2025年粵人版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵人版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、某人沿著半徑為R的圓形跑道跑了1.25圈時，他的（）A.路程和位移的大小均為2.5πRB.路程為2.5πR、位移的大小為RC.路程和位移的大小均為RD.路程為0.5πR、位移的大小為R2、用圖所示的光電管研究光電效應的實驗中，用某種頻率的單色光a

照射光電管陰極K

電流計G

的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn).

而用另一頻率的單色光b

照射光電管陰極K

時，電流計G

的指針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，那么(

)

A.a

光的頻率一定小于b

光的頻率B.增加b

光的強度可能使電流計G

的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)C.用a

光照射光電管陰極K

時通過電流計G

的電流是由d

到c

D.只增加a

光的強度可使通過電流計G

的電流增大3、如圖所示，質(zhì)量M=2kg的木板靜止在水平桌面上，板與桌面間的動摩擦因數(shù)為μ1=0.1．木板的中間放有一質(zhì)量m=1kg的小鐵塊（可視為質(zhì)點），它離木板左端的距離為L=0.5m，鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ2=0.2．現(xiàn)用一水平向右的拉力F作用在木板上，使鐵塊由靜止開始運動，設木板與鐵塊間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度g=10m/s2，則（）A.無論拉力多大，鐵塊與木板間的摩擦力大小都是2NB.無論拉力多大，木板和鐵塊都不可能相對靜止一起加速運動C.若要在1s內(nèi)將鐵塊從板上拉離，最小拉力為F=11ND.若要在1s內(nèi)將鐵塊從板上拉離，最小拉力為F=2.5N4、電源電動勢為ε，內(nèi)阻為r，向可變電阻R供電.關于路端電壓，下列說法中正確的是（）A.因為電源電動勢不變，所以路端電壓也不變B.因為U=IR，所以當R增大時，路端電壓也增大C.因為U=IR，所以當I增大時，路端電壓也增大D.因為U=ε-Ir，所以當R減小時，I增大時，路端電壓下降5、兩個完全相同的金屬球，帶電荷量之比為1：7，兩球相距為r；兩者接觸后再放回原位置，則它們之間的庫侖力可能是原來的（）

①②③④．A.①②B.①④C.②③D.③④6、下列關于有機化合物的說法正確的是()A.2-甲基丁烷也稱異丁烷B.由乙烯生成乙醇屬于加成反應C.C4H9Cl有3種同分異構(gòu)體D.油脂和蛋白質(zhì)都屬于高分子化合物評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)7、質(zhì)子11H和α粒子24He在勻強電場中由靜止開始加速，通過相同位移時，它們的動能比為____，所用時間比為____．8、如圖所示，PQ是勻強磁場里的一片薄金屬片，其表面與磁場方向平行，現(xiàn)有一α粒子從A點以垂直PQ的速度v射出，動能為E，射出后α粒子的軌跡如圖所示，今測得它在金屬片兩邊的軌跡的半徑之比為10：9，若α粒子在穿越金屬片過程中受到的阻力大小及電量都不變，則α粒子穿過______次金屬片后陷在金屬片里．9、如圖所示，一根長為L、質(zhì)量為m的細導體棒a被水平放置在傾角為45°的光滑斜面上，導體棒所在空間存在豎直方向勻強磁場，當細棒中通以恒定電流，當電流方向如圖所示，電流強度為I時，a能在斜面上保持靜止，已知重力加速度g，則勻強磁場的磁感應強度的大小為______；方向為______。10、如圖是某種一定量理想氣體的p--t圖像，圖中A、B、C三點表示了這些氣體的三個不同的狀態(tài)，我們用VA、VB、VC表示在這三種狀態(tài)下氣體的體積，那么它們的大小順序應是．11、電容器的電容與____、____和____有關．12、如圖所示，AB

兩擺擺長分別為L1

和L2

擺球質(zhì)量分別為m1

和m2

且m1<m2

靜止時，兩球在懸點正下方剛好接觸，現(xiàn)將A

擺在紙平面內(nèi)向左拉離平衡位置，使擺線水平，然后釋放。當A

擺擺在最低點時兩球碰撞，碰后，A

球被反彈，反彈后最大偏角為婁脕B

球向右擺動，最大偏角為婁脗

則碰撞過程中一定守恒的是________(

選填“動能”或“動量”)

守恒的關系式為____________。評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)13、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

14、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

15、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）17、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、推斷題(共3題，共12分)19、已知rm{CH_{3}隆陋CH簍TCH_{2}+HBr隆煤CH_{3}隆陋CHBr-CH_{3}}rm{1mol}某芳香烴rm{A}充分燃燒后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}該芳香烴rm{A}在不同條件下能發(fā)生如圖所示的一系列變化：

請回答下列問題：

rm{(1)A}中官能團的名稱為：______________，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式：_______________________。

rm{(2)}上述反應中，rm{壟脵}是________反應rm{(}填反應類型rm{)(1}分rm{)}

rm{(3)}寫出rm{C}rm{D}rm{E}rm{H}物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡式：rm{C}____________________，rm{D}_______________，rm{E}_____________，rm{F}_______________。

rm{(4)}寫出rm{D隆煤F}反應的化學方程式：______________________________。20、氨氣是一種重要的化工產(chǎn)品及工業(yè)原料。I．某溫度下，合成氨反應的平衡常數(shù)K=3.0×103(mol／L)-1，（1）寫出其對應的化學方程式________________________________________。（2）某溫度下，如果在體積恒定為10L的密閉容器中充入：0.1molN2、0.1molH2和2molNH3則反應____（填“正向進行”或“逆向進行”或“達到平衡”）。（3）該溫度下，在體積恒定為10L的四個密閉容器中分別充入下列物質(zhì)，反應達到平衡后，N2的轉(zhuǎn)化率最大的是________。a．10molN2、30molH2和20molNH3b．10molN2和30molH2c．20molN2和60molH2d．10molN2和28molH2II．氨氣極易溶于水，氨水是氨氣溶于水而形成的溶液，回答下列問題：（4）在氨水溶液中加水稀釋的過程，NH3·H2O的電離程度___________（填“增大”“減小”或“不變”），___________（填“增大”“減小”或“不變”）。（5）室溫下，amol/L的(NH4)2SO4水溶液的pH=5，原因是溶液中存在平衡__________________（用離子方程式表示）。并計算該平衡的平衡常數(shù)表達式為________________________（用含代數(shù)a的較為精確的數(shù)學表達式表示，不必化簡，不做近似運算）。21、人工合成有機化合物rm{H}的路線可簡單表示如圖：已知：rm{F}的核磁共振氫譜有四個峰，峰的面積比為rm{1}rm{1}rm{3}rm{3.}請回答下列問題：rm{(1)A}的名稱rm{(}系統(tǒng)命名rm{)}為______；rm{C}中官能團的結(jié)構(gòu)簡式為______；rm{(2)G+F隆煤H}的反應類型為______；rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為______．rm{(3)C隆煤D}的離子方程式為______．rm{(4)E}在一定條件下生成的高分子化合物的結(jié)構(gòu)簡式為______．rm{(5)X}是rm{F}的同分異構(gòu)體，它同時符合下列rm{3}個條件：rm{壟脵}能發(fā)生水解反應rm{壟脷}不含甲基rm{壟脹}能發(fā)生銀鏡反應，則rm{X}可能的結(jié)構(gòu)簡式為______、______rm{(}寫出任意兩種rm{)}．評卷人得分五、畫圖題(共2題，共4分)22、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象23、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象評卷人得分六、證明題(共2題，共20分)24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。25、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】人繞圓形跑1.25圈路程為2.5πR，位移大小是從初位置指向末位置的線段的長度，大小為R，B正確?！窘馕觥俊敬鸢浮緽2、D【分析】解：A

用某種頻率的單色光a

照射光電管陰極K

電流計G

的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，知a

光頻率大于金屬的極限頻率.

用另一頻率的單色光b

照射光電管陰極K

時，電流計G

的指針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，知b

光的頻率小于金屬的極限頻率，所以a

光的頻率一定大于b

光的頻率.

故A錯誤．

B、增加b

光的強度；仍然不能發(fā)生光電效應，電流計指針不偏轉(zhuǎn).

故B錯誤．

C；電流的方向與負電荷定向移動的方向相反；用a

光照射光電管陰極K

時通過電流計G

的電流是由c

到d.

故C錯誤．

D；增加a

光的強度；則單位時間內(nèi)發(fā)出的光電子數(shù)目增多，通過電流計的電流增大.

故D正確．

故選：D

．

發(fā)生光電效應的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率；光的強度影響單位時間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目，即影響光電流的大?。?/p>

該題考查光電效應的實驗，解決本題的關鍵知道光電效應的條件，知道光的強度影響單位時間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目．【解析】D

3、C【分析】解：A、M與地面間的最大靜摩擦力f1=μ1（m+M）g=3N；當拉力F≤3N時不能拉動，此時鐵塊與木板間的摩擦力大小為零，故A錯誤；

B、當二者發(fā)生相對運動時，小鐵塊的加速度為a0==2m/s2；

以整體為研究對象，此時拉力的大小為F，根據(jù)牛頓第二定律可得F-f1=（m+M）a0；

解得：F=9N．所以當3N＜F＜9N時；木板和鐵塊相對靜止一起加速運動，故B錯誤；

CD、若要在1s內(nèi)將鐵塊從板上拉離，設相對加速度為a，根據(jù)相對運動可得：L=解得a=1m/s2，所以M的加速度為a1=a0+a=3m/s2；

對M根據(jù)牛頓第二定律可得：F′-f1-μ2mg=Ma1；解得：F′=11N，若要在1s內(nèi)將鐵塊從板上拉離，最小拉力為11N，故C正確；D錯誤。

故選：C。

根據(jù)摩擦力計算公式求解摩擦力的大?。桓鶕?jù)牛頓第二定律分析加速度大小，由此分析二者保持相對靜止的拉力范圍；根據(jù)運動學公式求解相對加速度大小，再根據(jù)牛頓第二定律求解拉力大小。

對于牛頓第二定律的綜合應用問題，關鍵是弄清楚物體的運動過程和受力情況，利用牛頓第二定律或運動學的計算公式求解加速度，再根據(jù)題目要求進行解答；知道加速度是聯(lián)系靜力學和運動學的橋梁?！窘馕觥緾4、D【分析】【解析】試題分析：根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-Ir可知，當R增加，所以電路中電流減小，所以內(nèi)阻電壓Ir減少，所以路端電壓變大，所以D?？键c：閉合電路歐姆定律【解析】【答案】D5、D【分析】解：由庫侖定律可得：F=k

當兩相同金屬小球帶同種電荷時，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，它們的電荷量均變?yōu)?4Q；

所以庫侖力是原來的16：7．

當兩相同金屬小球帶異種電荷時，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，它們的電荷量均變?yōu)?3Q；

所以庫侖力是原來的9：7．

由上分析可知；故ABC錯誤，D正確；

故選：D．

兩電荷間存在庫侖力；其大小可由庫侖定律求出．當兩電荷相互接觸后再放回原處，電荷量可能相互中和后平分，也可能相互疊加再平分，所以庫侖力的變化是由電荷量變化導致的．

解決本題的關鍵掌握庫侖定律的公式，注意兩個金屬小球可能帶同種電荷，可能帶異種電荷．【解析】【答案】D6、B【分析】【分析】本題考查有機物的命名，有機物的反應類型，同分異構(gòu)體書寫及高分子化合物等知識，為高頻考點，把握官能團與性質(zhì)的關系為解答的關鍵，注意有機物的成分、性質(zhì)及反應類型，注重基礎知識的考查，題目難度不大。【解答】A.異丁烷含有4個C原子；2-甲基丁烷含有5個C原子，故A錯誤；

B.乙烯與水在催化劑加熱的條件下發(fā)生加成反應生產(chǎn)乙醇；故B正確；

C.同分異構(gòu)體是化合物具有相同分子式，但具有不同結(jié)構(gòu)的現(xiàn)象，C4H10的同分異構(gòu)體有：CH3CH2CH2CH3、CH3CH（CH3）CH3，CH3CH2CH2CH3分子中有2種化學環(huán)境不同的H原子，其一氯代物有2種；CH3CH（CH3）CH3分子中有2種化學環(huán)境不同的H原子，其一氯代物有2種；故C4H9Cl的同分異構(gòu)體共有4種；故C錯誤；

D.油脂不是高分子化合物；故D錯誤。

故選B。

【解析】B二、填空題(共6題，共12分)7、略

【分析】

質(zhì)子11H和α粒子24He兩種粒子電量之比1：2；質(zhì)量之比1：4，初動能為零，通過相同位移x；

根據(jù)動能定理：qEx=Ek；

解得動能之比等于1：2

由牛頓第二定律：qE=ma

加速度之比為2：1

根據(jù)位移時間關系式：x=at2；

解得所需時間之比為1：

故答案為：1：2，1：．

【解析】【答案】兩種粒子電量之比1：2；質(zhì)量之比1：4，根據(jù)動能定理可以得到動能之比，結(jié)合運動學關系式解出所用時間之比．

8、略

【分析】解：根據(jù)洛倫茲力提供向心力得：

所以：

今測得它在金屬片兩邊的軌跡的半徑之比為10：9；所以：

即：v1=0.9v0

粒子的動能：

粒子每一次穿過金屬片后損失的動能：

粒子穿過金屬片的次數(shù)：

即α粒子穿過5次金屬片后陷在金屬片里．

故答案為：5

帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動；洛倫茲力提供向心力，寫出動力學方程，表達出速度與半徑的關系，然后求得每一次過程中損失的動能，即可求出粒子穿過金屬片的次數(shù)．

該題中，根據(jù)粒子在磁場中運動的半徑公式，得出粒子每一次穿過金屬片后損失的動能是解題的關鍵．【解析】59、豎直向上【分析】解：空間存在豎直方向的勻強磁場，當磁感應強度方向豎直向上時，根據(jù)左手定則可知，導體棒受到水平向右的安培力，根據(jù)平衡條件，在平行斜面方向，BILcos45°=mgsin45°，解得，B=

當磁感應強度方向豎直向下時；根據(jù)左手定則可知，導體棒受到水平向左的安培力，不能平衡。

故答案為：豎直向上。

導體棒受重力；支持力和安培力作用；處于平衡狀態(tài)，關鍵是根據(jù)左手定則確定安培力方向，然后根據(jù)平衡條件列式求解安培力大小，根據(jù)F=BIL求解磁感應強度。

本題中限制了磁感應強度的方向，必須在豎直方向，則答案唯一；實際上，磁感應強度方向也可以水平向左，則安培力與重力平衡。【解析】豎直向上10、略

【分析】【解析】【答案】VC＞VA＝VB11、極板間距離兩極板正對面積極板間電解質(zhì)的種類【分析】【解答】電容的決定式C=可知；影響電容的大小因素有：正對面積；極板間距與電介質(zhì)．

故答案為：極板間距離；兩極板正對面積，極板間電解質(zhì)的種類．

【分析】本題是電容的動態(tài)分析問題，由電容的決定式和定義式結(jié)合進行分析．12、動量【分析】【分析】碰撞過程一定守恒的是動量；根據(jù)機械能守恒定律，分別求出碰撞前A

球的速度，碰撞后AB

兩球各自的速度；再結(jié)合動量守恒定律求解動量守恒的表達式。本題是碰撞過程中的動量守恒和機械能守恒定律的綜合題目，不難。【解答】不管小球的碰撞是否為彈性碰撞，兩球碰撞過程中動量一定守恒；A

球下擺過程中，機械能守恒，設到達最低點的速度為v0

根據(jù)機械能守恒得出：m1gL1=12m1v02

得出：v0=2gL1壟脵

碰撞后，A

球擺起的過程中，A

球的機械能守恒，故m1g(L1鈭?L1cos(婁脕))=12m1v12

得出：v1=2g1(1鈭?cos(婁脕))壟脷

碰撞后，B

球擺起的過程中，B

球的機械能守恒，m2g(L2鈭?L2cos(婁脕))=12m2v22

得出：v2=2g2(1鈭?cos(婁脗))壟脹

設向右為正，碰撞過程中動量守恒，故：m1v0=鈭?m1v1+m2v2壟脺

壟脵壟脷壟脹壟脺

聯(lián)立得出：m1L1=鈭?m11(1鈭?cos(婁脕))+m22(1鈭?cos(婁脗))

故填：動量m1L1=鈭?m11(1鈭?cos(婁脕))+m22(1鈭?cos(婁脗))

【解析】動量m1L1=鈭?m11(1鈭?cos(婁脕))+m22(1鈭?cos(婁脗))

三、判斷題(共6題，共12分)13、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．14、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．15、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?6、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。摹⑼茢囝}(共3題，共12分)19、（1）碳碳雙鍵

（2）加成

（3）

（4）+NaOH+NaBr【分析】【分析】本題考查有機推斷，涉及烯烴、鹵代烴、醇等性質(zhì)以及學生根據(jù)信息給予獲取知識的能力，是對有機化合物知識的綜合考查，能較好的考查考生的自學能力和分析推理能力，推斷出rm{A}的分子式，根據(jù)反應條件及反應類型，利用順推法進行推斷，是高考熱點題型，難度中等?！窘獯稹縭m{1mol}某烴rm{A}充分燃燒后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}故烴rm{A}的分子式為rm{C_{8}H_{8}}不飽和度為rm{dfrac{2隆脕8+2-8}{2}=5}可能含有苯環(huán)，由rm{A}發(fā)生加聚反應生成rm{C}故A中含有不飽和鍵，故A為rm{C}為rm{A}與溴發(fā)生加成反應生成rm{B}則rm{B}為rm{B}在氫氧化鈉的乙醇溶液、加熱條件下發(fā)生消去反應生成rm{E}則rm{E}為rm{E}與溴發(fā)生加成反應生成由信息烯烴與rm{HBr}的加成反應可知，不對稱烯烴與rm{HBr}發(fā)生加成反應，rm{H}原子連接在含有rm{H}原子多的rm{C}原子上，故與rm{HBr}放出加成反應生成rm{D}則rm{D}為rm{D}在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應生成rm{F}則rm{F}為rm{F}與乙酸發(fā)生酯化反應生成rm{H}故H為據(jù)此解答。rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}中的官能團是碳碳雙鍵，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式：故答案為：碳碳雙鍵；

rm{(2)}上述反應中，反應rm{壟脵}是與溴發(fā)生加成反應生成

故答案為：加成；

rm{(3)}由上述分析可知，rm{C}為rm{D}為rm{E}為rm{F}為

故答案為：

rm{(4)D隆煤F}是在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應生成反應方程式為：rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}

故答案為：rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaBr}

rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}【解析】rm{(1)}碳碳雙鍵rm{{,!}_{;;;}}rm{(2)}加成rm{(3)}rm{(4)}rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}rm{+NaBr}20、略

【分析】【分析】本題考查較為綜合，涉及化學平衡狀態(tài)的判斷、鹽類水解、水的電離、鹽類水解平衡常數(shù)的計算等知識，為高考常見題型，難度中等，注意把握相關基本理論的理解和應用?！窘獯稹浚?）工業(yè)上一般用氮氣和氫氣在催化作用下合成氨，其對應的化學方程式為N2+3H22NH3故答案為：N2+3H22NH3；（2）合成氨反應濃度積所以平衡向逆反應方向移動，故答案為：逆向進行；

（3）a與b相比，a中含有大量的氨氣，因此b中氮氣的轉(zhuǎn)化率大于a中；b與d相比，b中氫氣濃度大，故b中氮氣的轉(zhuǎn)化率高；由于正反應是體積減小的可逆反應，所以增大壓強平衡向正反應方向進行，c與b相比，相當于是在b的基礎上增大壓強；氮氣轉(zhuǎn)化率增大，故答案為：c；

（4）在氨水溶液中加水稀釋的過程，NH3·H2O的電離程度將增大；因為K和Kw的變化只與溫度有關，所以不變。故答案為：增大；不變；

（5）NH4+水解導致硫酸銨溶液顯酸性，水解方程式為NH4++H2O?NH3?H2O+H+，依據(jù)電荷守恒和物料守恒c(NH4+)+c(H+)=2c(SO42-)+c(OH-),c(NH4+)+c(NH3·H2O)=2amol/L，已知pH=5，則c(H+)=10-5mol/L，c(OH-)=10-9mol/L，c(SO42-)=amol/L，代入守恒公式可求出c(NH4+)和c(NH3·H2O)，利用水解平衡常數(shù)的計算式可得故答案為：NH4++H2O?NH3?H2O+H+；【解析】（1）N2+3H22NH3（2）逆向進行（3）c（4）增大不變（5）NH4++H2ONH3?H2O+H+21、rm{(1)2-}甲基rm{-1-}丁烯rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)}酯化反應rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{(4)}rm{(5)HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}【分析】【分析】

本題考查有機物推斷；有機反應方程式、同分異構(gòu)體書寫等；注意根據(jù)反應條件進行推斷，需要學生熟練掌握官能團的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，難度中等。

【解答】

rm{A}與溴水發(fā)生加成反應生成則rm{A}為．發(fā)生水解反應生成rm{B}為rm{B}發(fā)生氧化反應生成rm{C}為rm{C}發(fā)生氧化反應生成rm{D}rm{D}酸化得到rm{E}為rm{E}發(fā)生消去反應生成rm{F}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}溴乙烷發(fā)生水解反應生成rm{G}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{F}與rm{G}發(fā)生酯化反應生成rm{H}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}．

rm{(1)A}為rm{A}的名稱rm{(}系統(tǒng)命名rm{)}為rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{C}為含有官能團的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{-OH}rm{-CHO}

故答案為：rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)G+F隆煤H}的反應類型為酯化反應，rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

故答案為：酯化反應；rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)C隆煤D}的離子方程式為：rm{+2Cu(OH)_{2}+