磁場復習--上課用.ppt

1、,1.電流的磁場 2磁感應強度磁感線地磁場 3磁性材料分子電流假說 4磁場對通電直導線的作用安培 力左手定則 5磁場對運動電荷的作用洛倫茲力帶電粒子在勻強磁場中的運動 6質譜儀回旋加速器 說明： (1)安培力的計算限于直導線跟B平行或垂直的兩種情況 (2)洛倫茲力的計算限于v跟B平行或垂直的兩種情況.,答案：C,一.磁感應強度，地磁場的基本性質,1.關于磁感應強度，下列說法中正確的是( )A磁感應強度的方向，就是通電直導線在磁場中的受力方向B磁感應強度大的地方，通電導線所受的力也一定大C磁感應強度的單位可以用T表示D.通電導線在某處所受磁場力為零，則該處的磁感應強度為零 E.小磁針的N極指向南

2、極,2. 通電螺線管中有如圖所示方向的電流，其中各小磁針N極所指方向向左的是( ) A甲 B乙 C丙 D丁,答案 ： B,答案：A,二.通電導體在安培力作用下運動的判斷,3. 如圖，把輕質導線圈用絕緣細線懸掛在磁鐵N極附近，磁鐵的軸線穿過線圈的圓心，且垂直于線圈平面，當線圈中通入如圖方向的電流后，線圈的運動情況是() A線圈向左運動 B線圈向右運動 C從上往下看順時針轉動 D從上往下看逆時針轉動,1.安培力的方向與磁感應強度的方向垂直，而不是相同或相反，這跟電場力與電場強度方向之間的關系是不同的 2某些導體在安培力作用下可能會出現平動與轉動同時發(fā)生的情況,特別提醒,答案：A,4. 如圖，線段a

3、b、bc和cd的長度均為L，且abcbcd135.流經導線的電流為I，方向如圖導線段abcd所受到的磁場的作用力的合力(),三、安培力的大小和做功情況分析,5.在等邊三角形的三個頂點a、b、c處，各有一條長直導線垂直穿過紙面，導線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖過c點的導線所受安培力的方向(),A與ab邊平行，豎直向上 B與ab邊平行，豎直向下 C與ab邊垂直，指向左邊 D與ab邊垂直，指向右邊,答案：C,四 安培力作用下物體的平衡,解：畫其截面圖，如圖所示，,7.如圖，在傾角30的斜面上，固定一金屬框架，寬L0.25 m，接入電動勢E12 V、內阻不計的電池在框架上放有一根質量m0.2 k

4、g的金屬棒ab，它與框架的動摩擦因數是u=3/6，整個裝置放在磁感應強度B0.8 T、垂直框架向上的勻強磁場中當調節(jié)滑動變阻器R的阻值在什么范圍內時，可使金屬棒靜止在框架上？(框架與棒的電阻不計，g取10 m/s2),【答案】1.6 R4.8 ,1、大小：,f=Bqv,(適用條件：VB）,2、方向：,左手定則,a: f的方向總是垂直于B和v所決定的平面,b: 注意電荷有正負之分，四指的指向應為正電荷的運動方向！,五、磁場對運動電荷的作用力（洛倫茲力）,3、當電荷垂直射入勻強磁場時，在洛倫茲力 作用下電荷作勻速圓周運動。,周期T的大小與帶電粒子在磁場中的運動速率和半徑無關。,8. 如圖，一電量為

5、q的帶電粒子，（不計重力）自A點垂直射入磁感應強度為B，寬度為d的勻強磁場中，穿過磁場的速度方向與原來入射方向的夾角為300，則該電荷質量m是，穿過磁場所用的時間t為,由幾何知識：弧AB所對應的圓心角=300,OB=OA即為半徑r。故：,解題關鍵：（1）確定運動軌跡所在圓的圓心 和半徑,（2）計算粒子在磁場中的運動時間：先判定運動路徑圓弧所對應的 圓心角 , 再根據 求得時間t 。,帶電粒子在復合場中運動1,帶電粒子在復合場中運動2,例1如圖12-76所示，質量m、電量q的小金屬塊，以某一初速沿水平放置的絕緣板進入正交的電場、磁場中，已知B垂直紙面向外，E水平金屬塊與板之間的摩擦因數為，當金屬

6、塊由A端勻速滑到B端時，與擋板相碰，并打開開關，使電場消失。已知金屬塊與擋板相碰時，機械能損失75，電量不變，并能勻速返回，若AB=l，金屬塊往返一次的時間為T，求： (1)電場強度和磁感強度； (2)往返過程中摩擦力做的功。,參考題：例3：(1999年全國高考)如圖11-20(a)所示，虛線MN是一垂直紙面的平面與紙面的交線，在平面右側的半空間存在一磁感強度為B的勻強磁場，方向垂直紙面向外。O是MN上的一點，從O點可以向磁場區(qū)域發(fā)射電量為+q、質量為m、速率為v的粒子，粒子射入磁場時的速度可在紙面內各個方向。已知先后射入兩個粒子恰好在磁場中給定的P點相遇，P到0的距離為L。不計重力及粒子間的相互作用。 (1)求所考察的粒子在磁場中的軌道半徑。 (2)求這兩個粒子從O點射人磁場的時間間隔。 圖11-20(a),解析：(1)設粒子在磁場中作圓周運動的軌道半徑為R.由牛頓第二定律，有,得,(2)如圖11-20( b)所示，以OP為弦可畫兩個半徑相同的圓，分別表示P點相