2025年西師新版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年西師新版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、傳感器已經(jīng)廣泛應用于我們的生活，為我們帶來了方便，下列可以用來控制電路通斷的溫度傳感器元件有：A.雙金屬片B.應變片C.感溫鐵氧體D.干簧管2、在勻強磁場中有兩根平行的金屬導軌,磁場方向與導軌平面垂直,導軌上有兩根可沿導軌平動的導體棒ab、cd,如圖所示,兩根導體棒勻速移動的速率分別為v1和v2,則下列情況可以使回路中產(chǎn)生感應電流的是()。A.ab、cd均向右運動,且v1=v2B.ab、cd均向右運動,且v1>v2C.ab、cd均向左運動,且v1>v2D.ab向右運動,cd向左運動,且v1=v23、某位同學為了研究超重和失重現(xiàn)象，將重為50N的物體帶到電梯中，并將它放在水平放置的傳感器上，電梯由啟動到停止的過程中，測得重物的壓力隨時間變化的圖象如圖所示。設在t1=2s和t2=8s時電梯的速度分別為v1和v2。下列判斷正確的是A.電梯在上升，v1>v2B.電梯在上升，v2>v1C.電梯在下降，v1>v2D.電梯在下降，v2>v14、如圖所示，在“研究影響通電導體棒所受磁場力的因素”實驗中，要使導體擺動的幅度增大，以下操作中不可行的是(

)

A.增加磁鐵的數(shù)量B.更換成磁性較強的磁鐵C.改變導體棒中的電流方向D.增大導體棒中的電流強度5、紅、黃、綠三條入射光線，分別沿與三棱鏡的底面平行的方向射向三棱鏡的一個側(cè)面，從三棱鏡的另一個側(cè)面射出，且出射光線交于三棱鏡底邊延長線上的三點，三點到三棱鏡底邊中點的距離分別為x1、x2、x3；則（）

A.x1=x2=x3

B.x1＜x2＜x3

C.x1＞x2＞x3

D.x1＞x3＞x2

6、如圖所示；A；B亮燈相同，L是帶鐵芯的電阻可不計的線圈，下列說法中正確的是（）

A.開關K合上穩(wěn)定，B同時亮著B.開關K斷開后，A一直保持亮著C.開關K合上瞬間，B同時亮D.開關K斷開瞬間，A立即熄滅，B閃亮一下再熄滅7、下列說法符合史實的是（）A.18世紀的美國科學家富蘭克林發(fā)現(xiàn)了摩擦起電現(xiàn)象B.卡文迪許用扭秤實驗測出靜電力常量K=9.0×109Nm2/c2C.法拉第引入電場線的目的是為了形象的描述電場強度的大小和方向D.密立根用油滴實驗測出質(zhì)子所帶的電量為1.6×10-19C8、兩個質(zhì)量均勻球體，球心相距為R

兩球間的萬有引力大小為F

若兩球心間距離變?yōu)?R

則兩球體間的萬有引力大小變?yōu)?

)

A.4F

B.F/4

C.2F

D.F/2

評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)9、如圖所示，有兩個帶正電的粒子P和Q同時從勻強磁場的邊界上的M點分別以30°和60°（與邊界的交角）射入磁場，又同時從磁場邊界上的同一點N飛出，設邊界上方的磁場范圍足夠大，不計粒子所受的重力影響，則兩粒子在磁場中的半徑之比rp：rQ=____，假設P粒子是α粒子（），則Q粒子可能是____，理由是____．

10、一個做簡諧運動的質(zhì)點，它的振幅是4cm，頻率是2.5Hz．該質(zhì)點從平衡位置開始經(jīng)過0.5s時，所通過的路程為____．11、我國照明用的正弦交變電流的電壓是220V，它的最大值為____V，頻率為____Hz．12、如圖所示為等量異種點電荷的電場線和等勢面示意圖，從圖中我們可以看出，A、B兩點的場強、電勢____，C、D兩點的場強、電勢____（以上四空均填“相同”或“不同”）。13、如圖所示，勻強磁場的磁感應強度為0.8T，矩形線圈abcd的邊長為ab=10cm，bc=20cm；線圈平面與磁場平行．

（1）若以ab邊為軸，線圈轉(zhuǎn)過90°，這時穿過線圈的磁通量為______，在這一過程中，磁通量的變化量為______．

（2）若以ad邊為軸，線圈轉(zhuǎn)過90°，這時穿過線圈的磁通量為______，磁通量的變化量為______．14、(1)

完成核反應方程：90234Th隆煤91234Pa+

______．

(2)90234Th

衰變?yōu)?1234Pa

的半衰期是1.2min

則64g90234Th

經(jīng)過6min

還有______g

尚未衰變．15、某實驗小組利用如下器材測定一電壓表的量程Ux

和內(nèi)阻Rx

待測電壓表V1(

量程約0隆蘆2.0V

內(nèi)阻約為3k婁賂)

標準電壓表V2(

量程0隆蘆6.0V

內(nèi)阻約為20k婁賂)

滑動變阻器(

最大阻值50婁賂)

電阻箱(0隆蘆9999.9婁賂)

直流電源(6V

有內(nèi)阻)

開關S

及導線若干回答下列問題：

(1)

圖(a)

是該實驗小組未完成的實物連線圖，請你在圖(a)

中完成實物連線圖。(2)

閉合開關S

調(diào)節(jié)滑動變阻器和電阻箱的阻值，保證V1

滿偏，記錄V2

的讀數(shù)U2

和電阻箱的阻值R

斷開開關。多次重復上述操作。根據(jù)多次測得的數(shù)值在U2鈭?R

坐標中描點，如圖(b)

所示，請根據(jù)坐標中的描點作出U2鈭?R

圖線。(3)U2

關系式為U2=

____(

用RxUx

和R

表示)

根據(jù)圖(b)

中圖像求得V1

的量程Ux=

____V

內(nèi)阻Rx=

____婁賂(

結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)

16、如圖所示，在距水平地面高均為0.4m處的P、Q兩處分別固定兩光滑小定滑輪，細繩跨過滑輪，一端系一質(zhì)量為mA=2.75kg的小物塊A，另一端系一質(zhì)量為mB=1kg的小球B．半徑R=0.3m的光滑半圓形軌道豎直地固定在地面上，其圓心O在P點的正下方，且與兩滑輪在同一豎直平面內(nèi)，小球B套在軌道上，靜止起釋放該系統(tǒng)，則小球B被拉到離地____m高時滑塊A與小球B的速度大小相等，小球B從地面運動到半圓形軌道最高點時的速度大小為____m/s．

17、某同學為了驗證斷電自感現(xiàn)象，自己找來帶鐵心的線圈L

相同的小燈泡AB

電阻R

開關S

和電池組E

用導線將它們連接成如圖所示的電路.

檢查電路后，閉合開關S

小燈泡發(fā)光；電感線圈自感系數(shù)較大.

當開關斷開的瞬間，則有______(

填序號壟脵A

比B

先熄滅壟脷B

比A

先熄滅壟脹AB

一起熄滅)B

燈的電流方向為______(

填序號壟脵

左到右，壟脷

右到左)

某同學雖經(jīng)多次重復斷開開關S

仍未見老師演示時出現(xiàn)的小燈泡B

閃亮現(xiàn)象，他冥思苦想找不出原因.

你認為最有可能造成小燈泡未閃亮的原因是______(

填序號壟脵

電源的內(nèi)阻較大壟脷

線圈電阻偏小壟脹

線圈的自感系數(shù)較大)

評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

22、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

23、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）24、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）25、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）評卷人得分四、畫圖題(共2題，共18分)26、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象27、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象評卷人得分五、識圖作答題(共2題，共10分)28、下圖是用洋蔥表皮細胞做質(zhì)壁分離和復原實驗時，細胞吸水力隨質(zhì)壁分離程度變化的曲線，請回答相關問題：

（1）植物細胞質(zhì)壁分離是指____________________________________________，植物細胞質(zhì)壁分離的實驗原理是__________________________________________________。（2）據(jù)圖可知，實驗中細胞質(zhì)壁分離程度與細胞吸水力的關系是______________________。（3）實驗過程中，細胞處于A點時，細胞液濃度_____________（填“一定”或“不一定”）小于外界溶液濃度，原因是________________________________________________。29、下圖為高等動物細胞及細胞膜的亞顯微結(jié)構(gòu)模式圖(局部)，請據(jù)圖回答問題。(在[]中填標號，在橫線上填文字或字母)(1)在圖1所示細胞中，蛋白質(zhì)的合成場所是[]____；與脂類合成有關的細胞器是[]____。(2)若圖1的分泌物是胰島素，則胰島素的加工、成熟最終在圖中的[]____完成。(3)癌細胞的細胞膜與正常細胞膜(如圖2)相比，含量較少的是圖2中[]____，因此不會引起有效的免疫應答。(4)物質(zhì)跨膜運輸方式有多種，除了圖2所示兩種以外還有____運輸方式。評卷人得分六、實驗題(共1題，共5分)30、在“用雙縫干涉測光的波長”的實驗中已知雙縫到光屏之間的距離為600mm，雙縫之間的距離為0.20mm，單縫到雙縫之間的距離是100mm．某同學在用測量頭測量時，先將從測量頭目鏡中看到的分劃板中心刻線對準某條亮紋(記作第1條)的中心，這時手輪上的示數(shù)如圖甲所示．然后他轉(zhuǎn)動測量頭，使分劃板中心刻線對準第7條亮紋的中心，這時手輪上的示數(shù)如圖乙所示．這兩次的示數(shù)依次為________mm和________mm，由此可以計算出這次實驗中所測得的單色光的波長為________nm．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A|C【分析】試題分析：雙金屬片和感溫鐵氧體都可以用來控制電路通斷。考點：傳感器【解析】【答案】AC2、B|C|D【分析】【解析】試題分析：當穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化時，電路中會產(chǎn)生感應電流，ab、cd均向右運動,且則兩個導體組成的回路，面積不變，磁場恒定，所以磁通量不變化，故無電流產(chǎn)生，A錯誤，ab、cd均向右運動,且則兩個導體組成的回路，面積變大，磁場恒定，所以磁通量變大，故存在感應電流ab、cd均向左運動,且則兩個導體組成的回路，面積變小，磁場恒定，所以磁通量變大，故存在感應電流ab向右運動,cd向左運動,且則兩個導體組成的回路，面積變大，磁場恒定，所以磁通量變大，故存在感應電流考點：考查了感應電流產(chǎn)生的條件【解析】【答案】BCD3、B【分析】試題分析：0～4s，重物對傳感器的壓力大于重物的重力，根據(jù)牛頓第三定律，可知重物具有向上的加速度，因此，電梯在勻加速上升；4～14s，重物對傳感器的壓力等于重物的重力，因此，電梯在勻速上升；4～14s，重物對傳感器的壓力小于重物的重力，可知重物具有向下的加速度，因此，電梯在勻減速上升，v2>v1，所以正確選項為B?？键c：本題考查了牛頓運動定律在圖像中的應用?！窘馕觥俊敬鸢浮緽4、C【分析】解：增大安培力即可使導體擺動的幅度增大；根據(jù)安培力的公式F=BIL

可知，增加磁鐵的數(shù)量，在磁場中有效長度增加，安培力增加；將磁鐵更換成磁性較強的，磁感應強度增強，安培力增大；改變導體棒中的電流方向，只會改變安培力的方向，不會改變安培力的大小；增大導體棒中的電流強度，安培力增大；故ABD正確，C錯誤．

因選不可行的；故選：C

．

要使導體擺動的幅度增大；只要增大安培力即可，根據(jù)安培力的公式F=BIL

知安培力大小與哪些因素有關．

解決本題的關鍵掌握安培力的大小公式，知道安培力的大小跟哪些因素有關．【解析】C

5、C【分析】

如圖所示；光線經(jīng)過三棱鏡再次折射，向三棱鏡底邊偏折．

紅；黃、綠三條入射光線的折射率最大是綠光；最小是紅光．所以綠光偏折程度最大，則離三棱鏡底邊中點的距離最?。t光離三棱鏡底邊中點的距離最大．

故選：C

【解析】【答案】光線經(jīng)過三棱鏡再次折射；向三棱鏡底邊偏折．由于三棱鏡對三種光線的折射率不同，導致偏折程度不一．折射率越大的偏折程度越大．

6、C【分析】解：AC；開關K閉合的瞬間；兩燈同時獲得電壓，所以A、B同時發(fā)光．由于線圈的電阻可以忽略，燈A逐漸被短路，流過A燈的電流逐漸減小最后熄滅，B燈電流逐漸增大，故A錯誤，C正確；

BD；斷開開關K的瞬間；B燈的電流突然消失，立即熄滅，流過線圈的電流將要減小，產(chǎn)生自感電動勢，相當電源，自感電流流過A燈，所以A燈突然閃亮一下再熄滅，故BD錯誤．

故選：C．

開關K閉合的瞬間；電源的電壓同時加到兩燈的兩端，兩燈同時發(fā)光．由于線圈的電阻可以忽略，燈A逐漸被短路，隨后A燈變暗，B燈變亮．斷開開關K的瞬間，B燈立即熄滅，A燈突然閃亮一下再熄滅．

對于自感線圈，當電流變化時產(chǎn)生自感電動勢，相當于電源，當電路穩(wěn)定時，相當于導線，將所并聯(lián)的電路短路．【解析】【答案】C7、C【分析】解：A；早在公元前600年；人們就發(fā)現(xiàn)了摩擦起電現(xiàn)象，故A錯誤；

B、文迪許用扭秤實驗第一個測出了萬有引力恒量G的大小，庫侖用扭秤實驗測出靜電力常量K=9.0×109Nm2/c2；故B錯誤；

C；法拉第引入電場線的目的是為了形象的描述電場強度的大小和方向．故C正確；

D、美國科學家密立根根據(jù)油滴實驗，測定了電子的電荷量為-1.6×10-19C；故D錯誤；

故選：C

根據(jù)物理學史和常識解答；記住著名物理學家的主要貢獻即可．

本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一．【解析】【答案】C8、B【分析】本題考查了萬有引力定律的應用。萬有引力定律：自然界中任何兩個物體都是相互吸引的，引力的大小與兩物體的質(zhì)量的乘積成正比，與兩物體間距離的平方成反比。公式為：根據(jù)萬有引力定律，兩個質(zhì)點之間的萬有引力距離變?yōu)?r

時，質(zhì)量沒有發(fā)生變化，萬有引力故選B。解題的關鍵是正確使用萬有引力定律公式。【解析】B

二、填空題(共9題，共18分)9、略

【分析】

（1）粒子運動的軌跡如圖；

粒子P的軌跡是以O為圓心的圓，∠MON=180°-2（90°-30°）=60°所以△MON是等邊三角形，

粒子Q的軌跡是以O′為圓心的圓，∠MO′N=180°-2（90°-60°）=120°，所以

所以：

（2）帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，即：又：．所以得：

粒子在磁場中運動的時間與偏轉(zhuǎn)角之間的關系：

兩種粒子在磁場中運動的時間相等，所以：

整理得：所以P粒子的質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)之比為1：1，P粒子可能是質(zhì)子．

故答案為：（1）

（2）質(zhì)子；質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)之比為1：1

【解析】【答案】帶有正電荷的A粒子和B粒子同時從O點不同角度射入勻強磁場后；從Q點飛出．由粒子的電性可確定洛倫茲力方向，根據(jù)處理規(guī)律：定圓心；畫圓弧、求半徑．并根據(jù)幾何關系可確定粒子的半徑關系，根據(jù)運動時間相等及周期公式求解荷質(zhì)比，根據(jù)半徑公式求解速度比．

10、略

【分析】

由題，頻率f=2.5Hz，周期T==0.4s，時間t=0.5s=1由于質(zhì)點從平衡位置開始計時時，質(zhì)點通過的路程S==5A=5×4cm=20cm

故答案為：20cm

【解析】【答案】已知頻率f，根據(jù)周期與頻率的關系T=求出周期．質(zhì)點做簡諧運動時，一個周期內(nèi)通過的路程是四個振幅，根據(jù)時間與周期的關系，求解質(zhì)點在0.5s時所通過的路程．

11、略

【分析】

我國照明用的交流電的電壓是220V，故最大值為：頻率是50Hz．

故答案為：22050．

【解析】【答案】（1）我國照明電路交流電的電壓是220V；此電壓為有效值，根據(jù)有效值與最大值的關系求出最大值．

（2）我國照明電路交流電的頻率是50Hz；表示交流電1s要經(jīng)歷50個周期，交流電在1s內(nèi)電流方向要改變100次．

12、略

【分析】【解析】【答案】相同；不同；不同；相同（每空1分）13、略

【分析】解：（1）若以ab邊為軸；線圈轉(zhuǎn)過90°；

在勻強磁場中，穿過線框的磁通量公式為：Φ=BS=0.8×0.1×0.2=1.6×10-2Wb；

在這一過程中，磁通量的變化量為△?=?-0=1.6×10-2Wb；

（2）若以ad邊為軸；線圈轉(zhuǎn)過90°，線框與磁場平行，沒有磁感線穿過線框，則穿過線框的磁通量為0，變化也為零．

故答案為：（1）1.6×10-2Wb，1.6×10-2Wb；（2）0；0．

在勻強磁場中；穿過線框的磁通量公式為：Φ=BS；磁感線可以用穿過線框的磁感線的條數(shù)來理解．當線框與磁場平行時，穿過線框的磁通量為零．

對于磁通量，關鍵抓住兩種特殊下磁通量的求解公式：在勻強磁場中，當B⊥S時，Φ=BS；當B∥S，Φ=0．根據(jù)這兩種情況，運用投影的方法可求線框與磁場成任意角時的磁通量．【解析】1.6×10-2Wb；1.6×10-2Wb；0；014、2【分析】解：根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知90234Th

衰變?yōu)?1234Pa

時；放出的是電子鈭?10e

剩余質(zhì)量為：M脢攏=M隆脕(12)n

經(jīng)過6

分鐘，即經(jīng)過了5

個半衰期，即n=5

代入數(shù)據(jù)得：還有2

克沒有發(fā)生衰變．

故答案為：鈭?10e2

根據(jù)核反應方程的質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒；可以寫出正確的核反應方程，根據(jù)半衰期的含義可以算出沒有衰變的元素質(zhì)量．

書寫核反應方程一定滿足質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，正確理解半衰期，并能進行有關半衰期的運算．【解析】鈭?10e2

15、（1）（2）（3）1.5【分析】【分析】【解答】(1)

根據(jù)實驗所給器材和實驗原理可知，連線應如圖所示：(2)

描點連線如圖所示：(3)

根據(jù)電路結(jié)構(gòu)可知：U2=UxRxR+Ux

故圖像的斜率表示k=UxRx

縱截距為：b=Ux

由圖像可知：Ux=1.5VUxRx=6.0鈭?1.59.0隆脕103

代入數(shù)據(jù)得出：Rx=3.0k婁賂

故填：(1)

如圖(2)

如圖(3)UxRxR+Ux1.53.0隆脕103

【解析】(1)

(2)

(3)UxRxR+Ux1.53.0隆脕103

16、0.2254【分析】【解答】當繩與軌道相切時滑塊與小球速度相等，（B速度只沿繩），由幾何知識得R2=h?PO；所以有：

．

小球B從地面運動到半圓形軌道最高點時，A物的速度為零，即vA=0；

對系統(tǒng)；由動能定理得：

代入數(shù)據(jù)解得：vB=4m/s

故答案為：0.225；4

【分析】當繩與軌道相切時滑塊與小球速度相等，由幾何知識求得此時小球B的高度．小球B到半圓形軌道最高點時，A物的速度為零，對系統(tǒng)，運用動能定理列式，即可求出B球到最高點時的速度大?。?7、③；②；②【分析】解：當開關斷開的瞬間；L

中產(chǎn)生自感電動勢，相當于電源，AB

兩燈串聯(lián)，同時逐漸變暗到熄滅，故選擇壟脹

在沒有斷開前；流過B

燈電流方向從左向右，當斷開后，在電路上線圈產(chǎn)生自感電動勢，阻礙電流的減小，流過B

燈的電流方向從右向左.

故選擇壟脷

．

小燈泡能否閃亮的原因是之前與之后的電流有差值；當之后電流大于之前，則會閃亮，若小于或等于則不會閃亮，因此造成未閃亮的原因是線圈電流偏大，電阻偏小，故選擇壟脷

故答案為：壟脹壟脷壟脷

．

當開關接通和斷開的瞬間；流過線圈的電流發(fā)生變化，產(chǎn)生自感電動勢，阻礙原來電流的變化，根據(jù)自感現(xiàn)象的規(guī)律來分析．

對于線圈要抓住雙重特性：當電流不變時，它是電阻不計的導線；當電流變化時，產(chǎn)生自感電動勢，相當于電源，注意流過燈泡B

的電流方向是解題的關鍵．【解析】壟脹壟脷壟脷

三、判斷題(共8題，共16分)18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．21、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．23、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．24、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關．25、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電