【高考真題】貴州省2024年高考物理試題（含答案）

【高考真題】貴州省2024年高考物理試題一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求。1．某研究人員將一鐵質(zhì)小圓盤放入聚苯乙烯顆粒介質(zhì)中，在下落的某段時(shí)間內(nèi)，小圓盤僅受重力G和顆粒介質(zhì)對(duì)其向上的作用力f。用高速相機(jī)記錄小圓盤在不同時(shí)刻的位置，相鄰位置的時(shí)間間隔相等，如圖所示，則該段時(shí)間內(nèi)下列說(shuō)法可能正確的是（）A．f一直大于G B．f一直小于GC．f先小于G，后大于G D．f先大于G，后小于G2．土星的部分衛(wèi)星繞土星的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其中的兩顆衛(wèi)星軌道半徑分別為，r1、r2且A．a(chǎn)1r1=a2r2 3．一種測(cè)量液體折射率的V形容器，由兩塊材質(zhì)相同的直角棱鏡粘合，并封閉其前后兩端制作而成。容器中盛有某種液體，一激光束從左邊棱鏡水平射入，通過(guò)液體后從右邊棱鏡射出，其光路如圖所示。設(shè)棱鏡和液體的折射率分別為n0、n，光在棱鏡和液體中的傳播速度分別為A．n<n0，v>v0 B．n<n4．如圖（a），一質(zhì)量為m的勻質(zhì)球置于固定鋼質(zhì)支架的水平橫桿和豎直墻之間，并處于靜止?fàn)顟B(tài)，其中一個(gè)視圖如圖（b）所示。測(cè)得球與橫桿接觸點(diǎn)到墻面的距離為球半徑的1.8倍，已知重力加速度大小為g，不計(jì)所有摩擦，則球?qū)M桿的壓力大小為（）A．35mg B．34mg C．5．如圖，兩根相互平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線與一“凸”形導(dǎo)線框固定在同一豎直平面內(nèi)，導(dǎo)線框的對(duì)稱軸與兩長(zhǎng)直導(dǎo)線間的距離相等。已知左、右兩長(zhǎng)直導(dǎo)線中分別通有方向相反的恒定電流I1、IA．豎直向上 B．豎直向下 C．水平向左 D．水平向右6．質(zhì)量為1kg的物塊靜置于光滑水平地面上，設(shè)物塊靜止時(shí)的位置為x軸零點(diǎn)。現(xiàn)給物塊施加一沿x軸正方向的水平力F，其大小隨位置x變化的關(guān)系如圖所示，則物塊運(yùn)動(dòng)到x=3m處，F(xiàn)做功的瞬時(shí)功率為（）A．8W B．16W C．24W D．36W7．如圖，A、B、C三個(gè)點(diǎn)位于以O(shè)為圓心的圓上，直徑AB與弦BC間的夾角為30°。A、B兩點(diǎn)分別放有電荷量大小為qA、qA．13 B．33 C．3二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8．我國(guó)在貴州平塘建成了世界最大單口徑球面射電望遠(yuǎn)鏡FAST，其科學(xué)目標(biāo)之一是搜索地外文明。在寧宙中，波長(zhǎng)位于搜索地外文明的射電波段的輻射中存在兩處較強(qiáng)的輻射，一處是波長(zhǎng)為21cm的中性氫輻射，另一處是波長(zhǎng)為18cm的羥基輻射。在真空中，這兩種波長(zhǎng)的輻射相比，中性氫輻射的光子（）A．頻率更大 B．能量更小C．動(dòng)量更小 D．傳播速度更大9．如圖，一玻璃瓶的瓶塞中豎直插有一根兩端開(kāi)口的細(xì)長(zhǎng)玻璃管，管中一光滑小球?qū)⑵恐袣怏w密封，且小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，裝置的密封性、絕熱性良好。對(duì)小球施加向下的力使其偏離平衡位置，在t=0時(shí)由靜止釋放，小球的運(yùn)動(dòng)可視為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，周期為T。規(guī)定豎直向上為正方向，則小球在t=1.A．位移最大，方向?yàn)檎?B．速度最大，方向?yàn)檎鼵．加速度最大，方向?yàn)樨?fù) D．受到的回復(fù)力大小為零10．如圖，間距為L(zhǎng)的兩根金屬導(dǎo)軌平行放置并固定在絕緣水平桌面上，左端接有一定值電阻R，導(dǎo)軌所在平面存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。質(zhì)量為m的金屬棒置于導(dǎo)軌上，在水平拉力作用下從靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后撤去水平拉力，金屬棒最終停在導(dǎo)軌上。已知金屬棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，最大速度為v，加速階段的位移與減速階段的位移相等，金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，不計(jì)摩擦及金屬棒與導(dǎo)軌的電阻，則（）A．加速過(guò)程中通過(guò)金屬棒的電荷量為mvB．金屬棒加速的時(shí)間為2mRC．加速過(guò)程中拉力的最大值為4D．加速過(guò)程中拉力做的功為1三、非選擇題：本題共5小題，共57分。11．智能手機(jī)內(nèi)置很多傳感器，磁傳感器是其中一種?，F(xiàn)用智能手機(jī)內(nèi)的磁傳感器結(jié)合某應(yīng)用軟件，利用長(zhǎng)直木條的自由落體運(yùn)動(dòng)測(cè)量重力加速度。主要步驟如下：⑴在長(zhǎng)直木條內(nèi)嵌入7片小磁鐵，最下端小磁鐵與其他小磁鐵間的距離如圖（a）所示。⑵開(kāi)啟磁傳感器，讓木條最下端的小磁鐵靠近該磁傳感器，然后讓木條從靜止開(kāi)始沿豎直方向自由下落。⑶以木條釋放瞬間為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，記錄下各小磁鐵經(jīng)過(guò)傳感器的時(shí)刻，數(shù)據(jù)如下表所示：h(m)0.000.050.150.300.500.751.05t(s)0.0000.1010.1750.2470.3190.3910.462⑷根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在答題卡上補(bǔ)全圖（b）中的數(shù)據(jù)點(diǎn)，并用平滑曲線繪制下落高度h隨時(shí)間t變化的h?t圖線。⑸由繪制的h?t圖線可知，下落高度隨時(shí)間的變化是（填“線性”或“非線性”）關(guān)系。⑹將表中數(shù)據(jù)利用計(jì)算機(jī)擬合出下落高度h與時(shí)間的平方t2的函數(shù)關(guān)系式為h=4.916t12．某實(shí)驗(yàn)小組根據(jù)熱敏電阻的阻值隨溫度變化的規(guī)律，探測(cè)溫度控制室內(nèi)的溫度。選用的器材有：熱敏電阻RT電流表G（內(nèi)阻Rg為240Ω，滿偏電流為I定值電阻R（阻值為48Ω）；電阻箱R0（阻值0電源E（電動(dòng)勢(shì)恒定，內(nèi)阻不計(jì)）；單刀雙擲開(kāi)關(guān)S1、單刀單擲開(kāi)關(guān)S請(qǐng)完成下列步驟：（1）該小組設(shè)計(jì)了如圖（a）所示的電路圖。根據(jù)圖（a），在答題卡上完成圖（b）中的實(shí)物圖連線。（2）開(kāi)關(guān)S1、S2斷開(kāi)，將電阻箱的阻值調(diào)到（填“最大”或“最小”）。開(kāi)關(guān)S1接1，調(diào)節(jié)電阻箱，當(dāng)電阻箱讀數(shù)為60.0Ω時(shí)，電流表示數(shù)為Ig。再將S1（3）該熱敏電阻RT阻值隨溫度t變化的RT?t（4）開(kāi)關(guān)S1接1，閉合S2，調(diào)節(jié)電阻箱，使電流表示數(shù)為Ig。再將S1改接2，如果電流表示數(shù)為Ig13．制作水火箭是青少年科技活動(dòng)的常見(jiàn)項(xiàng)目之一。某研究小組為了探究水火箭在充氣與噴水過(guò)程中氣體的熱學(xué)規(guī)律，把水火箭的塑料容器豎直固定，其中A、C分別是塑料容器的充氣口、噴水口，B是氣壓計(jì)，如圖（a）所示。在室溫環(huán)境下，容器內(nèi)裝入一定質(zhì)量的水，此時(shí)容器內(nèi)的氣體體積為V0，壓強(qiáng)為p0，現(xiàn)緩慢充氣后壓強(qiáng)變?yōu)椋?）設(shè)充氣過(guò)程中氣體溫度不變，求充入的氣體在該室溫環(huán)境下壓強(qiáng)為p0（2）打開(kāi)噴水口閥門，噴出一部分水后關(guān)閉閥門，容器內(nèi)氣體從狀態(tài)M變化到狀態(tài)N，其壓強(qiáng)p與體積V的變化關(guān)系如圖（b）中實(shí)線所示，已知?dú)怏w在狀態(tài)N時(shí)的體積為V1，壓強(qiáng)為p（3）圖（b）中虛線MN14．如圖，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形abcd區(qū)域及矩形cdef區(qū)域內(nèi)均存在電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E、方向豎直向下且與ab邊平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)，ef右邊有一半徑為33L且與ef相切的圓形區(qū)域，切點(diǎn)為ef的中點(diǎn)，該圓形區(qū)域與cdef區(qū)域內(nèi)均存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一帶電粒子從b點(diǎn)斜向上射入電場(chǎng)后沿圖中曲線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)cd邊的中點(diǎn)進(jìn)入（1）粒子沿直線通過(guò)cdef區(qū)域時(shí)的速度大小；（2）粒子的電荷量與質(zhì)量之比；（3）粒子射出圓形區(qū)域時(shí)速度方向與進(jìn)入圓形區(qū)域時(shí)速度方向的夾角。15．如圖，半徑為R=1.8m的四分之一光滑圓軌道固定在豎直平面內(nèi)，其末端與水平地面PM相切于P點(diǎn)，PM的長(zhǎng)度d=2.7m。一長(zhǎng)為L(zhǎng)=3.3m的水平傳送帶以恒定速率v0=1m/s逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，其右端與地面在M點(diǎn)無(wú)縫對(duì)接。物塊a從圓軌道頂端由靜止釋放，沿軌道下滑至P點(diǎn)，再向左做直線運(yùn)動(dòng)至M點(diǎn)與靜止的物塊b發(fā)生彈性正碰，碰撞時(shí)間極短。碰撞后b向左運(yùn)動(dòng)到達(dá)傳送帶的左端N時(shí)，瞬間給b一水平向右的沖量I，其大小為6N?s。以后每隔Δt=0.（1）a運(yùn)動(dòng)到圓軌道底端時(shí)軌道對(duì)它的支持力大小；（2）b從M運(yùn)動(dòng)到N的時(shí)間；（3）b從N運(yùn)動(dòng)到M的過(guò)程中與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】由圖可知，相等時(shí)間內(nèi)鐵質(zhì)小圓盤的位移先增大后減小，可知鐵質(zhì)小圓盤先向下做加速運(yùn)動(dòng)，再向下做減速運(yùn)動(dòng)，所以加速度先向下后向上，因?yàn)榧铀俣确较蚺c合外力方向總相同，故鐵質(zhì)小圓盤受到的合力先向上再向下，所以f先小于G，后大于G，C符合題意，ABD不符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)小圓盤在相等時(shí)間內(nèi)的位移變化得出小圓盤運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的加速度方向，再根據(jù)加速度方向與合力方向總相同，得出f與G的大小關(guān)系。2．【答案】D【解析】【解答】設(shè)土星的質(zhì)量為M，兩顆衛(wèi)星的質(zhì)量分別為m1、m2，土星對(duì)衛(wèi)星的萬(wàn)有引力充當(dāng)衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，對(duì)兩顆衛(wèi)星，有

GMm1r12=m1a3．【答案】A【解析】【解答】因?yàn)楣鈴囊环N介質(zhì)射入另一種介質(zhì)時(shí)，在光疏介質(zhì)中光線與法線所成夾角要大于在光密介質(zhì)中光線與法線所成夾角，所以結(jié)合所給圖像可知

n<n0

根據(jù)折射率的表達(dá)式

n=cv

可得

v>v0

A符合題意，BCD不符合題意。4．【答案】D【解析】【解答】對(duì)球進(jìn)行受力分析，小球受重力、橫桿對(duì)球的支持力FN和豎直墻對(duì)球的支持力F，如圖所示，

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可得得

FNcosα=mg

由幾何關(guān)系可得

sinα=1.8R-RR=0.8

聯(lián)立解得

FN=55．【答案】C【解析】【解答】根據(jù)右手螺旋定則可知，兩直導(dǎo)線在導(dǎo)線框所在位置產(chǎn)生的磁場(chǎng)均垂直線框平面向里，故導(dǎo)線框所在位置的合磁場(chǎng)垂直導(dǎo)線框向里，由于同一豎直方向上的磁場(chǎng)強(qiáng)度相等，故導(dǎo)線框水平方向?qū)Ь€所受的安培力相互抵消，由左手定則可知，線框左邊的豎直電流受到的安培力水平向左，右邊受到的安培力水平向右，由于I1>I2，可知線框左邊豎直電流所在位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于右邊對(duì)應(yīng)的豎直電流所在位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度，根據(jù)安培力公式F=BIL可知，線框左邊豎直電流所受的安培力大于右邊豎直方電流所受的安培力，故導(dǎo)線框所受安培力的合力方向水平向左，C符合題意，ABD不符合題意。6．【答案】A【解析】【解答】設(shè)物塊運(yùn)動(dòng)到x=3m處時(shí)的速度為v，結(jié)合圖像中的數(shù)據(jù)，對(duì)物塊從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到x=3m處過(guò)程，由動(dòng)能定理得

WF=12mv2

根據(jù)功的定義式

W=Fx

可得

WF=3×2J+2×1J=8J7．【答案】B【解析】【解答】因?yàn)镃點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向恰好沿圓的切線方向，根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布和場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理可知，兩電荷應(yīng)為異種電荷，假設(shè)qA為正電荷，qB為負(fù)電荷，兩電荷在C點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)如圖所示，

設(shè)圓的半徑為r，根據(jù)幾何知識(shí)可得

rAC=r，rBC=2rcos30°=3r，EAEB=tan60°

根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式

E=kq8．【答案】B,C【解析】【解答】A.由光子頻率與波長(zhǎng)公式

ν=cλ

可知中性氫輻射的光子頻率比羥基輻射的光子頻率小，A不符合題意；

B.根據(jù)光子能量公式

E=hν

可知，中性氫輻射的光子能量比羥基輻射的光子能量小，B符合題意；

C.根據(jù)德布羅意波長(zhǎng)公式

λ=hp

可知，中性氫輻射的光子動(dòng)量比羥基輻射的光子動(dòng)量小，C符合題意；

D.所有光波在真空中傳播的速度相同，都是3.0×108m/s，D不符合題意。

9．【答案】A,C【解析】【解答】由題意可知，t=0時(shí)刻小球處于簡(jiǎn)諧振動(dòng)最低點(diǎn)，由簡(jiǎn)諧振動(dòng)的周期性和振動(dòng)特點(diǎn)可知，小球在t=1.5T時(shí)刻處于最高點(diǎn)位置，此時(shí)位移最大，方向向上（正方向）；根據(jù)回復(fù)力公式F=-kx可知，小球受到的回復(fù)力最大，方向與位移方向相反，向下（負(fù)方向），由牛頓第二定律可知，小球的加速度最大，方向向下（負(fù)方向）；此時(shí)小球的速度為0，AC符合題意，BD不符合題意。

故答案為：AC。

【分析】根據(jù)題意分析t=1.5T時(shí)小球在簡(jiǎn)諧振動(dòng)中所處位置，再根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)得出此時(shí)小球的位移、速度、回復(fù)力和加速度的特點(diǎn)。10．【答案】A,B【解析】【解答】A.對(duì)金屬棒的加速過(guò)程，由動(dòng)量定理可得

BLI?t=BLq=mv

解得

q=mvBL

A符合題意；

B.設(shè)加速階段的位移與減速階段的位移均為x，根據(jù)電流的定義式

I=qt

法拉第成感應(yīng)定律

E=N???t

和閉合電路歐姆定律

E=I(r+R)

可得

q=I?t=ER?t=??R·?t·?t=BLxR

可知加速過(guò)程中通過(guò)金屬棒的電荷量等于減速過(guò)程中通過(guò)金屬棒的電荷量，由

q=mvBL=BLxR

解得

x=mvRB2L2

對(duì)金屬棒加速的過(guò)程，由位移公式可得

x=vt=v2·t

可得加速時(shí)間為

t=2mRB2L2

B符合題意；

C.金屬棒在水平拉力作用下從靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速過(guò)程中，由11．【答案】；非線性；9.83【解析】【解答】（4）根據(jù)表中數(shù)據(jù)，由描點(diǎn)作圖法做出h-t圖像，如圖所示。

（5）由繪制的h-t圖線可知，下落高度隨時(shí)間的變化是非線性關(guān)系。

（6）將下落高度h與時(shí)間的平方t2的函數(shù)關(guān)系式

h=4.916t2(SI)

對(duì)比自由落體的位移公式

h=12gt2

可得12．【答案】（1）（2）最大；300（3）9（4）50(k?1)【解析】【解答】（1）圖（b）中的實(shí)物圖連線如圖所示。

（2）電阻箱起到保護(hù)電路的作用，由圖（a）中電路圖可知，開(kāi)關(guān)閉合前，將電阻箱的阻值調(diào)到最大，開(kāi)關(guān)S1接1時(shí)，由歐姆定律可得

Ig=ER0+Rg

S1接2時(shí)，則有

Ig2=ER0+Rg+RT

聯(lián)立解得

RT=300Ω

（3）由圖（c）可知，RT13．【答案】（1）解：設(shè)充入的氣體在該室溫環(huán)境下壓強(qiáng)為p0時(shí)的體積為V，充氣過(guò)程中氣體溫度不變，則有

解得

V=3V（2）解：容器內(nèi)氣體從狀態(tài)M變化到狀態(tài)N，由理想氣體的狀態(tài)方程可得

4可得

TN（3）解：由p?V圖像與橫坐標(biāo)軸所圍面積表示氣體做功可知，從M到N的過(guò)程對(duì)外做功更多，N和N'都是從M狀態(tài)變化而來(lái)，pVT應(yīng)該相同，可得可知從M到N的過(guò)程內(nèi)能降低的更少。由熱力學(xué)第一定律

ΔU=Q+W

可知，從M到N'【解析】【分析】（1）對(duì)封閉氣體應(yīng)用玻意耳定律分析求解；（2）結(jié)合圖中數(shù)據(jù)，由理想氣體狀態(tài)方程求解；（3）根據(jù)p-V圖像與橫坐標(biāo)軸所圍面積表示氣體做功，分析兩種狀態(tài)下氣體對(duì)外做功的大小關(guān)系，再由根據(jù)熱力學(xué)第一定律得出結(jié)論。14．【答案】（1）解：帶電粒子在cdef區(qū)域做直線運(yùn)動(dòng)，則有電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡，可知粒子帶正電，經(jīng)cd邊的中點(diǎn)速度水平向右，設(shè)粒子到達(dá)cd邊的中點(diǎn)速度大小為v0，帶電荷量為q，質(zhì)量為m，由平衡條件則有

解得

v0（2）解：粒子從b點(diǎn)到cd邊的中點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)，可逆向看做從cd邊的中點(diǎn)到b點(diǎn)的類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，加速度大小為a，由牛頓第二定律可得

qE=ma由類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得

v0t=L聯(lián)立解得粒子的電荷量與質(zhì)量之比

qm（3）解：粒子從ef中點(diǎn)射出到圓形區(qū)域做勻圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子的運(yùn)動(dòng)半徑為R，由洛倫茲力提供向心力可得

q解得

R=L粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡圖如圖所示，由圖可知，粒子沿半徑方向射入，又沿半徑方向射出，設(shè)粒子射出圓形區(qū)域時(shí)速度方向與進(jìn)入圓形區(qū)域時(shí)速度方向的夾角為α，由幾何關(guān)系可知α=2θ可得

tanθ=3則有

α=60【解析】【分析】（1）根據(jù)粒子在cdef區(qū)域做直線運(yùn)動(dòng)的要求，分析粒子受到的洛倫茲力與電場(chǎng)力的關(guān)系，求出粒子在該區(qū)域的速度大??；（2）粒子在abcd區(qū)域做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)對(duì)應(yīng)的運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓第二定律，可得求出粒子的比荷；（3）粒子在圓形磁場(chǎng)區(qū)域做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力充當(dāng)向心力求出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑，再由幾何關(guān)系計(jì)算粒子射出圓形區(qū)域時(shí)速度方向與進(jìn)入圓形區(qū)域時(shí)速度方向