云南省州西疇縣二中高三下學期五月份考試理綜物理部分6

絕密★啟用前云南省西疇縣二中2018學年下學期五月份考試高三理綜物理部分命題：審題：分卷I一、單選題(共5小題,每小題6.0分,共30分)14.某大型游樂場內(nèi)的新型滑梯可以簡化為如圖所示的物理模型．一個小朋友從A點開始下滑，滑到C點時速度恰好減為0，整個過程中滑梯保持靜止狀態(tài)．若AB段的動摩擦因數(shù)μ1小于BC段的動摩擦因數(shù)μ2，則該小朋友從斜面頂端A點滑到底端C點的過程中()A．小朋友在AB段重力的平均功率等于BC段重力的平均功率B．小朋友在AB和BC段合外力所做的總功相同C．地面對滑梯的摩擦力方向始終水平向左D．地面對滑梯的支持力大小始終等于小朋友和滑梯的總重力大小【答案】A【解析】根據(jù)平均速度的公式，設B點的速度為v，則AB段和BC段的平均速度都為，所以小朋友在AB段重力的平均功率等于在BC段重力的平均功率，故A正確；小朋友在AB段合力做正功，在BC段，合力做負功，一正一負，故B錯誤；小朋友在AB段做勻加速直線運動，將小朋友的加速度a1分解為水平和豎直兩個方向，以小朋友和滑梯整體為研究對象，由于小朋友有水平向左的分加速度，根據(jù)牛頓第二定律得知，地面對滑梯的摩擦力方向先水平向左，同理可知，小朋友在BC段做勻減速直線運動時，地面對滑梯的摩擦力方向水平向右，故C錯誤；以小朋友和滑梯整體為研究對象，小朋友在AB段做勻加速直線運動時，有豎直向下的分加速度，則由牛頓第二定律分析得知地面對滑梯的支持力FN小于小朋友和滑梯的總重力，同理，小朋友在BC段做勻減速直線運動時，地面對滑梯的支持力大于小朋友和滑梯的總重力，故D錯誤．15.若在某行星和地球上相對于各自的水平地面附近相同的高度處、以相同的速率平拋一物體，它們在水平方向運動的距離之比為2∶，已知該行星質量約為地球的7倍，地球的半徑為R.由此可知，該行星的半徑約為()A．RB．RC．2RD．R【答案】C【解析】平拋運動在水平方向上為勻速直線運動，即x＝v0t，在豎直方向上做自由落體運動，即h＝gt2，所以x＝v0，兩種情況下，拋出的速率相同，高度相同，所以＝＝，根據(jù)公式G＝mg可得R2＝故＝＝2，解得R行＝2R，故C正確．16.如圖所示，游樂場中一位小朋友沿滑梯從靜止開始下滑，在此過程中他的機械能不守恒，其原因是()A．因為小朋友做加速運動，所以機械能不守恒B．因為小朋友做曲線運動，所以機械能不守恒C．因為小朋友受到了除重力以外的其他力作用，所以機械能不守恒D．因為除重力做功外，其它力做功不為零，所以機械能不守恒【答案】D【解析】在加速下滑過程中，小朋友高度下降，其重力勢能減小，動能增加，他的機械能不守恒，其原因是摩擦力做負功，機械能減小，轉化為內(nèi)能，所以正確選項為D.17.如圖所示，輕桿長為L.一端固定在水平軸上的O點，另一端系一個小球(可視為質點）小球以O為圓心在豎直平面內(nèi)做圓周運動，且能通過最高點，g為重力加速度．下列說法正確的是A．小球通過最高點時速度不可能小于B．小球通過最高點時所受輕桿的作用力可能為零C．小球通過最高點時所受輕桿的作用力隨小球速度的增大而增大D．小球通過最高點時所受輕桿的作用力隨小球速度的增大而減小【答案】B【解析】在輕桿小球模型中，小球通過最高點時的最小速度為零，選項A錯誤；當小球通過最高點的速度v=時，小球所受輕桿的作用力為零，選項B正確；若小球通過最高點時受到桿的作用力為支持力，則有，，此時小球通過最高點時所受輕桿的作用力隨小球速度的增大而減小，當小球通過最高點受到桿的作用力為拉力時，有，，此時小球通過最高點時所受輕桿的作用力隨小球速度的增大而增大，故選項C，D錯誤．18.2013年6月20日，我國宇航員王亞平在天宮授課時，利用質量測量儀粗略測出了聶海勝的質量．若聶海勝受到恒力F從靜止開始運動，經(jīng)時間t移動的位移為x，則聶海勝的質量為()A．B．C．D．【答案】D【解析】聶海勝從靜止開始做勻加速直線運動x＝at2，得加速度a＝，根據(jù)牛頓第二定律F＝ma＝m×，整理可得聶海勝質量m＝，選項D對．二、多選題(共4小題,每小題5.0分,共20分)19.(多選)如圖所示，一個帶正電的小球沿光滑的水平絕緣桌面向右運動，速度的方向垂直于一個水平方向的勻強磁場，小球飛離桌子邊緣落到地板上.設其飛行時間為，水平射程為,落地速率為.撤去磁場，其余條件不變時，小球飛行時間為，水平射程為,落地速率為,則（）A．＜B．＞C．＜D．=【答案】BD【解析】帶電小球在沒有磁場時做平拋運動，由可得，飛行時間，當加上磁場后，受力情況如圖，豎直方向合力小于重力，因此加速度小于g，下落時間；錯誤存在磁場的情況與撤去磁場相比，水平方向運動速度在增加，飛行時間變長，根據(jù)可知；B正確C錯誤；在整個運動過程中，洛倫茲力不做功，只有重力做功，所以兩種情況下，小球落地時的動能相同，落地時的速度大小相等，即；正確。20.(多選)一物體懸掛在細繩下端，由靜止開始沿豎直方向運動，運動過程中物體的機械能與物體位移關系的圖象如圖所示，其中0－s1過程的圖線為曲線，s1－s2過程的圖線為直線．根據(jù)該圖象，下列判斷正確的是()A．0－s1過程中物體所受合力一定是變力，且不斷減小B．s1－s2過程中物體可能在做勻速直線運動C．s1－s2過程中物體可能在做變加速直線運動D．0－s1過程中物體的動能可能在不斷增大【答案】BD【解析】由于除重力和彈簧的彈力之外的其它力做多少負功物體的機械能就減少多少，所以E－x圖象的斜率的絕對值等于物體所受拉力的大小，由圖可知在0～s1內(nèi)斜率的絕對值逐漸增大，故在0～s1內(nèi)物體所受的拉力逐漸增大．故A錯誤．由于物體在s1～s2內(nèi)E－x圖象的斜率的絕對值不變，故物體所受的拉力保持不變．如果拉力等于物體所受的重力，故物體做勻速直線運動．故B正確．由于物體在s1～s2內(nèi)所受的拉力保持不變，故加速度保持不變，故物體不可能做變加速直線運動，故C錯誤．如果物體在0～s1內(nèi)所受的繩子的拉力小于物體的重力，則物體加速向下運動，故物體的動能不斷增大，故D正確．21.(多選)從懸停在空中的直升機上跳傘，傘打開前可看作是自由落體運動，打開傘后減速下降，最后勻速下落．如果用h表示下落高度，t表示下落的時間，F(xiàn)合表示人受到的合力，E表示人的機械能，Ep表示人的重力勢能，v表示人下落的速度，在整個過程中，如果打開傘后空氣阻力與速度平方成正比，則下列圖象可能符合事實的是()A．B．C．D．【答案】AC【解析】重力勢能逐漸減小，規(guī)定初位置重力勢能為零，則Ep＝mg(－h(huán))，即重力勢能與高度是線性關系，故A正確；機械能的變化等于除重力外其余力做的功，故自由落體運動過程機械能守恒，故B錯誤；運動員從直升機上跳傘，傘打開前可看作是自由落體運動，即空氣阻力忽略不計，故只受重力；開傘后減速下降，空氣阻力大于重力，故合力向上，當阻力減小到等于重力時，合力為零，做勻速直線運動；即合力先等于重力，然后突然反向變大，且逐漸減小到零，故C正確；運動員從直升機上跳傘，傘打開前可看作是自由落體運動，開傘后減速下降，最后勻速下落；減速過程中加速度是變化的，而題圖卻為勻減速運動，不符實際；故D錯誤．分卷II三、實驗題(共2小題,每小題10.0分,共20分)22.（1）如圖為簡單歐姆表原理示意圖，其中電流表的滿偏電流Ig=500μA，內(nèi)阻Rg＝100Ω，可變電阻R的最大阻值為20KΩ，電池的電動勢E=7.5V，內(nèi)阻r=1.0Ω，圖中與接線柱A相連的表筆顏色應是色。按正確使用方法測量電阻Rx的阻值時，指針指在刻度盤的正中央，則Rx=kΩ。若該歐姆表使用一段時間后，電池電動勢不變．內(nèi)阻變大，但此表仍能調零，按正確使用方法在測上述Rx，其測量結果與原結果相比將（填“變大”．“變小”或“不變”）。（2）用多用電表的歐姆檔測量阻值約為幾十千歐的電阻Rx，以下給出的是可能的實驗操作步驟，其中S為選擇開關，P為歐姆檔調零旋鈕。把你認為正確步驟前的字母按合理的順序填寫在橫線上:a．將兩表筆短接，調節(jié)P使指針對準刻度盤上歐姆檔的0刻度，斷開兩表筆b．將兩表筆分別連接到被測電阻的兩端，讀出Rx的阻值后，斷開兩表筆c．旋轉S使其尖端對準歐姆檔×1kd．旋轉S使其尖端對準歐姆檔×100e．旋轉S使其尖端對準交流500V，并拔出兩表筆（3）根據(jù)如圖所示指針位置，此被測電阻的阻值約為Ω?！敬鸢浮浚?）紅色，Rx=15kΩ，不變（填“變大”．“變小”或“不變”）。（2）cabe（3）22KΩ?！窘馕觥浚?）與電源負極相連的為紅色表筆，當指針指在中間刻度時待測電阻阻值等于萬用表內(nèi)阻15kΩ，（2）正確順序為cabe（3）指針示數(shù)為22，檔位為1KΩ，讀數(shù)為22KΩ23.某探究小組做“驗證力的平行四邊形定則”實驗，將畫有坐標軸(橫軸為x軸，縱軸為y軸，最小刻度表示1mm)的紙貼在水平桌面上，如圖6(a)所示．將橡皮筋的一端Q固定在y軸上的B點(位于圖示部分之外)，另一端P位于y軸上的A點時，橡皮筋處于原長．(1)用一只測力計將橡皮筋的P端沿y軸從A點拉至坐標原點O，此時拉力F的大小可由測力計讀出．測力計的示數(shù)如圖(b)所示，F(xiàn)的大小為________N.(2)撤去(1)中的拉力，橡皮筋P端回到A點；現(xiàn)使用兩個測力計同時拉橡皮筋，再次將P端拉至O點．此時觀察到兩個拉力分別沿圖(a)中兩條虛線所示的方向，由測力計的示數(shù)讀出兩個拉力的大小分別為F1＝4.2N和F2＝5.6N.(ⅰ)用5mm長度的線段表示1N的力，以O為作用點，在圖(a)中畫出力F1、F2的圖示，然后按平行四邊形定則畫出它們的合力F合；圖6(ⅱ)F合的大小為________N，F(xiàn)合與拉力F的夾角的正切值為________．若F合與拉力F的大小及方向的偏差均在實驗所允許的誤差范圍之內(nèi)，則該實驗驗證了力的平行四邊形定則．【答案】(1)4.0N(2)(ⅰ)見解析圖(ⅱ)4.00.05【解析】(1)由圖(b)可知，F(xiàn)的大小為4.0N(2)(ⅰ)畫出力F1、F2的圖示，如圖所示(ⅱ)用刻度尺量出F合的線段長約為20mm，所以F合大小為4.0N，F(xiàn)合與拉力F的夾角的正切值為tanα＝0.05.四、計算題(共2小題)24.如圖所示為一種獲得高能粒子的裝置。環(huán)形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外、大小可調的勻強磁場。M、N為兩塊中心開有小孔的極板，每當帶電粒子經(jīng)過M、N板時，都會被加速，加速電壓均為U；每當粒子飛離電場后，M、N板間的電勢差立即變?yōu)榱?。粒子在電場中一次次被加速，動能不斷增大，而繞行半徑R不變（M、N兩極板間的距離遠小于R）。當t=0時，質量為m、電荷量為+q的粒子靜止在M板小孔處。（1）求粒子繞行n圈回到M板時的動能En；（2）為使粒子始終保持在圓軌道上運動，磁場必須周期性遞增，求粒子繞行第n圈時磁感應強度B的大??；（3）求粒子繞行n圈所需總時間tn?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】（1）粒子繞行一圈動能的增量為，繞行n圈所獲得的總動能（2）因為洛倫茲力提供向心力可得（3）粒子做半徑為R的勻速圓周運動，每一圈所用時間為，由于每一圈速度不同，所以每一圈所需時間也不同第一圈：第二圈：第n圈的速度故繞行n圈所需總時間25.如圖所示，一個帶電為＋q、質量為m的小球，從距地面高h處以一定的初速水平拋出，在距拋出點L(水平距離)處有根管口比小球稍大的豎直細管，管的上端口距地面h/2.為了使小球能無碰撞地通過管子，可在管子上方整個區(qū)域內(nèi)加一水平向左的勻強電場，求：(1)小球的初速度大??；(2)應加電場的場強；(3)小球落地時的動能．【答案】(1)2L(2)方向水平向左(3)mgh【解析】(1)要使小球無碰撞地通過管口，則當它到達管口時，速度方向為豎直向下，而小球水平方向僅受電場力，做勻減速運動到零，豎直方向為自由落體運動．從拋出到管口，在豎直方向有：＝gt2解得：t＝在水平方向有：L＝t解得：v0＝2L(2)在水平方向上，根據(jù)牛頓第二定律：qE＝ma又由運動學公式：0v＝2(a)L解得：E＝，方向水平向左．(3)小球落地的過程中有重力和電場力做功，根據(jù)動能定理得：WG＋W電場＝EK即：mghqEL＝EKmv解得：EK＝mgh選修【33】33.下列說法正確的是()A．布朗運動就是液體分子的熱運動B．在實驗室中可以得到－273.15℃的低溫C．一定質量的氣體被壓縮時，氣體壓強不一定增大D．熱量一定是從高溫物體傳送到低溫物體【答案】C（2）.如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再從狀態(tài)B變化到狀態(tài)C.已知狀態(tài)A的溫度為480K．求：(1)氣體在狀態(tài)C的溫度；(2)試分析從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的整個過程中，氣體是從外界吸收熱量還是放出熱量．【答案】(1)160K(2)見解析