華師一附中高考壓軸題匯編

1、華師一附中高考數(shù)學壓軸題精選精練共46道典型壓軸題華師一附中高考數(shù)學知識點華師一附中高考數(shù)學高分法則1（12分）已知拋物線、橢圓和雙曲線都經(jīng)過點，它們在軸上有共同焦點，橢圓和雙曲線的對稱軸是坐標軸，拋物線的頂點為坐標原點.（）求這三條曲線的方程；（）已知動直線過點，交拋物線于兩點，是否存在垂直于軸的直線被以為直徑的圓截得的弦長為定值？若存在，求出的方程；若不存在，說明理由.解：（）設(shè)拋物線方程為，將代入方程得（1分）由題意知橢圓、雙曲線的焦點為（2分）對于橢圓，（4分）對于雙曲線，（6分）（）設(shè)的中點為，的方程為：，以為直徑的圓交于兩點，中點為令（7分）（12分）2（14分）已知正項數(shù)列中，點

2、在拋物線上；數(shù)列中，點在過點，以方向向量為的直線上.（）求數(shù)列的通項公式；（）若，問是否存在，使成立，若存在，求出值；若不存在，說明理由；（）對任意正整數(shù)，不等式成立，求正數(shù)的取值范圍.解：（）將點代入中得（4分）（）（5分）（8分）（）由（14分）3.（本小題滿分12分）將圓o: 上各點的縱坐標變?yōu)樵瓉淼囊话?(橫坐標不變), 得到曲線c.(1) 求c的方程;(2) 設(shè)o為坐標原點, 過點的直線l與c交于a、b兩點, n為線段ab的中點,延長線段on交c于點e.求證: 的充要條件是.解: (1)設(shè)點, 點m的坐標為,由題意可知(2分)又.所以, 點m的軌跡c的方程為.(4分)(2)設(shè)點, ,

3、 點n的坐標為,當直線l與x軸重合時, 線段ab的中點n就是原點o, 不合題意,舍去; (5分)設(shè)直線l: 由消去x, 得(6分),點n的坐標為.(8分)若, 坐標為, 則點e的為, 由點e在曲線c上, 得, 即 舍去). 由方程得又.(10分)若, 由得點n的坐標為, 射線on方程為: ,由 解得 點e的坐標為.綜上, 的充要條件是.(12分)4.（本小題滿分14分）已知函數(shù).(1) 試證函數(shù)的圖象關(guān)于點對稱;(2) 若數(shù)列的通項公式為, 求數(shù)列的前m項和(3) 設(shè)數(shù)列滿足: , . 設(shè).若(2)中的滿足對任意不小于2的正整數(shù)n, 恒成立, 試求m的最大值.解: (1)設(shè)點是函數(shù)的圖象上任意

4、一點, 其關(guān)于點的對稱點為.由 得所以, 點p的坐標為p.(2分)由點在函數(shù)的圖象上, 得. 點p在函數(shù)的圖象上.函數(shù)的圖象關(guān)于點對稱. (4分)(2)由(1)可知, , 所以,即(6分)由, 得 由, 得(8分)(3) , 對任意的. 由、, 得即.(10分)數(shù)列是單調(diào)遞增數(shù)列.關(guān)于n遞增. 當, 且時, .(12分)即 m的最大值為6. (14分)5（12分）、是橢圓的左、右焦點，是橢圓的右準線，點，過點的直線交橢圓于、兩點.（1） 當時，求的面積；（2） 當時，求的大??；（3） 求的最大值.解：（1）（2）因，則（1） 設(shè) ，當時，6（14分）已知數(shù)列中，當時，其前項和滿足，（2） 求的

5、表達式及的值；（3） 求數(shù)列的通項公式；（4） 設(shè)，求證：當且時，.解：（1）所以是等差數(shù)列.則.（2）當時，綜上，.（3）令，當時，有 （1）法1：等價于求證.當時，令，則在遞增.又，所以即.法（2） （2） （3）因，所以由（1）（3）（4）知.法3：令，則所以因則，所以 （5）由（1）（2）（5）知7 (本小題滿分14分)第21題設(shè)雙曲線=1( a 0, b 0 )的右頂點為a，p是雙曲線上異于頂點的一個動點，從a引雙曲線的兩條漸近線的平行線與直線op分別交于q和r兩點.(1) 證明：無論p點在什么位置，總有|2 = | ( o為坐標原點)；(2) 若以op為邊長的正方形面積等于雙曲線實

6、、虛軸圍成的矩形面積，求雙曲線離心率的取值范圍；解：(1) 設(shè)op：y = k x, 又條件可設(shè)ar: y = (x a ), 解得：= (,), 同理可得= (,), | =|+| =. 4分 設(shè) = ( m, n ) , 則由雙曲線方程與op方程聯(lián)立解得:m2 =, n2 = , |2 = :m2 + n2 = + = ,點p在雙曲線上，b2 a2k2 0 . 無論p點在什么位置，總有|2 = | . 4分（2）由條件得：= 4ab, 2分即k2 = 0 , 4b a, 得e 2分8. (本小題滿分12分)已知常數(shù)a 0, n為正整數(shù)，f n ( x ) = x n ( x + a)n (

7、 x 0 )是關(guān)于x的函數(shù).(1) 判定函數(shù)f n ( x )的單調(diào)性，并證明你的結(jié)論.(2) 對任意n a , 證明f n + 1 ( n + 1 ) 0 , x 0, fn ( x ) a0時, fn ( x ) = xn ( x + a)n是關(guān)于x的減函數(shù), 當n a時, 有：(n + 1 )n ( n + 1 + a)n n n ( n + a)n. 2分又 f n + 1 (x ) = ( n + 1 ) xn ( x+ a )n ,f n + 1 ( n + 1 ) = ( n + 1 ) (n + 1 )n ( n + 1 + a )n n ,f n + 1 ( n + 1 )

8、| u v |，所以p( x)不滿足題設(shè)條件.（2）分三種情況討論：10. 若u ,v 1，0，則|g(u) g (v)| = |(1+u) (1 + v)|=|u v |，滿足題設(shè)條件；20. 若u ,v 0，1， 則|g(u) g(v)| = |(1 u) (1 v)|= |v u|，滿足題設(shè)條件；30. 若u1，0，v0，1，則： |g (u) g(v)|=|(1 u) (1 + v)| = | u v| = |v + u | | v u| = | u v|，滿足題設(shè)條件;40 若u0，1，v1，0, 同理可證滿足題設(shè)條件.綜合上述得g(x)滿足條件.10. (本小題滿分14分)已知點p

9、 ( t , y )在函數(shù)f ( x ) = (x 1)的圖象上，且有t2 c2at + 4c2 = 0 ( c 0 ).(1) 求證：| ac | 4;(2) 求證：在(1，+）上f ( x )單調(diào)遞增.(3) (僅理科做)求證：f ( | a | ) + f ( | c | ) 1.證：(1) tr, t 1, = (c2a)2 16c2 = c4a2 16c2 0 ， c 0, c2a2 16 , | ac | 4. (2) 由 f ( x ) = 1 ,法1. 設(shè)1 x1 x2, 則f (x2) f ( x1) = 1 1 + = . 1 x1 x2, x1 x2 0, x2 + 1

10、0 ,f (x2) f ( x1) 0 , 即f (x2) 0 得x 1, x 1時，f ( x )單調(diào)遞增.（3）（僅理科做）f ( x )在x 1時單調(diào)遞增，| c | 0 , f (| c | ) f () = = f ( | a | ) + f ( | c | ) = + +=1. 即f ( | a | ) + f ( | c | ) 1.11（本小題滿分15分）設(shè)定義在r上的函數(shù)（其中r，i=0,1,2,3,4），當x= 1時，f (x)取得極大值，并且函數(shù)y=f (x+1)的圖象關(guān)于點（1，0）對稱（1） 求f (x)的表達式；（2） 試在函數(shù)f (x)的圖象上求兩點，使這兩點為切

11、點的切線互相垂直，且切點的橫坐標都在區(qū)間上；（3） 若，求證：解：（1）5分 （2）或10分 （3）用導數(shù)求最值，可證得15分12（本小題滿分13分）設(shè)m是橢圓上的一點，p、q、t分別為m關(guān)于y軸、原點、x軸的對稱點，n為橢圓c上異于m的另一點，且mnmq，qn與pt的交點為e，當m沿橢圓c運動時，求動點e的軌跡方程解：設(shè)點的坐標則1分 3分 由（1）（2）可得6分 又mnmq，所以 直線qn的方程為，又直線pt的方程為10分 從而得所以 代入（1）可得此即為所求的軌跡方程.13分13（本小題滿分12分）過拋物線上不同兩點a、b分別作拋物線的切線相交于p點，（1）求點p的軌跡方程；（2）已知點

12、f（0，1），是否存在實數(shù)使得？若存在，求出的值，若不存在，請說明理由.解法（一）：（1）設(shè)由得：3分直線pa的方程是：即 同理，直線pb的方程是： 由得：點p的軌跡方程是6分（2）由（1）得： 10分所以故存在=1使得12分解法（二）：（1）直線pa、pb與拋物線相切，且直線pa、pb的斜率均存在且不為0，且設(shè)pa的直線方程是由得：即3分即直線pa的方程是：同理可得直線pb的方程是：由得：故點p的軌跡方程是6分（2）由（1）得：10分故存在=1使得12分14（本小題滿分14分）設(shè)函數(shù)在上是增函數(shù).（1） 求正實數(shù)的取值范圍；（2） 設(shè)，求證：解：（1）對恒成立，對恒成立又 為所求.4分（2）

13、取，一方面，由（1）知在上是增函數(shù)，即8分另一方面，設(shè)函數(shù)在上是增函數(shù)且在處連續(xù)，又當時， 即綜上所述，14分15(本小題滿分12分)如圖，直角坐標系中，一直角三角形，、在軸上且關(guān)于原點對稱，在邊上，的周長為12若一雙曲線以、為焦點，且經(jīng)過、兩點(1) 求雙曲線的方程；(2) 若一過點（為非零常數(shù)）的直線與雙曲線相交于不同于雙曲線頂點的兩點、，且，問在軸上是否存在定點，使？若存在，求出所有這樣定點的坐標；若不存在，請說明理由解：(1) 設(shè)雙曲線的方程為，則由，得，即（3分）解之得，雙曲線的方程為（5分）(2) 設(shè)在軸上存在定點，使設(shè)直線的方程為，由，得即（6分），即（8分）把代入，得（9分）把

14、代入并整理得其中且，即且 （10分）代入，得 ，化簡得 當時，上式恒成立因此，在軸上存在定點，使（12分）16(本小題滿分14分)已知數(shù)列各項均不為0，其前項和為，且對任意都有（為大于1的常數(shù)），記(1) 求；(2) 試比較與的大?。ǎ?3) 求證：，（）解：(1) ，得，即（3分）在中令，可得是首項為，公比為的等比數(shù)列，（4分）(2) 由(1)可得，（5分）而，且，（）（8分）(3) 由(2)知 ，（）當時，（10分）（當且僅當時取等號）另一方面，當，時，（當且僅當時取等號）（13分）（當且僅當時取等號）綜上所述，（）（14分）17（本小題滿分13分） 如圖，已知雙曲線c：的右準線與一條漸

15、近線交于點m，f是雙曲線c的右焦點，o為坐標原點. （i）求證：； （ii）若且雙曲線c的離心率，求雙曲線c的方程； （iii）在（ii）的條件下，直線過點a（0，1）與雙曲線c右支交于不同的兩點p、q且p在a、q之間，滿足，試判斷的范圍，并用代數(shù)方法給出證明.解：（i）右準線，漸近線 ， 3分 （ii） 雙曲線c的方程為：7分 （iii）由題意可得8分 證明：設(shè)，點 由得 與雙曲線c右支交于不同的兩點p、q 11分 ，得 的取值范圍是（0，1）13分18（本小題滿分13分）已知函數(shù)，數(shù)列滿足 （i）求數(shù)列的通項公式； （ii）設(shè)x軸、直線與函數(shù)的圖象所圍成的封閉圖形的面積為，求； （iii）

16、在集合，且中，是否存在正整數(shù)n，使得不等式對一切恒成立？若存在，則這樣的正整數(shù)n共有多少個？并求出滿足條件的最小的正整數(shù)n；若不存在，請說明理由. （iv）請構(gòu)造一個與有關(guān)的數(shù)列，使得存在，并求出這個極限值.解：（i） 1分 將這n個式子相加，得 3分 （ii）為一直角梯形（時為直角三角形）的面積，該梯形的兩底邊的長分別為，高為1 6分 （iii）設(shè)滿足條件的正整數(shù)n存在，則 又 均滿足條件 它們構(gòu)成首項為2010，公差為2的等差數(shù)列. 設(shè)共有m個滿足條件的正整數(shù)n，則，解得 中滿足條件的正整數(shù)n存在，共有495個，9分 （iv）設(shè)，即 則 顯然，其極限存在，并且10分 注：（c為非零常數(shù)），

17、等都能使存在.19. （本小題滿分14分） 設(shè)雙曲線的兩個焦點分別為，離心率為2. （i）求此雙曲線的漸近線的方程； （ii）若a、b分別為上的點，且，求線段ab的中點m的軌跡方程，并說明軌跡是什么曲線；（iii）過點能否作出直線，使與雙曲線交于p、q兩點，且.若存在，求出直線的方程；若不存在，說明理由.解：（i） ，漸近線方程為4分 （ii）設(shè)，ab的中點 則m的軌跡是中心在原點，焦點在x軸上，長軸長為，短軸長為的橢圓.（9分） （iii）假設(shè)存在滿足條件的直線 設(shè) 由（i）（ii）得 k不存在，即不存在滿足條件的直線.14分20. （本小題滿分13分） 已知數(shù)列的前n項和為，且對任意自然數(shù)

18、都成立，其中m為常數(shù)，且. （i）求證數(shù)列是等比數(shù)列； （ii）設(shè)數(shù)列的公比，數(shù)列滿足：，試問當m為何值時，成立？解：（i）由已知 （2） 由得：，即對任意都成立 （ii）當時， 由題意知，13分21（本小題滿分14分）（理）給定正整數(shù)和正數(shù)，對于滿足條件的所有無窮等差數(shù)列，試求的最大值，并求出取最大值時的首項和公差（文）給定正整數(shù)和正數(shù)，對于滿足條件的所有無窮等差數(shù)列，試求的最大值，并求出取最大值時的首項和公差（理）解：設(shè)公差為，則3分4分7分又，當且僅當時，等號成立11分13分當數(shù)列首項，公差時，的最大值為14分（文）解：設(shè)公差為，則3分，6分又當且僅當時，等號成立11分13分當數(shù)列首項，

19、公差時，的最大值為14分22（本小題滿分12分）垂直于x軸的直線交雙曲線于m、n不同兩點，a1、a2分別為雙曲線的左頂點和右頂點，設(shè)直線a1m與a2n交于點p（x0，y0）（）證明：（）過p作斜率為的直線l，原點到直線l的距離為d，求d的最小值.解（）證明：直線a2n的方程為 4分，得（）10分當12分23（本小題滿分14分） 已知函數(shù)（）若（）若（）若的大小關(guān)系（不必寫出比較過程）.解：（） （）設(shè)，6分（）在題設(shè)條件下，當k為偶數(shù)時當k為奇數(shù)時14分24（本小題滿分14分） 已知f(x)=(xr)在區(qū)間1，1上是增函數(shù).（）求實數(shù)a的值組成的集合a；（）設(shè)關(guān)于x的方程f(x)=的兩個非零實

20、根為x1、x2.試問：是否存在實數(shù)m，使得不等式m2+tm+1|x1x2|對任意aa及t1，1恒成立？若存在，求m的取值范圍；若不存在，請說明理由.本小題主要考查函數(shù)的單調(diào)性，導數(shù)的應(yīng)用和不等式等有關(guān)知識，考查數(shù)形結(jié)合及分類討論思想和靈活運用數(shù)學知識分析問題和解決問題的能力.滿分14分.解：（）f(x)= ，f(x)在1，1上是增函數(shù)，f(x)0對x1，1恒成立，即x2ax20對x1，1恒成立. 設(shè)(x)=x2ax2，方法一： (1)=1a20， 1a1， (1)=1+a20.對x1，1，f(x)是連續(xù)函數(shù)，且只有當a=1時，f(-1)=0以及當a=1時，f(1)=0a=a|1a1. 方法二：

21、 0， 0x1，x2是方程x2ax2=0的兩非零實根， x1+x2=a， 從而|x1x2|=.x1x2=2，1a1，|x1-x2|=3.要使不等式m2+tm+1|x1x2|對任意aa及t1，1恒成立，當且僅當m2+tm+13對任意t1，1恒成立，即m2+tm20對任意t1，1恒成立. 設(shè)g(t)=m2+tm2=mt+(m22)，方法一： g(1)=m2m20， g(1)=m2+m20，m2或m2.所以，存在實數(shù)m，使不等式m2+tm+1|x1x2|對任意aa及t1，1恒成立，其取值范圍是m|m2，或m2.方法二：當m=0時，顯然不成立；當m0時， m0， m0，y20.由y=x2， 得y=x.

22、過點p的切線的斜率k切= x1，直線l的斜率kl=-，直線l的方程為yx12= (xx1)，方法一：聯(lián)立消去y，得x2+xx122=0.m是pq的中點 x0=-， y0=x12(x0x1).消去x1，得y0=x02+1(x00)，pq中點m的軌跡方程為y=x2+1(x0).方法二：由y1=x12，y2=x22，x0=，得y1y2=x12x22=(x1+x2)(x1x2)=x0(x1x2)，則x0=kl=-，x1=，將上式代入并整理，得y0=x02+1(x00)，pq中點m的軌跡方程為y=x2+1(x0).（）設(shè)直線l:y=kx+b，依題意k0，b0，則t(0，b).分別過p、q作ppx軸，qq

23、y軸，垂足分別為p、q，則. y=x2由 消去x，得y22(k2+b)y+b2=0. y=kx+b y1+y2=2(k2+b)，則 y1y2=b2.方法一：|b|()2|b|=2|b|=2.y1、y2可取一切不相等的正數(shù)，的取值范圍是（2，+）.方法二：=|b|=|b|.當b0時，=b=+22；當b0，于是k2+2b0，即k22b.所以=2.當b0時，可取一切正數(shù)，的取值范圍是（2，+）.方法三：由p、q、t三點共線得ktq=ktp，即=.則x1y2bx1=x2y1bx2，即b(x2x1)=(x2y1x1y2).于是b=x1x2.22=+=+2.可取一切不等于1的正數(shù)，的取值范圍是（2，+）.

24、26（本小題滿分12分）某突發(fā)事件，在不采取任何預(yù)防措施的情況下發(fā)生的概率為0.3，一旦發(fā)生，將造成400萬元的損失. 現(xiàn)有甲、乙兩種相互獨立的預(yù)防措施可供采用. 單獨采用甲、乙預(yù)防措施所需的費用分別為45萬元和30萬元，采用相應(yīng)預(yù)防措施后此突發(fā)事件不發(fā)生的概率為0.9和0.85. 若預(yù)防方案允許甲、乙兩種預(yù)防措施單獨采用、聯(lián)合采用或不采用，請確定預(yù)防方案使總費用最少.（總費用=采取預(yù)防措施的費用+發(fā)生突發(fā)事件損失的期望值.）本小題考查概率的基本知識和數(shù)學期望概念及應(yīng)用概率知識解決實際問題的能力，滿分12分.解：不采取預(yù)防措施時，總費用即損失期望為4000.3=120（萬元）；若單獨采取措施甲

25、，則預(yù)防措施費用為45萬元，發(fā)生突發(fā)事件的概率為10.9=0.1，損失期望值為4000.1=40（萬元），所以總費用為45+40=85（萬元）若單獨采取預(yù)防措施乙，則預(yù)防措施費用為30萬元，發(fā)生突發(fā)事件的概率為10.85=0.15，損失期望值為4000.15=60（萬元），所以總費用為30+60=90（萬元）；若聯(lián)合采取甲、乙兩種預(yù)防措施，則預(yù)防措施費用為45+30=75（萬元），發(fā)生突發(fā)事件的概率為（10.9）（10.85）=0.015，損失期望值為4000.015=6（萬元），所以總費用為75+6=81（萬元）.綜合、，比較其總費用可知，應(yīng)選擇聯(lián)合采取甲、乙兩種預(yù)防措施，可使總費用最少.2

26、7（本小題滿分14分）已知（i）已知數(shù)列極限存在且大于零，求（將a用a表示）；（ii）設(shè)（iii）若都成立，求a的取值范圍.本小題主要考查數(shù)列、數(shù)列極限的概念和數(shù)學歸納法，考查靈活運用數(shù)學知識分析問題和解決問題的能力，滿分14分.解：（i）由（ii）（iii）（i）當n=1時結(jié)論成立（已驗證）.（ii）假設(shè)當故只須證明即n=k+1時結(jié)論成立.根據(jù)（i）和（ii）可知結(jié)論對一切正整數(shù)都成立.故28（本小題滿分14分，第一小問滿分4分，第二小問滿分10分）已知，函數(shù).()當時，求使成立的的集合；()求函數(shù)在區(qū)間上的最小值.本小題主要考查運用導數(shù)研究函數(shù)性質(zhì)的方法，考查分類討論的數(shù)學思想和分析推理能

27、力. 滿分14分.解：（）由題意，.當時，解得或；當時，解得.綜上，所求解集為.（）設(shè)此最小值為.當時，在區(qū)間上，.因為 ，則在區(qū)間上是增函數(shù)，所以.當時，在區(qū)間上，由知 .當時，在區(qū)間上，. .若，在區(qū)間內(nèi)，從而為區(qū)間上的增函數(shù)，由此得 .若，則. 當時，從而為區(qū)間上的增函數(shù)； 當時，從而為區(qū)間上的減函數(shù).因此，當時，或.當時，故；當時，故.綜上所述，所求函數(shù)的最小值 29（本小題滿分14分，第一小問滿分2分，第二、第三小問滿分各6分）設(shè)數(shù)列的前項和為，已知，且，其中為常數(shù).()求與的值；()證明：數(shù)列為等差數(shù)列；()證明：不等式對任何正整數(shù)都成立.本小題主要考查等差數(shù)列的有關(guān)知識、不等式的

28、證明方法，考查思維能力、運算能力. 解：（）由已知，得，.由，知 即 解得 ，.（）方法1由（），得 ， 所以 . -，得 ， 所以 . -，得 .因為 ，所以 .又因為 ，所以 ，即 ，.所以數(shù)列為等差數(shù)列.方法2由已知，得，又，且，所以數(shù)列是唯一確定的，因而數(shù)列是唯一確定的.設(shè)，則數(shù)列為等差數(shù)列，前項和.于是 ，由唯一性得 ，即數(shù)列為等差數(shù)列.（）由（）可知，.要證 ，只要證 .因為 ，故只要證 ，即只要證 .因為 ，所以命題得證.30（本小題滿分14分）已知橢圓的左、右焦點分別是f1（c，0）、f2（c，0），q是橢圓外的動點，滿足點p是線段f1q與該橢圓的交點，點t在線段f2q上，并且

29、滿足 （）設(shè)為點p的橫坐標，證明； （）求點t的軌跡c的方程； （）試問：在點t的軌跡c上，是否存在點m， 使f1mf2的面積s=若存在，求f1mf2 的正切值；若不存在，請說明理由.本小題主要考查平面向量的概率，橢圓的定義、標準方程和有關(guān)性質(zhì)，軌跡的求法和應(yīng)用，以及綜合運用數(shù)學知識解決問題的能力.滿分14分.（）證法一：設(shè)點p的坐標為由p在橢圓上，得由，所以 3分證法二：設(shè)點p的坐標為記則由證法三：設(shè)點p的坐標為橢圓的左準線方程為 由橢圓第二定義得，即由，所以3分（）解法一：設(shè)點t的坐標為 當時，點（，0）和點（，0）在軌跡上.當|時，由，得.又，所以t為線段f2q的中點.在qf1f2中，所

30、以有綜上所述，點t的軌跡c的方程是7分解法二：設(shè)點t的坐標為 當時，點（，0）和點（，0）在軌跡上.當|時，由，得.又，所以t為線段f2q的中點. 設(shè)點q的坐標為（），則因此 由得 將代入，可得綜上所述，點t的軌跡c的方程是7分 （）解法一：c上存在點m（）使s=的充要條件是 由得，由得 所以，當時，存在點m，使s=；當時，不存在滿足條件的點m.11分當時，由，得解法二：c上存在點m（）使s=的充要條件是 由得 上式代入得于是，當時，存在點m，使s=；當時，不存在滿足條件的點m.11分當時，記，由知，所以14分31（本小題滿分12分）函數(shù)在區(qū)間（0，+）內(nèi)可導，導函數(shù)是減函數(shù)，且 設(shè)是曲線在點

31、（）得的切線方程，并設(shè)函數(shù) （）用、表示m； （）證明：當； （）若關(guān)于的不等式上恒成立，其中a、b為實數(shù)， 求b的取值范圍及a與b所滿足的關(guān)系.本小題考查導數(shù)概念的幾何意義，函數(shù)極值、最值的判定以及靈活運用數(shù)形結(jié)合的思想判斷函數(shù)之間的大小關(guān)系.考查學生的學習能力、抽象思維能力及綜合運用數(shù)學基本關(guān)系解決問題的能力.滿分12分 （）解：2分 （）證明：令 因為遞減，所以遞增，因此，當； 當.所以是唯一的極值點，且是極小值點，可知的最小值為0，因此即6分 （）解法一：，是不等式成立的必要條件，以下討論設(shè)此條件成立. 對任意成立的充要條件是 另一方面，由于滿足前述題設(shè)中關(guān)于函數(shù)的條件，利用（ii）的

32、結(jié)果可知，的充要條件是：過點（0，）與曲線相切的直線的斜率大于，該切線的方程為于是的充要條件是10分綜上，不等式對任意成立的充要條件是 顯然，存在a、b使式成立的充要條件是：不等式 有解、解不等式得 因此，式即為b的取值范圍，式即為實數(shù)在a與b所滿足的關(guān)系.12分（）解法二：是不等式成立的必要條件，以下討論設(shè)此條件成立. 對任意成立的充要條件是 8分令，于是對任意成立的充要條件是 由當時當時，所以，當時，取最小值.因此成立的充要條件是，即10分綜上，不等式對任意成立的充要條件是 顯然，存在a、b使式成立的充要條件是：不等式 有解、解不等式得因此，式即為b的取值范圍，式即為實數(shù)在a與b所滿足的關(guān)

33、系.12分32（本小題滿分12分）已知數(shù)列的首項前項和為，且（i）證明數(shù)列是等比數(shù)列；（ii）令，求函數(shù)在點處的導數(shù)并比較與的大小.解：由已知可得兩式相減得即從而當時所以又所以從而故總有，又從而即數(shù)列是等比數(shù)列；（ii）由（i）知因為所以從而=-=由上-=12當時，式=0所以；當時，式=-12所以當時，又所以即從而33(本小題滿分14分)已知動圓過定點，且與直線相切，其中.（i）求動圓圓心的軌跡的方程；（ii）設(shè)a、b是軌跡上異于原點的兩個不同點，直線和的傾斜角分別為和，當變化且為定值時，證明直線恒過定點，并求出該定點的坐標.解：（i）如圖，設(shè)為動圓圓心，為記為，過點作直線的垂線，垂足為，由題

34、意知：即動點到定點與定直線的距離相等，由拋物線的定義知，點的軌跡為拋物線，其中為焦點，為準線，所以軌跡方程為；（ii）如圖，設(shè)，由題意得（否則）且所以直線的斜率存在，設(shè)其方程為，顯然，將與聯(lián)立消去，得由韋達定理知（1）當時，即時，所以，所以由知：所以因此直線的方程可表示為，即所以直線恒過定點（2）當時，由，得=將式代入上式整理化簡可得：，所以，此時，直線的方程可表示為即所以直線恒過定點所以由（1）（2）知，當時，直線恒過定點，當時直線恒過定點.34（本小題滿分12分）已知橢圓c1的方程為，雙曲線c2的左、右焦點分別為c1的左、右頂點，而c2的左、右頂點分別是c1的左、右焦點. （）求雙曲線c2

35、的方程；（）若直線與橢圓c1及雙曲線c2都恒有兩個不同的交點，且l與c2的兩個交點a和b滿足（其中o為原點），求k的取值范圍.解：（）設(shè)雙曲線c2的方程為，則故c2的方程為（ii）將由直線l與橢圓c1恒有兩個不同的交點得即 .由直線l與雙曲線c2恒有兩個不同的交點a，b得 解此不等式得 由、得故k的取值范圍為35（本小題滿分12分）數(shù)列an滿足.（）用數(shù)學歸納法證明：；（）已知不等式，其中無理數(shù)e=2.71828.（）證明：（1）當n=2時，不等式成立.（2）假設(shè)當時不等式成立，即那么. 這就是說，當時不等式成立.根據(jù)（1）、（2）可知：成立.（）證法一：由遞推公式及（）的結(jié)論有 兩邊取對數(shù)并

36、利用已知不等式得 故 上式從1到求和可得即（）證法二：由數(shù)學歸納法易證成立，故令取對數(shù)并利用已知不等式得 上式從2到n求和得 因故成立.36（本小題滿分12分）已知數(shù)列（1）證明（2）求數(shù)列的通項公式an.解：（1）方法一 用數(shù)學歸納法證明：1當n=1時， ，命題正確.2假設(shè)n=k時有 則 而又時命題正確.由1、2知，對一切nn時有方法二：用數(shù)學歸納法證明：1當n=1時，； 2假設(shè)n=k時有成立， 令，在0，2上單調(diào)遞增，所以由假設(shè)有：即也即當n=k+1時 成立，所以對一切 （2）下面來求數(shù)列的通項：所以,又bn=1，所以37（本小題滿分14分）如圖，設(shè)拋物線的焦點為f，動點p在直線上運動，過

37、p作拋物線c的兩條切線pa、pb，且與拋物線c分別相切于a、b兩點.（1）求apb的重心g的軌跡方程.（2）證明pfa=pfb.解：（1）設(shè)切點a、b坐標分別為，切線ap的方程為： 切線bp的方程為：解得p點的坐標為：所以apb的重心g的坐標為 ，所以，由點p在直線l上運動，從而得到重心g的軌跡方程為： （2）方法1：因為由于p點在拋物線外，則同理有afp=pfb.方法2：當所以p點坐標為，則p點到直線af的距離為：即所以p點到直線bf的距離為：所以d1=d2，即得afp=pfb.當時，直線af的方程：直線bf的方程：所以p點到直線af的距離為：，同理可得到p點到直線bf的距離，因此由d1=d

38、2，可得到afp=pfb.38（本小題滿分12分）設(shè)a、b是橢圓上的兩點，點n（1，3）是線段ab的中點，線段ab的垂直平分線與橢圓相交于c、d兩點. （）確定的取值范圍，并求直線ab的方程；（）試判斷是否存在這樣的，使得a、b、c、d四點在同一個圓上？并說明理由. （此題不要求在答題卡上畫圖）本小題主要考查直線、圓和橢圓等平面解析幾何的基礎(chǔ)知識以及推理運算能力和綜合解決問題的能力. （）解法1：依題意，可設(shè)直線ab的方程為，整理得 設(shè)是方程的兩個不同的根， 且由n（1，3）是線段ab的中點，得 解得k=1，代入得，的取值范圍是（12，+）. 于是，直線ab的方程為 解法2：設(shè)則有 依題意，n（1，3）是ab的中點， 又由n（1，3）在橢圓內(nèi)，的取值范圍是（12，+）.直線ab的方程為y3=（x1），即x+y4=0. （）解法1：cd垂直平分ab，直線cd的方程為y3=x1，即xy+2=0，代入橢圓方程，整理得 又設(shè)cd的中點為是方程的兩根，于是由弦長公式可得 將直線ab的方程x+y4=0，代入橢圓方程得 同理可得