2025年浙教版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年浙教版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、隨著探月工程的不斷實(shí)施，在不久的將來(lái)，我國(guó)宇航員將登上月球進(jìn)行科學(xué)實(shí)驗(yàn)．假如一宇航員在月球表面以豎直向上的速度v0拋出一個(gè)小球，經(jīng)時(shí)間t后以同樣大小的速度落到月球表面，設(shè)月球半徑為r，則飛船在月球表面附近繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度大小是（）A.B.C.D.2、小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點(diǎn)，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線．則下列說(shuō)法中正確的是（）A.隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻不變B.隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小C.對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡電阻為R=功率為P=U1I2D.對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡電阻為R=功率為P=U1I23、某行星繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)可近似看作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，若已知該行星運(yùn)動(dòng)的軌道半徑、運(yùn)動(dòng)周期以及萬(wàn)有引力恒量，由此三個(gè)已知量可求得的其他物理量是（）A.該行星質(zhì)量B.該行星的直徑C.太陽(yáng)質(zhì)量D.該行星與太陽(yáng)之間的作用力4、如圖所示，水桶保持靜止，兩位冋學(xué)對(duì)水桶拉力分別為F1、F2，則F1、F2的合力方向?yàn)椋ǎ〢.豎直向上B.豎直向下C.沿F1方向D.沿F2方向5、如圖所示，桌面距地面高為H，質(zhì)量為m可視為質(zhì)點(diǎn)的小球以速度v0離開(kāi)桌面，若以桌面為重力勢(shì)能參考面，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，當(dāng)它經(jīng)過(guò)距地面高為h的A點(diǎn)時(shí)，所具有的機(jī)械能是（）A.mv02B.mv02+mghC.mv02+mg（H+h）D.mv02+mgH6、如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正向傳播，從波傳到x=1m的P點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，已知在t=0.4s時(shí)PM間第一次形成圖示波形，此時(shí)x=4m的M點(diǎn)正好在波谷．下列說(shuō)法中正確的是（）A.P點(diǎn)的振動(dòng)周期為0.4sB.P點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)的方向沿y軸正方向C.當(dāng)M點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)時(shí)，P點(diǎn)正好在波谷D.這列波的傳播速度是7.5m/s評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、在研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)中所用器材如圖所示．它們是①電流表；②直流電源；③帶鐵芯的線圈A；④線圈B；⑤開(kāi)關(guān)；⑥滑動(dòng)變阻器（用來(lái)控制電流大小以改變磁場(chǎng)強(qiáng)弱）．

（1）試按實(shí)驗(yàn)的要求完成實(shí)物圖上的連線．開(kāi)關(guān)閉合，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器，指針____（“會(huì)”或者“不會(huì)”）發(fā)生偏轉(zhuǎn)．

（2）若連接滑動(dòng)變阻器的兩根導(dǎo)線接在接線柱C和D上，而在開(kāi)關(guān)剛剛閉合時(shí)電流表指針右偏，則開(kāi)關(guān)閉合后滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向接線柱C移動(dòng)時(shí)，電流表指針將____（填“左偏”“右偏”或“不偏”）．8、在輕質(zhì)彈簧下端懸掛一質(zhì)量為0.1kg的物體，當(dāng)物體靜止后，彈簧伸長(zhǎng)了0.01m，取g=10m/s2．該彈簧的勁度系數(shù)為_(kāi)___N/m．9、（2012秋?柯城區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，A、B、C是由正點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中一條電場(chǎng)線上的三個(gè)點(diǎn)，已知AB=BC，若A、B兩點(diǎn)間電勢(shì)差UAB=10V，A點(diǎn)的電勢(shì)φA=2.0V，則B點(diǎn)的電勢(shì)φB=____V；B、C兩點(diǎn)間電勢(shì)差UBC____10V（填“大于、小于或等于”）．10、某學(xué)習(xí)小組要描繪一只小電珠（2.5V；0.5A）的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)外，還有以下一些器材可供選擇：

A．電源E（電動(dòng)勢(shì)為3.0V；內(nèi)阻不計(jì)）

B．電壓表V1（量程為0～3.0V；內(nèi)阻約為2kΩ）

C．電壓表V2（量程為0～15.0V；內(nèi)阻約為6KΩ）

D．電流表A1（量程為0～0.6A；內(nèi)阻約為1Ω）

E．電流表A2（量程為0～100mA；內(nèi)阻約為2Ω）

F．滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值10Ω）

G．滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值2kΩ）

①為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選擇____，電流表應(yīng)選擇____，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇____．（填器材的符號(hào)）

②為提高實(shí)驗(yàn)精度；請(qǐng)你為該學(xué)習(xí)小組設(shè)計(jì)電路圖，并畫(huà)在方框中．

③下表中的各組數(shù)據(jù)是此學(xué)習(xí)小組在實(shí)驗(yàn)中測(cè)得的；根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線．

。U（V）0.511.52.02.5I（A）0.170.300.390.450.49④由圖象可知，該電阻的變化特性是溫度升高，電阻____．11、如圖所示，一束β粒子自下而上進(jìn)人一垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)后發(fā)生偏轉(zhuǎn)，則磁場(chǎng)方向向____，進(jìn)人磁場(chǎng)后，p粒子的動(dòng)能____（填“增加”；“減少”或“不變”）．

12、【題文】（10分）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r．兩電壓表可看作是理想電表，當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)，將滑動(dòng)變阻器的觸片由左端向右端滑動(dòng)時(shí)，燈泡L2變__________，燈泡L1變____________.（選填亮或暗）。__________表的讀數(shù)變小，_________表的讀數(shù)變大.（選填V1或V2）。

13、（2015?松江區(qū)二模）通過(guò)如圖的實(shí)驗(yàn)裝置，盧瑟福建立了____模型．實(shí)驗(yàn)時(shí)，若將顯微鏡分別放在位置1、2、3，則能觀察到粒子數(shù)量最多的是位置____．14、（2014秋?武昌區(qū)校級(jí)期末）通常情況下，電阻的阻值會(huì)隨溫度的變化而改變，利用電阻的這種特性可以制成電阻溫度計(jì)，從而用來(lái)測(cè)量較高的溫度．如圖所示，電流表量程為0～25mA，電源電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻不計(jì)．R為滑動(dòng)變阻器，電阻Rt作為溫度計(jì)的測(cè)溫傳感器．當(dāng)t≥0℃時(shí)，Rt的阻值隨溫度t的變化關(guān)系為Rt=20+0.5t（單位為Ω）．先把Rt放入0℃環(huán)境中，閉合電鍵S，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R，使電流表指針恰好滿偏，然后把測(cè)溫探頭Rt放到某待測(cè)溫度環(huán)境中，發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)為15mA，該環(huán)境的溫度為_(kāi)___℃；當(dāng)把測(cè)溫探頭Rt放到460℃溫度環(huán)境中，電路消耗的電功率為_(kāi)___W．15、如圖，小球所受的重力為G，用兩根細(xì)繩拴住，另外施加一個(gè)拉力F，方向與水平面成60°角．要使兩細(xì)繩都被繃直，重球處于平衡狀態(tài)，拉力F的大小應(yīng)滿足____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)16、較大的顆粒不做布朗運(yùn)動(dòng)是因?yàn)楦w粒碰撞的分子數(shù)較多，多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因?yàn)榉肿記_擊力小，不易改變大顆粒的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、描述物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)，只能選擇靜止的物體作為參考系．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、運(yùn)動(dòng)的電荷在磁場(chǎng)中一定受洛倫磁力的作用．____（判斷對(duì)錯(cuò)）19、電場(chǎng)線真實(shí)地存在于電場(chǎng)中．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、氣體由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時(shí)，一定滿足方程=．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、影響蒸發(fā)快慢的因素有絕對(duì)濕度、表面積、溫度．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、因?yàn)槠?chē)剎車(chē)時(shí)的速度越大滑的越遠(yuǎn)，所以速度大的物體慣性大．____（判斷對(duì)錯(cuò)）23、矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．____．24、圍繞地球飛行的宇宙飛船里的宇航員不受地球引力的作用．____．評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共4題，共8分)25、【題文】如圖所示，一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊，質(zhì)量為m=2kg，從光滑四分之一圓弧軌道頂端由靜止滑下，到達(dá)底端時(shí)恰好進(jìn)入與圓弧軌道底端相切的水平傳送帶，傳送帶由一電動(dòng)機(jī)驅(qū)動(dòng)著勻速向左轉(zhuǎn)動(dòng)，速度大小為u=3m/s。已知圓弧軌道半徑R=0．8m，皮帶輪的半徑r=0．2m，物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0．1，兩皮帶輪之間的距離為L(zhǎng)=6m，重力加速度g=10m/s2。求：

（1）皮帶輪轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度多大？

（2）物塊滑到圓弧軌道底端時(shí)對(duì)軌道的作用力；

（3）物塊將從傳送帶的哪一端離開(kāi)傳送帶？物塊在傳送帶上克服摩擦力所做的功為多大？26、【題文】如圖所示，由同種材料制成的單匝正方形閉合導(dǎo)線框abcd位于豎直平面內(nèi)，其下方有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，該區(qū)域的上邊界水平，并與線框的ab邊平行；磁場(chǎng)方向與線框平面垂直。已知磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，線框邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，線框質(zhì)量為m，電阻為R。線框從磁場(chǎng)上方某高度處，由靜止開(kāi)始下落，恰能勻速進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域。求：

（1）當(dāng)ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)；線框的速度大小；

（2）線框在進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中；通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量；

（3）分析線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中的能量轉(zhuǎn)化情況。27、在一次低空跳傘訓(xùn)練中；當(dāng)直升飛機(jī)懸停在離地面224m

高處時(shí)，傘兵離開(kāi)飛機(jī)做自由落體運(yùn)動(dòng).

運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，打開(kāi)降落傘，展傘后傘兵以12.5m/s2

的加速度勻減速下降.

為了傘兵的安全，要求傘兵落地速度最大不得超過(guò)5m/s(

取g=10m/s2)

求：

(1)

傘兵展傘時(shí)；離地面的高度至少為多少？

(2)

傘兵在空中的最短時(shí)間為多少？28、如圖甲為冰庫(kù)工作人員移動(dòng)冰塊的場(chǎng)景；冰塊先在工作人員斜向上拉力作用下拉一段距離，然后放手讓冰塊向前滑動(dòng)到運(yùn)送冰塊的目的地．其工作原理可簡(jiǎn)化為如圖乙所示，設(shè)冰塊質(zhì)量M＝100kg，冰塊與滑道間動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.05，運(yùn)送冰塊距離為12m，工人拉冰塊時(shí)拉力與水平方向成53°角向上．某次拉冰塊時(shí)，工人從滑道前端拉著冰塊（冰塊初速度可視為零）向前勻加速前進(jìn)4.0m后放手，冰塊剛好到達(dá)滑道末端靜止．（已知sin53°＝0.8；cos53°＝0.6）求：

（1）冰塊在加速與減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度大小之比；（2）冰塊滑動(dòng)過(guò)程中的最大速度；（3）工人拉冰塊的拉力大?。u(píng)卷人得分五、識(shí)圖作答題(共1題，共8分)29、為研究浮游藻類的光合作用，將一種綠藻培養(yǎng)至指數(shù)生長(zhǎng)期，并以此為材料，測(cè)定了藻細(xì)胞在不同條件下的凈光合速率（Pn）。圖一為光合放氧測(cè)定裝置的示意圖；圖二是不同NaHCO3濃度（pH8.5，25℃）條件下測(cè)得的Pn曲線圖。請(qǐng)回答下列問(wèn)題。

(1)通過(guò)變換圖一中光源；可研究______________對(duì)光合作用的影響。

(2)在測(cè)定不同光照對(duì)Pn的影響時(shí)；如不精確控制溫度，則測(cè)得的光照與Pn的關(guān)系__________（填“呈正相關(guān)”“呈負(fù)相關(guān)”或“難以確定”）。

(3)由于弱堿性的藻培養(yǎng)液中游離CO2濃度很低，藻光合作用主要通過(guò)胞內(nèi)碳酸酐酶（CA）分解水中的HCO3－獲得CO2。圖二中達(dá)到最大Pn值的最低NaHCO3濃度為_(kāi)_____；在更高NaHCO3濃度下，Pn不再增加的主要原因有______________(回答出一個(gè)合理答案即可)(4)培養(yǎng)基中的HCO3－與CO32－之間的離子平衡與pH有關(guān)，堿性條件下pH越高，HCO3－越少，CO32－越多，而CO32－幾乎不能被該藻利用。在測(cè)定不同pH（7.0～10.0）對(duì)光合作用的影響時(shí)（溫度和光照等條件相同且適宜），導(dǎo)致Pn發(fā)生變化的因素有①________________________________________、②___________________________________________________。評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共10分)30、汽車(chē)在水平直道上勻速行駛允許的最大速度檔108km/h，如圖所示，在A點(diǎn)正前方100m處有一個(gè)半徑為20m的半圓形水平彎道．將汽車(chē)的剎車(chē)過(guò)程簡(jiǎn)化為滑動(dòng)過(guò)程，最大靜摩擦力大小等于滑動(dòng)摩擦力大小，汽車(chē)車(chē)胎與路面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，要使汽車(chē)能安全通過(guò)該路段，在半圓形水平彎道上行駛時(shí)，不考慮滾動(dòng)摩擦力對(duì)汽車(chē)做圓周運(yùn)動(dòng)的影響，已知重力加速度g=10m/s2．求汽車(chē)從A點(diǎn)到B點(diǎn)的最短時(shí)間（結(jié)果保留兩位小數(shù)）．31、如圖所示，兩根平行且光滑的金屬軌道固定在斜面上，斜面與水平面之間的夾角α=53°，軌道上端接一只阻值為R=0.4Ω的電阻器，在導(dǎo)軌間存在垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T，兩軌道之間的距離為L(zhǎng)=40cm，且軌道足夠長(zhǎng)，電阻不計(jì)．現(xiàn)將一質(zhì)量為m=3g，有效電阻為r=1.0Ω的金屬桿ab放在軌道上；且與兩軌道垂直，然后由靜止釋放，求：

（l）金屬桿ab下滑過(guò)程中可達(dá)到的最大速率；

（2）金屬桿ab達(dá)到最大速率以后，電阻器R每秒內(nèi)產(chǎn)生的電熱．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【分析】物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系公式求解重力加速度，然后根據(jù)v=求解第一宇宙速度，即為飛船在月球表面附近繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w做豎直上拋運(yùn)動(dòng)；以向上為正，根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系公式，有：

-v0=v0-gt

解得：

g=

飛船在月球表面附近繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度大小即為月球的第一宇宙速度；為：

v==

故選：A．2、D【分析】【分析】根據(jù)電阻的定義R=可知，電阻等于圖線上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率的倒數(shù)，斜率逐漸減小，電阻逐漸增大．對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，燈泡的電阻等于過(guò)P點(diǎn)的切線斜率的倒數(shù)．【解析】【解答】解：A；B圖線的斜率逐漸減小；說(shuō)明電阻逐漸增大．故AB錯(cuò)誤．

C、D對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為R=．功率P=U1I2；故C錯(cuò)誤；D正確．

故選：D3、C【分析】【分析】行星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)時(shí)，萬(wàn)有引力提供行星圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，列式分析即可知，只能求出中心天體的質(zhì)量，環(huán)繞天體的質(zhì)量不能求出，萬(wàn)有引力也不能求出．【解析】【解答】解：行星繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)可近似看作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力；

A；B：而環(huán)繞天體的質(zhì)量m；等式兩邊都有，約去了，所以不能求行星的質(zhì)量，也不能求其大小，故A、B錯(cuò)誤．

C、由上式解得中心天體的質(zhì)量，也就是太陽(yáng)的質(zhì)量：．故C正確．

D、由于不知道行星的質(zhì)量，所以不能根據(jù)萬(wàn)有引力定律求行星與太陽(yáng)之間的作用力；故D錯(cuò)誤．

故選C．4、A【分析】解：由題意可知，水桶保持靜止，受到重力與兩位冋學(xué)對(duì)水桶拉力分別為F1、F2；

根據(jù)力的合成法則，則F1、F2的合力與重力平衡；那么其合力的方向與重力方向相反，即為豎直向上，故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A．

根據(jù)受力分析；結(jié)合力的合成法則，及平衡條件，即可求解．

考查力的分析方法，掌握矢量的合成法則，理解平衡條件的應(yīng)用．【解析】【答案】A5、A【分析】【分析】物體在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒是指任意兩個(gè)時(shí)刻或位置的機(jī)械能都相等，本題中關(guān)鍵是正確計(jì)算物體具有的勢(shì)能．【解析】【解答】解：選擇桌面為零勢(shì)能面；開(kāi)始是機(jī)械能為：

E=0+

當(dāng)它經(jīng)過(guò)距離地面高為h的A點(diǎn)時(shí)機(jī)械能是：

EA=-mgh

由于不計(jì)空氣阻力，物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒，故EA=0；

故BCD錯(cuò)誤；A正確．

故選：A．6、A【分析】【分析】簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正向傳播，在t=0.4s時(shí)PM間第一次形成圖示波形，由圖讀出，t=0.4s時(shí)間內(nèi)振動(dòng)傳播了一個(gè)波長(zhǎng)，經(jīng)過(guò)了一個(gè)周期，則可知P點(diǎn)的周期．讀出波長(zhǎng)，由v=求出波速v．P點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)的方向與圖示時(shí)刻x=5m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向相同．根據(jù)PM間的距離判斷M點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)時(shí)，P點(diǎn)的位置．【解析】【解答】解：A；由題意；簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正向傳播，在t=0.4s時(shí)PM間第一次形成圖示波形，t=0.4s時(shí)間內(nèi)振動(dòng)傳播了一個(gè)波長(zhǎng)，經(jīng)過(guò)了一個(gè)周期，故P點(diǎn)的周期為0.4s．故A正確．

B；P點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)的方向與圖示時(shí)刻x=5m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向相同；由波形平移法得知，P點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)的方向沿y軸負(fù)方向．故B錯(cuò)誤．

C；當(dāng)M點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)時(shí)；由波形可知，P點(diǎn)在波峰．故C錯(cuò)誤．

D、由圖知，波長(zhǎng)λ=4m，則波速v===10m/s．故D錯(cuò)誤．

故選：A．二、填空題(共9題，共18分)7、會(huì)左偏【分析】【分析】由感應(yīng)電流的條件：閉合電路的磁通量變化，即可判定是否偏轉(zhuǎn)；根據(jù)題意確定磁通量變化與電流表指針偏轉(zhuǎn)方向間的關(guān)系，然后根據(jù)滑片的移動(dòng)方向判斷穿過(guò)線圈的磁通量如何變化，進(jìn)一步判斷電流表指針如何偏轉(zhuǎn)．【解析】【解答】解：（1）開(kāi)關(guān)閉合；移動(dòng)滑動(dòng)變阻器，導(dǎo)致線圈A中的磁通量變化，從而使得穿過(guò)線圈B的磁通量變化，則產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，形成感應(yīng)電流，則指針會(huì)偏轉(zhuǎn)；

（2）在開(kāi)關(guān)剛剛閉合時(shí)電流表指針右偏；導(dǎo)致穿過(guò)線圈B的磁通量增大；

由電路圖可知；閉合電鍵，滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向接線柱C移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路電阻變大，電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)減弱，穿過(guò)線圈B的磁通量減小，則感應(yīng)電流與剛閉合時(shí)反向，電流計(jì)指針將向左偏轉(zhuǎn)；

故答案為：（1）會(huì)，（2）左偏．8、100【分析】【分析】根據(jù)胡克定律F=kx，通過(guò)彈簧彈力的大小和形變量求出勁度系數(shù)．【解析】【解答】解：彈簧的彈力等于物體的重力，F(xiàn)=1N，根據(jù)胡克定律F=kx得：k===100N/m．

故答案為：100．9、-8小于【分析】【分析】本題考查了正點(diǎn)電荷周?chē)碾妶?chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)、電勢(shì)差的情況，知道電場(chǎng)線是從正電荷或者無(wú)窮遠(yuǎn)出發(fā)出，到負(fù)電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)處為止，沿電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低，根據(jù)點(diǎn)電荷的周?chē)妶?chǎng)分布情況可正確解答．【解析】【解答】解：已知UAB=10V，A點(diǎn)的電勢(shì)φA=2.0V，則φB=-8V；

由圖可知電場(chǎng)線的方向向右；而A；B、C是由正點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中一條電場(chǎng)線上的三個(gè)點(diǎn)，則正電荷在A的左端，所以AB之間的平均場(chǎng)強(qiáng)一定大于BC之間的平均場(chǎng)強(qiáng)，由U=Ed可得B、C兩點(diǎn)間電壓一定小于10V；

故答案為：-8，小于10、略

【分析】

①燈泡額定電壓是2.5V；電壓表應(yīng)選B；燈泡額定電流為0.5A，電流表選D；為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選F；

②描繪小燈泡伏安特性曲線；滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，電流表采用外界法，電路圖如圖所示；

③應(yīng)用描點(diǎn)法作圖；燈泡的I-U圖象如圖所示．

④根據(jù)燈泡的I-U圖象；由歐姆定律可知，燈泡電阻隨溫度的升高而變大．

故答案為：①B；D；F；②電路圖如圖所示；③圖象如圖所示；④變大．

【解析】【答案】①根據(jù)燈泡額定電壓選擇電壓表；根據(jù)燈泡額定電流選擇電流表，在保證電路安全的情況下，為方便實(shí)驗(yàn)操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器．

②描繪小燈泡的伏安特性曲線；電壓與電流應(yīng)從零開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，根據(jù)燈泡電阻與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表接法，然后作出電路圖．

③根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對(duì)應(yīng)的點(diǎn)；然后作出圖象．

④根據(jù)圖象；應(yīng)用歐姆定律分析燈泡電阻的變化情況．

11、略

【分析】

由圖可知β粒子向右偏轉(zhuǎn)；因此粒子剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)所受洛倫茲力方向向右，β粒子帶負(fù)電，根據(jù)左手定則可知磁場(chǎng)方向向里；洛倫茲力不做功，方向始終和粒子運(yùn)動(dòng)方向垂直，只是改變速度方向．

故答案為：里；不變．

【解析】【答案】β粒子帶負(fù)電；根據(jù)粒子的偏轉(zhuǎn)方向可知其所受洛倫茲力方向，然后利用左手定則可得出磁場(chǎng)方向，洛倫茲力方向始終與速度方向垂直，對(duì)帶電粒子不做功．

12、略

【分析】【解析】

試題分析：由實(shí)物圖知，滑動(dòng)變阻器與L1并聯(lián)然后與L2串聯(lián)，V2與L2并聯(lián)，V1測(cè)量路端電壓，故滑動(dòng)變阻器的觸片由左端向右端滑動(dòng)時(shí)，連入電路的阻值增大，并聯(lián)電阻增大，所L1變亮，干路電流減小，所以L2變暗，V2示數(shù)減小，外電阻增大，所以路端電壓增大，V1示數(shù)變大。

考點(diǎn)：本題考閉合電路的歐姆定律【解析】【答案】暗，亮（每空2分）V2，V1（每空3分）13、原子核式結(jié)構(gòu)3【分析】【分析】該實(shí)驗(yàn)中，放射源放出一束射線轟擊金箔，運(yùn)用顯微鏡前熒光屏去觀察射線的多少．課本中，該實(shí)驗(yàn)的結(jié)論是：多數(shù)射線基本不偏折，少數(shù)發(fā)生較大角度的偏轉(zhuǎn)，個(gè)別的粒子幾乎被反射回來(lái)．【解析】【解答】解：盧瑟福通過(guò)α粒子散射實(shí)驗(yàn)建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型；

放在3位置時(shí)；相同時(shí)間內(nèi)觀察到屏上的閃光次數(shù)較少．說(shuō)明較少射線發(fā)生偏折，可知原子內(nèi)部帶正電的體積?。?/p>

放在2位置時(shí)；屏上可以觀察到閃光，只不過(guò)很少很少．說(shuō)明很少很少射線發(fā)生大角度的偏折；

放在1位置時(shí)；屏上仍能觀察一些閃光，但次數(shù)極少．說(shuō)明極少數(shù)射線較大偏折，可知原子內(nèi)部帶正電的體積小且質(zhì)量大．

故答案為：原子核式結(jié)構(gòu)，3．14、1600.026【分析】【分析】當(dāng)Rt放入0℃環(huán)境中時(shí)，根據(jù)公式R=求出電路的總電阻，已知Rt的電阻隨溫度的變化關(guān)系式，求出Rt的阻值；從而求出滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻．

當(dāng)把測(cè)溫探頭放到某待測(cè)環(huán)境中時(shí)；根據(jù)電流表的示數(shù)求出電路總電阻，因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器和測(cè)溫探頭串聯(lián)；

所以總電阻減去滑動(dòng)變阻器電阻就是測(cè)溫探頭的電阻；根據(jù)關(guān)系式求出環(huán)境的溫度．

把測(cè)溫探頭放到480℃環(huán)境中，根據(jù)關(guān)系式求出測(cè)溫探頭的電阻，再加上滑動(dòng)變阻器電阻就是電路總電阻，根據(jù)P=求出電路消耗的電功率．【解析】【解答】解：當(dāng)把Rt放入0℃的環(huán)境中，電路總電阻R1===120Ω，Rt的阻值為Rt=20+0.5t=20Ω；

滑動(dòng)變阻器阻值為R變=R1-Rt=120Ω-20Ω=100Ω．

當(dāng)電流表示數(shù)為15mA時(shí)，電路總電阻R2===200Ω，Rt的阻值為300Ω-200Ω=100Ω；

所以20+0.5t=100Ω，所以t1=℃=160℃．

把測(cè)溫探頭放到460℃環(huán)境中，測(cè)溫探頭電阻Rt=20+0.5t=250Ω；

所以電路消耗電功率P===0.026W．

故答案為：160；0.026．15、mg≤F≤mg【分析】【分析】對(duì)小球受力分析，然后根據(jù)平衡條件并運(yùn)用正交分解法，得到F與兩個(gè)繩子拉力的關(guān)系式再求解范圍．【解析】【解答】解：小球受力如圖所示：

由平衡條件得：

水平方向：Fcosθ=TAcosθ+TB①

豎直方向：Fsinθ+TAsinθ=mg②

由②式得：F=-TA；

細(xì)繩繃直，則TA≥0；

F=-TA≤=mg；

由①、②式得：F=+；

細(xì)繩繃直，則TB≥0；

F=+≥=mg；

力F大小應(yīng)滿足的條件是：mg≤F≤mg；

故答案為：mg≤F≤mg．三、判斷題(共9題，共18分)16、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯；布朗運(yùn)動(dòng)是液體（或氣體）分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反應(yīng)．【解析】【解答】解：較大的顆粒不做布朗運(yùn)動(dòng)是因?yàn)楦w粒碰撞的分子數(shù)較多；多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因?yàn)楦鱾€(gè)方向的分子沖擊力比較均衡，所以不易改變大顆粒的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，不是因?yàn)榉肿拥臎_擊力小．所以以上的說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．17、×【分析】【分析】參考系，是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對(duì)運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來(lái)考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系的選取是任意的；任何物體均可以作為參考系；參考系不一定必須是靜止不動(dòng)的；如研究炸彈的運(yùn)動(dòng)時(shí)，可以將運(yùn)動(dòng)的飛機(jī)作為參考系．所以以上的說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×18、×【分析】【分析】電場(chǎng)的性質(zhì)是對(duì)電荷有力的作用，而電荷受到電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)強(qiáng)度可以相同，也可以相反．當(dāng)運(yùn)動(dòng)的帶電粒子的速度方向不與磁場(chǎng)平行，將會(huì)受到洛倫茲力作用，根據(jù)左手定則可知，洛倫茲力的方向與磁場(chǎng)方向的關(guān)系．【解析】【解答】解：當(dāng)運(yùn)動(dòng)的電荷的速度方向與磁場(chǎng)方向平行時(shí)；不受洛倫茲力；

故答案為：×．19、×【分析】【分析】為了研究的方便引入了電場(chǎng)線，實(shí)際不存在，電場(chǎng)線從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不相交不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱．【解析】【解答】解：為了研究的方便引入了電場(chǎng)線；實(shí)際不存在．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×20、×【分析】【分析】根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程即可做出判定．【解析】【解答】解：對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時(shí)，一定滿足方程=．若不滿足一定質(zhì)量的條件；該公式不成立．所以以上的說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×21、×【分析】【分析】影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度、表面積以及空氣的流動(dòng)性有關(guān)．【解析】【解答】解：根據(jù)蒸發(fā)與液化的特點(diǎn)；影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度；表面積以及空氣的流動(dòng)性有關(guān)，與絕對(duì)濕度無(wú)關(guān)．故該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×22、×【分析】【分析】慣性是物體的固有屬性，一切物體在任何情況下都有慣性，慣性大小由物體的質(zhì)量來(lái)量度．根據(jù)這些知識(shí)來(lái)解答．【解析】【解答】解：質(zhì)量是物體慣性大小的唯一量度；與物體的速度無(wú)關(guān)．故該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×23、√【分析】【分析】物理量按有無(wú)方向分矢量和標(biāo)量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．【解析】【解答】解：矢量是既有大?。挥钟蟹较虻奈锢砹?，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．故這句話是正確的．

故答案為：√24、×【分析】【分析】由萬(wàn)有引力定律知兩個(gè)物體之間存在萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力，繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的物體受到的萬(wàn)有引力提供向心力，處于失重狀態(tài)．【解析】【解答】解：繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的物體受到萬(wàn)有引力提供向心力；處于失重狀態(tài)．而不是不受到地球的吸引力．故該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×四、計(jì)算題(共4題，共8分)25、略

【分析】【解析】弄清楚物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程和受力情況是解題關(guān)鍵。①物塊沿光滑圓弧下滑的過(guò)程；機(jī)械能守恒；②物塊在傳送帶上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)。

（1）皮帶輪轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度，由u=得rad/s（2分）

（2）物塊滑到圓弧軌道底端的過(guò)程中；由動(dòng)能定理得。

（1分）

解得m/s（1分）

在圓弧軌道底端，由牛頓第二定律得（2分）

解得物塊所受支持力F="60N"（1分）

由牛頓第三定律；物塊對(duì)軌道的作用力大小為60N，方向豎直向下。（1分）

（3）物塊滑上傳送帶后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；設(shè)加速度大小為a，由牛頓第二定律得。

（1分）

解得a=1m/s2（1分）

物塊勻減速到速度為零時(shí)運(yùn)動(dòng)的最大距離為m>L=6m（1分）

可見(jiàn)；物塊將從傳送帶的右端離開(kāi)傳送帶。（1分）

物塊在傳送帶上克服摩擦力所做的功為J。（2分）【解析】【答案】（1）15rad/s（2）60N，方向豎直向下。（3）12J26、略

【分析】【解析】

試題分析：（1）線框勻速進(jìn)入磁場(chǎng)受力平衡：mg=F

F="BIL"I=E=BLv

解得：v=

（2）線框勻速進(jìn)入磁場(chǎng)所用時(shí)間：t=

流經(jīng)線框?qū)Ь€橫截面的電荷量

又已經(jīng)知道

聯(lián)立解得：q=

（3）線框勻速進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程；動(dòng)能不變，重力勢(shì)能減少mgL，轉(zhuǎn)化為電能并最終以焦耳熱的形式釋放出去。

考點(diǎn)：電磁感應(yīng)的電動(dòng)勢(shì)電流和電荷量安培力的計(jì)算能量轉(zhuǎn)化【解析】【答案】（1）v=（2）q=（3）見(jiàn)解析27、略

【分析】

(1)

整個(gè)過(guò)程中；傘兵先做自由落體運(yùn)動(dòng)，后做勻減速運(yùn)動(dòng)，總位移大小等于224m.

設(shè)傘兵展傘時(shí)，離地面的高度至少為h

此時(shí)速度為v0

先研究勻減速過(guò)程，由速度鈭?

位移關(guān)系式，得到v0

與h

的關(guān)系式，再研究自由落體過(guò)程，也得到一個(gè)v0

與h

的關(guān)系式，聯(lián)立求解．

(2)

由(1)

求出v0

由速度公式求出兩個(gè)過(guò)程的時(shí)間，即可得到總時(shí)間．

本題涉及兩個(gè)過(guò)程的運(yùn)動(dòng)學(xué)問(wèn)題，既要單獨(dú)研究?jī)蓚€(gè)過(guò)程，更要抓住它們之間的聯(lián)系：比如位移關(guān)系、速度關(guān)系等等．【解析】解：(1)

設(shè)傘兵展傘時(shí)；離地面的高度至少為h

此時(shí)速度為v0

著地時(shí)相當(dāng)于從h1

高處自由落下；

則有：vt2鈭?v02=鈭?2ah

即25鈭?v02=鈭?2隆脕12.5隆脕h

又v02=2g(224鈭?h)=2隆脕10隆脕(224鈭?h)

聯(lián)立解得：h=99mv0=50m/s

(2)

設(shè)傘兵在空中的最短時(shí)間為t

則有v0=gt1t1=v0g=5010s=5s

t2=vt鈭?v0a=5鈭?50鈭?12.5s=3.6s

故所求時(shí)間t=t1+t2=(5+3.6)s=8.6s

．

答：(1)

傘兵展傘時(shí)；離地面的高度至少為99m

．

(2)

傘兵在空中的最短時(shí)間為8.6s

．28、解：（1）冰塊先做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度加速最大速度為減速加速度大小為加速位移為

所以減速位移為

因?yàn)槿坛跄┧俣葹榱悖?/p>

（2）加速結(jié)束時(shí)刻速度最大；減速開(kāi)始時(shí)刻速度最大。

在減速階段，冰塊受滑動(dòng)摩擦力減速，根據(jù)牛頓第二定律：f=ma2，

解得：

解得：

（3）冰塊在加速階段：受力如圖；

?

根據(jù)牛頓第二定律：水平方向：

豎直方向：

由（1）問(wèn)得：

解得

代入數(shù)據(jù)得：F=234.4N?！痉治觥窟@是一道牛頓定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)結(jié)合的題；即動(dòng)力學(xué)兩類問(wèn)題，思路是根據(jù)條件通過(guò)運(yùn)動(dòng)過(guò)程求解加速度，再利用牛頓第二定律求受力；或者先根據(jù)受力求解加速度，再求解運(yùn)動(dòng)量；熟練應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)公式，正確應(yīng)用力的正交分解建立牛頓第二定律方程，動(dòng)摩擦力的計(jì)算，注意正壓力不等于重力。

（1）根據(jù)全程初末速度為零；可得兩段加速度與位移成反比；

（2）利用減速段求最大速度，已知位移加速度末速度為0，求減速的初速度，應(yīng)用公式求解；

（3）在加速度段：受力分析，將受力正交分解，建立牛頓第二定律方程，已知加速度求解F?！窘馕觥拷猓海?）冰塊先做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度加速最大速度為減速加速度大小為加速位移為

所以減速位移為

因?yàn)槿坛跄┧俣葹榱悖?/p>

（2）加速結(jié)束時(shí)刻速度最大；減速開(kāi)始時(shí)刻速度最大。

在減速階段，冰塊受滑動(dòng)摩擦力減速，根據(jù)牛頓第二定律：f=ma2，

解得：

解得：

（3）冰塊在加速階段：受力如圖；

?根據(jù)牛頓第二定律：水平方向：

豎直方向：

由（1）問(wèn)得：

解得

代入數(shù)據(jù)得：F=234.4N。五、識(shí)圖作答題(共1題，共8分)