湖南省益陽市桃江一中高二上月考物理試卷月份解析doc

1、2016-2017學年湖南省益陽市桃江一中高二（上）月考物理試卷（10月份）一、選擇題（共10小題，每題4分，共40分）1關于元電荷和點電荷的理解正確的是（）A元電荷就是電子B元電荷是表示跟電子所帶電量數(shù)值相等的電量C體積很小的帶電體就是點電荷D點電荷是一種理想化模型2真空中保持一定距離的兩個點電荷，若其中一個點電荷增加了，但仍然保持它們之間的相互作用力不變，則另一點電荷的電量一定減少了（）ABCD3一帶電量為q的檢驗電荷在電場中某點受到的電場力大小為F，該點場強大小為E，則下面能正確反映這三者關系的是（）ABCD4如圖所示，帶箭頭的線表示某一電場的電場線在電場力作用下，一帶電粒子（不計重力）

2、經(jīng)A點飛向B點，徑跡如圖中虛線所示，下列說法正確的是（）A粒子帶正電B粒子在A點加速度小C粒子在B點動能大DA、B兩點相比，B點電勢較低5如圖，A、B、C三點在勻強電場中，ACBC，ABC=60°，=20cm，把一個電量q=1×105C的正電荷從A移到B，電場力不做功；從B移到C，電場力做功為×103J，則該勻強電場的場強大小和方向是（）A866V/m，垂直AC向上B866V/m，垂直AC向下C1000V/m，垂直AB斜向上D1000V/m，垂直AB斜向下6如圖為某勻強電場的等勢面分布圖（等勢面豎直分布），已知每兩個相鄰等勢面相距2cm，則該勻強電場的電場強度大小

3、和方向分別為（）AE=100V/m，豎直向下BE=100V/m，豎直向上CE=100V/m，水平向左DE=100V/m，水平向右7在方向水平向左，大小E=100V/m的勻強電場中，有相距d=2cm的a、b兩點，現(xiàn)將一帶電荷量q=3×1010C的檢驗電荷由a點移至b點，該電荷的電勢能變化量可能是（）A0B6×1011JC6×1010JD6×108J8如圖，一帶電液滴在重力和勻強電場對它的作用力作用下，從靜止開始由b沿直線運動到d，且bd與豎直方向所夾的銳角為45°，則下列結(jié)論正確的是（）A此液滴帶負電B液滴的加速度等于gC合外力對液滴做的總功等于

4、零D液滴的電勢能減少9如圖所示，A、B、C、D為勻強電場中相鄰的四個等勢面，一個電子垂直經(jīng)過等勢面D時，動能為20eV，飛經(jīng)等勢面C時，電勢能為10eV，飛至等勢面B時速度恰好為零，已知相鄰等勢面間的距離為5cm，則下列說法正確的是（）A等勢面A的電勢為10VB勻強電場的場強大小為200V/mC電子再次飛經(jīng)D勢面時，動能為10eVD電子的運動為勻變速直線運動10對于電容C=，以下說法正確的是（）A一只電容充荷量越大，電容就越大B對于固定電容器，它所充電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變C可變電容器的充電荷量跟加在兩極間的電壓成反比D如果一個電容器沒有電壓，就沒有充電荷量，也就沒有電容二、填

5、空題（共4小題，11-13每空2分，14題6分，共22分）11將電量為6×106C的負電荷從電場中A點移到B點，克服電場力做了3×105J的功，則該電荷在此過程中電勢能了J；再將該電荷從B點移到C點，電場力做了1.2×105J的功，則A、C間的電勢差UAC=12如圖所示，帶電粒子的質(zhì)量為m，所帶電荷量為q，僅在電場力作用下以恒定的速率v沿一圓弧從A運動到B，粒子速度方向轉(zhuǎn)過角設AB弧長為L，則B處的電場強度的大小為，A、B兩點的電勢差UAB=13在真空中有兩個點電荷，其中電荷A的電量是電荷B電量的4倍，它們相距5cm時，相互斥力為1.6N，當它們相距20cm時，相

6、互斥力為，電荷A的電量為，電荷B的電量為14如圖所示，在點電荷Q形成的電場中有A、B、C三點，若Q為正電荷，則點電勢最高，將正電荷放在點時電勢能最大，將負電荷放在點時電勢能最小若Q為負電荷，則點電勢最低，將正電荷放在點時電勢能最小，將負電荷放在點時電勢能最大三計算題（共4小題，15題8分，16題10分，17題10分，18題10分，共38分）15如圖，一質(zhì)量m=1×106kg，帶電量q=2×108C的微粒以初速度v0豎直向上從A點射入一水平向右的勻強電場，當微粒運動到比A高2cm的B點時速度大小也是v0，但方向水平，且AB兩點的連線與水平方向的夾角為45°，g取10

7、m/s2，求：（1）AB兩點間的電勢差UAB；（2）勻強電場的場強E的大小16如圖，平行板電容器為C，電荷量Q0，極板長為L，極板間距離為d，極板與水平面成夾角，現(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電液滴沿兩極板的中線從P點由靜出發(fā)到達Q點，P、Q兩點都恰在電容器的邊緣處，忽略邊緣效應，求：（1）液滴的電荷量；（2）液滴到達Q點時的速度大小17如圖所示為兩組平行板金屬板，一組豎直放置，一組水平放置，今有一質(zhì)量為m的電子靜止在豎直放置的平行金屬板的A點，經(jīng)電壓U0加速后通過B點進入兩板間距為d、電壓為U的水平放置的平行金屬板間，若電子從兩塊水平平行板的正中間射入，且最后電子剛好能從右側(cè)的兩塊平行金屬板穿出，A、B

8、分別為兩塊豎直板的中點，求：（1）電子通過B點時的速度大小；（2）右側(cè)平行金屬板的長度；（3）電子穿出右側(cè)平行金屬板時的動能18如圖所示，在真空中有一與x軸平行的勻強電場，一電子由坐標原點O處以速度v0沿y軸正方向射入電場，在運動中該電子通過位于xoy平面內(nèi)的A點，A點與原點O相距L，OA與x軸方向的夾角為，已知電子電量q=1.6×1019C，電子質(zhì)量m=9×1031kg，初速度v0=1×107m/s，O與A間距L=10cm、=30°求勻強電場的場強大小和方向2016-2017學年湖南省益陽市桃江一中高二（上）月考物理試卷（10月份）參考答案與試題解析一

9、、選擇題（共10小題，每題4分，共40分）1關于元電荷和點電荷的理解正確的是（）A元電荷就是電子B元電荷是表示跟電子所帶電量數(shù)值相等的電量C體積很小的帶電體就是點電荷D點電荷是一種理想化模型【考點】元電荷、點電荷【分析】點電荷是當兩個帶電體的形狀對它的相互作用力的影響可忽略時，這兩個帶電體可看作點電荷而元電荷是帶電量的最小值，它不是電荷，所有帶電電荷量均是元電荷的整數(shù)倍【解答】解：A、元電荷的電量等于電子的電量，但不是電子元電荷是帶電量的最小單元沒有電性之說故A錯誤；B、元電荷是表示跟電子所帶電量數(shù)值相等的電量，故B正確；C、當兩個帶電體的形狀對它的相互作用力的影響可忽略時，這兩個帶電體可看作

10、點電荷，故C錯誤；D、點電荷實際不存在，是理想化模型故D正確；故選：BD2真空中保持一定距離的兩個點電荷，若其中一個點電荷增加了，但仍然保持它們之間的相互作用力不變，則另一點電荷的電量一定減少了（）ABCD【考點】庫侖定律【分析】根據(jù)庫侖定律的公式F=判斷另一點電荷的電量變化【解答】解：因為一個點電荷增加了，則，根據(jù)庫侖定律的公式F=知，若庫侖力不變，則，即另一電荷減小了故B正確，A、C、D錯誤故選B3一帶電量為q的檢驗電荷在電場中某點受到的電場力大小為F，該點場強大小為E，則下面能正確反映這三者關系的是（）ABCD【考點】電場強度【分析】電場中的電場強度與放入電場中檢驗電荷的電量無關，由場源

11、電荷決定【解答】解：A、因為電場中的電場強度與放入電場中檢驗電荷的電量q無關，由場源電荷決定所以電場強度不隨q、F的變化而變化故A錯誤，B正確，D錯誤C、由E=知，某點的電場強度一定，F(xiàn)與q成正比故C正確故選：BC4如圖所示，帶箭頭的線表示某一電場的電場線在電場力作用下，一帶電粒子（不計重力）經(jīng)A點飛向B點，徑跡如圖中虛線所示，下列說法正確的是（）A粒子帶正電B粒子在A點加速度小C粒子在B點動能大DA、B兩點相比，B點電勢較低【考點】電場線；牛頓第二定律；物體做曲線運動的條件；電勢【分析】本題考查了帶電粒子在電場中的運動，解這類問題的突破點在于根據(jù)運動軌跡判斷出電場力方向，從而進一步判斷電勢、

12、電勢能等物理量的變化情況【解答】解：A、帶電粒子所受電場力指向其軌跡內(nèi)側(cè)，因此電場力向下，和電場線相反，故粒子帶負電，故A錯誤；B、B處電場線密，電場強，故電場力較大，因此其加速度比A點要大，故B正確；C、從A到B過程中，電場力做負功，動能減小，因此A處動能大于B處的，故C錯誤；D、沿電場線電勢降低，因此A點電勢高于B點，故D正確故選：BD5如圖，A、B、C三點在勻強電場中，ACBC，ABC=60°，=20cm，把一個電量q=1×105C的正電荷從A移到B，電場力不做功；從B移到C，電場力做功為×103J，則該勻強電場的場強大小和方向是（）A866V/m，垂直AC

13、向上B866V/m，垂直AC向下C1000V/m，垂直AB斜向上D1000V/m，垂直AB斜向下【考點】勻強電場中電勢差和電場強度的關系【分析】根據(jù)一個q=105C的正電荷從A移到B，電場力做功為零，可知，A與B電勢相等根據(jù)電荷從B移到C，電場力做功為×103 J，由電勢差的公式求出BC間的電勢差由求場強大小，其中d為沿電場線方向的有效長度【解答】解：由題，q=105 C的正電荷從A移到B，電場力做功為零，則A與B電勢相等，AB連線是一條等勢線BC間電勢差為： V，所以C點的電勢高該勻強電場的場強大小： V/m電場線方向垂直于AB向下所以選項D正確故選：D6如圖為某勻強電場的等勢面分

14、布圖（等勢面豎直分布），已知每兩個相鄰等勢面相距2cm，則該勻強電場的電場強度大小和方向分別為（）AE=100V/m，豎直向下BE=100V/m，豎直向上CE=100V/m，水平向左DE=100V/m，水平向右【考點】等勢面；電場強度【分析】電場線總是與等勢面垂直，而且由高電勢指向低電勢根據(jù)勻強電場場強與電勢差的關系E=求出電場強度的大小【解答】解：根據(jù)電場線總是與等勢面垂直，而且由高電勢指向低電勢，可知，電場強度方向水平向左兩個相鄰等勢面相距d=2cm，電勢差U=2V，則電場強度E=故選C7在方向水平向左，大小E=100V/m的勻強電場中，有相距d=2cm的a、b兩點，現(xiàn)將一帶電荷量q=3&

15、#215;1010C的檢驗電荷由a點移至b點，該電荷的電勢能變化量可能是（）A0B6×1011JC6×1010JD6×108J【考點】電勢能【分析】當電荷沿水平向左方向移動時，電場力做功最大，電勢能變化量最大，當電荷沿豎直方向在等勢面上移動時，電場力不做功，電勢能變化量為零，即可得到電勢能變化的范圍，再進行選擇【解答】解：由于相距d=2cm的a、b兩點在勻強電場的情況不詳，所以應討論；當兩點沿著場強方向時，勻強電場方向水平向左，當電荷沿水平向左方向移動時，電場力做功最大，電勢能變化量最大，最大值為Epm=qEd=0.02×100×3×

16、1010J=6×1010J當兩點垂直場強方向時，電荷沿豎直方向在等勢面上移動時，電場力不做功，電勢能變化量為零，故電荷的電勢能變化量的范圍為0Epm6×1010J所以ABC正確，D錯誤故選：ABC8如圖，一帶電液滴在重力和勻強電場對它的作用力作用下，從靜止開始由b沿直線運動到d，且bd與豎直方向所夾的銳角為45°，則下列結(jié)論正確的是（）A此液滴帶負電B液滴的加速度等于gC合外力對液滴做的總功等于零D液滴的電勢能減少【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動【分析】帶電液滴沿bd作直線運動，可知帶電液滴所受的重力與電場力的合力一定在bd線上，判斷出電場力方向，即可確定出帶電

17、液滴所帶電荷的性質(zhì)，求出電場力的大小與合外力的大小，再根據(jù)牛頓第二定律計算出物體的加速度；根據(jù)合外力的方向與速度的方向相同可知合外力做正功，根據(jù)電場力做功的情況可以判定電勢能變化情況【解答】解：A、帶電液滴沿bd作直線運動，所受的合力方向必定沿bd直線，對液滴進行受力分析，其受力情況如圖所示，電場力方向水平向右，與電場方向相反，所以此液滴帶負電，故A正確B、由圖知液滴所受的合力 F=mg，做勻加速直線運動，其加速度為 a=d，故B正確C、因為合力的方向與運動的方向相同，故合外力對物體做正功，故C錯誤D、由于電場力所做的功W電=Eqxbdcos45°0，故電場力對液滴做正功，液滴的電勢

18、能減小，故D正確故選：ABD9如圖所示，A、B、C、D為勻強電場中相鄰的四個等勢面，一個電子垂直經(jīng)過等勢面D時，動能為20eV，飛經(jīng)等勢面C時，電勢能為10eV，飛至等勢面B時速度恰好為零，已知相鄰等勢面間的距離為5cm，則下列說法正確的是（）A等勢面A的電勢為10VB勻強電場的場強大小為200V/mC電子再次飛經(jīng)D勢面時，動能為10eVD電子的運動為勻變速直線運動【考點】電勢；等勢面【分析】電子從D到B過程，根據(jù)動能定理求出BD間電勢差，即可得到A等勢面的電勢；由E=求解電場強度；根據(jù)能量守恒可知，電子再次經(jīng)過D等勢面時，動能為20eV；勻強電場中電子所受的電場力是恒力，電子做勻變速直線運動

19、【解答】解：A、電子從D到B過程，動能減小20eV，且勻強電場，即等間距，則C點的動能為10eV，由于等勢面C時，電勢能為10eV，則知，飛經(jīng)等勢面A時，電勢能為10eV，則A等勢面的電勢為10V故A正確B、電子從B到D過程，根據(jù)動能定理得：eUDB=0EkD，解得：UDB=20V對于BD段：電場強度為E=200V/m，故B正確；C、根據(jù)能量守恒可知，電子再次經(jīng)過D等勢面時，電勢能不變，動能不變，其動能仍為20eV，故C錯誤；D、根據(jù)電場線與等勢面垂直可知，該電場是勻強電場，電子做勻變速直線運動故D正確故選：ABD10對于電容C=，以下說法正確的是（）A一只電容充荷量越大，電容就越大B對于固定

20、電容器，它所充電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變C可變電容器的充電荷量跟加在兩極間的電壓成反比D如果一個電容器沒有電壓，就沒有充電荷量，也就沒有電容【考點】電容【分析】電容表征電容器容納電荷本領的大小，與電容器的電量無關，由定義式C=，給定的電容器，帶電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變，當電容C一定時，電量與電壓成正比【解答】解：A、電容器帶電荷量越大，板間電壓越大，而電容不變故A錯誤B、電容表征電容器容納電荷本領的大小，對于固定電容器，電容C不變，由定義式C=可知，則帶電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變故B正確C、電容器的帶電荷量Q=CU，當電容C一定時，電量與電壓成正比當

21、電容C變化時，電量與電壓不成正比故C錯誤D、電容表征電容器容納電荷本領的大小，與電容器的電量、電壓無關故D錯誤故選：B二、填空題（共4小題，11-13每空2分，14題6分，共22分）11將電量為6×106C的負電荷從電場中A點移到B點，克服電場力做了3×105J的功，則該電荷在此過程中電勢能了J；再將該電荷從B點移到C點，電場力做了1.2×105J的功，則A、C間的電勢差UAC=【考點】電勢能；電勢差【分析】電荷在電場力作用下做功，導致電勢能變化所以由做功與電量可求出兩點的電勢差，同時根據(jù)電場力做功的正負可確定電勢能增加與減少【解答】解：負電荷在電場力作用下發(fā)生位

22、移，導致電場力做負功，則電荷的電勢能增加做多少功，電勢能就增加多少因此，電荷在此過程中電勢能增加，且增加了3×105J電荷從B點移到C點，電場力做了1.2×105J的功，則由：W=qU 得UBC=2v 而負電荷從電場中A點移到B點，兩點的電勢差UAB=5V所以A、C間的電勢差UAC=UAB+UBC=5V2V=3V故答案為：增加；3×105；3V12如圖所示，帶電粒子的質(zhì)量為m，所帶電荷量為q，僅在電場力作用下以恒定的速率v沿一圓弧從A運動到B，粒子速度方向轉(zhuǎn)過角設AB弧長為L，則B處的電場強度的大小為，A、B兩點的電勢差UAB=【考點】勻強電場中電勢差和電場強度的

23、關系【分析】電荷運動過程中速率不變，電場力提供向心力，所以電場力指向圓心，故場強的方向始終指向圓心；由于電荷從a運動到b的過程中電場力不做功，故a、b兩點的電勢差為0【解答】解：由于在a、b兩點電荷的速度大小相同，故在從a運動到b的過程中電場力不做功，根據(jù)W=qU可知a、b兩點的電勢差為0，電荷q做勻速圓周運動，電場力提供向心力，故：qE=m；由于L=R；故E=故答案為：，013在真空中有兩個點電荷，其中電荷A的電量是電荷B電量的4倍，它們相距5cm時，相互斥力為1.6N，當它們相距20cm時，相互斥力為，電荷A的電量為，電荷B的電量為【考點】庫侖定律【分析】設A的電量為4q，則B的電量為q，

24、根據(jù)庫侖定律F=即可求解【解答】解：設A的電量為4q，則B的電量為q，根據(jù)庫侖定律得： 由可解得：F2=0.1Nq=3.3×107C4q=1.3×106C故答案為：0.1N；1.3×106C；3.3×107C14如圖所示，在點電荷Q形成的電場中有A、B、C三點，若Q為正電荷，則點電勢最高，將正電荷放在點時電勢能最大，將負電荷放在點時電勢能最小若Q為負電荷，則點電勢最低，將正電荷放在點時電勢能最小，將負電荷放在點時電勢能最大【考點】電勢能【分析】根據(jù)電場線的方向判斷電勢的高低根據(jù)推論：正電荷在電勢高處電勢能大，負電荷在電勢低處電勢能大【解答】解：由題，Q為

25、正電荷，電場線方向從AB，A點電勢比B點電勢高而B、C兩點在同一等勢面上，電勢相等所以A點電勢最高根據(jù)推論可知，將正電荷放在A點時電勢能最大，將負電荷放在A點時電勢能最小 若 Q為負電荷，電場線方向從BA，A點電勢比B點電勢低而B、C兩點在同一等勢面上，電勢相等所以A點電勢最低根據(jù)推論可知，將正電荷放在A點時電勢能最小，將負電荷放在A點時電勢能最大故答案為：A，A，A，A，A，A三計算題（共4小題，15題8分，16題10分，17題10分，18題10分，共38分）15如圖，一質(zhì)量m=1×106kg，帶電量q=2×108C的微粒以初速度v0豎直向上從A點射入一水平向右的勻強電場

26、，當微粒運動到比A高2cm的B點時速度大小也是v0，但方向水平，且AB兩點的連線與水平方向的夾角為45°，g取10m/s2，求：（1）AB兩點間的電勢差UAB；（2）勻強電場的場強E的大小【考點】電勢差；電場強度【分析】（1）微粒在勻強電場中受到重力和電場力兩個力作用，根據(jù)動能定理求出AB兩點間的電勢差UAB；（2）將微粒的運動分解為水平和豎直兩個方向：水平方向做勻加速運動，豎直方向做豎直上拋運動，兩個分運動時間相同運用平均速度列出兩個方向的位移，求出A、B沿電場線方向的距離再由公式U=Ed求出電場強度【解答】解：（1）根據(jù)動能定理得 qUABmgh=得到=V=10V（2）將微粒的運

27、動分解為水平和豎直兩個方向：水平方向做勻加速運動，豎直方向做豎直上拋運動設A、B沿電場線方向的距離為d則有 豎直方向：h=， 水平方向：d=得到d=h=0.02m所以勻強電場的場強E的大小E=答：（1）AB兩點間的電勢差UAB=10V（2）勻強電場的場強E的大小是500V/m16如圖，平行板電容器為C，電荷量Q0，極板長為L，極板間距離為d，極板與水平面成夾角，現(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電液滴沿兩極板的中線從P點由靜出發(fā)到達Q點，P、Q兩點都恰在電容器的邊緣處，忽略邊緣效應，求：（1）液滴的電荷量；（2）液滴到達Q點時的速度大小【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動【分析】（1）帶電液滴沿直線運動，重力和

28、電場力的合力方向必沿PQ直線根據(jù)力的合成法，求解液滴的電荷量（2）根據(jù)動能定理求解液滴到達Q點時的速度大小【解答】解：（1）帶電液滴沿直線運動，重力和電場力的合力方向必沿PQ直線，可知電場力必定垂直于極板向上，如圖則有：qE=mgcos又E=聯(lián)立解得：液滴的電荷量為：q=；（2）在此過程中，電場力不做功，根據(jù)動能定理得：mgLsin=解之得：液滴到達Q點時的速度大小為：v=答：（1）液滴的電荷量為；（2）液滴到達Q點時的速度大小為17如圖所示為兩組平行板金屬板，一組豎直放置，一組水平放置，今有一質(zhì)量為m的電子靜止在豎直放置的平行金屬板的A點，經(jīng)電壓U0加速后通過B點進入兩板間距為d、電壓為U的水平放置的平行金屬板間，若電子從兩塊水平平行板的正中間射入，且最后電子剛好能從右側(cè)的兩塊平行金屬板穿出，A、B分別為兩塊豎直板的中點，求：（1）電子通過B點時的速度大?。唬?）右側(cè)平行金屬板的長度；（3）電子穿出右側(cè)平行金屬板時的動能【考點】帶電粒子在勻強電場中的運