2025年蘇教版選修三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇教版選修三物理下冊階段測試試卷705考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、平面OM和平面ON之間的夾角為30°，其橫截面（紙面）如圖所示，平面OM上方存在勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外。一帶電粒子的質量為m，電荷量為q（q>0）。粒子沿紙面以大小為v的速度從OM的某點向左上方射入磁場，速度與OM成30°角。已知該粒子在磁場中的運動軌跡與ON只有一個交點，并從OM上另一點射出磁場。不計重力。粒子離開磁場的出射點到兩平面交線O的距離為（）

A.B.C.D.2、在如圖所示的電路中，兩表為理想電表，當變阻器R3的滑動頭P向a端移動時()

A.電壓表示數變小，電流表示數變大B.電壓表示數變大，電流表示數變小C.電壓表示數變小，電流表示數變小D.電壓表示數變大，電流表示數變大3、如圖所示為一定質量的理想氣體的壓強隨溫度變化的圖像，其中的延長線通過坐標原點，和分別與T軸和p軸平行；下列說法正確的是（）

A.過程氣體單位體積內的分子數減少B.過程氣體分子平均動能減小C.過程氣體向外界放熱D.全過程狀態(tài)b的體積最大4、關于熱現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.機械能可以全部轉化為內能，而內能無法全部用來做功以轉換成機械能B.當分子間距離增大時，分子間作用力減小，分子勢能增大C.單位時間內氣體分子對容器壁單位面積上的碰撞次數減少，氣體的壓強一定減小D.已知阿伏伽德羅常數、氣體的摩爾質量和密度，可估算該種氣體分子體積的大小5、提出分子電流假說并用以解釋物質磁性及磁化現(xiàn)象的科學家是（）A.奧斯特B.安培C.歐姆D.法拉第6、如圖甲所示，光滑導軌水平放置在豎直方向的勻強磁場中，勻強磁場的磁感應強度B隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示（規(guī)定向下為正方向），導體棒ab垂直導軌放置，除電阻R的阻值外，其余電阻不計，導體棒ab在水平外力F的作用下始終處于靜止狀態(tài)．規(guī)定a→b的方向為電流的正方向，水平向右的方向為外力的正方向，則在0～2t0時間內，能正確反映流過導體棒ab的電流與時間及外力F與時間t的關系圖線是（）

A.B.C.D.7、下列說法中正確的是A.布朗運動就是液體分子的無規(guī)則運動B.當分子間距離增大時，分子間的引力和斥力均增大C.當分子間距離增大時，分子勢能一定增大D.物體的內能變化，它的溫度并不一定發(fā)生變化8、蹦極跳是勇敢者的體育運動．設運動員離開跳臺時的速度為零，從自由下落到彈性繩剛好被拉直為第一階段，從彈性繩剛好被拉直到運動員下降至最低點為第二階段．下列說法中正確的是（）A.第一階段重力對運動員的功和第二階段重力對運動員的功大小相等B.第一階段重力對運動員的沖量大小和第二階段重力對運動員的沖量大小相等C.第一階段運動員受到的合力方向始終向下，第二階段受到的合力方向始終向上D.第一階段和第二階段，重力對運動員的總沖量與彈性繩彈力對運動員的沖量大小相等9、如圖所示；A；B兩物體質量之比為3:2，原來靜止在平板小車C上，A、B間有一根被壓縮的彈簧，地面光滑，當彈簧突然釋放后，則下列說法中正確的是（）

A.若A、B與平板車上表面間的動摩擦因數相同，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒B.若A、B與平板車上表面間的動摩擦因數相同，A、B、C組成的系統(tǒng)動量守恒C.若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒D.若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B、C組成的系統(tǒng)動量守恒評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、如圖所示，能級間的躍遷產生不連續(xù)的譜線，從不同能級躍遷到某一特定能級就形成一個線系，比如：巴耳末系就是氫原子從n＝3，4，5能級躍遷到n＝2的能級時輻射出的光譜，其波長λ遵循以下規(guī)律：下列說法正確的是（）

A.公式中n只能取整數值，故氫光諧是線狀譜B.氫原子從n＝3能級躍遷到n＝2能級，該氫原子放出光子，其核外電子的動能增大C.氫原子從n＝3能級躍遷到n＝2能級時輻射出的光子，在巴耳末系中波長最短D.用能量為13.0eV的光子去照射一群處于基態(tài)的氫原子，受照射后，氫原子能躍遷到n＝4的能級11、下列說法中不符合實際的是_______A.單晶體并不是在各種物理性質上都表現(xiàn)出各向異性B.液體的表面張力使液體表面具有擴張的趨勢C.氣體的壓強是由于氣體分子間相互排斥而產生的E.熱量能自發(fā)地從內能大的物體向內能小的物體進行傳遞E.熱量能自發(fā)地從內能大的物體向內能小的物體進行傳遞12、下列說法正確的是（）A.第二類永動機違背了熱力學第二定律，也違背了熱力學第一定律B.在毛細現(xiàn)象中，細管中的液面不一定會上升C.溫度高的物體具有的內能一定比溫度低的物體具有的內能多D.因為液體表面層分子分布比內部稀疏，因此液體表面有收縮趨勢13、下列說法正確的是（）A.在毛細現(xiàn)象中，毛細管中的液面有的升高，有的降低，這與液體的種類和毛細管的材質有關B.脫脂棉脫脂的目的在于使它從不被水浸潤變?yōu)榭梢员凰櫍员阄∷幰篊.燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明蜂蠟是晶體E.在一定溫度下，當人們感到潮濕時，水汽蒸發(fā)慢，空氣的絕對濕度一定較大E.在一定溫度下，當人們感到潮濕時，水汽蒸發(fā)慢，空氣的絕對濕度一定較大14、一定質量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經歷三個過程ab、bc、ca回到原狀態(tài)，其V-T圖象如圖所示，pa、pb、pc分別表示狀態(tài)a、b、c的壓強；下列判斷正確的是______。

A.過程ab中氣體一定吸熱B.pc＝pb＞paC.過程bc中分子勢能不斷增大E.過程ca中氣體吸收的熱量等于對外做的功E.過程ca中氣體吸收的熱量等于對外做的功15、一個質點以O點為平衡位置在a、b兩點之間做簡諧運動。若從質點在O點開始計時，經過3s質點第一次經過M點(如圖所示)；再繼續(xù)運動，又經過2s它第二次經過M點；則該質點第三次經過M點還需要的時間是()

A.8sB.4sC.14sD.s評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、在陽光的照射下，充滿霧氣的瀑布上方常會出現(xiàn)美麗的彩虹，彩虹是太陽光射入球形水珠經折射、內反射、再折射后形成的，其光線傳播路徑如圖所示，圖中的圓面代表水珠過球心的截面，太陽光平行截面射入球形水珠后，最后出射光線a、b分別代表兩種不同顏色的光線，則水珠對a、b兩束光折射率的大小關系是na____nb；a、b兩種光在水珠內傳播速度大小關系是va__vb．（選填“>”、或“<”)

17、一定質量的理想氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C，過程如圖所示，A到B過程圖線與橫軸平行，B到C過程圖線的反向延長線過原點，則氣體從A→B過程中___________（填“吸收”或“放出”）熱量，從B→C過程中___________（填“吸收”或“放出”）熱量。

18、如圖是一定質量的理想氣體的壓強與熱力學溫度的圖，是理想氣體的三個狀態(tài)，其中平行于坐標軸平行于坐標軸則從到過程中氣體的分子平均動能_________（填“變大”、“變小”或“不變”），從到的過程________（填“可能”或“不可能”）為絕熱過程，從到的過程中氣體的密度______（填“變大”；“變小”或“不變”）

19、一個電流表的滿偏電流內阻要把它改裝成一個量程為的電壓表，則應在電流表上__________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個__________的電阻。20、在如甲圖所示的電路中，電源電動勢為3.0V，內阻不計，L1、L2、L3為3個相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示．當開關閉合后，燈泡L1的電阻為_________Ω，燈泡L2消耗的電功率為_________W．

21、質譜儀是分離同位素的重要儀器，其原理如圖所示，帶等量異種電荷的兩平行金屬板P1，P2之間的電壓為U，一個帶負電的粒子（不計重力）從P1板中由靜止釋放，之后從O點進入另一磁感應強度為B的勻強磁場中，在洛侖磁力的作用下，粒子做勻速圓周運動，經過半個圓周后打在擋板MN上的A點。已知粒子的質量為m，電荷量為q，可以判斷粒子帶________電，OA兩點間的距離為________22、如圖所示，一列沿x軸上傳播的簡諧橫波t0時刻的圖線用實線表示．經過△t=0.2s時其圖線用虛線表示；已知波長為5cm．

（i）若波向x軸正方向傳播，最小波速是____________cm/s；

（ii）若波向x軸負方向傳播，最大周期為____________s；

（iii）若波速為71cm/s，則此波向____________傳播．（填“x軸正方向”或“x軸負方向”）23、閱讀短文；并回答問題。

家庭熱泵﹣﹣空調。

夏天來了；安裝空調的家庭逐漸多了起來，如圖甲是家用分體式空調的原理圖，其制冷原理是室外機中的壓縮機將氣態(tài)的制冷劑壓縮后成為高溫高壓的液態(tài)制冷劑，散熱后液態(tài)的制冷劑經膨脹閥進入蒸發(fā)器（室內機）迅速變成氣體，吸收大量的熱量，從而使房間的溫度迅速下降（冬天的制熱工作過程與上述相反），空調在制冷運行的過程中會產生大量的冷凝水，因此空調配有排水系統(tǒng)。

制冷量是家庭購買空調時需要考慮的一項重要指標．它是指空調進行制冷運行時；單位時間內從密閉空間內去除的熱量總和，制冷量大的空調適用于面積比較大的房間，且制冷速度較快，以15平方米的居室面積為例，使用額定制冷量在2500W左右的空調比較合適，家用空調的制冷量單位常用“匹”，1匹=2324W；

能效比是衡量空調節(jié)電效果的一項重要指標；家用空調器的能效比（EER）就是其制冷量與制冷消耗電功率之比，如圖乙所示是兩臺不同品牌空調上的能效標識（能效標識是附在產品上的一種信息標簽，用于表示耗能產品的能源效率等級等性能指標，為用戶和消費者的購買決策提供必要的信息，以引導用戶和消費者選擇高效節(jié)能產品），如表是國家標準中關于分體式空調部分能效等級指標。

額定制冷量CC/W能效等級與對應的EER543211CC≤45002．602．803．003．203．404500＜CC≤71002．502．702．903．103．30

(1)空調制冷運行時，室內的空氣濕度________（大于/小于）室外，圖乙中，兩空調工作時更節(jié)能的是________（A/B）；

(2)關于空調機，下列說法正確的是()。

A；家庭安裝空調要鋪設專線；目的是為了防止觸電。

B；空調機制冷時；室外機放出的熱量要大于壓縮機消耗的電能。

C；空調壓縮機是利用降溫的方法使氟利昂發(fā)生物態(tài)變化的。

D；空調制冷時室外機中有風扇在轉動；它的作用是將冷氣吹向室內。

(3)某家庭空調機制冷量為1.5匹，能效比為3，在額定狀態(tài)下連續(xù)工作10min，消耗的電能為________kW?h，不計熱損失，理論上可以使40m2的密閉房間內的空氣溫度下降________℃。[取房間層高3m，空氣的密度ρ=1.29kg/m3，比熱容c=1.0×103J/（kg?℃）]。評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共40分)27、某同學要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ；步驟如下：

（1）用游標為20分度的游標卡尺測量其長度如圖l，由圖可知其長度為L=__________mm；

（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖2所示，由圖可知其直徑D=__________mm：

（3）該同學用多用電表測的阻值約為100Ω；現(xiàn)用伏安法更精確地測量其電阻R，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：

待測圓柱體電阻R；

電流表A1(量程0~4mA，內阻約50Ω）；電流表A2（量程0~30mA；內阻約30Ω）；

電壓表V1（量程0~3V，內阻約10kΩ）；電壓表V2(量程0~15V；內阻約25kΩ）；

直流電源E(電動勢4V；內阻不計）；

滑動變阻器R1(阻值范圍0~15Ω；允許通過的最大電流2.0A）；

滑動變阻器R2(阻值范圍0~2kΩ；允許通過的最大電流0.5A)；

開關S；導線若干。

為使實驗誤差較?。灰鬁y得多組數據進行分析，某同學設計了如圖的電路，試指出三處不妥之處：

①__________________________________________________；

②__________________________________________________；

③__________________________________________________．28、某物理實驗小組利用實驗室提供的器材測定電壓表V1的內阻；可選用的器材如下：

A．待測電壓表V1：量程3V，內阻約3kΩB．電壓表V2：量程15V；內阻約20kΩ

C．電流表A：量程3A，內阻約0.1ΩD．定值電阻R0：9.0kΩ

E．滑動變阻器R1：0~200ΩF．滑動變阻器R2：0~2kΩ

G．電源E：電動勢約為12V；內阻忽略不計H．開關；導線若干。

⑴為了準確測量電壓表V1的內阻，兩位同學根據上述實驗器材分別設計了如圖甲和乙兩個測量電路，你認為_____________（選填“甲”或“乙”）更合理，并在實物圖中用筆畫線代替導線將電路圖補充完整_______．

⑵該實驗中滑動變阻器應該選用_____（選填“R1”或“R2”）．

⑶用已知量R0和V1、V2的示數U1、U2來表示電壓表V1的內阻RV1=_______．29、李明同學想要測量某個未知電阻R1,他的手邊共有儀器如下:一個電阻箱R、一個滑動變阻器R0、一個靈敏電流計G、一個不計內阻的恒定電源E；開關、導線若干．他首先想到用伏安法或者電表改裝知識來設計電路,但發(fā)現(xiàn)由于儀器缺乏無法實現(xiàn)．苦惱之余去尋求物理老師的幫助．老師首先給了他一道習題要求他思考:

(1)如圖甲,在a、b之間搭一座“電橋”,調節(jié)四個變阻箱R1、R2、R3、R4的阻值,當G表為零時(此時也稱為“電橋平衡”),4個電阻之間的關系是_____．

(2)聰明的李明馬上想到了改進自己的實驗,他按照以下步驟很快就測出了Rx

①按圖乙接好電路,調節(jié)_____,P為滑動變阻器的滑片,當G表示數為零時,讀出此時變阻箱阻值R1;

②將Rx與變阻箱R互換位置,并且控制______不動,再次調節(jié)____,直至電橋再次平衡時,讀出此時變阻箱阻值R2;

③由以上數據即可得Rx的阻值,其大小為Rx=__．30、右圖為“研究一定質量氣體在壓強不變的條件下；體積變化與溫度變化關系”的實驗裝置示意圖．粗細均勻的彎曲玻璃管A臂插入燒瓶，B臂與玻璃管C下部用橡膠管連接，C管開口向上，一定質量的氣體被水銀封閉于燒瓶內．開始時，B；C內的水銀面等高．

（1）若氣體溫度升高，為使瓶內氣體的壓強不變，應將C管____________（填：“向上”或“向下”）移動，直至____________；

（2）實驗中多次改變氣體溫度，用Δt表示氣體升高的攝氏溫度，用Δh表示B管內水銀面高度的改變量．根據測量數據作出的圖線是()

評卷人得分六、解答題(共2題，共6分)31、如圖是一個家庭用的漏電保護器的簡單原理圖，它由兩個主要部分組成，圖中左邊虛線框內是檢測裝置，右邊虛線框內是執(zhí)行裝置。檢測裝置是一個特殊的變壓器，它把即將引入室內的火線和零線并在一起繞在鐵芯上作為初級（n1匝），另繞一個次級線圈（n2匝）。執(zhí)行裝置是一個由電磁鐵控制的脫扣開關。當電磁鐵的線圈中沒有電流時；開關是閉合的，當電磁鐵的線圈中的電流達到或超過一定值時，開關斷開，切斷電路，起到自動保護作用。

（1）漏電保護器的檢測部分又稱為“漏電流傳感器”；請回答：什么是漏電流？為什么這個裝置能感知漏電流的存在并能檢測其是否超過某個閾值？

（2）我國規(guī)定當漏電流達到或超過30mA時，就要切斷電路以保證人身的安全。至于電磁鐵中的電流達到多大時脫扣開關才斷開，則與使用的具體器材有關，如果本題中的脫扣開關要求電磁鐵中的電流至少達到80mA才會脫扣，并且其檢測裝置可以看作理想變壓器，那么，n1與n2的比值應等于多少？

（3）對脫扣開關的要求是：當漏電流達到一定數值時，脫扣開關即斷開，從而切斷電路起到保護作用，此后即使故障排除，脫扣開關也不會自己閉合，而必須用手指按一個“復位按紐”才能閉合開關而使電路重新導通。請你幫助設計一個滿足要求的脫扣開關，把你設計的草圖畫在下面，必要時加上簡單的文字說明。32、某發(fā)電機輸電電路的簡圖如圖所示，發(fā)電機的矩形線框ABCD處于磁感應強度大小為B=的水平勻強磁場中，線框面積為S=0.25m2，匝數為100匝，電阻不計．線框繞垂直于磁場的軸OO′以角速度ω=100πrad/s勻速轉動，并與升壓變壓器的原線圈相連，升壓變壓器原、副線圈的匝數之比1：20，降壓變壓器的副線圈接入若干“220V，100W”的燈泡，兩變壓器間的輸電線總電阻R=20Ω，變壓器均為理想變壓器．當發(fā)電機輸出功率為時；燈泡正常發(fā)光.

(1)從線框平面與磁感線垂直時開始計時；寫出線框中感應電動勢隨時間變化的關系式.

(2)求降壓變壓器原、副線圈的匝數之比.參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

帶電粒子在磁場中做圓周運動

軌道半徑為r＝

軌跡與ON相切，畫出粒子的運動軌跡如圖所示，由于＝2rsin30°＝r

故△AO′D為等邊三角形，∠O′DA＝60°，而∠MON＝30°，則∠OCD＝90°，故CO′D為一直線＝＝2＝4r＝

故選D。

2、B【分析】【分析】

由圖示電路可知R2與R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)，電壓表測量路端電壓，由滑片的移動可得出滑動變阻器接入電阻的變化，則由閉合電路的歐姆定律可得出總電流的變化，由U=E-Ir可得出路端電壓的變化；將R1作為內阻處理，則可得出并聯(lián)部分電壓的變化，求得R2中電流的變化；由并聯(lián)電路的電流規(guī)律可得出電流表示數的變化．

【詳解】

當滑片向下移動時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大，則由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流減小，故內電壓減小，因此路端電壓增大，故電壓表示數變大；將R1等效為內阻，則可知并聯(lián)部分電壓一定增大，故流過R2的電流增大，因總電流減小，故電流表示數減小，故B正確，A、C、D錯誤．3、C【分析】【詳解】

A．過程，氣體溫度T不變，該過程為等溫過程，氣體壓強p增大，所以體積V減?。粏挝惑w積內的分子數增多，A錯誤；

B．過程氣體溫度T升高；氣體分子平均動能增大，B錯誤；

C．過程，由于延長線通過坐標原點，根據理想氣體狀態(tài)方程可知，該過程為等容變化，溫度T減小；氣體內能減小，體積不變，做功為零，根據熱力學第一定律，可知氣體向外界放熱，C正確；

D．根據上述，過程，氣體體積不變，過程，氣體體積減小，可知全過程狀態(tài)b的體積最??；D錯誤。

故選C。4、A【分析】【詳解】

A．根據熱力學第二定律可知；機械能可以全部轉化為內能，而內能無法全部用來做功以轉換成機械能，故A正確；

B．若分子間距離從平衡距離開始增大；則分子間作用力先增大后減小；若分子間距離始終小于平衡距離，則分子間作用力始終表現(xiàn)為斥力，則當分子間距離增大時，分子力做正功，分子勢能減小，故B錯誤；

C．氣體的壓強和單位時間內氣體分子對容器壁單位面積上的碰撞次數和氣體分子的平均動能有關；所以若單位時間內氣體分子對容器壁單位面積上的碰撞次數減少，氣體的壓強不一定減小，故C錯誤；

D．因為氣體分子不是緊密排列的；所以根據阿伏伽德羅常數；氣體的摩爾質量和密度，只能估算出每個氣體分子所占據的平均空間體積，無法估算該種氣體分子體積的大小，故D錯誤。

故選A。5、B【分析】提出分子電流假說并用以解釋物質磁性及磁化現(xiàn)象的科學家是安培，故選B.6、D【分析】【詳解】

由可知，電動勢保持不變，則電路中電流不變，則AB錯誤；由安培力F=BtIL可知，電路中安培力隨B的變化而變化，當B為負值時，安培力的方向為負，B為正值時，安培力為正值，故C錯誤，D正確；7、D【分析】【詳解】

布朗運動是固體小顆粒的無規(guī)運動，故A錯；分子間的引力和斥力均是隨分子間距的增大而減小的，故B錯；而分子勢能隨分子間距也不是一種直接的正向變化關系，故C錯；影響內能的因素不僅有溫度，還有體積，物質的量這些個因素．故D正確．8、D【分析】【詳解】

A；若兩個階段物體下落的高度不同；則兩個階段重力做功不相等，故A錯。

B、整個下落過程中,兩個階段的時間關系不知道,根據則不能判定第一階段重力對運動員的沖量和第二階段重力對運動員的沖量大小關系.故B錯誤;

C；第二階段運動員受到的合力方向先向下后向上.故C錯誤.

D；整個下落過程中,因為初末速度都為零,所以第一、第二階段重力對運動員的總沖量和第二階段彈性繩彈力對運動員的沖量大小相等.所以D選項是正確的.

綜上所述本題答案是：D

點睛：根據動量定理研究第一階段重力的沖量和第二階段彈力的沖量大小關系;整個下落過程中,因為初末速度都為零,根據動能定理,總功為零,整個過程中,重力對運動員所做的功等于運動員克服彈性繩彈力所做的功.9、A【分析】【詳解】

A．若A、B與平板車上表面間的動摩擦因數相同，彈簧釋放后，若A、B兩物體仍靜止，則A、B兩物體動量守恒。若A、B兩物體發(fā)生滑動，A、B兩物體受到的摩擦力不同；系統(tǒng)所受合外力不為0，系統(tǒng)動量不守恒，A錯誤；

C．若A；B所受的摩擦力大小相等；A、B兩物體構成的系統(tǒng)所受合外力為0，動量守恒，C正確；

BD．由于地面光滑；A；B、C組成的系統(tǒng)所受合外力為0，A、B、C組成的系統(tǒng)動量守恒。動量守恒需要系統(tǒng)受到的合外力為零，與系統(tǒng)內的內力無關，A、B、C之間的摩擦力為內力。故BD錯誤。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)10、A:B【分析】【詳解】

A.根據玻爾理論可知，公式中n只能取整數值；故氫光諧是線狀譜，故A項與題意相符；

B.氫原子從n＝3能級躍遷到n＝2能級，該氫原子放出光子，其核外電子的軌道半徑靜止，由：

可知；電子動能增大，故B項與題意相符；

C.根據玻爾理論可知氫原子從n＝3能級躍遷到n＝2能級時輻射出的光子；在巴耳末系中光子中能量值最小，則波長最長，故C項與題意不相符；

D.用能量為13.0eV的光子去照射一群處于基態(tài)的氫原子，受照射后，若氫原子能吸收該光子，則新的能級為：E＝﹣13.6eV+13.0eV=0.6eV

氫原子沒有該能級，所以氫原子不能吸收該光子，故D項與題意不符．11、B:C:E【分析】【詳解】

A．由于單晶體在不同方向上物質微粒的排列情況不同；即為各向異性，則為單晶體具有各向異性，但并不是所有物理性質都是各向異性的，選項A正確，不符合題意；

B．液體的表面張力使液體表面具有收縮的趨勢；選項B錯誤，符合題意；

C．氣體的壓強是由于大量的氣體分子頻繁的對器壁碰撞產生的；并不是由于氣體分子間相互排斥而產生的，選項C錯誤，符合題意；

D．分子間同時存在引力和斥力；且這兩種力同時增大，同時減小，選項D正確，不符合題意；

E．熱量能自發(fā)地從溫度高的物體向溫度低的物體進行傳遞；選項E錯誤，符合題意；

故選BCE.12、B:D【分析】A項：第二類永動機仍然遵循能量守恒定律；所以不違反熱力學第一定律，但能量的轉化和轉移具有一定的方向性，它違反了熱力學第二定律，故A錯誤；

B項：因為毛細現(xiàn)象；是液體表面對固體表面的吸引力．毛細管插入浸潤液體中，管內液面上升，高于管外，毛細管插入不浸潤液體中，管內液體下降，低于管外的現(xiàn)象，故B正確；

C項：對不同物體來說；內能大小還與物體的質量有關，溫度高的物體具有的內能不一定比溫度低的物體具有的內能多，故C錯誤；

D項：因液體分子表面層分子分布比內部稀疏；故分子間作用力表現(xiàn)為引力，液體表面有收縮趨勢，故D正確．

點晴：內能是指物體內所有做無規(guī)則運動的分子的動能和分子勢能的總和．內能的大小跟物體的溫度和物體的質量大小有關．同一物體溫度升高，物體的內能增大；對不同物體來說，內能大小還與物體的質量有關．13、A:B:D【分析】【詳解】

A．在毛細現(xiàn)象中；毛細管中的液面有的升高，有的降低，這與液體的種類和毛細管的材質有關，選項A正確；

B．脫脂棉脫脂的目的在于使它從不被水浸潤變?yōu)榭梢员凰?；以便吸取藥液，選項B正確；

C．燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面；熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明云母片的物理性質各向異性，云母片是單晶體，選項C錯誤；

D．在空間站完全失重的環(huán)境下；水滴能收縮成標準的球形是因為液體表面張力的作用，選項D正確；

E．在一定溫度條件下，空氣的相對濕度越大，水蒸發(fā)越慢，人就感到越潮濕，故當人們感到潮濕時，空氣的相對濕度一定較大，但絕對濕度不一定大，故E錯誤；14、A:B:E【分析】【詳解】

A．過程ab中氣體的體積不變；沒有做功；溫度升高，內能增大，所以氣體一定吸熱，故A正確；

B．a到b過程根據題圖，由理想氣體的狀態(tài)方程可知

所以

同理

解得

所以

故B正確；

C．由于理想氣體分子之間的作用力可以忽略不計，所以過程bc中分子勢能不變；故C錯誤；

D．溫度是分子平均動能的標志，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，對單個的分子沒有意義，所以過程bc中氣體的溫度降低；分子的平均動能減小，并不是每一個分子的速率都減小，故D錯誤；

E．過程ca中氣體等溫膨脹；內能不變，對外做功，根據熱力學第一定律可知，氣體吸收的熱量等于對外做的功，故E正確。

故選ABE。15、C:D【分析】【詳解】

振子開始運動的方向先向左，再向M點運動；運動路線如圖1所示：

得到振動的周期為：振子第三次通過M點需要經過的時間為t=T-2s=若振子開始運動的方向向右直接向M點運動，如圖2，振動的周期為：振子第三次通過M點需要經過的時間為t=T-2s=14s；所以CD正確，AB錯誤。三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【詳解】

根據光路圖可知，a光的偏折程度較大，可知a光的折射率較大，即

由公式可知，a光在水滴中傳播的速度較小，即．【解析】><17、略

【分析】【詳解】

[1]氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B；發(fā)生的是等容變化，氣體對外不做功，但溫度降低，內能減少，根據熱力學第一定律可知氣體放出熱量。

[2]從B變化到C過程，氣體發(fā)生的是等壓膨脹，氣體對外做功，同時溫度升高，內能增大，根據熱力學第一定律可知，氣體一定吸收熱量?！窘馕觥糠懦鑫?8、略

【分析】【詳解】

[1]氣體的分子平均動能和溫度有關，溫度越高氣體的分子平均動能越大。從到過程中；溫度降低，所以氣體的分子平均動能變小。

[2]從到的過程壓強不變；溫度升高，則內能增加，同時體積增大，氣體膨脹對外做功，因此氣體要吸熱，不可能為絕熱過程。

[3]從到的過程中溫度不變，壓強降低，可知體積增大，則氣體的密度變小?！窘馕觥孔冃〔豢赡茏冃?9、略

【分析】【詳解】

[1][2]依據電表的改裝的特點，需串聯(lián)一個電阻分壓，依據歐姆定律【解析】串聯(lián)20、略

【分析】【詳解】

當開關閉合后，燈泡L1的電壓U1=3V，由圖2讀出其電流I1=0.25A，則燈泡L1的電阻燈泡L2、L3串聯(lián)，電壓U2=U3=1.5V，由圖讀出其電流I2=I3=0.20A，則I1=1.25I2，燈泡L2、L3的功率均為P=UI=1.5V×0.20A=0.30W；【解析】12Ω0.30W21、略

【分析】【分析】

帶電粒子在加速電場中電場力做功等于粒子動能的增加量；由動能定理可以求得粒子進入磁場時的速度v；帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，在磁場中運動半個圓周后打在A點，根據左手定則判斷粒子的電性；洛倫茲力提供向心力；O；A兩點間的距離是圓的直徑．

【詳解】

帶電粒子在加速電場中加速，在磁場中向上偏轉，根據左手定則可知，粒子帶負電；由動能定理得：qU=mv2-0；

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m解得：

O、A兩點間的距離：x=2r=

【點睛】

本題考查了粒子在電場與磁場中的運動，分析清楚粒子運動過程是解題的關鍵，應用動能定理與牛頓第二定律可以解題．【解析】負22、略

【分析】【詳解】

根據題意，波速周期T=

（i）若波向x軸正方向傳播，最小波速是4cm/s（n=0；式子取“+”號）

（ii）若波向x軸負方向傳播，最大周期為s（n=1；式子取“-”號）

（iii）若波速為71cm/s，對應n=3，且式子取“-”號，說明波向x軸負方向傳播．【解析】4x軸負方向23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]空調制冷運行時；室內的水蒸氣遇到溫度低的蒸發(fā)器會發(fā)生液化現(xiàn)象，凝結成小水滴排出室外，室內的空氣濕度小于室外；

[2]根據能效等級做出分析；圖乙中，兩空調工作時更節(jié)能的是A；

（2）[3]A．由公式

知U一定，使用大功率用電器空調時，電路中電流I過大；可能會引起火災或跳閘等事故，鋪設了專線，可以防止這種危害，故A錯誤；

B．空調機制冷時，消耗的電能W，室外機放出的熱量包括從房間里取出一部分熱量Q和消耗的電能W，釋放到大氣熱量中的熱量為Q+W；所以室外機放出的熱量要大于壓縮機消耗的電能，故B正確；

C．氟利昂在空調內部的蒸發(fā)器里面汽化；汽化要吸熱，使空調蒸發(fā)器的溫度降低，室內的水蒸氣遇到溫度低的蒸發(fā)器會發(fā)生液化現(xiàn)象，空調壓縮機是利用氟利昂發(fā)生物態(tài)變化方法降溫的，故C錯誤；

D．空調制冷時室外機中有風扇在轉動；它的作用是將熱氣吹向室外，故D錯誤。

故選A；

（3）[4]已知制冷量

因為效能比

所以制冷量

在t=10min=600s內消耗的電能

[5]制冷量

空氣質量

根據

可得【解析】小于AB0.1913.5四、作圖題(共3題，共12分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共40分)27、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）長度為L=5cm+0.05mm×3=50.15mm；

（2）直徑D=4.5mm+0.01mm×20.0=4.700mm