江蘇省鹽城市響水中學高二物理上學期期中試卷（選修含解析）.doc

2013-2014學年江蘇省鹽城市響水中學高二（上）期中物理試卷（選修）一、單項選擇題：每小題只有一個選項符合題意（本題共10小題，每題3分，共30分）1（3分）（2010浦東新區(qū)一模）物理實驗都需要有一定的控制條件奧斯特做電流磁效應實驗時就應排除地磁場對實驗的影響下列關(guān)于奧斯特實驗的說法中正確的是（）a該實驗必須在地球赤道上進行b通電直導線必須豎直放置c通電直導線應該水平東西方向放置d通電直導線可以水平南北方向放置2（3分）（2013秋菏澤期末）下列各圖中，用帶箭頭的細實線標出了通電直導線周圍磁感線的分布情況，其中正確的是（）abcd3（3分）（2013秋響水縣校級期中）如圖所示為電場中的一條電場線，a、b為其上的兩點，ea與eb為a、b兩處的電場強度，a與b為a、b兩處的電勢，以下說法正確的是（）aea一定大于eb，a與b一定不等bea一定小于eb，a與b可能相等cea可能等于eb，a與b可能相等dea可能等于eb，a與b一定不等4（3分）（2013秋響水縣校級期中）下列關(guān)于電場強度的說法中，正確的是（）a電場強度e的定義式e=只適用勻強電場b由電場強度e的定義式e=可知，電場中某點的電場強度e與試探電荷在電場中該點所受的電場力成正比c公式e=可以計算點電荷在空間r處產(chǎn)生的電場強度大小d庫侖定律的表達式f=k中，k是點電荷q1產(chǎn)生的電場在點電荷q2處的場強大小5（3分）（2013秋響水縣校級期中）關(guān)于公式=，可知（）a放在某點的電荷量q越大，該點的電勢越小b將電場中某點處正電荷q換成負電荷q，則該處的電勢正負也將變化c電場中某點的電勢，與電荷的正負及電荷量的大小無關(guān)，與該點是否有電荷有關(guān)d放入電場中某點的點電荷不同，電勢能也不同，但電勢能與電荷量的比值保持不變6（3分）（2013春湖北校級期末）如圖為兩個點電荷在真空中所產(chǎn)生電場的電場線（方向未標出）圖中c點為兩點電荷連線的中點，mn為兩點電荷連線的中垂線，d為中垂線上的一點，電場線的分布關(guān)于mn左右對稱則下列說法中正確的是（）a中垂線d點電勢小于c點電勢b這兩點電荷一定是等量異種電荷cd、c兩點的電場強度一定相等dc點的電場強度比d點的電場強度小7（3分）（2013秋響水縣校級期中）如圖所示，厚薄均勻的矩形金屬薄片邊長ab=15cm，bc=10cm，當將a與b接入電壓為u的電路中時，電流強度為4a，若將c與d接入電壓為u的電路中，則電流為（）a4ab9acada8（3分）（2012秋珠海期末）如圖所示的電路中，電源的電動勢e和內(nèi)電阻r恒定不變，電燈l恰能正常發(fā)光，如果變阻器的滑片向a端滑動，則（）a電燈l更亮，安培表的示數(shù)減小b電燈l更亮，安培表的示數(shù)增大c電燈l變暗，安培表的示數(shù)減小d電燈l變暗，安培表的示數(shù)增大9（3分）（2013貴州學業(yè)考試）如圖所示，半徑為r的圓形線圈，其中心位置處半徑r的虛線范圍內(nèi)有勻強磁場，磁場方向垂直線圈平面若磁感應強度為b，則穿過線圈的磁通量為（）abr2bbr2c2rbd2rbp10（3分）（2006秋海淀區(qū)期末）如圖所示，將一根粗細均勻的電阻絲彎成一上閉合的圓環(huán)，接入電路中，電路與圓環(huán)的o點固定，p為與圓環(huán)良好接觸的滑動頭閉合開關(guān)s，在滑動頭p緩慢地由m點經(jīng)n點移到q點的過程中，電容器c所帶的電荷量將（）a由小變大b由大變小c先變小后變大d先變大后變小二、多項選擇題：每小題有多個選項符合題意（本題共5小題，每題5分，共25分，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，錯選或不答的得0分）11（5分）（2014秋陽泉期末）如圖所示，表示磁場對直線電流的作用，其中不正確的是（）abcd12（5分）（2013秋響水縣校級期中）一平行板電容器兩極板間距離為d，極板正對面積為s，對此電容器充電后再與電源斷開當只增加兩板間距離d時，電容器兩極板間的（）a電場強度減小，電勢差變大b電場強度減小，電勢差減小c電場強度不變，電勢差變大d電場強度不變，電勢差不變13（5分）（2014漳州四模）如圖所示，實線為不知方向的三條電場線，從電場中m點以相同速度垂直于電場線方向飛出a、b兩個帶電粒子，僅在電場力作用下的運動軌跡如圖中虛線所示則（）aa一定帶正電，b一定帶負電ba的速度將減小，b的速度將增加ca的加速度將減小，b的加速度將增加d兩個粒子的動能，一個增加一個減小14（5分）（2013秋響水縣校級期中）在某段電路中，其兩端電壓為u，通過的電流為i，通電時間為t，若該電路電阻為r，則關(guān)于電功和電熱，下列結(jié)論正確的是（）a在任何電路中，電功uit=i2rtb在任何電路中，電功為uit，電熱為i2rtc在純電阻電路中，uit=i2rtd在非純電阻電路中，uiti2rt15（5分）（2012秋浙江校級期中）如圖所示，a、b是兩個帶有同種電荷的小球，用絕緣絲線懸掛于同一點，兩球靜止時，它們距水平面的高度相等，繩與豎直方向的夾角分別為、，且若同時剪斷兩根細線，空氣阻力不計，兩球帶電荷量不變，則（）aa球的質(zhì)量比b球的大ba、b兩球同時落地ca球的電荷量比b球的大da、b兩球飛行的水平距離相等三、簡答題：本題共2小題，每空2分共計20分請將解答填寫在答題紙相應的位置16（10分）（2013秋響水縣校級期中）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，要測量一個標有“3v1.5w”的燈泡兩端的電壓和通過它的電流，現(xiàn)有如下器材：a直流電源3v（內(nèi)阻可不計）b直流電表03a（內(nèi)阻約0.1）c直流電表0600ma（內(nèi)阻約0.5）d直流電壓表03v（內(nèi)阻約3k）e直流電壓表015v（內(nèi)阻約200k）f滑線變阻器（10，1a）g滑線變阻器（1k，300ma）（1）為完成實驗，需要從上述器材中選用的電流表為，滑動變阻器為（填器材前的字母代號）（2）請在如圖上用連線把實驗電路圖補充完整（3）某同學發(fā)現(xiàn)電路接好后電表沒有讀數(shù)，使用多用電表的歐姆擋來檢測電路故障，下列說法正確的是a測量前的機械調(diào)零應檢查指針是否停在“”刻度線的“”處b歐姆調(diào)零時紅黑表筆必須斷開c一次歐姆調(diào)零后可以多次換擋使用d測量時，若指針偏轉(zhuǎn)很?。拷浇?，應換倍率更小的擋進行（4）下圖中是該同學根據(jù)各組數(shù)據(jù)描出點，請作出該燈泡的伏安特性曲線17（10分）（2013秋新余期末）測定電源的電動勢和內(nèi)電阻的實驗電路和ui圖象如下，請回答下列問題（1）如圖所示在閉合開關(guān)之前移為防止電表過載而滑動變阻器的滑動頭p應放在處（2）現(xiàn)備有以下器材：a干電池1個b滑動變阻器（050，）c滑動變阻器（01750）d電壓表（03v）e電壓表（015v）f電流表（00.6a）g電流表（03a）其中滑動變阻器應選，電壓表應選電流表應選（填字母代號）（3）乙圖是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的ui圖象由此可知這個干電池的電動勢e=v，內(nèi)電阻r=0.75四、計算題：本題共3小題，共計45分解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位18（14分）（2013秋響水縣校級期中）如圖所示，若電源的電動勢為60v，內(nèi)阻為2，電阻r1=8，電動機繞組電阻r0=2，當開關(guān)s閉合時，電阻r1消耗的電功率是2.88w求（1）電源的輸出功率；（2）電動機輸出的機械功率19（15分）（2013秋響水縣校級期中）如圖所示，一簇平行線為未知方向的勻強電場的電場線，沿與此平行線成60角的方向，把1106c的負電荷從a點移到b點，電場力做功為2106j，a、b間距為2cm求；（1）ab兩點的電勢差uab；（2）勻強電場的場強e；（3）電子（電量為1.61019c）從a點移到b點，電勢能變化多少20（16分）（2013秋響水縣校級期中）如圖所示，位于a板附近的放射源連續(xù)放出質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子，從靜止開始經(jīng)極板a、b間加速后，沿中心線方向進入平行極板c、d間的偏轉(zhuǎn)電場，飛出偏轉(zhuǎn)電場后打在右側(cè)相距l(xiāng)的擋板上已知a、b間電壓為u0；極板c、d間電壓為u，長為l，間距為d；不計粒子的重力及相互間的作用（1）粒子進入偏轉(zhuǎn)電場的速度大??；（2）粒子飛出偏轉(zhuǎn)電場時在垂直c、d板面偏轉(zhuǎn)的位移大?。唬?）粒子打在擋板上的位置距0點的距離2013-2014學年江蘇省鹽城市響水中學高二（上）期中物理試卷（選修）參考答案與試題解析一、單項選擇題：每小題只有一個選項符合題意（本題共10小題，每題3分，共30分）1（3分）（2010浦東新區(qū)一模）物理實驗都需要有一定的控制條件奧斯特做電流磁效應實驗時就應排除地磁場對實驗的影響下列關(guān)于奧斯特實驗的說法中正確的是（）a該實驗必須在地球赤道上進行b通電直導線必須豎直放置c通電直導線應該水平東西方向放置d通電直導線可以水平南北方向放置考點：地磁場專題：電磁感應中的力學問題分析：由于地磁的北極在地理的南極附近，故地磁場的磁感線有一個由南向北的分量，而只有當電流的方向與磁場的方向平行時通電導線才不受磁場的安培力解答：解：由于地磁的北極在地理的南極附近，故地磁場的磁感線有一個由南向北的分量，而當電流的方向與磁場的方向平行時通電導線才不受磁場的安培力，故在進行奧斯特實驗時通電直導線可以水平南北方向放置，而不必非要在赤道上進行，但不能東西放置和豎直放置，故只有d正確故選d點評：掌握了地磁場的特點和安培力的特點就能順利解決此類題目2（3分）（2013秋菏澤期末）下列各圖中，用帶箭頭的細實線標出了通電直導線周圍磁感線的分布情況，其中正確的是（）abcd考點：通電直導線和通電線圈周圍磁場的方向分析：本題考查直導線周圍磁場的分布情況，可根據(jù)安培定則得出磁場的形狀并能畫出不同面上的平面圖解答：解：通電直導線的磁感線是由導線為中心的一系列同心圓，且導線與各圓一定是相互垂直的，故正確的畫法只有d；故選：d點評：在電磁學中應注意空間想象能力的培養(yǎng)，要學會由立體圖畫出平面圖，只有這樣才能順利求解一些電磁場中的力學問題3（3分）（2013秋響水縣校級期中）如圖所示為電場中的一條電場線，a、b為其上的兩點，ea與eb為a、b兩處的電場強度，a與b為a、b兩處的電勢，以下說法正確的是（）aea一定大于eb，a與b一定不等bea一定小于eb，a與b可能相等cea可能等于eb，a與b可能相等dea可能等于eb，a與b一定不等考點：電場線；電勢；勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系分析：電場線的疏密表示電場強度的強弱，電場線某點的切線方向表示電場強度的方向沿著電場線方向電勢是降低的解答：解：電場線的疏密表示電場強度的強弱，該處僅僅一條電場線，所以不能判斷出ab兩點電場強度的大小關(guān)系；沿著電場線方向電勢是降低，所以ab只有選項d符合題意故選項d正確故選：d點評：電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布當正電荷沿著電場線方向移動時，電場力做正功，則電勢能減少，所以電勢在減少當負電荷沿著電場線方向移動時，電場力做負功，則電勢能增加，而電勢仍減小4（3分）（2013秋響水縣校級期中）下列關(guān)于電場強度的說法中，正確的是（）a電場強度e的定義式e=只適用勻強電場b由電場強度e的定義式e=可知，電場中某點的電場強度e與試探電荷在電場中該點所受的電場力成正比c公式e=可以計算點電荷在空間r處產(chǎn)生的電場強度大小d庫侖定律的表達式f=k中，k是點電荷q1產(chǎn)生的電場在點電荷q2處的場強大小考點：電場強度分析：電場強度e的定義式e=適用于任何電場，采用比值法定義，e與f、q無關(guān)；公式e=是點電荷產(chǎn)生的電場強度的計算式，根據(jù)這個公式來理解庫侖定律解答：解：a、電場強度e的定義式e=采用比值法定義，適用任何電場故a錯誤b、電場強度e的定義式e=采用比值法定義，具有比值法定義的共性，e反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)，不能說電場強度e與試探電荷在電場中該點所受的電場力成正比，故b錯誤c、公式e=中q是場源電荷，可以計算點電荷q在空間r處產(chǎn)生的電場強度大小，故c正確d、根據(jù)c項分析可知：庫侖定律的表達式f=k中，可將q2看成場源電荷，q1看成試探電荷，則k是點電荷q2產(chǎn)生的電場在點電荷q1處的場強大小，故d錯誤故選：c點評：解決本題關(guān)鍵要正確有關(guān)場強的兩個公式的適用條件，公式中各個量的準確含義庫侖定律的表達式f=k中，將一個電荷看成試探電荷，另一個電荷即可看成試探電荷5（3分）（2013秋響水縣校級期中）關(guān)于公式=，可知（）a放在某點的電荷量q越大，該點的電勢越小b將電場中某點處正電荷q換成負電荷q，則該處的電勢正負也將變化c電場中某點的電勢，與電荷的正負及電荷量的大小無關(guān)，與該點是否有電荷有關(guān)d放入電場中某點的點電荷不同，電勢能也不同，但電勢能與電荷量的比值保持不變考點：電勢分析：電勢反映電場能的性質(zhì)，沿場強方向，電勢降低，電勢類似于重力場中的高度，具有相對性，與放入其中的試探電荷無關(guān)解答：解：a、電勢反映電場能的性質(zhì)，由電場本身決定，與放入其中的試探電荷無關(guān)，故ab錯誤；c、電勢反映電場能的性質(zhì)，由電場本身決定，與該點是否有電荷無關(guān)故c錯誤；d、公式=，反應了放入電場中某點的點電荷不同，電勢能也不同，但電勢能與電荷量的比值保持不變故d正確；故選：d點評：本題考查了電勢的定義，知道電勢反映電場能的性質(zhì)，具有相對性，與放入其中的試探電荷無關(guān)屬于基礎題目6（3分）（2013春湖北校級期末）如圖為兩個點電荷在真空中所產(chǎn)生電場的電場線（方向未標出）圖中c點為兩點電荷連線的中點，mn為兩點電荷連線的中垂線，d為中垂線上的一點，電場線的分布關(guān)于mn左右對稱則下列說法中正確的是（）a中垂線d點電勢小于c點電勢b這兩點電荷一定是等量異種電荷cd、c兩點的電場強度一定相等dc點的電場強度比d點的電場強度小考點：電場線；電勢能分析：電場線是從正電荷或者無窮遠出發(fā)出，到負電荷或無窮遠處為止根據(jù)電場線與等勢線垂直，判斷電勢的高低在兩等量異號電荷連線的中垂線上，中間點電場強度最大，也可以從電場線的疏密判斷場強的大小解答：解：a、根據(jù)電場線的特點，從正電荷出發(fā)到負電荷終止可以判斷，a、b是兩個等量異種電荷根據(jù)平行四邊形定則，對中垂線上的場強進行合成，知中垂線上每點的電場方向都水平向右，中垂線和電場線垂直，所以中垂線為等勢線，所以c點的電勢等于d點的電勢故a錯誤，b正確；c、在兩等量異號電荷連線的中垂線上，中間點電場強度最大，也可以從電場線的疏密判斷，所以c點的電場強度比d點的電場強度大，故cd錯誤故選：b點評：常見電場的電場線分布及等勢面的分布要求我們能熟練掌握，并要注意沿電場線的方向電勢是降低的，同時注意等量異號電荷形成電場的對稱性加強基礎知識的學習，掌握住電場線的特點，即可解決本題7（3分）（2013秋響水縣校級期中）如圖所示，厚薄均勻的矩形金屬薄片邊長ab=15cm，bc=10cm，當將a與b接入電壓為u的電路中時，電流強度為4a，若將c與d接入電壓為u的電路中，則電流為（）a4ab9acada考點：電阻定律專題：恒定電流專題分析：根據(jù)電阻定律公式r= 確定兩次電阻值之比，然后根據(jù)歐姆定律確定電流之比解答：解：根據(jù)電阻定律公式r=，有：rab= rcd= 故=根據(jù)歐姆定律，電壓相同時，電流與電阻成反比故兩次電流之比為4：9，故第二次電流為9a；故選：b點評：本題關(guān)鍵是先根據(jù)電阻定律確定電阻之比，再根據(jù)歐姆定律確定電流之比，基礎題8（3分）（2012秋珠海期末）如圖所示的電路中，電源的電動勢e和內(nèi)電阻r恒定不變，電燈l恰能正常發(fā)光，如果變阻器的滑片向a端滑動，則（）a電燈l更亮，安培表的示數(shù)減小b電燈l更亮，安培表的示數(shù)增大c電燈l變暗，安培表的示數(shù)減小d電燈l變暗，安培表的示數(shù)增大考點：閉合電路的歐姆定律專題：恒定電流專題分析：滑動變阻器的滑片向b端滑動過程，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，由歐姆定律分析總電流的變化和路端電壓的變化，來判斷電燈亮度和電流表示數(shù)的變化解答：解：滑動變阻器的滑片向a端滑動過程，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由歐姆定律得知總電流i增大，電流表的示數(shù)增大；路端電壓u=eir減小燈泡l兩端的電壓等于路端電壓，所以電燈l變暗，故選d點評：本題為簡單的電路動態(tài)分析問題對于路端電壓也可以直接根據(jù)路端電壓隨外電阻增大而增大進行判斷9（3分）（2013貴州學業(yè)考試）如圖所示，半徑為r的圓形線圈，其中心位置處半徑r的虛線范圍內(nèi)有勻強磁場，磁場方向垂直線圈平面若磁感應強度為b，則穿過線圈的磁通量為（）abr2bbr2c2rbd2rbp考點：磁通量分析：在磁感應強度為b的勻強磁場中，有一個面積為s且與磁場方向垂直的平面，磁感應強度b與面積s的乘積，叫做穿過這個平面的磁通量，故當b與s平面垂直時，穿過該面的磁通量=bs解答：解：由于線圈平面與磁場方向垂直，故穿過該面的磁通量為：=bs，半徑為r的虛線范圍內(nèi)有勻強磁場，所以磁場的區(qū)域面積為：s=r2所以=br2故選項b正確故選：b點評：本題考查了磁通量的定義式和公式=bs的適用范圍，只要掌握了磁通量的定義和公式=bs的適用條件就能順利解決10（3分）（2006秋海淀區(qū)期末）如圖所示，將一根粗細均勻的電阻絲彎成一上閉合的圓環(huán)，接入電路中，電路與圓環(huán)的o點固定，p為與圓環(huán)良好接觸的滑動頭閉合開關(guān)s，在滑動頭p緩慢地由m點經(jīng)n點移到q點的過程中，電容器c所帶的電荷量將（）a由小變大b由大變小c先變小后變大d先變大后變小考點：電容；閉合電路的歐姆定律專題：電容器專題分析：由電路圖可知，當觸點p由m點經(jīng)n點移到q點的過程中，電路總電阻先變大后變小，由閉合電路歐姆定律分析答題電路中電流變化，再根據(jù)部分電路歐姆定律分析r的電壓變化，即可知道電容器電壓的變化，由c=分析電量的變化解答：解：當觸點p由m點經(jīng)n點移到q點的過程中，電路總電阻先變大后變小，由閉合電路歐姆定律得知，電路中電流先變小后變大，r的電壓先變小后變大，對于電容器，其電壓等于r兩端的電壓，則由電量公式q=cu，可知電容器的電量先變小后變大故c正確故選c點評：本題是一道閉合電路的動態(tài)分析題，分析清楚電路結(jié)構(gòu)、熟練應用并聯(lián)電路特點及歐姆定律、電容器電量公式q=cu即可正確解題二、多項選擇題：每小題有多個選項符合題意（本題共5小題，每題5分，共25分，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，錯選或不答的得0分）11（5分）（2014秋陽泉期末）如圖所示，表示磁場對直線電流的作用，其中不正確的是（）abcd考點：左手定則分析：磁場對直線電流的作用稱為安培力，用左手定則判斷方向?qū)⑺膫€選項逐一代入檢驗，選擇符合題意的選項解答：解：a、伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向里穿過手心，則手心朝外四指指向電流方向：斜向右上方，拇指指向安培力方向：斜向左上方根據(jù)左手定則判斷可知是正確的故a正確 b、伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向外穿過手心，則手心朝里四指指向電流方向：向右，拇指指向安培力方向：向下根據(jù)左手定則判斷可知是正確的故b正確 c、伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向右穿過手心，則手心朝左四指指向電流方向：向里，拇指指向安培力方向：向下根據(jù)左手定則判斷可知是不正確的故c錯誤 d、伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向上穿過手心，則手心朝下四指指向電流方向：向外，拇指指向安培力方向：向左根據(jù)左手定則判斷可知是正確的故d正確本題選錯誤的，故選c點評：通電直導線在磁場中受到的安培力方向利用左手定則判斷對于左手定則的應用，要搞清兩點：一是什么時候用；二是怎樣用12（5分）（2013秋響水縣校級期中）一平行板電容器兩極板間距離為d，極板正對面積為s，對此電容器充電后再與電源斷開當只增加兩板間距離d時，電容器兩極板間的（）a電場強度減小，電勢差變大b電場強度減小，電勢差減小c電場強度不變，電勢差變大d電場強度不變，電勢差不變考點：電容器的動態(tài)分析；電容；影響平行板電容器電容的因素專題：電容器專題分析：電容器充電后再與電源斷開，所帶電量不變當只增加兩板間距離d時，根據(jù)推論可知板間電場強度不變，電勢差增大解答：解：電容器充電后再與電源斷開，所帶電量不變根據(jù)板間電場強度e=，c=及c=得到e=，由題q、s都不變，則板間電場強度e不變板間電勢差u=ed，d增大，電勢差增大故選c點評：本題是電容器的動態(tài)分析問題，推論e=要在理解的基礎上學會推導，并加強記憶13（5分）（2014漳州四模）如圖所示，實線為不知方向的三條電場線，從電場中m點以相同速度垂直于電場線方向飛出a、b兩個帶電粒子，僅在電場力作用下的運動軌跡如圖中虛線所示則（）aa一定帶正電，b一定帶負電ba的速度將減小，b的速度將增加ca的加速度將減小，b的加速度將增加d兩個粒子的動能，一個增加一個減小考點：電場線；電勢能專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小物體做曲線運動，所受力的方向指向軌道的內(nèi)側(cè)根據(jù)電場力做功來判斷動能的變化解答：解：a、物體做曲線運動，所受力的方向指向軌道的內(nèi)側(cè)，由于電場線的方向不知，所以粒子帶電性質(zhì)不定，故a錯誤；b、物體做曲線運動，所受力的方向指向軌道的內(nèi)側(cè)，從圖中軌道變化來看速度與力方向的夾角小于90，所以電場力都做正功，動能都增大，速度都增大，故b錯誤，d錯誤c、電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以a受力減小，加速度減小，b受力增大，加速度增大，故c正確故選c點評：加強基礎知識的學習，掌握住電場線的特點，即可解決本題14（5分）（2013秋響水縣校級期中）在某段電路中，其兩端電壓為u，通過的電流為i，通電時間為t，若該電路電阻為r，則關(guān)于電功和電熱，下列結(jié)論正確的是（）a在任何電路中，電功uit=i2rtb在任何電路中，電功為uit，電熱為i2rtc在純電阻電路中，uit=i2rtd在非純電阻電路中，uiti2rt考點：電功、電功率專題：恒定電流專題分析：電功和電熱的公式均適用于任何電路在純電阻電路中，電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，電功等于電熱，w=uit=i2rt在非純電阻電路中，電能一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，另一部分轉(zhuǎn)化為其他形式的能，電功大于電熱，即uiti2rt解答：解：b、在任何電路中，電功w=uit，電熱q=i2rt故b正確c、在純電阻電路中，電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，電功等于電熱，w=uit=i2rt，c正確a、d、在非純電阻電路中，電能一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，另一部分轉(zhuǎn)化為其他形式的能，電功大于電熱，即uiti2rt故a錯誤，d錯誤故選：c點評：對于純電阻電路和非純電阻電路，電功與電熱的公式都成立，只是在純電阻電路中，兩者相等，在非純電阻電路中，電功大于電熱15（5分）（2012秋浙江校級期中）如圖所示，a、b是兩個帶有同種電荷的小球，用絕緣絲線懸掛于同一點，兩球靜止時，它們距水平面的高度相等，繩與豎直方向的夾角分別為、，且若同時剪斷兩根細線，空氣阻力不計，兩球帶電荷量不變，則（）aa球的質(zhì)量比b球的大ba、b兩球同時落地ca球的電荷量比b球的大da、b兩球飛行的水平距離相等考點：庫侖定律；電勢差與電場強度的關(guān)系專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：同時剪斷兩根細線時，小球受水平方向的庫倫力和豎直方向的重力作用，然后根據(jù)水平方向和豎直方向運動的獨立性可正確求解解答：解：a、對小球受力分析，根據(jù)平衡條件有：mag=mbg=，由于，所以mamb，故a正確b、mamb，因此水平方向上，a的加速度小于b的加速度豎直方向上作自由落體運動，根據(jù)運動的獨立性可知，兩球同時落地，故b正確c、a球的電荷量和b球的電量大小無法判斷，故c錯誤d、由于a的加速度小于b的加速度，因此a球水平飛行的距離比b球小，故d錯誤故選ab點評：本題考查知識點較多，涉及運動的獨立性以及物體的平衡等，較好的考查了學生綜合應用知識的能力，是一道考查能力的好題三、簡答題：本題共2小題，每空2分共計20分請將解答填寫在答題紙相應的位置16（10分）（2013秋響水縣校級期中）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，要測量一個標有“3v1.5w”的燈泡兩端的電壓和通過它的電流，現(xiàn)有如下器材：a直流電源3v（內(nèi)阻可不計）b直流電表03a（內(nèi)阻約0.1）c直流電表0600ma（內(nèi)阻約0.5）d直流電壓表03v（內(nèi)阻約3k）e直流電壓表015v（內(nèi)阻約200k）f滑線變阻器（10，1a）g滑線變阻器（1k，300ma）（1）為完成實驗，需要從上述器材中選用的電流表為c，滑動變阻器為f（填器材前的字母代號）（2）請在如圖上用連線把實驗電路圖補充完整如圖（3）某同學發(fā)現(xiàn)電路接好后電表沒有讀數(shù)，使用多用電表的歐姆擋來檢測電路故障，下列說法正確的是aa測量前的機械調(diào)零應檢查指針是否停在“”刻度線的“”處b歐姆調(diào)零時紅黑表筆必須斷開c一次歐姆調(diào)零后可以多次換擋使用d測量時，若指針偏轉(zhuǎn)很?。拷浇?，應換倍率更小的擋進行（4）下圖中是該同學根據(jù)各組數(shù)據(jù)描出點，請作出該燈泡的伏安特性曲線考點：描繪小電珠的伏安特性曲線專題：實驗題；恒定電流專題分析：本題（1）的關(guān)鍵是根據(jù)小燈泡規(guī)格求出額定電流來選擇電流表量程，根據(jù)實驗要求電流從零調(diào)可知變阻器應采用分壓式接法，應選擇阻值小的變阻器，以方便調(diào)節(jié)題（2）的關(guān)鍵是根據(jù)小燈泡電阻較小，滿足可知，電流表應用外接法，即電路應是“分壓外接”題（3）的關(guān)鍵是明確歐姆表的使用方法和步驟即可題（4）的關(guān)鍵是認真描點，然后畫出平滑的曲線即可解答：解：（1）：由小燈泡規(guī)格“3v，1.5w”可知，額定電流為i=，所以電流表應選c；由于實驗要求電流從零調(diào)，所以變阻器應用分壓式接法，應選阻值小的變阻器f以方便調(diào)節(jié)（2）：由于小燈泡電阻較小，滿足，所以電流表應用外接法，又變阻器采用分壓式接法，電路圖如圖所示：（3）：a：根據(jù)歐姆表的使用方法可知a正確b：歐姆調(diào)零時，應將紅黑表筆相接而不是斷開，所以b錯誤c：每次換擋后都需要重新調(diào)零，所以c錯誤d：測量時偏角很小，說明待測電阻阻值很大，應換倍率更大的檔進行測量，所以d錯誤故選：a（4）：作出的伏安特性曲線如圖所示：故答案為：（1）c，f（3）a（4）如圖（2）如圖點評：對電學實驗應明確：根據(jù)待測電阻的額定電流大小來選擇電流表量程；當滿足時，電流表應用外接法，否則應用內(nèi)接法；當實驗要求電流從零調(diào)時，變阻器應采用分壓式接法，應選擇阻值小的變阻器，以方便調(diào)節(jié)17（10分）（2013秋新余期末）測定電源的電動勢和內(nèi)電阻的實驗電路和ui圖象如下，請回答下列問題（1）如圖所示在閉合開關(guān)之前移為防止電表過載而滑動變阻器的滑動頭p應放在a處（2）現(xiàn)備有以下器材：a干電池1個b滑動變阻器（050，）c滑動變阻器（01750）d電壓表（03v）e電壓表（015v）f電流表（00.6a）g電流表（03a）其中滑動變阻器應選b，電壓表應選d電流表應選f（填字母代號）（3）乙圖是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的ui圖象由此可知這個干電池的電動勢e=1.5v，內(nèi)電阻r=0.75考點：測定電源的電動勢和內(nèi)阻專題：實驗題；恒定電流專題分析：（1）閉合開關(guān)之前滑動變阻器的滑動頭p應放在最大值位置處（2）在選擇電壓表和電流表時要求在不超過量程的前提下偏轉(zhuǎn)角度盡量大些，在滿量程的左右偏轉(zhuǎn)最好（3）在ui圖象中縱坐標的截距代表的是電源的電動勢，直線的斜率代表的是電源的內(nèi)阻的大小解答：解：（1）閉合開關(guān)之前滑動變阻器的滑動頭p應放在最大值位置處，即a處（2）滑動變阻器起控制電流的作用，而電源電動勢大約1.5v，電路中電流較小，故為了便用調(diào)節(jié)，滑動變阻器選取b電源電動勢大約1.5v，因此電壓表選擇量程為3v的比較合適，故電壓表選擇d，電路中的電流較小，因此電流表選擇f（3）在ui圖象中圖象與縱坐標的交點等于電源的電動勢，所以由圖可以讀出電源的電動勢為1.5v，圖象中的斜率表示電源的內(nèi)阻，所以電源的內(nèi)阻為r=0.75故答案為：（1）a（2）b，d，f（3）1.5，0.75點評：正確選擇儀器是電學實驗的經(jīng)?？疾榈目键c；在測量電源電動勢和內(nèi)阻時，要注意根據(jù)畫出的ui圖象結(jié)合數(shù)學知識分析出電動勢及內(nèi)阻四、計算題：本題共3小題，共計45分解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位18（14分）（2013秋響水縣校級期中）如圖所示，若電源的電動勢為60v，內(nèi)阻為2，電阻r1=8，電動機繞組電阻r0=2，當開關(guān)s閉合時，電阻r1消耗的電功率是2.88w求（1）電源的輸出功率；（2）電動機輸出的機械功率考點：電功、電功率專題：恒定電流專題分析：（1）由電阻r1消耗的電功率求解干路電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電源的路端電壓，然后根據(jù)p=ui求解電源燈額輸出功率（2）根據(jù)p出=uii2r0求解電動機輸出的機械功率解答：解：（1）當開關(guān)s閉合時，電阻r1消耗的電功率是2.88 w，根據(jù)公式p=i2r1，有：=0.6a路端電壓為：u=eir=600.62=58.8v電源的輸出功率為：p=ui=58.80.6=35.28w（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律，電動機電壓：um=ei（r+r1）=600.6（2+8）=52v電動機輸出的機械功率：p出=umii2r0=520.60.622=30.48w答：（1）電源的輸出功率為35.28w；（2）電動機輸出的機械功率為30.48w點評：對于電動機電路，要正確區(qū)分是純電阻電路還是非純電阻電路：當電動機正常工作時，是非純電阻電路；當電動機被卡住不轉(zhuǎn)時，是純電阻電路對于電動機的輸出功率，往往要根據(jù)能量守恒求解19（15分）（2013秋響水縣校級期中）如圖所示，一簇平行線為未知方向的勻強電場的電場線，沿與此平行線成60角的方向，把1106c的負電荷從a點移到b點，電場力做功為2106j，a、b間距為2cm求；（1）ab兩點的電勢差uab；（2）勻強電場的場強e；（3）電子（電量為1.6