2025年人教A新版九年級物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A新版九年級物理下冊階段測試試卷596考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，當開關S閉合，滑動變阻器的滑片P由右端向左滑向中點處的過程中（）A.電壓表V的示數(shù)變小，電流表A2示數(shù)變大B.燈泡變亮，電流表A2示數(shù)變小C.電壓表V的示數(shù)不變，燈泡亮度不變D.電流表A1示數(shù)不變，電流表A2示數(shù)變大2、一臺四沖程柴油機的飛輪轉速為1200r/min，那么該柴油機每秒做功（）A.10次B.15次C.20次D.40次3、普通白熾燈正常工作時消耗的電能有90%因發(fā)熱而損失；而新型的LED燈（發(fā)光二極管）發(fā)光時幾乎不發(fā)熱，從而減少了電能的損失，成為科技創(chuàng)新的重要領域之一．下面有關普通白熾燈和LED燈工作過程的比較說法不正確的是（）

A.普通白熾燈正常工作時消耗的電能轉化為光能和熱能。

B.LED燈的發(fā)光原理是電能直接轉化為光能。

C.普通白熾燈正常工作時消耗的電能主要轉化為光能。

D.LED燈提高了電能轉化為光能的效率；有利于節(jié)約能源。

4、把一金屬塊浸沒在盛滿酒精的杯中時，從杯中溢出了8g酒精，若把它浸沒在盛滿水的杯中時，從杯中溢出水的質量為（ρ酒精=0.8×103kg/m3）（）

A.12.5g

B.10g

C.8g

D.6.4g

5、圖甲是模擬調光燈。電源電壓為4.0V；小燈泡額定電壓為2.5V；電流隨電壓變化的I-U圖象如圖乙所示，小燈泡兩端電壓達到0.4V時“剛亮”；鉛筆芯長15cm；阻值為30Ω，其阻值與長度成正比?；匦吾楢固定在鉛筆芯右端，回形針P可以在鉛筆芯上自由滑動，該調光燈在使用時，以下說法錯誤的是（）

A.閉合開關，移動P能連續(xù)調光B.閉合開關，P滑到距A點10cm處，小燈泡的實際功率為0.15WC.在距A點2.5cm處做標記，可以提醒P向A滑過此處，小燈泡將不安全D.小燈泡工作時，從“剛亮”到正常發(fā)光，實際功率變化范圍為0.048W～0.75W6、如圖所示的情景中，沒有做功的是（）A.

石頭被撬起的過程中手向下壓撬棍的力B.

人推箱子未推動，人的推力C.

貨物被提升的過程中繩子對貨物的拉力D.

爬樓梯時人的重力7、我國的首艘航母“遼寧號”已經開始服役，如圖所示是“遼寧號”航母和從它上面起飛的直升飛機的示意圖．那么，下列與物理知識有關的說法中正確的是（）A.當直升飛機懸停在航母的上空時，如果以地面為參照物，它們都是運動的B.當直升飛機從航母的甲板上起飛后，航母始終漂浮，所受浮力不變C.直升飛機和航母之間的聯(lián)系，是通過超聲波來實現(xiàn)的D.當直升飛機從航母的甲板上起飛后，航母將上浮8、若阻值是1Ω和0.1Ω的兩個電阻并聯(lián)后的總電阻為R，則（）A.R＞1.1ΩB.R＜0.1ΩC.0.1Ω＜R＜1ΩD.0.9Ω＜R＜1.1Ω評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、（2015秋?河西區(qū)期末）如圖所示，電源電壓為12V且保持不變，燈泡L1標有“12V6W”的字樣，燈泡L2標有“2V1W”的字樣，電流表量程為0～3A，滑動變阻器R標有“12Ω2A”的字樣（假設燈絲電阻不變），則下列說法正確的是（）A.閉合S1、S2，斷開S3時，L1的實際功率為6WB.只閉合S3，變阻器滑片滑到最右端時，L2正常發(fā)光C.閉合S1、S2、S3時，電路消耗的最小功率為18WD.改變三個開關的狀態(tài)和調節(jié)滑動變阻器滑片，電路消耗的最大功率為30W10、如圖甲所示的電路中，R2為滑動變阻器，R1、R3為定值電阻；電源兩端電壓保持恒定不變．改變滑片P的位置，兩電壓表的示數(shù)與電流表的示數(shù)對應關系的圖象分別表示在圖乙所示的坐標系中．則：

A.AB圖線對應的是電壓表V1示數(shù)變化B.滑片P在a點時，電路中的電流為1AC.定值電阻R3的阻值為3ΩD.滑片P在b點時，電阻R2消耗的功率為8W11、關于運動和力的關系，下列說法中正確的是（）A.物體不受力時，物體處于靜止狀態(tài)B.物體不受力時，物體運動狀態(tài)不變C.有力作用在物體上，物體運動狀態(tài)就改變D.有力作用在物體上，物體可能處于靜止狀態(tài)12、如圖，某同學制作了潛水艇模型，調節(jié)后恰好懸浮于水中，下列說法正確的是（）A.潛艇模型是通過改變潛艇的重力實現(xiàn)沉浮的B.向內推注射器活塞，水會被壓入試管中，可實現(xiàn)潛艇下沉C.向外拉注射器活塞，試管內水量適當時，可實現(xiàn)潛艇下沉D.若要潛艇模型露出水面5cm3，應需壓出5g的水13、如圖所示，在木塊A上放一金屬塊B后，木塊A恰好沒入水中，此時水對容器底的壓強為P1．將金屬塊B從木塊A上取下，放入水中并浸沒，靜止時容器底對金屬塊B的支持力為20N，此時水對容器底的壓強為P2．已知木塊A的體積為7.5×10-3m3，金屬塊B的密度為3×103kg/m3；取g=10N/kg．則（）

A.P1大于P2

B.P1小于P2

C.金屬塊B的體積為2×10-3m3

D.木塊A的密度為0.6×103kg/m3

14、下列關于內能的說法中錯誤的是（）

A.0℃的物體沒有內能。

B.做功和熱傳遞都可以改變物體的內能。

C.物體的比熱容越大；內能也越大。

D.物體的密度越大；內能也越大。

15、如圖是某物體的運動s-t圖象；下列說法正確的是（）

A.0～8s內的平均速度是1.25m/sB.BC段物體是運動的C.AB段平均速度大于CD段的平均速度D.CD段物體的運動速度大小不變的16、下列利用電熱工作的用電器是（）A.

電飯鍋B.

電風扇C.

電暖器D.

電腦17、小燈泡L1和L2上都標有“3V”字樣，其燈絲電阻分別為R1和R2，它們的電流隨電壓變化關系如圖所示．有（）A.L1的額定功率為0.36WB.L2的阻值R2為0.72?C.若把小燈泡L1和L2并聯(lián)在電源電壓為2V的電路中工作，則小燈泡L2的實際功率是0.12WD.若把小燈泡L1和L2串聯(lián)在電源電壓為3V的電路中工作，則小燈泡L1的實際功率是0.16W評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)18、（2015?宣城模擬）如圖所示，電源電壓為6v，燈泡電阻2Ω，滑動變阻器的最大阻值為4Ω，當開關S閉合，滑動變阻器的滑片P由中點滑向最右端時，伏特表示數(shù)為6V，則安培表A1的示數(shù)與A2示數(shù)之差為____．19、（2014秋?黃州區(qū)校級月考）如圖所示，兩支完全相同的密度計分別放入甲、乙兩種不同的液體中，所受到的浮力分別為F甲和F乙，則F甲____F乙．（選填“＞”、“=”和“＜”）20、一段粗銅線拉斷成兩段銅絲后，每一段銅絲的質量____（填變大、變小、不變，下同），銅絲的密度____．21、如圖所示，籃球被投出表明力可以改變物體的____；離開手的籃球由于____繼續(xù)飛行，當籃球加速下落時，它的____減?。ㄟx填“動能”或“重力勢能”）．

22、古詩“花氣襲人知驟暖”，從花的芳香氣味變濃可以知道周邊的氣溫突然升高．從物理學的角度分析，這是因為溫度越高，____．汽車的發(fā)動機選用水做冷卻劑，主要是由于水的____的緣故．烈日下，操場上單杠的溫度會升高，這是通過____的方式改變其內能的．23、用久了的白熾燈泡會變暗(

電壓不變)

請你根據平時的觀察，利用學過的知識，回答燈泡變暗可能的兩個原因是：

(1)

______；

(2)

______。24、一木塊在10N的水平拉力作用下在水平面上勻速直線滑動，則此時木塊受到的摩擦力是____N；若改用15N的水平拉力拉木塊在原水平面上滑動，則此時木塊受到的摩擦力是____（選填“15N”“10N”或“無法確定”）．（空氣阻力忽略不計）評卷人得分四、判斷題(共2題，共20分)25、測量時估讀到分度值下兩位將比估讀到分度值下一位更好一些．____（判斷對錯）26、河里行駛的小船，不論選擇什么物體做參照物，它都是運動的．____（判斷對錯）評卷人得分五、解答題(共1題，共6分)27、汽車是我們熟悉的交通運輸工具．右表為某型號汽車的部分參數(shù)．

。自重1.5×105牛汽車車輪個數(shù)10每個輪胎與

地面的接觸面積5×10-2米2（1）若該車車廂內裝有8米3的沙子，求沙子的質量．（ρ沙=2.5×103千克/米3）

（2）求沙子的重力．

（3）求空載時汽車對水平路面的壓強．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】滑動變阻器與燈泡并聯(lián)，電壓表與電源并聯(lián)，A1串聯(lián)在干路上，A2與滑動變阻器串聯(lián)；

（1）電壓表始終測量電源電壓；根據滑片的移動確定接入電路阻值的變化，然后根據歐姆定律可知電流表A2示數(shù)的變化；

（2）并聯(lián)電路中各支路互不影響；

（3）干路電流等于各支路電流之和．【解析】【解答】解：A、當開關S閉合，滑動變阻器的滑片P由右端向左滑向中點處的過程中，滑動變阻器接入電路的電阻減小，由歐姆定律可知，通過滑動變阻器的電流增大，即電流表A2示數(shù)變大；而電壓表測量電源電壓；因此電壓表示數(shù)不變；故A錯誤；

B；由于并聯(lián)電路中；各支路互不影響，因此燈泡的亮度不變；故B錯誤；

C；因為電壓表測量電源電壓；因此電壓表示數(shù)不變；燈泡亮度也不變，故C正確；

D、因為通過燈泡的電流不變，電流表A2示數(shù)變大，而干路電流等于各支路電流之和，因此電流表A1示數(shù)變大；故D錯誤．

故選C．2、A【分析】【分析】要解決此題需要知道一個工作循環(huán)包括四個沖程，飛輪轉兩周，對外做功一次．【解析】【解答】解：此柴油機的飛輪轉速為1200r/min，所以飛輪每秒轉，因為每兩周對外做功一次，所以n=次．

故選A．3、C【分析】

白熾燈是將燈絲通電加熱到白熾狀態(tài)；利用熱輻射發(fā)出可見光的電光源．大部分白熾燈會把消耗能量中的90%轉化成無用的熱能，只少于10%的能量會成為光．所以普通白熾燈正常工作時消耗的電能主要轉化為熱能．而新型的LED燈（發(fā)光二極管）發(fā)光時幾乎不發(fā)熱，將電能直接轉化為光能，提高了電能轉化為光能的效率，有利于節(jié)約能源．所以只有C的說法不正確．

故選C．

【解析】【答案】根據白熾燈和LED燈工作的特點來判斷能量的轉化．

4、B【分析】

溢出酒精的體積：

V溢酒精===10cm3；

金屬塊的體積：

V金=V溢酒精=10cm3；

把金屬塊浸沒在盛滿水的杯中時；溢出水的體積：

V溢水=V金=10cm3；

溢出水的質量：

m水=ρ水V溢水=1g/cm3×10cm3=10g．

故選B．

【解析】【答案】知道溢出酒精的質量；利用密度公式求溢出酒精的體積（金屬塊的體積）；

再把它浸沒在盛滿水的杯中時；可得溢出水的體積（金屬塊的體積），再利用密度公式求溢出水的質量．

5、B【分析】解：

A．當鉛筆芯電阻全部接入電路中時；

因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和；其各處的電流相等；

所以，由I=可知；電源的電壓：

U=UL+ILRP，即4.0V=UL+IL×30Ω；

由圖乙可知，燈泡兩端的電壓UL=0.4V，通過燈泡的電流IL=0.12A時符合；此時小燈泡兩端電壓達到0.4V“剛亮”；

所以；閉合開關，移動P能連續(xù)調光，故A正確；

B．因鉛筆芯長15cm；阻值為30Ω；其阻值與長度成正比；

所以；P滑到距A點10cm處，接入電路中的電阻：

RP′=×10cm=20Ω；

則電源的電壓：

U=UL′+IL′RP′，即4.0V=UL′+IL′×20Ω；

由圖象可知，燈泡兩端的電壓UL′=0.8V，通過燈泡的電流IL′=0.16A時符合；

此時小燈泡的實際功率：

PL=UL′IL′=0.8V×0.16A=0.128W；故B錯誤；

C．P滑到距A點2.5cm處；接入電路中的電阻：

RP″=×2.5cm=5Ω；

則電源的電壓：

U=UL″+IL″RP″，即4.0V=UL″+IL″×5Ω；

由圖象可知，燈泡兩端的電壓UL″=2.5V，通過燈泡的電流IL′=0.3A時符合；此時燈泡正常發(fā)光；

所以；在距A點2.5cm處做標記，可以提醒P向A滑過此處，小燈泡兩端的電壓超過額定電壓將不安全，故C正確；

D．小燈泡“剛亮”時的實際功率：

PL′=ULIL=0.4V×0.12A=0.048W；

小燈泡正常發(fā)光時的實際功率：

PL″=UL″IL″=2.5V×0.3A=0.75W；

所以；小燈泡工作時，從“剛亮”到正常發(fā)光，實際功率變化范圍為0.048W～0.75W，故D正確。

故選：B。

（1）當鉛筆芯電阻全部接入電路中時；根據串聯(lián)電路的特點和歐姆定律表示出電源的電壓，根據圖象讀出符合要求的電流和電壓，然后判斷燈泡是否能發(fā)光，然后判斷移動P時能否連續(xù)調光；

（2）鉛筆芯長15cm；阻值為30Ω；其阻值與長度成正比，據此求出P滑到距A點10cm處和P滑到距A點2.5cm處接入電路中的電阻，根據串聯(lián)電路的特點和歐姆定律表示出電源的電壓，根據圖乙讀出符合要求的電流和電壓，根據P=UI求出小燈泡的實際功率，燈泡兩端的電壓大于額定電壓下時將不會安全；

（3）根據P=UI求出小燈泡“剛亮”和正常發(fā)光時的功率；然后得出小燈泡工作時，從“剛亮”到正常發(fā)光時的實際功率變化范圍。

本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，從圖象中讀出符合要求的電流和電壓是關鍵?！窘馕觥緽6、B【分析】【分析】本題要抓住做功的兩個必要因素：作用在物體上的力；物體在力的方向上通過的距離；二者缺一不可．【解析】【解答】解：A；石頭被撬起的過程中手向下壓撬棍的力使撬棍在力的方向上通過了距離；所以做了功，不合題意；

B；人推箱子未推動；有力無距離，所以不做功，符合題意；

C；貨物被提升的過程中繩子對貨物的拉力使貨物在力的方向上通過了距離；所以做了功，不合題意；

D；爬樓梯時；人克服重力做了功，或者說重力做了負功，不合題意．

故選B．7、D【分析】【分析】A；研究物體的運動時；必須事先選定一個標準的物體，這個事先被選作標準的物體叫參照物．如果被研究的物體相對于這個標準位置發(fā)生了改變，則是運動的；如果被研究的物體相對于這個標準位置沒有發(fā)生了改變，則是靜止的；

BD；航母在大海中始終處于漂浮狀態(tài)；根據沉浮條件判斷出浮力的變化，然后根據阿基米德原理判斷出排開海水體積的變化，進而得出吃水深度的變化；

C、雷達是靠發(fā)射、接收電磁波來工作的．【解析】【解答】解：A；直升飛機懸停在航空母艦的上空時；如果以地面為參照物，它們與地面的相對位置沒有發(fā)生變化，是靜止的，故A錯誤；

B；航母在海面上處于漂浮狀態(tài)；受到的浮力等于航母的自身重力，飛機起飛后，航母重力減小，浮力減小，故B錯誤；

C；直升飛機和航空母艦之間的聯(lián)系是雷達；雷達是靠發(fā)射和接收電磁波來發(fā)現(xiàn)敵方軍事目標的，故D錯誤．

D、航母在海面上處于漂浮狀態(tài)，受到的浮力等于航母的自身重力，飛機起飛后，航母重力減小，浮力減小，根據阿基米德原理F浮=ρ液V排g；海水密度一定時，浮力減小，排開海水的體積減小，航母就會浮起一些，故D正確．

故選D．8、B【分析】【分析】并聯(lián)電路總電阻的倒數(shù)等于各支路電阻倒數(shù)之和，并聯(lián)電路的總電阻比任何一個支路的電阻都?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓翰⒙?lián)電路總電阻的倒數(shù)等于各支路電阻倒數(shù)之和；并聯(lián)電路的總電阻比任何一個支路的電阻都小．所以若阻值是1Ω和0.1Ω的兩個電阻并聯(lián)后的總電阻為R小于0.1Ω．

故選B．二、多選題(共9題，共18分)9、ACD【分析】【分析】（1）閉合S1、S2，斷開S3時，電路為L1的簡單電路，根據額定電壓下燈泡正常發(fā)光可知此時L1的實際功率；

（2）只閉合S3時，L2與變阻器R串聯(lián)，當燈泡L2正常發(fā)光時其兩端的電壓和額定電壓相等；根據串聯(lián)電路的電壓特點求出變阻器兩端的電壓，根據串聯(lián)電路的電流特點和P=UI求出電路中的電流，再根據歐姆定律求出變阻器接入電路中的電阻，然后與滑動變阻器的最大阻值相比較進行判斷；

（3）閉合S1、S2、S3時，L1與變阻器并聯(lián)，電流表測干路電流，當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時電路中消耗的電功率最小，根據并聯(lián)電路的電壓特點和P=求出變阻器消耗的電功率，然后加上L1的電功率即為電路消耗的最小功率；

（4）閉合S1、S2、S3時，L1與變阻器并聯(lián)，電流表測干路電流，根據P=UI求出L1正常發(fā)光時的電流，又知道滑動變阻器允許通過的最大電流，根據并聯(lián)電路的電流特點求出此時電路中的電流，然后與電流表的量程相比較確定電路中的最大電流，根據P=UI求出電路消耗的最大功率．【解析】【解答】解：（1）閉合S1、S2，斷開S3時，電路為L1的簡單電路；

因電源的電壓和燈泡L1的額定電壓相等；

所以，燈泡L1的實際功率為6W；故A正確；

（2）只閉合S3時，L2與變阻器R串聯(lián)；

因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和；

所以，當燈泡L2正常發(fā)光時；變阻器兩端的電壓：

U滑=U-U2=12V-2V=10V；

因串聯(lián)電路中各處的電流相等；

所以；由P=UI可得，電路中的電流：

I2===0.5A；

由I=可得；滑動變阻器接入電路中的電阻：

R滑===20Ω＞12Ω；

所以，變阻器滑片滑到最右端時，L2不可能正常發(fā)光；故B錯誤；

（3）閉合S1、S2、S3時，L1與變阻器并聯(lián)；電流表測干路電流；

當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時；電路中消耗的電功率最小；

因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等；

所以；變阻器消耗的電功率：

PR===12W；

電路消耗的最小功率：

P小=P1+PR=6W+12W=18W；故C正確；

（4）閉合S1、S2、S3時，L1與變阻器并聯(lián)；電流表測干路電流；

L1正常發(fā)光時的電流：

I1===0.5A；

因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和；且滑動變阻器允許通過的最大電流為2A；

所以；電路中的電流：

I=I1+IR=0.5A+2A=2.5A＜3A；

所以；電路中的最大電流為2.5A；

電路消耗的最大功率：

P大=UI=12V×2.5A=30W；故D正確．

故選ACD．10、ACD【分析】【分析】由電路圖可知，三個電阻串聯(lián)，電壓表V1測量R1兩端電壓，電壓表V2測量R1、R2兩端電壓之和；電流表測量電路電流．

（1）當滑片位于a端時，R2接入電路中的電阻為0；此時電路中的總電阻最小，電路中的電流最大，根據圖象讀出電路中的電流；

（2）當滑片位于b端時，R2接入電路中的電阻最大，此時電路中的總電阻最大，電路中的電流最小，根據電阻的串聯(lián)和歐姆定律比較兩電壓表示數(shù)之間的關系然后判斷AB圖線對應的電壓表，根據串聯(lián)電路的電壓特點求出R2兩端的電壓，利用P=UI求出電阻R2消耗的功率；根據串聯(lián)電路的特點和歐姆定律表示出電流最大、最小時電源的電壓，利用電源的電壓不變得出等式即可求出R3的阻值．【解析】【解答】解：由電路圖可知，三個電阻串聯(lián)，電壓表V1測量R1兩端電壓，電壓表V2測量R1、R2兩端電壓之和；電流表測量電路電流．

（1）當滑片位于a端時，R2接入電路中的電阻為0；電路中的電流最大；

由圖象可知，電路中的電流I大=2A，UV1=3V；故B錯誤；

（2）當滑片位于b端時，R2接入電路中的電阻最大；電路中的電流最小；

因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和；

所以，由I=可知，電壓表V2的示數(shù)大于電壓表V1的示數(shù)，即AB圖線對應的是電壓表V1示數(shù)變化；故A正確；

則由圖象可知，電路中的最小電流I小=1A，UV1′=1V，UV2=9V；

因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和；

所以，電阻R2兩端的電壓：

U2=UV2-UV1′=9V-1V=8V；

電阻R2消耗的功率：

P2=U2I小=8V×1A=8W；故D正確；

因電源兩端電壓保持恒定不變；

所以，U=UV1+I大R3=UV2+I小R3，即3V+3A×R3=9V+1A×R3；

解得：R3=3Ω；故C正確．

故選ACD．11、BD【分析】【分析】（1）力是改變物體運動狀態(tài)的原因；物體受到非平衡力時運動狀態(tài)改變，物體受到平衡力時運動狀態(tài)不變；

（2）物體不受力時保持靜止或勻速直線運動狀態(tài)．【解析】【解答】解：物體不受力時運動狀態(tài)不變；即保持靜止或勻速直線運動，故A說法錯誤；B說法正確；

物體受到平衡力時運動狀態(tài)也不改變；保持靜止或勻速直線運動，故C說法錯誤；D說法正確；

故選BD12、ACD【分析】【分析】（1）潛水艇是通過改變自身的重力來實現(xiàn)下潛；懸浮和上浮的；結合這個特點來對此題的模型進行分析．

（2）若要潛艇模型露出水面5cm3，即應排開水的體積為5cm3，由ρ=可求出排出水的質量．【解析】【解答】解：

A、當潛艇模型浸沒在水中時，排開水的體積不變，所受浮力不變，因此模型的上浮和下沉是通過改變潛艇的重力來實現(xiàn)的，故A正確；

B、現(xiàn)在潛艇模型處于懸浮，向內推注射器活塞，水會被壓出試管，此時模型的自重減小，模型上浮，故B錯；

C、向外拉注射器活塞，試管內水增加，試管內水量適當時，可實現(xiàn)潛艇懸浮或下沉，故C正確；

D、若要潛艇模型露出水面5cm3，即應排開水的體積為5cm3，由ρ=可知，排出水的質量m=ρV=1g/m3×5cm3=5g；故D正確．

故選ACD．13、AD【分析】

AB、如圖，B在木塊上漂浮，F(xiàn)浮1=G木+GB；

將金屬塊B從木塊A上取下，放入水中，金屬的密度大于水的密度，B將下沉，而木塊漂浮，此時二者受到的浮力F浮2=G木+F浮B；

∵GB＞F浮B；

∴F浮1＞F浮2；

∵F浮=ρ水V排g；

∴前后排開水的體積：

V排1＞V排2；

∴容器內水深：h1＞h2；

∵p=ρgh；

∴p1＞p2；故A正確；B錯；

C、∵ρB＞ρ水；

∴B在水中下沉至水底；

GB=F支+F浮；

即：ρBVBg=20N+ρ水V排Bg=20N+ρ水VBg；

VB===1×10-3m3；故C錯；

D；金屬塊B在木塊上漂?。荒緣KA恰好沒入水中；

F浮=GB+G木；

即：ρ水V木g=ρBVBg+ρ木V木g；

ρ水V木=ρBVB+ρ木V木；

1×103kg/m3×7.5×10-3m3=3×103kg/m3×1×10-3m3+ρ木×7.5×10-3m3；

解得：

ρ木=0.6×103kg/m3；故D正確．

故選AD．

【解析】【答案】AB；B在木塊上漂??；受到的浮力等于木塊重加上金屬塊重；將金屬塊B從木塊A上取下，放入水中并浸沒，此時二者受到的浮力等于木塊受到的浮力加上金屬塊B受到的浮力；比較前后受到的浮力大小，得出排開水的體積關系，從而得出水位高低關系，再利用液體壓強公式分析水對容器底的壓強大小關系；

C；金屬的密度大于水的密度；在水中下沉至水底，金屬塊的重等于金屬塊受到的浮力加上支持力，借助重力公式和阿基米德原理求金屬塊的體積；

D；金屬塊B在木塊上漂?。荒緣KA恰好沒入水中，受到的浮力等于木塊重加上金屬塊重，知道木塊的體積，利用阿基米德原理受到的浮力可求；金屬塊重可求，進而求出木塊重，再利用密度公式和重力公式求木塊的密度．

14、ACD【分析】

A；一切物體的分子都在永不停息的做無規(guī)則運動；所以一切物體都具有內能．故A符合題意；

B；做功可以改變內能；熱傳遞也可以改變內能，而且這兩種方法對于改變物體內能的效果是一樣的，說法正確，B不符合題意；

C；物體的比熱容越大；內能也越大，說法錯誤，決定內能的因素是溫度、體積、質量，不是比熱容，C符合題意；

D；物體的密度越大；內能也越大，說法錯誤，密度是屬于物質的特性，與內能無關，D符合題意；

故選A；C、D．

【解析】【答案】要解本題需掌握內能是物體本身的一種性質；一切物體都具有內能；決定內能的是質量；溫度、體積．

15、AD【分析】解：

（1）由圖象知；BC段和時間軸平行，表示物體的路程保持不變，即物體在BC段是靜止的，故B錯誤；

CD段物體通過的路程與時間成正比；所以CD段表示物體的速度是不變的，故D正確；

（2）由圖象知，0～8s物體運動的路程為10m，所以物體的平均速度：v===1.25m/s；故A正確；

由圖象知；AB和CD段運動的路程都為5m，AB段運動時間為4s，CD段運動時間為2s．相同的路程，AB段的時間長，所以AB段的平均速度慢，故C錯誤．

故選AD．

（1）在s-t圖象中；斜線表示物體做勻速直線運動，和時間軸平行的直線，表示物體處于靜止狀態(tài)；

（2）由圖象讀出0～8s運動的路程，由v=計算此段的平均速度；

（3）由圖象讀出AB和CD段運動的路程和時間；分析比較兩段的平均速度大?。?/p>

此題主要考查的是學生對圖象的分析和處理能力，同時考查對速度計算公式的理解和掌握，由圖象讀出時間和路程是解決此題的關鍵．【解析】【答案】AD16、AC【分析】【分析】當電流通過電阻時，電流做功而消耗電能，產生了熱量，這種現(xiàn)象叫做電流的熱效應．一方面，利用電流的熱效應可以為人類的生產和生活服務；另一方面，電流的熱效應也有一些不利因素．任何通有電流的導線，都可以在其周圍產生磁場的現(xiàn)象，稱為電流的磁效應．【解析】【解答】解：A；電飯鍋是利用電流的熱效應加熱的；故A正確；

B；電風扇是利用電動機帶動工作的；利用了電流的磁效應，故B錯誤；

C；電暖氣是利用電流的熱效應加熱的；故C正確；

D；電腦在工作過程中；消耗的電能主要轉化光能和聲能，不是利用電流的熱效應來工作的，故D錯誤；

故選AC．17、AD【分析】【分析】①已知燈泡的額定電壓；由圖象得到額定電壓對應的電流，利用公式P=UI得到額定功率；

②已知燈泡的額定電壓，由圖象得到額定電壓對應的電流，利用公式R=得到燈泡L2的阻值；

③并聯(lián)電路個用電器兩端電壓相等；由圖象可得電壓為2V時，通過燈泡的電流，利用公式P=UI得到此時的實際功率；

④已知燈泡L1的額定電壓和正常發(fā)光電流，可以得到燈泡L1的阻值，已知燈泡L1、L2的阻值，可以得到串聯(lián)總電阻；已知電源電壓和串聯(lián)總電阻，利用歐姆定律得到電路電流；已知電路電流和燈泡L1的阻值，利用公式P=I2R得到燈泡L1消耗的實際功率．【解析】【解答】解：

A、由圖象知：在額定電壓為3V時，通過燈泡L1的電流為0.12A，所以燈泡L1的額定功率為P1=U額I1=3V×0.12A=0.36W．此選項正確；

B、由圖象知：在額定電壓為3V時，通過燈泡L2的電流為0.24A，所以燈泡L2的阻值為R2===12.5Ω．此選項錯誤；

C、由圖象知：在實際電壓為2V時，通過燈泡L2的電流為0.16A，所以燈泡L2的實際功率為P2實=U2實I2實=2V×0.16A=0.32W．此選項錯誤；

D、燈泡L1的阻值為R1===25Ω；

串聯(lián)電路的總電阻為R=R1+R2=25Ω+12.5Ω=37.5Ω；

電路電流為I串===0.08A；

燈泡L1的實際功率為P1實=I串2R1=（0.08A）2×25Ω=0.16W．此選項正確．

故選AD．三、填空題(共7題，共14分)18、略

【分析】【分析】分析電路的連接方式，確定電流表各測何處電流，根據電路特點分別求出滑片P在最右端時兩電流表示數(shù)即可得到兩表的示數(shù)差．【解析】【解答】解：由電路圖可知，燈泡L與滑動變阻器R并聯(lián)，電流表A1測干路電流，電流表A2測R支路的電流；電壓表測電源的電壓．

U=UL=UR=6V；

滑動變阻器的滑片P在最右端時；連入阻值為4Ω；

根據I=；

通過L的電流：IL===3A；

根據并聯(lián)電路的電流特點：I=IA1=IL+IA2；

A1的示數(shù)與A2示數(shù)之差：IA1-IA2=（IL+IA2）-IA2=IL=3A．

故答案為：3A．19、略

【分析】【分析】由密度計都漂浮在液體面上，根據漂浮條件比較受浮力大?。弧窘馕觥俊窘獯稹拷猓骸咴趦煞N液體中；兩密度計漂?。?/p>

∴所受到的浮力F甲=F乙=G；相等；

故答案為：=20、略

【分析】【分析】要解答本題需掌握：物質質量的大小與外界條件無關，只取決于物體本身所含物質的多少，而密度是物質的一種屬性，只與物質的種類有關．【解析】【解答】解：一段粗銅線拉斷成兩段銅絲后；每一段銅絲的質量是原來的一半，所以質量變小，銅絲的密度不變．

故本題答案為：變小，不變21、略

【分析】

（1）籃球被投出；運動方向和速度都發(fā)生了改變，說明力可以改變物體的運動狀態(tài)．

（2）由于慣性；籃球離開手后還繼續(xù)飛行．

（3）當籃球加速下落時；質量不變，高度減小，速度增大，重力勢能減小，動能增大，重力勢能轉化為動能．

故答案為：運動狀態(tài)；慣性；重力勢能．

【解析】【答案】（1）力的作用效果：力可以改變物體的運動狀態(tài)；力可以改變物體的形狀；物體由靜到動；由動到靜，以及運動快慢和方向的改變都叫做運動狀態(tài)發(fā)生了改變．

（2）一切物體都有慣性．

（3）重力勢能大小的影響因素：質量；高度；物體下落過程中是重力勢能轉化為動能的過程，重力勢能減小，動能增大．

22、分子運動越劇烈比熱容大熱傳遞【分析】【解答】（1）花朵分泌的芳香分子不停