河北省衡水中學(xué)2016年高考物理信息卷(四) Word版含解析

1、2016年河北省衡水中學(xué)高考物理信息卷（四）一、選擇題（共8小題，每小題6分，滿分48分每小題給出的四個選項中，第15小題只有一項符合題意，第68小題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）1實驗研究表明降落傘所受的阻力與速度v、傘的半徑r，空氣密度等因素有關(guān)，下面幾個有關(guān)阻力的表達(dá)式可能正確的是（式中K為比例常數(shù)，無單位）（）AKv2r3BKv2r2CKv2r4DKvr22兩個質(zhì)量相等的帶電小球A、B，在等長的絕緣細(xì)線作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，其中小球A緊靠著光滑的絕緣墻壁，系小球A的細(xì)線呈豎直狀態(tài)，系小球B的細(xì)線偏離豎直方向成角若減小小球B的帶電量，系統(tǒng)重新平衡

2、后，下列說法正確的是（）A增大B由于小球A的帶電量不變，其受到的庫侖力大小不變C小球A受到細(xì)線的拉力不變D小球B受到細(xì)線的拉力不變3如圖所示，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，R為電阻箱圖乙為電源的輸出功率P與電流表示I的關(guān)系圖象，電流表為理想電表，其中電流為I1、I2時對應(yīng)的外電阻分別為R1、R2，電源的效率分別為1、2，輸出功率均為P0下列說法中正確的是（）AR1R2BI1+I2CR1R2=r2D1=24如圖甲所示，光滑導(dǎo)軌水平放置在勻強(qiáng)磁場中，磁場的方向與導(dǎo)軌平面成60角，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，規(guī)定斜向下為正方向，導(dǎo)體棒ab垂直導(dǎo)軌放置，除電阻R的阻值外，其余電阻不計，導(dǎo)體

3、棒ab在水平外力F作用下始終處于靜止?fàn)顟B(tài)規(guī)定ab的方向為電流的正方向，水現(xiàn)向左的方向為外力F的正方向，則在04s時間內(nèi)，線框中的感應(yīng)電流I以及導(dǎo)體棒ab所受外力F隨時間t變化的圖象的圖象正確的是（）ABCD5如圖所示，直角三角劈固定在水平地面上，斜劈左側(cè)面粗糙，傾角=37，右側(cè)面光滑，一輕彈簧的下端固定在斜劈左側(cè)下端的擋板上，彈簧處于原長時上端位于O點，一根輕繩繞過光滑輪連接質(zhì)量分別為2m和m的物體甲和乙，初始時甲位于斜面的P點，乙在斜劈右側(cè)面上，O、P兩點間的距離為L現(xiàn)由靜止同時釋放甲、乙后，甲沿斜面向下運動，將彈簧壓縮到最短的位置Q點，O、Q兩點間距離為甲與斜面間動摩擦因數(shù)=，整個過程中，

4、滑輪兩側(cè)繩子始終與斜面平行，輕繩始終處于伸直狀態(tài)，不計空氣阻力及滑輪和軸間的摩擦，重力加速度為g，下列說法正確的是 （）A甲物體在從P至Q的運動過程中，先做勻加速運動，后做勻減速運動B甲物體在從P至O的運動過程中，加速度大小為a=gC彈簧的最大彈性勢能為mgLD彈簧的最大彈性勢能為mgL6如圖所示為A、B兩個物體在同一直線上運動的速度時間圖象，已知t=0時刻兩個物體恰好經(jīng)過同一地點，則下列說法正確的是（）AA、B兩物體運動方向相反Bt=4s時，A、B兩物體相遇C在相遇前，t=4s時，A、B兩物體相距最遠(yuǎn)D在相遇前，若A、B兩物體的最遠(yuǎn)距離為14m，則物體A的速度為8m/s7如圖所示，兩條平行導(dǎo)

5、軌所在平面與水平地面的夾角為=30，間距為l導(dǎo)軌上端接有一平行板電容器，電容為C，在寬度為h的兩虛線間的導(dǎo)軌上涂有薄絕緣涂層，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向與導(dǎo)軌平面垂直，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒從h高度處由靜止釋放，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直且僅與涂層間有摩擦，動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，所有電阻忽略不計下列說法正確的是（）A導(dǎo)體棒到達(dá)涂層前做加速度減小的加速運動B在涂層區(qū)導(dǎo)體做勻速運動C導(dǎo)體棒到達(dá)底端的速度為v=D整個運動過程中產(chǎn)生的焦耳熱為mgh8據(jù)新華社2015年11月2日上海電，我國自主發(fā)射的火星探測器將在第17屆中國國際工業(yè)博覽會上首次公開亮相，火星是太陽系中與地球最為類似的行星，人類對火

6、星生命的研究在2015年因“火星表面存在流動的液態(tài)水”的發(fā)現(xiàn)而取得了重要進(jìn)展若火星可視為均勻球體，其表面的重力加速度為g，半徑為R，自轉(zhuǎn)周期為T，萬有引力常量為G，則下列說法正確的是（）A火星的平均密度為B火星的同步衛(wèi)星距火星表面的高度為RC火星的第一宇宙速度為2D火星的同步衛(wèi)星運行的角速度為二、必考題（共4小題，滿分47分）9某研究性學(xué)習(xí)小組探究小燈泡燈絲電阻與溫度的關(guān)系，主要儀器有：待測小燈泡（額定功率6W，額定電流0.5A）、電流表（量程00.6A，內(nèi)阻約為0.1）、電壓表（量程015V，內(nèi)阻約為15k）、滑動變阻器（050）直流電源（電動勢15V，內(nèi)阻不計）、開關(guān)一個，導(dǎo)線若干（1）若

7、實驗中要求調(diào)節(jié)滑動變阻器時，小燈泡兩端電壓可以在零到額定電壓范圍內(nèi)連續(xù)變化，從而測出小燈泡在不同電壓下的電流請根據(jù)提供的器材在虛線框中畫出符合要求的電路圖（2）如圖所示是該研究小組測得的小燈泡IU關(guān)系圖線由圖線可知，小燈泡燈絲電阻隨溫度的升高而（填“增大”“減小”或“不變”）；當(dāng)小燈泡兩端所加電壓為6V時，其燈絲電阻值為（保留2位有效數(shù)字）10某研究學(xué)習(xí)小組利用氣墊導(dǎo)軌驗證機(jī)械能守恒定律，實驗裝置如圖甲所示水平桌面上固定一傾斜的氣墊導(dǎo)軌，導(dǎo)軌上A點處有一帶遮光片的滑塊，其總質(zhì)量為M，導(dǎo)軌上B點有一光電門，可以記錄遮光片經(jīng)過光電門時的擋光時間t，用s表示A、B兩點間的距離，重力加速度為g（1）若

8、用20分度的游標(biāo)卡尺測得遮光片的寬度b，如圖乙所示，則b=mm（2）若用d表示A點到導(dǎo)軌底端C點的距離，h表示A與C的高度差，b表示遮光片的寬度，在誤差范圍內(nèi)，若公式成立，就可以驗證機(jī)械能守恒定律（用題中給出的物理量符號表示）（3）多次改變光電門的位置，每次均令滑塊自A點靜止釋放下滑，測量相應(yīng)的s與t值，結(jié)果如下表所示：12345s（m）0.6000.8001.0001.2001.400t（ms）8.227.126.005.815.381.481.972.782.963.45以s為橫坐標(biāo)，為縱坐標(biāo)，在如圖的坐標(biāo)紙中描出數(shù)據(jù)點；根據(jù)5個數(shù)據(jù)點作直線，求得該直線的斜率k=104m1s2（保留3位有

9、效數(shù)字） 11某興趣小組對一輛自制小遙控車的性能進(jìn)行研究他們讓這輛小車在水平的直軌道上由靜止開始運動，并將小車運動的全過程記錄下來，通過處理轉(zhuǎn)化為vt圖象，如圖所示（除210s時間段內(nèi)的圖象為曲線外，其余時間段圖象均為直線）已知小車運動的過程中，214s時間段內(nèi)小車的功率保持不變，在14s末失去動力小車自由滑行已知小車的質(zhì)量為1kg，整個過程中小車所受到的阻力大小恒定求小車加速運動過程中行駛的距離12如圖所示為在豎直平面內(nèi)建立的坐標(biāo)系xOy，在xOy的第一象限內(nèi)，x=4d處豎直放置高l0=2d粒子吸收板CD，x=5d處豎直放置一個長l=5d的粒子吸收板MN，在MN左側(cè)存在垂直紙面向外的磁感應(yīng)強(qiáng)

10、度為B的勻強(qiáng)磁場，右側(cè)存在豎直向下的勻強(qiáng)電場在原點O處有一粒子源，可以沿y軸正向射出質(zhì)量為m、電量為+q的不同速率的帶電粒子，已知電場強(qiáng)度為，粒子的重力及粒子間的相互作用力均忽略不計，打到板CD、MN上的粒子均被吸收（1）若從O點射出的粒子能打到板MN上，求粒子的速度v的大?。唬?）若某粒子恰好能夠從M點（剛好未碰到吸收板）進(jìn)入到電場，求該粒子到達(dá)x軸時的動能；（3）某粒子恰好能夠從M點（剛好未碰到吸收板）進(jìn)入到電場，求該粒子從O點射出到通過x軸所用的時間三、選考題選修33（共2小題，滿分15分）13下列說法正確的是（）A顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停地?zé)o規(guī)則運動，這反映了炭粒分子運動的無

11、規(guī)則性B壓縮氣體時會表現(xiàn)出抗拒壓縮的力是由于氣體分子間存在斥力的緣故C當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時，分子力和分子勢能都隨分子間的減小而增大D熱力學(xué)溫標(biāo)的最低溫度為0K，它沒有負(fù)值，它的單位是國際單位制的基本單位之一E若一定質(zhì)量的某理想氣體的內(nèi)能增加，則其溫度一定升高14如圖所示，一根長l=76cm，一端開口、內(nèi)壁光滑的玻璃管豎直放置，管中用一段長H0=44cm的水銀柱封閉一段長l1=20cm的氣體，開始時封閉氣體溫度為t2=27大氣壓強(qiáng)恒為P0=76cm Hg，管內(nèi)氣體可視為理想氣體，管外空氣阻力忽略不計，重力加速度為g，熱力學(xué)溫度與攝氏溫度的關(guān)系為T=t+273K緩慢升高封閉氣體溫度，求溫度升高到多

12、少時水銀開始從管口溢出；當(dāng)玻璃管向上以a=g的加速度勻減速上升時，求穩(wěn)定時氣柱的長度（忽略封閉氣體溫度的變化，結(jié)果保留3位有效數(shù)字）四、選修34（共2小題，滿分0分）15某同學(xué)利用先進(jìn)的DIS系統(tǒng)較準(zhǔn)確地探究了單擺周期T和擺長L的關(guān)系利用實驗數(shù)據(jù)，由計算機(jī)繪制了a、b兩個擺球的振動圖象，如圖所示，下面說法正確的是（）A兩個擺球擺到最低位置時的機(jī)械能一定相等B兩個擺球a、b的振幅之比為C兩個擺球a、b的周期之比為D兩個擺球a、b的擺長之比為E在t=1s時b球的振動方向是沿y軸負(fù)向16如圖所示，一束單色光從AD邊以入射角60射入一截面為等腰梯形的透明介質(zhì)已知該介質(zhì)的折射率n=（1）求光線進(jìn)入該介質(zhì)

13、時的折射角；（2）通過計算判斷光線能否從CD邊射出五、選修35（共2小題，滿分0分）17下列說法正確的是（）A發(fā)生一次衰變時，生成核與原來的原子核相比，核內(nèi)質(zhì)量數(shù)減少4B放射性元素的半衰期會隨著壓力、溫度及所構(gòu)成化合物種類的變化而變化C一個氡核Rn衰變成釙核Po并放出一個粒子，氡核半衰期為3.8天，則2g氡經(jīng)過7.6天衰變，剩余氡的質(zhì)量是0.5gD粒子轟擊鋁箔（Al）產(chǎn)生中子的核反應(yīng)方程式為Al+HeP+nE衰變中產(chǎn)生的射線實際上是原子的核外電子掙脫原子核的束縛而形成的18如圖所示，一質(zhì)量m=2kg的鐵塊放在質(zhì)量M=2kg的小車左端，二者一起以v0=4m/s的速度沿光滑水平面向豎直墻面運動，車

14、與墻碰撞的時間t=0.01s，碰撞時間極短，鐵塊與小車之間的動摩擦因數(shù)=0.4，g=10m/s2求：（1）車與墻碰撞時受到的平均作用力F的大?。ㄓ捎谂鲎矔r間極短，可認(rèn)為在車與墻碰撞時鐵塊速度沒變）；（2）小車車長的最小值2016年河北省衡水中學(xué)高考物理信息卷（四）參考答案與試題解析一、選擇題（共8小題，每小題6分，滿分48分每小題給出的四個選項中，第15小題只有一項符合題意，第68小題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）1實驗研究表明降落傘所受的阻力與速度v、傘的半徑r，空氣密度等因素有關(guān)，下面幾個有關(guān)阻力的表達(dá)式可能正確的是（式中K為比例常數(shù)，無單位）（

15、）AKv2r3BKv2r2CKv2r4DKvr2【考點】力學(xué)單位制【分析】根據(jù)選項的表達(dá)式，分析其中物理量的單位找出等效單位的表達(dá)式【解答】解：密度的單位為kg/m3，速度的單位是m/s，半徑單位是m，力的單位為N，且1N=1kgm/s2，根據(jù)力學(xué)單位制可知，A、Kv2r3的單位為，不是N，故A錯誤；B、Kv2r2的單位為，是N，故B正確；C、Kv2r4的單位為，不是N，故C錯誤；D、Kvr2的單位為，不是N，故D錯誤；故選：B2兩個質(zhì)量相等的帶電小球A、B，在等長的絕緣細(xì)線作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，其中小球A緊靠著光滑的絕緣墻壁，系小球A的細(xì)線呈豎直狀態(tài)，系小球B的細(xì)線偏離豎直方向成角若減小小球B

16、的帶電量，系統(tǒng)重新平衡后，下列說法正確的是（）A增大B由于小球A的帶電量不變，其受到的庫侖力大小不變C小球A受到細(xì)線的拉力不變D小球B受到細(xì)線的拉力不變【考點】庫侖定律【分析】由庫侖定律可確定其受愛庫侖力變小，由B受力情況可確定角，及繩的拉力的變化【解答】解：A、由F=，可知F變小，小球平衡被打破，兩者距離要變小，則變小，則A錯誤B、D、小球B受力如圖所示，兩絕緣線的長度都是L，則OAB是等腰三角形，由力的三角形與幾何三角形相似，則即則線的拉力T與重力G相等，G=T，則D正確，而F=2Gsin，因變小，則F要變小則B錯誤C、對于A球：T+2Gsin=G，因變小，則T變大，則C錯誤故選：D3如圖

17、所示，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，R為電阻箱圖乙為電源的輸出功率P與電流表示I的關(guān)系圖象，電流表為理想電表，其中電流為I1、I2時對應(yīng)的外電阻分別為R1、R2，電源的效率分別為1、2，輸出功率均為P0下列說法中正確的是（）AR1R2BI1+I2CR1R2=r2D1=2【考點】閉合電路的歐姆定律；電功、電功率【分析】由圖象知電流關(guān)系，根據(jù)閉合電路歐姆定律可明確電阻關(guān)系；而電流為I1、I2時電源的輸出功率相等，據(jù)此由功率公式P=UI和閉合電路歐姆定律結(jié)合，進(jìn)行分析便可求解【解答】解：A、由閉合電路歐姆定律可知：I=，由圖可知，I1I2，則R1R2，故A錯誤；B、由閉合電路歐姆定律得：U=EIr，輸

18、出功率為：P=UI=EII2r，由圖有 EI1I12r=EI2I22r，整理得：I1+I2=，故B錯誤C、根據(jù)電功率表達(dá)式，P0=I12R1=I22R2，且I=，則有： R1=R2；整理得：R1R2=r2，故C正確；D、根據(jù)電源的效率可得：=，因I1I2，因此12；故D錯誤；故選：C4如圖甲所示，光滑導(dǎo)軌水平放置在勻強(qiáng)磁場中，磁場的方向與導(dǎo)軌平面成60角，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，規(guī)定斜向下為正方向，導(dǎo)體棒ab垂直導(dǎo)軌放置，除電阻R的阻值外，其余電阻不計，導(dǎo)體棒ab在水平外力F作用下始終處于靜止?fàn)顟B(tài)規(guī)定ab的方向為電流的正方向，水現(xiàn)向左的方向為外力F的正方向，則在04s時間內(nèi)，

19、線框中的感應(yīng)電流I以及導(dǎo)體棒ab所受外力F隨時間t變化的圖象的圖象正確的是（）ABCD【考點】法拉第電磁感應(yīng)定律；閉合電路的歐姆定律【分析】由法拉第電磁感應(yīng)定律可分析電路中的電動勢，則可分析電路中的電流，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向；由安培力公式可得出安培力的表達(dá)式，則可得出正確的圖象【解答】解：AB、由Bt圖象和楞次定律可知02s內(nèi)感應(yīng)電流的方向沿逆時針方向，24s感應(yīng)電流方向沿順時針方向，故AB錯誤；C、由Bt圖象和法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律知04s內(nèi)感應(yīng)電流大小恒定，因?qū)w棒ab在水平外力F作用下始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以水平外力F與安培力沿水平方向的分力等大、方向，由安培力F=BIL可

20、知，電路中安培力隨B的變化而變化，01s內(nèi)B為負(fù)值且減小時，根據(jù)楞次定律判斷可知ab中感應(yīng)電流從b到a，安培力的方向垂直于磁感線斜向右下方，根據(jù)平衡條件可知，水平外力水平向左，為正，大小均勻減?。?2s內(nèi)B為正值且增大時，感應(yīng)電流為b到a，安培力的方向垂直于磁感線斜向左上方，根據(jù)平衡條件外力水平向右為負(fù)，大小均勻增大；23s內(nèi)B為正值且均勻減小，感應(yīng)電流為a到b，安培力的方向垂直于磁感線斜向右下方，根據(jù)平衡條件水平外力向左為正值且減??；34s內(nèi)B為負(fù)值且均勻增大，感應(yīng)電流為a到b，安培力的方向垂直于磁感線斜向左下方，根據(jù)平衡條件水平外力向右為負(fù)值且增大故C正確，D錯誤；故選：C5如圖所示，直角

21、三角劈固定在水平地面上，斜劈左側(cè)面粗糙，傾角=37，右側(cè)面光滑，一輕彈簧的下端固定在斜劈左側(cè)下端的擋板上，彈簧處于原長時上端位于O點，一根輕繩繞過光滑輪連接質(zhì)量分別為2m和m的物體甲和乙，初始時甲位于斜面的P點，乙在斜劈右側(cè)面上，O、P兩點間的距離為L現(xiàn)由靜止同時釋放甲、乙后，甲沿斜面向下運動，將彈簧壓縮到最短的位置Q點，O、Q兩點間距離為甲與斜面間動摩擦因數(shù)=，整個過程中，滑輪兩側(cè)繩子始終與斜面平行，輕繩始終處于伸直狀態(tài)，不計空氣阻力及滑輪和軸間的摩擦，重力加速度為g，下列說法正確的是 （）A甲物體在從P至Q的運動過程中，先做勻加速運動，后做勻減速運動B甲物體在從P至O的運動過程中，加速度大

22、小為a=gC彈簧的最大彈性勢能為mgLD彈簧的最大彈性勢能為mgL【考點】功能關(guān)系；彈性勢能【分析】甲物體在從P至Q的運動過程中，與彈簧接觸前做勻加速運動，與彈簧接觸后先做變加速運動，后做變減速運動根據(jù)牛頓第二定律求加速度對全程，運用能量守恒定律求解彈簧的最大彈性勢能【解答】解：AB、物體甲在從P至O的運動過程中，兩物體做勻加速直線運動，對兩個物體組成的整體，由牛頓第二定律可得：2mgsin2mgcosmgcos=3ma，解得 a=g物體甲和彈簧接觸后，因彈簧的彈力是變力，二者就不再做勻變速直線運動，故A、B錯誤CD、設(shè)彈簧的最大彈性勢能為Ep對全程，由能量守恒定律可得： 2mgLsin2mg

23、LcosmgLcos=Ep解得 Ep=mgL，故C錯誤，D正確故選：D6如圖所示為A、B兩個物體在同一直線上運動的速度時間圖象，已知t=0時刻兩個物體恰好經(jīng)過同一地點，則下列說法正確的是（）AA、B兩物體運動方向相反Bt=4s時，A、B兩物體相遇C在相遇前，t=4s時，A、B兩物體相距最遠(yuǎn)D在相遇前，若A、B兩物體的最遠(yuǎn)距離為14m，則物體A的速度為8m/s【考點】勻變速直線運動的圖像；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系【分析】根據(jù)圖象的性質(zhì)可明確兩物體的運動方向和性質(zhì)，從而二者何時相遇；再根據(jù)位移關(guān)系列式求得A的速度大小【解答】解：A、由圖象可知，AB兩物體的速度均為正值，運動方向相反；t=4

24、s時兩物體速度相等，此時兩物體相距最遠(yuǎn)；故AB錯誤；C正確；D、若相遇前兩物體的最遠(yuǎn)距離s=sBsA=（15v）4=14m，解得物體A的速度v=8m/s，故D正確； 故選：CD7如圖所示，兩條平行導(dǎo)軌所在平面與水平地面的夾角為=30，間距為l導(dǎo)軌上端接有一平行板電容器，電容為C，在寬度為h的兩虛線間的導(dǎo)軌上涂有薄絕緣涂層，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向與導(dǎo)軌平面垂直，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒從h高度處由靜止釋放，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直且僅與涂層間有摩擦，動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，所有電阻忽略不計下列說法正確的是（）A導(dǎo)體棒到達(dá)涂層前做加速度減小的加速運動B在涂層區(qū)導(dǎo)體做勻速運動C導(dǎo)體棒到達(dá)底端的

25、速度為v=D整個運動過程中產(chǎn)生的焦耳熱為mgh【考點】導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；閉合電路的歐姆定律；焦耳定律【分析】由左手定則來確定安培力的方向，并求出安培力的大?。唤柚贗=、a=及牛頓第二定律來求出速度與時間的關(guān)系，得到導(dǎo)體棒的運動規(guī)律【解答】解：A、設(shè)導(dǎo)體棒下滑的速度大小為v，則感應(yīng)電動勢為E=Blv，平行板電容器兩個極板之間的電勢差為U=E，設(shè)此時電容器上積累的電荷量為Q，根據(jù)定義C=，聯(lián)立可得Q=CBlv；設(shè)導(dǎo)體棒的速度大小為v時經(jīng)歷的時間t，通過導(dǎo)體棒的電流為i，導(dǎo)體棒受到的磁場的作用力方向沿著導(dǎo)軌向上，大小為f=Bli設(shè)在時間（t，t+t）內(nèi)流過導(dǎo)體棒的電荷量為Q按照定義有i

26、=，Q也是平行板電容器兩極板在（t，t+t）內(nèi)增加的電荷量，得到Q=CBlv，v為導(dǎo)體棒的速度變化量，按照定義有a=，導(dǎo)體棒在時刻t的加速度方向沿著斜面向下，設(shè)其大小為a，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsinf=ma，聯(lián)立解得：a=，即導(dǎo)體棒到達(dá)涂層前做勻加速直線運動，故A錯誤；B、由于導(dǎo)體棒通過涂層時沒有感應(yīng)電流，故受重力、支持力、摩擦力，而沒有安培力，由于mgsin30=mgcos30，故導(dǎo)體棒受力平衡，做勻速直線運動，故B正確；C、由速度位移公式可得：，故C正確；D、運動過程中重力勢能減小了mgh，但動能有增加，故整個運動過程中產(chǎn)生的焦耳熱小于mgh，故D錯誤；故選：BC8據(jù)新華社2015年

27、11月2日上海電，我國自主發(fā)射的火星探測器將在第17屆中國國際工業(yè)博覽會上首次公開亮相，火星是太陽系中與地球最為類似的行星，人類對火星生命的研究在2015年因“火星表面存在流動的液態(tài)水”的發(fā)現(xiàn)而取得了重要進(jìn)展若火星可視為均勻球體，其表面的重力加速度為g，半徑為R，自轉(zhuǎn)周期為T，萬有引力常量為G，則下列說法正確的是（）A火星的平均密度為B火星的同步衛(wèi)星距火星表面的高度為RC火星的第一宇宙速度為2D火星的同步衛(wèi)星運行的角速度為【考點】萬有引力定律及其應(yīng)用【分析】根據(jù)萬有引力等于重力求出火星的質(zhì)量，結(jié)合火星的體積求出火星的密度；根據(jù)萬有引力提供向心力求出火星同步衛(wèi)星的軌道半徑，從而得出距離火星表面的

28、高度；根據(jù)萬有引力提供向心力求近地衛(wèi)星的速度即第一宇宙速度；火星的同步衛(wèi)星運行的角速度等于火星自轉(zhuǎn)的角速度【解答】解：A、在火星表面，對質(zhì)量為m的物體由和，可得：，選項A正確；B、設(shè)火星的同步衛(wèi)星距火星表面的高度為h，同步衛(wèi)星的周期等于火星的自轉(zhuǎn)周期T，則，可得：，選項B正確；C、設(shè)火星的第一宇宙速度為v，由，可知：，選項C錯誤；D、火星的同步衛(wèi)星運行的角速度等于火星自轉(zhuǎn)的角速度，則，選項D錯誤；故選：AB二、必考題（共4小題，滿分47分）9某研究性學(xué)習(xí)小組探究小燈泡燈絲電阻與溫度的關(guān)系，主要儀器有：待測小燈泡（額定功率6W，額定電流0.5A）、電流表（量程00.6A，內(nèi)阻約為0.1）、電壓表

29、（量程015V，內(nèi)阻約為15k）、滑動變阻器（050）直流電源（電動勢15V，內(nèi)阻不計）、開關(guān)一個，導(dǎo)線若干（1）若實驗中要求調(diào)節(jié)滑動變阻器時，小燈泡兩端電壓可以在零到額定電壓范圍內(nèi)連續(xù)變化，從而測出小燈泡在不同電壓下的電流請根據(jù)提供的器材在虛線框中畫出符合要求的電路圖（2）如圖所示是該研究小組測得的小燈泡IU關(guān)系圖線由圖線可知，小燈泡燈絲電阻隨溫度的升高而增大（填“增大”“減小”或“不變”）；當(dāng)小燈泡兩端所加電壓為6V時，其燈絲電阻值為16（保留2位有效數(shù)字）【考點】描繪小電珠的伏安特性曲線【分析】（1）描繪燈泡電阻隨電壓的變化關(guān)系，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，根據(jù)燈

30、泡電阻與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法（2）根據(jù)伏安特性曲線分析電阻的變化；再根據(jù)圖線明確6V時的電流，再由歐姆定律即可求得電阻值【解答】解：（1）小燈泡兩端電壓可以從零至額定電壓范圍內(nèi)變化，滑動變阻器應(yīng)用分壓式接法，又小燈泡電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，電流表應(yīng)用外接法接法，實驗電路圖如圖所示，為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選E（2）由圖示圖象可知，隨燈泡兩端電壓增大，通過燈泡的電流增大，電壓與電流的比值增大，燈泡電阻增大；圖示圖象可知，燈泡兩端電壓為6V時，通過燈泡的電流為0.38A，則燈泡電阻R=16故答案為（1）如圖所示；（2）增大；1610某研究學(xué)習(xí)小組利用氣墊導(dǎo)軌驗證機(jī)械能守恒定律，實驗裝置

31、如圖甲所示水平桌面上固定一傾斜的氣墊導(dǎo)軌，導(dǎo)軌上A點處有一帶遮光片的滑塊，其總質(zhì)量為M，導(dǎo)軌上B點有一光電門，可以記錄遮光片經(jīng)過光電門時的擋光時間t，用s表示A、B兩點間的距離，重力加速度為g（1）若用20分度的游標(biāo)卡尺測得遮光片的寬度b，如圖乙所示，則b=9.50mm（2）若用d表示A點到導(dǎo)軌底端C點的距離，h表示A與C的高度差，b表示遮光片的寬度，在誤差范圍內(nèi)，若公式成立，就可以驗證機(jī)械能守恒定律（用題中給出的物理量符號表示）（3）多次改變光電門的位置，每次均令滑塊自A點靜止釋放下滑，測量相應(yīng)的s與t值，結(jié)果如下表所示：12345s（m）0.6000.8001.0001.2001.400t

32、（ms）8.227.126.005.815.381.481.972.782.963.45以s為橫坐標(biāo)，為縱坐標(biāo)，在如圖的坐標(biāo)紙中描出數(shù)據(jù)點；根據(jù)5個數(shù)據(jù)點作直線，求得該直線的斜率k=2.46104m1s2（保留3位有效數(shù)字） 【考點】驗證機(jī)械能守恒定律【分析】游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀這題的關(guān)鍵在于研究對象不是單個物體而是滑塊、遮光片與砝碼組成的系統(tǒng)對于系統(tǒng)的重力勢能變化量要考慮系統(tǒng)內(nèi)每一個物體的重力勢能變化量動能也是一樣光電門測量瞬時速度是實驗中常用的方法由于光電門的寬度b很小，所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度根據(jù)變量的數(shù)據(jù)作出圖象，結(jié)合數(shù)學(xué)知識求出斜率【解

33、答】解：（1）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為9mm，游標(biāo)尺上第10個刻度與主尺上某一刻度對齊，故其讀數(shù)為0.0510mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為：9mm+0.50mm=9.50mm；（2）對滑塊，由動能定理可得，解得：（3）描點作法，直線如圖所示；在圖中直線上取相距較遠(yuǎn)的兩點，讀出兩點坐標(biāo)，k=104m1s22.46104m1s2；故答案為：（1）9.50；（2）；（3）2.4611某興趣小組對一輛自制小遙控車的性能進(jìn)行研究他們讓這輛小車在水平的直軌道上由靜止開始運動，并將小車運動的全過程記錄下來，通過處理轉(zhuǎn)化為vt圖象，如圖所示（除210s時間段內(nèi)的圖象為曲線外，其余時間段圖象均為直線）已知小車

34、運動的過程中，214s時間段內(nèi)小車的功率保持不變，在14s末失去動力小車自由滑行已知小車的質(zhì)量為1kg，整個過程中小車所受到的阻力大小恒定求小車加速運動過程中行駛的距離【考點】動能定理；牛頓第二定律；功率、平均功率和瞬時功率【分析】在14s末停止遙控而讓小車自由滑行，小車只受摩擦力，故可以可以先求加速度，再求出合力，等于摩擦力；勻速階段，牽引力等于阻力，速度已知，直接根據(jù)公式P=Fv求解；前2秒位移根據(jù)運動學(xué)公式求解，2s到10s為變加速過程，其位移可以由動能定理求解【解答】解：在14s18s時間段a3= m/s2=1.5m/s2小車受到阻力大?。篺=ma3=1.5N在10s14s小車作勻速直

35、線運動，牽引力F=FfP=Fv=1.56W=9W 02s內(nèi) x1=23m=3m 2s10s內(nèi)根據(jù)動能定理 Ptfx2=mvmv解得 x2=39m 開始加速過程中小車的位移大小為：x=x1+x2=42m 答：小車在加速運動過程中位移的大小為42m12如圖所示為在豎直平面內(nèi)建立的坐標(biāo)系xOy，在xOy的第一象限內(nèi)，x=4d處豎直放置高l0=2d粒子吸收板CD，x=5d處豎直放置一個長l=5d的粒子吸收板MN，在MN左側(cè)存在垂直紙面向外的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，右側(cè)存在豎直向下的勻強(qiáng)電場在原點O處有一粒子源，可以沿y軸正向射出質(zhì)量為m、電量為+q的不同速率的帶電粒子，已知電場強(qiáng)度為，粒子的重力及粒

36、子間的相互作用力均忽略不計，打到板CD、MN上的粒子均被吸收（1）若從O點射出的粒子能打到板MN上，求粒子的速度v的大??；（2）若某粒子恰好能夠從M點（剛好未碰到吸收板）進(jìn)入到電場，求該粒子到達(dá)x軸時的動能；（3）某粒子恰好能夠從M點（剛好未碰到吸收板）進(jìn)入到電場，求該粒子從O點射出到通過x軸所用的時間【考點】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運動；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運動【分析】（1）粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，分兩種臨界情況：打在吸收板MN的粒子過粒子吸收板CD上邊界D點，打在吸收板MN的粒子過粒子吸收板CD上邊界M點，分別求解速度，得到速度的取值范圍；（2）粒子從M點到x軸

37、，根據(jù)動能定理列式可得該粒子到達(dá)x軸所用的動能；（3）從O到M粒子做圓周運動，根據(jù)求解時間，粒子在電場中做類平拋運動，分解為沿x軸的勻速運動和沿y軸的勻加速運動，根據(jù)運動學(xué)公式求解時間【解答】解：（1）粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，若打在吸收板MN的粒子過粒子吸收板CD上邊界D點，設(shè)粒子的速率為v1，粒子的軌道半徑為r1，由幾何關(guān)系可知：解得：r1=3d由牛頓第二定律可得：聯(lián)立可得：若打在吸收板MN的粒子過粒子吸收板CD上邊界M點時速率為v2，粒子軌跡的圓心在N點，由圖中幾何關(guān)系可知粒子的軌道半徑r2=5d由牛頓第二定律可得：聯(lián)立可得：故射出的粒子能打在MN上，粒子的速度

38、需滿足：（2）粒子從M點到x軸，設(shè)粒子到達(dá)x軸時的動能為Ek，由動能定理可得：聯(lián)立解得：（3）從O到M粒子做圓周運動，從O到M的時間，又由，聯(lián)立解得：粒子在電場中做類平拋運動，設(shè)粒子在電場中運動的時間為t2，由運動學(xué)公式可得：解得：能夠從M點進(jìn)入到電場的粒子，從O點射出到回到x軸所用的時間：答：（1）若從O點射出的粒子能打到板MN上，粒子的速度需滿足：；（2）若某粒子恰好能夠從M點（剛好未碰到吸收板）進(jìn)入到電場，該粒子到達(dá)x軸所用的動能為；（3）若某粒子恰好能夠從M點（剛好未碰到吸收板）進(jìn)入到電場，該粒子從O點射出到通過x軸所用的時間為三、選考題選修33（共2小題，滿分15分）13下列說法正確

39、的是（）A顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停地?zé)o規(guī)則運動，這反映了炭粒分子運動的無規(guī)則性B壓縮氣體時會表現(xiàn)出抗拒壓縮的力是由于氣體分子間存在斥力的緣故C當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時，分子力和分子勢能都隨分子間的減小而增大D熱力學(xué)溫標(biāo)的最低溫度為0K，它沒有負(fù)值，它的單位是國際單位制的基本單位之一E若一定質(zhì)量的某理想氣體的內(nèi)能增加，則其溫度一定升高【考點】分子間的相互作用力；溫度、氣體壓強(qiáng)和內(nèi)能【分析】本題分析時要抓?。翰祭蔬\動特點是固體微粒的無規(guī)則運動，反應(yīng)了液體分子的無規(guī)則運動氣體分子間的作用力很小分子力做正功時分子勢能減小熱力學(xué)溫標(biāo)的最低溫度為0K，K是國際單位制的基本單位之一一定質(zhì)量的理想氣體的

40、內(nèi)能只跟溫度有關(guān)【解答】解：A、墨水中的小碳粒的運動是布朗運動，因為大量水分子對它的撞擊的作用力不平衡而引起的，所以布朗運動反映了液體分子運動的無規(guī)則性，由于小炭粒是由大量炭粒分子組成的，則小炭粒是炭粒分子團(tuán)的集體運動，不是炭粒分子運動故A錯誤B、壓縮氣體時會表現(xiàn)出抗拒壓縮的力是由于氣體有壓強(qiáng)的原因，不是分子間存在斥力的緣故故B錯誤C、當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時，隨分子間的減小，分子力增大，分子力做負(fù)功，分子勢能增大故C正確D、根據(jù)熱力學(xué)第三定律知，熱力學(xué)溫標(biāo)的最低溫度為0K，它沒有負(fù)值，它的單位K是國際單位制的基本單位之一故D正確E、一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，則知，若一定質(zhì)量的某理想氣

41、體的內(nèi)能增加，則其溫度一定升高故E正確故選：CDE14如圖所示，一根長l=76cm，一端開口、內(nèi)壁光滑的玻璃管豎直放置，管中用一段長H0=44cm的水銀柱封閉一段長l1=20cm的氣體，開始時封閉氣體溫度為t2=27大氣壓強(qiáng)恒為P0=76cm Hg，管內(nèi)氣體可視為理想氣體，管外空氣阻力忽略不計，重力加速度為g，熱力學(xué)溫度與攝氏溫度的關(guān)系為T=t+273K緩慢升高封閉氣體溫度，求溫度升高到多少時水銀開始從管口溢出；當(dāng)玻璃管向上以a=g的加速度勻減速上升時，求穩(wěn)定時氣柱的長度（忽略封閉氣體溫度的變化，結(jié)果保留3位有效數(shù)字）【考點】理想氣體的狀態(tài)方程【分析】升溫過程中，封閉氣體的壓強(qiáng)不變，根據(jù)蓋呂薩

42、克定律直接求解根據(jù)牛頓第二定律求出減速上升過程的氣體壓強(qiáng)，根據(jù)玻意耳定律求出穩(wěn)定時的氣柱長度【解答】解：以封閉氣體為研究對象，升溫過程中，壓強(qiáng)不變初態(tài)： 末態(tài)： 由蓋呂薩克定律得：解得：t=207對水銀柱受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有：其中解得： =98cmHg開始時有：因為忽略氣體溫度的變化，根據(jù)玻意耳定律有：即：120cmHg20S=98cmHglS解得：l=24.5cm因為，沒有水銀溢出，所以穩(wěn)定時氣柱的長度24.5cm答：緩慢升高封閉氣體溫度，溫度升高到207時水銀開始從管口溢出；當(dāng)玻璃管向上以a=g的加速度勻減速上升時，穩(wěn)定時氣柱的長度24.5cm四、選修34（共2小題，滿分0分）15

43、某同學(xué)利用先進(jìn)的DIS系統(tǒng)較準(zhǔn)確地探究了單擺周期T和擺長L的關(guān)系利用實驗數(shù)據(jù)，由計算機(jī)繪制了a、b兩個擺球的振動圖象，如圖所示，下面說法正確的是（）A兩個擺球擺到最低位置時的機(jī)械能一定相等B兩個擺球a、b的振幅之比為C兩個擺球a、b的周期之比為D兩個擺球a、b的擺長之比為E在t=1s時b球的振動方向是沿y軸負(fù)向【考點】單擺周期公式；單擺【分析】機(jī)械能為動能勢能之和，根據(jù)兩個擺球的振動圖象得出周期的關(guān)系，結(jié)合單擺的周期公式求出兩個單擺的擺長之比根據(jù)單擺的周期公式得出T2L關(guān)系式，結(jié)合圖線的斜率比較重力加速度的大小，確定哪個圖線是“南開”的同學(xué)測得【解答】解：A、根據(jù)題意，質(zhì)量、高度未知，故機(jī)械能沒法判斷，故A錯誤B、由圖象知，兩個擺球a、b的振幅之比為，故B錯誤C、周期等于完成一次全振動的時間，由乙圖可知，a、b兩單擺的周期之比為2：3，故C正確D、根據(jù)T=2得，L=，因為a、b的周期之比為2：3，則擺長之比為4：9，故D正確E、由乙圖可知，t=1s時，b球處于平衡位置向y方向運動，故E