高三物理二輪復(fù)習(xí) 課前診斷-牛頓運(yùn)動定律.doc

1、a課前診斷牛頓運(yùn)動定律考點(diǎn)一動力學(xué)的兩類基本問題1.考查已知受力求運(yùn)動問題(多選)(2016全國乙卷)一質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動?，F(xiàn)對其施加一恒力，且原來作用在質(zhì)點(diǎn)上的力不發(fā)生改變，則( )A質(zhì)點(diǎn)速度的方向總是與該恒力的方向相同B質(zhì)點(diǎn)速度的方向不可能總是與該恒力的方向垂直C質(zhì)點(diǎn)加速度的方向總是與該恒力的方向相同D質(zhì)點(diǎn)單位時間內(nèi)速率的變化量總是不變解析：選BC質(zhì)點(diǎn)原來做勻速直線運(yùn)動，說明所受合外力為0，當(dāng)對其施加一恒力后，恒力的方向與原來運(yùn)動的速度方向關(guān)系不確定，則質(zhì)點(diǎn)可能做直線運(yùn)動，也可能做曲線運(yùn)動，但加速度的方向一定與該恒力的方向相同，選項(xiàng)B、C正確。 2考查牛頓第二定律在瞬時問題中的應(yīng)用(多選)

2、(2015海南高考)如圖，物塊a、b和c的質(zhì)量相同，a和b、b和c之間用完全相同的輕彈簧S1和S2相連，通過系在a上的細(xì)線懸掛于固定點(diǎn)O，整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)將細(xì)線剪斷。將物塊a的加速度的大小記為a1，S1和S2相對于原長的伸長分別記為l1和l2，重力加速度大小為g。在剪斷的瞬間()Aa13gBa10Cl12l2 Dl1l2解析：選AC設(shè)物體的質(zhì)量為m，剪斷細(xì)線的瞬間，細(xì)線的拉力消失，彈簧還沒有來得及改變，所以剪斷細(xì)線的瞬間a受到重力和彈簧S1的拉力FT1，剪斷前對b、c和彈簧組成的整體分析可知FT12mg，故a受到的合力FmgFT1mg2mg3mg，故加速度a13g，A正確，B錯誤；設(shè)彈

3、簧S2的拉力為FT2，則FT2mg，根據(jù)胡克定律Fkx可得l12l2，C正確，D錯誤。3考查已知運(yùn)動求受力問題粗糙的地面上放著一個質(zhì)量M1.5 kg的斜面體，斜面部分光滑，底面與地面間的動摩擦因數(shù)0.2，傾角37，在固定在斜面的擋板上用輕質(zhì)彈簧連接一質(zhì)量m0.5 kg的小球，彈簧勁度系數(shù)k200 N/m，現(xiàn)給斜面體施加一水平向右為F的恒力作用，使整體向右以a1 m/s2勻加速運(yùn)動。已知sin 370.6、cos 370.8，g10 m/s2。(1)求F的大小；(2)求出彈簧的形變量及斜面對小球的支持力大小。aa解析：(1)整體以a勻加速向右運(yùn)動，對整體應(yīng)用牛頓第二定律：F(Mm)g(Mm)a，

4、得F6 N。(2)設(shè)彈簧的形變量為x，斜面對小球的支持力為FN對小球受力分析：在水平方向：kxcos FNsin ma在豎直方向：kxsin FNcos mg解得：x0.017 mFN3.7 N。答案：(1)6 N(2)0.017 m3.7 N考點(diǎn)二運(yùn)動圖像與牛頓第二定律的綜合應(yīng)用4.考查牛頓第二定律與a t圖像的綜合應(yīng)用(多選)(2015江蘇高考)一人乘電梯上樓，在豎直上升過程中加速度a隨時間t變化的圖線如圖所示，以豎直向上為a的正方向，則人對地板的壓力()At2 s時最大 Bt2 s時最小Ct8.5 s時最大 Dt8.5 s時最小解析：選AD人受重力mg和支持力FN的作用，由牛頓第二定律得

5、FNmgma。由牛頓第三定律得人對地板的壓力FNFNmgma。當(dāng)t2 s時a有最大值，F(xiàn)N最大；當(dāng)t8.5 s時，a有最小值，F(xiàn)N最小，選項(xiàng)A、D正確。5考查牛頓第二定律與v t圖像的綜合應(yīng)用(多選)(2016青島聯(lián)考)如圖甲所示，質(zhì)量為M2 kg的木板靜止在水平面上，可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊(質(zhì)量設(shè)為m)從木板的左側(cè)沿木板表面水平?jīng)_上木板。物塊和木板的速度時間圖像如圖乙所示，g10 m/s2，結(jié)合圖像，下列說法正確的是()A可求得物塊在前2 s內(nèi)的位移x5 mB可求得物塊與木板間的動摩擦因數(shù)0.1C可求得物塊的質(zhì)量m2 kgaaD可求得木板的長度L2 m解析：選AC物塊在前2 s內(nèi)的位移x(121)

6、m5 m，A正確；由運(yùn)動學(xué)圖像知，兩物體加速度大小相同，設(shè)為a，則有mgmaMa，則mM2 kg，C正確；由圖像求得a2 m/s2，則g2，0.2，B錯；由于物塊與木板達(dá)到共同速度時不清楚二者的相對位置關(guān)系，故無法求出木板的長度，D錯。6考查牛頓第二定律與其他圖像的綜合應(yīng)用(多選)(2016江西省紅色七校二模)如圖甲所示，物塊的質(zhì)量m1 kg，初速度v010 m/s，在一水平向左的恒力F作用下從O點(diǎn)沿粗糙的水平面向右運(yùn)動，某時刻后恒力F突然反向，整個過程中物塊速度的平方隨位置坐標(biāo)變化的關(guān)系圖像如圖乙所示，g10 m/s2。下列選項(xiàng)中正確的是()A05 s內(nèi)物塊做勻減速運(yùn)動B在t1 s時刻，恒力

7、F反向C恒力F大小為10 ND物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.3解析：選BD物體勻減速直線運(yùn)動的加速度大小為：a1 m/s210 m/s2勻加速直線運(yùn)動的加速度大小為：a2 m/s24 m/s2根據(jù)牛頓第二定律得：Ffma1，F(xiàn)fma2聯(lián)立兩式解得：F7 N，f3 N則動摩擦因數(shù)為：0.3物體勻減速直線運(yùn)動的時間為：t1 s1 s。即在01 s內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動，1 s后恒力F反向，做勻加速直線運(yùn)動。故B、D正確，A、C錯誤?？键c(diǎn)三動力學(xué)的連接體問題7.考查牛頓第二定律解決連接體問題aa(多選)質(zhì)量為2m的物塊A和質(zhì)量為m的物塊B相互接觸放在水平面上，如圖所示。若對A施加水平推力F，則兩物塊沿

8、水平方向做加速運(yùn)動。關(guān)于A對B的作用力，下列說法中正確的是()A若水平地面光滑，物塊A對B的作用力大小為FB若水平地面光滑，物塊A對B的作用力大小為C若物塊A與地面間無摩擦，B與地面的動摩擦因數(shù)為，則物體A對B的作用力大小為mgD若物塊A與地面間無摩擦，B與地面的動摩擦因數(shù)為，則物體A對B的作用力大小為解析：選BD若水平面光滑，則對整體受力分析可知F(m2m)a，再對B分析，B水平方向只受A的作用力，由牛頓第二定律可得FNma，故A錯誤，B正確。若B和地面有摩擦，對整體分析有Fmg3ma；對B受力分析可得FNmgma，解得FNmg，故C錯誤，D正確。8考查整體法、隔離法與圖像的綜合應(yīng)用(多選)

9、如圖甲所示，在光滑水平面上疊放著A、B兩物體，現(xiàn)對A施加水平向右的拉力F，通過傳感器可測得物體A的加速度a隨拉力F變化的關(guān)系如圖乙所示。已知重力加速度為g10 m/s2，由圖線可知()A物體A的質(zhì)量mA2 kgB物體A的質(zhì)量mA6 kgC物體A、B間的動摩擦因數(shù)0.2D物體A、B間的動摩擦因數(shù)0.6解析：選BCaF圖線的斜率等于質(zhì)量的倒數(shù)，由圖可知，拉力F48 N后，圖線斜率變大，表明研究對象質(zhì)量減小，物體A、B間發(fā)生相對滑動，故mAmB8 kg，mA6 kg。由圖像知：當(dāng)F60 N時，a8 m/s2，又FmAgmAa，解得0.2。9考查連接體中的臨界極值問題(2016晉城高三月考)如圖所示，

10、在傾角為30的光滑斜面上放置質(zhì)量分別為m和2m的四個木塊，其中兩個質(zhì)量為m的木塊間用一不可伸長的輕繩相連，木塊間的最大靜摩擦力是aafm。現(xiàn)用平行于斜面的拉力F拉其中一個質(zhì)量為2m的木塊，使四個木塊沿斜面以同一加速度向下運(yùn)動，則拉力F的最大值是()A.fm B.fmC.fm Dfm解析：選C當(dāng)下面m與2m的木塊摩擦力達(dá)到最大時，拉力F達(dá)到最大。將4個木塊看成整體，由牛頓第二定律：F6mgsin 306ma將2個質(zhì)量為m的木塊及上面的質(zhì)量為2m的木塊看做整體：fm4mgsin 304ma故、解得：Ffm，故選C?？键c(diǎn)四傳送帶模型10.考查應(yīng)用牛頓第二定律分析傾斜傳送帶問題(多選)如圖所示，三角形

11、傳送帶以1 m/s的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動，兩邊的傳送帶長都是2 m，且與水平方向的夾角均為37?，F(xiàn)有兩個小物塊A、B從傳送帶頂端都以1 m/s的初速度沿傳送帶下滑，兩物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)都是0.5，g取10 m/s2，sin 370.6, cos 370.8。下列判斷正確的是()A物塊A先到達(dá)傳送帶底端B物塊A、B同時到達(dá)傳送帶底端C傳送帶對物塊A、B的摩擦力都沿傳送帶向上D物塊A下滑過程中相對傳送帶的路程小于物塊B下滑過程中相對傳送帶的路程解析：選BCD物塊A、B都以1 m/s的初速度沿傳送帶下滑，故傳送帶對兩物塊的滑動摩擦力均沿斜面向上，大小也相等，故兩物塊沿斜面向下的加速度大小相同，

12、滑到底端時位移大小相同，故時間相同，故A錯誤，B、C正確；劃痕長度由相對位移決定，A物塊與傳送帶運(yùn)動方向相同，相對傳送帶的路程較小，故D正確。11考查應(yīng)用牛頓第二定律分析水平傳送帶與斜面的綜合問題(多選)(2016儋州二中月考)如圖所示，傳送皮帶的水平部分AB是繃緊的。當(dāng)皮帶不動時，滑塊從斜面頂端由靜止開始下滑，通過aaAB所用的時間為t1，從B端飛出時速度為v1。若皮帶順時針方向轉(zhuǎn)動時，滑塊同樣從斜面頂端由靜止開始下滑，通過AB所用的時間為t2，從B端飛出時的速度為v2，則t1和t2、v1和v2相比較，可能的情況是()At1t2 Bt1t2Cv1v2 Dv1v2解析：選ABC當(dāng)傳送帶不動時，

13、滑塊在傳送帶上做勻減速運(yùn)動，若皮帶順時針方向轉(zhuǎn)運(yùn)的速度為v，當(dāng)v1v，滑塊在傳送帶上一直做勻減速運(yùn)動，所以t1t2，此時v1v2；若皮帶順時針方向轉(zhuǎn)動的速度為v，滑塊運(yùn)動到A點(diǎn)的速度為v0，當(dāng)v1vv0時，滑塊在傳送帶上可能先做勻減速運(yùn)動，然后勻速運(yùn)動；當(dāng)v1v0v時，一直勻速運(yùn)動；當(dāng)v1v0v時，一直加速運(yùn)動，到達(dá)B點(diǎn)的時間t1t2，速度v1v2；所以A、B、C正確，D錯誤。12考查應(yīng)用牛頓第二定律分析傾斜傳送帶問題(2016武漢六中高三月考)如圖所示，AB、CD為兩個光滑的平臺，一傾角為37，長為5 m的傳送帶與兩平臺平滑連接?，F(xiàn)有一小物體以10 m/s的速度沿AB平臺向右運(yùn)動，當(dāng)傳送帶靜

14、止時，小物體恰好能滑到CD平臺上，問：(1)小物體跟傳送帶間的動摩擦因數(shù)多大？(2)當(dāng)小物體在AB平臺上的運(yùn)動速度低于某一數(shù)值時，無論傳送帶順時針運(yùn)動的速度多大，小物體總不能到達(dá)平臺CD，求這個臨界速度。(3)若小物體以8 m/s的速度沿平臺AB向右運(yùn)動，欲使小物體到達(dá)平臺CD，傳送帶至少以多大的速度順時針運(yùn)動？解析：(1)傳送帶靜止時，小物體在傳送帶上受力如圖甲所示，據(jù)牛頓第二定律得：mgcos mgsin ma1BC過程有：v022a1l解得：a110 m/s2，0.5。(2)顯然，當(dāng)小物體受到的摩擦力始終向上時，最容易到達(dá)傳送帶頂端，此時，小物體受力如圖乙所示，據(jù)牛頓第二定律得：mgsin 37mgcos 37ma2aa若恰好能到達(dá)高臺時，有：v222a2l解得：v2 m/s即當(dāng)小物體在AB平臺上向右滑動速度小于2 m/s時，無論傳送帶順時針傳動的速度多