2025年外研版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，導(dǎo)線框abcd

與導(dǎo)線在同一平面內(nèi)，直導(dǎo)線通恒定電流I

當(dāng)線框由左向右勻速通過直導(dǎo)線時，線框中感應(yīng)電流方向是：()

A.先abcd

后dcba

再abcd

；B.先abcd

后dcba

；C.始終沿dcba

；D.先dcba

，后abcd

，再dcba

。2、“幾日隨風(fēng)北海游，回從揚子大江頭。臣心一片磁針石，不指南方不肯休”。是宋末政治家、文學(xué)家，愛國詩人，抗元名臣文天祥所寫隆露

揚子江隆路

的著名詩句，他用小磁針石的物理特性，表達了作者堅定的愛國主義情懷。據(jù)此你的理解是()A.小磁針北極不論在任何情況下受到地磁場所給的力，總是與該點處地磁場方向一致。B.小磁針的北極不論在任何情況下都指向地磁的南極C.小磁針的南極不論在任何情況下都指向地磁的南極D.地球的地磁場方向總是從北極指向南極3、如圖，MN

和PQ

是電阻不計的平行金屬導(dǎo)軌，其間距為L

導(dǎo)軌彎曲部分光滑，平直部分粗糙，右端接一個阻值為R

的定值電阻.

平直部分導(dǎo)軌左邊區(qū)域有寬度為d

方向豎直向上、磁感應(yīng)強度大小為B

的勻強磁場.

質(zhì)量為m

電阻也為R

的金屬棒從高為h

處靜止釋放，到達磁場右邊界處恰好停止.

已知金屬棒與平直部分導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為u

金屬棒與導(dǎo)軌間接觸良好.

則金屬棒穿過磁場區(qū)域的過程中(

)

A.流過金屬棒的最大電流為Bd2gh2R

B.通過金屬棒的電荷量為BdLR

C.克服安培力所做的功為mgh

D.金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱為12mg(h鈭?婁脤d)

4、勁度系數(shù)為20N／cm的彈簧振子，它的振動圖象如圖所示，在圖中A點對應(yīng)的時刻（）A.振子所受的彈力大小為5N，方向指向x軸的負方向B.振子的速度方向指向x軸的正方向C.在0～4s內(nèi)振子作了1.75次全振動D.在0～4s內(nèi)振子通過的路程為0.35cm，位移為05、下列運動中，物體的運動狀態(tài)不變的是（）A.勻速直線運動B.勻加速直線運動C.勻減速直線運動D.自由落體運動6、毛皮與橡膠棒摩擦后，橡膠棒帶負電．下列說法正確的是（）A.毛皮不帶電，因為在此過程中創(chuàng)造了負電荷B.毛皮帶負電，因為在此過程中創(chuàng)造了負電荷C.毛皮帶正電，因為毛皮上的一些電子轉(zhuǎn)移到橡膠棒上D.毛皮帶負電，因為橡膠棒上的一些負電荷轉(zhuǎn)移到毛皮上7、如圖甲所示，理想變壓器原線圈輸入圖乙所示的正弦交變電流，副線圈中的R0R1

為定值電阻，滑動變阻器的最大阻值為R

且R1<R0

。理想交流電壓表V1V2

的示數(shù)分別為U1U2

理想交流電流表A1A2

的示數(shù)分別為I1I2

理想交流電壓表V2

和理想交流電流表A2

示數(shù)變化的絕對值分別為婁隴U2婁隴I2

下列說法中正確的是。

A.t=0.01s

時，理想交流電壓表V1

的示數(shù)為零B.滑動變阻器滑片從最下端向上滑動，I1

增大，U2

減小C.滑動變阻器滑片從最下端向上滑動，鈻?U2鈻?I2

增大D.滑動變阻器滑片從最下端向上滑動，U2I2

一定減小評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、在做測定玻璃折射率的實驗時：

（1）甲同學(xué)在紙正確畫出玻璃的兩個界面ab和cd時不慎碰了玻璃磚使它向ab方向平移了一些，如圖甲所示，其后的操作都正確，但畫光路圖時，將折射點確定在ab和cd上，則測出的n值將____．（填”偏??；不變、偏大”）

（2）乙同學(xué)為了避免筆尖接觸玻璃面，畫出的a′b′和c′d′都比實際側(cè)面外側(cè)平。

移了一些，如圖乙所示，以后的操作都是正確的，畫光路時將入射點和折射點都確定在a′b′和c′d′上，則測出的n值將____．（填”偏??；不變、偏大”）

9、若一氣泡從湖底上升到湖面的過程中溫度保持不變，則在此過程中關(guān)于氣泡中的氣體，若將氣泡內(nèi)的氣體視為理想氣體，氣泡從湖底上升到湖面的過程中，對外界做了0.6J的功，則此過程中的氣泡____（填“吸收”或“放出”）的熱量是____J。氣泡到達湖面后，溫度上升的過程中，又對外界做了0.1J的功，同時吸收了0.3J的熱量，則此過程中，氣泡內(nèi)氣體內(nèi)能增加了____J。10、如上右圖所示，在墻角處的水平地面上，靜止著一質(zhì)量為4m、傾角為37°的三角形木塊，在木塊斜面與豎直墻壁間靜止著一質(zhì)量為m的光滑小球，則木塊對地面壓力的大小為_____，地面對木塊的靜摩擦力大小為______.（已知sin370=0.6）11、分子永不停息地做無規(guī)則熱運動(1)

擴散現(xiàn)象：相互接觸的物體的分子或原子彼此進入對方的現(xiàn)象.

溫度越____，擴散越快.

(2)

布朗運動：在顯微鏡下看到的懸浮在液體中的微小顆粒的永不停息的無規(guī)則運動.

布朗運動反映了____的無規(guī)則運動，顆粒越____，運動越明顯;

溫度越____，運動越劇烈.

12、液晶：具有液體的____性，具有晶體的光學(xué)各向____性．13、“探究導(dǎo)體電阻與導(dǎo)體長度、橫截面積、材料的關(guān)系”的實驗電路如圖所示，a、b；c、d是四種不同的金屬絲．現(xiàn)有幾根康銅合金絲和鎳鉻合金絲；其規(guī)格如表所示．

。編號材料長度（m）橫截面積（mm2）A鎳鉻合金0.80.8B鎳鉻合金0.50.5C鎳鉻合金0.30.5D鎳鉻合金0.31.0E康銅絲0.30.5F康銅絲0.80.8（1）電路圖（1）中用到四條金屬絲，現(xiàn)在，先選中了上表中編號為C的金屬絲，則其余三種應(yīng)當(dāng)選用上表中的______金屬絲（用編號表示另三個；任意順序填寫）．

（2）在相互交流時，有位學(xué)生提出用如圖（2）所示的電路，只要將圖中P端分別和觸點1、2、3、4相接，讀出電流，利用電流跟電阻成反比的關(guān)系，也能探究出導(dǎo)體電阻與影響其因素的定量關(guān)系，你認為上述方法是否正確______（填是或否），如正確請說出理由；若不正確，請說出原因：______．14、在“測量金屬絲的電阻率”實驗中，用螺旋測微器測金屬絲的直徑如圖所示，則該金屬絲的直徑為______mm

．15、如圖所示，在點電荷Q

形成的電場中有ABC

三點，若Q

為正電荷，則______點電勢最高，將正電荷放在______點時電勢能最大，將負電荷放在______點時電勢能最小.

若Q

為負電荷，則______點電勢最低，將正電荷放在______點時電勢能最小，將負電荷放在______點時電勢能最大．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）17、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

20、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）22、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、證明題(共2題，共20分)23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分五、簡答題(共3題，共18分)25、焦亞硫酸鈉rm{(Na_{2}S_{2}O_{5})}是常用的食品抗氧化劑之一。某研究小組進行如下實驗：實驗一：焦亞硫酸鈉的制取采用如圖裝置rm{(}實驗前已除盡裝置內(nèi)的空氣rm{)}制取rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}裝置Ⅱ中有rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}晶體析出，發(fā)生的反應(yīng)為rm{Na_{2}SO_{3}+SO_{2}===Na_{2}S_{2}O_{5}}rm{壟脜}裝置Ⅰ中產(chǎn)生氣體的化學(xué)方程式為____。rm{壟脝}要從裝置Ⅱ中獲得已析出的晶體，可采取的分離方法是____。rm{壟脟}裝置Ⅲ用于處理尾氣，可選用的最合理裝置rm{(}夾持儀器已略去rm{)}為____rm{(}填序號rm{)}

實驗二：焦亞硫酸鈉的性質(zhì)已知：rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}溶于水即生成rm{NaHSO_{3}}rm{壟脠}證明rm{NaHSO_{3}}溶液中rm{HSOrlap{{!,}^{-}}{{!,}_{3}}}的電離程度大于水解程度，可采用的方法是____rm{(}填序號rm{)}rm{a.}測定溶液的rm{pH}rm{b.}加入rm{Ba(OH)_{2}}溶液rm{c.}加入鹽酸rm{d.}加入品紅溶液rm{e.}用藍色石蕊試紙檢測rm{壟脡}檢測制備的rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}晶體在空氣中已被氧化的實驗方法是：____。實驗三：葡萄酒中抗氧化劑殘留量的測定rm{壟脢}葡萄酒常用rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}作抗氧化劑。測定某葡萄酒中抗氧化劑的殘留量rm{(}以游離rm{SO_{2}}計算rm{)}的方案如下：rm{(}已知：滴定時反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{SO_{2}+I_{2}+2H_{2}O===H_{2}SO_{4}+2HI)}rm{壟脵}按上述方案實驗，消耗標準rm{I_{2}}溶液rm{25.00mL}該次實驗測得樣品中抗氧化劑的殘留量rm{(}以游離rm{SO_{2}}計算rm{)}為____rm{g隆隴L^{-1}}rm{壟脷}在上述實驗過程中，若有部分rm{HI}被空氣氧化，則測定結(jié)果____rm{(}填“偏高”“偏低”或“不變”rm{)}26、如圖所示電路中，輸入電壓U恒為12V，燈泡L上標有“6V、12W”字樣，電動機線圈的電阻RM=0.50Ω．若燈泡恰能正常發(fā)光；求：

（1）電動機的熱功率P熱

（2）電動機的輸出功率P出是多少？27、為了測量某一未知電阻Rx

的阻值；某實驗小組找來以下器材：電壓表(0隆蘆3V

內(nèi)阻約3k婁賂)

電流表(0隆蘆0.6A

內(nèi)阻約0.5婁賂)

滑動變阻器(0隆蘆15婁賂,2A)

電源(E=3V

內(nèi)阻很小)

開關(guān)與導(dǎo)線，并采用如圖甲所示的電路圖做實驗．

壟脵

請按圖甲所示的電路圖將圖乙中實物連線圖補齊；

壟脷

圖乙中，閉合開關(guān)前，應(yīng)將滑動變阻器的滑片P

置于____端(

選填“a

”、“b

”)

．

壟脹

閉合開關(guān)；緩慢調(diào)節(jié)滑動變阻器，得到多組電壓表與電流表的讀數(shù)，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)在坐標系中描出坐標點，請你完成U鈭?I

圖線；

壟脺

根據(jù)U鈭?I

圖可得；該未知電阻的阻值Rx=

____(

保留兩位有效數(shù)字)

壟脻

由于實驗中使用的電表不是理想電表，會對實驗結(jié)果造成一定的影響，則該小組同學(xué)實驗測出的電阻值____Rx

的真實值(

填“>

”、“<

”或“=

”)

．

壟脼

利用現(xiàn)有的儀器，為了更加精確地測量這個電阻的阻值，請你給該實驗小組提出建議并說明理由。評卷人得分六、識圖作答題(共3題，共12分)28、下圖方框內(nèi)為某人工池塘生態(tài)系統(tǒng)的主要食物鏈，括號內(nèi)數(shù)值表示一年內(nèi)該營養(yǎng)級生物同化的總能量（單位為J／cm2·a），請據(jù)圖回答問題：（1）圖中有________條食物鏈。（2）能量從第一營養(yǎng)級傳遞到第二營養(yǎng)級的效率是________％（保留一位小數(shù)）。（3）浮游生物同化的能量用于生長發(fā)育繁育和________。（4）太陽魚與雙翅目幼蟲的關(guān)系為________。29、下列示意圖分別表示某二倍體動物（2N=4）體內(nèi)細胞正常分裂過程中不同時期細胞內(nèi)染色體、染色單體和DNA含量的關(guān)系以及細胞分裂圖像。請分析并回答：（1）根據(jù)圖B中細胞的分裂圖可判斷該動物為雌性，原因是____。（2）圖A柱形圖中a～c表示染色體的是____，圖B乙圖中染色體的行為導(dǎo)致基因的行為變化是____。（3）圖A中Ⅲ的數(shù)量關(guān)系對應(yīng)于圖B中的____，圖B中丙所示的細胞有____個染色體組。（4）圖A中的數(shù)量關(guān)系由Ⅰ變化為Ⅱ的過程，細胞核內(nèi)發(fā)生的分子水平的變化是____；由Ⅱ變化為Ⅲ，相當(dāng)于圖B中的____→____過程。（5）符合圖A中Ⅳ所示數(shù)量關(guān)系的某細胞名稱是____，圖A中所示時期____內(nèi)不可能存在同源染色體。30、金桔果實金黃、清香，富含維生素C、金桔甙等成分，具有較高的食用價值。桔皮色素對大腸桿菌具有一定的抑制作用。請回答下列有關(guān)問題：（1）若用金桔自然發(fā)酵產(chǎn)生果酒，利用的微生物主要是____，發(fā)酵過程中溫度需要保持在18～25℃范圍內(nèi)。若在果汁中混有醋酸菌，在果酒發(fā)酵旺盛時，醋酸菌____（能/不能）將果汁中的糖發(fā)酵形成醋酸，原因是____。

（2）金桔皮易焦糊，宜采用____法提取桔皮精油，該過程中得到的糊狀液體可通過過濾除去其中的固體雜質(zhì)。（3）金桔在長期栽種后會積累大量病毒，通過植物組織培養(yǎng)可以獲得脫毒苗。進行組織培養(yǎng)使用的培養(yǎng)基和微生物培養(yǎng)基的主要區(qū)別是前者含有更多種類的無機鹽和____。對外植體進行表面消毒時，要根據(jù)消毒效果和____，合理選擇消毒劑和控制消毒時間。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【解析】

試題分析：據(jù)安培定則可知，在導(dǎo)線左側(cè)磁場向外，右側(cè)磁場向里，當(dāng)線框位于導(dǎo)線左側(cè)向右運動時，磁場向外，磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向為dcba

方向；當(dāng)線框經(jīng)過導(dǎo)線時，磁場先向外后向里，磁通量先減小后增大，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向為abcd

方向；當(dāng)線框位于導(dǎo)線右側(cè)向右運動時，磁場向里，磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向為dcba

方向。

故選D

考點：楞次定律；通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場的方向。

點評：運用楞次定律判斷感應(yīng)電流方向，難點在于分析導(dǎo)線框經(jīng)過中線時磁場方向和磁通量的變化情況．【解析】D

2、A【分析】【分析】

磁感應(yīng)強度B

的方向與小磁針在任何情況下N

極受力方向一致；地球是一個大磁體；地磁南極在地理北極附近，小磁針受地磁場的作用，小磁針的北極指地磁南極(

地理北極附近)

此題考查磁場的方向問題；知道磁場方向與某點小磁針北極的受力方向與該點磁場方向一致。

【解答】

A.小磁針北極不論在任何情況下受到地磁場所給的力，總是與該點處地磁場方向一致，故A正確。

BCDBCD．地磁北極在地理南極附近；地磁南極在地理的北極附近，地磁南北極與地理北南極并不重合，地球周圍存在的地磁場的方向總是指向北方(

即地磁的南極)

故BCD錯誤；

故選A?！窘馕觥緼

3、D【分析】解：A

金屬棒下滑過程中，機械能守恒，由機械能守恒定律得：mgh=12mv2

金屬棒到達水平面時的速度v=2gh

金屬棒到達水平面后做減速運動，剛到達水平面時的速度最大，最大感應(yīng)電動勢E=BLv

最大感應(yīng)電流I=ER+R=BL2gh2R

故A錯誤；

B、感應(yīng)電荷量q=I.鈻?t=E.R+R鈻?t=鈻?婁碌鈻?t2R?鈻?t=鈻?婁碌2R=B鈰?Ld2R=Bdl2R

故B錯誤；

C；金屬棒在整個運動過程中；由動能定理得：mgh鈭?WB鈭?婁脤mgd=0鈭?0

克服安培力做功：WB=mgh鈭?婁脤mgd

故C錯誤；

D；克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱；電阻與導(dǎo)體棒電阻相等，通過它們的電流相等，則金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱。

QR=12Q=12WB=12mg(h鈭?婁脤d)

故D正確；

故選：D

．

金屬棒在彎曲軌道下滑時；只有重力做功，機械能守恒，由機械能守恒定律或動能定理可以求出金屬棒到達水平面時的速度，由E=BLv

求出感應(yīng)電動勢，然后求出感應(yīng)電流；

由q=鈻?婁碌R脳脺

可以求出感應(yīng)電荷量；

克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱；由動能定理(

或能量守恒定律)

可以求出克服安培力做功，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的焦耳熱．

本題綜合考查了機械能守恒定律、動能定理、法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律等，綜合性較強，對學(xué)生能力要求較高，需加強這方面的訓(xùn)練．【解析】D

4、A|B【分析】【解析】【答案】AB5、A【分析】解：物體的運動狀態(tài)保持不變；那么物體速度的大小和方向都不能發(fā)生變化；

A；物體勻速直線時；它的速度的大小和方向都不變，故A正確；

B；勻加速直線運動時；速度大小在變化，運動狀態(tài)變化，故B錯誤；

C；勻減速直線運動時；速度大小在變化，運動狀態(tài)變化，故C錯誤；

D；自由落體運動時；速度在增大，運動狀態(tài)變化，故D錯誤．

故選：A

運動狀態(tài)保持不變；指的是物體速度的大小和方向都不能發(fā)生變化，否則物體的運動狀態(tài)就變了．

本題就考查學(xué)生對物體運動狀態(tài)是否變化的理解，無論速度的大小還是方向，只要有一個發(fā)生變化，那么運動狀態(tài)就變了，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】【答案】A6、C【分析】解：兩個物體互相摩擦?xí)r；因為不同物體的原子核束縛核外電子的本領(lǐng)不同，所以其中必定有一個物體失去一些電子，另一個物體得到多余的電子．如用玻璃棒跟絲綢摩擦，玻璃棒的一些電子轉(zhuǎn)移到絲綢上，玻璃棒因失去電子而帶正電，絲綢因得到電子而帶著等量的負電．用橡膠棒跟毛皮摩擦，毛皮的一些電子轉(zhuǎn)移到橡膠棒上，毛皮帶正電，故橡膠棒帶著等量的負電；故ABD錯誤，C正確。

故選：C

近代科學(xué)告訴我們：任何物體都是由原子構(gòu)成的；而原子由帶正電的原子核和帶負電的電子所組成，電子繞著原子核運動．在通常情況下，原子核帶的正電荷數(shù)跟核外電子帶的負電荷數(shù)相等，原子不顯電性，所以整個物體是中性的．原子核里正電荷數(shù)量很難改變，而核外電子卻能擺脫原子核的束縛，轉(zhuǎn)移到另一物體上，從而使核外電子帶的負電荷數(shù)目改變．當(dāng)物體失去電子時，它的電子帶的負電荷總數(shù)比原子核的正電荷少，就顯示出帶正電；相反，本來是中性的物體，當(dāng)?shù)玫诫娮訒r，它就顯示出帶負電．

本題關(guān)鍵是要明確摩擦起電的實質(zhì)是電荷的轉(zhuǎn)移，摩擦起電的兩個物體帶等量的異號電荷，電荷總量守恒．【解析】【答案】C7、B【分析】【分析】交流電壓表的讀數(shù)為有效值，當(dāng)滑片從最下端向上滑動時，根據(jù)歐姆定律及原副線圈的功率關(guān)系分析電表讀數(shù)；在副線圈回路中，可以將。

等效為電源的內(nèi)阻，電壓表相當(dāng)于是路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析?U2?I2

的變化情況，I2U2

的變化情況取決于R1+

R

與R0

阻值大小關(guān)系，當(dāng)R1+R=R0

時，I2U2

最大；【解答】A.理想交流電壓表的讀數(shù)是有效值，理想交流電壓表V1

的示數(shù)為U1=3112=220V

所以在0.01s

時，理想交流電壓表V1

的示數(shù)為220V

故A錯誤；B.滑動變阻器滑片從最下端向上滑動；變阻器電阻變小，副線圈電流變大，原線圈電流I1

變大，電阻R0

兩端的電壓變大，副線圈兩端電壓不變，所以電壓表V2

示數(shù)變小，即U2

減小，故B正確；

C.變阻器滑片從最下端向上滑動，變阻器電阻減小，副線圈相當(dāng)于電源，將R0

等效為電源的內(nèi)阻，U2=U賂鹵鈭?I2R0

副線圈兩端的電壓不變，所以?U2?I2=鈭?R0

比值不變，故C錯誤；

D.滑動變阻器滑片從最下端向上滑動；變阻器電阻變小，副線圈相當(dāng)于電源，將R0

等效為電源的內(nèi)阻，當(dāng)R1+R=R0

時輸出功率最大，因為不知道滑動變阻器的全值電阻的大小，所以I2U2

可能先增大后減小，也可能一直減小，故D錯誤。

故選B?！窘馕觥緽

二、填空題(共8題，共16分)8、略

【分析】

（1）作出光路圖如圖所示，實線是實際的光路，虛線是作圖的光路，由幾何知識可知，入射角與折射角沒有誤差，則由折射定律n=可知；測出的n值將不變．

（2）作出光路圖如圖所示，實線是實際的光路，虛線是作圖的光路，可知入射角不變，但折射角變大，由由折射定律n=可知；測出的n值將偏?。?/p>

故答案為：（1）不變（2）偏小。

【解析】【答案】測定玻璃折射率的實驗原理是折射定律n=作出光路圖時，分析入射角與折射角的誤差情況，即可分析折射率的測量值與真實值的關(guān)系．

9、略

【分析】【解析】【答案】吸收0.60.210、略

【分析】試題分析：隔離小球進行受力分析可知豎直墻面對小球的彈力F=mgtanθ=0.75mg,再以三角形木塊和小球整體做為研究對象分析受力可知，豎直方向上受力平衡，所以地面的支持力為5mg,由牛頓第三定律可知木塊對地面壓力為5mg，水平方向上受力平衡，故地面對木塊的靜摩擦力f=F=0.75mg.考點：本題考察了共點力平衡【解析】【答案】5mg0.75mg11、(1)

高(2)

液體分子小高【分析】【分析】(1)

不同的物質(zhì)互相接觸時彼此進入對方的現(xiàn)象，叫做擴散，擴散的快慢與溫度有關(guān)，溫度越高，擴散進行的越快。(2)

布朗運動是固體微粒的運動，是液體分子無規(guī)則熱運動的反映，固體微粒越小布朗運動越明顯，溫度越高運動越劇烈。本題考查擴散現(xiàn)象和布朗運動?！窘獯稹?1)

不同的物質(zhì)互相接觸時彼此進入對方的現(xiàn)象，叫做擴散，擴散的快慢與溫度有關(guān)，溫度越高，擴散進行的越快。(2)

布朗運動是固體微粒的運動，是液體分子無規(guī)則熱運動的反映，固體微粒越小，布朗運動越明顯；溫度越高，運動越劇烈。故答案為：(1)

高(2)

液體分子；??；高【解析】(1)

高(2)

液體分子小高12、流動異【分析】【分析】本題考查液晶的特點。液晶：既具有液體的流動性，具有晶體的光學(xué)各向異性。解題的關(guān)鍵是知道液晶的特點?！窘獯稹恳壕В杭染哂幸后w的流動性，具有晶體的光學(xué)各向異性。故答案為：流動異【解析】流動異13、略

【分析】解：（1）從上述材料可以看出；BCE截面積相同，BCD材料相同，CDE長度相同；所以電路圖中四種金屬絲中的其他三種規(guī)格應(yīng)選表格中的BDE

（2）由圖2的電路可知；待測電阻與滑動變阻器串聯(lián)，所以待測電阻的電阻不同，分得的電壓不同；只有電壓不變時，利用電流跟電阻成反比的關(guān)系，才能探究出導(dǎo)體的電阻與影響其的定量關(guān)．

故答案為：（1）BDE；（2）否；因為P端分別和觸點1；2、3、4相接時；電阻兩端的電壓不一定相同，只有電壓不變時，利用電流跟電阻成反比的關(guān)系，才能探究出導(dǎo)體的電阻與影響其的定量關(guān)系．

（1）用控制變量法研究；選電阻絲時要注意盡量選擇有相同參數(shù)（材料；長度、橫截面積）的；

（2）接不同的電阻時；電流不同，故電阻分得的電壓不同，電流與電阻成反比的前提是導(dǎo)體兩端的電壓一定．

本題是探究影響電阻的因素的實驗，實驗原理是采用控制變量法，較為簡單．【解析】BDE；否；因為P端分別和觸點1、2、3、4相接時，電阻兩端的電壓不一定相同，只有電壓不變時，利用電流跟電阻成反比的關(guān)系，才能探究出導(dǎo)體的電阻與影響其的定量關(guān)系．14、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為0.0mm

可動刻度讀數(shù)為0.01隆脕34.8mm=0.348mm

則最終讀數(shù)為0.347mm隆蘆0.349

．

故答案為：0.347mm隆蘆0.349

．

螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；需估讀．

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法，知道固定刻度和可動刻度分度值的大?。窘馕觥?.347mm隆蘆0.349

15、略

【分析】解：由題；Q

為正電荷，電場線方向從A隆煤BA

點電勢比B

點電勢高.

而BC

兩點在同一等勢面上，電勢相等.

所以A

點電勢最高.

根據(jù)推論可知，將正電荷放在A

點時電勢能最大，將負電荷放在A

點時電勢能最小。

若Q

為負電荷；電場線方向從B隆煤AA

點電勢比B

點電勢低.

而BC

兩點在同一等勢面上，電勢相等.

所以A

點電勢最低.

根據(jù)推論可知，將正電荷放在A

點時電勢能最小，將負電荷放在A

點時電勢能最大．

故答案為：AAAAAA

根據(jù)電場線的方向判斷電勢的高低.

根據(jù)推論：正電荷在電勢高處電勢能大；負電荷在電勢低處電勢能大．

本題中電勢能大小的比較也可以根據(jù)電場力做功正負判斷.

電場力做功，電荷的電勢能減??；反之，電荷的電勢能增大．【解析】AAAAAA

三、判斷題(共7題，共14分)16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?0、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．四、證明題(共2題，共20分)23、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動24、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動五、簡答題(共3題，共18分)25、（1）Na2SO3+H2SO4=Na2SO4+SO2↑+H2O（2）過濾（3）d（4）ae（5）取少量Na2S2O5晶體于試管中，加入適量水溶解，滴加鹽酸，振蕩，再滴加氯化鋇溶液，有白色沉淀生成（6）①0.16②偏低【分析】【分析】本題考查物質(zhì)的制備實驗、實驗方案設(shè)計、物質(zhì)含量的測定、氧化還原反應(yīng)滴定等，難度中等，明確實驗原理是解本題關(guān)鍵，根據(jù)物質(zhì)的性質(zhì)分析解答，注意元素化合物知識的積累和靈活運用?！窘獯稹縭m{(1)}由裝置Ⅱ中發(fā)生的反應(yīng)可知，裝置Ⅰ中產(chǎn)生的氣體為rm{SO_{2}}亞硫酸鈉與硫酸反應(yīng)生成硫酸鈉、二氧化硫與水，反應(yīng)方程式為rm{Na_{2}SO_{3}+H_{2}SO_{4}=Na_{2}SO_{4}+SO_{2}隆眉+H_{2}O}

故答案為：rm{Na_{2}SO_{3}+H_{2}SO_{4}=Na_{2}SO_{4}+SO_{2}隆眉+H_{2}O}

rm{(2)}裝置Ⅱ中獲得已析出的晶體，分離固體與液態(tài)，應(yīng)采取過濾進行分離，故答案為：過濾；

rm{(3)a.}裝置應(yīng)將導(dǎo)管深入氨水中可以吸收二氧化硫；但為密閉環(huán)境，裝置內(nèi)壓強增大易產(chǎn)生安全事故，故錯誤；

rm{b.}該裝置吸收二氧化硫能力較差；且為密閉環(huán)境，裝置內(nèi)壓強增大易產(chǎn)生安全事故，故錯誤；

rm{c.}該裝置不能吸收二氧化硫；所以無法實現(xiàn)實驗?zāi)康模叔e誤；

rm{d.}該裝置中氫氧化鈉與二氧化硫反應(yīng)；可以吸收，且防止倒吸，故正確；

故答案為：rmhetfjju

rm{(4)NaHSO_{3}}溶液中rm{HSO_{3}^{-}}的電離程度大于水解程度，溶液呈酸性，測定溶液的rm{pH}可以確定溶液酸堿性，酸性溶液可以使?jié)駶櫵{色石蕊試紙變紅，所以能用測定溶液rm{pH}值、濕潤的藍色石蕊試液檢驗，而加入rm{Ba(OH)_{2}}溶液、rm{HCl}溶液、品紅溶液都不能說明溶液呈酸性，故選rm{ae}

故答案為：rm{ae}

rm{(5)Na_{2}S_{2}O_{5}}中rm{S}元素的化合價為rm{+4}價，因此會被氧化為為rm{+6}價，即晶體在空氣中易被氧化為rm{Na_{2}SO_{4}}用鹽酸、氯化鋇溶液檢驗樣品中是否含有硫酸根即可，實驗方案為：取少量rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}晶體于試管中；加入適量水溶解，滴加鹽酸，振蕩，再滴加氯化鋇溶液，有白色沉淀生成；

故答案為：取少量rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}晶體于試管中；加入適量水溶解，滴加鹽酸，振蕩，再滴加氯化鋇溶液，有白色沉淀生成；

rm{(6)壟脵}令rm{100mL}葡萄酒中二氧化硫的質(zhì)量為rm{mg}則：

rm{SO_{2}+2H_{2}O+I_{2}簍TH_{2}SO_{4}+2HI}

rm{64g}rm{1mol}

rm{mg}rm{0.025L隆脕0.01mol/L}

所以，rm{64g}rm{mg=1mol}rm{0.025L隆脕0.01mol/L}

解得rm{m=0.016}

故該次實驗測得樣品中抗氧化劑的殘留量rm{(}以游離rm{SO_{2}}計算rm{)}為rm{dfrac{0.016g}{o.1L}=0.16;g/L}

故答案為：rm{dfrac{0.016g}{o.1L}=0.16;g/L

}

rm{0.16}若有部分rm{壟脷}被空氣氧化，則消耗碘的量偏小，故測定二氧化硫的量偏小，則測定結(jié)果偏低，故答案為：偏低。

rm{HI}【解析】rm{(1)Na_{2}SO_{3}+H_{2}SO_{4}=Na_{2}SO_{4}+SO_{2}隆眉+H_{2}O}rm{(2)}過濾rm{(3)d}rm{(4)ae}rm{(5)}取少量rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}晶體于試管中，加入適量水溶解，滴加鹽酸，振蕩，再滴加氯化鋇溶液，有白色沉淀生成rm{(6)}rm{壟脵}rm{壟脵}rm{0.16}偏低rm{壟脷}26、略

【分析】

由燈泡銘牌可知燈泡額定電是6V；額定功率是12W，由電功率的變形公式可以求出燈泡正常發(fā)光時的電流，由串聯(lián)電路特點可以求出電動機的電壓，由電功率公式可以求出電機總功率與熱功率，進一步求出電動機的輸出功率．

解答本題要注意電動機是非純電阻電路，消耗的電能沒有全部用于發(fā)熱，知道燈泡正常發(fā)光時，電壓為其額定電壓，功率為其額定功率，難度適中．【解析】解：（1）整個電路中的電流為：I=

則電動機的熱功率為：P熱=I2RM=4×0.5W=2W；

（2）電動機兩端的電壓為：U1=U-UL=12-6V=6V；

電動機的輸入功率為：P=U1I=6×2W=12W；

則電動機的輸出功率為：P2=P-I2RM=12-2W=10W．

答：（1）電動機的熱功率P熱為2W；

（2）電動機的輸出功率P出是10W27、壟脵

實物圖連線如下圖；

壟脷a

壟脹

連線如下圖；

壟脺Rx=5.0婁賂

壟脻>

壟脼

由于待測電阻相對較小，所以建議電流表外接．【分析】【分析】

壟脵

根據(jù)實驗電路圖連接實物電路圖；

壟脷

閉合開關(guān)前；滑片應(yīng)置于最大阻值處，根據(jù)電路圖確定滑片的位置；

壟脹

將描出點連接起來；

壟脺

根據(jù)圖象由歐姆定律求出電阻阻值；

壟脻

根據(jù)電路圖與歐姆定律分析實驗誤差；

壟脼

根據(jù)待測電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法；從而改進實驗．

【解答】

壟脵

根據(jù)電路圖連接實物電路圖；實物電路圖如圖所示；

壟脷

由圖示電路圖可知；閉合開關(guān)前，滑片應(yīng)置于a

端，此時滑動變阻器接入電路的阻值最大；

壟脹

將偏離較遠的點舍掉；連成直線如圖：

壟脺

由圖示U鈭?I

圖象可知，待測電阻阻值RX=UI=k隆脰5.0婁賂

壟脻

由電路圖可知；電流表采用內(nèi)接法，由于電流表的分壓作用，所測電壓偏大，由歐姆定律可知，電阻測量值大于真實值．

壟脼

由于RRA=51=5RVR=30005=600

RVR>RRA

電流表應(yīng)采用外接法，電流表采用外接法可以減小實驗誤差．

故答案為：壟脵

實物圖連線；壟脷a壟脹

連線如圖；壟脺Rx=5.0婁賂

壟脻>壟脼

由于待測電阻相對較小，所以建議電流表外接．【解析】壟脵

實物圖連線如下圖；

壟脷a

壟脹

連線如下圖；

壟脺Rx=5.0婁賂

壟脻>

壟脼

由于待測電阻相對較小，所以建議電流表外接．六、識圖作答題(共3題，共12分)28、（1）3

（2）18.5

（3）呼吸作用散失

（4）捕食和競爭

【分析】【分析】

本題主要考查激素分泌的分級調(diào)節(jié)；意在考查考生對知識點的識記；理解和掌握程度，要求考生具有扎實的基礎(chǔ)知識和一定的判斷能力，能構(gòu)建一定的知識網(wǎng)絡(luò)。

【解答】

（1）圖中食物鏈共有3條，分別是：浮游植物→浮游動物→雙翅目幼蟲→太陽魚→鱸魚，浮游植物→浮游動物→太陽魚→鱸魚，浮游植物→搖蚊→太陽魚→鱸魚。

（2）能量從第一營養(yǎng)級傳遞到第二營養(yǎng)級的效率為（600+900）÷8100×100%=18.5%。

（3）浮游生物同化的能量一部分用于生長、發(fā)育和繁育等生命活動，一部分在呼吸作用中以熱能的形式散失了。

（4）雙翅目幼蟲和太陽魚都捕食浮游動物，為競爭關(guān)系，太陽魚又捕食雙翅目幼