2025年滬科版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，L1、L2是兩個小燈泡，R是滑動變阻器，V1、V2可視為理想電壓表。閉合開關(guān)S，將滑動變阻器R的滑動片由最左端向最右端滑動；小燈泡的阻值可視為不變，下列說法正確的是（）

A.小燈泡L1變暗，V1表的示數(shù)變小，V2表的示數(shù)變大B.小燈泡L1變亮，V1表的示數(shù)變大，V2表的示數(shù)變小C.小燈泡L2變暗，V1表的示數(shù)變小，V2表的示數(shù)變大D.小燈泡L2變亮，V1表的示數(shù)變大，V2表的示數(shù)變小2、如圖所示，一根通電直導(dǎo)線垂直放在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，在以導(dǎo)線截面的中心O為圓心的圓周上有a、b、cd四點，已知a點的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2B，方向也是豎直向下，則d點的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向分別為（）

A.大小為B，方向豎直向上B.大小為2B．方向水平向右C.大小為B，方向垂直紙面向外D.大小為B，方向斜向右下方3、某款掃地機(jī)器人如圖所示；額定功率24W，額定電流3A，正常工作時電機(jī)輸出的功率為19.5W，鋰電池容量9A·h，為延長鋰電池壽命，當(dāng)剩余電量為總?cè)萘康?0%時就需要充電，則（）

A.電機(jī)的電阻為B.額定電壓為6.5VC.正常工作時，電機(jī)產(chǎn)生的熱量為19.5WD.充滿電的電池可以正常工作時間為2.4h4、一帶電量為q的電荷繞帶電量為Q的正電荷做橢圓運動，軌跡如圖所示。已知|q|?|Q|，M、N為橢圓軌跡上的兩點。關(guān)于q的帶電性質(zhì)下列判斷正確的是（）

A.q一定帶正電B.q一定帶負(fù)電C.q可以帶正電、也可以帶負(fù)電D.無法判斷q帶哪一種電5、如圖所示，一完整絕緣球體球心為由A，B兩部分組成，其中B是球心為的小球體，A均勻帶正電B均勻帶有等量的負(fù)電．M、N為兩球心連線上兩點，P、Q連線過球心且與M、N連線垂直，且M、N、P、Q四點到距離相等．取無窮遠(yuǎn)處電勢為零（假設(shè)均勻帶電絕緣球體帶電量等效于在球心帶等量電量）。則（）

A.M、N兩點電場強(qiáng)度相等B.連線中點電勢為零C.將從N點移至P點電場力做正功D.電子在M點的電勢能比在N點的大6、某靜電場中有電場線與x軸重合，x軸上各點電勢φ分布如圖所示；圖線關(guān)于縱軸對稱，則（）

A.x1處和－x1處場強(qiáng)方向相同B.x1處和－x2處場強(qiáng)大小相等C.某帶電粒子在x2處和－x1處電勢能相等D.某帶電粒子在x2處的電勢能可能小于在－x1處的電勢能7、高壓電線落地可能導(dǎo)致行人跨步電壓觸電。如圖所示，若高壓輸電線掉落在水平地面上的O點，且O點附近地質(zhì)結(jié)構(gòu)分布均勻，將在地面形成以O(shè)為圓心的一系列同心圓等勢線。則（）

A.圖中A點的電場強(qiáng)度小于B點的電場強(qiáng)度B.圖中A點的電場強(qiáng)度大于B點的電場強(qiáng)度C.行人無論向哪個方向跨步，兩腳間距離越大跨步電壓越大D.行人無論向哪個方向跨步，兩腳間距離越大跨步電壓越小8、某同學(xué)在研究電容的充放電過程中，產(chǎn)生了一個新奇的想法：不管什么電路，總可以定義一個“等效電阻”，該“等效電阻”等于電路兩端電壓與流過該段電路總電流的比值。如圖所示電路，定值電阻R1和R2的阻值均為6Ω，初始電容C不帶電；在剛閉合開關(guān)S的瞬間，按照該同學(xué)的定義，外電路“等效電阻”為（）

A.0ΩB.3ΩC.6ΩD.12Ω評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場，一帶電量為+q、質(zhì)量為m的小球在力F的作用下，沿圖中虛線由M至N做豎直向上的勻速運動。已知力F和MN之間的夾角為45°，MN之間的距離為d；重力加速度為g。則下列說法正確的是（）

A.電場的方向可能水平向左B.電場強(qiáng)度E的最小值為C.當(dāng)qE＝mg時，小球從M運動到N時電勢能變化量為零D.F所做的功一定為10、用相同的靈敏電流計作表頭改裝成電流表A和電壓表V，分別將其串聯(lián)和并聯(lián)在一起，然后接入電路中．通電后關(guān)于指針的偏角情況的敘述正確的是（）

A.圖甲中電壓表的指針偏角比電流表的大B.圖甲中電壓表的指針偏角比電流表的小C.圖乙中電壓表的指針偏角比電流表的大D.圖乙中電壓表的指針偏角比電流表的小11、如圖所示；用絕緣細(xì)線拴一帶負(fù)電小球，在豎直平面內(nèi)做圓周運動，勻強(qiáng)電場方向豎直向下。下列說法正確的是（）

A.小球可能做勻速圓周運動B.小球運動到最高點a時，線的張力一定最小C.小球運動到最低點b時，速度一定最大D.小球運動到最高點a時，電勢能最小12、在光滑的水平桌面上有三個點電荷電荷量為．若要保證三個點電荷在庫侖力作用下保持靜止；則它們電荷量應(yīng)滿足的關(guān)系是（）

A.B.C.D.13、兩個帶等量正電的點電荷，固定在圖中P、Q兩點，MN為PQ連線的中垂線，交PQ與O點，A為MN上的一點，一帶負(fù)電的試探電荷q，從A點由靜止釋放；只在靜電力作用下運動，取無限遠(yuǎn)處的電勢為零，則（）

A.q由A向O的運動是勻加速直線運動B.q由A向O運動的過程電勢能逐漸減小C.q運動到O點時的動能最大D.q運動到O點時電勢能為零14、某靜電場的電場線分布如圖所示，P、Q為該電場中的兩點；下列說法正確的是。

A.P點場強(qiáng)大于Q點場強(qiáng)B.P點電勢高于Q點電勢C.將電子從P點移動到Q點，電場力做正功D.將電子從P點移動到Q點，其電勢能增大15、如圖所示，空間中存在豎直向上的勻強(qiáng)電場，將一帶電小球自C點h高處靜止釋放，一段時間后小球與正下方彈簧在A點開始接觸并壓縮彈簧，假設(shè)在釋放到最低點B的過程中電場力對小球做功-5J；彈簧形變始終處于彈性限度范圍，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.從C點到B點，小球電勢能增加5JB.從C點到B點，小球與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少5JC.小球從A運動到B過程中速度一直在減小D.小球反彈后可重新到達(dá)C點16、如圖所示，閉合開關(guān)當(dāng)滑動變阻器的滑片向左移動時

A.小燈泡變亮B.電源的總功率變小C.電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大D.電容器兩板間的電場強(qiáng)度變小17、如圖所示，I為電流表示數(shù)，U為電壓表示數(shù)，P為定值電阻R2消耗的功率；Q為電容器C所帶的電荷量，W為電源通過電荷量q時電源做的功．當(dāng)變阻器滑動觸頭向右緩慢滑動過程中，下列圖象能正確反映各物理量關(guān)系的是（）

A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)18、電場力做功的特點是：______，因此可以引入電勢能。______是反映電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量。19、如圖所示的電路中，當(dāng)開關(guān)K閉合時，燈泡L正常發(fā)光，現(xiàn)斷開開關(guān)K，閉合電路的總電阻將_____(填“增大”“減小”或“不變”)，燈泡L的亮度將______(填“變亮”“變暗”或“不變”)

20、（1）某一電場的電場線和等勢面如圖甲所示，已知φa=5V，φc=3V，ab=bc，則______

A．φb=4VB．φb>4V

C．φb＜4VD．上述情況都有可能。

（2）若電場線和等勢面如圖乙所示，其他條件不變，則答案為（1）中的______

21、質(zhì)量均為m的三個帶電小球A、B、C放置在光滑絕緣的水平面上，相鄰兩球間的距離均為L，A球帶電荷量qA=＋10q；B球帶電荷量qB=＋q。若在C上加一個水平向右的恒力F，如圖所示，要使三球能始終保持L的間距向右運動，則C球帶_____電（填“正”或“負(fù)”），外力F等于_____。

22、真空中有一電場，在電場中的P點放一電量為4.0×10﹣8C的檢驗電荷，它受到的電場力為2.0×10﹣5N，則P點的場強(qiáng)為______N/C；把檢驗電荷電量減小為2.0×10﹣8C，則該電荷在P點受到的電場力為______N。23、安培定則。

（1）直線電流的磁場。

安培定則：如圖所示，用右手握住導(dǎo)線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，___________所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向。

直線電流周圍的磁感線環(huán)繞情況如圖所示。

（2）環(huán)形電流的磁場。

安培定則：如圖所示，讓右手___________與環(huán)形電流的方向一致，___________的方向就是環(huán)形導(dǎo)線軸線上磁感線的方向。

（3）通電螺線管的磁場。

安培定則：如圖所示，右手握住螺線管，讓彎曲的四指與___________一致，伸直的拇指所指的方向就是___________上磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的北極的方向。

24、如圖所示，當(dāng)條形磁鐵插入或拔出線圈時，線圈中________電流產(chǎn)生，但條形磁鐵在線圈中靜止不動時，線圈中________電流產(chǎn)生。（均選填“有”或“無”）

評卷人得分四、作圖題(共2題，共12分)25、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學(xué)按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機(jī)屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短26、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共10分)27、(1)伏安法測電阻的測量電路如圖甲，電壓表為3V量程，電流表為0.6A量程，電表讀數(shù)如圖所示。已知電流表內(nèi)阻為0.10Ω，電壓表的內(nèi)阻為3000Ω。在圖甲情況下，R1的測量值為_______Ω（保留兩位小數(shù)），真實值是_______（保留兩位小數(shù)）Ω。

(2)用螺旋測微器測量筆芯的直徑如圖乙所示，則筆芯的直徑為d=_______mm。

(3)某次電學(xué)實驗記錄多組電阻箱接入電路的電阻值及歐姆表上對應(yīng)的測量值，完成校準(zhǔn)數(shù)據(jù)測量。若校準(zhǔn)某刻度時，電阻箱旋鈕位置如圖所示，則電阻箱接入的阻值_______Ω。

28、在“測定蓄電池的電動勢和內(nèi)電阻”的實驗中；備有如下器材：

A.蓄電池。

B.電流表（0～0.6A；內(nèi)阻約為0.1Ω）

C.靈敏電流計G（滿偏電流Ig＝200μA，內(nèi)阻rg＝150Ω）

D.滑動變阻器R1（0～20Ω；2.0A）

E.電阻箱R2

F.定值定阻R0＝2Ω

G.開關(guān).導(dǎo)線若干。

（1）由于沒有電壓表，可把靈敏電流計G與電阻箱R2串聯(lián)改裝成量程為6V的電壓表，如圖甲中電阻箱R2的阻值應(yīng)為_____Ω．

（2）按圖甲所示電路圖，請在乙圖上補(bǔ)充完成實物連線_____

（3）丙圖為該實驗繪出的﹣圖線（為靈敏電流計G的示數(shù)，為電流表A的示數(shù)）由丙圖可求得被測蓄電池的電動勢＝_______V，內(nèi)電阻＝________Ω（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．評卷人得分六、解答題(共3題，共12分)29、示波管的示意圖如圖所示，由陰極發(fā)出的電子經(jīng)加速電場加速后，以速度v0沿中心線進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場，偏轉(zhuǎn)電極的板長為L，兩板間距為d，極板右端與熒光屏的距離為s。若電子所受重力及電子之間的相互作用力均可忽略不計。已知電子電荷為e，質(zhì)量為m；求：

(1)加速電壓U0的大小；

(2)要使電子束不打在偏轉(zhuǎn)電極的極板上，求加在偏轉(zhuǎn)電極上的電壓U的最大值；

(3)求電子打在熒光屏上距中心點最大距離Ymax？

30、如圖所示，粒子以初速度垂直于電場線方向從A點射入一勻強(qiáng)電場，經(jīng)時間t到達(dá)B點時，速度大小為粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q；不計重力。求：

（1）A、B兩點間的電勢差；

（2）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小。

31、如圖所示，AC是一段水平軌道，其中AB段光滑，BC段粗糙，且CDF為豎直平面內(nèi)半徑為的光滑半圓軌道，其中F點為最高點，OD為水平線。兩軌道相切于C點，CF的右側(cè)有電場強(qiáng)度的勻強(qiáng)電場，方向水平向右。一根輕質(zhì)絕緣彈簧水平放置，一端固定在A點，另一端與帶負(fù)電的滑塊P接觸但不連接，彈簧原長時滑塊在B點處。現(xiàn)向左壓縮彈簧后由靜止釋放，當(dāng)滑塊P運動到F點瞬間時對軌道的壓力為2N，之后滑塊從F點飛出并落在軌道BC段上、已知滑塊P的質(zhì)量為電荷量為與軌道BC間的動摩擦因數(shù)為重力加速度g取10m/s2，忽略滑塊P與軌道間電荷轉(zhuǎn)移。則：

（1）求滑塊P從F點飛出后的落點到C的距離；

（2）求滑塊P運動到D點時對軌道的壓力大小。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

將滑動變阻器的滑動片由最左端向最右端滑動時，變阻器接入電路的電阻變大，變阻器與燈泡L2并聯(lián)的電阻變大，外電路總電阻增大，則路端電壓隨之增大，即V1表的示數(shù)變大。由閉合電路的歐姆定律可知，流過電源的電流減小，燈泡L1變暗，電壓表V2的讀數(shù)變小。燈泡L2的電壓為

減小，則增大，燈泡L2變亮。故ABC錯誤；D正確。

故選D。2、D【分析】【詳解】

磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場，已知a點的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2B，方向也是豎直向下，那么通電直導(dǎo)線在a點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向豎直向下，則通電直導(dǎo)線在d點的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小仍為B，根據(jù)右手螺旋定則，其方向水平向右；依據(jù)矢量的合成法則，則d點的合磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小Bd＝＝B，其方向斜向右下方，故ABC錯誤，D正確；故選D．3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由。

得。

故A錯誤；

B．由。

得額定電壓。

故B錯誤；

C．正常工作時；電機(jī)產(chǎn)生的熱量。

故C錯誤；

D．由。

解得。

故D正確。4、B【分析】【詳解】

庫侖力提供向心力，所以兩電荷相互吸引，故q帶負(fù)電。

故選B。5、B【分析】【詳解】

AB．按照大球正電荷的電荷密度將小球中補(bǔ)充出相應(yīng)的正電荷+Q，小球中也增加相應(yīng)的負(fù)電荷-Q，再將其等效為位于球心的兩點電荷（電量分別為2Q、-2Q），則M、N兩點電場強(qiáng)度不相等，連線中點電勢為零；故A錯誤，B正確；

C．N點離負(fù)電荷比P點近，N點電勢比P點電勢低，將從N點移至P點電場力做負(fù)功；故C錯誤；

D．M點離正電荷比N點近，M點電勢比N點電勢高，電子在M點的電勢能比在N點的小；故D錯誤。

故選B。6、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．φ-x圖像的斜率大小等于電場強(qiáng)度，x1處和-x1處場強(qiáng)大小相等，方向相反，x1處和-x2處場強(qiáng)大小不相等；AB錯誤；

C．由圖可以看出在－x1處的電勢低于粒子在x2處的電勢；粒子的電勢能為。

這兩點的電勢不等；所以兩點的電勢能不相等，C錯誤；

D．由圖可以看出在－x1處的電勢低于粒子在x2處的電勢，對負(fù)電荷來說，電勢越低電勢能越大，所以某帶負(fù)電粒子在－x1處的電勢能大于在x2處的電勢能；D正確。

故選D。7、A【分析】【詳解】

AB．距離O點越遠(yuǎn)的位置場強(qiáng)越小，則圖中A點的電場強(qiáng)度小于B點的電場強(qiáng)度；選項A正確，B錯誤；

CD．根據(jù)U=Ed可知，行人在OA連線上跨步時；兩腳間距離越大跨步電壓越大；沿著某同心圓上跨步時，無論兩腳間距離多大，則電勢相等，選項CD錯誤；

故選A。8、C【分析】【詳解】

初始電容C不帶電，在剛閉合開關(guān)S的瞬間，電容的兩端的電壓為零，故R2兩端的電壓為零，經(jīng)過的電流為零，回路中的路端電壓等于R1兩端的電壓，電流大小等于R1的電流。故按照該同學(xué)的定義，外電路“等效電阻”為R1阻值6Ω。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)9、B:C【分析】【詳解】

A．小球受力情況：小球受到重力mg、拉力F與電場力qE，因為小球做勻速直線運動，合力為零，則F與qE的合力與mg大小相等、方向相反，作出F與qE的合力；如圖。

根據(jù)上圖可知；電場力在右側(cè)，由于小球帶正電，電場方向與電場力方向相同，故指向右側(cè)，故A錯誤；

B．由圖可知，當(dāng)電場力qE與F垂直時，電場力最小，此時場強(qiáng)也最小。則得：qE＝mgsinθ，所以電場強(qiáng)度的最小值為故B正確；

C．當(dāng)mg＝Eq時；根據(jù)幾何關(guān)系，電場力水平向右，與MN垂直，小球從M運動到N電場力不做功，即小球從M運動到N時電勢能變化量為零，故C正確；

D．由于電場力變化時，F(xiàn)大小也跟隨著改變，所以做功也不能具體確定值，故D錯誤；10、A:D【分析】【詳解】

試題分析：圖甲中由于電流表的電流計是并聯(lián)在電路中；電壓表的電流計是串聯(lián)在電路中，而串聯(lián)電路的電流相等，所以由于電流表的定值電阻分流的原因，通過電流表的電流計的電流小于電壓表的，所以電壓表的指針偏轉(zhuǎn)角比電流表的大，A正確B錯誤；圖乙中電壓表和電流表是并聯(lián)在一起的，兩端的電壓是相等的，由于電壓表中的定值電阻的分壓原因，電壓表中電流計兩端的電壓小于電流表中電流計兩端的電壓，所以圖乙中電壓表的指針偏角比電流表的小，C錯誤，D正確；

考點：考查了電表的改裝。

【名師點睛】此類題的關(guān)鍵是理解電流表，電壓表的改裝原理：改裝電流表需要并聯(lián)一個電阻分流，改裝電壓表需要串聯(lián)一個電阻分壓．11、A:D【分析】【詳解】

A．帶負(fù)電小球受到的電場力方向豎直向上；若電場力與重力平衡，則小球做勻速圓周運動，故A正確；

BC．若小球受到的電場力大于重力，則電場力和重力的合力方向豎直向上，則小球運動到最高點a時；速度最大，線的張力最大，故BC錯誤。

D．帶負(fù)電小球受到的電場力方向豎直向上，小球從最低點b運動到最高點a過程，電場力做正功，電勢能減小，小球從最高點a運動到最低點b過程，電場力做負(fù)功，電勢能增加，故小球運動到最高點a時；電勢能最小，故D正確。

故選AD。12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

設(shè)球之間的距離為球之間的距離為則有。

對于A球。

對于C球。

整理后得。

故。

所以AC正確；BD錯誤；

故選AC。13、B:C【分析】【詳解】

試題分析：本題要根據(jù)等量同種點電荷電場線的分布情況；抓住對稱性，分析試探電荷的受力情況，分析其運動情況，根據(jù)電場力做功情況，分析其電勢能的變化情況．

解：A；兩等量正電荷周圍部分電場線如右圖所示；其中P、Q連線的中垂線MN上，從無窮遠(yuǎn)到O過程中電場強(qiáng)度先增大后減小，且方向始終指向無窮遠(yuǎn)方向．

故試探電荷所受的電場力是變化的；q由A向O的運動做非勻加速直線運動，故A錯誤．

B；電場力方向與AO方向一致；電場力做正功，電勢能逐漸減?。还蔅正確．

C；從A到O過程；電場力做正功，動能增大，從O到N過程中，電場力做負(fù)功，動能減小，故在O點試探電荷的動能最大，速度最大，故C正確．

D；取無限遠(yuǎn)處的電勢為零；從無窮遠(yuǎn)到O點，電場力做正功，電勢能減小，則q運動到O點時電勢能為負(fù)值．故D錯誤．

故選BC

【點評】

本題考查靜電場的基本概念．關(guān)鍵要了解等量同種點電荷電場線的分布情況，運用動能定理進(jìn)行分析．14、B:D【分析】【詳解】

A．因為Q點的電場線較P點密集，可知P點場強(qiáng)小于Q點場強(qiáng)；選項A錯誤；

B．沿電場線電勢降低，可知P點電勢高于Q點電勢；選項B正確；

CD．將電子從P點移動到Q點，電場力做負(fù)功，電勢能增大，選項C錯誤，D正確；15、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．從C點到B點，由于電場力做負(fù)功，電勢能增大，根據(jù)

所以小球電勢能增加5J；則A正確；

B．從C點到B點，根據(jù)功能關(guān)系可知，除了重力與彈簧的彈力做的功不改變系統(tǒng)的機(jī)械能，其他力做功則改變機(jī)械能有

由于電場力對小球做功-5J；所以小球與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少5J，則B正確；

C．小球從A運動到B過程中速度先增大后減?。凰訡錯誤；

D．根據(jù)能量守恒定律可知，系統(tǒng)的能量只是重力勢能，動勢及電勢能間的相互轉(zhuǎn)化，則小球反彈后可重新到達(dá)C點；所以D正確；

故選ABD。16、B:C【分析】【詳解】

A．當(dāng)滑動變阻器的滑片向左移動時，R的阻值變大，總電阻變大，總電流減小，則小燈泡變暗；選項A錯誤；

B．根據(jù)P=IE可知；電源總功率減小，選項B正確；

C．因總電流減小；則安培表讀數(shù)減小；電源內(nèi)阻上電壓減小，則路端電壓變大，即電壓表讀數(shù)變大，選項C正確；

D．因路端電壓變大，而燈泡兩端電壓減小，則R兩端電壓變大；即電容器兩端電壓變大，兩板間場強(qiáng)變大，選項D錯誤；

故選BC.17、A:B【分析】試題分析：變阻器滑動觸頭向右緩慢滑動過程中，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，消耗的功率為∝故A正確；電容器的電壓電荷量則保持不變，則圖象是向下傾斜的直線，故B正確；電壓表示數(shù)圖象應(yīng)是向下傾斜的直線，故C錯誤；電源通過電荷量時電源做的功是電源的電動勢，則是過原點的直線；故D錯誤．

考點：本題考查了閉合電路的動態(tài)分析三、填空題(共7題，共14分)18、略

【分析】【詳解】

[1]由公式可知；電場力做功的特點是與路徑無關(guān)，只與初末位置有關(guān)，因此可以引入電勢能；

[2]電動勢是反映電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量。【解析】與路徑無關(guān)，只與初末位置有關(guān)電動勢19、略

【分析】【詳解】

[1]．閉合開關(guān)時電路中的總電阻為

斷開開關(guān)電路中的總電阻為R′=r+RL+R1

所以斷開開關(guān)后電路中的總電阻增大；

[2]．?dāng)嚅_開關(guān)電路的總電阻變大，根據(jù)歐姆定律知，電路中的總電流變小，所以燈泡變暗；【解析】增大變暗20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）根據(jù)勻強(qiáng)電場關(guān)系式U=Ed

可知φa-φc=Eφa-φb=E·

得φb=4V

故選A。

（2）由于圖乙是非勻強(qiáng)電場，不能根據(jù)公式U=Ed進(jìn)行定量計算，只能進(jìn)行定性分析，由電場線的疏密可知ab和bc間電場強(qiáng)度的平均值Eab>Ebc

所以Uab>Ubc

即φa-φb>φb-φc

得到

=4V

故選C?！窘馕觥竣?A②.C21、略

【分析】【詳解】

[1]由于A；B兩球都帶正電；它們互相排斥，C球必須對A、B都吸引，才能保證系統(tǒng)向右加速運動，故C球帶負(fù)電荷。

[2]以三球為整體，設(shè)系統(tǒng)加速度為a，則F=3ma①

隔離A；B；由牛頓第二定律可知。

對A－=ma②

對B＋=ma③

聯(lián)立①②③得F=70k【解析】負(fù)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由電場強(qiáng)度的定義式有

得P點的場強(qiáng)為

[2]檢驗電荷電量減小，但電場強(qiáng)度仍保持不變，這時電荷受到的電場力為【解析】①.②.23、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]直線電流的磁場；安培定則：如圖所示，用右手握住導(dǎo)線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，四指所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向。

（2）[2][3]環(huán)形電流的磁場；安培定則：如圖所示，讓右手四指與環(huán)形電流的方向一致，大拇指的方向就是環(huán)形導(dǎo)線軸線上磁感線的方向。

（3）[4][5]通電螺線管的磁場，安培定則：如圖所示，右手握住螺線管，讓彎曲的四指與電流方向一致，伸直的拇指所指的方向就是螺線管軸線上磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的北極的方向。【解析】①.四指②.四指③.大拇指④.電流方向⑤.螺線管軸線24、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]如圖所示，當(dāng)條形磁鐵插入或拔出線圈時，線圈中有電流產(chǎn)生，但條形磁鐵在線圈中靜止不動時，線圈中無電流產(chǎn)生?！窘馕觥坑袩o四、作圖題(共2題，共12分)25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減?。贿x項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；