北京市狀元橋?qū)W校2016屆高考物理模擬試卷(二)(版)

1、2016年北京市狀元橋?qū)W校高考物理模擬試卷（二）一、選擇題（本題共8小題，每小題6分在15小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一個選項(xiàng)正確在68小題中給出的四個選項(xiàng)中有多個選項(xiàng)正確全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）1在物理學(xué)發(fā)展過程中，觀測、實(shí)驗(yàn)、假說和邏輯推理等方法都起到了重要作用下列敘述不符合史實(shí)的是（）A奧斯特在實(shí)驗(yàn)中觀察到電流的磁效應(yīng)，該效應(yīng)揭示了電和磁之間存在聯(lián)系B安培根據(jù)通電螺線管的磁場和條形磁鐵的磁場的相似性，提出了分子電流假說C法拉第在實(shí)驗(yàn)中觀察到，在通有恒定電流的靜止導(dǎo)線附近的固定導(dǎo)線圈中，會出現(xiàn)感應(yīng)電流D楞次在分析了許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后提出，感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向，即

2、感應(yīng)電流的磁場總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化2如圖所示，輕桿與豎直墻壁成53°角，斜插入墻中并固定，另一端固定一個質(zhì)量為m的小球，水平輕質(zhì)彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈力大小為mg（g表示重力加速度），則輕桿對小球的彈力大小為（）ABCD3如圖所示，在光滑水平面上有一靜止小車，小車質(zhì)量為M=5kg，小車上靜止地放置著質(zhì)量為m=1kg的木塊，木塊和小車間的動摩擦因數(shù)=0.2，用水平恒力F拉動小車，下列關(guān)于木塊的加速度am和小車的加速度aM，可能正確的有（）Aam=1 m/s2，aM=1 m/s2Bam=1 m/s2，aM=2 m/s2Cam=2 m/s2，aM=4 m/s2Dam=3 m/s

3、2，aM=5 m/s24如圖所示，兩個小球從水平地面上方同一點(diǎn)O分別以初速度v1、v2水平拋出，落在地面上的位置分別是A、B，O是O在地面上的豎直投影，且OA：AB=1：3若不計(jì)空氣阻力，則兩小球（）A拋出的初速度大小之比為1：4B落地速度大小之比為1：3C落地速度與水平地面夾角的正切值之比為1：3D通過的位移大小之比為1：5如圖，若兩顆人造衛(wèi)星a和b均繞地球做勻速圓周運(yùn)動，a、b到地心O的距離分別為r1、r2，線速度大小分別為v1、v2，則（）A =B =C =（）2D =（）26將一帶電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近，金屬球外殼接地，所形成的電場線分布如圖所示，下列說法正確的是（）

4、Aa點(diǎn)的電勢高于b點(diǎn)的電勢Bc點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于d點(diǎn)的電場強(qiáng)度C若將一正試探電荷由a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電勢能增加D電場線方向與金屬球表面處處垂直7有兩根長直導(dǎo)線a、b互相平行放置，如圖所示為垂直于導(dǎo)線的截面圖在圖中所示的平面內(nèi)，O點(diǎn)為兩根導(dǎo)線連線的中點(diǎn)，M、N為兩導(dǎo)線附近的兩點(diǎn)，它們在兩導(dǎo)線連線的中垂線上，且與O點(diǎn)的距離相等若兩導(dǎo)線中通有大小相等、方向相同的恒定電流I，則關(guān)于線段MN上各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說法中正確的是（）AM點(diǎn)和N點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同BM點(diǎn)和N點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反C在線段MN上各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度都不可能為零D在線段MN上只有一點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零8如圖甲所示的電

5、路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為5：1，原線圈接入圖乙所示的電壓，副線圈接火災(zāi)報警系統(tǒng) （報警器未畫出），電壓表和電流表均為理想電表，R0為定值電阻，R為半導(dǎo)體熱敏電阻，其阻值隨溫度的升高而減小下列說法中正確的是（）A圖乙中電壓的有效值為110VB電壓表的示數(shù)為44VCR處出現(xiàn)火警時電流表示數(shù)增大DR處出現(xiàn)火警時電阻R0消耗的電功率增大三、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分）（一）必考題9氣墊導(dǎo)軌裝置是物理學(xué)實(shí)驗(yàn)的重要儀器，可以用來“研究勻變速直線運(yùn)動”、“探究動能定理”等（1）某學(xué)習(xí)小組在“研究勻變速直線運(yùn)動”的實(shí)驗(yàn)中，用如圖所示的氣墊導(dǎo)軌裝置來測滑塊的加速度，由導(dǎo)軌標(biāo)尺可以測出兩個光電門

6、之間的距離L，遮光板的寬度為d，遮光板依次通過兩個光電門的時間分別為t1、t2，則滑塊的加速度可以表示為a=（用題中所給物理量表示）（2）該學(xué)習(xí)小組在控制砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量M的前提下，忽略滑塊在氣墊導(dǎo)軌上運(yùn)動時所受的阻力，探究動能定理，若由導(dǎo)軌標(biāo)尺可以測出兩個光電門之間的距離s，遮光板的寬度為d，遮光板依次通過兩個光電門的時間分別為T1、T2，滑塊在通過兩個光電門過程中合外力做功為，滑塊動能變化量為（用題中所給物理量表示）10如圖甲所示的電路中，恒流源可為電路提供恒定電流I0，R為定值電阻，電流表、電壓表均可視為理想電表某同學(xué)利用該電路研究滑動變阻器RL消耗的電功率改變RL的阻值，

7、記錄多組電流、電壓的數(shù)值，得到如圖乙所示的UI關(guān)系圖線回答下列問題：（1）滑動觸頭向下移動時，電壓表示數(shù)（填“增大”或“減小”）（2）I0=A（3）RL消耗的最大功率為W（保留一位有效數(shù)字）11如圖所示，豎直四分之一光滑圓弧軌道固定在平臺AB上，軌道半徑R=1.8m，末端與平臺相切于A點(diǎn)傾角=37°的斜面BC緊靠平臺固定從圓弧軌道最高點(diǎn)由靜止釋放質(zhì)量m=1kg的滑塊a，當(dāng)a運(yùn)動到B點(diǎn)的同時，與a質(zhì)量相同的滑塊b從斜面底端C點(diǎn)以速度v0=5m/s沿斜面向上運(yùn)動，a、b（視為質(zhì)點(diǎn)）恰好在斜面上的P點(diǎn)相遇，已知AB長度s=2m，a與AB面及b與BC面間的動摩擦因數(shù)均為=0.5，g=10m/

8、s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，求：（1）滑塊a到B點(diǎn)時的速度；（2）斜面上PC間的距離12如圖a所示，水平直線MN下方有豎直向上的勻強(qiáng)電場，現(xiàn)將一重力不計(jì)、比荷=106C/kg的正電荷置于電場中的O點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)過×105s后，電荷以v0=1.5×104m/s的速度通過MN進(jìn)入其上方的勻強(qiáng)磁場，磁場與紙面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度B按圖b所示規(guī)律周期性變化（圖b中磁場以垂直紙面向外為正，以電荷第一次通過MN時為t=0時刻）求：（1）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大小；（保留2位有效數(shù)字）（2）圖b中t=×105s時刻電荷與O點(diǎn)的水平距離

9、；（3）如果在O點(diǎn)右方d=68cm處有一垂直于MN的足夠大的擋板，求電荷從O點(diǎn)出發(fā)運(yùn)動到擋板所需的時間（sin 37°=0.60，cos 37°=0.80）（保留2位有效數(shù)字）（二）選考題物理-選修3-313下列說法正確的是 （）A將大顆粒的研磨成細(xì)鹽，細(xì)鹽還是屬于晶體B滿足能量守恒定律的宏觀過程都是可以自發(fā)進(jìn)行的C0冰熔化成0的水，其分子熱運(yùn)動的平均動能仍然不變D布朗運(yùn)動就是液體分子的無規(guī)則運(yùn)動，液體溫度越高，布朗運(yùn)動越激烈E宇航員王亞平在太空中制作的水球呈球形是因?yàn)槭е睾退谋砻鎻埩ψ饔玫慕Y(jié)果14如圖所示，一高為40cm，內(nèi)壁光滑，導(dǎo)熱性能良好的薄氣缸豎直放置，厚度不計(jì)

10、的活塞質(zhì)量為m=2kg，橫截面積為S=1×103m2，氣缸的頂部A點(diǎn)處有一個漏氣孔，穩(wěn)定時活塞的下端封閉有溫度為T=300K，長度為30cm的氣體柱，已知大氣壓強(qiáng)恒為P0=1.0×105Pag=10m/s2求：穩(wěn)定時被密封氣體的壓強(qiáng)；緩慢將氣缸內(nèi)的密封氣體加熱到500K時，被密封的氣體的壓強(qiáng)物理-選修3-415如圖所示為一系列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，其中a，b為介質(zhì)中的兩質(zhì)點(diǎn)，若這列波的傳播速度時100m/s，則下列說法正確的是 （）A該波波源的振動周期是0.04sBa，b兩質(zhì)點(diǎn)可能同時到達(dá)平衡位置Ct=0.04s時刻a質(zhì)點(diǎn)正在向下運(yùn)動D從t=0到t

11、=0.01s時間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)b的路程為1cmE該波與頻率是25Hz的簡諧橫波相遇時可能發(fā)生波的干涉現(xiàn)象16如圖所示，放置在真空中的三棱鏡的橫截面為直角三角形ABC，A=30°在BC的延長線上有一單色點(diǎn)光源S，從S射出的一條光線從AC邊上的D點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）處射入棱鏡中，經(jīng)三棱鏡折射后垂直于AB邊射出，若S，D兩點(diǎn)的距離為d，且光從光源S導(dǎo)D點(diǎn)的傳播時間跟光在三棱鏡的時間相等，已知該三棱鏡的折射率n=，光在真空中的傳播速度為c求：（1）從光源射出的光線與SB邊的夾角；（2）入射點(diǎn)D到頂點(diǎn)A點(diǎn)的距離物理-選修3-517下列說法正確的是（）A氡的半衰期為3.8天，若取4個氡原子核，經(jīng)7.6天后就

12、一定剩下1個原子核了B原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成一個質(zhì)子和一個電子，這種轉(zhuǎn)化 產(chǎn)生的電子發(fā)射到核外，就是粒子，這就是衰變的實(shí)質(zhì)C光子的能量由光的頻率所決定D只要有核反應(yīng)發(fā)生，就一定會釋放出核能E按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，電子的動能減小，電勢能增大，原子的總能量不變18如圖所示，一輛質(zhì)量為M=6kg的平板小車?？吭趬翘?，地面水平且光滑，墻與地面垂直一質(zhì)量為m=2kg的小鐵塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在平板小車最右端，平板小車上表面水平且與小鐵塊之間的動摩擦因數(shù)=0.45，平板小車的長度L=1m現(xiàn)給鐵塊一個v0=5m/s的初速度使之向左運(yùn)動，與豎直墻壁發(fā)生彈性碰撞后向右

13、運(yùn)動，碰撞過程中無能量損失，求小鐵塊在平板小車上運(yùn)動的過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能（g取10m/s2）2016年北京市狀元橋?qū)W校高考物理模擬試卷（二）參考答案與試題解析一、選擇題（本題共8小題，每小題6分在15小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一個選項(xiàng)正確在68小題中給出的四個選項(xiàng)中有多個選項(xiàng)正確全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）1在物理學(xué)發(fā)展過程中，觀測、實(shí)驗(yàn)、假說和邏輯推理等方法都起到了重要作用下列敘述不符合史實(shí)的是（）A奧斯特在實(shí)驗(yàn)中觀察到電流的磁效應(yīng)，該效應(yīng)揭示了電和磁之間存在聯(lián)系B安培根據(jù)通電螺線管的磁場和條形磁鐵的磁場的相似性，提出了分子電流假說C法拉第在實(shí)驗(yàn)中觀察到，在通有

14、恒定電流的靜止導(dǎo)線附近的固定導(dǎo)線圈中，會出現(xiàn)感應(yīng)電流D楞次在分析了許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后提出，感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化【考點(diǎn)】物理學(xué)史【分析】對于物理中的重大發(fā)現(xiàn)、重要規(guī)律、原理，要明確其發(fā)現(xiàn)者和提出者，了解所涉及偉大科學(xué)家的重要成就【解答】解：A、1820年，丹麥物理學(xué)家奧斯特在實(shí)驗(yàn)中觀察到電流的磁效應(yīng)，揭示了電和磁之間存在聯(lián)系，符合史實(shí)故A正確B、安培根據(jù)通電螺線管的磁場和條形磁鐵的磁場的相似性，提出了分子電流假說，很好地解釋了軟鐵磁化現(xiàn)象，符合史實(shí)故B正確C、法拉第在實(shí)驗(yàn)中觀察到，在通有恒定電流的靜止導(dǎo)線附近的固定導(dǎo)線圈中，不會出現(xiàn)感應(yīng)電流故C

15、錯誤D、楞次在分析了許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后提出楞次定律，即感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向，感應(yīng)電流的磁場總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化故D正確本題選不符合史實(shí)的，故選：C【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵要記住力學(xué)和電學(xué)的一些常見的物理學(xué)史，需要學(xué)生平時加強(qiáng)積累2如圖所示，輕桿與豎直墻壁成53°角，斜插入墻中并固定，另一端固定一個質(zhì)量為m的小球，水平輕質(zhì)彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈力大小為mg（g表示重力加速度），則輕桿對小球的彈力大小為（）ABCD【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力【專題】共點(diǎn)力作用下物體平衡專題【分析】以小球?yàn)檠芯繉ο?，分析受力情況，由共點(diǎn)力平衡條件求解輕桿對小球的彈力大小【解答】解

16、：以小球?yàn)檠芯繉ο?，分析受力情況，如圖所示，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得： 輕桿對小球的彈力大小為 F=故選：D【點(diǎn)評】本題是簡單的共點(diǎn)力平衡問題，正確分析受力是基礎(chǔ)，本題運(yùn)用數(shù)學(xué)上勾股定理求解比較簡潔，也可以由正交分解法求解3如圖所示，在光滑水平面上有一靜止小車，小車質(zhì)量為M=5kg，小車上靜止地放置著質(zhì)量為m=1kg的木塊，木塊和小車間的動摩擦因數(shù)=0.2，用水平恒力F拉動小車，下列關(guān)于木塊的加速度am和小車的加速度aM，可能正確的有（）Aam=1 m/s2，aM=1 m/s2Bam=1 m/s2，aM=2 m/s2Cam=2 m/s2，aM=4 m/s2Dam=3 m/s2，aM=5 m/s2【

17、考點(diǎn)】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力【專題】牛頓運(yùn)動定律綜合專題【分析】對整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程；再對m受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程；最后聯(lián)立方程組求解【解答】解：當(dāng)M與m間的靜摩擦力fmg=2N時，木塊與小車一起運(yùn)動，且加速度相等；當(dāng)M與m間相對滑動后，M對m的滑動摩擦力不變，則m的加速度不變，所以當(dāng)M與m間的靜摩擦力剛達(dá)到最大值時，木塊的加速度最大，由牛頓第二定律得：此時F=（M+m）am=（5+1）×2N=12N當(dāng)F12N，可能有aM=am=1m/s2當(dāng)F12N后，木塊與小車發(fā)生相對運(yùn)動，小車的加速度大于木塊的加速度，aMam=2m/s2故AC正確，BD錯誤故

18、選：AC【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵先對整體受力分析，再對小滑塊受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律列方程，聯(lián)立方程組求解4如圖所示，兩個小球從水平地面上方同一點(diǎn)O分別以初速度v1、v2水平拋出，落在地面上的位置分別是A、B，O是O在地面上的豎直投影，且OA：AB=1：3若不計(jì)空氣阻力，則兩小球（）A拋出的初速度大小之比為1：4B落地速度大小之比為1：3C落地速度與水平地面夾角的正切值之比為1：3D通過的位移大小之比為1：【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動【專題】平拋運(yùn)動專題【分析】兩小球所在高度相同，故下落時間相同，豎直方向的速度增量相同；由水平位移關(guān)系可求出兩小球的初速度的大小關(guān)系，進(jìn)而求得落地速度的大小及方向關(guān)系；由幾何關(guān)

19、系可求得位移的比值【解答】解：兩球的拋出高度相同，故下落時間相同，落地時的豎直分速度相同；兩小球的水平位移分別為OA和OB；故水平位移之比為1：4； 故由x=vt可知兩小球的初速度之比為1：4； 故A正確；由于未知兩小球的下落高度，故無法求出準(zhǔn)確的落地時的豎直分速度，故B無法求得落地速度之比故速度方向，故B錯誤；同理也無法求出位移大小之比，故D錯誤；因豎直分速度相等，tan=，因豎直分速度相等，而水平初速度比值為1：4，故正切值的比值為4：1；故C錯誤；故選A【點(diǎn)評】對于平拋運(yùn)動要注意用好幾何關(guān)系，并能靈活應(yīng)用各物理量之間的關(guān)系5如圖，若兩顆人造衛(wèi)星a和b均繞地球做勻速圓周運(yùn)動，a、b到地心O

20、的距離分別為r1、r2，線速度大小分別為v1、v2，則（）A =B =C =（）2D =（）2【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用【專題】人造衛(wèi)星問題【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力=m，解出線速度與軌道半徑r的關(guān)系進(jìn)行求解【解答】解：根據(jù)萬有引力提供向心力=mv=，a、b到地心O的距離分別為r1、r2，所以=，故選：A【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵是要掌握萬有引力提供向心力這個關(guān)系，能夠根據(jù)題意選擇恰當(dāng)?shù)南蛐牧Φ谋磉_(dá)式6將一帶電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近，金屬球外殼接地，所形成的電場線分布如圖所示，下列說法正確的是（）Aa點(diǎn)的電勢高于b點(diǎn)的電勢Bc點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于d點(diǎn)

21、的電場強(qiáng)度C若將一正試探電荷由a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電勢能增加D電場線方向與金屬球表面處處垂直【考點(diǎn)】電場的疊加；電場強(qiáng)度【專題】比較思想；圖析法；電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】順著電場線方向電勢逐漸降低，電場線的疏密表示場強(qiáng)的大?。浑妱菰礁叩牡胤?，正電荷具有的電勢能越大金屬球處于靜電平衡狀態(tài)，表面是一個等勢面，電場線與等勢面垂直由這些知識分析【解答】解：A、根據(jù)順著電場線方向電勢逐漸降低，電場線與等勢面垂直可知，a點(diǎn)所在等勢面的電勢低于b點(diǎn)所在等勢面的電勢，則a點(diǎn)的電勢低于b點(diǎn)的電勢故A錯誤B、電場線的疏密表示場強(qiáng)的大小，由圖象知c點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于d點(diǎn)的電場強(qiáng)度，故B錯誤C、a點(diǎn)的電勢低于b點(diǎn)的電勢

22、，根據(jù)電勢越高的地方，正電荷具有的電勢能越大，則知將一正試探電荷由a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電勢能增加，故C正確D、金屬球表面是一個等勢面，則電場線方向與金屬球表面處處垂直，故D正確故選：CD【點(diǎn)評】該題關(guān)鍵要掌握電場線的物理意義以及靜電平衡導(dǎo)體的特點(diǎn)，知道順著電場線方向電勢逐漸降低，電場線的疏密表示場強(qiáng)的大小7有兩根長直導(dǎo)線a、b互相平行放置，如圖所示為垂直于導(dǎo)線的截面圖在圖中所示的平面內(nèi)，O點(diǎn)為兩根導(dǎo)線連線的中點(diǎn)，M、N為兩導(dǎo)線附近的兩點(diǎn)，它們在兩導(dǎo)線連線的中垂線上，且與O點(diǎn)的距離相等若兩導(dǎo)線中通有大小相等、方向相同的恒定電流I，則關(guān)于線段MN上各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說法中正確的是（）AM點(diǎn)和N點(diǎn)的磁

23、感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同BM點(diǎn)和N點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反C在線段MN上各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度都不可能為零D在線段MN上只有一點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零【考點(diǎn)】通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場的方向【分析】根據(jù)安培定則判斷兩根導(dǎo)線在M、N兩點(diǎn)產(chǎn)生的磁場方向，根據(jù)平行四邊形定則，進(jìn)行合成，確定大小和方向的關(guān)系在線段M N上只有O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零【解答】解：A、B根據(jù)安培定則判斷得知，兩根通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場方向均沿逆時針方向，由于對稱，兩根通電導(dǎo)線在MN兩點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，根據(jù)平行四邊形進(jìn)行合成得到，M點(diǎn)和N點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，M點(diǎn)磁場向下，N點(diǎn)磁場向上，方向相反故A錯誤，B正確C、D只有

24、當(dāng)兩根通電導(dǎo)線在同一點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相反時，合磁感應(yīng)強(qiáng)度才為零，則知只有O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零故C錯誤，D正確故選：BD【點(diǎn)評】本題考查安培定則和平行四邊定則的綜合應(yīng)用，基礎(chǔ)題8如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為5：1，原線圈接入圖乙所示的電壓，副線圈接火災(zāi)報警系統(tǒng) （報警器未畫出），電壓表和電流表均為理想電表，R0為定值電阻，R為半導(dǎo)體熱敏電阻，其阻值隨溫度的升高而減小下列說法中正確的是（）A圖乙中電壓的有效值為110VB電壓表的示數(shù)為44VCR處出現(xiàn)火警時電流表示數(shù)增大DR處出現(xiàn)火警時電阻R0消耗的電功率增大【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理；正弦式電流的最大值和有效值

25、、周期和頻率【專題】交流電專題【分析】求有效值方法是將交流電在一個周期內(nèi)產(chǎn)生熱量與將恒定電流在相同時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相等，則恒定電流的值就是交流電的有效值由變壓器原理可得變壓器原、副線圈中的電流之比，輸入、輸出功率之比，半導(dǎo)體熱敏電阻是指隨溫度上升電阻呈指數(shù)關(guān)系減小、具有負(fù)溫度系數(shù)的電阻，R處溫度升高時，阻值減小，根據(jù)負(fù)載電阻的變化，可知電流、電壓變化【解答】解：A、設(shè)將此電流加在阻值為R的電阻上，電壓的最大值為Um，電壓的有效值為U=T代入數(shù)據(jù)得圖乙中電壓的有效值為110V，故A正確B、變壓器原、副線圈中的電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器原、副線圈中的電壓之比是5：l，所以電壓表的示數(shù)為22v，故

26、B錯誤C、R處溫度升高時，阻值減小，副線圈電流增大，而輸出功率和輸入功率相等，所以原線圈增大，即電流表示數(shù)增大，故C正確D、R處出現(xiàn)火警時通過R0的電流增大，所以電阻R0消耗的電功率增大，故D正確故選ACD【點(diǎn)評】根據(jù)電流的熱效應(yīng)，求解交變電流的有效值是常見題型，要熟練掌握根據(jù)圖象準(zhǔn)確找出已知量，是對學(xué)生認(rèn)圖的基本要求，準(zhǔn)確掌握理想變壓器的特點(diǎn)及電壓、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵三、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分）（一）必考題9氣墊導(dǎo)軌裝置是物理學(xué)實(shí)驗(yàn)的重要儀器，可以用來“研究勻變速直線運(yùn)動”、“探究動能定理”等（1）某學(xué)習(xí)小組在“研究勻變速直線運(yùn)動”的實(shí)驗(yàn)中，用如圖所示的氣墊導(dǎo)

27、軌裝置來測滑塊的加速度，由導(dǎo)軌標(biāo)尺可以測出兩個光電門之間的距離L，遮光板的寬度為d，遮光板依次通過兩個光電門的時間分別為t1、t2，則滑塊的加速度可以表示為a=（用題中所給物理量表示）（2）該學(xué)習(xí)小組在控制砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量M的前提下，忽略滑塊在氣墊導(dǎo)軌上運(yùn)動時所受的阻力，探究動能定理，若由導(dǎo)軌標(biāo)尺可以測出兩個光電門之間的距離s，遮光板的寬度為d，遮光板依次通過兩個光電門的時間分別為T1、T2，滑塊在通過兩個光電門過程中合外力做功為mgs，滑塊動能變化量為M（）2M（）2（用題中所給物理量表示）【考點(diǎn)】探究功與速度變化的關(guān)系；勻變速直線運(yùn)動的速度與位移的關(guān)系【專題】定性思想；推理法

28、；動能定理的應(yīng)用專題【分析】（1）由于遮光條通過光電門的時間極短，可以用平均速度表示瞬時速度根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的速度位移公式求出滑塊的加速度（2）滑塊受到的合力即為mg，根據(jù)恒力做功公式求出合外力做功，由于遮光條通過光電門的時間極短，可以用平均速度表示瞬時速度，從而求出動能變化量【解答】解：（1）遮光板通過光電門的時間很短，可以認(rèn)為瞬時速度等于平均速度，依次通過兩個光電門的速度分別為 v1= 和v2=，由可得，滑塊的加速度為：a=，（2）砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量M，忽略滑塊在氣墊導(dǎo)軌上運(yùn)動時所受的阻力，可以認(rèn)為滑塊所受合外力等于mg，則合外力做功為mgs；遮光板依次通過兩個光電門的速度分別

29、為v1=和v2=，滑塊動能變化為：Ek=MMv=M（）2M（）2故答案為：（1）；（2）mgs， M（）2M（）2【點(diǎn)評】解決該題關(guān)鍵掌握知道在極短時間內(nèi)的平均速度可以表示瞬時速度和勻變速直線運(yùn)動的速度位移公式應(yīng)用，知道在控制砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量M的前提下滑塊受到的合外力即為砂桶的重力mg，難度適中10如圖甲所示的電路中，恒流源可為電路提供恒定電流I0，R為定值電阻，電流表、電壓表均可視為理想電表某同學(xué)利用該電路研究滑動變阻器RL消耗的電功率改變RL的阻值，記錄多組電流、電壓的數(shù)值，得到如圖乙所示的UI關(guān)系圖線回答下列問題：（1）滑動觸頭向下移動時，電壓表示數(shù)減?。ㄌ睢霸龃蟆被颉皽p小

30、”）（2）I0=1.0A（3）RL消耗的最大功率為5W（保留一位有效數(shù)字）【考點(diǎn)】測定電源的電動勢和內(nèi)阻；閉合電路的歐姆定律；電功、電功率【專題】恒定電流專題【分析】（1）分析電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律可知R分流的變化，再由歐姆定律可得出電壓表示數(shù)的變化；（2）由圖象及并聯(lián)電路的規(guī)律可分析恒定電流的大小；（3）由功率公式分析得出對應(yīng)的表達(dá)式，再由數(shù)學(xué)規(guī)律可求得最大功率【解答】解：（1）定值電阻與滑動變阻器并聯(lián)，當(dāng)R向下移動時，滑動變阻器接入電阻減小，由并聯(lián)電路規(guī)律可知，電流表示數(shù)增大，流過R的電壓減小，故電壓表示數(shù)減小；（2）當(dāng)電壓表示數(shù)為零時，說明RL短路，此時流過電流表的電流即為I0；故I

31、0為1.0A；（3）由圖可知，當(dāng)I0全部通過R時，I0R=20；解得：R=4由并聯(lián)電路規(guī)律可知，流過RL的電流為：I=；則RL消耗的功率為：P=I2RL=；則由數(shù)學(xué)規(guī)律可知，最大功率為：P=5W；故答案為；（1）減?。唬?）1.0；（3）5【點(diǎn)評】本題考查閉合電路歐姆定律在實(shí)驗(yàn)中的應(yīng)用，要注意明確：一、圖象的應(yīng)用，能從圖象得出對應(yīng)的物理規(guī)律；二是注意功率公式的變形以及數(shù)學(xué)規(guī)律的正確應(yīng)用11如圖所示，豎直四分之一光滑圓弧軌道固定在平臺AB上，軌道半徑R=1.8m，末端與平臺相切于A點(diǎn)傾角=37°的斜面BC緊靠平臺固定從圓弧軌道最高點(diǎn)由靜止釋放質(zhì)量m=1kg的滑塊a，當(dāng)a運(yùn)動到B點(diǎn)的同時

32、，與a質(zhì)量相同的滑塊b從斜面底端C點(diǎn)以速度v0=5m/s沿斜面向上運(yùn)動，a、b（視為質(zhì)點(diǎn)）恰好在斜面上的P點(diǎn)相遇，已知AB長度s=2m，a與AB面及b與BC面間的動摩擦因數(shù)均為=0.5，g=10m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，求：（1）滑塊a到B點(diǎn)時的速度；（2）斜面上PC間的距離【考點(diǎn)】動能定理；牛頓第二定律【專題】定性思想；推理法；動能定理的應(yīng)用專題【分析】（1）對滑塊a從下滑到B點(diǎn)的過程運(yùn)用動能定理，求出滑塊a到達(dá)B點(diǎn)的速度大小（2）根據(jù)平拋運(yùn)動的規(guī)律求出滑塊a的運(yùn)動時間，根據(jù)牛頓第二定律求出滑塊b上滑和下滑的加速度大小，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式求出斜

33、面上P、C間的距離【解答】解：（1）滑塊a從光滑圓弧軌道滑下到達(dá)B點(diǎn)的過程中，根據(jù)動能定理有：，代入數(shù)據(jù)解得：v=4m/s（2）滑塊a到達(dá)B點(diǎn)后做平拋運(yùn)動，根據(jù)平拋運(yùn)動的規(guī)律有：x=vt，y=，代入數(shù)據(jù)解得：t=0.6s，滑塊b從斜面底端上滑時，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsin+mgcos=ma1，代入數(shù)據(jù)解得：向上運(yùn)動的時間：0.6s，然后接著下滑，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsin2mgcos=ma2，代入數(shù)據(jù)得：可得：xPC=v0t1a1t12a2（tt1）2=1.24m答：（1）滑塊a到B點(diǎn)時的速度為4m/s；（2）斜面上PC間的距離為1.24m【點(diǎn)評】本題考查了動能定理、牛頓第二定律和運(yùn)動

34、學(xué)公式的綜合運(yùn)用，知道a平拋運(yùn)動的時間和b運(yùn)動的時間相等，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式靈活求解，注意滑塊b上滑和下滑的加速度大小不等12如圖a所示，水平直線MN下方有豎直向上的勻強(qiáng)電場，現(xiàn)將一重力不計(jì)、比荷=106C/kg的正電荷置于電場中的O點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)過×105s后，電荷以v0=1.5×104m/s的速度通過MN進(jìn)入其上方的勻強(qiáng)磁場，磁場與紙面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度B按圖b所示規(guī)律周期性變化（圖b中磁場以垂直紙面向外為正，以電荷第一次通過MN時為t=0時刻）求：（1）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大小；（保留2位有效數(shù)字）（2）圖b中t=×105s時刻電荷與O點(diǎn)的水平距離；（3）如果

35、在O點(diǎn)右方d=68cm處有一垂直于MN的足夠大的擋板，求電荷從O點(diǎn)出發(fā)運(yùn)動到擋板所需的時間（sin 37°=0.60，cos 37°=0.80）（保留2位有效數(shù)字）【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動【專題】帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動專題【分析】（1）電荷在電場中做勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式和牛頓第二定律結(jié)合可求出電場強(qiáng)度E（2）電荷進(jìn)入磁場后做勻速圓周運(yùn)動，分別求出電荷在磁場中運(yùn)動的半徑和周期，畫出軌跡，由幾何關(guān)系求出t=×105s時刻電荷與O點(diǎn)的水平距離（3）電荷在周期性變化的磁場中運(yùn)動，根據(jù)周期性分析電荷到達(dá)檔板前運(yùn)動的完整周期數(shù)

36、，即可求出荷沿ON運(yùn)動的距離根據(jù)電荷擋板前的運(yùn)動軌跡，求出其運(yùn)動時間，即得總時間【解答】解：（1）電荷在電場中做勻加速直線運(yùn)動，設(shè)其在電場中運(yùn)動的時間為t1，有：v0=at1 Eq=ma解得：E=（2）當(dāng)磁場垂直紙面向外時，電荷運(yùn)動的半徑：，周期，代入數(shù)據(jù)解得，當(dāng)磁場垂直紙面向里時，電荷運(yùn)動的半徑：，周期，代入數(shù)據(jù)解得，故電荷從t=0時刻開始做周期性運(yùn)動，其運(yùn)動軌跡如圖所示t=×105s時刻電荷與O點(diǎn)的水平距離：d=2（r1r2）=4cm （3）電荷從第一次通過MN開始，其運(yùn)動的周期為：，根據(jù)電荷的運(yùn)動情況可知，電荷到達(dá)檔板前運(yùn)動的完整周期數(shù)為15個，有：電荷沿ON運(yùn)動的距離：s=1

37、5d=60cm 故最后8cm的距離如圖所示，有：r1+r1cos=ds解得：cos=0.6 則 =53° 故電荷運(yùn)動的總時間：，代入數(shù)據(jù)解得t總=3.86×104s答：（1）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E為7.2×103N/C（2）圖b中t=×105s時刻電荷與O點(diǎn)的水平距離為4cm（3）電荷從O點(diǎn)出發(fā)運(yùn)動到擋板所需的時間為3.86×104s【點(diǎn)評】本題是帶電粒子在電場和磁場中運(yùn)動的問題，電荷在電場中運(yùn)動時，由牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式結(jié)合研究是最常用的方法，也可以由動量定理處理電荷在周期性磁場中運(yùn)動時，要抓住周期性即重復(fù)性進(jìn)行分析，根據(jù)軌跡求解時間（二）

38、選考題物理-選修3-313下列說法正確的是 （）A將大顆粒的研磨成細(xì)鹽，細(xì)鹽還是屬于晶體B滿足能量守恒定律的宏觀過程都是可以自發(fā)進(jìn)行的C0冰熔化成0的水，其分子熱運(yùn)動的平均動能仍然不變D布朗運(yùn)動就是液體分子的無規(guī)則運(yùn)動，液體溫度越高，布朗運(yùn)動越激烈E宇航員王亞平在太空中制作的水球呈球形是因?yàn)槭е睾退谋砻鎻埩ψ饔玫慕Y(jié)果【考點(diǎn)】* 晶體和非晶體；超重和失重；溫度是分子平均動能的標(biāo)志；* 液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象【分析】本題根據(jù)晶體的定義和特點(diǎn)、熱力學(xué)第二定律、布朗運(yùn)動、液體分子的表面張力等知識進(jìn)行逐項(xiàng)的分析【解答】解：A、晶體由固定的熔點(diǎn)，非晶體沒有固定的熔點(diǎn)，同時晶體內(nèi)部排列有規(guī)則，而非晶

39、體則沒有，但形狀不一定有規(guī)則，晶體分為單晶體和多晶體：其中單晶體具有各向異性，多晶體和非晶體一樣具有各向同性，將大顆粒的研磨成細(xì)鹽，其分子內(nèi)部構(gòu)造不變，細(xì)鹽還是屬于晶體，故A正確B、能量的轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移，除了滿足守恒定律還有方向性，故B錯誤；C、溫度是分子平均動能的標(biāo)志，0冰熔化成0的水，其分子熱運(yùn)動的平均動能仍然不變，故C正確；D、布朗運(yùn)動就是固體微粒在液體中的無規(guī)則運(yùn)動，液體溫度越高，布朗運(yùn)動越激烈，故D錯誤；E、凡作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力，宇航員王亞平在太空中制作的水球呈球形是因?yàn)槭е睾退谋砻鎻埩ψ饔玫慕Y(jié)果，故E正確；故選：ACE【點(diǎn)評】本題考查的知識點(diǎn)比較多

40、，要求學(xué)生平時多記憶，積累關(guān)于固液氣三態(tài)的重點(diǎn)知識14如圖所示，一高為40cm，內(nèi)壁光滑，導(dǎo)熱性能良好的薄氣缸豎直放置，厚度不計(jì)的活塞質(zhì)量為m=2kg，橫截面積為S=1×103m2，氣缸的頂部A點(diǎn)處有一個漏氣孔，穩(wěn)定時活塞的下端封閉有溫度為T=300K，長度為30cm的氣體柱，已知大氣壓強(qiáng)恒為P0=1.0×105Pag=10m/s2求：穩(wěn)定時被密封氣體的壓強(qiáng)；緩慢將氣缸內(nèi)的密封氣體加熱到500K時，被密封的氣體的壓強(qiáng)【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程【專題】理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】以活塞為研究對象，受力分析，由平衡條件列方程可求得封閉氣體的壓強(qiáng)；活塞剛剛到達(dá)氣缸上端前等壓變化，

41、求出活塞剛到達(dá)氣缸頂部時的溫度，若500K高于此溫度，則物體后面做等容變化【解答】解：設(shè)穩(wěn)定時被密封氣體的勻強(qiáng)為p1，則有：P1S=P0S+mg得p1=p0+代入數(shù)據(jù)得：p1=1.2×105Pa 當(dāng)活塞緩慢移到氣缸上端時，設(shè)此時密封氣體的溫度為T1，氣體做等壓變化，有：=解得：T1=×300K=400K 此后密封氣體溫度從400K到500K時是等容變化，設(shè)加熱到500K時，被密封的氣體的勻強(qiáng)為p2，則有：=代入數(shù)據(jù)得：p2=×1.2×105Pa=1.5×105Pa 答：穩(wěn)定時被密封氣體的壓強(qiáng)為1.2×105Pa；緩慢將氣缸內(nèi)的密封氣體

42、加熱到500K時，被密封的氣體的壓強(qiáng)1.5×105Pa【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵是判斷溫度升高到500K時活塞是否已經(jīng)到達(dá)氣缸頂部，不要只是簡單的套用等壓變化的方程得出結(jié)果物理-選修3-415如圖所示為一系列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，其中a，b為介質(zhì)中的兩質(zhì)點(diǎn)，若這列波的傳播速度時100m/s，則下列說法正確的是 （）A該波波源的振動周期是0.04sBa，b兩質(zhì)點(diǎn)可能同時到達(dá)平衡位置Ct=0.04s時刻a質(zhì)點(diǎn)正在向下運(yùn)動D從t=0到t=0.01s時間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)b的路程為1cmE該波與頻率是25Hz的簡諧橫波相遇時可能發(fā)生波的干涉現(xiàn)象【考點(diǎn)】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系；

43、波的干涉和衍射現(xiàn)象【專題】光的折射專題【分析】由圖可知波的波長，根據(jù)v=可以求得周期，根據(jù)波的平移原則判斷某時刻某個質(zhì)點(diǎn)的振動方向，知道周期則可得出質(zhì)點(diǎn)的路程，當(dāng)兩列波的頻率相同時，發(fā)生干涉現(xiàn)象【解答】解：A、由圖可知波的波長=4m，則振動周期T=，故A正確；B、根據(jù)波的傳播原則可知，ab兩個質(zhì)點(diǎn)的振動情況不是完全相同，也不是完全相反，不可能同時到達(dá)平衡位置，故B錯誤；C、t=0時刻，a質(zhì)點(diǎn)向下振動，經(jīng)過t=0.04s=T時間時，仍然向下振動，故C正確；D、t=0.01s=，由圖可知，b質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過后已運(yùn)動到x軸下方，路程大于1cm，故D錯誤；E、該波的頻率f=，則該波與頻率是25Hz的簡諧橫波相

44、遇時可能發(fā)生波的干涉現(xiàn)象，故E正確故選：ACE【點(diǎn)評】考查波的形成與傳播過程，掌握波長、波速與周期的關(guān)系，理解質(zhì)點(diǎn)的振動方向與波的傳播方向的關(guān)系16如圖所示，放置在真空中的三棱鏡的橫截面為直角三角形ABC，A=30°在BC的延長線上有一單色點(diǎn)光源S，從S射出的一條光線從AC邊上的D點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）處射入棱鏡中，經(jīng)三棱鏡折射后垂直于AB邊射出，若S，D兩點(diǎn)的距離為d，且光從光源S導(dǎo)D點(diǎn)的傳播時間跟光在三棱鏡的時間相等，已知該三棱鏡的折射率n=，光在真空中的傳播速度為c求：（1）從光源射出的光線與SB邊的夾角；（2）入射點(diǎn)D到頂點(diǎn)A點(diǎn)的距離【考點(diǎn)】光的折射定律【專題】光的折射專題【分析】（1）作出光路圖，根據(jù)折射定律求出折射角，由幾何知識求解從光源射出的光線與SB邊的夾角；（2）根據(jù)幾何知識求出光線在玻璃磚中傳播的距離，由v=求出光在玻璃磚中傳播的速度，結(jié)合題設(shè)條件：光從光源S導(dǎo)D點(diǎn)的傳播時間跟光在三棱鏡的時間相等，列式求解【解答】解：（1）根據(jù)題意作出光路圖，有： n= 又：r=90°60°=30°