江西省宜市高安二中、宜中學(xué)、豐城中學(xué)、樟樹中學(xué)四校高三物理上學(xué)期第一次模擬聯(lián)考試卷（含解析）.doc

江西省宜春市高安二中、宜春中學(xué)、豐城中學(xué)、樟樹中學(xué)四校聯(lián)考2015屆高考物理一模試卷一、選擇題（本題包括8小題每小題6分，共48分每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6-8題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分）1在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中科學(xué)家們總結(jié)出了許多物理學(xué)方法，如理想實(shí)驗(yàn)法、控制變量法、極限思想法、類比法、科學(xué)假設(shè)法和建立物理模型法等以下關(guān)于物理學(xué)研究方法的敘述不正確的是( )a在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法運(yùn)用了假設(shè)法b根據(jù)速度的定義式，當(dāng)t趨近于零時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義運(yùn)用了極限思想法c在實(shí)驗(yàn)探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系時(shí)，運(yùn)用了控制變量法d在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程等分成很多小段，然后將各小段位移相加，運(yùn)用了微元法2如圖所示，a、b、c、d四個(gè)人做雜技表演，b站在a的肩上，雙手拉著c和d，a撐開雙手水平支持著c和d若四個(gè)人的質(zhì)量均為m，他們的臂長相等，重力加速度為g，不計(jì)a手掌與c、d身體間的摩擦下列結(jié)論錯(cuò)誤的是( )aa受到地面支持力為4mgbb受到a的支持力為3mgcb受到c的拉力約為mgdc受到a的推力約為mg3美國航天局電視直播畫面顯示，美國東部時(shí)間2013年11月18日13時(shí)28分（北京時(shí)間19日2時(shí)28分），在一片濃煙之中，“火星大氣與揮發(fā)演化”探測器搭乘“宇宙神v型”火箭，從佛羅里達(dá)州卡納維拉爾角空軍基地沖天而起，開始前往火星的旅程如果一切順利，探測器將于2014年9月22日抵達(dá)火星軌道火星也是繞太陽運(yùn)行的行星之一，且火星周圍也有衛(wèi)星繞其運(yùn)行如果要通過觀測求得火星的質(zhì)量，則需要測量的物理量有( )a火星繞太陽運(yùn)動(dòng)的周期和軌道半徑b火星的衛(wèi)星繞火星運(yùn)動(dòng)的周期和軌道半徑c火星繞太陽運(yùn)動(dòng)的周期和火星的衛(wèi)星繞火星運(yùn)動(dòng)的軌道半徑d火星的衛(wèi)星繞火星運(yùn)動(dòng)的周期和火星繞太陽運(yùn)動(dòng)的軌道半徑4真空中有一靜電場，其在x軸正半軸的電勢隨x變化的關(guān)系如圖所示，則根據(jù)圖象可知( )ar處的電場強(qiáng)度e=0b若試探電荷從x1處移到x2處，電場力不一定做正功cx1處與x2處的電場強(qiáng)度方向相反d該電場有可能是處在o點(diǎn)的正的點(diǎn)電荷激發(fā)產(chǎn)生的5一臺(tái)理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比是5：1，原線圈接入電壓為220v的正弦交流電，各元件正常工作，一只理想二極管和一個(gè)滑動(dòng)變阻器r串聯(lián)接在副線圈上，如圖所示，電壓表和電流表均為理想交流電表則下列說法正確的是( )a原、副線圈中的電流之比為1：5b電壓表的讀數(shù)約為44vc若滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為20，則1 分鐘內(nèi)產(chǎn)生的熱量為2904 jd若將滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)，則兩電表讀數(shù)均增大6如圖甲所示，平行于光滑斜面的輕彈簧勁度系數(shù)為k，一端固定在傾角為的斜面底端，另一端與物塊a連接；兩物塊a、b質(zhì)量均為m，初始時(shí)均靜止現(xiàn)用平行于斜面向上的力f拉動(dòng)物塊b，使b做加速度為a的勻加速運(yùn)動(dòng)，a、b兩物塊在開始一段時(shí)間內(nèi)的t關(guān)系分別對應(yīng)圖乙中a、b圖線（t1時(shí)刻a、b的圖線相切，t2時(shí)刻對應(yīng)a圖線的最高點(diǎn)），重力加速度為g，則( )at2時(shí)刻，彈簧形變量為0bt1時(shí)刻，彈簧形變量為c從開始到t2時(shí)刻，拉力f逐漸增大d從開始到t1時(shí)刻，拉力f做的功比彈簧彈力做的功少7如圖所示，在光滑水平面上，有豎直向下的勻強(qiáng)磁場，分布在寬度為l的區(qū)域內(nèi)，兩個(gè)邊長均為a（al）的單匝閉合正方形線圈甲和乙，分別用相同材料不同粗細(xì)的導(dǎo)線繞制而成，且導(dǎo)線的橫截面積s甲：s乙=1：3將線圈置于光滑水平面上且位于磁場的左邊界，并使兩線圈獲得大小相等、方向水平向右的初速度，若甲線圈剛好能滑離磁場，則( )a乙線圈也剛好能滑離磁場b兩線圈進(jìn)入磁場過程中通過導(dǎo)線橫截面積電量相同c兩線圈完全進(jìn)入磁場后的動(dòng)能相同d甲線圈進(jìn)入磁場過程中產(chǎn)生熱量q1與乙線圈進(jìn)入磁場過程中產(chǎn)生熱量q2之比為8在傾角為的斜面上固定兩根足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌pq、mn，相距為l，導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為b、范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向下有兩根質(zhì)量均為m的金屬棒a、b，先將a棒垂直導(dǎo)軌放置，用跨過光滑定滑輪的細(xì)線與物塊c連接，連接a棒的細(xì)線平行于導(dǎo)軌，由靜止釋放c，此后某時(shí)刻，將b也垂直導(dǎo)軌放置，a、c此刻起做勻速運(yùn)動(dòng)，b棒剛好能靜止在導(dǎo)軌上a棒在運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直，兩棒與導(dǎo)軌電接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計(jì)則( )a物塊c的質(zhì)量是2msinbb棒放上導(dǎo)軌前，物塊 c減少的重力勢能等于a、c增加的動(dòng)能cb棒放上導(dǎo)軌后，物塊 c減少的重力勢能等于回路消耗的電能db棒放上導(dǎo)軌后，a棒中電流大小是三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分必考題，每個(gè)試題考生必須作答選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題9圖甲是利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測量小車沿斜面下滑時(shí)所受阻力的示意圖小車拖著紙帶在斜面上下滑時(shí)，打出的一段紙帶如圖乙所示，其中o為小車開始運(yùn)動(dòng)時(shí)打出的點(diǎn)，設(shè)小車在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力恒定（1）已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電頻率為50hz，由紙帶分析可知小車下滑的加速度a=_m/s2，打e點(diǎn)時(shí)小車速度ve=_m/s（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（2）為了求出小車在下滑過程中所受的阻力，可運(yùn)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律或動(dòng)能定理求解，現(xiàn)要求必須用牛頓運(yùn)動(dòng)定律求解，除知道小車下滑的加速度a、小車質(zhì)量m、重力加速度g、斜面的長度l外，利用米尺、三角板還需要測量的物理量_，阻力的表達(dá)式（用字母表示）_10金屬材料的電阻率通常隨溫度的升高而增大，半導(dǎo)體材料的電阻率隨溫度的升高而減少某同學(xué)需要研究某導(dǎo)電材料的導(dǎo)電規(guī)律，他用該種導(dǎo)電材料制作為電阻較小的線狀元件z做實(shí)驗(yàn)，測量元件z中的電流隨兩端電壓從零逐漸增大過程中的變化規(guī)律（1）他應(yīng)選用圖所示的_電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)（2）實(shí)驗(yàn)測得元件z的電壓與電流的關(guān)系如下表所示根據(jù)表中數(shù)據(jù)，判斷元件z是_ （填“金屬材料”或“半導(dǎo)體材料”）；u/v00.400.600.801.001.201.501.60i/a00. 200.450.801.251.802.813.20（3）用螺旋測微器測量線狀元件z的直徑如圖2所示，則元件z的直徑是_mm（4）把元件z接入如圖1所示的電路中，當(dāng)電阻r的阻值為r1=2時(shí)，電流表的讀數(shù)為1.25a；當(dāng)電阻r的阻值為r2=3.6時(shí)，電流表的讀數(shù)為0.80a結(jié)合上表數(shù)據(jù)，求出電池的電動(dòng)勢為_v，內(nèi)阻為_（ 不計(jì)電流表的內(nèi)阻）11某同學(xué)近日做了這樣一個(gè)實(shí)驗(yàn)，將一個(gè)小鐵塊（可看成質(zhì)點(diǎn)）以一定的初速度，沿傾角可在090之間任意調(diào)整的木板向上滑動(dòng)，設(shè)它沿木板向上能達(dá)到的最大位移為x，若木板傾角不同時(shí)對應(yīng)的最大位移x與木板傾角的關(guān)系如圖所示g取10m/s2求（結(jié)果如果是根號(hào)，可以保留）：（1）小鐵塊初速度的大小v0以及小鐵塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)是多少？（2）當(dāng)=60時(shí)，小鐵塊達(dá)到最高點(diǎn)后，又回到出發(fā)點(diǎn)，物體速度將變?yōu)槎啻螅?2（17分）如圖所示，離子源a產(chǎn)生的初速度為零、帶電量均為e、質(zhì)量不同的正離子被電壓為u0的加速電場加速后勻速通過準(zhǔn)直管，垂直射入勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)電場，偏轉(zhuǎn)后通過極板hm上的小孔s離開電場，經(jīng)過一段勻速直線運(yùn)動(dòng)，垂直于邊界mn進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為b的勻強(qiáng)磁場已知ho=d，hs=2d，mnq=90（忽略粒子所受重力）（1）求偏轉(zhuǎn)電場場強(qiáng)e0的大小以及hm與mn的夾角；（2）求質(zhì)量為m的離子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；（3）若質(zhì)量為4m的離子恰好垂直打在nq的中點(diǎn)s1處，求能打在nq上的正離子的質(zhì)量范圍（二）選考題：共45分從給出的3道物理題中任選一題作答如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分【物理-選修3-3】13下列說法中正確的是 ( )a布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體分子所做的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)b葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用c液晶顯示器利用了液晶對光具有各向異性的特點(diǎn)d當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距r0時(shí)，分子間的距離越大，分子勢能越小e溫度升高時(shí)，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能一定增大，但并非所有的分子的速率都增大14在圖所示的氣缸中封閉著溫度為100的空氣，一重物用繩索經(jīng)滑輪與缸中活塞相連接，重物和活塞均處于平衡狀態(tài)，這時(shí)活塞離缸底的高度為10cm，如果缸內(nèi)空氣變?yōu)?，問：（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）重物是上升還是下降？這時(shí)重物將從原處移動(dòng)多少厘米？（設(shè)活塞與氣缸壁間無摩擦）【物理-選修3-4】15關(guān)于機(jī)械振動(dòng)與機(jī)械波說法正確的是 ( )a機(jī)械波的頻率等于振源的振動(dòng)頻率b機(jī)械波的傳播速度與振源的振動(dòng)速度相等c質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的方向總是垂直于波傳播的方向d在一個(gè)周期內(nèi)，沿著波的傳播方向，振動(dòng)在介質(zhì)中傳播一個(gè)波長的距離e機(jī)械波在介質(zhì)中傳播的速度由介質(zhì)本身決定16如圖所示為一透明玻璃半球，在其下面有一平行半球上表面水平放置的光屏兩束關(guān)于中心軸oo對稱的激光束從半球上表面垂直射入玻璃半球，恰能從球面射出當(dāng)光屏距半球上表面h1=40cm時(shí)，從球面折射出的兩束光線匯聚于光屏與oo軸的交點(diǎn)，當(dāng)光屏距上表面h2=70cm時(shí)，在光屏上形成半徑r=40cm的圓形光斑求：該半球形玻璃的折射率【物理-選修3-5】17下列說法中正確的是( )a光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)揭示了光的粒子性b原子核發(fā)生一次衰變，該原子核外就失去一個(gè)電子c原子核放出粒子后，轉(zhuǎn)變成的新核所對應(yīng)的元素是原來的同位素d玻爾在研究原子結(jié)構(gòu)中引進(jìn)了量子化的觀念e氫原子從低能級(jí)躍遷到高能級(jí)要吸收能量18如圖，質(zhì)量為m的b球用長h的細(xì)繩懸掛于水平軌道bc的出口c處質(zhì)量也為m的小球a，從距bc高h(yuǎn)的a處由靜止釋放，沿abc光滑軌道滑下，在c處與b球正碰并與b粘在一起已知bc軌道距地面有一定的高度，懸掛b球的細(xì)繩能承受的最大拉力為2.8mg試問：a與b球碰前瞬間的速度多大？a、b兩球碰后，細(xì)繩是否會(huì)斷裂？（要求通過計(jì)算回答）江西省宜春市高安二中、宜春中學(xué)、豐城中學(xué)、樟樹中學(xué)四校聯(lián)考2015屆高考物理一模試卷一、選擇題（本題包括8小題每小題6分，共48分每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6-8題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分）1在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中科學(xué)家們總結(jié)出了許多物理學(xué)方法，如理想實(shí)驗(yàn)法、控制變量法、極限思想法、類比法、科學(xué)假設(shè)法和建立物理模型法等以下關(guān)于物理學(xué)研究方法的敘述不正確的是( )a在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法運(yùn)用了假設(shè)法b根據(jù)速度的定義式，當(dāng)t趨近于零時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義運(yùn)用了極限思想法c在實(shí)驗(yàn)探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系時(shí)，運(yùn)用了控制變量法d在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程等分成很多小段，然后將各小段位移相加，運(yùn)用了微元法考點(diǎn)：質(zhì)點(diǎn)的認(rèn)識(shí) 分析：在研究曲線運(yùn)動(dòng)或者加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，常常采用微元法，將曲線運(yùn)動(dòng)變成直線運(yùn)動(dòng)，或?qū)⒆兓乃俣茸兂刹蛔兊乃俣?；等效替代法是一種常用的方法，它是指用一種情況來等效替換另一種情況，效果要相同；當(dāng)時(shí)間非常小時(shí)，我們認(rèn)為此時(shí)的平均速度可看作某一時(shí)刻的速度即稱之為瞬時(shí)速度，采用的是極限思維法；解答：解：a、等效替代法是一種常用的方法，它是指用一種情況來等效替換另一種情況；沒有采用假設(shè)法；故a錯(cuò)誤；b、根據(jù)速度定義式v=，當(dāng)t非常非常小時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義應(yīng)用了極限思想方法，故b正確；c、在實(shí)驗(yàn)探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系時(shí)，因?yàn)槿恐g相互都有關(guān)系，故應(yīng)采用控制變量法；故c正確；d、在推導(dǎo)勻變速運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法故d正確；本題選錯(cuò)誤的；故選：a點(diǎn)評：在高中物理學(xué)習(xí)中，我們會(huì)遇到多種不同的物理分析方法，這些方法對我們理解物理有很大的幫助；故在理解概念和規(guī)律的基礎(chǔ)上，更要注意科學(xué)方法的積累與學(xué)習(xí)2如圖所示，a、b、c、d四個(gè)人做雜技表演，b站在a的肩上，雙手拉著c和d，a撐開雙手水平支持著c和d若四個(gè)人的質(zhì)量均為m，他們的臂長相等，重力加速度為g，不計(jì)a手掌與c、d身體間的摩擦下列結(jié)論錯(cuò)誤的是( )aa受到地面支持力為4mgbb受到a的支持力為3mgcb受到c的拉力約為mgdc受到a的推力約為mg考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用 專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題分析：研究a的支持力可以以四個(gè)人整體為研究對象，由平衡條件求支持力研究b，分析受力情況，由平衡條件可求其所受的支持力對c研究，由平衡條件可求b對c的拉力和a的推力解答：解：a、以四個(gè)人整體為研究對象，由平衡條件得：地面對a的支持力na=4mg；故a正確b、c、d 對c：分析受力如圖2所示，則有 fac=mgtan30=，即c受到a的推力約為 fbc=mg，即c受到b的拉力為mg，則b受到c的拉力也為mg 對b：分析受力如圖1所示，根據(jù)對稱性，有fcb=fab，fbc=fcb，則有 b受到a的支持力nb=mg+2fcbcos30=mg+2mg=3mg故bc正確，d錯(cuò)誤本題選錯(cuò)誤的，故選d點(diǎn)評：本題是多個(gè)物體的平衡問題，關(guān)鍵是研究對象的選擇，采用整體法和隔離法相結(jié)合比較簡便3美國航天局電視直播畫面顯示，美國東部時(shí)間2013年11月18日13時(shí)28分（北京時(shí)間19日2時(shí)28分），在一片濃煙之中，“火星大氣與揮發(fā)演化”探測器搭乘“宇宙神v型”火箭，從佛羅里達(dá)州卡納維拉爾角空軍基地沖天而起，開始前往火星的旅程如果一切順利，探測器將于2014年9月22日抵達(dá)火星軌道火星也是繞太陽運(yùn)行的行星之一，且火星周圍也有衛(wèi)星繞其運(yùn)行如果要通過觀測求得火星的質(zhì)量，則需要測量的物理量有( )a火星繞太陽運(yùn)動(dòng)的周期和軌道半徑b火星的衛(wèi)星繞火星運(yùn)動(dòng)的周期和軌道半徑c火星繞太陽運(yùn)動(dòng)的周期和火星的衛(wèi)星繞火星運(yùn)動(dòng)的軌道半徑d火星的衛(wèi)星繞火星運(yùn)動(dòng)的周期和火星繞太陽運(yùn)動(dòng)的軌道半徑考點(diǎn)：萬有引力定律及其應(yīng)用 專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題分析：根據(jù)火星的某個(gè)衛(wèi)星的萬有引力等于向心力，列式求解即可求出火星的質(zhì)量解答：解：衛(wèi)星繞火星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬有引力提供向心力，有：，解得故要測量火星的質(zhì)量，需要知道火星的衛(wèi)星繞火星運(yùn)動(dòng)的周期和軌道半徑故b正確、acd錯(cuò)誤故選：b點(diǎn)評：本題關(guān)鍵是根據(jù)火星的衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力有萬有引力提供，列出方程，分析方程式即可看出要測量的量，涉及半徑有星體半徑和軌道半徑，解題時(shí)要注意區(qū)分4真空中有一靜電場，其在x軸正半軸的電勢隨x變化的關(guān)系如圖所示，則根據(jù)圖象可知( )ar處的電場強(qiáng)度e=0b若試探電荷從x1處移到x2處，電場力不一定做正功cx1處與x2處的電場強(qiáng)度方向相反d該電場有可能是處在o點(diǎn)的正的點(diǎn)電荷激發(fā)產(chǎn)生的考點(diǎn)：勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：x圖象中，曲線上任意一點(diǎn)的切線的斜率表示電場強(qiáng)度；用wab=quab來判斷電勢能的變化情況解答：解：a、x圖象中，曲線上任意一點(diǎn)的切線的斜率表示電場強(qiáng)度；r處切線的斜率不為零，故電場強(qiáng)度不為零；故a錯(cuò)誤；b、若試探電荷從x1處移到x2處，電勢降低，根據(jù)公式wab=quab，如果是正電荷，電場力做正功；如果是負(fù)電荷，電場力做負(fù)功；故b正確；c、x1處與x2處的切線斜率同為負(fù)值，故x方向的電場強(qiáng)度分量的方向相同，故c錯(cuò)誤；d、離電荷越近，電場強(qiáng)度越大，故x圖象的斜率越大；而在o點(diǎn)向右，切線斜率變大，故o點(diǎn)不可能有電荷，故d錯(cuò)誤；故選：b點(diǎn)評：x圖象：電場強(qiáng)度的大小等于x圖線的斜率大小，電場強(qiáng)度為零處，x圖線存在極值，其切線的斜率為零在x圖象中可以直接判斷各點(diǎn)電勢的大小，并可根據(jù)電勢大小關(guān)系確定電場強(qiáng)度的方向在x圖象中分析電荷移動(dòng)時(shí)電勢能的變化，可用wab=quab，進(jìn)而分析wab的正負(fù)，然后作出判斷5一臺(tái)理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比是5：1，原線圈接入電壓為220v的正弦交流電，各元件正常工作，一只理想二極管和一個(gè)滑動(dòng)變阻器r串聯(lián)接在副線圈上，如圖所示，電壓表和電流表均為理想交流電表則下列說法正確的是( )a原、副線圈中的電流之比為1：5b電壓表的讀數(shù)約為44vc若滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為20，則1 分鐘內(nèi)產(chǎn)生的熱量為2904 jd若將滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)，則兩電表讀數(shù)均增大考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理 專題：交流電專題分析：根據(jù)圖象可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，二極管的作用是只允許正向的電流通過，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論解答：解：a、副線圈兩端電壓為44v，但由于二極管的單向?qū)щ娦裕行е档陀?4v，故輸出電流小于不加二極管時(shí)的電流；故a錯(cuò)誤；b、原、副線圈的電壓與匝數(shù)成正比，所以副線圈兩端電壓為44 v，由于副線圈接著二極管，它具有單向?qū)щ娦?，根?jù)電流的熱效應(yīng)知解得u=22=31.11v，故b錯(cuò)誤；c、由b求得電壓表兩端電壓有效值為u有效=22v，則1 min內(nèi)產(chǎn)生的熱量為q=2904 j，故c正確；d、將滑動(dòng)變阻器滑片向上滑動(dòng)，接入電路中的阻值變小，電流表的讀數(shù)變大，但對原、副線圈兩端的電壓無影響，即電壓表的讀數(shù)不變，所以d錯(cuò)誤故選：c點(diǎn)評：本題需要掌握變壓器的電壓之比和匝數(shù)比之間的關(guān)系，同時(shí)對于二極管和電容器的作用要了解6如圖甲所示，平行于光滑斜面的輕彈簧勁度系數(shù)為k，一端固定在傾角為的斜面底端，另一端與物塊a連接；兩物塊a、b質(zhì)量均為m，初始時(shí)均靜止現(xiàn)用平行于斜面向上的力f拉動(dòng)物塊b，使b做加速度為a的勻加速運(yùn)動(dòng)，a、b兩物塊在開始一段時(shí)間內(nèi)的t關(guān)系分別對應(yīng)圖乙中a、b圖線（t1時(shí)刻a、b的圖線相切，t2時(shí)刻對應(yīng)a圖線的最高點(diǎn)），重力加速度為g，則( )a t2時(shí)刻，彈簧形變量為0bt1時(shí)刻，彈簧形變量為c從開始到t2時(shí)刻，拉力f逐漸增大d從開始到t1時(shí)刻，拉力f做的功比彈簧彈力做的功少考點(diǎn)：胡克定律；功能關(guān)系 分析：剛開始ab靜止，則f彈=2mgsin，外力施加的瞬間，對a根據(jù)牛頓第二定律列式即可求解ab間的彈力大小，由圖知，t2時(shí)刻a的加速度為零，速度最大，根據(jù)牛頓第二定律和胡克定律可以求出彈簧形變量，t1時(shí)刻a、b開始分離，對a根據(jù)牛頓第二定律求出t1時(shí)刻彈簧的形變量，并由牛頓第二定律分析拉力的變化情況根據(jù)彈力等于重力沿斜面的分量求出初始位置的彈簧形變量，再根據(jù)求出彈性勢能，從而求出彈簧釋放的彈性勢能，根據(jù)動(dòng)能定理求出拉力做的功，從而求出從開始到t1時(shí)刻，拉力f做的功和彈簧釋放的勢能的關(guān)系解答：解：a、由圖知，t2時(shí)刻a的加速度為零，速度最大，根據(jù)牛頓第二定律和胡克定律得：mgsin=kx，則得：x=，故a錯(cuò)誤；b、由圖讀出，t1時(shí)刻a、b開始分離，對a根據(jù)牛頓第二定律：kxmgsin=ma，則x=，故b正確c、從開始到t1時(shí)刻，對ab整體，根據(jù)牛頓第二定律得：f+kx2mgsin=2ma，得f=2mgsin+2makx，x減小，f增大；t1時(shí)刻到t2時(shí)刻，對b，由牛頓第二定律得：fmgsin=ma，得 f=mgsin+ma，可知f不變，故c錯(cuò)誤d、由上知：t1時(shí)刻a、b開始分離開始時(shí)有：2mgsin=kx0 從開始到t1時(shí)刻，彈簧釋放的勢能 ep=從開始到t1時(shí)刻的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理得：wf+ep2mgsin（x0x）=2a（x0x）=v12 由解得：wfep=，所以拉力f做的功比彈簧釋放的勢能少，故d正確故選：bd點(diǎn)評：從受力角度看，兩物體分離的條件是兩物體間的正壓力為0從運(yùn)動(dòng)學(xué)角度看，一起運(yùn)動(dòng)的兩物體恰好分離時(shí)，兩物體在沿斜面方向上的加速度和速度仍相等7如圖所示，在光滑水平面上，有豎直向下的勻強(qiáng)磁場，分布在寬度為l的區(qū)域內(nèi)，兩個(gè)邊長均為a（al）的單匝閉合正方形線圈甲和乙，分別用相同材料不同粗細(xì)的導(dǎo)線繞制而成，且導(dǎo)線的橫截面積s甲：s乙=1：3將線圈置于光滑水平面上且位于磁場的左邊界，并使兩線圈獲得大小相等、方向水平向右的初速度，若甲線圈剛好能滑離磁場，則( )a乙線圈也剛好能滑離磁場b兩線圈進(jìn)入磁場過程中通過導(dǎo)線橫截面積電量相同c兩線圈完全進(jìn)入磁場后的動(dòng)能相同d甲線圈進(jìn)入磁場過程中產(chǎn)生熱量q1與乙線圈進(jìn)入磁場過程中產(chǎn)生熱量q2之比為考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢；焦耳定律 專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、安培力公式得到線框的加速度表達(dá)式，再分析兩個(gè)線圈的運(yùn)動(dòng)情況，即可判斷乙線圈能否滑離磁場根據(jù)感應(yīng)電荷量公式q=n，分析電量關(guān)系根據(jù)能量守恒定律分析熱量關(guān)系解答：解：a、設(shè)任一線圈的橫截面積為s，電阻率為電，密度為密線圈進(jìn)入磁場時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電流為 i=，所受的安培力大小為 f=bia=，加速度大小為 a=，可知a與s無關(guān)，所以兩個(gè)線圈進(jìn)入磁場的過程，任意時(shí)刻加速度相同，同理離開磁場的過程任意時(shí)刻的加速度也相同，運(yùn)動(dòng)情況完全相同，所以若甲線圈剛好能滑離磁場，乙線圈也剛好能滑離磁場，故a正確b、根據(jù)感應(yīng)電荷量公式q=，可知，進(jìn)入磁場過程中磁通量的變化量相等，但由于兩個(gè)線圈的電阻不同，則兩線圈進(jìn)入磁場過程中通過導(dǎo)線橫截面電荷量不同，故b錯(cuò)誤c、根據(jù)a項(xiàng)分析可知，兩個(gè)線圈進(jìn)入磁場過程的初速度和末速度應(yīng)該分別相等，由于質(zhì)量不同，所以動(dòng)能的減小量不等，因此兩線圈完全進(jìn)入磁場后的動(dòng)能不等，故c錯(cuò)誤d、由m=4as密，s甲：s乙=1：3，知甲乙線圈的質(zhì)量之比為 m甲：m乙=1：3設(shè)甲、乙線圈的初速度為v1，完全進(jìn)入磁場時(shí)的速度為v2，根據(jù)能量守恒得：甲線圈進(jìn)入磁場過程中產(chǎn)生熱量q1=，乙線圈進(jìn)入磁場過程中產(chǎn)生熱量 q2=，可得，故d正確故選：ad點(diǎn)評：本題關(guān)鍵要綜合考慮影響加速度的因素，將加速度表達(dá)式中質(zhì)量和電阻細(xì)化，掌握感應(yīng)電荷量公式q=n，理解掌握克服安培力做功等于產(chǎn)生的熱量等等，應(yīng)加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)，提高綜合分析問題的能力8在傾角為的斜面上固定兩根足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌pq、mn，相距為l，導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為b、范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向下有兩根質(zhì)量均為m的金屬棒a、b，先將a棒垂直導(dǎo)軌放置，用跨過光滑定滑輪的細(xì)線與物塊c連接，連接a棒的細(xì)線平行于導(dǎo)軌，由靜止釋放c，此后某時(shí)刻，將b也垂直導(dǎo)軌放置，a、c此刻起做勻速運(yùn)動(dòng)，b棒剛好能靜止在導(dǎo)軌上a棒在運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直，兩棒與導(dǎo)軌電接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計(jì)則( )a物塊c的質(zhì)量是2msinbb棒放上導(dǎo)軌前，物塊 c減少的重力勢能等于a、c增加的動(dòng)能cb棒放上導(dǎo)軌后，物塊 c減少的重力勢能等于回路消耗的電能db棒放上導(dǎo)軌后，a棒中電流大小是考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢；閉合電路的歐姆定律；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化 專題：電磁感應(yīng)功能問題分析：a、b棒中電流大小相等方向相反，故a、b棒所受安培力大小相等方向相反，對b棒進(jìn)行受力分析有安培力大小與重力沿斜面向下的分力大小相等，再以a棒為研究對象，由于a棒的平衡及安培力的大小，所以可以求出繩的拉力，再據(jù)c平衡可以得到c的質(zhì)量c減少的重力勢能等于各棒增加的重力勢能和動(dòng)能以及產(chǎn)生的電能，由此分析便知解答：解：b棒靜止說明b棒受力平衡，即安培力和重力沿斜面向下的分力平衡，a棒勻速向上運(yùn)動(dòng)，說明a棒受繩的拉力和重力沿斜面向下的分力大小以及沿斜面向下的安培力三個(gè)力平衡，c勻速下降則c所受重力和繩的拉力大小平衡由b平衡可知，安培力大小f安=mgsin，由a平衡可知f繩=f安+mgsin=2mgsin，由c平衡可知f繩=mcga、因?yàn)槔K中拉力大小相等，故2mgsin=mcg，即物塊c的質(zhì)量為2msin，故a正確；b、b放上之前，根據(jù)能量守恒知a增加的重力勢能也是由于c減小的重力勢能，故b錯(cuò)誤；c、a勻速上升重力勢能在增加，故根據(jù)能量守恒知c錯(cuò)誤；d、根據(jù)b棒的平衡可知f安=mgsin又因?yàn)閒安=bil，故d正確；故選ad點(diǎn)評：從導(dǎo)體棒的平衡展開處理可得各力的大小，從能量守恒角度分析能量的變化是關(guān)鍵，能量轉(zhuǎn)化問題從排除法的角度處理更簡捷三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分必考題，每個(gè)試題考生必須作答選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題9圖甲是利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測量小車沿斜面下滑時(shí)所受阻力的示意圖小車拖著紙帶在斜面上下滑時(shí)，打出的一段紙帶如圖乙所示，其中o為小車開始運(yùn)動(dòng)時(shí)打出的點(diǎn)，設(shè)小車在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力恒定（1）已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電頻率為50hz，由紙帶分析可知小車下滑的加速度a=4.1m/s2，打e點(diǎn)時(shí)小車速度ve=2.5m/s（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（2）為了求出小車在下滑過程中所受的阻力，可運(yùn)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律或動(dòng)能定理求解，現(xiàn)要求必須用牛頓運(yùn)動(dòng)定律求解，除知道小車下滑的加速度a、小車質(zhì)量m、重力加速度g、斜面的長度l外，利用米尺、三角板還需要測量的物理量高度h，阻力的表達(dá)式（用字母表示）f=mgma考點(diǎn)：探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系 專題：實(shí)驗(yàn)題分析：根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式x=at2可以求出加速度的大小，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上e點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小對小車進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律解決問題解答：解：（1）由圖2中的紙帶可知相鄰的2個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔t=20.02s=0.04s，根據(jù)x=at2得：a=4.1m/s2根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度得：ve=2.5m/s對小車進(jìn)行受力分析，小車受重力、支持力、阻力將重力沿斜面和垂直斜面分解，設(shè)斜面傾角為，根據(jù)牛頓第二定律得：f合=mgsinf=maf=mgsinma，所以我們要求出小車質(zhì)量m和sin，那么實(shí)際測量時(shí)，我們應(yīng)該測出這兩點(diǎn)的高度差h來求sin，即sin=所以f=mgma故答案為：（1）4.1；2.5（2）高度h，f=mgma點(diǎn)評：能夠知道相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔能夠運(yùn)用逐差法求解加速度能夠把紙帶的問題結(jié)合動(dòng)力學(xué)知識(shí)運(yùn)用解決問題10金屬材料的電阻率通常隨溫度的升高而增大，半導(dǎo)體材料的電阻率隨溫度的升高而減少某同學(xué)需要研究某導(dǎo)電材料的導(dǎo)電規(guī)律，他用該種導(dǎo)電材料制作為電阻較小的線狀元件z做實(shí)驗(yàn)，測量元件z中的電流隨兩端電壓從零逐漸增大過程中的變化規(guī)律（1）他應(yīng)選用圖所示的a電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)（2）實(shí)驗(yàn)測得元件z的電壓與電流的關(guān)系如下表所示根據(jù)表中數(shù)據(jù)，判斷元件z是半體材料 （填“金屬材料”或“半導(dǎo)體材料”）；u/v00.400.600.801.001.201.501.60i/a00.200.450.801.251.802.813.20（3）用螺旋測微器測量線狀元件z的直徑如圖2所示，則元件z的直徑是1.990mm（4）把元件z接入如圖1所示的電路中，當(dāng)電阻r的阻值為r1=2時(shí)，電流表的讀數(shù)為1.25a；當(dāng)電阻r的阻值為r2=3.6時(shí)，電流表的讀數(shù)為0.80a結(jié)合上表數(shù)據(jù)，求出電池的電動(dòng)勢為4.0v，內(nèi)阻為0.4（ 不計(jì)電流表的內(nèi)阻）考點(diǎn)：測定金屬的電阻率 專題：實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題分析：（1）伏安法測電阻，電壓從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；待測電阻阻值很小，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測電阻阻值，電流表應(yīng)采用外接法，分析圖示電路，選出實(shí)驗(yàn)所需電路（2）元件兩端電壓越大，通過元件的電流越大，由p=ui可知元件實(shí)際功率越大，元件溫度越高；根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，應(yīng)用歐姆定律判斷隨電壓增大，溫度越高時(shí)元件電阻如何變化，然后判斷元件的種類（3）螺旋測微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)，由圖示螺旋測微器可以讀出元件的直徑（4）由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)找出個(gè)電流所對應(yīng)的電壓值，然后根據(jù)閉合電路歐姆定律列方程，然后求出電源電動(dòng)勢與內(nèi)阻解答：解：（1）電壓從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；待測電阻阻值很小，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測電阻阻值，電流表應(yīng)采用外接法，由圖1所示電路圖可知，實(shí)驗(yàn)應(yīng)采用a所示電路（2）由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，隨元件電壓增大，通過元件的電流增大，元件的實(shí)際功率增大，元件溫度升高；由歐姆定律可知，隨元件兩端電壓增大，元件電阻減小，因此元件是半導(dǎo)體材料（3）由圖2所示螺旋測微器可知，固定刻度示數(shù)為1.5mm，可動(dòng)刻度示數(shù)為49.00.01mm=0.490mm，元件的直徑為1.5mm+0.490mm=1.990mm（1.9891.991均正確）（4）由圖3可知，元件z與電阻r串聯(lián)，電流表測電路電流，由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，電流為1.25a時(shí)，元件兩端電壓為1.00v，電流為0.80a時(shí)，元件兩端電壓為0.80v，由閉合電路歐姆定律可得：e=i（r+r）+uv，e=1.25（2+r）+1.00，e=0.80（3.6+r）+0.80，解得，電源電動(dòng)勢e=4.0v，內(nèi)阻r=0.4故答案為：（1）a；（2）半導(dǎo)體材料；（3）1.990；（4）4.0；0.4點(diǎn)評：本題考查了實(shí)驗(yàn)電路的選擇、元件性質(zhì)的判斷、螺旋測微器讀數(shù)、求電源電動(dòng)勢與內(nèi)阻等問題；螺旋測微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是其讀數(shù)，螺旋測微器需要估讀11某同學(xué)近日做了這樣一個(gè)實(shí)驗(yàn)，將一個(gè)小鐵塊（可看成質(zhì)點(diǎn)）以一定的初速度，沿傾角可在090之間任意調(diào)整的木板向上滑動(dòng)，設(shè)它沿木板向上能達(dá)到的最大位移為x，若木板傾角不同時(shí)對應(yīng)的最大位移x與木板傾角的關(guān)系如圖所示g取10m/s2求（結(jié)果如果是根號(hào)，可以保留）：（1）小鐵塊初速度的大小v0以及小鐵塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)是多少？（2）當(dāng)=60時(shí)，小鐵塊達(dá)到最高點(diǎn)后，又回到出發(fā)點(diǎn)，物體速度將變?yōu)槎啻?？考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；摩擦力的判斷與計(jì)算；物體的彈性和彈力 專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題分析：（1）根據(jù)動(dòng)能定理，求出物體沿斜面上升的最大位移s與斜面傾角的關(guān)系表達(dá)式，然后結(jié)合圖象當(dāng)=90時(shí)的數(shù)據(jù)求出物體的初速度；（2）求出物體沿斜面上升的最大位移s與斜面傾角的關(guān)系表達(dá)式，根據(jù)=30時(shí)的數(shù)據(jù)求出動(dòng)摩擦因數(shù)；（3）先求出=60時(shí)物體上升的高度，然后由動(dòng)能定理求出物體返回時(shí)的速度解答：解：（1）根據(jù)動(dòng)能定理，物體沿斜面上滑過程，根據(jù)動(dòng)能定理，有：mgsinsmgcoss=0mv02解得：s=由圖可得，當(dāng)=90時(shí)，根據(jù)v02=2gs，代入數(shù)據(jù)得v0=5m/s，即物體的初速度為5m/s由圖可得，=30時(shí)，s=1.25，代入數(shù)據(jù)得：=；（2）物體沿斜面上升的最大位移s與斜面傾角的關(guān)系為：s=把=60代入，解得：s=由動(dòng)能定理得：mgcos2s=mvt2mv02解得：vt=2.5m/s；答：（1）小鐵塊初速度的大小為5m/s，小鐵塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)是；（2）當(dāng)=60時(shí)，小鐵塊達(dá)到最高點(diǎn)后，又回到出發(fā)點(diǎn)，物體速度將變?yōu)?.5m/s點(diǎn)評：本題關(guān)鍵是根據(jù)動(dòng)能定理求出位移的一般表達(dá)式，然后結(jié)合圖象求出初速度和動(dòng)摩擦因素、求物體末速度12（17分）如圖所示，離子源a產(chǎn)生的初速度為零、帶電量均為e、質(zhì)量不同的正離子被電壓為u0的加速電場加速后勻速通過準(zhǔn)直管，垂直射入勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)電場，偏轉(zhuǎn)后通過極板hm上的小孔s離開電場，經(jīng)過一段勻速直線運(yùn)動(dòng)，垂直于邊界mn進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為b的勻強(qiáng)磁場已知ho=d，hs=2d，mnq=90（忽略粒子所受重力）（1）求偏轉(zhuǎn)電場場強(qiáng)e0的大小以及hm與mn的夾角；（2）求質(zhì)量為m的離子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；（3）若質(zhì)量為4m的離子恰好垂直打在nq的中點(diǎn)s1處，求能打在nq上的正離子的質(zhì)量范圍考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng) 專題：帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：（1）正離子被電壓為u0的加速電場加速后的速度可以通過動(dòng)能定理求出，而正離子垂直射入勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)電場后，作類平拋運(yùn)動(dòng)，最終過極板hm上的小孔s離開電場，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的公式及幾何關(guān)系即可求出電場場強(qiáng)e0，可以通過末速度沿場強(qiáng)方向和垂直電場方向的速度比求得正切值求解；（2）正離子進(jìn)入磁場后在勻強(qiáng)磁場中作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛侖茲力提供向心力，根據(jù)向心力公式即可求得半徑；（3）根據(jù)離子垂直打在nq的位置及向心力公式分別求出運(yùn)動(dòng)的半徑r1、r2，再根據(jù)幾何關(guān)系求出s1和s2之間的距離，能打在nq上的臨界條件是，半徑最大時(shí)打在q上，最小時(shí)打在n點(diǎn)上，根據(jù)向心力公式和幾何關(guān)系即可求出正離子的質(zhì)量范圍解答：解：（1）正離子被電壓為u0的加速電場加速后速度設(shè)為v1，設(shè)對正離子，應(yīng)用動(dòng)能定理有：eu0=mv12，正離子垂直射入勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)電場，作類平拋運(yùn)動(dòng)受到電場力f=qe0，產(chǎn)生的加速度為：a=，即：a=，垂直電場方向勻速運(yùn)動(dòng)，有：2d=v1t，沿場強(qiáng)方向：y=at2，聯(lián)立解得：e0=，又tan=，解得：=45； （2）正離子進(jìn)入磁場時(shí)的速度大小為v2=，正離子在勻強(qiáng)磁場中作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛侖茲力提供向心力得：qv2b=m，解得離子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑：r=2；（3）由r=2可知，質(zhì)量為4m的離子在磁場中的運(yùn)動(dòng)打在s1，運(yùn)動(dòng)半徑為r1=2，由r2=（2r1）2+（rr1）2，解得：r=r1，再根據(jù)：r1rr1，解得：mmx25m 答：（1）偏轉(zhuǎn)電場場強(qiáng)e0的大小為：，hm與mn的夾角為45；（2）質(zhì)量為m的離子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為2；（3）若質(zhì)量為4m的離子恰好垂直打在nq的中點(diǎn)s1處，能打在nq上的正離子的質(zhì)量范圍是：mmx25m點(diǎn)評：本題第（1）問考查了帶電粒子在電場中加速和偏轉(zhuǎn)的知識(shí)（即電偏轉(zhuǎn)問題），加速過程用動(dòng)能定理求解，偏轉(zhuǎn)過程用運(yùn)動(dòng)的合成與分解知識(shí)結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解；第（2）問考查磁偏轉(zhuǎn)知識(shí)，先求進(jìn)入磁場時(shí)的合速度v，再由洛倫茲力提供向心力求解r；第（3）問考查用幾何知識(shí)解決物理問題的能力該題綜合性強(qiáng)，難度大（二）選考題：共45分從給出的3道物理題中任選一題作答如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分【物理-選修3-3】13下列說法中正確的是 ( )a布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體分子所做的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)b葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用c液晶顯示器利用了液晶對光具有各向異性的特點(diǎn)d當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距r0時(shí)，分子間的距離越大，分子勢能越小e溫度升高時(shí)，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能一定增大，但并非所有的分子的速率都增大考點(diǎn)：布朗運(yùn)動(dòng)；* 液晶；* 液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象 專題：布朗運(yùn)動(dòng)專題分析：布朗運(yùn)動(dòng)是固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，間接反映了液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，分子間距離大于平衡位置的間距r0時(shí)，分子間的距離越大，克服分子力做功，分子勢能增大，溫度升高時(shí)，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能一定增大解答：解：a、布朗運(yùn)動(dòng)是固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，間接反映了液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，a錯(cuò)誤；b、葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用，b正確；c、液晶顯示器利用了液晶對光具有各向異性的特點(diǎn)，c正確；d、當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距r0時(shí)，分子間的距離越大，克服分子力做功，分子勢能增大，d錯(cuò)誤；e、溫度升高時(shí)，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能一定增大，但并非所有的分子的速率都增大，e正確；故選：bce點(diǎn)評：掌握布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)：是固體顆粒的運(yùn)動(dòng)；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志14在圖所示的氣缸中封閉著溫度為100的空氣，一重物用繩索經(jīng)滑輪與缸中活塞相連接，重物和活塞均處于平衡狀態(tài)，這時(shí)活塞離缸底的高度為10cm，如果缸內(nèi)空氣變?yōu)?，問：（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）重物是上升還是下降？這時(shí)重物將從原處移動(dòng)多少厘米？（設(shè)活塞與氣缸壁間無摩擦）考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程 專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：如果缸內(nèi)空氣溫度降為0，則重物將上升，溫度、體積變化，壓強(qiáng)不變根據(jù)氣體方程列出等式求解解答：解：缸內(nèi)氣體溫度降低，壓強(qiáng)減小，故活塞下移，重物上升；分析可知缸內(nèi)氣體作等壓變化，設(shè)活塞截面積為scm2，氣體初態(tài)體積，溫度t1=373k，末態(tài)溫度t2=273k，體積設(shè)為 （h為活塞到缸底的距離）據(jù)可得h=7.3cm；則重物上升高度h=107.3=2.7cm 答：重物上升這時(shí)重物將從原處移動(dòng)2.7cm點(diǎn)評：正確應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程的前提是：判斷此變化過程是屬于等壓、等容、還是等溫變化【物理-選修3-4】15關(guān)于機(jī)械振動(dòng)與機(jī)械波說法正確的是 ( )a機(jī)械波的頻率等于振源的振動(dòng)頻率b機(jī)械波的傳播速度與振源的振動(dòng)速度相等c質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的方向總是垂直于波傳播的方向d在一個(gè)周期內(nèi)，沿著波的傳播方向，振動(dòng)在介質(zhì)中傳播一個(gè)波長的距離e機(jī)械波在介質(zhì)中傳播的速度由介質(zhì)本身決定考點(diǎn)：機(jī)械波；波長、頻率和波速的關(guān)系 專題：簡諧運(yùn)動(dòng)專題分析：機(jī)械波形成要有兩個(gè)條件：一是機(jī)械振動(dòng)，二是傳播振動(dòng)的介質(zhì)有機(jī)械振動(dòng)才有可能有機(jī)械