2025屆云南省大理白族自治州高三上學(xué)期二模物理試題【含答案解析】

大理州2025屆高中畢業(yè)生第二次復(fù)習(xí)統(tǒng)一檢測(cè)物理考生注意：1．答卷前，考生務(wù)必用黑色碳素筆將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)填寫在答題卡上，并認(rèn)真核準(zhǔn)條形碼上的準(zhǔn)考證號(hào)、姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)及科目，在規(guī)定的位置貼好條形碼。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分。1.2024年9月，蘇州大學(xué)研究團(tuán)隊(duì)在《自然》雜志上發(fā)布了輻光伏微型核電池的最新研究成果。該電池不僅具有使核能向電能轉(zhuǎn)換的超高效率，還擁有出色的穩(wěn)定性和持久性。電池主要利用镅的衰變進(jìn)行發(fā)電。則（）A.衰變釋放出高速運(yùn)動(dòng)的電子B.衰變后產(chǎn)生的新核質(zhì)量數(shù)為239C.50個(gè)經(jīng)過1個(gè)半衰期剩余25個(gè)D.該反應(yīng)要持續(xù)進(jìn)行，镅核原料的體積必須大于臨界體積【答案】B【解析】【詳解】A．粒子為核，不是高速電子，故A錯(cuò)誤；B．由于粒子為，根據(jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒，可得解得所以新核的質(zhì)量數(shù)為239，故B正確；C．半衰期是對(duì)大量原子核的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)少量原子核不適用，故C錯(cuò)誤；D．該反應(yīng)是衰變，不是核裂變反應(yīng)，所以沒有臨界體積的要求，故D錯(cuò)誤。故選B。2.大理洱海生態(tài)廊道深受國(guó)內(nèi)外游客的喜愛。某游客騎著一輛自行車沿廊道的平直路段由靜止勻加速騎行，經(jīng)過10s速度達(dá)到最大，然后勻速騎行30s，再以大小為的加速度勻減速騎行，經(jīng)過15s停下來。則（）A.該游客整個(gè)騎行過程中的最大速度大小為B.該游客整個(gè)過程的平均速度大小為C.該游客勻加速騎行的加速度大小為D.該游客勻速騎行階段的位移是勻減速騎行階段位移的2倍【答案】C【解析】【詳解】A．勻減速階段可以看成反方向勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則整個(gè)騎行過程中的最大速度為故A錯(cuò)誤；B．由題知，勻加速運(yùn)動(dòng)的位移為勻速運(yùn)動(dòng)的位移為勻減速運(yùn)動(dòng)的位移為故該游客整個(gè)過程的平均速度大小為故B錯(cuò)誤；C．加速騎行過程中的加速度大小為故C正確；D．由B項(xiàng)，可知?jiǎng)蛩衮T行階段的位移為180m，勻減速騎行階段位移為45m，故該游客勻速騎行階段的位移是勻減速騎行階段位移的4倍，故D錯(cuò)誤。故選C。3.中國(guó)選手王子露在巴黎奧運(yùn)會(huì)的藝術(shù)體操個(gè)人全能決賽中創(chuàng)造了我國(guó)歷史最佳戰(zhàn)績(jī)。在帶操比賽過程中，她揮舞彩帶形成的波可簡(jiǎn)化為水平方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，取彩帶上手握的位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，該點(diǎn)開始振動(dòng)的時(shí)刻為。時(shí)該波傳播到處，此時(shí)的波動(dòng)圖像如圖所示，則（）A.該簡(jiǎn)諧波傳播速度大小為B.如果提高振動(dòng)頻率，該簡(jiǎn)諧波在彩帶中的傳播速度將變大C.彩帶上質(zhì)點(diǎn)在此后的0.5s內(nèi)經(jīng)過的路程為2cmD.0時(shí)刻，手的起振方向沿軸正方向【答案】D【解析】【詳解】A．經(jīng)過3s該列波傳播到，則波速為，故A錯(cuò)誤；B．波傳播速度只與介質(zhì)有關(guān)，與頻率無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．該簡(jiǎn)諧波的周期，為，因?yàn)轭}中此時(shí)點(diǎn)沿著軸正方向運(yùn)動(dòng)，速率越來越小，故路程小于振幅，即小于2cm，故C錯(cuò)誤；D．由于該簡(jiǎn)諧波向右傳播到處時(shí)，此處質(zhì)點(diǎn)將向上振動(dòng)，故0時(shí)刻手的起振方向沿軸正方向，故D正確。故選D。4.隨著中國(guó)航天科技的飛躍發(fā)展，相信繼天問一號(hào)之后，中國(guó)將向火星發(fā)射更多的探測(cè)器?，F(xiàn)假設(shè)一個(gè)小球在火星表面附近做自由落體運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間獲得速度；某質(zhì)量為的探測(cè)器繞火星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，距離火星表面的距離為，火星的半徑為。則（）A.火星表面的重力加速度為 B.火星的第一宇宙速度為C.探測(cè)器圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度為 D.探測(cè)器在圓軌道上受到的重力為【答案】B【解析】【詳解】A．火星表面的重力加速度應(yīng)為故A錯(cuò)誤；B．因?yàn)楦鶕?jù)萬有引力提供向心力，則有在火星表面有聯(lián)立解得火星的第一宇宙速度為故B正確；C．根據(jù)，聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤；D．探測(cè)器在圓軌道上，所受的重力等于故D錯(cuò)誤。故選B。5.交流發(fā)電機(jī)的示意圖如甲所示，線圈從甲圖所示的位置以為軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生交變電流的波形按余弦函數(shù)變化，如圖乙所示。則（）A.該交變電流的有效值為B.1s內(nèi)電流的方向變化5次C.圖甲所示位置時(shí)，CD邊受到的安培力方向向上D.當(dāng)電流瞬時(shí)值為5A時(shí)，線圈平面與中性面的夾角為【答案】A【解析】【詳解】A．由乙圖可知，電流的峰值為10A，則有效值為A正確；B．一個(gè)周期內(nèi)，電流的方向發(fā)生2次變化，故1s內(nèi)，電流的方向發(fā)生10次變化，B錯(cuò)誤；C．圖甲所示位置時(shí)，CD邊向上運(yùn)動(dòng)，受到的安培力阻礙其運(yùn)動(dòng)，則CD邊受到的安培力方向向下，C錯(cuò)誤；D．電流的表達(dá)式為當(dāng)電流瞬時(shí)值為5A時(shí)，有解得則線圈平面與中性面夾角為，D錯(cuò)誤。故選A。6.質(zhì)子，氘核，粒子由同一位置從靜止先通過同一加速電場(chǎng)后，又垂直于勻強(qiáng)電場(chǎng)方向進(jìn)入同一偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，最后穿出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)。已知加速電壓為，偏轉(zhuǎn)電壓為，偏轉(zhuǎn)電極間的距離為，偏轉(zhuǎn)電極板的長(zhǎng)度為，離開偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)粒子的偏轉(zhuǎn)角為，則（）A.若僅增大可使增大 B.若僅增大可使增大C.若僅增大可使減小 D.三種粒子離開偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)相同【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)動(dòng)能定理根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律解得故僅減小可使增大，故A錯(cuò)誤；BC．根據(jù)知，僅減小偏轉(zhuǎn)電極間的距離或僅增大偏轉(zhuǎn)電極板的長(zhǎng)度可使增大，故B錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)知，偏轉(zhuǎn)角與粒子的質(zhì)量，電荷量都無關(guān)，所以三種粒子離開偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)相同，故D正確。故選D。7.如圖所示，兩根相同的導(dǎo)體棒PQ和MN靜置于兩根固定在水平面內(nèi)的光滑的長(zhǎng)直平行導(dǎo)電軌道上，并處于垂直水平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。時(shí)，PQ獲得一個(gè)水平向右的初速度并任由其滑動(dòng)，運(yùn)動(dòng)中PQ和MN始終平行且與軌道接觸良好。則下列描述正確的是（）A.時(shí)，回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向?yàn)镼PNMB.時(shí)，作用在PQ棒上的安培力水平向右C.MN棒水平向右做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速直線運(yùn)動(dòng)D.PQ棒水平向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直至速度為零【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)右手定則可知開始階段，回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向?yàn)镻QMN，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)左手定則可知開始階段，作用在PQ棒上的安培力向左，故B錯(cuò)誤；CD．設(shè)PQ棒的速度為，MN棒的速度為，回路中總電阻為，導(dǎo)軌間距為，則感應(yīng)電流PQ棒減速，MN棒加速，則感應(yīng)電流減小，根據(jù)，可知兩棒所受安培力減小，結(jié)合牛頓第二定律可知加速度減小，即PQ棒向右做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，MN棒向右做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，直到兩棒的速度相等后，一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。8.關(guān)于下列四幅圖像的描述，說法正確的是（）A.圖甲為同種大量氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的速率分布圖像，曲線②對(duì)應(yīng)的溫度較低B.圖乙為一定質(zhì)量的理想氣體在不同溫度下的等溫線，由圖像可知C.圖丙為分子間作用力與分子間距離的關(guān)系，由圖可知分子間的距離從增大的過程中，分子力先減小后增大D.圖丁為一定質(zhì)量的理想氣體的p-V圖像，則過程比過程氣體對(duì)外界所做的功多【答案】BD【解析】【詳解】A．圖甲中，曲線②速率大的分子占據(jù)的比例較大，則說明曲線②對(duì)應(yīng)的平均動(dòng)能較大，曲線②對(duì)應(yīng)的溫度較高，故A錯(cuò)誤；B．圖乙中，一定質(zhì)量的理想氣體在不同溫度下的等溫線，由結(jié)合圖像可知，故B正確；C．圖丙中，分子間的距離從增大的過程中，分子力先增大后減小，故C錯(cuò)誤；D．圖丁中，由微元法可得圖像與橫坐標(biāo)軸圍成的面積表示為氣體做功的多少，由圖像可知，過程比過程氣體對(duì)外界所做的功多，故D正確。故選BD。9.如圖所示，平行導(dǎo)軌與水平面成角，垂直導(dǎo)軌放置一根可自由移動(dòng)的金屬桿。勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向垂直導(dǎo)軌平面向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。已知接在導(dǎo)軌中的電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻。ab桿長(zhǎng)，質(zhì)量，桿與滑軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)，桿受到的最大靜摩擦力近似等于滑動(dòng)摩擦力，導(dǎo)軌與ab桿的電阻忽略不計(jì)?，F(xiàn)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值，要使桿始終在導(dǎo)軌上保持靜止，取，，，以下說法正確的是（）A.ab棒受到的安培力沿斜面向上B.ab棒受到的安培力最大時(shí)，靜摩擦達(dá)到最大值且方向沿斜面向上C.ab棒受到的最小安培力是0.4ND.滑動(dòng)變阻器為時(shí)，ab棒可以保持靜止【答案】AC【解析】【詳解】A．根據(jù)左手定則可知，ab棒受到的安培力沿斜面向上，A正確；BC．a(chǎn)b棒受到的最大靜摩擦力為當(dāng)安培力最大時(shí)，根據(jù)平衡條件可知最大靜摩擦力沿斜面向下，安培力為當(dāng)安培力最小時(shí)，最大靜摩擦力沿斜面向上故B錯(cuò)誤，C正確；D．根據(jù)閉合電路歐姆定律安培力將最大最小安培力代入解得滑動(dòng)變阻器有效電阻的取值范圍為，故D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖所示，兩個(gè)四分之一圓弧體A、B靜止在光滑的水平面上。A、B的圓弧面光滑，半徑分別為和，底端切線均沿水平面且靠在一起。將一可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊C從A的圓弧面的頂端靜止釋放，A、C的質(zhì)量分別為和，則以下說法正確的是（）A.整個(gè)過程ABC組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.C剛滑到A底端時(shí)，C距B的圓弧面底端的水平距離為C.C剛滑到A底端時(shí)，C的速度為D.若C滑到A底端后，恰好能滑上B的圓弧面頂端，則B的質(zhì)量為【答案】CD【解析】【詳解】A．整個(gè)過程ABC組成系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，豎直方向動(dòng)量不守恒，A錯(cuò)誤；B．設(shè)C剛滑到A底端時(shí)，A、C的水平位移的大小分別為、，根據(jù)“人船模型”有依題意有可得C剛滑下A時(shí)到B的圓弧面底端的距離為故B錯(cuò)誤；C．C剛滑到A底端時(shí)，水平方向由動(dòng)量守恒定律有由機(jī)械能守恒定律有聯(lián)立解得，故C正確；D．C滑上B的過程，水平方向由動(dòng)量守恒定律有由機(jī)械能守恒定律有聯(lián)立解得故D正確。故選CD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學(xué)用DIS“測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻”實(shí)驗(yàn)電路如圖（a）所示，某次實(shí)驗(yàn)電壓傳感器示數(shù)U與電流傳感器示數(shù)I的關(guān)系如圖（b）所示。（1）圖（a）中．定值電阻在電路中的作用是______。（2）由圖（b）的可得，該電源電動(dòng)勢(shì)______V，內(nèi)阻______Ω。（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)測(cè)得的U，I數(shù)據(jù)，若令，，則由計(jì)算機(jī)擬合得出的圖線如圖（c）所示，則圖線最高點(diǎn)A點(diǎn)的縱坐標(biāo)______W（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。【答案】（1）保護(hù)電源（2）①.2.83②.1.03（3）1.94【解析】【小問1詳解】為防止滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為零導(dǎo)致電路電流太大損壞電源，要在電路中接入保護(hù)電阻，因此定值電阻R0在電路中的作用是保護(hù)電源；【小問2詳解】[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律圖像表達(dá)式可知，電源電動(dòng)勢(shì)[2]內(nèi)阻【小問3詳解】由題意可知?jiǎng)t功率當(dāng)時(shí)，電源的輸出功率最大所以圖線最高點(diǎn)A點(diǎn)的縱坐標(biāo)12.某同學(xué)欲利用一半徑較大的固定光滑圓弧面測(cè)定重力加速度，圓弧面如圖1所示。該同學(xué)將小鐵球從最低點(diǎn)移開一小段距離由靜止釋放，則小鐵球的運(yùn)動(dòng)可等效為一單擺。（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量小鐵球的直徑，示數(shù)如圖2所示，則小鐵球的直徑d=________mm。（2）測(cè)量小鐵球的運(yùn)動(dòng)周期時(shí)，開始計(jì)時(shí)的位置為圖1中的________（選填“A”、“O”或“A'”）處。（3）測(cè)量50次全振動(dòng)的時(shí)間如圖3所示，則等效單擺的周期T=________s。（4）更換半徑不同的小鐵球進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，正確操作，根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)，繪制的圖像如圖4所示，橫、縱截距分別a、b，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=________，圓弧面的半徑R=________。（以上均用題目中的已知字母表示）【答案】（1）16.6（2）O（3）（4）①.②.a【解析】【小問1詳解】游標(biāo)卡尺的精確度為0.1mm，小鐵球的直徑【小問2詳解】測(cè)量單擺的運(yùn)動(dòng)周期時(shí)，應(yīng)從最低點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，故選填O點(diǎn)。【小問3詳解】從圖3可知，50次全振動(dòng)時(shí)間為96.8s，故周期為【小問4詳解】[1][2]擺球的周期變形得結(jié)合圖像可得，解得，13.某發(fā)光二極管由一種透明材料封裝而成，為研究其光學(xué)屬性，某同學(xué)找來一個(gè)用這種材料制成的半圓柱體，其橫截面是半徑為的半圓，是半圓的圓心，AB為水平直徑。一束由紫光和紅光組成的復(fù)色光以入射角從點(diǎn)射入半圓柱體，經(jīng)AB折射后到達(dá)弧面上的、兩點(diǎn)，如圖所示。已知、間的水平距離為，真空中的光速為，求：（1）到達(dá)點(diǎn)的是紫光還是紅光？該材料對(duì)到點(diǎn)的單色光的折射率；（2）兩種單色光分別從到的傳播時(shí)間與從到的傳播時(shí)間之比?！敬鸢浮浚?）紫光，（2）【解析】【小問1詳解】由于該材料對(duì)紫光的折射率大于對(duì)紅光的折射率，即紫光的偏折大。故到達(dá)點(diǎn)的是紫光。如圖，由幾何關(guān)系知根據(jù)折射定律可得【小問2詳解】紫光在該材料中的傳播速度紫光在該材料中的傳播路程紫光在該材料中的傳播時(shí)間由折射定律解得所以紫光和紅光在該材料中的傳播時(shí)間之比14.在豎直平面內(nèi)，質(zhì)量的小球A用長(zhǎng)為的不可伸長(zhǎng)的輕繩懸掛于點(diǎn)，點(diǎn)正下方距離點(diǎn)0.4m有一點(diǎn)，點(diǎn)用長(zhǎng)為的不可伸長(zhǎng)的輕繩豎直懸掛一質(zhì)量也為0.1kg的小球B。把小球A拉到如圖所示位置，輕繩恰好伸直，且輕繩與豎直方向的夾角。由靜止釋放小球A，A球自由下落，當(dāng)輕繩再次伸直時(shí)到達(dá)點(diǎn)，小球沿輕繩方向的速度瞬間變?yōu)?，之后兩小球發(fā)生彈性碰撞。兩球都可視為質(zhì)點(diǎn)，忽略空氣阻力，取，，。求：（1）求小球A由靜止釋放后，輕繩再次伸直前瞬間，小球A的速度大?。唬?）A、B兩球碰撞后瞬間，小球A的速度大??；（3）判斷小球B能否以為圓心到達(dá)圓周的最高點(diǎn)，如果不能，請(qǐng)說明理由；如果能，求出小球B在最高點(diǎn)時(shí)對(duì)輕繩的拉力大小。【答案】（1）（2）（3）能，【解析】【小問1詳解】解法1：球A開始時(shí)做自由落體運(yùn)動(dòng)，設(shè)下落高度為，則有由幾何關(guān)系得解得解法2：球A由靜止下落，由動(dòng)能定理有由幾何關(guān)系得解得【小問2詳解】把豎直速度分解為沿輕繩方向的速度和垂直輕繩方向的速度，則設(shè)小球A、B碰撞前瞬間，球A的速度為，由動(dòng)能定理可得A、B兩球發(fā)生兩球彈性碰撞，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律得，得A、B兩球碰撞后瞬間【小問3詳解】假設(shè)小球B能以為圓心到達(dá)