2025年滬科版選修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、有關物質結構和分子動理論的認識，下列說法正確的是（）A.布朗運動是液體分子的無規(guī)則運動B.分子間距離增大，分子勢能一定減小C.從微觀角度看，氣體壓強的大小與氣體分子的平均動能和氣體分子的密集程度有關D.液體表面張力產生的原因是液體表面層分子間距離比較大，分子力表現(xiàn)為斥力2、小明同學家里部分電器的消耗功率及每天工作時間如表所示，則這些電器一天消耗的電能約為（）。電器消耗功率/W工作時間/h電茶壺20001空調12003電視機1002節(jié)能燈164路由器924A.6.1×103WB.6.1×103JC.2.2×104WD.2.2×107J3、兩個相同的圓形線圈，通以方向相同但大小不同的電流I1和I2；如圖所示．先將兩個線圈固定在光滑絕緣桿上，問釋放后它們的運動情況是（）

A.相互吸引，電流大的加速度大B.相互吸引，加速度大小相等C.相互排斥，電流大的加速度大D.相互排斥，加速度大小相等4、如圖所示，實線表示電場線，虛線表示帶電粒子運動的軌跡，帶電粒子只受電場力作用，運動過程中電勢能減小，它運動到b處時的運動方向與受力方向可能的是（）A.B.C.D.5、圖1所示為一列簡諧橫波在某時刻的波動圖象，圖2所示為該波中x=1.5m處質點P的振動圖象；下列說法正確的是。

A.該波的波速為2m/sB.該波一定沿x軸負方向傳播C.t=1.0s時，質點P的加速度最小，速度最大D.圖1所對應的時刻可能是t=0.5s評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、如圖所示；在絕緣的斜面上方存在著水平向右的勻強電場，一帶電金屬塊沿斜面滑下，已知金屬塊在滑下的過程中動能增加了12J，金屬塊克服摩擦力做功8J，重力做功24J，則以下判斷正確的是。

A.金屬塊的機械能增加32JB.金屬塊的電勢能增加4JC.金屬塊帶正電荷D.金屬塊克服電場力做功8J7、兩個處于熱平衡狀態(tài)的系統(tǒng)，由于受外界影響，狀態(tài)參量發(fā)生了變化，下列關于它們后來是否能處于熱平衡狀態(tài)的說法，正確的是（）A.不能B.可能C.要看它們后來的溫度是否相同D.取決于其他狀態(tài)參量是否相同8、一定質量的理想氣體由狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，再由狀態(tài)b變化到狀態(tài)c，其壓強p與溫度t的關系如圖所示，下列說法正確的是（）

A.氣體由a到b為等容變化B.氣體在狀態(tài)a的內能大于在狀態(tài)b的內能C.氣體由b到c的過程必放熱E.b到c的過程是等壓過程，溫度升高，氣體對外做功E.b到c的過程是等壓過程，溫度升高，氣體對外做功9、關于晶體與非晶體，下列說法正確的是（）A.晶體沿不同方向的導熱或導電性能不同，但沿不同方向的光學性質一定相同B.有的物質在不同條件下能夠生成不同晶體，是因為組成它們的微粒能夠按照不同規(guī)則在空間分布C.多晶體是由許多單晶體雜亂無章地組合而成的，所以多晶體沒有確定的幾何形狀D.固體可以分為晶體和非晶體兩類，晶體，非晶體是絕對的，是不可以相互轉化的10、如圖所示，在光滑水平桌面上有一邊長為L、電阻為R的正方形導線框，在導線框右側有一寬度為d(d＞L)的條形勻強磁場區(qū)域，磁場的邊界與導線框的一邊平行，磁場方向豎直向下．導線框以某一初速度向右運動，t＝0時導線框的右邊恰與磁場的左邊界重合，并以此位置開始計時并作為導線框位移x的起點；隨后導線框進入并通過磁場區(qū)域．下列圖象中，可能正確描述上述過程的是。

A.B.C.D.11、關于原子核的結合能，下列說法正確的是（）A.原子核的結合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量B.一重原子核衰變成粒子和另一原子核，衰變產物的結合能之和一定大于原來重核的結合能C.比結合越大，原子核越不穩(wěn)定D.自由核子組成原子核時，其質量虧損所對應的能量大于該原子核的結合能評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)12、用圖甲所示的裝置研究光電效應現(xiàn)象，當用光子能量為5eV的光照射到光電管上時，測得電流計的示數(shù)隨電壓變化的圖像如圖乙所示.則光電子的最大初動能為__________J，金屬的逸出功為________J.13、A、B、C、D、E、F分別是正六邊形的六個頂點，各頂點到正六邊形中心O的距離為a，現(xiàn)只在F處放一電量為-Q的點電荷，則中心O處的電場強度的大小為____；若再在A、B、C、D、E處各放一電量為+Q的點電荷，則中心O處的電場強度的大小變?yōu)開___。

14、熱力學溫度T與攝氏溫度t

（1）攝氏溫標：一種常用的表示溫度的方法．規(guī)定標準大氣壓下_______為0℃，_______為100℃，在0℃和100℃之間均勻分成_______等份；每份算做1℃。

（2）熱力學溫標：現(xiàn)代科學中常用的表示溫度的方法，熱力學溫標表示的溫度叫熱力學溫度，用符號_______表示，單位是_______，符號為_______。

（3）攝氏溫度與熱力學溫度的關系為T＝t＋_______K。15、如圖，一定量的理想氣體經歷的兩個不同過程，分別由體積-溫度（V-t）圖上的兩條直線I和Ⅱ表示，V1和V2分別為兩直線與縱軸交點的縱坐標；t0為它們的延長線與橫軸交點的橫坐標，t0是它們的延長線與橫軸交點的橫坐標，t0=-273.15℃；a、b為直線I上的一點。由圖可知，氣體在狀態(tài)a和b的壓強之比=___________；氣體在狀態(tài)b和c的壓強之比=___________。

16、有一充電的平行電容器，兩板件電壓為現(xiàn)使它的電荷量減小于是電容器兩極板間電壓降為原來的此電容器的電容是__________μF；若電容器極板上的電荷全部放掉，電容器的電容是__________μF。17、（1）關于熱力學定律和分子動理論，下列說法正確的是____．（填選項前的字母）

A．一定量氣體吸收熱量；其內能一定增大。

B.不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體。

C.若兩分子間距離增大；分子勢能一定增大。

D.若兩分子間距離減小；分子間引力和斥力都增大。

（2）空氣壓縮機的儲氣罐中儲有1.0atm的空氣6.0L,現(xiàn)再充入1.0atm的空氣9.0L．設充氣過程為等溫過程，空氣可看作理想氣體，則充氣后儲氣罐中氣體壓強為_____．（填選項前的字母）

A．2.5atmB.2.0atmC.1.5atmD.1.0atm18、一個質量m=1.0kg的物體，放在水平桌面上，物體與桌面間的動摩擦因數(shù)為=0.2，當物體受到一個F=10N水平推力的作用時，在10s內推力的沖量大小為______N·s．19、某同學測定一金屬桿的長度和直徑，示數(shù)如圖甲、乙所示，則該金屬桿的長度和直徑分別為____cm和____mm

評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)20、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

21、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

22、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共6分)23、某同學做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗．

如圖所示是實驗器材的實物圖，部分電路已連接，請補充連接好剩余部分電路___．②通過實驗發(fā)現(xiàn)，隨著小燈泡兩端電壓的增大，燈絲的阻值也增大，這是因為_________________________________．24、(1)某同學利用多用電表(需接在M和N之間)和電阻箱R進行“測定電池的電動勢和內阻”實驗，實驗電路如圖所示．則選擇多用電表的直流電流檔后，其紅表筆應接電路中的______端(M或N)．

(2)根據(jù)記錄的電阻箱阻值R與多用電表電流檔的讀數(shù)I的多組數(shù)據(jù)；在坐標系中描點并作出的圖象如圖所示．

(3)由圖象可得E=______V，r=______Ω計算結果均保留兩位有效數(shù)字)25、為了測定電阻的阻值，實驗室提供下列器材：待測電阻R（阻值約100Ω）、滑動變阻器R1(0～100Ω）、滑動變阻器R2（0～10Ω）、電阻箱R0(0～9999.9Ω）、理想電流表A（量程50mA）、直流電源E（3V；內阻忽略）；導線若干、開關若干．

(1)甲同學設計如上圖（a）所示的電路進行實驗．

①請在圖（b）中用筆畫線代替導線；完成實物電路的連接_________．

②滑動變阻器應選________（選填字母代號即可）．

③實驗操作時，先將滑動變阻器的滑動觸頭移到最________（選填“左”或“右”）端，再接通開關S；保持S2斷開，閉合S1，調節(jié)滑動變阻器使電流表指針偏轉至某一位置，并記下電流I1.

④斷開S1，保持滑動變阻器阻值不變，調整電阻箱R0阻值在100Ω左右，再閉合S2，調節(jié)R0阻值使得電流表讀數(shù)為________時，R0的讀數(shù)即為電阻的阻值．

(2)乙同學利用電路（c）進行實驗，改變電阻箱R0的值，讀出電流表相應的電流I，由測得的數(shù)據(jù)作出圖線如圖（d）所示，圖線縱軸截距為m，斜率為k，則電阻的阻值為________(用m、k表示）．

(3)若電源內阻是不可忽略的，則上述電路（a）和（c），哪種方案測電阻更好________？原因是____________.參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

A．布朗運動是固體小顆粒的無規(guī)則運動；A錯誤；

B．分子間距離增大，分子勢能不一定減小，當分子間距離小于時，分子力表現(xiàn)為斥力，分子勢能隨分子間距離的增大而減小，當分子間距離大于時；分子力表現(xiàn)為引力，分子勢能隨分子間距離的增大而增大，B錯誤；

C．從微觀的角度看；氣體分子的平均速率越大；單位體積內的氣體分子數(shù)越多，則氣體對器壁的壓強就越大，即氣體壓強的大小與氣體分子的平均動能和氣體分子的密集程度有關，C正確；

D．液體表面張力產生的原因是液體表面層分子間距離比較大；分子力表現(xiàn)為引力，D錯誤。

故選C。2、D【分析】【詳解】

根據(jù)公式可知一天消耗的電能為又知道故D正確．3、B【分析】【分析】

同向電流相互吸引；異向電流相互排斥，根據(jù)牛頓第二定律比較兩個線圈的加速度大?。?/p>

【詳解】

兩個圓形線圈；電流同向，根據(jù)同向電流相互吸引，異向電流相互排斥，知兩線圈相互吸引．因為線圈1對線圈2的力和線圈2對線圈1的力大小相等，方向相反，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度大小相等．故B正確，ACD錯誤．故選B．

【點睛】

解決本題的關鍵掌握同向電流、異向電流的關系．同向電流相互吸引，異向電流相互排斥．4、C【分析】【分析】

據(jù)粒子的運動軌跡；判斷粒子所受的電場力大體指向彎曲一側，從而判斷粒子受到的電場力的方向；電場力做正功粒子的動能增大，電勢能減?。?/p>

【詳解】

粒子的運動軌跡；判斷粒子所受的電場力大體指向彎曲一側，從而判斷粒子受力的方向向右，因不知電場線的方向，不能判斷出粒子的電性；由于運動飛過程中粒子的電勢能減小，所以電場力做正功，粒子運動的方向一定是c到a；故選項C正確，選項ABD錯誤；故選C．

【點睛】

本題關鍵是根據(jù)運動軌跡來判定電場力方向，由曲線運動條件可知合力偏向曲線內側；電場線的疏密表示電場強度的強弱；用電場力做功和能量守恒定律判斷動能和電勢能的變化．5、D【分析】【詳解】

由圖1可知波長λ=4m，由圖2知周期T=4s，可求該波的波速v=λ/T=1m/s，故A錯誤；由于不知是哪個時刻的波動圖像，所以無法在圖2中找到P點對應的時刻來判斷P點的振動方向，故無法判斷波的傳播方向，B錯誤；由圖2可知，t=1s時，質點P位于波峰位置，速度最小，加速度最大，所以C錯誤；因為不知道波的傳播方向，所以由圖1中P點的位置結合圖2可知，若波向右傳播，由平移法可知傳播距離為x=0.5+nλ，對應的時刻為t=（0.5±4n）s，向左傳播傳播距離為x=1.5+nλ，對應的時刻為t=（1.5±4n）s，其中n=0、1、2、3，所以當波向x軸正方向傳播，n=0時，t=0.5s，故D正確。二、多選題(共6題，共12分)6、B:C【分析】【分析】

金屬塊滑下的過程中；電場力；重力和摩擦力做功引起動能變化，由動能定理求出電場力對金屬塊做功．根據(jù)電場力和摩擦力做功之和確定機械能的變化量．根據(jù)電場力做功，確定電勢能的變化，并判斷金屬塊的電性．

【詳解】

在金屬塊滑下的過程中動能增加了12J，金屬塊克服摩擦力做功8.0J，重力做功24J，根據(jù)動能定理得：W總=WG+W電+Wf=△EK，解得：W電=-4J；所以金屬塊克服電場力做功4.0J，金屬塊的電勢能增加4J；由于金屬塊下滑，電場力做負功，所以電場力應該水平向右，所以金屬塊帶正電荷，故BC正確，D錯誤；在金屬塊滑下的過程中重力做功24J，重力勢能減小24J，動能增加了12J，所以金屬塊的機械能減少12J，故A錯誤．故選BC．

【點睛】

解這類問題的關鍵要熟悉功能關系，也就是什么力做功量度什么能的變化，并能建立定量關系．7、B:C【分析】【分析】

【詳解】

只要兩個系統(tǒng)的溫度相同；兩個系統(tǒng)就處于熱平衡狀態(tài)，而與其他參量是否相同無關。

故選BC。8、B:D:E【分析】【詳解】

A．這是個p-t圖象，轉化成p-T圖象；如圖所示：

ab直線不過原點，因此a到b不是等容變化選項A錯誤；

B．理想氣體的內能等于分子的平均動能的總和，溫度是分子平均動能的標志，a到b的過程溫度減小，分子的平均動能減小，理想氣體的內能減小，即氣體在狀態(tài)a的內能大于在狀態(tài)b的內能；選項B正確；

E．氣體由b到c的過程是等壓變化；溫度升高，所以體積增大，對外做功，選項E正確；

C．氣體由b到c的過程，根據(jù)熱力學第一定律△U=W+Q，溫度升高可知△U是正值且變大，氣體對外做功可知W為負值，所以Q必定為正值；即氣體要吸熱，選項C錯誤；

D．氣體由a到c的過程；溫度不變，壓強減小，則體積增大，所以氣體在狀態(tài)a的體積小于在狀態(tài)c的體積，選項D正確；

故選BDE。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．單晶體沿不同方向的導熱或導電性能可能不相同；沿不同方向的光學性質也可能不相同，A錯誤；

B．因為組成晶體的微粒能夠按照不同規(guī)則在空間分布；所以有的物質在不同條件下能夠生成不同晶體，B正確；

C．多晶體是由許多單晶體雜亂無章地組合而成的；所以多晶體沒有確定的幾何形狀，C正確；

D．固體可以分為晶體和非晶體兩類，晶體、非晶體不是絕對的，是可以相互轉化的。例如天然石英是晶體，熔融過的石英卻是非晶體；把晶體硫加熱熔化（溫度超過）再倒進冷水中；會變成柔軟的非晶硫，再過一段時間又會轉化為晶體硫，D錯誤。

故選BC。10、B:D【分析】【詳解】

線圈以一定初速度進入磁場，則感應電動勢為：E=BLv，閉合電路歐姆定律，則感應電流為：安培力為：由牛頓第二定律為：F=ma，則有：由于v減小，所以a也減小，當完全進入磁場后，不受到安培力，所以做勻速直線運動，當出磁場時，速度與時間的關系與進入磁場相似．而速度與時間的斜率表示加速度的大小，因此B正確，A錯誤；線圈進入磁場時，設某時刻進入磁場的距離為x，此時線圈的速度為v，則由動量定理：其中則同樣當完全進入磁場后，不受到安培力，所以做勻速直線運動，當出磁場時，速度v與位移x的關系與進入磁場相似，則選項D正確，C錯誤．11、A:B【分析】【詳解】

A.原子的結合能等于核子在結合成原子核的過程中釋放的能量；也是把原子核分解成核子所需吸收的最小能量，A正確。

B.一重原子核衰變成粒子和另一原子核；要釋放能量，衰變產物的結合能之和一定大于原來重核的結合能，B正確。

C.比結合能越大；結合過程中核子平均釋放能量越大，原子核越穩(wěn)定，C錯誤。

D.自由核子組成原子核時，根據(jù)愛因斯坦質能方程其質量虧損所對應的能量等于該原子核的結合能，D錯誤三、填空題(共8題，共16分)12、略

【分析】【詳解】

第一空.由題中I－U圖像可知：遏止電壓Uc=2V，即Ekm=eUc=3.2×10-19J。

第二空.由光電效應方程Ekm=hv－W0解得W0=hv－Ekm=3eV=4.8×10-19J.【解析】3.2×10－194.8×10－1913、略

【分析】【分析】

根據(jù)電場強度的疊加原理和點電荷場強公式求解。

【詳解】

[1]根據(jù)點電荷場強公式得：只在F處放一電量為-Q的點電荷，則中心O處的電場強度的大小

[2]若再在A、B、C、D、E處各放一電量為+Q的點電荷，根據(jù)電場強度的疊加原理得B和E的疊加后場強為零，A和D的疊加后場強為零，所以中心O處的電場強度的大小等于F和C的場強疊加，即

【點睛】

本題運用電場強度的疊加，及幾何圖形的對稱性來結合求解。【解析】14、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】冰的熔點水的沸點100T開爾文K273.1515、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)蓋呂薩克定律有

整理得

由于體積-溫度（V-t）圖像可知，直線I為等壓線，則a、b兩點壓強相等，則有

[2]設時，當氣體體積為其壓強為當氣體體積為其壓強為根據(jù)等溫變化，則有

由于直線I和Ⅱ各為兩條等壓線，則有

聯(lián)立解得【解析】116、略

【分析】【詳解】

[1]由題平行板電容器的電荷量減少

電壓降低

則μF

[2]電容反應電容器本身的特性，電容器極板上的電荷全部放掉電容器的電容不變，仍為150μF。【解析】17、A:D【分析】【分析】

【詳解】

(1)改變內能有熱傳遞和做功；如果吸熱比對外做功要少得話，物體的內能會減小，所以答案A錯；在引起變化的條件下，熱量可以從低溫傳給高溫如空調等所以答案B錯；在分子力為排斥力時距離增大分子勢能減小，答案C錯，正確答案選D.

(2)由等溫變化可知P1（V1+V2）=P2V1，解得故A正確，BCD錯誤．故選A．18、略

【分析】根據(jù)I=Ft得；10s內推力的沖量I=10×10N?s=100N?s

點睛：本題考查了沖量公式的基本運用，知道推力F的沖量與其它力的大小無關，不要受題目中摩擦力等因素的影響．【解析】10019、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）刻度尺在讀數(shù)的時候要估讀一位；所以金屬桿的長度為60.10；

（2）游標卡尺的主尺讀數(shù)為：4mm，游標尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為10×0.02mm=0.20mm，所以最終讀數(shù)為：4mm+0.20mm=4.20mm=0.420cm=4.20mm．【解析】(1)60.104.20四、作圖題(共3題，共27分)20、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】21、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作