而成的固體，取一定量該固體溶于水配成一定物質(zhì)的量濃度溶液rm{100mL}所用到的玻璃儀器有玻璃棒、燒杯、________、_____________。rm{壟脹}若測得上述溶液中金屬陽離子的濃度為rm{0.5mol/L.}若取相同質(zhì)量的固體加熱至恒重，剩余固體的質(zhì)量為_____________rm{g}25、氨氣是一種重要的化工產(chǎn)品及工業(yè)原料。I．某溫度下，合成氨反應(yīng)的平衡常數(shù)K=3.0×103(mol／L)-1，（1）寫出其對(duì)應(yīng)的化學(xué)方程式________________________________________。（2）某溫度下，如果在體積恒定為10L的密閉容器中充入：0.1molN2、0.1molH2和2molNH3則反應(yīng)____（填“正向進(jìn)行”或“逆向進(jìn)行”或“達(dá)到平衡”）。（3）該溫度下，在體積恒定為10L的四個(gè)密閉容器中分別充入下列物質(zhì)，反應(yīng)達(dá)到平衡后，N2的轉(zhuǎn)化率最大的是________。a．10molN2、30molH2和20molNH3b．10molN2和30molH2c．20molN2和60molH2d．10molN2和28molH2II．氨氣極易溶于水，氨水是氨氣溶于水而形成的溶液，回答下列問題：（4）在氨水溶液中加水稀釋的過程，NH3·H2O的電離程度___________（填“增大”“減小”或“不變”），___________（填“增大”“減小”或“不變”）。（5）室溫下，amol/L的(NH4)2SO4水溶液的pH=5，原因是溶液中存在平衡__________________（用離子方程式表示）。并計(jì)算該平衡的平衡常數(shù)表達(dá)式為________________________（用含代數(shù)a的較為精確的數(shù)學(xué)表達(dá)式表示，不必化簡，不做近似運(yùn)算）。26、人工合成有機(jī)化合物rm{H}的路線可簡單表示如圖：已知：rm{F}的核磁共振氫譜有四個(gè)峰，峰的面積比為rm{1}rm{1}rm{3}rm{3.}請(qǐng)回答下列問題：rm{(1)A}的名稱rm{(}系統(tǒng)命名rm{)}為______；rm{C}中官能團(tuán)的結(jié)構(gòu)簡式為______；rm{(2)G+F隆煤H}的反應(yīng)類型為______；rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為______．rm{(3)C隆煤D}的離子方程式為______．rm{(4)E}在一定條件下生成的高分子化合物的結(jié)構(gòu)簡式為______．rm{(5)X}是rm{F}的同分異構(gòu)體，它同時(shí)符合下列rm{3}個(gè)條件：rm{壟脵}能發(fā)生水解反應(yīng)rm{壟脷}不含甲基rm{壟脹}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則rm{X}可能的結(jié)構(gòu)簡式為______、______rm{(}寫出任意兩種rm{)}．評(píng)卷人得分六、證明題(共2題，共16分)27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。28、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】

A、彈簧振子的周期公式為：T=2π與振幅無關(guān)，故A錯(cuò)誤；

B；C、振子經(jīng)過平衡位置O時(shí)勢能最小、動(dòng)能最大；速度最大，故B錯(cuò)誤，C正確；

D；在最大位移B處；勢能最大，回復(fù)力最大，速度為零，根據(jù)牛頓第二定律，加速度最大，故D錯(cuò)誤；

故選C．

【解析】【答案】彈簧振子的周期公式為T=2π回復(fù)力F=-kx；加速度a=-．

2、C【分析】

電阻R1、R2并聯(lián)，電流之比為：I1：I2=R2：R1=2：1；

兩個(gè)并聯(lián)電路電流之和等于第三個(gè)電阻的電流，故I1：I2：I3=I1：I2：（I1+I2）=2：1：3；

故選C．

【解析】【答案】串聯(lián)電路電流相等；并連電路電流與電阻成反比，先計(jì)算連個(gè)并聯(lián)的電路中的電流表，再計(jì)算總電流．

3、D【分析】試題分析：兩球碰撞前后應(yīng)滿足動(dòng)量守恒定律及碰后兩球的動(dòng)能之和不大于碰前兩球的動(dòng)能之和。即（1）,（2），答案D中滿足（1）式，但不滿足（2）式，所以D選項(xiàng)錯(cuò)誤。考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律及能量能守恒定律?！窘馕觥俊敬鸢浮緿4、D【分析】略【解析】D

5、B【分析】【分析】由題意可知，電容器與R2并聯(lián)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可確定隨著滑片左移，電阻的變化，導(dǎo)致電壓的變化，從而判定電阻R2的電壓變化，再根據(jù)電容器的電量及由知兩極間的電場強(qiáng)度如何變化?？疾殡娙萜鞯膭?dòng)態(tài)分析，涉及到閉合電路的歐姆定律，及公式的理解?！窘獯稹繐?jù)題意，滑片向左移動(dòng)，滑動(dòng)變阻器的電阻增大，整個(gè)電路總電阻增大，據(jù)閉合電路歐姆定律：電流減小，電容器與電阻R2并聯(lián)，據(jù)歐姆定律可知R2兩端電壓減小，電容器電壓也減小，據(jù)可得電容器中電場強(qiáng)度將減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；據(jù)可知電容器上電荷量將減小，故選項(xiàng)B正確；電壓變化對(duì)電容器沒有影響，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由于電場強(qiáng)度減小則出現(xiàn)即油滴將向下運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選B?！窘馕觥緽6、C|D【分析】【解析】試題分析：摩擦起電會(huì)使兩物體帶上等量異種電荷；所以CD不可能發(fā)生故選CD考點(diǎn)：摩擦起電【解析】【答案】CD7、D【分析】解：電容器兩板上的電量不變；A

極板向右移動(dòng)時(shí)，兩板間的距離減小，根據(jù)C=?S4蟺kd

可知，電容C

增大，則根據(jù)C=QU

可知；電壓U

減??；故靜電計(jì)指針偏角減??；故A錯(cuò)誤；

B、A

極板向左移動(dòng)時(shí)，兩板間的距離增大，根據(jù)C=?S4蟺kd

可知，電容C

減小，則根據(jù)C=QU

可知；電壓U

增大；故靜電計(jì)指針偏角增大；故B錯(cuò)誤；

C、把A

板向下移，根據(jù)C=?S4蟺kd

可知，電容C

減小，則根據(jù)C=QU

可知；電壓U

增大；故靜電計(jì)指針偏角增大；故C錯(cuò)誤；

D、把AB

板間插入一塊電介質(zhì)，根據(jù)C=?S4蟺kd

可知，電容C

增大，則根據(jù)C=QU

可知；電壓U

減??；故靜電計(jì)指針偏角減??；故D正確；

故選：D

電容器充電后斷開電源；極板上的電量不變；根據(jù)電容器的定義式可分析電容的變化，再根據(jù)決定式分析電壓的變化，從而分析靜電計(jì)指針夾角的變化。

本題考查電容器的動(dòng)態(tài)分析問題，解題的關(guān)鍵在于正確掌握電容的決定式和定義式；同時(shí)注意要掌握相關(guān)結(jié)論的應(yīng)用，如本題中可以直接應(yīng)用結(jié)論：當(dāng)充電后斷開電源時(shí)，如果只改變兩板間距離，則兩板間的電場強(qiáng)度不變?！窘馕觥緿

二、填空題(共7題，共14分)8、略

【分析】解：用多用電表粗測某未知電阻Rx的阻值：先選擇“×10”檔；紅黑表筆分別插入電表的“+”；“-”插孔并短接，調(diào)整歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指到右端的“0”刻度；接入被測電阻，接入被測電阻，如果發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，說明電阻較大，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，應(yīng)該換大倍率，即“×100”檔，如果此時(shí)刻度盤上指針的位置如圖甲所示，該電阻的阻值為30×100=3000Ω．

故答案為：×100；3000

歐姆表零刻度線在最右側(cè)；歐姆表換擋后要進(jìn)行歐姆調(diào)零；歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)．

本題考查了萬用電表的使用方法，注意在每次調(diào)整時(shí)應(yīng)進(jìn)行歐姆調(diào)零，清楚歐姆表零刻度線在最右側(cè)．【解析】×100；30009、略

【分析】試題分析：①由于Po的半衰期為138天，那么經(jīng)過276天，沒有衰變的量為原來的1/4,100gPo已衰變的質(zhì)量為75g。②一個(gè)氘核（）和一個(gè)氚核（）結(jié)合成一個(gè)氦核并放出一個(gè)中子時(shí)，質(zhì)量虧損為m，放出能量為所以1mol氘和1mol氚完全發(fā)生上述核反應(yīng)，在核反應(yīng)中釋放的能量為③根據(jù)動(dòng)量守恒定律若使粒子B的速度方向與He核的運(yùn)動(dòng)方向相反，則v4＜0，即考點(diǎn)：①半衰期②愛因斯坦質(zhì)能方程③動(dòng)量守恒定律【解析】【答案】①75②③10、右變小變小【分析】【解答】用摩擦過的玻璃棒或橡膠棒接觸右側(cè)極板；使電容器帶電．

①將極板間距離減小時(shí)，根據(jù)C=知，電容C增大，根據(jù)U=知；電勢差減小，則靜電計(jì)指針偏角變?。?/p>

②兩板間插入電介質(zhì)，電容增大，根據(jù)U=知；電勢差減小，則靜電計(jì)指針偏角變?。?/p>

故答案為：右；①變小，②變小．

【分析】根據(jù)Q不變，結(jié)合電容器的決定式分析電容的變化，根據(jù)U=分析電勢差的變化，從而判斷靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角的變化．11、略

【分析】解：（1）A；B、本實(shí)驗(yàn)的目的是為了驗(yàn)證力的平行四邊形定則；即研究合力與分力的關(guān)系．根據(jù)合力與分力是等效的，本實(shí)驗(yàn)橡皮條兩次沿相同方向拉伸的長度要相同．故A錯(cuò)誤，B正確；

C；D、在白紙上標(biāo)下第一次橡皮條和繩的結(jié)點(diǎn)的位置；第二次將橡皮條和繩的結(jié)點(diǎn)拉到相同位置，表明兩次效果相同，即兩個(gè)拉力和一個(gè)拉力等效，而彈簧稱不必拉到相同刻度．故C錯(cuò)誤，D正確．

故選：BD．

（2）A；通過兩細(xì)繩用兩個(gè)彈簧秤互成角度地拉橡皮條時(shí)；并非要求兩細(xì)繩等長，故A錯(cuò)誤；

B；測量力的實(shí)驗(yàn)要求盡量準(zhǔn)確；為了減小實(shí)驗(yàn)中因摩擦造成的誤差，操作中要求彈簧秤、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行，故B正確；

C；用彈簧秤同時(shí)拉細(xì)繩時(shí)；拉力不能太太，也不能太小，不需要成90°角．故C錯(cuò)誤；

D；為了更加準(zhǔn)確的記錄力的方向；拉橡皮條的細(xì)繩要長些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些，故D正確．

故選：BD．

該實(shí)驗(yàn)采用了“等效替代”的原理；即合力與分力的關(guān)系是等效的，要求兩次拉橡皮筋時(shí)的形變量和方向是等效的，注意所有要求都要便于操作，有利于減小誤差進(jìn)行，所有操作步驟的設(shè)計(jì)都是以實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)?zāi)康臑橹行恼归_，據(jù)此可正確解答本題．

實(shí)驗(yàn)的核心是實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)原理選擇器材，安排實(shí)驗(yàn)步驟，分析實(shí)驗(yàn)誤差，進(jìn)行數(shù)據(jù)處理等等．【解析】BD；BD12、略

【分析】解：設(shè)油酸薄膜表面積為淺圓盤面積；油酸的體積為V：

V=πR2d=3.14××10-10m3=2×10-11m3

故答案為：10-11．

根據(jù)算出油酸薄膜的面積，油分子直徑的數(shù)量級(jí)為10-10m；油膜為單分子的油膜，由此可求出油酸體積．

本題考查“用單分子油膜估測分子大小”實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理和數(shù)據(jù)處理，屬于簡單基礎(chǔ)題目，計(jì)算時(shí)注意單位的換算．【解析】10-1113、略

【分析】解：(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理；光具座上放置的光學(xué)元件依次為：①白熾燈；②單窄縫片、③雙窄縫片、④濾光片、⑤遮光筒、⑥光屏．所以其正確的排列順序應(yīng)該是：CBA．

(2)10刻度的游標(biāo)卡尺的最小分度為0.1mm；

上圖：讀出主尺的刻度為11mm；游標(biāo)尺上的第一刻度與上面對(duì)齊，所以讀數(shù)為：0.1×1=0.1mm．總讀數(shù)為：11mm+0.1mm=11.1mm；

下圖：讀出主尺的刻度為15mm；游標(biāo)尺上的第6刻度與上面對(duì)齊，所以讀數(shù)為：0.1×6=0.6mm．總讀數(shù)為：

15mm+0.6mm=15.6mm；

A與B之間的間隔是7個(gè)條紋，所以干涉條紋的寬度：m

根據(jù)公式：代入數(shù)據(jù)得：m

(3)根據(jù)公式：實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)條紋太密，可以通過增大雙縫到屏的距離，增大波長，和減小雙縫間距．故選項(xiàng)BD正確．

故答案為：(1)CBA(2)11.1，15.6，6.4×10-7(3)BD【解析】CBA;11.1;15.6;6.4×10-7;BD14、略

【分析】解：根據(jù)變壓比公式；有。

U1U2=n1n2

故U2=12U1=12隆脕20=10V

根據(jù)電流的熱效應(yīng)；設(shè)加在燈泡上電壓的有效值為U

U22R鈰?T2=U2R鈰?T

代入數(shù)據(jù)：102R鈰?T2=U2R鈰?T

解得：U=102V

指示燈消耗的功率為P=U2R=(102)210W=5W

故答案為：5W

二極管的作用是只允許正向的電流通過，根據(jù)電流的熱效應(yīng)求出加在燈泡上電壓的有效值，根據(jù)功率表達(dá)式P=U2R

求解即可．

本題需要掌握變壓器的電壓之比和匝數(shù)比之間的關(guān)系，同時(shí)對(duì)于二極管的作用要了解．【解析】5W

三、判斷題(共7題，共14分)15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．16、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．17、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動(dòng)電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?、畫圖題(共2題，共12分)22、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】23、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、推斷題(共3題，共15分)24、（1）①鋁第三周期第ⅢA族②2Al+Fe2O32Fe+Al2O3

（2）Fe+4H++NO3-=Fe3++NO↑+2H2O

（3）①離子鍵；極性共價(jià)鍵。

②100mL容量瓶；膠頭滴管。

③2.65【分析】【分析】本題考查了無機(jī)物推斷，同時(shí)考查學(xué)生靈活運(yùn)用知識(shí)解答問題的能力，根據(jù)物質(zhì)的特殊現(xiàn)象再結(jié)合物質(zhì)之間的轉(zhuǎn)化關(guān)系來分析解答，題目難度中等。【解答】rm{(1)}若rm{A}rm{B}rm{C}中均含同一種常見金屬元素，將rm{A}rm{C}的水溶液混合可得rm{B}的沉淀，由轉(zhuǎn)化關(guān)系可知，rm{A}含有鋁離子，rm{B}為氫氧化鋁，rm{C}含有偏鋁酸根，rm{x}為氫氧化鈉；

rm{壟脵A}中含有金屬元素是rm{Al}元素，它在周期表中的位置為第三周期第Ⅲrm{A}族；故答案為：鋁；第三周期第Ⅲrm{A}族；

rm{壟脷Al}與氧化鐵發(fā)生鋁熱反應(yīng)可用于焊接鐵軌及定向爆破，此反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{2Al+Fe}rm{2}rm{2}rm{O}rm{3}rm{3}rm{2Fe+Al}rm{2}；

故答案為：rm{2}rm{O}rm{3}rm{3}rm{2Al+Fe}rm{2}rm{2}rm{O}；

rm{3}rm{3}為稀rm{2Fe+Al}rm{2}rm{2}為常見黑色金屬單質(zhì)，寫出rm{O}與rm{3}反應(yīng)離子方程式：rm{3}rm{(2)}若rm{A}為稀rm{HNO}rm{A}rm{HNO}rm{3}

故答案為：rm{3}，rm{X}為常見黑色金屬單質(zhì)，寫出rm{A}與rm{B}反應(yīng)離子方程式：rm{X}rm{A}rm{B}rm{Fe+4H^{+}+NO}若rm{3}rm{3}rm{{,!}^{-}=Fe^{3+}+NO隆眉+2H}的焰色反應(yīng)均呈黃色，水溶液均為堿性；將rm{2}加到鹽酸中，有無色無味的氣體rm{2}產(chǎn)生，則rm{O}為氫氧化鈉，為碳酸鈉，rm{Fe+4H^{+}+NO}為碳酸氫鈉，rm{3}為二氧化碳。

rm{3}rm{{,!}^{-}=Fe^{3+}+NO隆眉+2H}為rm{2}則rm{2}中所含有的化學(xué)鍵是離子鍵、極性共價(jià)鍵；rm{O}

故答案為：離子鍵、極性共價(jià)鍵rm{(3)}

rm{A}自然界中存在rm{B}rm{C}和rm{C}按一定比例結(jié)晶而成的固體rm{X}取一定量該固體溶于水配成rm{A}溶液，rm{B}rm{C}容量瓶；膠頭滴管；rm{x}

rm{壟脵}rm{A}為rm{NaOH}則rm{A}中所含有的化學(xué)鍵是容量瓶；膠頭滴管；rm{A}

rm{NaOH}測得溶溶中金屬陽離子的濃度為rm{A}即鈉離子濃度為取相同質(zhì)量的固體加熱至恒重，剩余固體為碳酸鈉，根據(jù)鈉離子守恒可知，碳酸鈉的質(zhì)量為rm{dfrac{1}{2}隆脕0.1L隆脕0.5mol/L隆脕106g/mol=2.65g}

故答案為：rm{{,!}^{-}}。

rm{壟脷}【解析】rm{(1)壟脵}鋁第三周期第Ⅲrm{A}族rm{壟脷2Al+Fe_{2}O_{3}}rm{2Fe+Al_{2}O_{3}}

rm{(2)Fe+4H^{+}+NO_{3}^{-}=Fe^{3+}+NO隆眉+2H_{2}O}

rm{(3)壟脵}離子鍵；極性共價(jià)鍵。

rm{壟脷100mL}容量瓶；膠頭滴管。

rm{壟脹2.65}25、略

【分析】【分析】本題考查較為綜合，涉及化學(xué)平衡狀態(tài)的判斷、鹽類水解、水的電離、鹽類水解平衡常數(shù)的計(jì)算等知識(shí)，為高考常見題型，難度中等，注意把握相關(guān)基本理論的理解和應(yīng)用?！窘獯稹浚?）工業(yè)上一般用氮?dú)夂蜌錃庠诖呋饔孟潞铣砂保鋵?duì)應(yīng)的化學(xué)方程式為N2+3H22NH3故答案為：N2+3H22NH3；（2）合成氨反應(yīng)濃度積所以平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，故答案為：逆向進(jìn)行；

（3）a與b相比，a中含有大量的氨氣，因此b中氮?dú)獾霓D(zhuǎn)化率大于a中；b與d相比，b中氫氣濃度大，故b中氮?dú)獾霓D(zhuǎn)化率高；由于正反應(yīng)是體積減小的可逆反應(yīng)，所以增大壓強(qiáng)平衡向正反應(yīng)方向進(jìn)行，c與b相比，相當(dāng)于是在b的基礎(chǔ)上增大壓強(qiáng)；氮?dú)廪D(zhuǎn)化率增大，故答案為：c；

（4）在氨水溶液中加水稀釋的過程，NH3·H2O的電離程度將增大；因?yàn)镵和Kw的變化只與溫度有關(guān)，所以不變。故答案為：增大；不變；

（5）NH4+水解導(dǎo)致硫酸銨溶液顯酸性，水解方程式為NH4++H2O?NH3?H2O+H+，依據(jù)電荷守恒和物料守恒c(NH4+)+c(H+)=2c(SO42-)+c(OH-),c(NH4+)+c(NH3·H2O)=2amol/L，已知pH=5，則c(H+)=10-5mol/L，c(OH-)=10-9mol/L，c(SO42-)=amol/L，代入守恒公式可求出c(NH4+)和c(NH3·H2O)，利用水解平衡常數(shù)的計(jì)算式可得故答案為：NH4++H2O?NH3?H2O+H+；【解析】（1）N2+3H22NH3（2）逆向進(jìn)行（3）c（4）增大不變（5）NH4++H2ONH3?H2O+H+26、rm{(1)2-}甲基rm{-1-}丁烯rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)}酯化反應(yīng)rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{(4)}rm{(5)HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}【分析】【分析】

本題考查有機(jī)物推斷；有機(jī)反應(yīng)方程式、同分異構(gòu)體書寫等；注意根據(jù)反應(yīng)條件進(jìn)行推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，難度中等。

【解答】

rm{A}與溴水發(fā)生加成反應(yīng)生成則rm{A}為．發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{B}為rm{B}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{C}為rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}rm{D}酸化得到rm{E}為rm{E}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{F}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}溴乙烷發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{G}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{F}