北京市昌平區(qū)2016-2017學年高二物理上學期期中試題(含解析)

1、北京市昌平區(qū) 2016-2017 學年高二物理上學期期中試題（含解析）一.不定項選擇題（每小題 4 分，40 分）1 帶電量分別為 2Q 4Q 的兩點點電荷，相距為 r，相互作用力為F.現(xiàn)把兩個電荷的電量各減少一半，距離增大為原來的 2 倍，則兩個點電荷的相互作用力變?yōu)椋ǎ〧A.FB . C .D .16【答案】D【解析】2Q 4QQ#2Q試題分析：由庫倫定律可得：變化前：F=k一 =k -，變化后：F?=k= r2（2r）z2r2所以：F=F,故 ABC 錯誤，D 正確.16考點：庫侖定律.2.某靜電場的電場線分布如圖所示，圖中P、Q 兩點的電場強度的大小分別為E3和EQ,電勢分別為UP 和

2、匕，則（ ）集程度，故P點的場強大于 Q 點的場強，所以EP民，又由于沿電場線方向電勢逐漸降低，由 圖可知電場線的方向由P指向 Q,所以P點的電勢高于 Q 點的電勢，即UPUQ,故 A 正確.考點：電場線；電場強度；電勢.A.EPEQ,UPUQC.EPVEQ,UPUQ【答案】AB.E=EQ,UPvUQD.EPVEQ,UPvUQ【解試題分析：電場線越密代表場強越強，從圖可以看出P點的電場線的密集程度大于Q 點的密-2 -3如圖所示，電子在電勢差為U的加速電場中由靜止開始運動，然后射入電勢差為12 的兩塊平行極板間的偏轉勻強電場中，在滿足電子能射出平行極板區(qū)的條件下，下述四種情況中，一定能使電子的

3、偏轉角0變大的是（）I匸I【答案】B【解析】B.考點：帶電粒子在勻強電場中的運動.小的點電荷 q,它所受的電場力大小等于（QA. 8kq【答案】D【解析】故選 D?？键c：庫侖定律.A. U 變大、U 變大U變小、U變大C. U變大、Ua變小.U變小、U變小試題分析：根據(jù)動能定理:vU?Ltan0=，若使偏轉角變大即使tan0變大，由上式看出可以增大U2 減小U.故選:4.平行板電容器的電容為C,電荷量為 Q極板間的距離為 d,在兩極間的中點放一電荷量很Q.4kqd2試題分析：平行板電容器極板間存在勻強電場, 根據(jù)eU=mV,得:二_，在偏轉電場中Vy=at,ID及E=得:，所以F=Eq=q,-

4、3 -5.用電場線能很直觀、很方便地比較電場中各點的強弱.在圖中，左邊是等量異種點電荷形成電場的電場線，右邊是場中的一些點：0 是電荷連線的中點，E F是連線中垂線上相對 0對稱的兩點，B C 和 A、D 也相對 0 對稱.則（ ）A. B、C 兩點場強大小和方向都相同B. A、D 兩點場強大小相等，方向相反C.E、OF三點比較，0 的場強最弱D.B、O C 三點比較，0 點場強最弱【答案】AD【解析】試題分析：A、根據(jù)對稱性看出，B、C 兩處電場線疏密程度相同， 則 B C 兩點場強大小相同.這 兩點場強的方向均由 BfC,方向相同.故 A 正確.B、根據(jù)對稱性看出， A、D 兩處電場線疏

5、密程度相同，則 A、D 兩點場強大小相同.由圖看出，AD 兩點場強方向相同.故 B 錯誤.C、由圖看出，E、OF三點中，0 處電場線最密，0 的場強最強.故 C 錯誤.D 由圖看出，B、O C 三點比較，0 處電場線最疏，0 點場強最弱.故 D 正確.故選：AB 考點：電場線.6.圖中虛線為勻強電場中與場強方向垂直的等間距平行直線，兩粒子M N 質量相等，所帶電荷的絕對值也相等，現(xiàn)將 M N 從虛線上的 0 點以相同速率射出，兩粒子在電場中運動的軌 跡分別如圖中兩條實線所示.點a、b、c 為實線與虛線的交點，已知 0 點電勢高于 c 點.若不計重力，則（）-4 -A. M 帶負電荷，N 帶正電

6、荷B. N 在a點的速度與 M 在 c 點的速度大小相同C. N 在從 0 點運動至a點的過程中克服電場力做功-5 -D. M 在從 O 點運動至 b 點的過程中，電場力對它做的功等于零【答案】BD【解析】試題分析；X X、電場線與等勢面垂直丿由于。點電勢高于C點“故勻強電場的場強方冋向下；因為運動軌跡 是不可能H現(xiàn)在這個夾角外的，由這點可以.直接看出，團中的N受到的電場力罡向上的，M受到的電場力 是向下的，故N帶員電，皿帶正電，故A錯誤；臥由于 X 和oc間電勢差相等，電場力又都是做正功的, 根擄動能定理，電場力做功相等，故動増量相等，故霧答案正確；C.由于囤帶員電電場力向上，故 電場力做正

7、功丿故C錯誤；D、由于嗆在同一等勢面上，故皿在從0點運動至b點的過程中，電場力對 它做的功等于星 故D正環(huán) 故選ED.考點：帶電粒子在勻強電場中的運動；電勢.7.如圖所示，在 y 軸上關于 O 點對稱的 A、B 兩點有等量同種點電荷 +Q 在 x 軸上 C 點有點電荷-Q,且 CO=OD / ADO=60 .下列判斷正確的是（）A. O 點電場強度為零B. D 點電場強度為零C. 若將點電荷+q 從 O 移向 C,電勢能增大D. 若將點電荷-q 從 O 移向 C,電勢能增大【答案】BD【解析】試題分析：A、題中AB 兩個+Q 在 O 點的場強矢量和為 0,所以 O 點的場強等于 C 點在 O

8、點 產(chǎn)生的場強（不為零） ，A 選項錯誤；B、題中 A、B C 三點電荷在 D 點產(chǎn)生的場強如圖所示， 大小相等，設EX=EB=E：=E,E EEB的矢量和沿 x軸正方向，大小也等于E, EC 方向沿 x 軸負方向, 故三個場強的矢量和為 0, B 選項正確；C、D x 軸上 xV0 的區(qū)間，合場強方向沿 x 軸負方向, 所以將正電荷從 O 移向 C,電場力做正功，電勢能減小，將負電荷從 O 移向 C,電場-6 -電勢能增C 選項錯誤，D 選項正確.故選 BD.力做負功，-7 -考點：電場的疊加；電勢能.&如圖所示是某導體的伏安特性曲線，由圖可知正確的是（）A.導體的電阻是 25QB.

9、導體的電阻是 0.04Q【答案】ACD【解析】流是 0.1A 時，導體兩端的電壓U=IR=0.1AX25Q=2.5V，故 D 正確；故選 ACD考點：歐姆定律.9.把“ 220V 100W 的 A 燈與“ 220V 200W 的 B 燈串聯(lián)后接入 220V 的電路中，則（）A. 兩燈電阻之比為RA:RB=2: 1B.兩燈所分電壓之比為U: UB=1: 2C.兩燈消耗的實際功率之比為FA：FB=2: 1D.串聯(lián)后允許接入的最大電壓為330V【答案】ACD【解析】C.當導體兩端的電壓是10V 時，通過導體的電流是0.4AD.當通過導體的電流是0.1A時，導試題分析：A、根據(jù)圖象，由歐姆定律可得，導

10、體電阻1 嚴。，故 A 正確,B 錯誤；C當導體兩端電壓是 10V 時，通過導體的電流10V=0.4A，故 C 正確;D、當通過導體的電-8 -試題分析：A、根據(jù) P 得：A 的電阻.一 一:.,B 的電阻RA_PA100U22；，則RA：R=2: 1，故 A 正確；B、A B兩燈泡在串聯(lián)電路中，電流呵PB 200 s相等，根據(jù)U=IR可知，電壓之比等于電阻之比，貝 UUA：UB=2： 1，故 B 錯誤；C、A B兩燈泡 在串聯(lián)電路中，電流相等，根據(jù)P=I2R可知，消耗的功率之比為PA：FB=RX：R=2: 1,故 C 正 確；D、串聯(lián)后允許接入后 1OOW 燈泡達最大電壓， 此時 200W

11、燈泡的兩端的電壓為 110V,故最 大電壓為 330V;故 D 正確；故選：ACD考點：電功、電功率；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路.10.在如圖的電路中， 當滑動變阻器的滑動頭向下滑動時，A、B 兩燈亮度的變化情況為 （）A. A 燈和 B 燈都變亮B. A 燈、B 燈都變暗C. A 燈變亮，B 燈變暗D.A 燈變暗，B 燈變亮【答案】B【解析】 試題分析：當滑動變阻器的滑動頭向下滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻變小，并聯(lián)部分的總電阻變小，所以總電阻變小，總電流變大，所以電源內阻的電壓變大，所以變小，根據(jù)卩一可知 A 的功率變小，故 A 燈變暗；由1= 可知 A 的電流變小，而總電流變大, 所以通過另一

12、支路的電流變大， 所以另一個電阻的電壓變大， 故燈泡 B 的電壓變小，根據(jù) 可知 B 的功率變小，故 B 燈變暗.故選 B.考點：閉合電路的歐姆定律.二.填空題11某課外學習小組想描繪標有“ 4V、2W 的小燈泡的U- I圖象，除導線和開關外還備有以下器材：A、電流表（量程 0.6A，內阻為 1Q） B、電流表（量程 3.0A，內阻為 0.6Q）A 燈的電壓-9 -C 電壓表（量程 5.0V，內阻為 5kQ）D、電壓表（量程 15V,內阻為 10kQ）-10 -E滑動變阻器（最大阻值為5Q，額定電流 1.0A ）F、滑動變阻器（最大阻值為2kQ，額定電流 0.2A ）G 電源（電動勢為 6.0

13、V，內阻約為 1.5Q）、導線若干（2）根據(jù)以上器材，選出既滿足實驗要求，又要減小誤差的實驗電路圖是圖1 中（3） 根據(jù)（1）題所選實驗電路圖，用筆畫線代替導線，將圖2 中的實驗電路連接完整.（4） 開關 S 閉合之前，圖 2 中滑動變阻器的滑片應該置于最 _端（填“左”或“右”）（5） 根據(jù)圖 3 給出的信息，可以判斷圖 4 中正確的是圖中（P為小燈泡的功率） _ 【答案】（1） ACE；（ 2）丙；（3）如圖；（4）左；（5） BD?！窘馕觥縎3E4（1） 電路中電流表應選用，電壓表選用，滑動變阻器選用（用字母填-11 -試題分析： 燈泡的額定電壓為w,則電壓表的量程選用MV的，燈泡的額定

14、電流氣彳臚0.5 5打則電流表量程選用DWA的，最大阻值2000的滑動變阻器接入電路時，使得電路中的電流太小，測量誤差 較大，所臥選用最犬阻值為山門的滑動變阻器.故選直、GE E、(2)燈泡正常工作B寸的電阻疋圧二西遠d吁電壓表內阻，屬于小電卩目，所以.電流表采用外接P2 2注,電壓和電澆需從0幵始測所以滑動變阻器需采用分壓式接法.故選丙團(3)實物圖如團所示；(4)實驗幵始時，滑動變阻器的渭片應該羞于最左端，保護測量電路部分.(5)由暫團知電阻隨打玄T泡兩端電壓的増大而増大，宀衛(wèi):P-2P-2團象的斜率表示電阻的倒數(shù)故斜率R應該越來越小，故 B 正確；P=I1 2 3 4 5 6 7 8R,

15、 P- I2圖象的斜率表示電阻，故斜率應該越來越大，故 D 正確；考點：描繪小電珠的伏安特性曲線.四.計算題(8+8+14+16=46 分)12.在真空中的 O 點放一點電荷 Q=1.0X10-9C,直線 MN 過 O 點，OM=30m M 點放有一點電荷q=- 2X10-叱，如圖所示，求：1M 點電場強度大??；2若 M 點的電勢比 N 點的電勢高 15V，則電荷 q 從 M 點移到 N 點，電勢能變化了多少，動能變化了多少？(靜電力常量k=9.0X109N?m/C2)【答案】(1) M 點電場強度大小 100N/C;(2)電勢能增加 3X10-9J，動能減少 3X10-9J.【解析】Q, g

16、試題分析：(1)由點電荷的場強公式 E=k 可知，解得：E=L 亍J .一=100N/C, r0. 32所以電荷 Q 在 M 點的電場強度大小是 100N/C.(2)電荷 q 從 M 點移到 N 點，電場力做的功為：WMr=qUMr=q (M$N) = - 3X10 J,所以電勢能增加了 3X10-9J ； 考點：點電荷的場強；電場強度.13.將一個標有“ 220V, 60W字樣的燈泡接入電路，當燈泡兩端電壓降低為200V 時，燈泡-12 -【答案】49.59W; 0.29A .【解析】2 22j試題分析：根據(jù)P=知燈泡電阻R=;RP 60nf f2 900當燈泡兩端電壓降低為 200V 時，

17、燈泡消耗的功率是P P = =I =49.59W;R 2202T T230當燈泡兩端電壓升高到 230V 時，流過燈泡的電流1= = =0.29A。R 220z考點：交流的峰值、有效值以及它們的關系.14兩塊豎直足夠長的平行板間有一勻強電場，在電場中用長為2.4 二 cm的絲線懸一帶電小球，平衡于跟豎直方向成30角的位置，如圖所示，此時小球離負極板0.05m求：(1)若把小球提起，使絲線水平，然后釋放小球，問小球經(jīng)過最低點時速度多大?(2)球在平衡位置時將絲線剪斷，小球將做何種運動？何時碰板?1) 0.6ms ; ( 2)小球將做初速度為零的勻加速直線運動，經(jīng)0.13s 碰板?！窘馕觥?1)可

18、知小球帶正電，擺到最低點的過程，由動能定理得I：(2)球在平衡位置時將絲線剪斷，小球做初速度為零的勻加速直線運動考點：勻強電場中電勢差和電場強度的關系；物體的彈性和彈力.15.飛行時間質譜儀可對氣體分子進行分析.如圖所示，在真空狀態(tài)下，脈沖閥氣體，經(jīng)激光照射產(chǎn)生電荷量為 q、質量為m的正離子，自a板小孔進入a、b 間的加速電場,【答案】(試題分析:平衡時有:qE=ngtan30所以：-：匕i 二-iui:P噴出微量=o.6ms:匚匚：s=0.05m3水平水平解得：-13 -從 b 板小孔射出，沿中線方向進入M N 板間的偏轉控制區(qū)，到達探測器已知ab 板間距為 d，極板 M N 的長度和間距均為 L.不計離子重力及進入a板時的初速度.(1) 當a、b 間的電壓為U，在 M N 間加上適當?shù)碾妷?U,使離子到達探測器.求離子到達 探測器的全部飛行時間.(2)為保證離子不打在極板上，試求 U 與 U 的關系.極板上，U與U應滿足12 2U.【解析】離子在a