江西省部分學校2024-2025學年高一下學期3月第五次聯(lián)考試題 物理 PDF版含解析

高一物理試卷參考答案1.D【解析】研究火箭發(fā)射全程的運動軌跡時,可將火箭視為質(zhì)點,選項A錯誤;天舟八號繞地球做勻速圓周運動時受到的合力提供向心力,不為0,選項B錯誤;火箭的慣性只與火箭的質(zhì)量有關,與速度大小無關,選項C錯誤;天舟七號做曲線運動時速度方向發(fā)生改變,選項D正確。2.B【解析】設輕繩與水平方向的夾角為θ,工作人員A、B的速度大小分別為ΨA、ΨB,則有ΨB=ΨACOsθ,隨著工作人員B勻速上升,θ變小,ΨA減小,選項A錯誤、B正確;工作人員A沒有豎直方向上的加速度,既不處于超重狀態(tài),也不處于失重狀態(tài),選項C、D錯誤。3.C【解析】由于A、B兩點在同一桿上,則角速度相等,即有WA=WB,A、B兩點到O點的距離之比為3:5,根據(jù)Ψ=rW可知,A、B兩點的線速度大小之比為3:5,選項C正確。4.C【解析】對擺錘受力分析有mgtan37。=ma,解得a=gtan37。=7.5m/s2,可知汽車的加速度大小為7.5m/s2,方向水平向右,與汽車前進方向相同,汽車做加速運動,選項C正確。5.A【解析】由于A、B兩點處于同一高度,因此兩支箭在空中運動的時間相等,兩支箭都落入壺中時豎直方向上的分速度大小相等,有tan45。=,tan30。=,解得Ψ1:Ψ2=1:\,選項A正確,選項B、C錯誤;從A、B兩點投出的箭落入壺中時的速度大小分別滿足Ψ1I= 因此從A、B兩點投出的箭落入壺中時的速度大小之比為1:\,選項D錯誤。6.D【解析】Ψ—t圖像圍成的面積表示位移,題中甲圖圖像對應的物體在0~t0時間內(nèi)的位移大于,選項A錯誤;根據(jù)速度與位移之間的關系式Ψ2—Ψ02=2a父,可知題中乙圖圖像的斜率為解得a=—5m/s2,由此可知,題中乙圖圖像對應的物體的加速度大小為5m/s2,選項B錯誤;a—t圖像圍成的面積對應速度的變化量,題中丙圖圖像對應的物體在0~6s內(nèi)的速度變化量為18m/s,由于不知道該物體的初速度大小,因此無法確定該物體在第6s末的速度,選項C錯誤;根據(jù)運動學公式父=Ψ0t十并結(jié)合題中圖線可知,題中丁圖圖像對應的物體的加速度大小aI=4m/s2,初速度為0,0~2s內(nèi)該物體的位移大小父平均速度大小選項D正確。FNF7.B【解析】對工件進行受力分析,如圖所示,根據(jù)平衡條件有F=mgtanα,FN= 橫桿到墻面的距離減小,則α減小,tanα減小,COsα增大,所以橫桿、墻面對工件的彈力均減小,選項B正確。FNF8.AC【解析】網(wǎng)球做平拋運動,在水平方向上做勻速直線運動,在豎直方向上做【高一物理●參考答案第自由落體運動,網(wǎng)球在OP間水平方向的位移大小是在OQ間水平方向位移大小的2倍,網(wǎng)球在OP間豎直方向的位移大小是在OQ間豎直方向位移大小的4倍,選項A正確、B錯誤;設網(wǎng)球在OQ、QP間運動的時間均為t,網(wǎng)球經(jīng)過Q、P點時的速度大小分別為YQ=選項C正確;網(wǎng)球在P點時速度與水平方向的夾角的正切值,在Q點時速度與水平方向的夾角的正切值2tanβ,但α≠2β,選項D錯誤。9.CD【解析】游客對座椅的壓力與座椅對游客的支持力是一對相互作用力,大小一定相等,選項A錯誤;座椅和游客在豎直方向上受力平衡,有FTCOs37。=mg,解得FT=1000N,選項B錯誤;根據(jù)向心力公式有Fn=mgtanθ=m(Lsinθ十r),解得Fn=600N,T=選項C、D正確。10.BD【解析】設物塊、長木板的質(zhì)量分別為m1、m2,物塊與長木板間、地面與長木板間的動摩擦因數(shù)分別為μ1、μ2,用拉力拉著長木板與物塊一起做加速運動時,有F1—μ2(m1十m2)g=(m1十m2)a,整理可得F1=(m1十m2)a十μ2(m1十m2)g,對比題中圖像可知m1十m2= 選項B正確;當物塊相對于長木板滑動時,對長木板有F2m1g=m2a,整理可得F2=m2a十μ2(m1十m2)g十μ1m1g,對比題中圖像有選項A、C錯誤;當F=21N時,物塊的加速度大小,長木板的加速度大小a2=12m/s2,物塊從開始運動到滑離長木板,有解得t=1s,選項D正確。11.(1)不需要(1分)平拋運動在水平方向上的分運動是勻速直線運動(答案合理即可)(1分)(2)需要(1分)【解析】(1)實驗時只需要確保小鐵球P、Q從軌道M、N下端滑出時的速度相同,不需要確保軌道表面光滑。小鐵球Q在光滑水平面上做勻速直線運動,小鐵球P在空中做平拋運動,兩球相碰,說明平拋運動在水平方向上的分運動是勻速直線運動。(2)實驗時需要確保每次都從同一位置由靜止釋放小鐵球,才能使小鐵球從斜槽末端以相同大小的初速度水平拋出。(3)由平拋運動的特點可知,小鐵球從A點到B點的時間與從B點到C點的時間相等,因此有△Y=2L=gT2,解得T=0.1s,小鐵球從A點運動到C點的時間t=2T=0.2s。小鐵球經(jīng)過B點時水平方向上的分速度大小豎直方向上的分速度大小YY【高一物理●參考答案第因此小球經(jīng)過B點時的速度大小【解析】(1)金屬塊做圓周運動的線速度大小由解得。(2)由前面的分析可知結(jié)合題中圖像可得出結(jié)論,做勻速圓周運動的物體所需的向心力大小與℃2成正比。結(jié)合向心力表達式可知可得k=2πmd,解得13.解:(1)對小球A受力分析,豎直方向上有Fcosθ=m1g(1分)對小球B受力分析有F=m2g(1分)可得(1分)(2)對小球A受力分析,水平方向上有Fsinθ=m1w2Lsinθ(2分) 解得w=2\5rad/s。(1分)(3)結(jié)合前面的分析有Fsinθ=m1w2Lsinθ解得w2L=2g,即小球A穩(wěn)定轉(zhuǎn)動時w2與L成反比(2分)可知若小球A的角速度增大為原來的2倍,則重新穩(wěn)定后小球A到上管口的繩長變?yōu)樵瓉?因此,重新穩(wěn)定后小球B的高度變化量△(1分)14.解:(1)包裹在傳送帶上運動的平均速度大小(2分)解得(1分)(2)假設包裹在傳送帶上始終做勻加速直線運動,則有假設包裹在傳送帶上先做勻加速直線運動,再做勻速直線運動,且包裹做勻速直線運動的時包裹做勻加速直線運動時有mgsinθ十μ1mgcosθ=ma【高一物理●參考答案第其中解得μ1=0.05<tanθ,包裹無法做勻速直線運動,該假設不成立由此可知包裹一定是先以較大的加速度做勻加速直線運動直至速度與傳送帶的運行速率大小相等,之后再以較小的加速度做勻加速直線運動。(2分)(判斷方法合理即可)(3)設包裹從傳送帶頂端開始下滑到速度大小與傳送帶速率相等所經(jīng)歷的時間為t1,該階段包裹的加速度大小為a1,有Ψ1=Ψ0十a(chǎn)1t1,x1=Ψ0t1十(2分)對包裹受力分析有mgsinθ十μmgcosθ=ma1(1分)設包裹的速度大于傳送帶的運行速率時,包裹的加速度大小為a2,有對包裹受力分析有mgsinθ—μmgcosθ=ma2綜合前面的分析有a1十a(chǎn)2=2gsinθ解得Ψ1=7m/s。(1分)15.解:(1)彈丸做平拋運動,水平方向上有x1=Ψ1t1(1分)豎直方向上有(2分)其中x1=R十Rcosθ,h1=d1十Rsinθ(2分)解得Ψ1=4m/s。(1分)(2)彈丸做平拋運動,有R十Rcosθ=Ψ2t2(2分)彈丸落到P點時豎直方向上的分速度大小Ψy2=gt2(1分)彈丸擊中