2024年高考物理模擬測試卷五

2024年高考物理模擬測試卷

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14~18題只有一項符合題目要

求，第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

14.2024年中國散裂中子源（CSNS）將迎來驗收，目前已建設的3臺譜儀也將啟動首批試驗。有關中子的

探討，下列說法正確的是

A.Th核發(fā)生一次a衰變，新核與原來的原子核相比，中子數(shù)削減了4

B.一個笊核和一個旅核經(jīng)過核反應后生成氮核和中子是裂變反應

C.盧瑟福通過分析a粒子散射試驗結果，發(fā)覺了質子和中子

D.13衰變的實質在于核內的中子轉化成了一個質子和一個電子

【答案】D

【解析】

A.Th核發(fā)生一次a衰變，新核與原來的原子核相比，質量數(shù)減小4,電荷數(shù)減小2,則中子數(shù)削減了

2,選項A錯誤；

B.一個氣核和一個氤核經(jīng)過核反應后生成氨核和中子是聚變反應，選項B錯誤；

C.盧瑟福通過分析。粒子散射試驗結果，發(fā)覺了原子的核式結構，選項C錯誤；

D."衰變的實質在于核內的中子轉化成了一個質子和一個電子，選項D正確；

故選Do

15.如圖所示，為某運動員（可視為質點）參與跳板跳水競賽時，其豎直方向的速度隨時間變更的圖

象以他離開跳板時為計時起點，不計空氣阻力，則下列說法中正確的是

A.與時刻達到最高點

B.片2時刻的位移最大

C.%時刻的加速度為負

D.在§-t2時間內重力做功明大于L-12時間內克服阻力做功Wf

【答案】D

【解析】

A.運動員起跳時的速度方向向上，可知，白時刻達到最高點，故A錯誤。

BC./V圖象為直線，加速度不變，所以在0-益時間內人在空中，益時刻起先進入水面，之后進入水中,

此時人的位移不是最大，白時刻的加速度為正值，故BC錯誤；

1,

D.由能量關系可知在友時間內，Wc-Wf即在時間內重力做功％大于友時間

內克服阻力做功重力做功心故D正確；

故選Do

16.某志向變壓器有兩個副線圈，原線圖匝數(shù)為〃，兩個副線圖匝數(shù)分別為n和功，如圖所示。所接電阻

用=兄，電流表為志向溝通電表，D為志向二極管，原線圈接正弦溝通電源，下列說法正確的是

A.滑動變阻器7?滑片向上滑動時，電流表示數(shù)變小

B.滑動變阻器及滑片向上滑動時，副線圈功的輸出電壓變大

C.兄兩端的電壓與用兩端的電壓之比為〃：1尬

D.用的功率與用的功率之比為域:笳

【答案】A

【解析】

一組原線圈對應多組副線圈同樣符合電壓關系

nnxn。

功率關系:

P=P]+P2^UlIl+U2I2

AB.〃增大，n,ni,m不變，不影響U,〃和場所以工減小，4減小，所以原線圈功率戶減

小，故原線圈電流減小，A正確，B錯誤。

CD.七兩端電壓等于4,其次個副線圈由于二極管的存在，使得用電壓不等于場所以兩電阻

電壓值比不等于功:痣，功率根產(chǎn)=＞可知，兩電阻相等，但是兩電阻的電壓之比不是力:痣，

R

所以電壓值比也不是"：瑁；故C、D均錯誤。

故選Ao

17.人造衛(wèi)星給人們的生活帶來了的便利，不同的人造衛(wèi)星有著不同的用途和軌道?，F(xiàn)有兩顆人造地球衛(wèi)

星a、b,分別穩(wěn)定在距地面高度為2A和37?的圓周軌道上，7?為地球半徑。則下列說法中正確的是

A.a、b的速度之比為百：，5

B.a、b的周期之比為3百：8

C.a、b所受向心力之比為16:9

D.衛(wèi)星a的機械能確定小于b的機械能

【答案】B

【解析】

由萬有引力供應向心力有

Mmv2，兀、2

G——-m—=——)r

rrT

得

v=/---,T=2〃J----

AVr\GM

A.a、b的速度之比為

2k=pR+RF=A

以、2R+R\3V3

故A錯誤；

B.a、b的周期之比為

7；_](2R+R)3_3出

故B正確；

CD.由于不知道兩衛(wèi)星的質量,所以無法確定兩衛(wèi)星的向心力和機械能的大小關系，故CD錯誤。

18.如圖所示的靜電場中，實線表示電場線，虛線表示等勢面。則

A.b、c兩點的電勢相等

B.a、力兩點的電勢相等

C.b、c兩點的場強相等

D.a、6兩點的場強相等

【答案】A

【解析】

A.同一等勢面上的點電勢相等，所以6、c兩點的電勢相等，A正確；

B.沿電場線方向電勢降低，所以a點電勢大于分點的電勢，B錯誤；

C.6、。兩點的場強大小相等、但方向不同，所以場強不相等，C錯誤；

D.電場線的疏密表示場強的大小，a點的電場線更密一些，所以a點的場強大于6點的場強，D錯誤。

故選Ao

19.如圖所示，粗糙水平地面上放著一個截面為半圓的柱狀物體A,A與豎直墻壁之間放一光滑半圓球3,

整個裝置處于平衡狀態(tài)。已知A、3的質量分別為掰和A、B兩物體的半徑均為R,3的圓心

到水平地面的豎直距離為0R,重力加速度為g,下列說法正確的是

A.地面對A的支持力大小為（根+M）g

B.地面對A的摩擦力大小為0Mg

C.將A往左緩慢移動少許，豎直墻壁對3的彈力減小

D.將A往左緩慢移動少許，A、3之間的彈力保持不變

【答案】AC

【解析】

A.把A、B看成一個系統(tǒng)，對其運用整體法，該系統(tǒng)在豎直方向上受到豎直向下的重力（的加g和地面

的支持力A的作用，二力平衡，所以有:

R=（業(yè)m）g

故A正確；

B.在水平方向上，該系統(tǒng)確定受到豎直墻水平向右的彈力的作用，那么確定也受到地面水平向左的摩

擦力，并且摩擦力大小等于豎直墻對B水平向右的彈力大小A?；再選取半圓球B為探討對象，運用隔

離法，受力分析如圖所示。

依據(jù)幾何關系，。等于45°。依據(jù)力的分解和力的平衡條件可得：

&=當_=0吸

COSJ

7^2-^fetanO-Mg

故B錯誤；

C.依據(jù)尺2二批tan。，將/往左緩慢移動少許，。減小，豎直墻壁對方的彈力減小，故C正確;

D.依據(jù)凡尸1空，將"往左緩慢移動少許，。減小，46之間的彈力減小，故D錯誤。

COS0

20.兩個線圈套在同一個鐵芯上，線圈的繞向如圖甲所示，左線圈連著正方形線框線框所在區(qū)域存

在變更的磁場，取垂直紙面對里為正方向，磁感應強度隨時間變更的關系如圖乙所示，不計線框以外

的感應電場，右側線圈連接確定值電阻凡則下列說法中正確的是

A.彳時刻aft邊中電流方向由。―》，e點電勢低于/"點電勢

B.設彳、匕時刻動邊中電流大小分別為匕、4，則有㈠Le點與/■點電勢相等

C.與?。時間內通過劭邊的電荷量為0，通過定值電阻A的電流方向豎直向下

D.“時刻成邊中電流方向由afb,通過定值電阻7?的電流方向豎直向下

【答案】BD

【解析】

A.由圖可知，力時刻磁場方向向里且勻稱增加，依據(jù)楞次定律，線框中感應電流沿逆時針方向，a右邊

中電流方向由a-6,依據(jù)法拉第電磁感應定律知，正方形線框中的感應電動勢是恒定值，原線圈中電

流值恒定，副線圈中不產(chǎn)生感應電動勢，e點電勢等于/?點電勢，故A錯誤；

B.依據(jù)法拉第電磁感應定律得感應電動勢

e=n——=nS,

AZA?

心時刻磁感應強度的變更率小于友時刻的磁感應強度變更率，依據(jù)歐姆定律，=名，知/1＜九

R

副線圈磁通量不變，定值電阻7?中無電流，e點與/1點電勢相等，故B正確；

C.友?友時間內磁感應強度勻稱變更，磁通量勻稱變更，感應電動勢恒定，有恒定感應電流通過通

過勵的電量為疔〃，不等于0,恒定電流通過鐵芯產(chǎn)生恒定磁場，故副線圈磁通量不變，副線圈無感

應電流產(chǎn)生，則定值電阻〃中無電流，故C錯誤；

D.化時刻磁場方向垂直紙面對外，磁場變小，磁通量減小，依據(jù)楞次定律得感應電流逆時針，ab邊中

電流方向a-6,磁感應強度的變更率增大，感應電流大小變大，穿過原副線圈的磁通量增大，依據(jù)楞

次定律，副線圈中感應電動勢上正下負，因此通過定值電阻丹的電流方向豎直向下，故D正確。

故選BD?

21.如圖所示，滑塊啊放置在足夠長的木板外的右端，木板置于水平地面上，滑塊與板間動摩擦因數(shù)為〃1,

木板與地面間動摩擦因數(shù)為〃2,原來均靜止。零時刻用一水平恒力向右拉木板，使滑塊與木板發(fā)生相

對運動，某時刻撤去該力?；瑒幽Σ亮Φ扔谧畲箪o摩擦力，則從零時刻起，二者的速度一時間圖象可

能為

00

【答案】AD

【解析】

零時刻用一水平恒力向右拉木板，使滑塊與木板發(fā)生相對運動，滑塊處和木板生均做勻加速直線運動,

對滑塊?

〃i〃11g=

加速度為

4=〃苗

撤去外力后，木板場做勻減速直線運動，此時滑塊處的速度小于磔，所以滑塊皿接著做勻加速運動，

當而者速度相等時：

AB.假如〃i>〃2，滑塊的和木板場將保持相對靜止，在地面摩擦力作用下一起做勻減速運動。由牛

頓其次定律

〃2（班+^2）g=（班+m2）a2

加速度變?yōu)?/p>

?2=修

即滑塊的加速度變小，故A正確，B錯誤。

CD.假如〃i<〃2，兩物體將發(fā)生相對滑動，由牛頓其次定律，此時滑塊外的加速度大小是〃話，即

滑塊的加速度大小不變，故D正確，C錯誤。

故選AD。

三、非選擇題：共174分，第22~32題為必考題，每個試題考生都必需作答。第33~38題為選考題，考生

依據(jù)要求作答。

（一）必考題：共129分。

22.（5分）利用供應的下列器材：長木板、鐵架臺、米尺、計時儀器、小車（可視為質點）、祛碼等，探究

加速度與質量的關系。如圖測量木板長度將木板一端放在鐵架臺的支架上，讓小車從靜止起先由頂

端滑究竟端，測出下滑時間方，則小車運動的加速度可表示為2==保持木板傾角

不變，向小車內加入祛碼來變更小車質量，多次測出加速度/,據(jù)此能否得出加速度與質量的關系？

（填"能”或"不能”），緣由是。

【答案】下（2分）不能（1分）保持木板傾角不變，則加速度相等，與質量無關（2分）

【解析】

小車做勻加速直線運動，依據(jù)位移時間公式得：

I=—at2

2

解得：

21

a=7

設木板的傾角為6,依據(jù)牛頓其次定律得：

mgsinO-umgcosO.八八

a=-----------------------=gsmt）-/dcost）

m,

與質量無關，保持木板傾角不變，則加速度相等；則此試驗的過程中，不涉及到質量，所以不能得出

加速度與質量的關系。

23.在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”試驗時，所用器材有：電動勢為6V的電源，額定電壓為2.5V的

小燈泡，以及符合試驗要求的滑動變阻器、電表、開關和導線。要求能測出盡可能多組數(shù)據(jù)，如圖是

沒有連接完的實物電路。（已連接好的導線有a、b、c、d、e、f六根）

（1）請你用筆畫線代替導線，將實物電路連接完整_______________________;

（2）連好電路，閉合開關，移動變阻器滑片只發(fā)覺小燈泡始終不亮，但電壓表有示數(shù)，電流表幾乎不偏

轉，則故障的緣由可能是；

（3）解除故障后比和開關，移動滑片戶到某處，電壓表的示數(shù)為2.2V,在要測量小燈泡的額定功率，應將

滑片戶向端滑動（選填“左”“右”）；

（4）通過移動滑片R分別登記了多組對應的電壓表和電流表的讀數(shù)，并繪制成了如圖所示的圖線。

依據(jù)圖線供應的信息，可計算出小燈泡的額定功率是Wo

（5）圖線是曲線而不是過原點的直線，緣由是o

（2分）c段導線斷路或燈泡損壞（2分）

右（2分）0.50（2分）燈絲的電阻會隨溫度的上升而增大（2分）

【解析】

（1）因小燈泡電阻較小，則電流表要外接；滑動變阻器要接成分壓電路；電路連接如圖;

（2）連好電路，閉合開關，移動變阻器滑片?，發(fā)覺小燈泡始終不亮，但電壓表有示數(shù)，電流表幾乎不

偏轉，則故障的緣由可能是c段導線斷路或燈泡損壞；

（3）解除故障后閉合開關，移動滑片戶到某處，電壓表的示數(shù)為2.2V,小于燈泡的額定電壓，則要測

量小燈泡的額定功率，必需要增加電壓，即應將滑片尸向右端滑動；

（4）依據(jù)圖線供應的信息,可知當代2.5V時，7=0.2A,則可計算出小燈泡的額定功率是P=IW0.50Wo

（5）圖線是曲線而不是過原點的直線，緣由是燈絲的電阻會隨溫度的上升而增大。

24.（14分）（2024?湖南高三）如圖，光滑軌道而cde固定在豎直平面內，傾斜、水平、ce為半

徑R=2.7m的半圓弧軌道，三部分平滑連接，c為圓弧軌道的最低點，可視為質點的小球網(wǎng)和根2中間

壓縮一輕質彈簧靜止在水平軌道上（彈簧與兩小球不拴接且被鎖定）?，F(xiàn)解除對彈簧的鎖定，小球網(wǎng)脫

離彈簧后恰能沿軌道運動到。處，小球根2沿圓弧軌道運動。已知啊=L5kg,的豎直高度差

H=1.8m,在c點時小球加2對軌道壓力的大小為尸=40N,彈簧復原原長時小球仍處于水平軌道(不

計空氣阻力，g=10m/s2),已知加2＜叫。求:

(1)小球根2的質量；

(2)彈簧鎖定時的彈性勢能。

【答案】(1)1.Okg(2)67.5J

【解析】

(1)對小球㈣，由機械能守恒定律得:

1,

—ZMjV；=m^H（2分）

解得

匕=6m/s（2分）

取水平向左為正，對小球機1、w2,由動量守恒定律得:

0=—叫匕+m2V2（2分）

在c點，由牛頓其次定律得:

斤—m28=返(2分)

-R

聯(lián)立以上各式代入數(shù)值得:

v2=9m/s,m2=1.Okg（m2=3kg,V2=3m/s舍去）(2分)

(2)由能量的轉化及守恒得:

1,1,

Ep=~tnivi+萬加2%（2分）

代入數(shù)值得:

Ep-67.5J（2分）

25.（18分）（2024?天津高三期末）如圖所示，在平面直角坐標系xoy的其次象限內有平行于y軸的勻強

電場，電場強度大小為￡,方向沿y軸負方向。在第一、四象限內有一個半徑為A的圓，圓心坐標為（兄

0）,圓內有方向垂直于xoy平面對里的勻強磁場。一帶正電的粒子（不計重力），以速度為％從其次象

限的戶點，沿平行于x軸正方向射入電場，通過坐標原點。進入第四象限，速度方向與x軸正方向成30°，

最終從。點平行于y軸離開磁場，已知尸點的橫坐標為-2/1。求：

（1）帶電粒子的比荷幺；

m

（2）圓內磁場的磁感應強度6的大小；

（3）帶電粒子從尸點進入電場到從0點射出磁場的總時間。

【答案】（1）幺=3為1（2）號（3）6"+、成

m6Ehv0R3v0

【解析】

（1）由水平方向勻速直線運動得

2h=vati（1分）

豎直向下的分速度

=votan3O°（1分）

由豎直方向勻加速直線運動知V尸at1,加速度為

。=晅（1分）

m

依據(jù)以上式解得

2

q_=V3v0。分）

m6Eh

（2）粒子進入磁場的速度為心有

cos30°=%（1分）

粒子運動軌跡如圖所示

XXXX/'

由幾何關系得，粒子在磁場中作勻速圓周運動的軌道半徑為

r=R（1分）

由洛倫茲力供應向心力可知

qvB=竺-（2分）

r

解得

4脅

*（2分）

（3）粒子在磁場中運動的時間為

。。分）

2冗丫

粒子在磁場中運動的周期為T=—,粒子在電場中運動的時間為

v

2h

4=一（2分）

%

粒子運動的總時

t—tx+t2（2分）

代入數(shù)據(jù)得:

6h+\[3nR

（2分）

3%

（~）選考題：共45分。請考生從2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答。假如多做,

則每科按所做的第一題計分。

33.[物理一選修3-3]（15分）

（1）（5分）下列說法正確的是。（填正確答案標號，選對1個給2分，選對2個得4分,

選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分0分）

A.其次類永動機違反了熱力學其次定律,也違反了能量守恒定律

B.分子質量不同的兩種氣體,溫度相同時,其分子的平均動能確定相同

C.布朗運動的規(guī)律反映出分子熱運動的規(guī)律,即小顆粒的運動是液體分子的無規(guī)則運動

D.干濕泡濕度計的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度,這是濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸熱的結果

E.假如兩個系統(tǒng)分別與第三個系統(tǒng)達到熱平衡,那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定處于熱平衡,用來表征它

們所具有的“共同熱學性質”的物理量叫做溫度

【答案】BDE

【解析】

A.其次類永動機違反了熱力學其次定律，但是不違反能量守恒定律，選項A錯誤；

B.溫度是分子動能的標記，即使是分子質量不同的兩種氣體，溫度相同時，其分子的平均動能也確

定相同，選項B正確；

C.布朗運動的規(guī)律反映出分子熱運動的規(guī)律，小顆粒的運動只是液體分子的無規(guī)則運動的表現(xiàn)，選

項C錯誤；

D.干濕泡濕度計的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，這是濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸熱的結果，

選項D正確；

E.假如兩個系統(tǒng)分別與第三個系統(tǒng)達到熱平衡，那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定處于熱平衡，用來

表征它們所具有的“共同熱學性質”的物理量叫做溫度，選項E正確；

故選BDEo

（2）（10分）（2024?重慶高三）如圖所示，用質量爐2kg的絕熱活塞在絕熱汽缸內封閉確定質量的志向

氣體,活塞與汽缸壁間摩擦力忽視不計，起先時活寒距離汽缸底部的高度A=0.2m,氣體的溫度

心=27℃；現(xiàn)用汽缸內一電熱絲（未畫出）給氣體緩慢加熱，加熱至友=177℃,活塞緩慢上升到距離汽缸

底某高度益處，此過程中被封閉氣體汲取的熱量為3000J。已知大氣壓強M=1.0X10'5pa,重力加速度

g取10m/s2,活塞截面積5=4.OX10-4m2.求：

（i）初始時汽缸內氣體的壓強"和緩慢加熱后活塞距離汽缸底部的高度公

（ii）此過程中氣體內能的變更量

【答案】（i）p=1.5x105Pa寓=0.3m（ii）AU=2994J

【解析】

（i）對活塞受力分析可知：

pS=p°S+mg

解得

p=Pc+-=1.0xlO5d-----—=1.5xlO5Pa

"S4.0xlO-4

對氣體經(jīng)過的是等壓過程，則由蓋呂薩克定律：

0.2.

273+27-177+273

解得

為2=0.3m

(ii)此過程中氣體對外做功：

W=pSAh=1.5XX4.0X10-4x(Q.3-0.2)J=6J

依據(jù)AU=W+Q可得

At；=3000-6=29941

此過程中氣體內能增加2994Jo

34.［物理一選修3-4）（15分）

（1）如圖所示為一列沿x軸傳播的簡諧橫波，實線為2=0時刻的波形圖，經(jīng)過6=6s,波形圖如圖中虛

線所示。已知波的周期7>4s,則下列說法正確的是（）（填正確答案標號，選對1個給2分，選對2

個得4分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分0分）

A.該波的波長為8m

B.該波的周期可能為8s

C.在力=9s時，B質點確定沿y軸正方向運動

D.B、C兩質點的振動狀況總是相反的

E.該列波的波速可能為』m/s

6

【答案】BDE

【解析】

A.分析波形圖，可知波長兒=碗，故