2025年統(tǒng)編版2024選擇性必修2物理下冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版2024選擇性必修2物理下冊月考試卷542考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在勻強磁場中；一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉軸勻速轉動，如圖甲所示，產生的交變電動勢的圖像如圖乙所示，則（）

A.時線框的磁通量變化率為零B.時線框平面與中性面重合C.線框產生的交變電動勢有效值為D.線框產生的交變電動勢的頻率為2、為了使靈敏電流計的指針在零刻度附近快速停下；實驗小組的同學利用“電磁阻尼"來實現。他們設計了如圖所示的甲；乙兩種方案，甲方案∶在指針轉軸上裝上扇形鋁板，磁場位于零刻度中間；乙方案∶在指針轉軸上裝上扇形鋁框，磁場位于零刻度中間。下列說法正確的是（）

A.甲方案中，鋁板擺動時磁通量不變，不會產生感應電流B.甲方案中，鋁板擺動時都能產生渦流，起電磁阻尼的作用C.乙方案中，鋁框小幅度擺動時會產生感應電流D.乙方案比甲方案更合理3、將長為2L、粗細均勻的導線ab，從中點O處折成如圖所示形狀，aO⊥b0，ab連線與水平方向成45°夾角，導線所在位置處有范圍足夠大方向垂直紙面向里、磁感應強度大小為B的勻強磁場．現將導線在紙面內以相同大小的速度v，分別以垂直ab斜向上和水平向左兩個方向運動，則兩種情況下a、b兩點間的電勢差之比為（）

A.B.C.1：2D.2：14、如圖所示，一個邊長為匝數（匝）的正方形線圈abcd在勻強磁場中繞垂直于磁感線的軸OO′勻速轉動，磁感應強度為線圈轉動的角速度閉合回路中兩只燈泡均能發(fā)光。下列說法正確的是（）

A.抽去電感器L的鐵芯時，燈泡變暗B.增大電容器C兩極板間的距離時，燈泡變亮C.增大線圈轉動的角速度ω時，感應電動勢的不變D.從圖中位置開始計時，感應電動勢的瞬時值表達式為5、為營造公平公正的高考環(huán)境，“反作弊”工具金屬探測儀被廣為使用。某興趣小組設計了一款金屬探測儀，如圖所示，探測儀內部的線圈與電容器構成LC振蕩電路，當探測儀檢測到金屬物體時，探測儀的蜂鳴器發(fā)出聲響。已知某時刻，探測儀中電路里的電流的方向由b流向a；且電流強度正在增加過程中，則（）

A.該時刻電容器上極板帶正電荷B.探測儀靠近金屬時，金屬被磁化C.該時刻線圈的自感電動勢正在增大D.若探測儀與金屬保持相對靜止，則金屬中不會產生感應電流6、如圖所示，在光滑絕緣水平面上有一單匝線圈ABCD，在水平外力作用下以大小為的速度向右勻速進入豎直向上的勻強磁場，第二次以大小為的速度向右勻速進入該勻強磁場；則下列說法不正確的是（）

A.第二次進入與第一次進入時線圈中的電流之比為1∶3B.第二次進入與第一次進入時外力做功的功率之比為1∶9C.第二次進入與第一次進入時線圈中產生的熱量之比為1∶9D.第二次進入與第一次進入時通過線圈中某一橫截面的電荷量之比為1∶17、如圖，一個邊長為l的正方形虛線框內有垂直于紙面向里的勻強磁場；一個邊長也為l的正方形導線框所在平面與磁場方向垂直；虛線框對角線ab與導線框的一條邊垂直，ba的延長線平分導線框．在t=0時，使導線框從圖示位置開始以恒定速度沿ab方向移動，直到整個導線框離開磁場區(qū)域．以i表示導線框中感應電流的強度，取逆時針方向為正．下列表示i-t關系的圖示中；可能正確的是。

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、在LC回路產生電磁振蕩的過程中，下列說法正確的是[]A.電容器放電完畢時刻，回路中磁場能最小．B.回路中電流值最大時刻，回路中磁場能最大C.電容器極板上電荷最多時，電場能最大D.回路中電流值最小時刻，電場能最小9、如圖，垂直紙面的正方形勻強磁場區(qū)域內，有一位于紙面的正方形粗細均勻導體框abcd，現將導體框分別朝兩個垂直框的方向以v、3v速度勻速拉出磁場；則導體框分別從兩個方向移出磁場的過程中（）

A.導體框中產生的感應電流方向相反B.導體框dc邊兩端電勢差之比為1:1C.導體框中產生的焦耳熱之比為1:3D.通過導體框截面的電荷量之比為1:310、如圖所示，在水平界面間，分布著兩個勻強磁場，兩磁場方向水平且相反，大小均為B，兩磁場高均為L，寬度無限。一個框面與磁場方向垂直、質量為m、電阻為R、邊長也為L的正方形金屬框從某一高度由靜止釋放，當邊剛進入第一個磁場時，金屬框恰好做勻速直線運動，當邊下落到和之間的某位置時；又恰好開始做勻速直線運動。整個過程中空氣阻力不計，則（）

A.金屬框穿過勻強磁場過程中，所受的安培力保持不變B.金屬框從邊開始進入第一個磁場至邊剛到達第二個磁場下邊界過程中產生的熱量為C.金屬框開始下落時邊距EF邊界的距離D.當邊下落到和之間做勻速運動的速度11、如圖所示；光滑弧形金屬雙軌與足夠長的水平光滑雙軌相連，間距為L，在水平軌道空間充滿豎直向上的勻強磁場，磁感應強度為B.乙金屬棒靜止在雙軌上，而甲金屬棒在h高處由靜止滑下，軌道電阻不計．兩棒的質量均為m，電阻均為R.甲棒與乙棒不會相碰，則下面說法正確的是。

A.從開始下滑到最終穩(wěn)定，甲、乙的運動方向相反B.當穩(wěn)定后，回路中感應電流的方向從上向下看是逆時針的C.乙棒受到的最大磁場力為D.整個過程中，電路釋放的熱量為mgh12、如圖所示，足夠長的U形光滑金屬導軌平面與水平面成角，其中MN與PQ平行且間距為L，導軌平面與磁感應強度為B的勻強磁場垂直，導軌電阻不計。金屬棒ab由靜止開始沿導軌下滑，并與兩導軌始終保持垂直且接觸良好，ab棒接入電路的電阻為R，當流過ab棒某一橫截面的電荷量為q時，棒的速度大小v，則金屬棒ab在這一過程中（）

A.加速度為B.下滑的位移為C.產生的焦耳熱D.受到的最大安培力評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)13、一線圈匝數為n=10匝，線圈電阻不計，在線圈外接一個阻值R=2.0Ω的電阻，如圖甲所示．線圈內有垂直紙面向里的磁場，線圈內磁通量φ隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示．線圈中產生的感應電動勢為______，通過R的電流方向為_____，通過R的電流大小為___．

14、如圖所示，面積為0.2m2的100匝線圈處在勻強磁場中，磁場方向垂直于線圈平面，已知磁感應強度隨時間變化的規(guī)律如圖，定值電阻R1=6Ω，線圈電阻R2=4Ω，則ab兩點的電勢___________（填“>”或“=”或“＜”），回路中的感應電動勢大小為___________V。

15、請寫出麥克斯韋方程組的具體形式：________，_______。16、某發(fā)電站的輸出功率為104kW，輸出電壓為4kV，通過理想變壓器升壓后向125km遠處用戶供電．已知輸電線的電阻率為ρ＝2.4×10－8Ω·m，導線橫截面積為1.5×10－4m2，輸電線路損失的功率為輸出功率的4%，求：所用的理想升壓變壓器原、副線圈的匝數比是______，如果用戶用電器的額定電壓為220V，所用理想降壓變壓器原、副線圈匝數比是______.17、如圖中PQ是勻強磁場里的一片薄金屬片，其平面與磁場方向平行，一個粒子從某點以與PQ垂直的速度射出，動能是E，該粒子在磁場中的運動軌跡如圖所示，今測得它在金屬片兩邊的軌道半徑之比是10∶9，若在穿越金屬板過程中粒子受到的阻力大小及電荷量恒定，則該粒子每穿過一次金屬片，動能減少了___________，該粒子最多能穿過金屬板___________次。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共16分)18、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

19、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

20、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

21、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共2題，共10分)22、某學習小組在探究變壓器原；副線圈電壓和匝數關系的實驗中；采用了可拆式變壓器，鐵芯B安裝在鐵芯A上形成閉合鐵芯，將原、副線圈套在鐵芯A的兩臂上，如圖所示：

（1）下列說法正確的是______

A．為保證實驗安全；原線圈應接低壓直流電源。

B．變壓器中鐵芯是整塊硅鋼。

C．保持原線圈電壓及匝數不變；可改變副線圈的匝數，研究副線圈的匝數對輸出電壓的影響。

D．變壓器正常工作后；電能由原線圈通過鐵芯導電輸送到副線圈。

（2）實驗過程中，變壓器的原、副線圈選擇不同的匝數，利用多用電表測量相應電壓，記錄如下，由數據可知一定是______線圈的匝數（填“原”或“副”）

根據表格中的數據，在實驗誤差允許的范圍內，可得出原副線圈兩端電壓與匝數的關系：______。匝匝

（3）學習小組觀察實驗室中一降壓變壓器的兩個線圈的導線，發(fā)現導線粗細不同，結合以上實驗結論，應將較細的線圈作為______線圈。（填“原”或“副”）23、某學習小組利用NTC熱敏電阻制作了一臺檢測儀，可以快速地檢測是否發(fā)燒（額頭溫度視為發(fā)燒）；實驗器材如下：

NTC熱敏電阻（到范圍內阻值約為幾千歐姆）；

毫安表A（量程為內阻約為）；

滑動變阻器（最大阻值為）；

滑動變阻器（最大阻值為）；

電阻箱（阻值范圍）；

電源（電動勢內阻不計）；

單刀雙擲開關；

導線若干。

實驗電路如圖所示。

（1）該學習小組先測量恒定溫度下NTC熱敏電阻的阻值。先將單刀雙擲開關S擲于1處，調節(jié)滑動變阻器，使毫安表的示數為再將單刀雙擲開關S擲于2處，調節(jié)電阻箱，當毫安表A的示數為______時；電阻箱的讀數等于NTC熱敏電阻的阻值。

（2）改變溫度，多次測量得到不同溫度下NTC熱敏電阻的阻值，實驗數據如表格所示。溫度35363737.3383940阻值3.983.393.002.902.742.552.44

（3）該實驗中滑動變阻器應選用______（填“”或“”）。

（4）調節(jié)電阻箱的阻值為將單刀雙擲開關S擲于2處，調節(jié)滑動變阻器，使毫安表A的讀數為將單刀雙擲開關S擲于1處，對應毫安表A的刻度為______當毫安表示數小于此刻度時說明______（填“發(fā)燒”或“沒有發(fā)燒”）。評卷人得分六、解答題(共3題，共9分)24、如圖所示，兩根足夠長的平行光滑金屬導軌水平放置，間距為L，一端與阻值為R的電阻相連。導軌所在空間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應強度為B。一根質量為m的金屬棒置于導軌上，其長度恰好等于導軌間距，與導軌接觸良好。t=0時金屬棒以初速度v0沿導軌向右運動；不計空氣阻力，不計導軌及金屬棒的電阻。求：

(1)t=0時金屬棒產生的感應電動勢大小E；

(2)t=0時金屬棒所受安培力的大小F；

(3)t=0之后的整個運動過程中電阻R產生的熱量Q。

25、如圖所示，光滑水平軌道MN、PQ和光滑傾斜軌道NF、QE在Q、N點連接，傾斜軌道傾角為θ，軌道間路均為L.水平軌道間連接著阻值為R的電阻，質量分別為M、m，電阻分別為R、r的導體棒a、b分別放兩軌道上，導體棒均與軌道垂直，a導體棒與水平放置的輕質彈簧通過絕緣裝置連接，彈簧另一端固定在整直墻壁上．水平軌道所在的空間區(qū)域存在豎直向上的勻強磁場，傾斜軌道空間區(qū)域存在垂直軌道平面向上的勻強磁場，該磁場區(qū)域僅分布在QN和EF所間的區(qū)域內，QN、EF距離為d，兩個區(qū)域內的磁感應強度分別為B1、B2，以QN為分界線且互不影響．現在用一外力F將導體棒a向拉至某一位置處，然后把導體棒b從緊靠分界線QN處由靜上釋放，導體棒b在出磁場邊界EF前已達最大速度．當導體棒b在磁場中運動達穩(wěn)定狀態(tài)，撤去作用在a棒上的外力后發(fā)現a棒仍能靜止一段時間；然后又來回運動并最終停下來．(傾斜軌道足夠長，重力加速度為g)求：

(1)導體棒b在傾斜軌道上的最大速度；

(2)若兩個區(qū)域內的磁感應強度均為B，且導體棒電阻均為R，從b棒開始運動到a棒最終靜止的整個過程中，電阻R上產生的熱量為Q，求彈簧最初的彈性勢能．26、直流電磁泵是利用安培力推動導電液體運動的一種設備，可用圖1所示的模型討論其原理，圖2為圖1的正視圖。將兩塊相同的矩形導電平板豎直正對固定在長方體絕緣容器中，平板與容器等寬，兩板間距為容器中裝有導電液體，平板底端與容器底部留有高度可忽略的空隙，導電液體僅能從空隙進入兩板間。初始時兩板間接有直流電源，電源極性如圖所示。若想實現兩板間液面上升，可在兩板間加垂直于面的勻強磁場，磁感應強度的大小為兩板間液面上升時兩板外的液面高度變化可忽略不計。已知導電液體的密度為電阻率為重力加速度為

（1）試判斷所加磁場的方向；

（2）求兩板間液面穩(wěn)定在初始液面高度2倍時的電壓

（3）假定平板與容器足夠高，求電壓滿足什么條件時兩板間液面能夠持續(xù)上升。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．時；感應電動勢最大，則此時線框的磁通量變化率最大，選項A錯誤；

B．時；感應電動勢為零，則線框平面與中性面重合，選項B正確；

C．線框產生的交變電動勢最大值為選項C錯誤；

D．線框產生的交變電動勢的頻率為。

選項D錯誤。

故選B。2、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．甲方案中；鋁板擺動時，磁通量變化，產生感應電流，起電磁阻尼的作用，指針能很快停下來，故Ａ錯誤，B正確；

CD．乙方案中；當指針偏轉角度較小時，鋁框中磁通量不變，不能產生感應電流，起不到電磁阻尼的作用，指針不能很快停下，因此，甲方案更合理，故CD錯誤。

故選B。3、B【分析】【分析】

應用E=BLv求出感應電動勢，然后求出a、b兩點間的電勢差；再求出電勢差之比．

【詳解】

以垂直ab斜向上勻速運動時，感應電動勢：

水平向左勻速運動時，感應電動勢：

a、b兩點間的電勢差之比故B正確，ACD錯誤；

故選B．

【點睛】

本題考查了求電勢差之比，應用E=BLv求出感應電動勢是解題的前提與關鍵，E=BLv中的L是切割磁感線的有效長度．4、D【分析】【詳解】

A．抽去電感器L的鐵芯時，線圈的自感系數減小，線圈的感抗減小，對交流電流的阻礙作用減小，燈泡的電流增大，燈泡變亮；A錯誤；

B．增大電容器C兩極板間的距離時，由電容的決定式可知電容器的電容減小，電容器的容抗增大，電容器對交流電流的阻礙作用增大，燈泡的電流減小，燈泡變暗；B錯誤；

C．增大線圈轉動的角速度ω時，感應電動勢的最大值隨之增大；C錯誤；

D．感應電動勢的最大值

則有從圖中位置開始計時，感應電動勢的瞬時值表達式為

D正確。

故選D。5、A【分析】【詳解】

A．電流的方向由b流向a；且電流強度正在增加，電容器方向，則上極板帶正電，A正確；

B．探測儀靠近金屬時；含有鐵鈷鎳的金屬會磁化，其他金屬不會，B錯誤；

C．電流強度增加的越來越慢；則線圈的自感電動勢正在減小，C錯誤；

D．電流磁場變化；則相對靜止時金屬會產生感應電流，D錯誤。

故選A。6、C【分析】【詳解】

A．設磁感應強度為B，CD邊長度為L，AD邊長為線圈電阻為R；線圈進入磁場過程中，產生的感應電動勢為

感應電流為

感應電流I與速度v成正比，第二次進入與第一次進入時線圈中電流之比為

故A正確；

B．線圈進入磁場時受到的安培力為

線圈做勻速直線運動，由平衡條件得，外力為

所以外力功率為

功率與速度的平方成正比，第二次進入與第一次進入時外力做功的功率之比為

故B正確；

C．線圈進入磁場過程中產生的熱量為

產生的熱量與速度成正比，第二次進入與第一次進入時線圈中產生熱量之比為

故C錯誤；

D．通過導線橫截面電荷量為

電荷量與速度無關；則電荷量之比為1：1，故D正確。

由于本題選擇錯誤的，故選C。7、C【分析】

從正方形線框下邊開始進入到下邊完全進入過程中，線框切割磁感線的有效長度逐漸增大，感應電流也逐漸增大，如圖的位置Ⅰ；從正方形線框下邊完全進入至下邊剛穿出磁場邊界，切割磁感線的有效長度不變，感應電流不變，如圖的位置Ⅰ→Ⅱ；當正方形線框下邊部分離開磁場，上邊尚未進入磁場過程中，線框切割磁感線的有效長度逐漸減小，感應電流也逐漸減小，如圖的位置Ⅱ→Ⅲ；當正方形線框下邊部分繼續(xù)離開磁場，上邊也進入磁場過程中，上下兩邊線框切割磁感線產生的感應電動勢方向相反，感應電流減小得更快，當上下兩邊在磁場中長度相等，感應電動勢為零，如圖的位置Ⅲ→Ⅳ；以后的過程與上述過程相反，故正確的選項為C。二、多選題(共5題，共10分)8、B:C【分析】【詳解】

AB．電容器放電完畢時，q=0，i最大；磁場能最大，所以A錯誤B正確；

CD．電流最小i=0時，q最多；極板間電場最強，電場能最大，所以C正確D錯誤；

故選BC。9、B:C【分析】【詳解】

A．將導體框拉出磁場的過程中；穿過導體框的磁通量都減小，由楞次定律判斷出感應電流的方向都沿逆時針，方向相同，故A錯誤；

B．設正方形的邊長為導體框以運動時，邊中感應電動勢為

邊兩端電勢差為

導體框以運動時，邊中感應電動勢為

邊兩端電勢差為

導體框邊兩端電勢差之比為1:1；故B正確；

C．感應電流

時間為

焦耳熱為

導體框中產生的焦耳熱之比為Q1:Q2=1:3

故C正確；

D．將導體框拉出磁場的過程中，穿過導體框的磁通量的變化量相同，根據推論得知；通過導體框截面的電荷量相同，故D錯誤。

故選BC。10、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．開始時，金屬框所受的重力與安培力相等，做勻速直線運動，當ab邊越過GH；回路產生的感應電動勢增大，感應電流增大，線框所受的安培力比之前大，故A錯誤；

B．設金屬框ab邊剛進入磁場時的速度為v1，當ab邊下落到GH和JK之間的某位置時，又恰好開始做勻速直線運動的速度為v2，由題意知，v2＜v1，對ab邊剛進入磁場，到剛到達第二個磁場的下邊界過程中，由能量守恒得

故B錯誤；

C．當ab邊剛進入第一個磁場時，金屬框恰好做勻速直線運動，由平衡條件得

解得

從線框開始下落到剛進入磁場過程，由機械能守恒定律得

解得

故C正確；

D．當ab邊下落到GH和JK之間做勻速運動時，線框受到的安培力

由平衡條件得

解得

故D正確。

故選CD。11、C:D【分析】【詳解】

AB；甲金屬棒沿光滑軌道下滑時獲得了速度；進入磁場后，切割磁感線產生感應電流，受到向左的安培力而減速，乙金屬棒受到向右的安培力而加速，經一段時間，甲、乙金屬棒速度達到相同，之后回路的磁通量不發(fā)生變化，感應電流為零，安培力為零，二者勻速運動，勻速運動的速度即為甲乙金屬棒的最終速度，此速度是乙金屬棒的最大速度，故AB錯誤；

C、甲金屬棒剛滑到水平面時，有最大的速度：解得最大速度為：進入磁場后甲金屬棒減速，乙金屬棒加速，乙棒受到的最大磁場力為故C正確；

D、當它們速度相等時，乙金屬棒具有最大的速度，以兩棒組成的系統(tǒng)為研究對象，取向右為正方向，根據動量守恒定律得：解得：整個過程中，電路釋放的熱量為故D正確；

故選CD．

【點睛】本題是雙桿滑動類型，分析兩桿的運動情況是關鍵，其次要把握物理規(guī)律，知道兩棒組成的系統(tǒng)合外力為零，動量是守恒的．12、B:D【分析】【詳解】

A.金屬棒ab開始做加速運動，速度增大，感應電動勢增大，所以感應電流也增大，導致金屬棒受到的安培力增大，所以加速度減小，即金屬棒做加速度逐漸減小的變加速運動，根據牛頓第二定律，有：

其中：

故：

故A錯誤；

B.由電量計算公式：

可得，下滑的位移大小為：

故B正確；

C.根據能量守恒定律：產生的焦耳熱為：

故C錯誤；

D.金屬棒ab受到的最大安培力大小為：

故D正確；

故選BD。三、填空題(共5題，共10分)13、略

【分析】【詳解】

[1]．根據法拉第電磁感應定律可得：線圈產生的感應電動勢

[2]．根據楞次定律得，通過R的電流方向為b→R→a．

[3]．閉合電路中的電流大小【解析】5Vb→a1A2V14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據楞次定律，線圈中感應電流的方向為逆時針方向，所以a點電勢大于b點電勢。

[2]根據法拉第電磁感應定律得【解析】>2015、略

【分析】【詳解】

[1]

[2]【解析】16、略

【分析】【分析】

（1）根據電阻定律得出輸電線的電阻；根據輸電線上損失的功率求出輸電線上的電流，從而根據P=UI求出升壓變壓器的輸出電壓；根據輸電線上的電流和電阻求出輸電線上的電壓損失；根據變壓比公式求解升壓變壓器原；副線圈的匝數比；

（2）根據輸出電壓和電壓損失得出降壓變壓器的輸入電壓；結合電壓之比等于原副線圈的匝數之比求出降壓變壓器的原副線圈匝數之比．

【詳解】

（1）遠距離輸電的示意圖，如圖所示：

導線電阻：R線=ρ

代入數據得：R=40Ω

升壓變壓器副線圈電流：I2=I線

又I2R線=4%P

解得：I2=100A

根據P=U2I2

得：U2=100kV

根據變壓比公式，有：

（2）降壓變壓器的輸入電壓為：U3=U2-I2R線=96kV

由

得：

【點睛】

解決本題的關鍵知道：1、原副線圈的電壓比、電流比與匝數比之間的關系；2、升壓變壓器的輸出電壓、降壓變壓器的輸入電壓、電壓損失之間的關系．【解析】1∶254800:1117、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]粒子在磁場中做勻速圓周運動；洛倫茲力提供向心力，由。

得。

即。

由已知

得。

粒子每穿過一次金屬片；動能減少了。

該粒子最多穿過金屬板的次數為次，約為5次?！窘馕觥?四、作圖題(共4題，共16分)18、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】19、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】21、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共2題，共10分)22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]A．變壓器改變的是交流電壓；因此原線圈不能接低壓直流電源，選項A錯誤；

B．因為變壓器的工作原理是電磁感應；如果變壓器鐵芯是用整塊鐵芯，則在電磁的作用下，會產生很大的渦流發(fā)熱，當熱量達到一定程度時，會損壞鐵芯和線圈，故不能用整塊硅鋼，選項B錯誤；

C．研究變壓器電壓和匝數的關系；用到控制變量法，可以先保持原線圈電壓；匝數不變，改變副線圈匝數，研究副線圈匝數對副線圈電壓的影響，選項C正確；

D．變壓器的工作原理是電磁感應現象；若不計各種損耗，在原線圈上將電能轉化成磁場能，在副線圈上將磁場能轉化成電能，鐵芯起到傳遞磁場能的作用，而不是靠鐵芯導電來傳輸電能，選項D錯誤。

故選C。

（2）[2]為保證實驗安全，實驗中要求原線圈匝數大于副線圈匝數，故由數據可知一定是副線圈的匝數；

[3]由表可知，