《高中試卷》2018年四川省內江市高考物理一模試卷

1、2018年四川省內江市高考物理一模試卷二、選擇題：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，第1417題只有一項符合題目要求，第1821題有多項符合題目要求，全部選對得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分1（6分）若物體在運動過程中，受到的合外力不為零，以下說法中正確的是（）a物體的速度大小和方向一定變化b物體的加速度一定變化c物體的動能不可能總是不變d物體的動量不可能總是不變2（6分）若人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，那么，關于離地面越遠的衛(wèi)星，下列說法中正確的是（）a線速度越大b角速度越大c向心加速度越小d重力勢能越小3（6分）如圖所示，質量為m的物體置于粗糙的質量為m（mm）的斜

2、面體上，斜面體m置于光滑的水平面上，當物體m以速度v0沿斜面體m底端沖上頂端的過程中，下列說法正確的是（）a物體m受到的力的個數比斜面體m受到的力的個數要少b物體m和斜面體m組成的系統機械能守恒c斜面體m對物體m的作用力不做功d物體m向右運動的水平距離小于斜面體m水平向右運動的距離4（6分）質量為m3kg小物塊放在水平地面上，在水平拉力f15n的作用下開始運動，在02s的時間內拉力f的功率p隨時間變化的關系圖象如圖所示，那么，小物塊與水平面間的動摩擦因數為（重力加速度為g10m/s2）（）a15b25c13d235（6分）為了估測相機的曝光時間，有位同學提出了下述實驗方案：他從墻面上某點，讓一

3、個小石子自由落下，對小石子照相得到如圖所示的照片，由于小石子的運動，它在照片上留下了一條模糊的徑跡ab12cm，且下落起點（題中未畫出）到a點的豎直距離約為1.8m，從這些信息可以粗略估算該相機的曝光時間最接近于（重力加速度g10m/s2）（）a0.02sb0.04sc0.08sd0.2s6（6分）如圖所示，質量不計的水平橫梁ab的a端插入豎直墻壁內，另一端裝有一個輕質小滑塊b，一輕繩的一端c固定于該墻壁上，另一端跨過小滑輪b后懸掛一質量為m5kg的物體，其中cba30°，重力加速度為g10m/s2，那么，橫梁ab對小滑輪的作用力的大小和方向分別為（）a25n，方向沿著ab方向水平向

4、右b25n，方向沿著豎直向上的方向c50n，方向沿著cbd的角平分線方向與bc繩子的夾角為120°斜向上d50n，方向沿著cbd的角平分線方向與ab橫梁的夾角為30°斜向上7（6分）如圖甲所示，輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質量為m的小球，從離彈簧上端高h處由靜止釋放。某同學在研究小球落到彈簧上后繼續(xù)向下運動到最低點的過程，他以小球開始下落的位置為原點，沿豎直向下方向建立坐標軸ox，做出小球所受彈力f大小隨小球下落的位置坐標x的變化關系如圖乙所示，不計空氣阻力，重力加速度為g。以下判斷正確的是（）a當xh+x0，重力勢能與彈性勢能之和最小b最低點的坐標為xh+2x

5、0c小球受到的彈力最大值大于2mgd小球動能的最大值為mgh+mgx028（6分）如圖甲所示，質量為m的足夠長的木板置于粗糙的水平面上，其上放置一質量為m的小物塊，當木板受到水平拉力f的作用時，用傳感器測出木板的加速度a與水平拉力f的關系如圖乙所示，重力加速度g10m/s2，下列說法中正確的是（）a小物塊的質量m0.5kgb小物塊與長木板間的動摩擦因數為0.2c當水平拉力f7n時，長木板的加速度大小為6m/s2d當水平拉力f逐漸增大時，小物塊的加速度一定逐漸增大三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分（一）必考題9（12分）現提供了如圖甲所示的實驗器材，來探究“合外力做的功與靜止物體速度變化的關

6、系”的實驗。由圖可知：（1）為了消除摩擦力對實驗產生的系統誤差，應采取的方法是應將 ；（2）在某次實驗中，得到如圖乙所示的一條紙帶，在a、b、c三個計數點中應該選用 （選填“a”、“b”或“c”）點的速度才符合實驗要求；（3）某同學采用如圖甲所示的裝置來做實驗，先使小車不連接橡皮筋，發(fā)現小車在木板上加速下滑。那么，在橡皮筋彈力的作用下，合外力對小車所做的功 （選填“大于”、“小于”或“等于”）橡皮筋彈力所做的功。10（12分）采用如圖所示的實驗裝置，在不計空氣阻力和紙帶受到的摩擦力的情況下，來“驗證機械能守恒定律”（1）在實驗中，除了圖1中所給的實驗儀器外，還需要的實驗器材 a秒表 b天平（砝

7、碼） c刻度尺 d彈簧秤（2）在實驗中，若重物的質量m1.0kg，打點計時器所用的電源頻率為50hz，打下的紙帶如圖2所示，圖3中的數據為起始點o到該點的距離，若選點o為重力勢能的參考點，那么在打點b時，重物的動能為 j，重力勢能為 （保留兩位有效數字，重力加速度g9.8m/s2）11（14分）如圖所示，在光滑的水平面上停放著一輛質量為2m的平板車c，在車上的左端放有一質量為m的小木塊b，在小車的左邊緊靠著一個固定在豎直平面內，半徑為r的14光滑圓形軌道，軌道底端的切線水平且與小車的上表面相平，現有一質量也為m的小木塊a從圖中圓形軌道的23位置處由靜止釋放，然后，滑行到車上立即與小木塊b發(fā)生碰

8、撞，兩木塊立即粘在一起向右在動摩擦因數為的平板車上滑行，并與固定在平板車上的水平輕質小彈簧發(fā)生作用而被彈簧，最后兩個木塊又回到小車的最左端與車保持相對靜止。重力加速度為g，求（1）小木塊a滑到軌道最低點時，對圓形軌道的壓力；（2）a、b兩小木塊在平板車上滑行的總路程。12（14分）如圖所示，質量m0.4kg的長薄板bc靜置于傾角為37°的光滑斜面上，在距上端b水平距離為1.2m的a處，有一個質量m0.1kg的小物體，以一定的初速度水平拋出，恰好以平行于斜面的速度落在薄板bc上的b端點，并在薄板上開始向下運動，當小物體落在薄板bc上的b端時，薄板無初速度釋放并開始沿斜面向下運動，當小物

9、塊運動到薄板的最下端c點時，與薄板bc的速度恰好相等，小物塊與薄板之間的動摩擦因數為0.5，sin37°0.6，cos37°0.8，g10m/s2，求：（1）小物體在a點的初速度；（2）薄板bc的長度?！疚锢磉x修3-3】解答題（共2小題，滿分0分）13下列說法中正確的是（）a熱量能夠從高溫物體傳遞到低溫物體，但不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體b熱量能夠從高溫物體傳遞到低溫物體，也可能從低溫物體傳遞到高溫物體c功可以全部轉化為熱，但熱不能全部轉化為功d不可能從單一熱源吸收熱量并把它全部用來做功，而不引起其他變化e凡是不違反能量守恒定律的過程都一定能實現14如圖所示，粗細均勻的

10、試管的橫截面積為s，質量為m的活塞可在其內部無摩擦地滑動，它封閉了一段氣柱，當試管水平放置且靜止時，管內封閉氣柱的長度為l，現使試管在水平面內以角速度繞位于試管開口端的軸oo'勻速轉動，此時活塞與轉軸oo'間的距離為l活塞不漏氣，運動中封閉氣體的溫度不變，大氣壓強為p0，求：（i）試管轉動時封閉氣體的壓強；（ii）試管轉動時封閉氣柱的長度?！疚锢磉x修3-4】15如圖甲所示，為某簡諧橫波在t0時刻的波形圖象，乙圖為在該波的傳播方向上某質點的振動圖象，下列說法中正確的是a該波的波速為10m/sb該波一定沿x軸正方向傳播c若圖乙是質點p的振動圖線，那么在t0.15s時刻，質點q的坐標

11、為（0.5m，0）d若圖乙是質點q的振動圖象，呢么在t0.15s時刻，質點p的坐標為（1m，4cm）e當t0.1s時，質點p一定正在經過平衡位置16如圖所示，在真空中有一個半徑為r，質量均勻分別的玻璃球，一細激光束在真空中沿直線bc傳播，并與玻璃球表面的c點經折射后進入玻璃球，在玻璃球表面上的另外一點d又折射后進入真空，半徑co與do的夾角為120°，玻璃球對該激光的折射率為3，光在真空中傳播的速度為c，則（i）此激光束在玻璃球中傳播的時間是多少？（ii）入射角i是多少？2018年四川省內江市高考物理一模試卷參考答案與試題解析二、選擇題：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中

12、，第1417題只有一項符合題目要求，第1821題有多項符合題目要求，全部選對得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分1【分析】物體在運動過程中所受到的合外力不為零，根據合力是否做功，分析動能是否變化根據牛頓第二定律分析加速度和速度是否變化【解答】解：ac、物體在運動過程中所受到的合外力不為零，若合力總與速度垂直，合力不做功，由動能定理得知物體的動能不變，比如勻速圓周運動。則速度大小不變，方向變化，故ac錯誤。b、物體在運動過程中所受到的合外力不為零，合力可能不變，也可能變，則加速度可能不變，也可能變。故b錯誤。d、由于合外力不為零，則合外力的沖量不為零，故物體的動量不可能總是不變，故d正確。

13、故選：d。【點評】本題考查對運動和力關系的理解，采用舉例的方法做抽象性的問題是常用方法是解題的關鍵2【分析】萬有引力提供向心力，應用萬有引力公式與牛頓第二定律求出線速度、角速度、向心角速度然后分析答題，衛(wèi)星離地面越遠，衛(wèi)星的重力勢能越大【解答】解：a、萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：gmmr2=mv2r，解得：v=gmr，衛(wèi)星離地面越遠其軌道半徑r越大，線速度v越小，故a錯誤；b、萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：gmmr2=m2r，解得：=gmr3，衛(wèi)星離地面越遠其軌道半徑r越大，角速度越小，故b錯誤；c、萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：gmmr2=ma，解得：a=gmr2，

14、衛(wèi)星離地面越遠其軌道半徑r越大，向心加速度a越小，故c正確；d、衛(wèi)星遠離地面過程要克服重力（萬有引力）做功，其重力勢能增加，由此可知，衛(wèi)星離地面越遠其重力勢能越大，故d錯誤；故選：c?！军c評】本題考查了萬有引力定律的應用，知道萬有引力提供向心力是解題的前提，應用萬有引力公式與牛頓第二定律即可解題3【分析】分析物體m和斜面體m的受力情況，比較受力的個數關系根據能量的轉化情況分析物體m和斜面體m組成的系統機械能是否守恒斜面體m對物體m的作用力與速度的關系判斷該力是否做功結合相對運動知識分析【解答】解：a、物體m受到重力、斜面的支持力和摩擦力，共3個力。斜面體m受到重力、地面的支持力、m的壓力和摩擦

15、力，共4個力，所以物體m受到的力的個數比斜面體m受到的力的個數要少，故a正確。b、在物體m向上運動的過程中，系統要產生內能，所以系統的機械能不守恒。故b錯誤。c、在物體m向上運動的過程中，斜面體m水平向右運動，所以斜面體m對物體m的支持力與m的速度不垂直，兩者成鈍角，所以m對物體m的支持力對m做負功，摩擦力對m也做負功，因此m對物體m的作用力對物體m做負功，故c錯誤。d、由于物體m沿斜面體m要向上運動，所以物體m向右運動的水平距離要大于斜面體m水平向右運動的距離，故d錯誤。故選：a。【點評】解決本題的關鍵是要掌握機械能守恒的條件，可從能量轉化的角度來分析機械能是否守恒4【分析】根據pfv求出t

16、2s時物塊的速度，運用動量定理列式，可求得動摩擦因數【解答】解：由圖知 t2s時，p30w由pfv得：v2m/s根據動量定理得：（fmg）tmv0解得：=25，故b正確，acd錯誤故選：b?！军c評】本題涉及力在時間上要積累效果，要考慮動量定理，這比牛頓第二定律解答要簡便5【分析】石子做自由落體運動，它留下徑跡ab的對應運動時間即為照相機的曝光時間由照片可以看出，ab的實際長度為兩塊磚的厚度由位移公式分別石子從開始下落到a、b的時間，再求解曝光時間【解答】解：石子做自由落體運動，它留下徑跡ab的對應運動時間即為照相機的曝光時間。設開始下落點為o由照片可以看出，ab長對應兩塊磚的厚度，即ab的實際

17、長度為：ab6×2cm0.12m，則0a1.8m，ob1.92m，由oa=12gt2知，從o到a的時間為：ta=2×1.810=0.6s從o到b的時間為：tb=2×1.9210=0.62s所以曝光時間為：ttbta0.02s。故a正確bcd錯誤。故選：a。【點評】本題是實際問題，首先要搞清物理情景，明確已知條件與所求曝光時間的關系；注意明確位移公式的正確應用即可求解6【分析】本題中跨過光滑定滑輪的輕繩上張力大小處處相等，滑輪對繩子的作用力應該是兩滑輪兩側細繩拉力的合力，根據平衡條件和平行四邊形定則求解再根據a點的變化分析繩子夾角的變化，從而明確繩子對滑輪作用力的變

18、化，注意繩子上的彈力是保持不變的【解答】解：由題意可得，對繩b點受力分析：滑輪受到繩子的作用力應為圖中兩段繩中拉力f1和f2的合力f，因同一根繩張力處處相等，都等于物體的重量，即為：f1f2gmg。用平行四邊形定則作圖，由于拉力f1和f2的夾角為120°；則由幾何知識得橫梁ab對小滑輪的作用力方向沿著cbd的角平分線方向與bc繩子的夾角為120°斜向上，大?。篺梁f1mg5×1050n，所以橫梁ab對小滑輪的作用力的大小是50n；方向與ab橫梁的夾角為30°斜向上故ab錯誤cd正確。故選：cd。【點評】本題考查共點力平衡條件中的動態(tài)平衡，要注意明確繩子上

19、的張力等于mg，同時明確相的彈力可以沿任意方向，只能根據兩端繩子的合力求解桿的彈力7【分析】小球下降過程，先自由落體運動，與彈簧接觸后，先加速下降，到達平衡位置后開始減速下降，根據共點力平衡條件求出平衡位置的坐標，結合整個下降過程中小球和彈簧機械能守恒進行分析?！窘獯稹拷猓篴、根據乙圖可知，當xh+x0，小球的重力等于彈簧的彈力，此時小球具有最大速度，以彈簧和小球組成的系統，機械能守恒可知，重力勢能與彈性勢能之和最小，故a正確；b、根據運動的對稱性可知，小球運動的最低點大于h+2x0，小球受到的彈力最大值大于2mg，故b錯誤，c正確；d、小球達到最大速度的過程中，根據動能定理可知mg(h+x0

20、)-12mgx0=12mv2，故小球動能的最大值為mgh+mgx02，故d正確故選：acd?！军c評】本題關鍵是將物體的運動分為自由落體、加速下降和減速下降三個階段，同時物體的動能和重力勢能以及彈簧彈性勢能總量守恒8【分析】當拉力較小時，m和m保持相對靜止一起做勻加速直線運動，當拉力達到一定值時，m和m發(fā)生相對滑動，結合牛頓第二定律，運用整體和隔離法分析?！窘獯稹拷猓簩φw分析，由牛頓第二定律有：ff0（m+m）a，代入數據解得：m+m1.5kg當f大于5n時，根據牛頓第二定律得：a=f-f0-mgm=f-f0m-mgm，知圖線的斜率k=1m=2，解得：m0.5kg，滑塊的質量為：m1kg。故a

21、錯誤。b、根據f大于5n的圖線知，f4時，a0，即：02（ff0）-100.5，代入數據解得：0.2，所以a2（ff0）4，當f7n時，長木板的加速度為：a6m/s2。根據mgma得：ag2m/s2，故bc正確。d、由圖象可知，當f5n時，兩物體發(fā)生相對滑動，此后小物體的加速度恒定，故d錯誤；故選：bc?！军c評】本題考查牛頓第二定律與圖象的綜合，知道滑塊和木板在不同拉力作用下的運動規(guī)律是解決本題的關鍵，掌握處理圖象問題的一般方法，通常通過圖線的斜率和截距入手分析。三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分（一）必考題9【分析】（1）小車下滑時受到重力、細線的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，

22、則應該用重力的下滑分量來平衡摩擦力，故可以將長木板的一段墊高；（2）橡皮條做功完畢小車速度最大，做勻速直線運動；（3）不加橡皮筋時，木塊加速下滑，說明合外力不為零，因此橡皮筋彈力作用下，合外力對小車做的功大于橡皮筋彈力所做的功?！窘獯稹拷猓海?）小車下滑時受到重力、細線的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，則應該用重力的下滑分量來平衡摩擦力，故可以將長木板的一段墊高，使小車勻速下滑，以平衡摩擦力。（2）橡皮條做功完畢小車速度最大，做勻速直線運動，點跡均勻，故選c點；（3）不加橡皮筋時，木塊加速下滑，說明合外力不為零，此時在橡皮筋彈力作用下時，合外力大于橡皮筋的拉力，因此合外力對小車做的功大

23、于橡皮筋彈力所做的功。故答案為：（1）木板靠近打點計時器的一端適當墊高，使小車在不受拉力時能沿木板勻速運動；（2）c；（3）大于?！军c評】本題是探究功與速度變化的關系的實驗，關鍵明確橡皮條做功是變力做功，通過增加橡皮條條數而使功整數倍增加，同時要注意平衡摩擦力，是一道容易出錯的題目，同學們在學習中應注意實驗的細節(jié)，屬于基礎題。10【分析】（1）根據實驗原理可知，該實驗不需要測量物體質量，因此不需要天平（2）根據勻變速直線運動中中間時刻的瞬時速度等于該過程中的平均速度可以求出b點的速度大小，進一步可求出其動能，根據勢能的定義可以求出勢能的改變量，從而驗證機械能是否守恒【解答】解：（1）根據重物下

24、落過程中機械能守恒的表達式可知，物體的質量可以約掉，因此本實驗中不需要天平，故abd錯誤，故c正確故選：c（2）b點的速度為：vb=xac2t=50.2-18.62×0.02×10-3=0.79m/s重物的動能為：ekb=12mb2=0.31（j）重力勢能的該變量為：mghob1×9.8×32.5×1030.32（j）選點o為重力勢能的參考點，那么b點的重力勢能為0.32（j）；故答案為：（1）c；（2）0.31；0.32j【點評】驗證機械能守恒是中學階段的基礎實驗，要從實驗原理出發(fā)來理解實驗同時注意平時加強練習，注意零勢能的選取11【分析】（

25、1）a下滑過程機械能守恒，由機械能守恒定律求出a到達最低點時的速度，在最低點應用牛頓第二定律求出支持力，然后由牛頓第三定律求出壓力。（2）系統動量守恒，由動量守恒定律求出最終的速度，然后由能量守恒定律求出總路程?！窘獯稹拷猓海?）木塊a從軌道圖中位置滑到最低點的過程中機械能守恒，由機械能守恒定律得：mgr(1-cos60°)=12mv02，在最低點時，對a由牛頓第二定律得：f-mg=mv02r，解得：f2mg，根據牛頓第三定律可得木塊對軌道的壓力：ff2mg，方向：豎直向下；（2）在小木塊a與b碰撞過程系統動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv0（m+m）v1然后一起運動直

26、到將彈簧壓縮到最短的過程中系統動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv0（m+m+2m）v2在這個過程中，由能量守恒定律得：12(m+m)v12=12(m+m+2m)v22+em+q對于從彈簧壓縮到最短到兩木塊滑到小車左端的過程，由能量守恒定律得：12(m+m+2m)v22+em=12(m+m+2m)v22+q摩擦產生的熱量：q=2mg12x，解得：x=r16；答：（1）小木塊a滑到軌道最低點時，對圓形軌道的壓力大小為2mg，方向：豎直向下；（2）a、b兩小木塊在平板車上滑行的總路程為r16。【點評】本題考查了動量守恒定律與能量守恒定律的應用，分析清楚物體運動過程是解題的關鍵，應用機械

27、能守恒定律、動量守恒定律與能量守恒定律可以解題，解題時注意正方向的選擇。12【分析】（1）根據平拋運動的規(guī)律，結合平拋運動的速度方向與斜面平行，結合平行四邊形定則求出時間，從而得出a與b點的水平距離。（2）根據牛頓第二定律分別求出小物體和薄板的加速度，結合運動學公式求出兩者速度相等經歷的時間，通過兩者的位移求出薄板的長度?！窘獯稹拷猓海?）小物體從a到b做平拋運動，下落時間為t0，水平位移為x，則gt0v0tan37°，xv0t0由以上兩式解得v04m/s（2）設小物體落到b點的速度為v，則v=v0cos37°小物體在薄板上運動，mgsin37°mgcos37&#

28、176;ma1薄板在光滑斜面上運動，mgsin37°+mgcos37°ma2小物體從落到薄板到兩者速度相等用時t，則小物體的位移x1=vt+12a1t2薄板的位移x2=12a2t2，薄板的長度lx1x2速度相等v+a1ta2t，以上各式解得l2.5m答：（1）小物體在a點的初速度4m/s；（2）薄板bc的長度2.5m。【點評】本題考查了牛頓第二定律與平拋運動的綜合運用，通過平拋運動的末速度的方向與斜面方向平行求出運動的時間是關鍵，對于第二問，關鍵理清小物體和薄板的運動規(guī)律，結合牛頓第二定律和運動學公式綜合求解。【物理選修3-3】解答題（共2小題，滿分0分）13【分析】熱量能

29、夠從高溫物體傳遞到低溫物體，但不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，在外界的影響下熱量也可能從低溫物體傳遞到高溫物體。功可以全部轉化為熱，但熱不能全部轉化為功。結合熱力學第二定律分析?！窘獯稹拷猓篴、根據熱力學第二定律知熱量能夠從高溫物體傳遞到低溫物體，但不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，故a正確。b、熱量能夠從高溫物體傳遞到低溫物體，但外界的影響下也可能從低溫物體傳遞到高溫物體，如空調，故b正確。c、根據熱力學第二定律，知功可以全部轉化為熱，在外界的影響下，熱能全部轉化為功。故c錯誤。d、由熱力學第二定律，知不可能從單一熱源吸收熱量并把它全部用來做功，而不引起其他變化，故d正確。e、不違反能量守

30、恒定律的過程，若違反熱力學第二定律，也一定不能實現，如第二類永動機。故e錯誤。故選：abd?！军c評】該題考查熱力學第二定律，其中關于熱力學第二定律的幾種不同的說法，一定要牢記。14【分析】試管在水平面內以角速度繞oo勻速轉動時，活塞做勻速圓周運動，由大氣壓力和封閉氣體的壓力的合力提供向心力，根據牛頓第二定律和壓強公式結合求解?！窘獯稹拷猓海╥）試管轉動時，活塞受到內部氣體的壓力和外部大氣的壓力，壓力差提供向心力，對于活塞有：psp0sm2l解得：pp0+m2ls（ii）以活塞左端封閉氣體為研究對象，初態(tài)體積為：v1ls，壓強為：p1p0末態(tài)體積為：v2=ls，壓強：p2p0+m2ls因等溫變化，故有：p1v1p2v2解得轉動時氣柱的長度是：l=p0slp0s+m2l。答：（i）試管轉動時封閉氣體的壓強為p0+m2l