2025年人民版高三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人民版高三物理下冊階段測試試卷889考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、根據(jù)“牛頓第二定律”我們知道：力作用于物體可以使物體產(chǎn)生加速度，可是當(dāng)我們用一個很小的力去推很重的桌子時，卻推不動它，這是因為（）A.牛頓第二定律不適用于靜止的物體B.桌子的加速度很小，速度改變量也很小C.推力小于同時刻桌子受到的靜摩擦力D.桌子所受的合力為零2、靜止在地球上的物體都要隨地球一起轉(zhuǎn)動．下列說法正確的是（）A.它們的運動周期都是相同的B.它們的線速度都是相同的C.它們的線速度大小都是相同的D.它們的向心加速度是相同的3、【題文】由靜止開始做勻加速運動的汽車；頭一秒內(nèi)通過0.4m路程，有以下說法：

①第1s末的速度為0.8m/s②加速度為0.8m/s2

③第2s內(nèi)通過的路程為1.2m④前2s內(nèi)通過的路程為1.2m

其中正確的是()A.①②③B.②③④C.①②③④D.①②④4、如圖所示電路，電源內(nèi)阻不可忽略。開關(guān)S閉合后，在變阻器R0的滑動端向下滑動的過程中（）

A.電壓表與電流表的示數(shù)都減小B.電壓表與電流表的示數(shù)都增大C.電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小D.電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大5、下列說法正確的是（）A.γ射線比α射線的貫穿本領(lǐng)強B.外界環(huán)境溫度升高，原子核的半衰期變大C.太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的重核裂變反應(yīng)D.原子核發(fā)生一次β衰變，該原子外層就失去一個電子6、如圖所示，理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為4：1，RT為阻值隨溫度升高而減小的熱敏電阻，R1為定值電阻，電壓表和電流表均為理想交流電表。原線圈所接電壓u=51sin（100πt）（V）。下列說法正確的是（）A.變壓器輸入與輸出功率之比為1：4B.變壓器副線圈中電流的頻率為100HzC.變壓器原、副線圈中的電流強度之比為1：4D.若熱敏電阻RT的溫度升高，電壓表的示數(shù)不變，電流表的示數(shù)變小7、由于地球自轉(zhuǎn)，又由于地球的極半徑較短而赤道半徑較長，使得在地球表面的同一物體受到的重力（）A.在兩極較大B.在赤道較大C.在兩極跟在赤道一樣大D.無法判斷8、將一個已知力分解為兩個分力，若已知它的一個分力的大小和另一個分力的方向，以下正確的是（）A.只有一組解B.一定有兩組解C.可能有無數(shù)組解D.可能有兩組解9、關(guān)于機械能下列說法正確的是（）A.作變速運動的物體，只要有摩擦力存在，機械能一定減少B.物體所受的合外力為零，機械能也可能發(fā)生變化C.作斜拋運動的物體（不計空氣阻力）在同一高度具有相同的速度D.在水平面上作變速運動的物體，它的機械能一定變化評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)10、（2016春?紅橋區(qū)期中）一個電源的電動勢為?，內(nèi)電阻為r，在外電路上接一個電阻R′和一個滑動變阻器R（阻值足夠大），滑動變阻器R取____值時，滑動變阻器所消耗的功率且大．11、物體從光滑的斜面頂端由箭止開始勻加速下滑，在最后1s內(nèi)通過了全部路程的三分之一，則下滑的總時間為____s．12、（2013秋?于都縣期末）如圖所示，一個氫氣球重16N，空氣對它的浮力為24N，由于受到水平風(fēng)力的作用，使系氫氣球的繩子和地面的夾角θ=53°，由此可知，繩子的拉力為____N，水平風(fēng)力為____N．（sin53°=0.8）13、（2011秋?宣武區(qū)校級期中）如圖所示是一個兩用電表電路圖，電流計G的滿偏電流為0.6mA，內(nèi)阻為280Ω．當(dāng)選擇開關(guān)S接a時，作量程是1mA的毫安表使用，當(dāng)S接b時，作量程為10V的電壓表使用，則R1=____Ω，R2=____Ω．14、物體與豎直墻壁間的動摩擦因數(shù)為u，物體的質(zhì)量為m，當(dāng)物體沿墻壁自由下落時，物體受到的滑動摩擦力是____．15、（2013春?贛榆縣校級期末）有一種測量物體質(zhì)量的電子秤，其原理如圖10．電源電動勢E=6V，內(nèi)阻不計．限流電阻R0=200Ω．G是由理想電流表改裝成的指針式測量質(zhì)量的顯示器．R是一個壓敏電阻；其阻值可隨所受壓力大小變化而改變，其關(guān)系如下表所示．C是一個用來保護顯示器的電容器．秤臺的重力忽略不計．試分析：

。質(zhì)量m/kg051015202530電阻R/Ω20018016014012010080①根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，可以得出電阻R隨質(zhì)量m變化的關(guān)系式為R=____Ω；

②若電容器的耐壓值為5V，該電子秤的最大稱量值為____kg；

③如果把電流表中電流的刻度變換成質(zhì)量刻度，則該電子秤的刻度____（填“均勻“或“不均勻“）．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)16、“寧停三分，不搶一秒”指的是時間．____．（判斷對錯）17、物體運動的方向必與物體所受合外力的方向一致．____（判斷對錯）18、形狀規(guī)則的物體，重心一定在其幾何中心．____（判斷對錯）19、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．____．（判斷對錯）20、非晶體的結(jié)構(gòu)跟液體非常相似，可以看成是黏滯性極大的液體．____．（判斷對錯）21、向心力的方向始終指向圓心，所以向心力的方向始終不變．____（判斷對錯）22、質(zhì)點是一個理想化模型，實際上并不存在，所以，引入這個概念沒有多大意義．____．評卷人得分四、計算題(共3題，共21分)23、如圖所示，電阻忽略不計的光滑平行金屬導(dǎo)軌MNPQ

傾斜放置，傾角為婁脠

間距為L.

以垂直于導(dǎo)軌的虛線abc

為界，ab

間和c

與導(dǎo)軌底端間均有垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場，磁感應(yīng)強度均為B.

導(dǎo)體棒L1L2

放置在導(dǎo)軌上并與導(dǎo)軌垂直，兩棒長均為L

電阻均為R

質(zhì)量均為m

兩棒間用長為d

的絕緣輕桿相連，虛線a

和bb

和c

間的距離也均為d

且虛線c

和導(dǎo)軌底端間距離足夠長.

開始時導(dǎo)體棒L2

位于虛線a

和b

的中間位置，將兩棒由靜止釋放，兩棒運動過程中始終與導(dǎo)軌接觸良好并與導(dǎo)軌垂直，棒L2

剛要到達虛線c

時加速度恰好為零，重力加速度為g

．

(1)

由開始釋放到L2

剛要通過虛線b

過程，求通過L1

的電荷量;

(2)

求導(dǎo)體棒L1

剛要到達虛線c

時速度的大小;

(3)

從開始運動到導(dǎo)體棒L1

剛要到達虛線c

的整個過程中，求回路中產(chǎn)生的焦耳熱．24、如圖所示，勻強磁場B=0.1T，所用矩形線圈的匝數(shù)N=100，邊長ab=0.2m，bc=0.5m，以角速度ω=100πrad/s繞OO′軸勻速轉(zhuǎn)動；線圈電阻為22Ω．從線圈平面通過中性面時開始計時，試求：

（1）線圈中感應(yīng)電動勢的瞬時值；

（2）線圈電流的有效值．25、火車正沿水平直線做勻加速運動，在車廂中有一個裝置所示，小球與光滑斜面相對靜止，斜面與水平面的夾角為θ，根據(jù)這一現(xiàn)象判斷火車的加速度方向及大?。u卷人得分五、實驗題(共3題，共27分)26、（2015秋?曲阜市校級期中）如圖所示；是測量物塊與木板間動摩擦因數(shù)的實驗裝置．長木板固定在水平桌面上，打點計時器固定在長木板上，紙帶穿過打點計時器，與帶滑輪的物塊相連．沙桶和力傳感器通過繞在滑輪上的細繩相連，拉物塊的細繩均保持水平狀態(tài)．調(diào)整沙桶的質(zhì)量，當(dāng)放開沙桶時，使物塊在木板上做勻加速直線運動．（重力加速度為g，滑輪的質(zhì)量和摩擦可以忽略）

（1）在某次測量中讀出力傳感器示數(shù)為F，利用紙帶上打出的點測得了物塊的加速度為a，為進一步測量動摩擦因數(shù)，下列物理量中還需測量的有____．

A．木板的長度ZB．物塊的質(zhì)量mC．沙桶的質(zhì)量m．D．物塊運動的時間t

（2）利用測得的物理量寫出動摩擦因數(shù)的表達式____．

（3）為使實驗結(jié)果更精確，該同學(xué)改變沙桶的質(zhì)量，重復(fù)以上實驗操作，得到多組數(shù)據(jù)，以力傳感器的示數(shù)f為橫軸，以加速度a為縱軸建立直角坐標(biāo)系，做出a圖象，得到一條傾斜的直線，該直線的縱軸截距大小為b．緝地的重力加速度g，則由圖象可得動摩擦因數(shù)μ=____．27、某同學(xué)做“探究功與速度變化的關(guān)系”的實驗；如圖所示．實驗操作如下：

小車在橡皮筋作用下彈出；沿木板滑行．依次用1條；2條、3條完全相同的橡皮筋并在一起進行實驗，每次實驗中橡皮筋伸長的長度都保持一致．如果把1條橡皮筋對小車做的功記為W，則2條橡皮筋對小車做的功記為2W，，依此類推，則可得到3W、4W、．每次實驗中小車獲得的速度由打點計時器所打的紙帶上的點計算出．

（1）實驗中所用打電計時器應(yīng)接____（選填“交流”或“直流”）電源；

（2）實驗中，小車會受到摩擦阻力的作用，可以使木板適當(dāng)傾斜來平衡摩擦阻力，則下面操作正確的是____．

A．放開小車；能夠自由下滑B．輕推小車，能夠勻速下滑。

C．放開拖著紙帶的小車；能夠自由下滑D．輕推拖著紙帶的小車，能夠勻速下滑。

（3）該同學(xué)猜測W與v的關(guān)系可能是：、W∝v、W∝v2、W∝v3之中的一種，則該同學(xué)為驗證自己的猜測，已做了W-v圖象、W-v2圖象，發(fā)現(xiàn)其中W-v圖象為曲線，W-v2圖象為過原點的直線，則該同學(xué)下一個合理實驗步驟應(yīng)為____（選填“A”或“B”）

A．接著做出、W-v3圖象，結(jié)合四個圖象分析得出結(jié)論B．直接得出W∝v2的實驗結(jié)論．28、有一電流表，其內(nèi)阻Rg為100Ω，滿偏電流Ig為3mA．若要把它改裝成量程為6V的電壓表，應(yīng)串聯(lián)____Ω的電阻；若要把它改裝成量程為3A的電流表，應(yīng)并聯(lián)____Ω的電阻．（保留兩位有效數(shù)字）評卷人得分六、解答題(共3題，共9分)29、如圖所示，彈丸和足球的初速度均為v1=10m/s；方向向右．設(shè)它們分別與木板作用的時間都是0.1s，那么：

（1）子彈擊穿木板后速度大小變?yōu)?m/s；求彈丸擊穿木板時加速度大小及方向。

（2）足球與木板作用后反向彈回的速度大小為7m/s，求足球與木板碰撞反彈時的加速度大小及方向．30、如圖所示；有兩個質(zhì)量均為m；帶電量均為q的小球，用絕緣細繩懸掛在同一點O處，保持靜止后懸線與豎直方向的夾角為θ，重力加速度為g，靜電力常量為k．求：

（1）B小球所受庫侖力的大小F；

（2）帶電小球在B處產(chǎn)生的電場強度大?。?/p>

（3）細繩的長度L．31、將完全相同的，質(zhì)量均為4kg的木塊A和B疊放在水平桌面上，如圖1，在16N的水平拉力F1作用下；A；B一起做勻速直線運動．（g取10N/kg）

（1）此時木塊B上表面受到的摩擦力Ff1是多少？B的下表面所受的摩擦力Ff2又是多少？

（2）桌面與木塊之間的動摩擦因數(shù)是多少？

（3）若將A、B緊靠著放在水平桌面上，用水平推力F2推A使他們一起勻速運動，如圖2，這時，A對B的彈力有多大？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】從牛頓第二定律知道，加速度的大小與合力大小成正比．當(dāng)我們用一個很小的水平力去推很重的桌子時，水平推力不大于桌子的最大靜摩擦力，推不動桌子，桌子的合力為零，由牛頓第二定律可知加速度為零．【解析】【解答】解：A；靜止物體；加速度為零，合力為零，牛頓第二定律同樣適用于靜止物體．故A錯誤．

B；根據(jù)F=ma可知；物體合力為零，加速度為零，而不是加速度很小，速度改變量很小，故B錯誤．

C；推力等于靜摩擦力；使合力為零，加速度為零，故C錯誤；

D；由于水平推力不大于桌子的最大靜摩擦力；推不動桌子，此時推力等于靜摩擦力；故桌子的合力等于零，由牛頓第二定律可知，加速度等于零，故D正確．

故選：D2、A【分析】【分析】物體隨地球一起轉(zhuǎn)動的角速度相同，圍繞地軸轉(zhuǎn)運．根據(jù)公式v=ωr分析各地區(qū)的線速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈；物體隨地球一起轉(zhuǎn)動；故運動的周期相同，A正確；

BC、根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系：v=ωr；地球上的物體的轉(zhuǎn)動半徑是以轉(zhuǎn)軸為中心的半徑，所以不同的緯度上的物體的轉(zhuǎn)動半徑不同，所以它們的線速度是不相同的．故BC均錯誤；

D、物體都繞地軸轉(zhuǎn)動，且轉(zhuǎn)運過程中角速度相等，根據(jù)a=rω2知；由于轉(zhuǎn)動半徑不同，所以它們的向心加速度是不相同的．

故選：A．3、A【分析】【解析】

試題分析：頭一秒內(nèi)通過0.4m路程，故可得：第一秒末的速度為①②正確。

前2s內(nèi)通過的路程故第二秒內(nèi)的路程為：③正確；④錯誤。

故選A

考點：考查了勻變速直線運動規(guī)律的應(yīng)用。

點評：關(guān)鍵是知道前ns內(nèi)，第ns內(nèi)表示的時間含義，【解析】【答案】A4、A【分析】【分析】變阻器的滑動端向下滑動的過程中，接入電路的電阻值減小，閉合電路總電阻減小，通過電源的電流增大，由可知，路端電壓變小，電壓表示數(shù)減?。煌ㄟ^電阻的電流增大，兩端電壓增大，則并聯(lián)部分電路兩端的電壓減小，通過的電流減小；電流表的示數(shù)減小。

故選A。

【點評】動態(tài)問題分析思路總體來說是按照先部分后整體再部分的順序，要充分利用電路中不變部分的電阻不變的特點，間接地討論電路變化部分．還要注意電源是有內(nèi)阻的。5、A【分析】解：A；γ射線比α射線的貫穿本領(lǐng)強；故A正確；

B；元素的半衰期由原子核的種類決定；外界環(huán)境溫度升髙；原子核半衰期不變，故B錯誤；

C；太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的輕核聚變反應(yīng)；故C錯誤；

D、原子核發(fā)生一次β衰變，該原子核內(nèi)就少一個中子，多一個電子，是發(fā)生了反應(yīng)：n→H+e；故D錯誤；

故選：A。

目前釋放核能的方式有輕核聚變和重核裂變；半衰期是由原子核的種類決定；依據(jù)β衰變的實質(zhì)；從而即可求解。

本題考查了釋放核能的方式、半衰期、原子核的衰變、三種射線的特征等，知識點多，難度小，關(guān)鍵是記住基礎(chǔ)知識?！窘馕觥緼6、C【分析】解：A；根據(jù)理想變壓器的特點可知；原副線圈輸入功率和輸出功率相等，故A錯誤。

B、變壓器副線圈中電流的頻率等于原線圈的電流頻率，f==50Hz；故B錯誤；

C、根據(jù)得；原副線圈的電流之比為1：4，故C正確。

D、若熱敏電阻RT的溫度升高；則熱敏電阻的阻值減小，由于原線圈的電壓不變，則副線圈的電壓不變，副線圈中的電流變大，故D錯誤。

故選：C。

變壓器原副線圈的輸入功率和輸出功率相等，根據(jù)f=求解頻率；根據(jù)電流之比等于匝數(shù)之反比求出原副線圈的電流比；抓住輸入電壓不變；得出輸出電壓不變，結(jié)合副線圈負載電阻的變化得出電流的變化。

本題主要是考查了變壓器的知識；解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有一個副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比；知道理想變壓器的輸出功率決定輸入功率且相等。原線圈的電壓決定副線圈的電壓；理想變壓器在改變電壓和電流的同時，不改變功率和頻率?！窘馕觥緾7、A【分析】【分析】在地球上同一緯度的同一個高度，重力加速度相等；不同緯度的重力加速度不等，緯度越高，重力加速度越大．【解析】【解答】解：考慮地球的自傳；在地面附近，緯度越高，重力加速度越大，故同一物體在地球表面受到的重力在兩最大，在赤道最小；

故A正確；BCD錯誤；

故選：A8、D【分析】【分析】分解一個確定大小和方向的力，根據(jù)平行四邊形定則，以這個力為對角線作平行四邊形，與這個力共點的兩個鄰邊表示一對分力．如作出的平行四邊形只有一個，就得到唯一確定的解．【解析】【解答】解：已知一個分力的大小和另一個分力的方向；根據(jù)平行四邊形定則，將已知力分解，可能有兩解，可能有一解，也可能無解．

當(dāng)如圖所示，一個分力的大小正好等于Fsinθ；因此只有一種解；

當(dāng)如圖所示，當(dāng)一個分力的大小大于Fsinθ；小于F時，因此有兩種解；

當(dāng)一個分力的大小大于或等于F時；根據(jù)力的平行四邊形定則可知，有一種解；

當(dāng)如圖所示，當(dāng)一個分力的大小小于Fsinθ時；沒有解．

因此ABC錯誤；D正確；

故選：D．9、B【分析】【分析】機械能包括動能、重力勢能和彈性勢能，重力勢能是相對的，可正也可負；重力勢能是物體與地球所共有的．機械能守恒的條件是：只有重力或彈簧的彈力做功．對照機械能守恒條件和功能關(guān)系進行分析．【解析】【解答】解：

A；作變速運動的物體；有摩擦力存在，機械能不一定減少，還與除重力以外的其他力做功情況有關(guān)，故A錯誤．

B；物體所受的合外力為零；動能不變，而重力勢能可能改變，所以機械能可能發(fā)生變化，比如豎直方向的勻速直線運動，故B正確．

C；作斜拋運動的物體機械能守恒；在同一高度速度不一定相同，與拋出時的速度有關(guān)．故C錯誤．

D；在水平面上作變速運動的物體；它的機械能不一定變化，比如在水平面上作勻速圓周運動的物體，它的機械能不變．故D錯誤．

故選：B．二、填空題(共6題，共12分)10、r+R′【分析】【分析】根據(jù)I=可求出電路中的電流，根據(jù)P=I2R可求出滑動變阻器R接入電路的電阻等于內(nèi)電阻r與R′阻值之和，變阻器消耗最大功率．【解析】【解答】解：內(nèi)電阻r，R′=2Ω，設(shè)r′=r+R′

根據(jù)PR=I2R=（）2R=R=則當(dāng)R=r′=r+R′時，PR=為最大值．

故答案為：r+R′11、3+【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運動的位移時間公式，聯(lián)立方程組求出下滑的總時間．【解析】【解答】解：設(shè)總時間為t，根據(jù)位移時間公式得，L=；

最后1s內(nèi)的位移；

聯(lián)立兩式解得t=（3+）s．

故答案為：3+12、613【分析】【分析】對氣球受力分析，抓住水平方向和豎直方向平衡，求出繩子的拉力和風(fēng)力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓核椒较蛏掀胶庥校?/p>

Tcos53°=F

豎直方向平衡有：

Tsin53°+mg=F浮

解得：T=6N

F=13N

故答案為：6；13．13、4209832【分析】【分析】當(dāng)選擇開關(guān)S接a時，根據(jù)并聯(lián)特點，結(jié)合電流計滿偏電流為0.6mA，內(nèi)阻為280Ω，即可求解R1電阻；當(dāng)S接b時，由串并聯(lián)特點，根據(jù)歐姆定律，即可求解．【解析】【解答】解：當(dāng)選擇開關(guān)S接a時，電阻R1與電流計G并聯(lián)，因滿偏電流為0.6mA，又量程是1mA，因此流過電阻R1的電流為I1=0.4mA；

則R1的電阻R1==420Ω；

當(dāng)S接b時，R1與G并聯(lián)后再與R2串聯(lián)，量程為10V的電壓表，因此R2兩端的電壓為U2=10-0.6×10-3×280=9.832V；

而流過電阻R2電流為1mA，所以R2的電阻R2==9832Ω；

故答案為：420，9832．14、零【分析】【分析】摩擦力產(chǎn)生的條件：接觸面粗糙；相互接觸擠壓；有相對運動或相對運動趨勢．【解析】【解答】解：當(dāng)物體沿著墻壁自由下落時；物體與墻壁間沒有相互擠壓，故沒有滑動摩擦力，所以物體受到的摩擦力為零．

故答案為：零15、-4m+20040不均勻【分析】【分析】（1）根據(jù)電阻隨壓力變化的數(shù)據(jù)來畫圖；把壓力和電阻作為一組有序數(shù)對在坐標(biāo)系中描點然后連接即可．再根據(jù)R的阻值隨壓力F的大小變化的圖象可知電阻與壓力成一次函數(shù)關(guān)系，利用待定系數(shù)法可確定函數(shù)關(guān)系式．

（2）根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律可知壓敏電阻兩端的電壓；根據(jù)串聯(lián)電路特點可計算壓敏電阻的值，進一步計算測力計的最大測量值．

（3）根據(jù)歐姆定律推導(dǎo)串聯(lián)電路電流的關(guān)系式，結(jié)合R與F的關(guān)系式推導(dǎo)壓力與電流的關(guān)系式可知測力顯示器的刻度是否均勻【解析】【解答】解：（1）把壓力大小作為橫坐標(biāo)；把電阻大小作為縱坐標(biāo)，在坐標(biāo)系中描點連線即可得壓敏電阻R的阻值隨壓力F的大小變化的圖象．如圖：

根據(jù)R的阻值隨壓力F的大小變化的圖象可知壓敏電阻R的阻值與壓力F成一次函數(shù)關(guān)系，設(shè)它們的關(guān)系式為R=KF+b．

把F=50N；R=180Ω和F=100N，R=160Ω代入得。

180=50K+b①；

160=100K+b②．

①②構(gòu)成方程組，解得：K=-0.4，b=200；

所以它們的關(guān)系式為：R=-0.4F+200．

因為：F=mg

所以：R=-4m+200

（2）從上式可知；壓力增大時，壓敏電阻值減小，當(dāng)電阻兩端的電壓為5V時，壓敏電阻兩端的電壓為：

U1=U-U0=6V-5V=1V

根據(jù)串聯(lián)電路特點可得：=

所以：

R=40Ω

把R=40Ω代入R=-4m+200

即40=-4m+200

解得：m=40kg．

即該電子秤的最大稱量值為40kg

（3）I=

把R=-4m+200，U=6V，R0=200Ω代入上式。

化簡得：

所以質(zhì)量和電流不成一次函數(shù)關(guān)系；故該測力顯示器的刻度是不均勻的．

故答案為：（1）-4m+200；（2）40；（3）不均勻．三、判斷題(共7題，共14分)16、√【分析】【分析】時間是指時間的長度，在時間軸上對應(yīng)一段距離，對應(yīng)物體的位移或路程，時刻是指時間點，在時間軸上對應(yīng)的是一個點，對應(yīng)物體的位置．【解析】【解答】解：“寧停三分；不搶一秒”中的3分是3分鐘，3分鐘與1秒鐘在時間軸上都是指的時間的長度，都是時間．故該說法正確；

故答案為：√17、×【分析】【分析】物體運動的方向與物體所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可舉例說明．【解析】【解答】解：物體運動方向可能與所受合外力的方向一致；比如自由落體運動，也可能不一致比如平拋運動等等．

故答案為：×18、×【分析】【分析】重心就是重力的作用點，物體的重心在物體的幾何中心上有兩個條件：質(zhì)地均勻，外形規(guī)則．【解析】【解答】解：由于課本上指出重心就是重力的作用點；因此重力作用在物體的重心點上；質(zhì)地均勻，外形規(guī)則的物體的重心在物體的幾何中心上．質(zhì)量不是均勻分布的物體，即使外形規(guī)則的物體，重心有可能不在物體的幾何中心上．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×19、√【分析】【分析】平均速度是位移與時間的比值；平均速率是位移的路程與時間的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程與時間的比值；物體的平均速率為零，則物體的路程為0，物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．所以該說法是正確的．

故答案為：√20、√【分析】【分析】液體微觀結(jié)構(gòu)理論：

（1）液體分子的排列更接近于固體；是密集在一起的，因而液體具有一定的體積，不易被壓縮。

（2）液體分子之間的相互作用不像固體中的微粒那樣強；液體分子只在很小的區(qū)域內(nèi)做有規(guī)則的排列，這種區(qū)域是暫時形成的，邊界和大小隨時改變，有時瓦解，有時又重新形成，液體由大量的這種暫時形成的小區(qū)域構(gòu)成，這種小區(qū)域雜亂無章地分布著，因而液體表現(xiàn)出各向同性。

（3）液體分子的熱運動與固體類似，主要表現(xiàn)為在平衡位置附近做微小的振動，但液體分子沒有長期固定的平衡位置，在一個平衡位置附近振動一小段時間以后，又轉(zhuǎn)移到另一個平衡位置附近去振動，即液體分子可以在液體中移動，這就是液體具有流動性的原因．【解析】【解答】解：由液體的結(jié)構(gòu)知非晶體的結(jié)構(gòu)進行比較可知；二者在很多的方面非常類似，可以看作是粘滯性極大的液體．該說法是正確的；

故答案為：√21、×【分析】【分析】勻速圓周運動合力等于向心力，方向始終指向圓心，只改變速度的方向，不改變速度的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w做圓周運動；向心力方向始終指向圓心，方向時刻變化，此說法錯誤．

故答案為：×22、×【分析】【分析】質(zhì)點是人們?yōu)榱搜芯繂栴}的方便而忽略物體的形狀和大小而人為引入的一個理想化模型，故實際上并不存在，質(zhì)點雖然忽略物體的形狀和大小但保留了物體其它的性質(zhì)，故不同于幾何中的點，只要物體的形狀和大小對研究問題沒有影響或者影響可以忽略不計時物體就可以當(dāng)作質(zhì)點，與物體的體積的大小無關(guān)．【解析】【解答】解：質(zhì)點是一個理想化模型；實際上并不存在，質(zhì)點是人們?yōu)榱搜芯繂栴}的方便而忽略物體的形狀和大小而人為引入的一個理想化模型，只要物體的形狀和大小對研究問題沒有影響或者影響可以忽略不計時物體就可以當(dāng)作質(zhì)點．故說法錯誤．

故答案為：×．四、計算題(共3題，共21分)23、解：(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得,時間Δt內(nèi)的平均感應(yīng)電動勢

根據(jù)閉合電路的歐姆定律得,平均感應(yīng)電流

通過L1的電荷量

(2)設(shè)導(dǎo)體棒L1剛要到達虛線c時勻速運動的速度為v,此時的感應(yīng)電動勢E1=BLv

根據(jù)閉合電路的歐姆定律得,感應(yīng)電流

導(dǎo)體棒L2受到的安培力

對兩導(dǎo)體棒,根據(jù)共點力的平衡條件得

FA=2mgsinθ

解得

(3)從開始運動到導(dǎo)體棒L1剛要到達虛線c整個過程中,設(shè)回路中產(chǎn)生的焦耳熱為Q,根據(jù)能量守恒定律得

解得

?【分析】(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合閉合電路的歐姆定律和電荷量的計算公式求解電荷量；

(2)(2)導(dǎo)體棒LL1剛要到達虛線cc時，線框已經(jīng)勻速運動，根據(jù)共點力的平衡條件求解速度大小；

(3)(3)從開始運動到導(dǎo)體棒LL1剛要到達虛線cc整個過程中，根據(jù)能量守恒定律求解整個過程中回路中產(chǎn)生的焦耳熱。本題所考知識是該節(jié)?？贾R，是掌握的重點?！窘馕觥拷猓?1)

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，時間婁隴t

內(nèi)的平均感應(yīng)電動勢E鈥?=婁隴婁碌婁隴t

根據(jù)閉合電路的歐姆定律得，平均感應(yīng)電流I鈥?=E?2R

通過L1

的電荷量q=I鈥?婁隴t=婁隴婁碌2R=BL隆隴d22R=BdL4R

(2)

設(shè)導(dǎo)體棒L1

剛要到達虛線c

時勻速運動的速度為v

此時的感應(yīng)電動勢E1=BLv

根據(jù)閉合電路的歐姆定律得，感應(yīng)電流I1=E12R=BLv2R

導(dǎo)體棒L2

受到的安培力FA=BLI1=B2L2v2R

對兩導(dǎo)體棒，根據(jù)共點力的平衡條件得FA=2mgsin婁脠

解得v=4mgRsin?婁脠B2L2

(3)

從開始運動到導(dǎo)體棒L1

剛要到達虛線c

整個過程中，設(shè)回路中產(chǎn)生的焦耳熱為Q

根據(jù)能量守恒定律得2mgsin婁脠隆隴52d=2隆脕12mv2+Q

解得Q=5mgdsin婁脠鈭?16m3g2R2sin2婁脠B4L4

?24、略

【分析】【分析】（1）線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值表達式為Em=NBSω；寫出感應(yīng)電動勢的瞬時表達式。

（2）根據(jù)E=和歐姆定律求出電流的有效值．【解析】【解答】解：感應(yīng)電動勢的瞬時值e=NBSωsinωt，由題可知S═0.2×0.5m2=0.1m2；

Em=NBSω=100×0.1×0.1×100πV=314V；

所以e=314sin100πtV．

（2）線圈電流的有效值

答：（1）線圈中感應(yīng)電動勢的瞬時值為e=314sin100πtV；

（2）線圈電流的有效值為10A．25、略

【分析】【分析】小球和火車具有相同的加速度，隔離對小球分析，抓住合力方向在水平方向上，通過平行四邊形定則進行求解．【解析】【解答】解：隔離對小球分析，根據(jù)牛頓第二定律得，小球的加速度a=．方向水平向左．

小球的加速度與火車的加速度大小相等；方向相同，則火車的加速度為gtanθ，方向向左．

答：火車的加速度為gtanθ，方向向左．五、實驗題(共3題，共27分)26、Bμ=【分析】【分析】（1）根據(jù)實驗原理求出動摩擦因數(shù)的表達式；然后確定需要測量的量．

（2）根據(jù)實驗原理與實驗數(shù)據(jù)；求出動摩擦因數(shù)的表達式．

（3）應(yīng)用牛頓第二定律求出圖象的函數(shù)表達式，然后求出動摩擦因數(shù)．【解析】【解答】解：（1）由紙帶可以求出物塊的加速度a；對物塊，由牛頓第二定律得：

2F-μmg=ma，則動摩擦因數(shù)μ=；已知：F；a，要求μ需要測出物塊的質(zhì)量m，故選B；

（2）由（1）可知，動摩擦因數(shù)的表達式：μ=；

（3）對物塊；由牛頓第二定律得：2f-μmg=ma；

解得：a=f-μg，a-f圖象的截距：b=μg，則：μ=；

故答案為：（1）B；（2）μ=；（3）．27、交流DB【分析】【分析】（1）根據(jù)實驗器材分析答題；打點計時器使用交流電源．

（2）實驗前要平衡摩擦力；根據(jù)平衡摩擦力的方向分析答題．

（3）如果圖象為過原點的傾斜直線，則該同學(xué)的猜想正確．【解析】【解答】解：（1）打點計時器使用交流電源；

（2）使木板適當(dāng)傾斜來平衡摩擦阻力；平衡摩擦力正確的做法是：把木板一端墊高，使木板適當(dāng)傾斜，輕推一下拖著紙帶的小車后，小車能夠勻速下滑即可；

故選：D

（3）如果圖象為過原點的傾斜直線，則該同學(xué)的猜想正確，所以直接得出W∝v2的實驗結(jié)論．故B正確．

故選：B

故答案為：（1）交流；（2）D；（3）B．28、19000.10【分析】【分析】把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，改裝成大量程電流表