2025年浙科版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙科版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，在光滑水平面上一輕質(zhì)彈簧將擋板和一條形磁鐵連接起來，此時磁鐵對水平面壓力大小為N1，現(xiàn)在磁鐵左上方位置固定一導(dǎo)體棒，當導(dǎo)體棒中通以垂直紙面向里的電流后，磁鐵對水平面壓力大小為N2，則以下說法正確的是（）A.彈簧長度將變短B.彈簧長度將變長C.N1＜N2D.N1＞N22、如圖是一個理想變壓器，K

為雙向電鍵，P

是滑動變阻器滑動觸頭，U1

為加在原線圈兩端電壓，I1

為原線圈上電流，則(

)

A.保持U1

及P

的位置不變，K

由a

合向b

時，I1

將增大B.保持P

的位置及U1

不變，K

由a

向b

時，R

消耗的功率減小C.保持U1

不變，K

合在a

處，使P

上滑，I1

將增大D.保持P

的位置不變，K

合在a

處，若U1

增大，I1

將減小3、空中花樣跳傘是一項流行與全世界的極限運動.假設(shè)某跳傘運動員從靜止在空中的飛機上無初速度跳下，沿豎直方向下落.運動過程中，運動員受到的空氣阻力隨著速度的增大而增大，運動員的機械能與位移的關(guān)系圖像如圖所示，其中0-s1過程為曲線，s1-s2過程為直線.根據(jù)該圖像；下列正確的是。

A.0-s1過程中運動員所受阻力一定是變力且不斷減小B.s1-s2過程中運動員可能在做勻加速直線運動C.s1-s2過程中運動員可能在做變加速直線運動D.0-s1過程中運動員的動能在不斷增大4、如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電液滴從h高處自由下落，進入一個互相垂直的勻強電場和勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直于紙面，磁感應(yīng)強度為B，電場強度為E.已知液滴在此區(qū)域中做勻速圓周運動，則圓周運動的半徑r為A.B.C.D.5、下列說法中正確的是（）A.帶電量不大的電荷叫點電荷B.體積小于1mm3的帶電體就可以看成點電荷C.當兩個帶電體的形狀對其相互作用力的影響可忽略時，這兩個帶電體可看成點電荷D.體積很大的帶電體一定不是點電荷6、關(guān)于“探究求合力的方法”的實驗，下列說法中不正確的是()A.兩個拉力的方向必須垂直B.實驗過程中，彈簧的軸線必須與紙面平行C.作力的平行四邊形時，不同拉力的標度應(yīng)該相同D.用兩只彈簧秤和用一只彈簧秤拉橡皮筋時，結(jié)點必須拉到同一點7、用長短不同、材料相同的同樣粗細的細繩，各拴著一個質(zhì)量相同的小球在光滑水平面上做勻速圓周運動，則兩個小球(

)

A.以相同的線速度運動時，長繩易斷B.以相同的角速度運動時，短繩易斷C.以相同的轉(zhuǎn)速運動時，長繩易斷D.無論怎樣，都是短繩易斷評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)8、一質(zhì)量為0.5Kg的小球，以2m/s速度水平向右運動，碰到一豎直墻壁經(jīng)0.1s接觸后被等速率反彈，則與墻壁碰的過程中：速度變化為____m/s，動量變化為____Kgm/s，小球的平均加速度為____m/s2，墻壁對小球的平均力為____N．（選向左為正方向）9、如圖是光電效應(yīng)的實驗裝置，當波長為λ1的光照射時，恰能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，當用波長為λ2（λ1＞λ2）的光照射時，則電路中一定______光電流出現(xiàn)（填“有”或“沒有”）；若頻率分別為v1、v2（v1＞v2）的光均能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則將該實驗裝置中的電源反接時，分別用這兩種光照射，調(diào)節(jié)滑動變阻器滑動頭的位置，使電路中的光電流變?yōu)榱?，電壓表的讀數(shù)分別為U1和U2，則U1______U2（填“大于”、“等于”或“小于”）10、

如圖所示，電子以大小為3.0×106m/s的速度垂直磁場射入到大小為B=0.1T的勻強磁場中，它受到的洛倫茲力大小為____N，受到的洛倫茲力方向為____（填“向上”或“向下”）．（電子的電量為e=1.6×10-19C）

11、如圖所示，邊長為L的閉合正方形金屬線框的電阻為R，經(jīng)以速度v勻速穿過寬度為d的有界勻強磁場，磁場方向與線框平面垂直，磁感應(yīng)強度為B，若L＜d，線框穿過磁場的過程中產(chǎn)生的焦耳熱為_______；若L＞d，線框穿過磁場的過程中產(chǎn)生的焦耳熱為_____。12、如圖所示，一列向右傳的波，v=100m/s，當t=0時，波正好傳到A點，當t=______s時，質(zhì)點P第一次出現(xiàn)波谷．（A、P質(zhì)點的位置如圖所示）．13、用螺旋測微器測量某金屬絲的直徑，如圖所示，則其直徑為______mm．

評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)14、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）15、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）16、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）17、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、簡答題(共4題，共8分)21、如圖所示，是某繩波形成過程的示意圖，質(zhì)點1在外力作用下垂直直線方向做簡諧運動，帶動2、3、4各個質(zhì)點依次上下振動，把振動從繩的左端傳到右端．已知t＝0時，質(zhì)點1開始向上運動，t＝時，1質(zhì)點到達最上方，5質(zhì)點開始向上運動，問：(1)t＝時，質(zhì)點8、12、16的運動狀態(tài)(是否運動、運動方向)如何？(2)t＝時，質(zhì)點8、12、16的運動狀態(tài)如何？(3)t＝T時，質(zhì)點8、12、16的運動狀態(tài)如何？22、如圖所示，A、B兩端的電壓U恒為18V，電阻R1=20Ω；燈泡L標有“6V，1.8W”的字樣，當燈泡L正常發(fā)光時，求：

（1）電阻R2的阻值。

（2）電路消耗的總電功率P．23、真空中；點電荷Q1

對與其相距1m

遠處的點電荷q

的排斥力大小為F

另一點電荷Q2

對與其相距2m

遠處的點電荷q

的吸引力大小為2F

則：

(1)Q1

和Q2

是帶同種電荷還是異種電荷？

(2)Q1

與Q2

的帶電量大小之比為多少？24、一定條件下，在體積為rm{3L}的密閉容器中，一氧化碳與氫氣反應(yīng)生成甲醇rm{(}催化劑為rm{Cu_{2}O/ZnO)}rm{CO(g)+2H_{2}(g)?CH_{3}OH(g)}。rm{CO(g)+2H_{2}(g)?

CH_{3}OH(g)}

根據(jù)題意完成下列各題：rm{(1)}該反應(yīng)的平衡常數(shù)表達式rm{K}rm{=}_____________，反應(yīng)達到平衡時，升高溫度，rm{K}值__________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”，____rm{)}rm{v}rm{(}正rm{)}____；減小甲醇的濃度，rm{K}值__________，rm{v}rm{(}逆rm{)}____。rm{(2)}在rm{500隆忙}從反應(yīng)開始到平衡，氫氣的平均反應(yīng)速率rm{v}rm{(H_{2})=}__________________。rm{(3)}在其他條件不變的情況下，對處于rm{E}點的體系體積壓縮到原來的rm{1/2}下列有關(guān)該體系的說法正確的是__________rm{(}填字母序號rm{)}rm{a.}氫氣的濃度減小rm{b.}正反應(yīng)速率加快，逆反應(yīng)速率也加快rm{c.}甲醇的物質(zhì)的量增加rm{d.}重新平衡時rm{n}rm{(H_{2})/}rm{n}rm{(CH_{3}OH)}增大評卷人得分五、畫圖題(共2題，共18分)25、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象26、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象評卷人得分六、作圖題(共2題，共16分)27、試畫出下面圖1中負電荷產(chǎn)生的電場；畫出圖2中的A點的電場方向以及放在B點的負電荷所受的電場力方向。

28、畫出圖中帶電粒子剛進入磁場時所受洛倫茲力的方向。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A|D【分析】試題分析：因為地面光滑，所以開始時彈簧處于原長狀態(tài)．以導(dǎo)體棒為研究對象，根據(jù)左手定則判斷可知，其所受安培力方向為斜向右下方，根據(jù)牛頓第三定律得知，磁鐵受到的安培力方向斜向左上方，則磁鐵將向左運動，彈簧被壓縮，長度將變短．故選項A正確B錯誤；由于磁鐵受到的安培力方向斜向左上方，對地面的壓力減小，則故選項C錯誤D正確．考點：本題考查靈活選擇研究對象的能力和應(yīng)用左手定則判斷安培力方向的能力．【解析】【答案】AD2、A【分析】解：A

保持U1

及P

的位置不變，K

由a

合到b

時；原線圈匝數(shù)變小，副線圈電壓變大，所以副線圈功率變大，而原線圈功率等于副線圈功率，所以原線圈功率變大；

根據(jù)I1=PU1

得I1

將增大；故A正確；

B、保持U1

及P

的位置不變，K

由a

合到b

時；原線圈匝數(shù)變小，副線圈電壓變大，所以R

消耗的功率增大，副線圈功率變大，故B錯誤；

C；保持U1

不變；K

合在a

處，使P

上滑時，R

增大，而電壓不變，所以副線圈電流變小，電流與匝數(shù)成反比，可知I1

將減小，故C錯誤；

D；保持P

的位置不變；K

合在a

處，若U1

增大，則副線圈電壓增大，所以副線圈電流變大，電流與匝數(shù)成反比，可知I1

將增大，故D錯誤。

故選：A

由圖可知：電壓表測量的是副線圈電壓；電流表測量的是副線圈電流，根據(jù)輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定的，輸入的功率的大小是由輸出功率的大小決定的，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比分析即可。

本題主要考查變壓器的知識，要能對變壓器的最大值、有效值、瞬時值以及變壓器變壓原理、功率等問題徹底理解，注意電壓表和電流表測量的是有效值。【解析】A

3、D【分析】解：A、因為除重力以外其它力做功等于機械能的增量，有△E=-f△s，知E-s圖線的斜率絕對值表示阻力的大小，0～s1過程中；圖線切線的斜率逐漸變大，知阻力不斷增大。故A錯誤。

B、s1～s2過程；圖線的斜率不變，知阻力不變，因為阻力隨著速度的增大而增大，所以該段運動員做勻速直線運動。故BC錯誤。

D、0～s1過程中；阻力逐漸增大，速度逐漸增大，動能不斷增大。故D正確。

故選：D。

根據(jù)功能原理：除重力以外其它力做功等于物體機械能的增量；知E-s圖線的斜率絕對值表示阻力的大小。結(jié)合運動員的受力，結(jié)合牛頓第二定律判斷運動員的運動規(guī)律。

解決本題的關(guān)鍵要知道圖線的斜率表示阻力，這是解決本題的突破口，知道加速度方向與合力方向相同，當加速度方向與速度方向相同時，做加速運動，當加速度方向與速度方向相反時，做減速運動。【解析】D4、A|C【分析】【解析】試題分析：帶電液滴做自由落體運動，由得液滴進入電磁場時的速度：帶電液滴在電磁場中做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得：故得洛倫茲力提供向心力，則：②解得：AC正確，BD錯誤故選AC考點：帶電粒子在混合場中的運動．【解析】【答案】AC5、C【分析】解：A；B、當帶電體本身的大小和形狀對研究的問題影響很小時；可以將帶電體視為點電荷，與電荷的實際大小和帶電量無關(guān)，故A錯誤，B錯誤；

C；帶電體如果本身大小和形狀對它們間的相互作用影響可忽略；則可簡化為點，即視為點電荷．故C正確；

D；體積大的帶電體；當在研究的問題中大小可以忽略不計時，能看成點電荷，故D錯誤．

故選：D．

當帶電體本身的大小和形狀對研究的問題影響很小時；可以將帶電體視為點電荷；點電荷是一種理想化的物理模型．

本題考查了點電荷的概念，注意點電荷是理想模型，是實際電荷的簡化，基礎(chǔ)題．【解析】【答案】C6、A【分析】【分析】兩個拉力的方向沒有定性要求，夾角可以任意；在實驗中，用一個力和用兩個力拉動時，應(yīng)保證合力與兩分力的效果相同，故必須要拉到同一點；實驗中應(yīng)保證合力與分力在同一平面內(nèi)；在作圖時，應(yīng)保證拉力的標度相同。本題考查“探究求合力的方法”的實驗的基本要求，基礎(chǔ)題?！窘獯稹緼.兩個拉力的方向沒有定性要求，夾角可以任意，故A錯誤；

B.實驗中應(yīng)保證合力與分力在同一平面內(nèi)，故彈簧的軸線必須與紙面平行，故B正確；

C.在作圖時，應(yīng)保證拉力的標度相同，才能正確作出圖形，故C正確；

D.在實驗中，用一個力和用兩個力拉動時，應(yīng)保證合力與兩分力的效果相同，故必須要拉到同一點，故D正確。本題選錯誤的，故選A?！窘馕觥緼

7、C【分析】解：Am

和v

一定時，根據(jù)F脧貌=mv2rr

越大；拉力越小，繩子越不容易斷，A錯誤；

B、m

和婁脴

一定時，根據(jù)F脧貌=m婁脴2rr

越短；拉力越小，繩子越不容易斷，B錯誤；

C、由于婁脴=2婁脨n

再根據(jù)F脧貌=m婁脴2rm

和n

一定時，r

越大；拉力越大，繩子越容易斷，C正確；

D；由上述分析可知D錯誤；

故選C．

小球做勻速圓周運動，受重力、支持力和拉力，拉力提供向心力，然后根據(jù)F脧貌=mv2r=m婁脴2r

判斷．

本題中繩子拉力等于向心力，關(guān)鍵在于選擇恰當?shù)南蛐牧竭M行分析．【解析】C

二、填空題(共6題，共12分)8、424020【分析】【解答】解：取向左為正方向；則小球的初速度為v=﹣2m/s，末速度為v′=2m/s

則速度變化量為△v=v′﹣v=4m/s；動量變化量為△p=mv′﹣mv=2Kg?m/s

平均加速度為===40m/s2；

根據(jù)動量定律得F△t=△p；解得F=20N

故答案為：4；2，40，20．

【分析】根據(jù)小球的初；末速度；由速度變化量和動量變化量的定義求速度變化量和動量變化量．

再結(jié)合時間，結(jié)合加速度的定義式求出小球的平均加速度，由動量定理求墻壁對小球的平均力．9、略

【分析】解：當波長為λ1的光照射時，恰能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，當用波長為λ2（λ1＞λ2）的光照射時，根據(jù)光子的能量公式：E=可知光子的能量增大，則電路中一定有光電流出現(xiàn)；若頻率分別為v1、v2（v1＞v2）的光均能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，根據(jù)光子的能量公式：E=hv，和光電效應(yīng)方程：EK=hv-W0，可知v1對應(yīng)的光電子的最大初動能比較大，所以將該實驗裝置中的電源反接時，分別用這兩種光照射，調(diào)節(jié)滑動變阻器滑動頭的位置，使電路中的光電流變?yōu)榱?，電壓表的讀數(shù)即反向截止電壓分別為U1和U2，則U1大于U2

故答案為：有；大于。

產(chǎn)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率；增大入射光強度只會增大光電流強度，不改變最大初動能．反向截止電壓的大小與光電子的最大初動能有關(guān)．

本題考查了發(fā)生光電效應(yīng)的條件：入射光的頻率大于金屬的極限頻率，知道光電效應(yīng)方程即可．【解析】有；大于10、略

【分析】

根據(jù)F=qvB得，F(xiàn)=1.6×10-19×3×106×0.1N=4.8×10-14N．根據(jù)左手定則知；洛倫茲力方向向上．

故答案為：4.8×10-14；向上．

【解析】【答案】根據(jù)洛倫茲力的大小公式F=qvB求出洛倫茲力的大??；根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向．

11、略

【分析】導(dǎo)線切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，在電路中產(chǎn)生焦耳熱，根據(jù)焦耳定律有：若L＜d，線框穿過磁場的過程中產(chǎn)生的焦耳熱為：若L＞d，線框穿過磁場的過程中產(chǎn)生的焦耳熱為【解析】【答案】12、略

【分析】解：已知該波沿x軸正方向傳播；波形向右平移，則知t=0時刻質(zhì)點A的振動方向向下；

也就是起振方向；當x=5m的波傳到P點時，P點第一次到達波谷；

根據(jù)t=得：

t=s=1.95s

故答案為：1.95．

已知該波沿x軸正方向傳播，判斷出t=0時刻質(zhì)點A的振動方向，也就是起振方向，當x=5m的波傳到P點時，P點第一次到達波谷，根據(jù)t=求解時間．

本題是波動圖象問題，根據(jù)波的傳播方向判斷質(zhì)點的振動方向，由波形的平移分析等等都是常用的方法．【解析】1.9513、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm；可動刻度讀數(shù)為0.01×18.0mm=0.180mm；

所以最終讀數(shù)為5.680mm．

故答案為：5.680

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法，注意讀數(shù)時需估讀．【解析】5.680三、判斷題(共7題，共14分)14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．15、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．16、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．17、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。摹⒑喆痤}(共4題，共8分)21、略

【分析】各質(zhì)點在各時刻的情況．如圖所示．(1)由乙圖可知，t＝時，質(zhì)點8未達到波峰，正在向上振動，質(zhì)點12、16未振動．(2)由丙圖可知，t＝時，質(zhì)點8正在向下振動，質(zhì)點12向上振動，質(zhì)點16未振動．(3)由丁圖可知，t＝T時，質(zhì)點8、12正在向下振動，質(zhì)點16向上振動．由于質(zhì)點間的相互作用，前面的質(zhì)點帶動后面的質(zhì)點振動，所以后面的質(zhì)點總是滯后于前面的質(zhì)點．【解析】【答案】見解析22、略

【分析】

（1）燈L正常發(fā)光，其電壓為額定電壓6V，功率為1.8W，據(jù)此求出通過燈泡的電流，根據(jù)歐姆定律求出通過R1的電流，進而求出電阻R2的阻值；

（2）電路消耗的總電功率根據(jù)P=UI求解．

本題是電路的計算問題，首先要分清各部分電路的關(guān)系，其次抓住燈泡正常發(fā)光的條件：電壓等于額定電壓，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】解：（1）燈泡L正常發(fā)光時，燈泡的電壓為UL=6V；通過燈泡的電流為：

通過R1的電流為：

I=

根據(jù)歐姆定律得：

（2）電路消耗的總電功率：

P=UI=18×0.6=10.8W．

答：（1）電阻R2的阻值為20Ω；

（2）電路消耗的總電功率P為10.8W．23、略

【分析】

(1)

根據(jù)同種電荷相互排斥；異種電荷相互吸引先判斷Q1

和Q2

與q

之間的電性關(guān)系，從而判斷Q1

和Q2

之間的電性關(guān)系即可；

(2)

根據(jù)庫侖定律列式聯(lián)立方程即可求解．

本題主要考查了庫侖定律的直接應(yīng)用，知道同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】解：(1)

根據(jù)同種電荷相互排斥；異種電荷相互吸引可知，電荷Q1

對與點電荷q

是排斥力，電性相同，電荷Q2

對點電荷q

是吸引力，電性相反，則Q1

和Q2

是帶異種電荷；

(2)

根據(jù)庫侖定律得：F=kQ1qr122F=kQ2qr22

其中r1=1mr2=2m

解得：Q1Q2=18

答：(1)Q1

和Q2

帶異種電荷；

(2)Q1

與Q2

的帶電量大小之比為18

．24、(1)減小增大不變減小(2)mol·L－1·min－1(3)bc【分析】【分析】本題考查的知識點較多，綜合性較強，注意外界條件對化學(xué)平衡移動的影響以及平衡狀態(tài)的判斷?！窘獯稹縭m{(1)}因化學(xué)平衡常數(shù)等于生成物的濃度冪之積除以反應(yīng)物的濃度冪之積，所以rm{K=}由圖可知，升高溫度，甲醇的物質(zhì)的量減小，平衡逆向移動，則化學(xué)平衡常數(shù)減小，但是正逆反應(yīng)速率加快；減小甲醇的濃度，rm{K}值不變，逆反應(yīng)速率減小。故答案為：減??；增大；不變；減?。籸m{(2)}由圖象可知，在rm{500隆忙}時，時間達到rm{tB}時，甲醇的物質(zhì)的量為rm{nB}依據(jù)rm{婁脭(CH_{3}OH)=dfrac{dfrac{?n}{V}}{?t}=dfrac{dfrac{{n}_{B}}{3}}{{t}_{B}}mol?(L?min)^{-1}}由速率之比等于化學(xué)計量數(shù)之比求出，rm{婁脭(H_{2})=婁脭(CH_{3}OH)=2隆脕dfrac{dfrac{{n}_{B}}{3}}{{t}_{B}}mol?(L?min)=脹NB~露聹?摟脹NBm?聼擄fj脷芒脟擄?pv脫聬?m9pv脫聬?m脹NBzw{f顱廬,{擄沒{v脫聬聸z摟矛職露賂鹵?B?麓盲.B脹NB?麓盲.B脹@v脫聬聻聺脼脕聶蘆k?脙矛mol?(L?min)^{-1}}rm{婁脭(CH_{3}OH)=dfrac{

dfrac{?n}{V}}{?t}=dfrac{dfrac{{n}_{B}}{3}}{{t}_{B}}

mol?(L?min)^{-1}}其他條件不變時，將處于rm{婁脭(H_{2})=婁脭(CH_{3}OH)=2隆脕dfrac{

dfrac{{n}_{B}}{3}}{{t}_{B}}mol?(L?min)=脹NB~露聹?摟脹NBm?聼擄fj脷芒脟擄?pv脫聬?m9

pv脫聬?m脹NBzw{f顱廬,{擄沒{v脫聬聸z摟矛職露賂鹵?B?