浙江省紹興市2023屆高三物理下學(xué)期二模試卷含答案

本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共10頁，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘?？忌⒁猓?．答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2．答題時(shí)，請(qǐng)按照答題紙上“注意事項(xiàng)”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在試題卷上的作答一律無效。3．非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)。作圖時(shí)，先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫在本試題卷上無效。4．可能用到的相關(guān)公式或參數(shù)：重力加速度g均取。選擇題部分一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列屬于國際單位制中基本單位的物理量是（）A.動(dòng)能 B.加速度 C.熱力學(xué)溫度 D.磁感應(yīng)強(qiáng)度【答案】C【解析】【詳解】國際單位制中選定了七個(gè)基本物理量，分別是長度、質(zhì)量、時(shí)間、熱力學(xué)溫度、電流、光照強(qiáng)度、物質(zhì)的量。故選C。2.下列情況中研究對(duì)象可視為質(zhì)點(diǎn)的是（）A.研究地球的自轉(zhuǎn)規(guī)律 B.研究殲-20的飛行軌跡C.研究天宮空間站的姿態(tài)調(diào)整 D.研究兵乓球的弧旋球轉(zhuǎn)動(dòng)方向【答案】B【解析】【詳解】A．研究地球的自轉(zhuǎn)規(guī)律時(shí)，地球形狀、大小不可以忽略，不能看做質(zhì)點(diǎn)，A錯(cuò)誤；B．研究殲-20的飛行軌跡時(shí)，飛機(jī)形狀、大小對(duì)于研究問題影響很小，可以看做質(zhì)點(diǎn)，B正確；C．研究天宮空間站的姿態(tài)調(diào)整，天宮空間站的形狀、大小不可以忽略，不能看做質(zhì)點(diǎn)，C錯(cuò)誤；D．研究兵乓球的弧旋球轉(zhuǎn)動(dòng)方向，乒乓球的形狀、大小不可以忽略，不能看做質(zhì)點(diǎn)，D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示是一臺(tái)螺旋傳送裝置，可將貨物沿彎曲程度相同的等螺距軌道向上以恒定速率傳送。在向上傳送過程中，貨物（??）A.機(jī)械能增大 B.加速度為零 C.所受合力為零 D.動(dòng)量保持不變【答案】A【解析】【詳解】A．運(yùn)動(dòng)過程，動(dòng)能不變，重力勢能增大，則機(jī)械能增大，故A正確；B．運(yùn)動(dòng)過程有向心加速度，加速度不為零，故B錯(cuò)誤；C．加速度不為零，則合力不為零，故C錯(cuò)誤；D．由于速度方向時(shí)刻改變，則動(dòng)量方向時(shí)刻改變，故D錯(cuò)誤。故選A。4.特高壓是指及以上的直流電和1000kV及以上的交流電的電壓等級(jí)，該技術(shù)具有輸送容量大、距離遠(yuǎn)、效率高和損耗低等優(yōu)越性，是世界上最先進(jìn)的輸電技術(shù)之一。保證輸電功率不變的情況下將輸電電壓從交流500kV的超高壓變?yōu)榻涣?000kV的特高壓，在兩次輸電過程中，下列說法正確的是（）A.“1000kV”指的是交流電的峰值B.輸電線上的電流變?yōu)樵瓉淼?倍C.輸電線上的電能損耗降為原來的D.用戶獲得的功率一定為原來的4倍【答案】C【解析】【詳解】A．輸電電壓指的是電壓的有效值，因此“1000kV”指的是交流電的有效值，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可知，在輸電功率不變的情況下將輸電電壓從交流500kV的超高壓變?yōu)榻涣?000kV的特高壓，輸電線上的電流變?yōu)樵瓉淼谋叮蔅錯(cuò)誤；C．輸電線上損失的功率由于升壓后輸電線上的電流變?yōu)樵瓉淼谋叮虼溯旊娋€上損失的功率降為原來的，即輸電線上的電能損耗降為原來的，故C正確；D．用戶獲得的功率可知兩次得到的功率關(guān)系為可知，用戶獲得的功率不是原來的4倍，故D錯(cuò)誤。故選C。5.某物理興趣小組對(duì)手機(jī)輻射強(qiáng)度與距離關(guān)系展開了研究，假設(shè)手機(jī)為功率恒定輻射源，向空間各個(gè)方向均勻輻射電磁波，當(dāng)手機(jī)距離人臉1m和2m時(shí)，人臉接收到手機(jī)輻射的最大功率之比為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】設(shè)人臉的面積為，距離為r時(shí)，球面的表面積為故人臉接受到的電磁輻射功率為當(dāng)手機(jī)距離人臉1m和2m時(shí)，人臉接收到手機(jī)輻射的最大功率之比為故選D。6.如圖所示，波長為λ的光子照射逸出功為W的金屬表面，由正極板中央P點(diǎn)逸出的光電子（電荷量為e）經(jīng)由電壓為U的平行電極板作用后，最后經(jīng)由負(fù)極板上方的小孔Q飛出。已知正負(fù)極板相距L，小孔Q與負(fù)極板中心相距D。假設(shè)小孔不影響電場的分布和電子的運(yùn)動(dòng)，，下列說法正確的是（）A.P點(diǎn)逸出的光電子初動(dòng)能一定為B.從Q點(diǎn)飛出的電子動(dòng)能最大值為C.從Q點(diǎn)飛出的電子動(dòng)能一定大于D.若正負(fù)極互換但電壓大小不變，則從Q點(diǎn)飛出的電子動(dòng)能一定等于【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)愛因斯坦的光電效應(yīng)方程有式中為逸出的光電子的最大初動(dòng)能，而P點(diǎn)逸出的光電子初動(dòng)能不一定最大，故A錯(cuò)誤；B．初動(dòng)能最大的光電子從P點(diǎn)到Q點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理有結(jié)合光電效應(yīng)方程可得，從Q點(diǎn)飛出的電子動(dòng)能最大值為故B正確；C．由于從P點(diǎn)逸出的光電子的動(dòng)能大小不確定，而從Q點(diǎn)飛出的電子的最大動(dòng)能為因此可知，從Q點(diǎn)飛出電子的動(dòng)能并不確定，應(yīng)滿足故C錯(cuò)誤；D．若正負(fù)極互換但電壓大小不變，則從Q點(diǎn)飛出的電子動(dòng)能的最大值一定等于而從P點(diǎn)逸出的光電子的初動(dòng)能不一定最大，故D錯(cuò)誤。故選B。7.如圖所示一束寬度為a的平行單色光，從折射率為的介質(zhì)1進(jìn)入到折射率為的介質(zhì)2中，單色光寬度變?yōu)椋阎獑紊馊肷潼c(diǎn)A、B兩點(diǎn)距離為c，下列說法正確的是（）A.B.C.單色光在介質(zhì)1的頻率小于在介質(zhì)2的頻率D.單色光在介質(zhì)1的波長小于在介質(zhì)2的波長【答案】B【解析】【詳解】C．光的頻率由光源決定，與介質(zhì)無關(guān)，所以光從介質(zhì)1進(jìn)入介質(zhì)2頻率不變，故C錯(cuò)誤；AB．折射光路如圖所示由幾何知識(shí)得，根據(jù)折射定律有可得故A錯(cuò)誤，B正確；D．因可得，由，可得，由可知，因不變，則，即單色光在介質(zhì)1的波長大于在介質(zhì)2的波長，故D錯(cuò)誤。故選B。8.鈉的放射性同位素經(jīng)過一次衰變后產(chǎn)生穩(wěn)定的鎂（）。已知的半衰期為15h，將一個(gè)放射強(qiáng)度為每秒次的溶液樣本注射到某病人血液中，45h后從該病人體內(nèi)抽取6mL的血液，測得其放射強(qiáng)度為每秒5次。下列說法正確的是（）A.該衰變過程為衰變 B.進(jìn)入到血液后半衰期變長C.45h后樣本放射強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?D.該病人體內(nèi)血液的總體積約為4.8L【答案】D【解析】【詳解】A．衰變方程為故該衰變過程為衰變，A錯(cuò)誤；B．半衰期不會(huì)因?yàn)槲锢頎顟B(tài)、化學(xué)狀態(tài)的改變而改變，B錯(cuò)誤；C．45h為三個(gè)半衰期，故45h后樣本放射強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?，C錯(cuò)誤；D．45h后樣本放射強(qiáng)度變?yōu)樵O(shè)該病人體內(nèi)血液的總體積約為V，則有解得D正確。故選D。9.如圖所示，將一錐形導(dǎo)體放入電荷量為Q的負(fù)點(diǎn)電荷電場中，導(dǎo)體內(nèi)有A、B兩點(diǎn)，A點(diǎn)到電荷的距離為d，下列說法正確的是（）A.錐形導(dǎo)體右端帶負(fù)電B.A點(diǎn)電場強(qiáng)度比B點(diǎn)大C.圖中所示兩條實(shí)線1和2來表示錐形導(dǎo)體周圍的電場線肯定是錯(cuò)誤的D.導(dǎo)體表面的感應(yīng)電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)感應(yīng)起電的原理可知，錐形導(dǎo)體右端將感應(yīng)出正電荷，因此錐形導(dǎo)體右端帶正電，故A錯(cuò)誤；B．導(dǎo)體內(nèi)部達(dá)到靜電平衡，內(nèi)部場強(qiáng)處處為零，故B錯(cuò)誤；C．導(dǎo)體表面為等勢面，而電場線垂直于等勢面，而沿電場線的方向電勢降低，即按電場線解析A點(diǎn)電勢高于B點(diǎn)電勢，因此圖中所示兩條實(shí)線1和2來表示錐形導(dǎo)體周圍的電場線肯定是錯(cuò)誤的，故C正確；D．根據(jù)點(diǎn)電荷在某點(diǎn)產(chǎn)生的電場的公式可知，導(dǎo)體表面的感應(yīng)電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為故D錯(cuò)誤。故選C。10.如圖所示是雜技團(tuán)一門水平放置的大炮，左前方地面上有一直徑為50m的圓形靶區(qū)，炮口A在靶區(qū)邊緣B點(diǎn)正上方7.2m處且正對(duì)靶心正上方C點(diǎn)。BD為靶區(qū)的一條水平直徑，ABOCD五點(diǎn)在同一豎直平面內(nèi)，現(xiàn)保持炮口位置不變，炮管以炮口為圓心水平旋轉(zhuǎn)，所發(fā)射玩具炮彈的速率恒為25m/s。不計(jì)炮管口徑的大小及炮彈的大小、空氣阻力，下列說法正確的是（）A.正對(duì)靶心水平射出時(shí)炮彈會(huì)落到靶心處B.炮管與AC方向平行的位置開始水平轉(zhuǎn)動(dòng)角度等于時(shí)，炮彈將落在靶區(qū)外C.炮管與AC方向平行的位置開始水平轉(zhuǎn)動(dòng)角度小于時(shí)，炮彈一定會(huì)落在靶區(qū)內(nèi)D.炮管水平轉(zhuǎn)動(dòng)角度越大，射出去的炮彈單位時(shí)間內(nèi)速度的變化量越大【答案】C【解析】【詳解】A．由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律聯(lián)立可得所以正對(duì)靶心水平射出時(shí)炮彈不會(huì)落到靶心處，A錯(cuò)誤；BC．如圖當(dāng)炮彈恰好落在靶區(qū)邊緣時(shí)，速度方向與BD的夾角為解得故炮管與AC方向平行的位置開始水平轉(zhuǎn)動(dòng)角度小于時(shí)，炮彈一定會(huì)落在靶區(qū)內(nèi)，B錯(cuò)誤，C正確；D．射出去的炮彈單位時(shí)間內(nèi)速度的變化量為即單位時(shí)間內(nèi)，速度變化量相等，D錯(cuò)誤。故選C。11.如圖所示，勻質(zhì)硬導(dǎo)線ab、ac、bc均為圓弧，連接后分別固定在xOy、xOz、yOz平面內(nèi)，圓心都在O點(diǎn)且半徑，指向x軸正方向的磁場以的速率均勻增大，下列說法正確的是（??）A.bc段導(dǎo)線中的電流從b流向cB.導(dǎo)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢大小為C.ac段導(dǎo)線所受安培力方向沿y軸負(fù)方向D.ab段導(dǎo)線所受安培力大小小于bc段導(dǎo)線所受安培力大小【答案】D【解析】【詳解】A．通過bc截面的磁通量向x軸正方向增加，根據(jù)楞次定律，可知bc段導(dǎo)線中的電流從c流向b，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，導(dǎo)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢大小為故B錯(cuò)誤；C．由A分析知，ac段導(dǎo)線電流方向?yàn)閺腶流向c，根據(jù)左手定則，ac段導(dǎo)線所受安培力方向沿y軸正方向，故C錯(cuò)誤；D．a(chǎn)b段導(dǎo)線和bc段導(dǎo)線電流大小相同，但ab段導(dǎo)線有效長度為r，bc段導(dǎo)線有效長度為，故ab段導(dǎo)線所受安培力大小小于bc段導(dǎo)線所受安培力大小，故D正確。故選D。12.根據(jù)地球同步衛(wèi)星，科學(xué)家提出了“太空天梯”設(shè)想?！疤仗焯荨钡闹黧w結(jié)構(gòu)為一根巨大的硬質(zhì)絕緣桿，一端固定在地球赤道，另一端穿過地球同步衛(wèi)星，且絕緣桿的延長線通過地心。若三個(gè)貨物分別固定在“太空天梯”的a、b、c三個(gè)位置，三個(gè)貨物與同步衛(wèi)星一起以地球自轉(zhuǎn)角速度繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，以地心為參考系，下列說法正確的是（）A.三個(gè)貨物速度大小關(guān)系為B.如果三個(gè)貨物在a、b、c三個(gè)位置從桿上同時(shí)脫落，三個(gè)貨物都將做離心運(yùn)動(dòng)C.桿對(duì)b處貨物的作用力沿Ob方向向上，桿對(duì)c處貨物的作用力沿cO方向向下D.若有一個(gè)軌道高度與b相同的人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則其環(huán)繞地球的角速度小于位于b處貨物的角速度【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)可得三個(gè)貨物速度大小關(guān)系故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意可知同步衛(wèi)星所受的萬有引力恰好提供同步衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力，即對(duì)于、貨物，從桿上脫落后，萬有引力大于所需的向心力，則做近心運(yùn)動(dòng)，對(duì)于貨物，從桿上脫落后，萬有引力小于所需的向心力，則做離心運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合B選項(xiàng)分析可知桿對(duì)b處貨物的作用力沿Ob方向向上，桿對(duì)c處貨物的作用力沿cO方向向下，故C正確；D．根據(jù)可得可知軌道高度與b相同的人造衛(wèi)星角速度大于同步衛(wèi)星的角速度，則其環(huán)繞地球的角速度大于位于b處貨物的角速度，故D錯(cuò)誤。故選C。13.如圖1和2為工地搬運(yùn)長方體大理石塊的設(shè)備示意圖，該設(shè)備吊起部分可以理想化為圖3所示，ABCD為一塊厚厚的水平鋼板，AEFB和DHGC為兩根不可伸長的輕繩，兩繩子關(guān)于水平鋼板左右對(duì)稱放置，且AE和DH平行于大理石塊的后表面，BF和CG平行于大理石塊的前表面，AE、DH、BF、CG與水平方向的夾角均為，忽略AE和DH與大理石塊的后表面（包括E、H兩點(diǎn)）、BF和CG與大理石塊的前表面（包括F、G兩點(diǎn)）的所有作用力，若EF與大理石塊左表面、HG與大理石塊右表面的動(dòng)摩擦因素均為，若能吊起大理石塊，至少為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】設(shè)每段繩子上的張力均為T，則根據(jù)平衡條件有水平方向有認(rèn)為最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則有根據(jù)平衡條件有即解得故選A。二、選擇題II（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說法正確的是（）A.光敏電阻隨著光照的增強(qiáng)，載流子減少，導(dǎo)電性變差B.在LC振蕩電路中，放電完畢的瞬間磁場能全部轉(zhuǎn)化為電場能C.“遙知不是雪，為有暗香來”，“暗香來”是分子的擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)造成的D.食鹽被灼燒時(shí)發(fā)出的光主要是由食鹽蒸氣中鈉原子的能級(jí)躍遷而造成的【答案】CD【解析】【詳解】A．光敏電阻隨著光照的增強(qiáng)，載流子增多，導(dǎo)電性變好，故A錯(cuò)誤；B．在LC振蕩電路中，放電完畢的瞬間電場能全部轉(zhuǎn)化為磁場能，故B錯(cuò)誤；C．“遙知不是雪，為有暗香來”，“暗香來”是分子的擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)造成的，故C正確；D．食鹽被灼燒時(shí)發(fā)出的光主要是由食鹽蒸氣中鈉原子的能級(jí)躍遷而造成的，故D正確。故選CD。15.如圖所示，與處有兩個(gè)波源和均可以沿z軸方向做簡諧運(yùn)動(dòng)，兩波源產(chǎn)生的機(jī)械波均能以波源為圓心在xOy平面內(nèi)向各個(gè)方向傳播，振動(dòng)周期均為，波速均為。時(shí)刻波源開始沿z軸正方向振動(dòng)，振幅；時(shí)刻波源開始沿z軸負(fù)方向振動(dòng)，振幅。下列說法正確的是（）A.時(shí)刻，處質(zhì)點(diǎn)的位移為B.在x軸上，和區(qū)域都是振動(dòng)的加強(qiáng)點(diǎn)C.在x軸上，區(qū)間內(nèi)一共有10個(gè)振動(dòng)的加強(qiáng)點(diǎn)D.以波源為圓心，分別以半徑4.8m和5.2m畫圓，則在這兩個(gè)圓周上，振動(dòng)的加強(qiáng)點(diǎn)的個(gè)數(shù)相等【答案】CD【解析】【詳解】A．假設(shè)只有波源時(shí)，因波速，此波傳到處需要時(shí)間為因周期，則處的質(zhì)點(diǎn)又振動(dòng)了可知質(zhì)點(diǎn)，在時(shí)刻處在波峰，即位移是3cm，同理可知波源存在時(shí)，傳到需要時(shí)間是質(zhì)點(diǎn)又振動(dòng)了即得質(zhì)點(diǎn)在時(shí)刻也處在波峰，則位移是，A錯(cuò)誤；B．該波的波長為在和區(qū)域則有，各點(diǎn)到兩波源的距離之差即是波長的整數(shù)倍，波源和的振動(dòng)步調(diào)相反，因此各點(diǎn)都是振動(dòng)減弱點(diǎn)，B錯(cuò)誤；C．在x軸上，區(qū)間，中間位置是點(diǎn)，點(diǎn)左側(cè)各點(diǎn)到兩波源的距離之差，因此有即這樣的加強(qiáng)點(diǎn)共有5個(gè)，分別為、、、、，同理，由對(duì)稱性，右側(cè)也有5個(gè)加強(qiáng)點(diǎn)，因此區(qū)間內(nèi)一共有10個(gè)振動(dòng)的加強(qiáng)點(diǎn)，C正確；D．以波源為圓心，分別以半徑4.8m和5.2m畫圓，如圖所示，則在這兩個(gè)圓周上，Q點(diǎn)到兩波源的距離之差最小，則有點(diǎn)到兩波源的距離之差最小P點(diǎn)到兩波源的距離之差最大為點(diǎn)到兩波源的距離之差最大為則在這兩個(gè)圓周上，振動(dòng)的加強(qiáng)點(diǎn)的個(gè)數(shù)相等，D正確。故選CD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）實(shí)驗(yàn)題16.如圖1所示是“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置。（1）除帶夾子的重物、紙帶、鐵架臺(tái)（含鐵夾）、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、導(dǎo)線及開關(guān)外，在下列器材中，還必須使用的器材是________（多選）A.低壓交流電源 B.刻度尺 C.天平（含砝碼）（2）該實(shí)驗(yàn)過程中，下列說法正確的是________A.先釋放紙帶再接通電源B.用手托住重物由靜止釋放C.重物下落的初始位置應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器（3）重物下落過程中除了重力外會(huì)受到空氣阻力和摩擦阻力的影響，故動(dòng)能的增加量________（選填“略小于”或“略大于”）重力勢能的減少量，這屬于________（選填“系統(tǒng)誤差”或“偶然誤差”），此實(shí)驗(yàn)另一類誤差來源于高度的測量，減小誤差的辦法是多次測量取________（選填“最大值”或“平均值”）。（4）按照正確的操作得到圖2所示的一條紙帶，在紙帶上選取三個(gè)連續(xù)打出的點(diǎn)A、B、C，測得它們到起始點(diǎn)O的距離分別為、、，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的周期為T。設(shè)重物的質(zhì)量為m。從打O點(diǎn)到打B點(diǎn)的過程中，重物的重力勢能的減少量________，動(dòng)能的增加量________。【答案】（1）AB（2）C（3）①.略小于②.系統(tǒng)誤差③.平均值（4）①.②.【解析】【小問1詳解】A．電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需要低壓交流電源，A正確；B．打出的紙帶計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離需要刻度尺測量，B正確；C．驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，則有因此只需要驗(yàn)證即可，因此不需要用天平（含砝碼）測量重物的質(zhì)量，C錯(cuò)誤。故選AB?！拘?詳解】A．為了充分利用紙帶，并記錄更多的數(shù)據(jù)，應(yīng)先接通電源，待打點(diǎn)穩(wěn)定后再釋放紙帶，A錯(cuò)誤；B．為減小紙帶與限位孔間的摩擦力，以減小實(shí)驗(yàn)誤差，用手拉住紙帶的上端，并使紙帶與重物在同一豎直線上，由靜止釋放，B錯(cuò)誤；C．重物下落的初始位置應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，這樣紙帶得到充分利用，并記錄更多的數(shù)據(jù)，C正確。故選C。【小問3詳解】[1]重物下落過程中除了重力外會(huì)受到空氣阻力和摩擦阻力的影響，故動(dòng)能的增加量略小于重力勢能的減少量。[2]這屬于系統(tǒng)誤差。[3]除受到空氣阻力和摩擦阻力的影響外，還有誤差來源于高度的測量，減小誤差的辦法是多次測量取平均值?！拘?詳解】[1]從打O點(diǎn)到打B點(diǎn)的過程中，重物的重力勢能的減少量[2]由勻變速直線運(yùn)動(dòng)在某段時(shí)間內(nèi)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間內(nèi)的平均速度可得，打B點(diǎn)時(shí)的速度為則有動(dòng)能的增加量17.如圖所示是“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”的實(shí)驗(yàn)裝置。（1）判斷感應(yīng)電流的方向時(shí)________（選填“需要”或“不需要）確定線圈的繞法，為了弄清楚靈敏電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向與電流流向的關(guān)系，可以用多用電表的________（選填“電壓檔”、“電流檔”或“歐姆檔”）進(jìn)行檢測。（2）強(qiáng)磁鐵快速插入線圈后保持靜止，此過程中靈敏電流計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)情況可能是________A.一直在“0”刻度位置B.從“0”刻度開始向右偏轉(zhuǎn)到最大并維持此角度不變C.從“0”刻度開始向右偏轉(zhuǎn)再向左偏轉(zhuǎn)并越過“0”最后右偏回到“0”位置【答案】（1）①.需要②.歐姆檔（2）C【解析】【小問1詳解】[1]判斷感應(yīng)電流方向時(shí)需要用到楞次定律結(jié)合安培定則進(jìn)行判斷，右手四指環(huán)繞的方向即為感應(yīng)電流的方向，因此需要確定線圈的繞法；[2]多用電表內(nèi)部含有直流電源的為歐姆檔，因此可用電表的歐姆檔對(duì)電流進(jìn)行測試。【小問2詳解】強(qiáng)磁鐵快速插入線圈的過程中，穿過線圈的磁通量發(fā)生改變，回路中將產(chǎn)生感應(yīng)電流，靈敏電流計(jì)指針將從“0”刻度開始偏轉(zhuǎn)，磁鐵插入線圈中保持靜止后，磁通量不再改變，最終靈敏電流計(jì)指針將回到“0”刻度位置。故選C。18.如圖1所示是小明設(shè)計(jì)的測量純凈水電導(dǎo)率（電導(dǎo)率是電阻率的倒數(shù)，是檢驗(yàn)純凈水是否合格的一項(xiàng)重要指標(biāo)）的電路圖，已知圓柱形容器中水的長度為L、橫截面積為S，電壓表的內(nèi)阻為，某次實(shí)驗(yàn)中電壓表和的讀數(shù)分別為、，電阻箱的示數(shù)如圖2所示，則電阻箱的阻值為________，純凈水的電導(dǎo)率為________（用相關(guān)字母表示），不合格純凈水的電導(dǎo)率會(huì)________（選填“偏大”或“偏小”）。【答案】①.65370.0②.③.偏大【解析】【詳解】[1]根據(jù)圖示可讀的電阻箱的讀數(shù)為[2]根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可得純水的電阻根據(jù)電阻定律有聯(lián)立可得純凈水的電導(dǎo)率為[3]不合格純凈水雜質(zhì)較多，電阻率偏小，因此其電導(dǎo)率將偏大。19.如圖1所示，開口的塑料瓶下部分盛有一定質(zhì)量的液體，上部分被空氣占據(jù)，此時(shí)瓶內(nèi)空氣溫度為280K、壓強(qiáng)為。當(dāng)瓶內(nèi)空氣溫度從280K升高到300K時(shí)，部分空氣將跑到大氣中，立即用質(zhì)量為50g、橫截面積為的圓柱形瓶塞密封上部分剩余的空氣（圖2所示），再將瓶內(nèi)空氣溫度恢復(fù)至280K，接著維持此溫度，然后用力擠壓塑料瓶使瓶塞彈出，已知大氣溫度恒為280K、壓強(qiáng)恒為，瓶塞與瓶口的最大靜摩擦力為3.5N。不考慮瓶內(nèi)空氣升溫和降溫過程中塑料瓶的體積和液體的物態(tài)變化，擠壓塑料瓶過程中瓶內(nèi)空氣溫度保持不變，瓶塞體積相對(duì)于瓶內(nèi)空氣體積可忽略不計(jì)。（1）瓶塞密封的剩余空氣從300K降溫至280K的過程中，塑料瓶內(nèi)壁單位面積上受到的壓力________（選填“增大”、“減小”或“不變”），剩余空氣向外界________（選填“吸熱”或“放熱”）。（2）求瓶內(nèi)剩余空氣的分子數(shù)目占原來空氣的分子總數(shù)目比例________。（結(jié)果可用分?jǐn)?shù)表示）（3）求瓶塞恰好被彈出時(shí)，瓶內(nèi)剩余空氣體積變?yōu)閿D壓前的幾倍?（結(jié)果可用分?jǐn)?shù)表示）【答案】（1）①.減?、?放熱（2）（3）【解析】【小問1詳解】[1]根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可知，瓶塞密封的剩余空氣從300K降溫至280K的過程中，氣體溫度降低，體積不變，瓶內(nèi)氣體壓強(qiáng)減小，而根據(jù)可知，塑料瓶內(nèi)壁單位面積上受到的壓力減小；[2]根據(jù)熱力學(xué)第一定律由于氣體體積不變，因此氣體既不對(duì)外做功，外界也不對(duì)氣體做功，可知而氣體溫度由300K降溫至280K，可知?dú)怏w內(nèi)能減小，即由此可知即剩余空氣向外界放熱?！拘?詳解】氣體溫度升高過程中發(fā)生等壓變化，則有可得瓶內(nèi)剩余空氣的分子數(shù)目占原來空氣的分子總數(shù)目比例為注：分?jǐn)?shù)表示為【小問3詳解】塞住瓶口后的降溫過程，瓶內(nèi)氣體發(fā)生等容變化，則有設(shè)擠壓后氣體壓強(qiáng)為，瓶塞恰好被彈出時(shí)有擠壓瓶子的過程中發(fā)生等溫變化，有聯(lián)立以上各式可得，瓶塞恰好被彈出時(shí)，瓶內(nèi)剩余空氣體積變?yōu)閿D壓前注：分?jǐn)?shù)表示為20.如圖所示，一長為的水平傳送帶AB以速度沿順時(shí)針勻速旋轉(zhuǎn)，傳送帶與光滑水平軌道CD平滑連接且B、C兩點(diǎn)重合，光滑圓弧軌道DE圓心為O，半徑為，OE與豎直方向的夾角，圓弧軌道DE與水平軌道CD也平滑連接，F(xiàn)G為U形固定槽（F、G兩點(diǎn)等高），槽的水平長度為，槽的右上端G與E點(diǎn)間的水平距離為，豎直距離為?，F(xiàn)將質(zhì)量為（質(zhì)量大小可改變）的滑塊1輕輕放到傳送帶上的A處，經(jīng)傳送帶傳送后進(jìn)入軌道CD，并與靜止在水平軌道CD上某處的滑塊2（質(zhì)量為）發(fā)生彈性碰撞，隨后滑塊2沿圓弧軌道運(yùn)動(dòng)，從E點(diǎn)飛出后落入U(xiǎn)形槽。已知滑塊1與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，兩滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)，不考慮兩滑塊間以后的碰撞與滑塊2落入U(xiǎn)形槽后反彈的情形。（1）求碰撞前瞬間滑塊1的速度。（2）若滑塊2剛好在E點(diǎn)脫離軌道，求碰撞后瞬間滑塊2的速度。（3）為使滑塊2能落入U(xiǎn)形槽，求滑塊1質(zhì)量應(yīng)取的最小值。（結(jié)果可保留根號(hào)）【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）滑塊1勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度滑塊1勻加速直線運(yùn)動(dòng)的位移之后滑塊1做勻速直線運(yùn)動(dòng)，因此碰撞前瞬間滑塊1速度（2）滑塊2剛好在E點(diǎn)脫離軌道滿足得根據(jù)動(dòng)能定理則（3）為使滑塊2能落入U(xiǎn)形槽，要求滑塊1質(zhì)量的最小值滿足條件1:E點(diǎn)之前不脫離軌道，即E點(diǎn)速度滿足條件2：若剛好落入G點(diǎn)即E點(diǎn)速度因此能落入G點(diǎn)，碰撞后瞬間滑塊2速度滑塊1和滑塊2發(fā)生彈性碰撞因此質(zhì)量的最小值為21.如圖1所示為永磁式徑向電磁阻尼器，由永磁體、定子、驅(qū)動(dòng)軸和轉(zhuǎn)子組成，永磁體安裝在轉(zhuǎn)子上，驅(qū)動(dòng)軸驅(qū)動(dòng)轉(zhuǎn)子轉(zhuǎn)動(dòng)，定子上的線圈切割“旋轉(zhuǎn)磁場”產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而產(chǎn)生制動(dòng)力。如圖2所示，單個(gè)永磁體的質(zhì)量為m，長為、寬為（寬度相對(duì)于所在處的圓周長度小得多，可近似為一段小圓?。⒑穸群苄】珊雎圆挥?jì)，永磁體的間距為，永磁體在轉(zhuǎn)子圓周上均勻分布，相鄰磁體磁極安裝方向相反，靠近磁體表面處的磁場可視為勻強(qiáng)磁場，方向垂直表面向上或向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，相鄰磁體間的磁場互不影響。定子的圓周上固定著多組金屬線圈，每組線圈有兩個(gè)矩形線圈組成，連接方式如圖2所示，每個(gè)矩形線圈的匝數(shù)為N、電阻為R，長為，寬為，線圈的間距為。轉(zhuǎn)子半徑為r，轉(zhuǎn)軸及轉(zhuǎn)子質(zhì)量不計(jì)，定子和轉(zhuǎn)子之間的縫隙忽略不計(jì)。（1）當(dāng)轉(zhuǎn)子角速度為時(shí)，求流過每組線圈電流I的大小；（2）若轉(zhuǎn)子的初始角速度為，求轉(zhuǎn)子轉(zhuǎn)過的最大角度；（3）若在外力作用下轉(zhuǎn)子加速，轉(zhuǎn)子角速度隨轉(zhuǎn)過的角