2025年外研版必修一物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版必修一物理上冊月考試卷442考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、“江山代有人才出，各領風騷數(shù)百年”。我們在高中物理學習中樹立的創(chuàng)新精神，科學方法和科學知識，將會使我們受益終身。在推導勻變速直線運動位移公式的時候，主要用了以下哪種方法（）A.放大法B.控制變量法C.整體法與隔離法D.微元法2、從高出地面3m的位置豎直向上拋出一個小球；它上升5m后回落，最后到達地面。如圖所示，分別以地面和拋出點為原點建立一維坐標系，方向均以向上為正，則豎直向上拋出小球的坐標和位移是（）

A.以地面為坐標原點，從拋出點到落地點的位移是3mB.以地面為坐標原點，從拋出點到落地最高點的位移是8mC.以拋出點為坐標原點，從拋出點到落地點的位移是3mD.以拋出點為坐標原點，從拋出點到落地點的位移是－3m3、下列4個物理量，屬于標量的是A.加速度B.力C.時間D.速度4、互相垂直且大小分別為6N和8N的兩個共點力的合力大小為（）A.6NB.8NC.10ND.14N5、同時作用在某物體上的兩個方向相反的力，大小分別為8N和10N，在10N的力逐漸減小到零的過程中，兩個力的合力的大?。ǎ〢.一直增大B.先增大后減小C.一直減小D.先減小后增大6、如圖所示，用兩個彈簧測力計共同拉動小圓環(huán)至O點。此時，拴在小圓環(huán)上的兩根細繩間的夾角為α（α＜90°）。保持F2的方向不變，改變兩根細繩夾角的大小，使小圓環(huán)仍位于O點；則（）

A.減小夾角，F(xiàn)1變小B.減小夾角，F(xiàn)1變大C.增大夾角，F(xiàn)1變小D.增大夾角，F(xiàn)1變大7、雨滴在高空形成后，由靜止開始沿豎直方向下落，雨滴受到空氣阻力的作用．當雨滴速度為v0時開始計時，其運動的v-t圖象如下圖所示，經過時間t1，速度達到v1．假設在0～t1時間內雨滴的質量不變，則在0～t1時間內。

A.雨滴運動的加速度增大，雨滴受到的阻力逐漸增大B.雨滴運動的加速度減小，雨滴受到的阻力逐漸減小C.雨滴運動的加速度增大，雨滴受到的阻力逐漸減小D.雨滴運動的加速度減小，雨滴受到的阻力逐漸增大8、質量為的物體2放在正沿水平直軌道向右行駛的車廂水平底板上，并用豎直細繩通過光滑定滑輪連接質量為的物體1，與物體1相連接的繩與豎直方向穩(wěn)定成θ角；則()

A.車廂的加速度為gsinθB.水平底板對物體2的支持力為(m2－m1)gC.繩對物體1的拉力為D.物體2所受底板的摩擦力為09、如圖所示,物體A和B疊放并靜止在固定粗糙斜面C上,A；B的接觸面與斜面平行。以下說法正確的是（）

A.A物體受到四個力的作用B.B物體受到A的作用力的合力方向豎直向上C.A物體受到B的摩擦力沿斜面向上D.斜面受到B的壓力作用,方向垂直于斜面向下評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、如圖所示，表面光滑的半球體放置于水平地面上，半球體的頂部焊接一光滑豎直輕桿，為半球的球心，質量為的物體B套在輕桿上，輕繩一端與B連接，另一端與質量為的光滑球A相連?，F(xiàn)用一豎直向上的拉力作用在B上；使其緩慢向上運動，整個過程中A始終沒有離開半球，半球始終靜止在水平地面上，下列說法正確的是（）

A.繩上拉力變小B.半球對A的支持力減小C.地面對半球體的支持力不變D.地面與半球體間無摩擦力11、A；B兩質點從同一位置出發(fā)；如圖所示為兩質點作直線運動時的位移—時間圖象，其中A質點做勻速直線運動，B質點做勻變速直線運動，則以下判斷正確的是（）

A.質點A的速度大小為3m/sB.質點B的速度大小先增大后減小C.0~2s內，質點B的平均速度比質點A的平均速度大D.質點B在1s時的速度大小等于3m/s12、如圖所示；人與重物處于靜止狀態(tài)．當人向后退一步后，人與重物重新保持靜止，則退步后與退步前比較。

A.地面對人的摩擦力增大B.地面對人的摩擦力減小C.人對地面的壓力增大D.人對地面的壓力減小13、“蹦床”已被奧運會列為正式比賽項目．運動員利用蹦床網(wǎng)的彈性彈起到空中，完成動作后落回到網(wǎng)上，再經蹦床網(wǎng)的彈性彈起，如此往復．圖示的F﹣t圖象是傳感器記錄的是一位運動員雙腳在接觸蹦床過程中，蹦床對運動員的彈力F隨時間t的變化情況。設運動員只在豎直方向上運動，取重力加速度為10m/s2，則運動員在前12s的時間內（）

A.獲得的最大加速度為40m/s2B.獲得的最大加速度為50m/s2C.騰空彈起時的最大高度約為2.5mD.騰空彈起時的最大高度約為3.2m14、中國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用“長征三號丙”運載火箭，成功將第16顆北斗導航衛(wèi)星發(fā)射升空并送入預定轉移軌道．這是一顆地球靜止軌道衛(wèi)星，它將與先期發(fā)射的15顆北斗導航衛(wèi)星組網(wǎng)運行，形成區(qū)域服務能力．根據(jù)計劃，北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)將于明年初向亞太大部分地區(qū)提供正式服務．則下列說法正確的是A.火箭發(fā)射時，噴出的高速氣流對火箭的作用力大于火箭對氣流的作用力B.高溫高壓燃氣從火箭尾部噴出時對火箭的作用力與火箭對燃氣的作用力是一對平衡力C.發(fā)射初期，火箭處于失重狀態(tài)D.發(fā)射的衛(wèi)星進入軌道正常運轉后，均處于完全失重狀態(tài)評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、美國發(fā)射的哈勃望遠鏡在宇宙空間繞著地球沿一定軌道高速飛行，因出現(xiàn)機械故障，用航天飛機將宇航員送上軌道對哈勃望遠鏡進行維修。以_______作參考系，宇航員相對靜止時就可以實施維修工作；以_________作參考系時，宇航員是在做高速運動。16、一平面內各個質點的位置坐標如下表：

。

A

B

C

D

E

2

3

0

3

1

1

0

4

3

5

（1）請在下面的平面坐標系上標出質點所在的位置_______

（2）哪個質點離原點最遠_____？17、質點和自由落體運動是由實際問題構建了________。平均速度、力的合成中都體現(xiàn)了______的物理思想，用光電門測瞬時速度體現(xiàn)了_____的物理思維。18、一個物體受到n個外力作用而處于平衡狀態(tài)，其中一個力大小為方向向右。若其它外力都保持不變，只將的方向改變90°，大小變?yōu)?.0N，則物體所受合力的大小是______N。19、如圖所示；用兩片木片夾住一塊重為80N的物體，木片與物體間的動摩擦因數(shù)為0.2，設最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等：

（1）若物體能靜止，則物體每邊所受摩擦力大小為______N。

（2）當用豎直向上的大小為200N的力拉物體，使物體向上勻速運動，木片夾住木塊的彈力為______N。20、如圖所示，一根質量為m的勻質細圓柱桿，A端通過光滑鉸鏈固定于豎直墻上，B端系上細繩，細繩水平，另一端系于豎直墻上C點，已知AC=4m，BC=6m，則繩子BC的拉力FBC=__________，圓柱桿A端所受的彈力FA=___________。

21、如圖所示，質量為m＝1kg的小球與水平輕彈簧及與豎直方向成θ＝角的不可伸長的輕繩一端相連，此時小球處于靜止平衡狀態(tài)，當剪斷輕繩的瞬間，取g＝10m/s2，此時輕彈簧的彈力大小為________；小球的加速度大小為________。

22、質量為1kg的小球從空中某處自由下落，與水平地面相碰后彈到空中某一高度，其速度隨時間變化的關系如圖所示，則小球在0.8s內的位移大小為____m，小球與地面碰撞過程中速度的變化量為____m/s。

評卷人得分四、實驗題(共1題，共10分)23、某同學在實驗室測量一新材料制成的圓柱體的電阻率時；分別用螺旋測微器和游標卡尺測出圓柱體的直徑和長度如圖所示。

則該圓柱體橫截面的直徑為_________mm；長度為__________mm。評卷人得分五、解答題(共4題，共36分)24、國慶長假期間，國家取消了7座及其以下的小車通過收費公路的過路費，給自駕游帶來了很大的實惠，但車輛的增多也給交通道路的暢通增加了很大的壓力，因此國家規(guī)定了免費車輛在通過收費站時在專用道上可以不停車拿卡或交卡而直接減速通過。假設收費站的前、后都是平直大道，長假期間過收費站時的車速要求不超過過收費站前小汽車勻速行駛時的車速均為制動過程小汽車的加速度的大小為試問：

(1)長假期間；駕駛員應在距收費站至少多遠處開始制動？

(2)假設車過站后駕駛員立即使車以的加速度加速至原來的速度；則從減速開始到最終恢復到原來速度的過程中，汽車運動的時間至少是多少？

(3)在(1)(2)問中，車因減速和加速過站而耽誤的時間至少為多少？25、如圖圖展示了某質點做直線運動的v-t圖象．試根據(jù)圖象求出：

（1）第1s內、第3s內、第5s內的加速度；

（2）前4s內的位移．26、某天，小明在上學途中沿人行道以v1=1m/s速度向一公交車站走去,發(fā)明一輛公交車正以v2=15m/s速度從身旁的平直公路同向駛過，如今他們距車站s=50m。為了乘上該公交車，他加速向前跑去，最大加速度a1=2.5m/s2，能達到的最大速度vm=6m/s。假設公交車在行駛到距車站s0=25m處開始剎車，剛好到車站停下，停車時間t=10s；之后公交車啟動向前開去。(不計車長)求：

(1)假設公交車剎車過程視為勻減速運動,其加速度a2大小是多少。

(2)假設小明加速過程視為勻加速運動；計算小明到車站的時間，分析他能否乘上該公交車。

27、如圖所示；人重500N，物體重200N，地面粗糙，當人用100N的力向下拉繩子時，人和物體均處于靜止狀態(tài)，拉物體的繩與水平面夾30°角，求：

(1)人對地面的壓力的大小和方向；

(2)物體對地面的壓力的大小和方向。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

在推導勻變速直線運動的位移公式時；把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運動，然后把各小段的位移相加之和代表物體的位移，這里采用了微元法，D正確，ABC錯誤。

故選D。2、D【分析】【詳解】

AB．以地面為坐標原點；從拋出點到落地點的位移是-3m；從拋出點到落地最高點的位移是5m，AB錯誤；

CD．以拋出點為坐標原點；從拋出點到落地點的位移是-3m，C錯誤，D正確。

故選D。3、C【分析】【詳解】

A．加速度既有大?。挥钟蟹较?，是矢量，不是標量，故A錯誤；

B．力既有大??；又有方向，是矢量，不是標量，故B錯誤；

C．時間只有大??；沒有方向，是標量，故C正確；

D．速度既有大小；又有方向，是矢量，不是標量，故D錯誤；

故選C。4、C【分析】【詳解】

考點:力的合成。

分析：利用平行四邊形定則。

解答：據(jù)平行四邊形定則知，當兩個分力垂直時故選C.

點評：熟練掌握并運用平行四邊形定則．5、D【分析】【分析】

【詳解】

開始時兩個力的合力為10N-8N=2N；方向與10N的力方向相同，當在10N的力逐漸減小到零的過程中，合力先減小，當減到8N時合力為零，然后反向增加，當減到0時，合力變?yōu)?N，方向與8N的力方向相同，即兩個力的合力的大小先減小后增加。

故選D。6、B【分析】【分析】

【詳解】

受力分析如圖。

減小夾角，則圖中F1由實線變?yōu)樘摼€，F(xiàn)1變大；增大夾角，則圖中F1由虛線變?yōu)閷嵕€，F(xiàn)1先變小后變大。

故選B。7、D【分析】【分析】

根據(jù)速度時間圖象的斜率表示加速度；分析雨滴運動的加速度如何變化，再由牛頓第二定律分析阻力如何變化；

根據(jù)速度時間圖象的斜率表示加速度；分析雨滴運動的加速度如何變化．

【詳解】

v-t圖象切線斜率不斷減小；根據(jù)速度時間圖象的斜率表示加速度，可知，雨滴運動的加速度在減小；

根據(jù)牛頓第二定律得mg-f=ma；可知，阻力在增大。

故選D．

【點睛】

解決本題的關鍵是理解速度時間圖象的物理意義，知道速度時間圖象的斜率表示加速度，從而來分析加速度的變化情況．8、C【分析】【詳解】

以物體1為研究對象，重力m1g和拉力T，根據(jù)牛頓第二定律：m1gtanθ=m1a，得a=gtanθ，則車廂的加速度也為gtanθ，對1的拉力為．故A錯誤；C正確；

對物體2研究，分析受力如圖2，根據(jù)牛頓第二定律得：N=m2g-T=m2g-f=m2a=m2gtanθ．故BD錯誤．故選C．

【點睛】

本題要抓住兩個物體與車廂的加速度相同，采用隔離法研究，分別運用合成法和正交分解法處理．9、C【分析】【詳解】

A；A物體受重力；B對A的支持力，A相對B有沿接觸面下滑的趨勢，B對A有沿接觸面向上的靜摩擦力，故A受三個力的作用，故A錯誤。

B；根據(jù)牛頓第三定律；B物體受到A的作用力有兩個：A對B的壓力，A對B沿接觸面向下的靜摩擦力，這兩個力的合力大小為A物體的重力，方向豎直向下，故B錯誤。

C；A物體受到B的摩擦力沿AB間的接觸面向上；即平行于斜面向上，故C正確。

D；斜面不僅受到B的壓力作用；還有B對斜面沿斜面向下的靜摩擦力作用，這兩個力的合力方向豎直向下，大小等于A、B兩物體重力之和，故D錯誤。

故選：C二、多選題(共5題，共10分)10、A:B:D【分析】【詳解】

AB．由于B緩慢向上運動；可知A也緩慢在半球上運動，A；B都處于動態(tài)平衡過程，對A受力分析，如下圖所示。

根據(jù)相似三角形，由幾何關系可得

B緩慢向上運動，OB變大，繩長半球半徑OA不變，所以半球對A的支持力減小，繩上拉力減??；故AB正確；

CD．在豎直方向上對B列平衡方程得

為繩與輕桿的夾角，B向上運動，減小，變大，減小，所以無法確定如何變化，因此的變化情況無法確定。對A、B和半球體組成的整體受力分析，由于的變化情況無法確定；因此地面對半球的支持力變化無法確定，由于整體沒有水平方向上的力，那么地面對半球沒有摩擦力，故C錯誤，D正確。

故選ABD。11、A:D【分析】【分析】

根據(jù)x-t圖象斜率表示速度；可以求出A的速度大小，同時可以判斷B的速度大小變化，再根據(jù)勻變速直線運動平均速度公式求出B的平均速度與A比較。

【詳解】

AB．根據(jù)x-t圖象斜率表示速度；可以求出質點A的速度為3m/s，質點B的速度先減小后增大，故A正確，B錯誤；

C．由于質點A做勻速直線運動；所以A的平均速度為3m/s，從圖象可以看出，0~2s內，質點A和質點B的位移相等，所以B的平均速度也是3m/s，與質點A的平均速度相同，故C錯誤；

D．根據(jù)勻變速直線運動平均速度公式：

可知質點B的初速度是6m/s，再由可得，加速度為所以1s時質點B的速度為3m/s，故D正確；

故選AD。

【點睛】

考查對x-t圖象的理解和應用。12、A:C【分析】【詳解】

對人受力分析，重力G、繩子的拉力T、支持力F與地面給的靜摩擦力f；四力處于平衡狀態(tài)．

當繩子與豎直方向夾角θ變大時，則對繩子的拉力T進行力的分解得：Tsinθ=f，Tcosθ+F=G

由題意可知，繩子的拉力大小T等于物體的重力，所以隨著夾角θ變大；得靜摩擦力增大，支持力變大，導致人對地的壓力增大．

A.地面對人的摩擦力增大；與分析相符，故A正確．

B.地面對人的摩擦力減?。慌c分析不符，故B錯誤．

C.人對地面的壓力增大；與分析相符，故C正確．

D.人對地面的壓力減小，與分析不符，故D錯誤．13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．運動員的重力G=500N，則得其質量為

蹦床對運動員的最大彈力：Fm=2500N由牛頓第二定律得Fm-G=mam

解得獲得的最大加速度am=40m/s2。故A正確B錯誤。

CD．運動員在空中運動的時間t0=8.4s-6.8s=1.6s

下落時間t==0.8s

騰空彈起時的最大速度為v=gt=10×0.8m/s=8m/s

最大高度為

故C錯誤D正確。

故選AD。14、C:D【分析】【詳解】

A、火箭發(fā)射時，噴出的高速氣流對火箭的作用力與火箭對氣流的作用力是一對作用力與反作用力，大小總是相等，方向相反，故A錯誤；

B；高溫高壓燃氣從火箭尾部噴出時對火箭的作用力與火箭對燃氣的作用力是一對作用力和反作用力；故B錯誤；

C、火箭發(fā)射初期，火箭的加速度向上，處于超重狀態(tài)，故C正確；

D、發(fā)射的衛(wèi)星進入軌道正常運轉后，萬有引力用來提供向心力，處于完全失重狀態(tài)，故D正確；

故選CD．

【點睛】

高速氣流對火箭的作用力與火箭對氣流的作用力是一對作用力與反作用力；發(fā)射初期，火箭的加速度向上，處于超重狀態(tài)；發(fā)射的衛(wèi)星進入軌道正常運轉后，重力全部用來提供向心力，處于完全失重狀態(tài)．三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]宇航員是在太空中繞地球做高速圓周運動，說他靜止，應是以與他有相同速度的同一軌道的太空望遠鏡做參考系，故相對太空望遠鏡宇航員靜止，相對地球宇航員做高速運動?！窘馕觥抗h鏡地球16、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)將表格中各點描繪在直角直標系中；如圖。

(2)A質點離原點的距離。

B質點離原點的距離。

C質點離原點的距離。

D質點離原點的距離。

E質點離原點的距離。

所以E質點離原點的距離最遠?！窘馕觥縀17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]自由落體運動：從靜止開始只受重力的運動；而在實際生活中只受重力的物體是沒有的，只是在空氣阻力相對物體的重力可以忽略時的一種運動，所以是一種理想化的模型。質點研究問題不需要考慮物體本身大小和形狀時，可以將物體視為有質量的點，從而將問題簡化。所以質點是一種理想化的模型；

[2]效替代法是在保證某種效果相同的前提下；將實際的；復雜的物理問題和物理過程轉化為等效的、簡單的、易于研究的物理問題和物理過程來研究和處理的方法，故平均速度為等效替代法；力的合成與分解實驗中合力與分力是等效替代的關系，因此物理思想是等效替代法；

[3]為研究某一時刻或某一位置時的速度，我們采用了取時間非常小，即讓時間趨向無窮小時的平均速度作為瞬時速度，即采用了極限思維法。【解析】理想模型等效替代極限18、略

【分析】【詳解】

[1]物體受到幾個共點力平衡時，物體的合力為零，則大小為F1=4.0N，方向向右的力與其余所有力的合力大小相等，方向相反，則可知其余力的合力大小也為而方向向左。將F1的方向改變90°，大小變?yōu)?.0N，其它力都不變時，則根據(jù)平行四邊形定則可得物體的合力為【解析】5.019、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據(jù)牛頓第二定律得

解得

（2）[2]根據(jù)平衡條件得

解得【解析】4030020、略

【分析】【詳解】

[1]以A為支點，對圓柱桿AB受力分析；如圖所示。

根據(jù)力矩平衡條件得

解得

[2]圓柱桿AB受到三個力作用，不平行，必共點，由平衡條件得【解析】21、略

【分析】【詳解】

[1]小球的受力分析圖如圖所示，根據(jù)共點力平衡得，彈簧的彈力

剪斷細線的瞬間，彈簧彈力不變，則輕彈簧的彈力

[2]此時小球所受的合力

則小球的加速度【解析】10N14.14m/s222、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)速度時間圖像與時間軸圍成的面積等于物體位移的大小，可知內的位移大小為

方向豎直向下；

[2]由圖像可以知道，取向下為正方向，則小球與地面碰撞過程中速度的變化量為

速度的變化量大小為方向向上?！窘馕觥?m/s四、實驗題(共1題，共10分)23、略

【分析】【詳解